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浙江省湖州市吴兴区第四中学2024学年第一学期 初三科学 十二月校内作业（1-3章）
1．（2024九上·吴兴月考）下列家用电器中，利用电流热效应工作的是 (　　)
A．电风扇 B．电饭煲 C．电冰箱 D．电视机
2．（2024九上·吴兴月考）下列有关物质的名称、俗称、化学式中，三者皆指同一物质的是(　　)
A．氧化钙、消石灰、CaO B．碳酸钠、苏打、Na2CO3
C．碳酸钙、熟石灰、CaCO3 D．氢氧化钠、纯碱、NaOH
3．（2024九上·吴兴月考）氢氧化铯是一种可溶性碱，其化学式为CsOH，下列叙述中不正确的是(　　)
A．CsOH溶液能与CO2反应
B．CsOH在水中能电离出Cs+、OH
C．CsOH溶液能使酚酞试液变红
D．CsOH溶液与硫酸反应生成的盐的化学式为 CsSO4
4．（2024九上·吴兴月考）材料的应用贯穿人类文明。下列物质属于有机合成材料的是(　　)
A.彩漆鸳鸯形盒的木料 B.四羊方尊中的青铜 C. C919飞机外壳中的铝锂合金 D.宇航服中的合成纤维
A．A B．B C．C D．D
5．（2024九上·吴兴月考）将一定量的金属M加入到ZnCl2和CuCl2的混合溶液中，充分反应后过滤，得固体滤渣，滤液为无色，向滤渣中滴加稀硫酸气泡产生，下列有关金属M、Zn、Cu的金属活动性判断一定正确的是（　　）
A．M>Zn B．Zn>M C．M>Cu D．Cu>M
6．（2024九上·吴兴月考）一个滑轮组经改进后提高了机械效率，用它将同一物体匀速提升同样的高度，改进后与改进前相比(　　)
A．有用功不变，总功不变 B．有用功不变，总功减少
C．有用功增加，总功增加 D．有用功增加，总功不变
7．（2024九上·吴兴月考）如图是杠杆在生活中的应用，能省距离的是 (　　)
A．核桃夹 B．筷子
C．托盘天平 D．开瓶器
8．（2024九上·吴兴月考）下列挪动球形石墩的方法中，最省力的是 (　　)
A． B．
C． D．
9．（2024九上·吴兴月考）从金属利用的历史来看，先是青铜器时代，然后是铁器时代，而铝的利用是近百年的事。以下五个因素中：①金属活动性顺序，②地壳中金属元素的含量，③金属的延展性，④金属的导电性，⑤金属冶炼的难度。与金属冶炼先后顺序无关的是（　　）
A．①②③ B．①④⑤ C．③④⑤ D．②③④
10．（2024九上·吴兴月考）如图为羽毛球运动常见的基本球路，线段表示羽毛球的运动轨迹，箭头表示运动的方向。请分析杀球、挑球、高远球和放小球的四种球路，羽毛球重力势能变化和其他三种球路不同的是(　　)
A．杀球 B．挑球 C．高远球 D．放小球
11．（2024九上·吴兴月考） 如图为一种引火方式，用铁球甲撞击包裹铝箔的生锈铁球乙，铁球乙上的木屑就会被引燃。其原因是撞击使生锈铁球乙温度升高，引发氧化铁与铝箔发生反应放出大量热，引燃木屑。据此回答下面问题。甲球撞击乙球时，能使乙球温度升高，其原因是 (　　)
A．甲球对乙球做功，乙球内能增大
B．甲球对乙球做功，乙球内能减小
C．乙球对甲球做功，乙球内能增大
D．乙球对甲球做功，乙球内能减小
12．（2024九上·吴兴月考）图中，小灯泡L1、L2的额定电压相同。闭合开关后，发现L1比L2亮，下列分析正确的是 （　　）
A．L1的额定功率比L2的额定功率大
B．L1两端电压比L2两端电压小
C．L1的电阻比L2的电阻大
D．通过L1的电流比通过L2的电流小
13．（2024九上·吴兴月考）杆秤是我国发明的人类最早的衡器，是我国劳动人民智慧的结晶。小丽在课堂上了解杆秤后，在家里找到一杆除了秤砣有磨损外，其他均完好的杆秤。用这杆秤测得的物体质量与秤砣磨损前测得的物体质量相比 (　　)
A．偏小 B．不变 C．偏大 D．无法判断
14．（2024九上·吴兴月考）小明向氢氧化钠溶液中滴加足量的稀盐酸，没能观察到明显的实验现象。为证明两者发生了化学反应，他可以继续向试管中滴加(　　)
A．稀硫酸 B．硝酸银溶液
C．氯化铜溶液 D．氢氧化钙溶液
15．（2024九上·吴兴月考）下列图像能正确反映对应变化关系的是（　　）
A．在一定量的稀硫酸中不断加入废钢铁
B．向等质量的锌与铁中加入足量的同质量分数稀盐酸
C．一定质量的稀盐酸中，逐滴加入与稀盐酸等质量、等质量分数的氢氧化钠溶液
D．向和的混合溶液中加入过量溶液
16．（2024九上·吴兴月考）性质决定用途是重要的化学思想，运用这一思想可以解决生产生活中的很多问题，推动社会发展。
（1） 不锈钢做的锅用来炒菜主要是利用了铁的　 　性。
（2） 农田遭受酸雨侵害，通常使用 　 　来处理土壤。
17．（2024九上·吴兴月考）2024年4月25日，神舟十八号载人飞船成功发射，优质的能源和材料为飞船“保驾护航”，飞船的主电源储能电池由锂离子电池替代了以往神舟系列飞船中的镉镍电池。与镉镍电池相比，锂离子电池循环使用寿命更长，自放电率更低，单位质量储存的电能更高。船箭组合体制造中使用了铝锂合金，使其能够承受更高的应力和腐蚀性环境。
（1） 镉镍电池放电时反应的化学方程式为 Cd+2NiOOH+2X= Cd (OH)2+2Ni(OH)2， 其中X的化学式是 　 　。放电过程中，　 　能转化为电能。
（2） 两种电池相比，储存相同的电能，质量更小的是 　 　。
18．（2024九上·吴兴月考）小科设计了如图所示的实验装置研究“影响电流的热效应的因素”。
（1） 电路采用这种连接方式，可以控制相同的因素有 　 　。
（2）闭合开关后，密闭烧瓶内的空气被加热，他观察到甲气球先鼓起来。则两个电阻的大小关系是R1　 　 R2。
19．（2024九上·吴兴月考）构建元素单质及其化合物的“价态-类别”二维图是科学学习一种有效方法。如图是铜元素的“价态-类别”二维图，请根据图回答如下问题：
（1）写出甲转化成乙的化学反应基本类型　 　；
（2）丁经过一步反应转化为丙时，一定会出现的反应现象是　 　。
20．（2024九上·吴兴月考）为了测量家中路由器的电功率，小慧利用五一假期外出期间，关闭家里的其它用电器，用电能表测出一台路由器所消耗的电能，数据见下表，计算可得路由器的电功率为　 　W。若小慧所在小区有1000户家庭，按每户家庭只使用一台这样的路由器且全天开机、每度电0.6元计算，则小区用户每月(30天)为路由器支付的总电费为 　 　元。
时间 2024年5月1日上午7点 2024年5月6日， 上午7点
电能表示数/kW·h
21．（2024九上·吴兴月考）小实设计的“井盖丢失自动警示装置”如图所示，当井盖丢失时上方没了压力，弹簧的弹力将标志弹起，起到警示作用。已知标志牌的重力为20牛，重心在A点，OA长度为1米。(轻质杆和弹簧的质量忽略不计)
（1）装置中的弹簧将标志弹起至竖直位置，是将弹簧的弹性势能转化为标志牌的　 　能。
（2）若将标志牌从水平地面弹起至竖直位置，则克服标志牌重力做功　 　焦。
（3）将弹簧固定在B点，若产生的弹力始终竖直向上，OB长0.4米。现有三种最大弹力不同的弹簧，请你选择最合适的弹簧并说明理由　 　。
弹簧种类 A B C
最大弹力 10牛 30牛 60牛
22．（2024九上·吴兴月考）如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。
（1） 甲图是　 　冲程。
（2） 由乙图可知该汽油机的效率是　 　。
（3） 若汽油机飞轮的转速为1800r/ min， 在1s内， 汽油机完成了　 　个做功冲程。
23．（2024九上·吴兴月考） 如图所示，小明用400N的拉力平行于斜坡将重600N的木箱从斜坡底端匀速拉到顶端，斜坡长L=2m，高h=1m，他做的总功为 　 　J，斜坡的机械效率为 　 　，木箱受到的摩擦力为 　 　N。
24．（2024九上·吴兴月考）小科在做“探究物体的动能与什么因素有关”的实验中，设计了如图实验。
具体步骤如下：
步骤一：用一条没有弹性的细绳吊着一个实心铁球制成单摆，将一滑块放到滑槽上并使之左端刚好在悬点O的正下方；
步骤二：将铁球挪到a点位置静止释放，打到滑块上，记录滑块在滑槽上移动的距离S1；
步骤三：将滑块放回原处，将铁球挪到b点位置静止释放，打到滑块上，记录滑块在滑槽上移动的距离
步骤四：换一等体积的实心木球，将木球挪到b点位置静止释放，打到摆放在原处的滑块上，记录滑块在滑槽上移动的距离S，
（1） 小科进行“步骤二”和“步骤三”的实验，是想探究动能大小与 　 　的关系；
（2） 该实验中物体的动能是指 ____(选填序号)；
A．滑块的动能 B．小球在释放点的动能
C．小球撞击滑块时的动能 D．小球撞击滑块后的动能
（3） 请你根据已学的知识判断s2和s3的大小关系是： s2　 　s3(选填“大于”、“小于”或“等于”)。
（4） 实验中发现，S1和S2的距离差别不明显，请对实验操作或材料进行改进 　 　。
25．（2024九上·吴兴月考）小科通过实验知道金属锌能与可溶性的硝酸银反应，他产生疑问：“金属锌是否能与不溶性的氯化银反应 ”，于是他进行如下研究：
【实验步骤】①取 10mL 的AgNO3溶液于烧杯中， 逐滴加入NaCl 溶液至过量；
②过滤后再用蒸馏水洗涤沉淀 3 次，向第 3 次所得洗涤液中加入AgNO3溶液， 无明显现象；
③将洗涤后的沉淀放入另一烧杯中，加入 50mL 蒸馏水，将锌片加入烧杯中，并搅拌 (如图)；
④10分钟后，将烧杯中的混合物进行过滤。过滤后，向滤液中滴加AgNO3溶液，观察现象。
【验证与推理】
（1）步骤②中，向第3 次洗涤液加入AgNO3溶液的目的是　 　。
（2）步骤③中，锌片放入前需进行预处理，消除表面氧化膜对实验的影响，预处理的具体操作是　 　。
（3）步骤④中若观察到有白色沉淀生成，可得出的结论是　 　。
（4）小科观察到锌片表面有灰黑色固体生成。取生成的灰黑色固体于试管中，加入稀硫酸，若发现　 　，证明有Ag生成。
26．（2024九上·吴兴月考）某同学将制取的二氧化碳通入盛有少量澄清石灰水的试管中，发现“石灰水先变浑浊后又澄清”这一异常现象。
【查阅资料】
①二氧化碳与水、碳酸钙能通过化合反应生成可溶的碳酸氢钙 碳酸氢钙水溶液中存在钙离子和碳酸氢根离子。
②电导率传感器用于测量溶液的导电性，相同温度下同种溶液离子浓度越大，导电性越强，电导率越大。
③浊度传感器用于测量溶液的透光率，悬浮物越多则透光率越小，溶液透明时透光率为100%。
【实验验证】
该同学将二氧化碳持续通入少量澄清石灰水中，用电导率传感器采集数据，得到数据如图乙所示。
【分析推理】
（1）0~10s溶液电导率降低的原因是　 　。
（2）10s后浑浊的液体逐渐变清，溶液的电导率上升的原因是 　 　(用化学方程式表示)。
（3）【实验再探究】
若同时使用浊传感器测定溶液的透光率，反应过程溶液透光率与时间变化的曲线如图丙，下列说法正确的是 ____。
A．AB段溶液透光率小，因为有氢氧化钙固体析出
B．BC段溶液透光率上升，因为碳酸钙固体被反应了
C．最终溶液并没有完全澄清
27．（2024九上·吴兴月考）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V(灯丝电阻约为10Ω)。
（1） 用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整；
（2）闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 　 　(选填“A”或“B”) 端移动；
（3） 根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像(如图丙所示)，分析图像可知：
①小灯泡的额定功率为 　 　W；
②当电压表的示数增大时， 电压表与电流表的示数之比如何变化 　 　导致该现象的原因是 　 　
28．（2024九上·吴兴月考）小科利用如图实验装置探究“杠杆的平衡条件”，杠杆上相邻刻线间的距离相等，每个钩码的质量都相同。
（1）如图甲，实验前杠杆处于倾斜平衡状态，应　 　(选填“向左”或“向右”) 调节杠杆两侧的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（2）如图乙，若在C挂4个钩码，在D处挂 　 　个钩码，仍可使其在水平位置平衡。
（3）如图丙，用弹簧测力计代替钩码，保持所挂钩码的位置不变，不断改变弹簧测力计的作用点和拉力的大小，使杠杆始终在水平位置平衡，绘制出弹簧测力计的拉力F与其力臂L的图像如图丁所示，图像中每次描出的点与两坐标轴围成的矩形面积(如图丁中阴影部分) 　 　(选填“相等”或“不相等”)，从科学角度分析其原因是 　 　。
29．（2024九上·吴兴月考）小科同学利用如图装置测定某氧化铜样品中氧化铜的纯度(杂质与氧化铜一样的颜色)。首先测得样品质量为m1，装入玻璃管，连接好装置。反应前，电子秤的读数为m2，反应结束后，电子秤的读数为 m3。
（1） 判断反应结束的依据是 　 　。
（2） 用m1、m2、m3来表示氧化铜的质量分数 　 　。
（3）若实验中测得氧化铜的质量分数偏小，可能原因是 ____(可多选)。
A．一氧化碳混有氢气 B．一氧化碳中混有二氧化碳
C．氧化铜未反应完全 D．装置B 未充分吸收二氧化碳
30．（2024九上·吴兴月考）为了尽快疏通道路，抢险救援人员利用如图所示的滑轮组将质量6t的故障车拖出公路，已知地面对故障车的阻力为其重力的0.08倍，在水平拉力F为2×109N作用下车辆在30s内沿水平方向匀速直线移动了 3m， g取10N/ kg。求：
（1） 故障车受到地面的阻力；
（2） 拉力F的功率；
（3） 该滑轮组的机械效率
31．（2024九上·吴兴月考）如图是某种锂电池的部分参数，小兴同学将电池安装到遥控车上，进行花样赛车训练。已知小车质量为0.5千克，行驶时功率为2W，电动机效率为80%(表中“Ah”读作“安时”，2Ah表示该电池在4V 电压下能以2A的电流放电1小时)。(取g=10N/ kg)求。
名称： 充电式锂电池容量： 2Ah 标称电压： 4V 充电模式： 恒流/恒压 ……
（1） 该电池充电一次可以储存的最大能量是 　 　。
（2） 造成电动机效率不能达到100%的原因可能是 　 　。
（3） 充满电一次，可供小亮同学训练多少小时
32．（2024九上·吴兴月考）为畅享绿水青山，近年来户外露营火爆，某家庭购置了一款多功能电煮锅用于户外露营，如图甲所示。如图乙为该电煮锅简化电路图，开关S2可以断开、接A、接B，R1和R2都是用于加热的纯电阻，如表是电煮锅的部分参数(R1和R2阻值不随温度变化而变化)
项目 额定电压(V) 低温挡功率(W) 中温挡功率(W) 高温挡功率
参数 220 550 1100 P高
（1） 电煮锅处于中温挡工作时，求电路中的电流大小。
（2） 电煮锅处于低温挡工作时，求R2的电阻值。
（3） 当实际电压为198V时，用高温挡工作5s电流做功为多少J
33．（2024九上·吴兴月考）我国空间站中再生式环控生保技术降低了物资补给成本。再生式环控生保系统包括电解制氧、饮水收集与处理、二氧化碳等气体去除等子系统(如图甲所示)。
（1） 电解制氧，即将水电解成氧气和氢气，该过程涉及的能量转化为 　 　。
（2） 航天员呼出的二氧化碳不仅是废气，而且对人体有害，可利用碱来吸收( 已知相同条件下，不同吸收剂吸收 的最大质量关系如图所示。
①若采用碱吸收方法，选用LiOH 作吸收剂的原因是 　 　。
②相比于利用碱吸收的方法，再生环控生保技术的优点是 　 　。
（3）中国空间站首次采用了大面积可展收柔性太阳能电池翼，其发电效率达到了30%，单翼的发电功率可达9kW，单翼每秒可接受的太阳能为　 　J。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】常用电热器
【解析】【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，可从能量转化的角度分析哪一用电器是利用了电流的热效应。
【解答】AC.电风扇、电冰箱工作时主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故AC不符合题意；
B.电热饭煲工作时主要把电能转化为内能，是利用了电流的热效应来工作的，故B符合题意；
D.电视机工作时主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应，故D不符合题意。
故答案为：B。
2．【答案】B
【知识点】化学式的书写及意义；常见物质的俗称
【解析】【分析】根据常见物质的名称的俗称及化学式进行解答。
【解答】A.氧化钙的俗称是生石灰，不是消石灰，故A错误；
B.碳酸钠的俗称是苏打，其化学式也是正确的，故B正确；
C.碳酸钙的俗称不是熟石灰，熟石灰是氢氧化钙的俗称，故C错误；
D.氢氧化钠的俗称是烧碱，不是纯碱，纯碱是碳酸钠的俗称，故D错误。
故答案为：B。
3．【答案】D
【知识点】碱的化学性质
【解析】【分析】根据碱的化学性质（能与酸碱指示剂、非金属氧化物、酸、盐等反应），据此进行分析解答。
【解答】A.结合NaOH与CO2反应的规律可知CsOH与CO2反应生成Cs2CO3和H2O，故A正确，但不符合题意；
B.Cs的金属性大于Na，NaOH是强碱，则CsOH也是强碱，在水溶液里完全电离，电离方程式为CsOH═Cs++OH-，故B正确，但不符合题意；
C.CsOH也是强碱，在水溶液里完全电离，其水溶液呈碱性，所以滴入无色酚酞试液后溶液呈红色，故C正确，但不符合题意；
D.CsOH与硫酸反应生成的盐的化学式为Cs2SO4，故D错误，但符合题意。
故答案为：D。
4．【答案】D
【知识点】合金与合金的性质；塑料、橡胶、纤维等有机合成材料的特点
【解析】【分析】根据有机合成材料简称合成材料，要判断是否属于合成材料，可抓住三个特征：有机物、合成、高分子化合物，进行分析判断。
【解答】A.彩漆鸳鸯形盒中的木料，属于天然材料，故A错误；
B.青铜是铜的合金，属于金属材料，故B错误；
C.铝锂合金属于金属材料，故C错误；
D.合成纤维属于三大有机合成材料之一，故D正确。
故答案为：D。
5．【答案】C
【知识点】金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】金属活动性顺序的应用：活泼性强的金属能将活泼性弱的金属从他的盐溶液中置换出来。活泼性较强的金属能将氢从酸中置换出来。
【解答】滤液为无色，说明氯化铜已完全反应，则金属活动性：M>Cu；向滤渣中滴加稀硫酸，有气泡产生，说明滤渣中含有能与稀硫酸反应的金属，该金属可能是锌，也可能是M，所以无法确定M与锌的活动性强弱。故选C。
6．【答案】B
【知识点】功的计算公式的应用；机械效率
【解析】【分析】提升的重物重力不变，高度不变，有用功不变，由机械效率等于有用功处于总功，机械效率变化了，可知总功的情况。
【解答】因为把同一物体匀速提升同样的高度，有用功W有=Gh，所以有用功不变，
根据可知，改装后的机械效率高，则改装后利用有用功所占总功的比例增加，即总功减小或额外功减少，故B正确，ACD错误。
故答案为：B。
7．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【分析】动力臂>阻力臂的杠杆是省力杠杆，但费距离；
动力臂=阻力臂的杠杆是等臂杠杆，不省距离也不费距离；
动力臂<阻力臂的杠杆是费力杠杆，但省距离。
【解答】A.核桃夹的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离，故A不符合题意；
B.筷子的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离，故B符合题意；
C.托盘天平的动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省距离也不费距离，故不符合题意；
D.开瓶器的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离，故D不符合题意。
故答案为：B。
8．【答案】A
【知识点】动滑轮及其工作特点
【解析】【分析】定滑轮不省力，可以改变力的方向；动滑轮省力，不能改变力的方向。
【解答】A.该方法相当于使用了动滑轮，可以省力，故A符合题意；
B.该方式使用的是定滑轮，不省力，故B不符合题意；
C.该方式相当于用一根绳子直接拉石墩，不省力，故C不符合题意；
D.该方式相当于用双股绳子拉石墩，不省力，故D不符合题意。
故答案为：A。
9．【答案】D
【知识点】常见金属与金属的物理性质及用途；金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】铜、铁、铝三种金属活动性由强到弱的顺序为：铝＞铁＞铜；对比人类利用金属的历史：先有青铜器时代再到铁器时代，然后才有了铝制品；可以发现二者存在一定联系，同时不同时期人们对金属的冶炼方法和水平不同，也导致人们使用的金属材料不同。
【解答】 对比金属活动性强弱关系与人类利用金属的先后，可以发现人类使用较早的金属，其活动性较弱；结合学习中对金属铁、铝的冶炼的认识，可知：金属活动性越强，金属的冶炼难易程度越难，这也影响了人类对金属的使用，其它因素均与使用的前后顺序无关，
那么与金属冶炼先后顺序无关的是②③④。
故选D。
10．【答案】A
【知识点】势能的影响因素
【解析】【分析】重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大、位置越高，重力势能越大。
【解答】羽毛球的质量不变，由图可知，羽毛球在杀球阶段，高度一直变小，重力势能一直变小；在挑球、高远球、放小球阶段，高度先变大后变小，重力势能先变大后变小。所以羽毛球重力势能变化和其他三种球路不同的是杀球。
故答案为：A。
11．【答案】A
【知识点】物体内能的改变方法
【解析】【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，对物体做功，物体的内能增加。
【解答】由题意可知，甲球撞击乙球时，甲球对乙球做功，乙球内能增大，温度升高。
故A正确，BCD错误。
故答案为：A。
12．【答案】C
【知识点】电阻和电阻的串联、并联；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）如图可知，两灯串联，通过的电流相等。灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率。灯泡越亮实际功率越大。根据实际功率判断灯泡两端的电压大小，根据电压判断灯泡的电阻大小。
（2）两个灯泡的额定电压相同，根据灯泡电阻大小判断额定功率大小。
【解答】A.小灯泡L1、L2的额定电压相同，由可知，L1的额定功率比L2的额定功率小，故A错误；
BCD.如图可知，两灯串联，通过的电流相等。发现L1比L2亮，L1的实际功率比L2的实际功率大，由P=UI可知，L1的实际电压比L2的实际电压大；
由可知，L1的电阻比L2的电阻大，故B、D错误，C正确。
故答案为：C。
13．【答案】A
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）杆秤的实质是一只不等臂的杠杆，设重物的作用力为阻力，则秤砣的作用力为动力，支点在向上的提环处，当杆秤在水平位置平衡时，重物、秤砣到提环的距离分别是杠杆的力臂；
（2）杆秤秤砣生锈变重，动力变大，而阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知动力臂变小，力臂变小则从杆秤上读的数变小。据此分析判断。
【解答】设重物的作用力为阻力，则秤砣的作用力为动力，秤砣在秤杆上移动的距离显示了称量的结果。
若杆秤秤砣生锈变重，动力变大，阻力和阻力臂不变，动力臂必须变短，才能使杠杆平衡，所以显示的示数就要偏小，用这样的杆秤测得物体的质量与秤砣生锈变重前测得的物体质量相比偏小。
故答案为：A。
14．【答案】C
【知识点】碱的化学性质
【解析】【分析】根据证明NaOH溶液与稀盐酸发生了反应，可通过证明溶液的酸碱性发生了改变，结合酸与碱的化学性质，进行分析判断。
【解答】A.稀硫酸和氢氧化钠反应生成硫酸钠和水，无明显现象，不能证明两者发生了化学反应，故A错误；
B.氯化钠、稀盐酸均能与硝酸银溶液反应生成氯化银沉淀，不能证明两者发生了中和反应，故B错误；
C.氯化铜溶液能和氢氧化钠溶液反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，继续向试管中滴加氢氧化钙溶液，没有蓝色沉淀生成，可证明两者发生了中和反应，故C正确；
D.氢氧化钙溶液和稀盐酸反应生成氯化钙和水，无明显现象，和氢氧化钠溶液不反应，不能证明两者发生了中和反应，故D错误。
故答案为：C。
15．【答案】D
【知识点】盐的性质及用途；酸的化学性质
【解析】【分析】A、根据铁和稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，进行分析判断。
B、根据锌的金属活动性比铁强，结合等质量的两种金属与足量的同质量分数稀盐酸反应生成氢气的质量，进行分析判断。
C、根据反应时的质量关系，进行分析判断。
D、根据向CuCl2和HCl的混合溶液中加入过量NaOH溶液，先与盐酸反应，进行分析判断。
【解答】A、废钢铁中的铁和稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，根据反应关系可知，溶液的质量不断增大，反应结束后，不再改变，故图像错误
B、锌的金属活动性比铁强，反应速率快，至完全反应所需时间短；根据反应关系、可知，等质量的两种金属与足量的同质量分数稀盐酸反应，金属完全反应，产生氢气的质量为铁＞锌，故图像错误；
C、一定质量的稀盐酸中，逐滴加入与稀盐酸等质量、等质量分数的氢氧化钠溶液，由NaOH+HCl=NaCl+H2O可知，NaOH和HCl的质量比；40：36.5，盐酸过量，溶液呈酸性，故图像错误；
D、氢氧化钠先与硫酸反应生成硫酸钠和水，待硫酸反应完全，氢氧化钠和氯化铜反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，所以加入氢氧化钠一段时间后，才会产生沉淀，完全反应后，沉淀质量不再变化，故图像正确。
故答案为： D。
16．【答案】（1）导热
（2）熟石灰
【知识点】合金与合金的性质；碱的化学性质
【解析】【分析】（1）根据金属的物理性质和用途，进行分析解答。
（2）根据中和反应的应用，进行分析解答。
【解答】（1）不锈钢做的锅用来炒菜，主要是利用了铁的导热性。
（2）农田遭受酸雨侵害，熟石灰显碱性，能与酸发生中和反应，通常使用熟石灰来中和酸性土壤。
故答案为：（1）导热；（2）熟石灰。
17．【答案】（1）O2；化学
（2）离子电池
【知识点】能量的相互转化和转移；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律：化学反应前后原子种类、数目均不变，进行分析解答。
（2）根据工业上常用电解熔融氯化锂的方法冶炼金属锂，同时产生氯气（Cl2），进行分析解答。
【解答】（1）由反应的化学方程式，反应前镉、镍、氧、氢原子个数分别为1、2、4、2，反应后的生成物中镉、镍、氧、氢原子个数分别为1、2、4、6，根据化学反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有4个氧原子，则每个X分子由2个氧原子构成，则物质X的化学式为O2。放电过程中，化学能转化为电能；
（2）由题干信息可知，与镉镍电池相比，锂离子电池循环使用寿命更长，自放电率更低，单位质量储存的电能更高，因此两种电池相比，储存相同的电能，质量更小的是锂离子电池。
故答案为：
（1）O2；化学；（2）离子电池。
18．【答案】（1）电流和通电时间
（2）>
【知识点】影响电流热效应的因素（焦耳定律）
【解析】【分析】（1）在串联电路中电流处处相等，串联的两个电阻同时工作、同时停止工作，通电时间相同；
（2）电流产生热量与导体中的电流、导体电阻和通电时间有关，在电流和通电时间相同时电阻越大产生的热量越多。
【解答】（1）本实验通过设计串联电路来研究电阻对电流产生热量的影响，可以控制电流和通电时间相同；
（2）实验中阻值不相等两电阻串联，则两电阻中的电流相等，在通电时间相同时，电阻大的电阻丝产生的热量多，甲气球先鼓起来，甲相通的电阻丝R1产生的热量要多，因此R1＞R2。
故答案为：电流和通电时间；＞。
19．【答案】（1）化合反应
（2）产生蓝色沉淀
【知识点】常见物质的分类
【解析】【分析】（1）根据反应物的种类和种数，确定反应的基本类型。
（2）根据氢氧化铜的特点解答。
【解答】（1）根据图片可知，甲为铜单质，乙为铜的氧化物，即氧化铜，那么甲转化成乙的反应为：
铜+氧气→氧化铜。反应物有两种，而生成物只有一种，那么该反应为化合反应。
（2）丙为碱，其中的铜元素化合价为+2价，那么丙肯定为氢氧化铜，那么看到的反应现象为：产生蓝色沉淀。
20．【答案】10；4320
【知识点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率
【解析】【分析】（1）已知前后两次电能表的示数，示数之差就是消耗的电能；根据公式求路由器待机时的电功率；
（2）求出了待机功率，先根据公式W=Pt计算1000户家庭每月（30天）路由器待机消耗的总电能，进一步求出电费。
【解答】（1）根据电能表读数的变化，这段时间电视机消耗的电能为：W=2305.4kW h-2603.5kW h=1.2kW h；
待机时间：t=24h×5=120h，
待机功率：；
（2）小慧所在小区有1000户家庭，
则每月（30天）小区用户的路由器待机消耗的总电能：W总=P总t'=0.01kW×1×103×24h×30=7200kW h，
应交电费：0.6元/kW h×7200kW h=4320元。
故答案为：10；4320。
21．【答案】（1）重力势能(机械能)
（2）20
（3）选择弹簧C，根据杠杆的平衡条件20牛×1米=F×0.4米，弹簧需要提供的最大弹力为50牛
【知识点】功的计算公式的应用；动能和势能的大小变化；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）物体由于被举高而具有的能量叫重力势能。
（2）根据W=Gh计算标志牌克服重力做的功；
（3）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式，计算处弹簧需要产生的最大弹力即可。
【解答】（1）装置中的弹簧将标志牌弹起时，标志牌的高度增大，则将弹簧的弹性势能转化为标志牌的重力势能。
（2）克服标志牌重力做功：W=Gh=20N×1m=20J。
22．【答案】（1）排气
（2）28%
（3）15
【知识点】能量的相互转化和转移；热机的工作原理
【解析】【分析】（1）根据气门的闭合情况、活塞的运动情况分析是哪个冲程；
（2）热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，结合图中数据分析；
（3）四冲程汽油机1个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次。
【解答】（1）由图甲可知，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，为排气冲程；
（2）热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，由图乙可知，输出有用机械能所占比例为：100%-36%-30%-6%=28%，即该汽油机的效率为28%；
（3）四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min=30r/s，即汽油机飞轮每秒转30圈，对外做功15次。
故答案为：（1）排气；（2）28%；（3）15。
23．【答案】800；75%；100
【知识点】功的计算公式的应用；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）知道斜坡高、木箱重，利用W有=Gh求拉力做的有用功；知道拉力大小、斜面长，利用W=Fs求拉力F做的总功；斜面的机械效率等于有用功与总功的比值；
（2）利用W额=W总-W有求出额外功，再利用W额=fs计算木箱受到的摩擦力大小。
【解答】拉力做的有用功：W有用=Gh=600N×1m=600J；
拉力F做的总功：W总=Fs=400N×2m=800J；
斜坡的机械效率：；
拉力做的额外功：W额=W总-W有用=600J-400J=200J；
由W额=fs可得，木箱受到的摩擦力：。
故答案为：800；75%；100。
24．【答案】（1）速度
（2）B
（3）大于
（4）增大铁球两次静止释放的高度差
【知识点】动能的影响因素
【解析】【分析】（1）实验步骤一和步骤二，使用的是同一小球，小球的质量就是一定的，从不同高度上滚下，小球到达水平面时的速度是不同的，由图可以发现，小球位置越高，速度越大，木块移动距离越长，动能越大；
（2）转换法：实验中通过小球对木块做功的多少来反映动能的大小；
（3）根据步骤二和步骤三中小球的质量不同，分析小球的动能不同，判断滑块移动距离大小；
（4）s1和s2的距离反映的是铁球两次的动能，所以让铁球两次的动能差距增大即可。
【解答】（1）分析步骤一、二，可以发现：采用了同一物体，质量是不变的，从不同高度处滚下，速度是不同的，是想探究动能大小与速度的关系；
（2）小球动能的大小是通过比较木块被推动距离的长短得出的，该实验中物体的动能是指小球撞击滑块时的动能，故选B；
（3）步骤二中铁球和步骤三中木球的体积相同，铁的密度大于木头的密度，所以铁球的质量大于木球的质量；两球初始高度相同，撞击滑块时的速度相同，铁球的动能大于木球的动能，撞击滑块后，滑块滑动的距离远些，所以s2大于s3；
（4）s1和s2的距离反映的是铁球两次的动能，让铁球两次的动能差距增大即可，可以增大铁球两次静止释放的高度差。
故答案为：（1）速度；（2）B；（3）大于；（4）增大铁球两次静止释放的高度差。
25．【答案】（1）检验沉淀中是否还含有 NaCl
（2）用砂纸打磨锌片表面
（3）金属锌能与不溶性的氯化银反应，且有ZnCl2生成
（4）无明显现象
【知识点】金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】①取 10mL 的AgNO3溶液于烧杯中， 逐滴加入NaCl 溶液至过量，硝酸银与氯化钠反应生成氯化银沉淀和硝酸钠；
②过滤后再用蒸馏水洗涤沉淀 3 次，向第 3 次所得洗涤液中加入AgNO3溶液， 无明显现象，则说明第3次洗涤后沉淀中没有氯化钠；
③将洗涤后的沉淀放入另一烧杯中，加入 50mL 蒸馏水，将锌片加入烧杯中，并搅拌；
④10分钟后，将烧杯中的混合物进行过滤。过滤后，向滤液中滴加AgNO3溶液，如出现白色沉淀，说明锌与氯化银反应生成银和氯化锌，如没有出现白色沉淀，说明锌与氯化银不反应，据此解答。
【解答】（1）步骤②中，向第3 次洗涤液加入AgNO3溶液的目的是检验沉淀中是否还含有 NaCl；
（2）步骤③中，锌片放入前需进行预处理，消除表面氧化膜对实验的影响，预处理的具体操作是用砂纸打磨锌片表面；
（3）步骤④中若观察到有白色沉淀生成，可得出的结论是金属锌能与不溶性的氯化银反应，且有ZnCl2生成；
（4）小科观察到锌片表面有灰黑色固体生成。取生成的灰黑色固体于试管中，加入稀硫酸，若发现无明显现象，证明有Ag生成。
故答案为：（1）检验沉淀中是否还含有 NaCl；（2）用砂纸打磨锌片表面；（3）金属锌能与不溶性的氯化银反应，且有ZnCl2生成；（4）无明显现象。
26．【答案】（1）二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少，溶液的电导率降低
（2）CaCO3+CO2+H2O=Ca（HCO3）2
（3）B；C
【知识点】碱的化学性质；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）根据二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少来分析解答；
（2）根据二氧化碳与水、碳酸钙能通过化合反应生成可溶的碳酸氢钙，碳酸氢钙水溶液中存在钙离子和碳酸氢根离子来分析解答；
【实验再探究】A.根据AB段溶液透光率小，是因为二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，悬浮物增多来分析判断；
B.根据BC段溶液透光率上升，是因为碳酸钙和二氧化碳、水反应生成了可溶的碳酸氢钙，溶液中钙离子和碳酸氢根离子等浓度变大来分析判断；
C.根据溶液透明时透光率为100%，最终溶液的透光率为80%来分析判断。
【解答】（1）电导率传感器用于测量溶液的导电性，相同温度下同种溶液离子浓度越大，导电性越强，电导率越大，二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少，溶液的电导率降低，故0～10s溶液电导率降低的原因是二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少，溶液的电导率降低；
（2）10s后浑浊的液体逐渐变清，溶液的电导率上升的原因是二氧化碳与水、碳酸钙能通过化合反应生成可溶的碳酸氢钙，碳酸氢钙在水溶液中解离钙离子和碳酸氢根离子，溶液中钙离子和碳酸氢根离子等浓度变大，溶液中离子的数量增加，溶液电导率增强，故10s后浑浊的液体逐渐变清，溶液的电导率上升的原因是CaCO3+CO2+H2O=Ca（HCO3）2；
【实验再探究】浊度传感器用于测量溶液的透光率，悬浮物越多则透光率越小，溶液透明时透光率为100%；
A.AB段溶液透光率小，是因为二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，悬浮物增多，而不是有氢氧化钙固体析出，故A说法错误；
B.BC段溶液透光率上升，是因为碳酸钙和二氧化碳、水反应生成了可溶的碳酸氢钙，溶液中钙离子和碳酸氢根离子等浓度变大，悬浮物减少，则BC段溶液透光率上升，因为碳酸钙固体被反应了的说法正确，故B说法正确；
C.溶液透明时透光率为100%，由图丙可知，最终溶液的透光率为80%，则溶液并没有完全澄清，故C说法正确；
故选：BC。
故答案为：（1）二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少，溶液的电导率降低；（2）CaCO3+CO2+H2O=Ca（HCO3）2；（3）BC。
27．【答案】（1）
（2）B
（3）0.625；增大；因为小灯泡两端电压增大时，电流也增大，其实际功率也增大，灯丝的温度升高，则其电阻变大
【知识点】电功率计算公式的应用；小灯泡电功率的影响因素
【解析】【分析】（1）在测定小灯泡的电功率时，应将电流表串联在电路中，据此进行连接；
（2）先读出电压表的读数，然后根据电压表的示数与小灯泡额定电压的关系，并根据串联电路的分压特点，从而确定滑片移动的方向；
（3）从图像中读出小灯泡的额定电流，然后计算出其额定功率；
根据图像中得出电压表与电流的示数之比的变化情况。
【解答】（1）在测定小灯泡的电功率时，电流表串联在电路中，由于小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，则小灯泡正常发光时，则电路中的最大电流约为：，因此电流表选择的量程为0~0.3A，则电路连接如下：
；
（2）电压表的量程为0~3V，其分度值为0.1V，则电压表的读数为：2.4V，小于额定电压，要想使电压表的示数为2.5V，根据串联电路的分压特点，应减小滑动变阻器接入电路中的阻值，滑动变阻器的滑片应向B端滑动；
（3）①从图中可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过它的电流为0.25A，则其额定功率为：；
②从力中可以看出，电压表的示数增大时， 电压表与电流表的示数之比会增大，因为小灯泡两端电压增大时，电流也增大，其实际功率也增大，灯丝的温度升高，则其电阻变大。
故答案为：（1）；（2）B；（3）0.625；增大；因为小灯泡两端电压增大时，电流也增大，其实际功率也增大，灯丝的温度升高，则其电阻变大。
28．【答案】（1）向右
（2）6
（3）相等；阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；
（2）根据杠杆平衡条件：F1×L1=F2×L2，即可计算；
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可求得。
【解答】（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，杠杆水平平衡时便于测量力臂；（2）根据杠杆平衡条件是：F1×L1=F2×L2，设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，即4G×3L=nG×2L，解得n=6，需挂6个钩码；
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2L2=F1L1=3N×0.02m=2N×0.03cm=0.06N m，
图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变。
故答案为：（1）向右；（2）6；（3）相等；阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变。
29．【答案】（1）电子秤示数不再变化
（2）
（3）A
【知识点】根据化学反应方程式的计算；还原反应与金属的冶炼
【解析】【分析】（1）根据一氧化碳与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水分析；
（2）根据电子秤的读数增加为二氧化碳的质量分析；
（3）A.根据氢气还原氧化铜分析；
B.根据一氧化碳中混有二氧化碳，被氢氧化钠溶液吸收分析；
C.根据氧化铜未反应完全，计算的氧化铜偏小分析；
D.根据装置B未充分吸收二氧化碳，计算的氧化铜偏小分析。
【解答】（1）一氧化碳与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，断反应结束的依据是电子秤示数不再变化；
（2）设样品中氧化铜的质量为x，
CuO+CO CO2+Cu
80 44
x m3-m2
氧化铜的质量分数为。
（3）A.一氧化碳混有氢气，氢气还原氧化铜，但是没有被氢氧化钠溶液吸收，造成测得氧化铜的质量分数偏小，故正确；
B.一氧化碳中混有二氧化碳，被氢氧化钠溶液吸收，造成测得氧化铜的质量分数偏大，故错误；
C.氧化铜未反应完全，计算的氧化铜偏小，造成测得氧化铜的质量分数偏小，故正确；
D.装置B未充分吸收二氧化碳，计算的氧化铜偏小，造成测得氧化铜的质量分数偏小，故正确。
故答案为：（1）电子秤示数不再变化；（2）；（3）ACD。
30．【答案】（1）故障车的重力：G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N，
由题意可知，故障车受到地面的阻力：f=0.08G=0.08×3×104N=2.4×103N。
（2）由图可知n=3，绳子自由端移动的距离：s=ns物=3×3m=9m，
拉力做的总功：W总=Fs=1×103N×9m=9×103J，
拉力F做功的功率：。
（3）拉力做的有用功：W有=fs物=2.4×103N×3m=7.2×103J，
滑轮组的机械效率：。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮组绳子拉力的计算；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）根据G=mg求故障车的重力，根据地面对故障车的阻力为其重力的0.08倍求出故障车受到地面的阻力；
（2）由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=ns物，利用W总=Fs求拉力F做的总功，利用求拉力F做功的功率；
（3）利用W有=fs物求有用功；利用求滑轮组的机械效率。
31．【答案】（1）28800J
（2）电动机线圈存在的电阻
（3）电能转化成的机械能W有用=ηW=80%×28800J=23040J；
车行驶的功率P=2W，可供小亮训练时间：。
【知识点】机械效率；电功计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据电能W=UIt可得；
（2）电动机是由于通电线圈在磁场中受力而运动，将电能转化为机械能，由于电动机线圈有电阻，消耗电能产生热能，故会有能量损失；
（3）根据电动机的效率为80%，由W有=ηW求有用功，再根据求时间。
【解答】（1）该电池在4V电压下能以2A的电流放电时间：t=1h=3600s；
充电一次可以储存的最大能量是：W=UIt=4V×2A×3600s=28800J；
（2）电动机是将电能转化为机械能的装置，电动机的效率为机械功与总功的比值，电动机因线圈存在的电阻，所以电动机工作时，效率不可能达到100%。
32．【答案】（1）已知中温挡功率为1100W，根据P=UI，电煮锅处于中温挡工作时，电路中的电流大小为
（2）由乙图可知，闭合S1，S2接A时，R2短路，电路为R1的简单电路；闭合S1，S2接B时，R1和R2并联；断开S1，S2接A时，两电阻串联；根据串联电阻大于其中任一电阻，并联电阻小于其中任一电阻，根据，故闭合S1，S2接A时为中温挡；闭合S1，S2接B时为高温挡；断开S1，S2接A时，为低温挡。已知中温挡工作时的电流为5A，根据欧姆定律有，
已知低温挡功率为550W，根据和串联电阻的规律有，
故
（3）根据可知，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，故当实际电压为198V时，高温挡的实际功率为，
用高温挡工作5s电流做功为W=P实t=1782W×5s=8910J。
【知识点】电阻和电阻的串联、并联；欧姆定律及其应用；电功计算公式的应用
【解析】【分析】（1）电煮锅处于中温挡工作时，根据P=UI求出电路中的电流；
（2）由图知，当开关S1闭合、S2接B时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，电煮锅处于高温挡；当开关S1闭合、S2接A时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电煮锅处于中温挡，根据求出R1的阻值，再根据求出电煮锅处于低温挡时电路的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值；
（3）根据分别计算实际电压下高温挡的实际功率；根据W=Pt求出电煮锅高温挡5s消耗的电能。
33．【答案】（1）化学能
（2）同等质量的吸收剂，氢氧化锂吸收的二氧化碳的量更多；二氧化碳可以循环利用
（3）30000
【知识点】电功计算公式的应用；二氧化碳的检验和验满；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）根据化学变化中的能量变化分析；
（2）根据图示分析；
（3）根据W=Pt分析。
【解答】（1）电解制氧，即将水电解成氧气和氢气，该过程涉及的能量转化为电能转化为化学能；
（2）①若采用碱吸收方法，选用KOH作吸收剂的原因是同等质量的吸收剂，氢氧化锂吸收的二氧化碳的量更多；
②相比于利用碱吸收的方法，再生环控生保技术的优点是二氧化碳可以循环利用；
（3）太阳能电池翼，发电效率为30%，发电功率为9kW=9000W，单翼每秒可接受的太阳能=。
1 / 1浙江省湖州市吴兴区第四中学2024学年第一学期 初三科学 十二月校内作业（1-3章）
1．（2024九上·吴兴月考）下列家用电器中，利用电流热效应工作的是 (　　)
A．电风扇 B．电饭煲 C．电冰箱 D．电视机
【答案】B
【知识点】常用电热器
【解析】【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，可从能量转化的角度分析哪一用电器是利用了电流的热效应。
【解答】AC.电风扇、电冰箱工作时主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故AC不符合题意；
B.电热饭煲工作时主要把电能转化为内能，是利用了电流的热效应来工作的，故B符合题意；
D.电视机工作时主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应，故D不符合题意。
故答案为：B。
2．（2024九上·吴兴月考）下列有关物质的名称、俗称、化学式中，三者皆指同一物质的是(　　)
A．氧化钙、消石灰、CaO B．碳酸钠、苏打、Na2CO3
C．碳酸钙、熟石灰、CaCO3 D．氢氧化钠、纯碱、NaOH
【答案】B
【知识点】化学式的书写及意义；常见物质的俗称
【解析】【分析】根据常见物质的名称的俗称及化学式进行解答。
【解答】A.氧化钙的俗称是生石灰，不是消石灰，故A错误；
B.碳酸钠的俗称是苏打，其化学式也是正确的，故B正确；
C.碳酸钙的俗称不是熟石灰，熟石灰是氢氧化钙的俗称，故C错误；
D.氢氧化钠的俗称是烧碱，不是纯碱，纯碱是碳酸钠的俗称，故D错误。
故答案为：B。
3．（2024九上·吴兴月考）氢氧化铯是一种可溶性碱，其化学式为CsOH，下列叙述中不正确的是(　　)
A．CsOH溶液能与CO2反应
B．CsOH在水中能电离出Cs+、OH
C．CsOH溶液能使酚酞试液变红
D．CsOH溶液与硫酸反应生成的盐的化学式为 CsSO4
【答案】D
【知识点】碱的化学性质
【解析】【分析】根据碱的化学性质（能与酸碱指示剂、非金属氧化物、酸、盐等反应），据此进行分析解答。
【解答】A.结合NaOH与CO2反应的规律可知CsOH与CO2反应生成Cs2CO3和H2O，故A正确，但不符合题意；
B.Cs的金属性大于Na，NaOH是强碱，则CsOH也是强碱，在水溶液里完全电离，电离方程式为CsOH═Cs++OH-，故B正确，但不符合题意；
C.CsOH也是强碱，在水溶液里完全电离，其水溶液呈碱性，所以滴入无色酚酞试液后溶液呈红色，故C正确，但不符合题意；
D.CsOH与硫酸反应生成的盐的化学式为Cs2SO4，故D错误，但符合题意。
故答案为：D。
4．（2024九上·吴兴月考）材料的应用贯穿人类文明。下列物质属于有机合成材料的是(　　)
A.彩漆鸳鸯形盒的木料 B.四羊方尊中的青铜 C. C919飞机外壳中的铝锂合金 D.宇航服中的合成纤维
A．A B．B C．C D．D
【答案】D
【知识点】合金与合金的性质；塑料、橡胶、纤维等有机合成材料的特点
【解析】【分析】根据有机合成材料简称合成材料，要判断是否属于合成材料，可抓住三个特征：有机物、合成、高分子化合物，进行分析判断。
【解答】A.彩漆鸳鸯形盒中的木料，属于天然材料，故A错误；
B.青铜是铜的合金，属于金属材料，故B错误；
C.铝锂合金属于金属材料，故C错误；
D.合成纤维属于三大有机合成材料之一，故D正确。
故答案为：D。
5．（2024九上·吴兴月考）将一定量的金属M加入到ZnCl2和CuCl2的混合溶液中，充分反应后过滤，得固体滤渣，滤液为无色，向滤渣中滴加稀硫酸气泡产生，下列有关金属M、Zn、Cu的金属活动性判断一定正确的是（　　）
A．M>Zn B．Zn>M C．M>Cu D．Cu>M
【答案】C
【知识点】金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】金属活动性顺序的应用：活泼性强的金属能将活泼性弱的金属从他的盐溶液中置换出来。活泼性较强的金属能将氢从酸中置换出来。
【解答】滤液为无色，说明氯化铜已完全反应，则金属活动性：M>Cu；向滤渣中滴加稀硫酸，有气泡产生，说明滤渣中含有能与稀硫酸反应的金属，该金属可能是锌，也可能是M，所以无法确定M与锌的活动性强弱。故选C。
6．（2024九上·吴兴月考）一个滑轮组经改进后提高了机械效率，用它将同一物体匀速提升同样的高度，改进后与改进前相比(　　)
A．有用功不变，总功不变 B．有用功不变，总功减少
C．有用功增加，总功增加 D．有用功增加，总功不变
【答案】B
【知识点】功的计算公式的应用；机械效率
【解析】【分析】提升的重物重力不变，高度不变，有用功不变，由机械效率等于有用功处于总功，机械效率变化了，可知总功的情况。
【解答】因为把同一物体匀速提升同样的高度，有用功W有=Gh，所以有用功不变，
根据可知，改装后的机械效率高，则改装后利用有用功所占总功的比例增加，即总功减小或额外功减少，故B正确，ACD错误。
故答案为：B。
7．（2024九上·吴兴月考）如图是杠杆在生活中的应用，能省距离的是 (　　)
A．核桃夹 B．筷子
C．托盘天平 D．开瓶器
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【分析】动力臂>阻力臂的杠杆是省力杠杆，但费距离；
动力臂=阻力臂的杠杆是等臂杠杆，不省距离也不费距离；
动力臂<阻力臂的杠杆是费力杠杆，但省距离。
【解答】A.核桃夹的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离，故A不符合题意；
B.筷子的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离，故B符合题意；
C.托盘天平的动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省距离也不费距离，故不符合题意；
D.开瓶器的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离，故D不符合题意。
故答案为：B。
8．（2024九上·吴兴月考）下列挪动球形石墩的方法中，最省力的是 (　　)
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】动滑轮及其工作特点
【解析】【分析】定滑轮不省力，可以改变力的方向；动滑轮省力，不能改变力的方向。
【解答】A.该方法相当于使用了动滑轮，可以省力，故A符合题意；
B.该方式使用的是定滑轮，不省力，故B不符合题意；
C.该方式相当于用一根绳子直接拉石墩，不省力，故C不符合题意；
D.该方式相当于用双股绳子拉石墩，不省力，故D不符合题意。
故答案为：A。
9．（2024九上·吴兴月考）从金属利用的历史来看，先是青铜器时代，然后是铁器时代，而铝的利用是近百年的事。以下五个因素中：①金属活动性顺序，②地壳中金属元素的含量，③金属的延展性，④金属的导电性，⑤金属冶炼的难度。与金属冶炼先后顺序无关的是（　　）
A．①②③ B．①④⑤ C．③④⑤ D．②③④
【答案】D
【知识点】常见金属与金属的物理性质及用途；金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】铜、铁、铝三种金属活动性由强到弱的顺序为：铝＞铁＞铜；对比人类利用金属的历史：先有青铜器时代再到铁器时代，然后才有了铝制品；可以发现二者存在一定联系，同时不同时期人们对金属的冶炼方法和水平不同，也导致人们使用的金属材料不同。
【解答】 对比金属活动性强弱关系与人类利用金属的先后，可以发现人类使用较早的金属，其活动性较弱；结合学习中对金属铁、铝的冶炼的认识，可知：金属活动性越强，金属的冶炼难易程度越难，这也影响了人类对金属的使用，其它因素均与使用的前后顺序无关，
那么与金属冶炼先后顺序无关的是②③④。
故选D。
10．（2024九上·吴兴月考）如图为羽毛球运动常见的基本球路，线段表示羽毛球的运动轨迹，箭头表示运动的方向。请分析杀球、挑球、高远球和放小球的四种球路，羽毛球重力势能变化和其他三种球路不同的是(　　)
A．杀球 B．挑球 C．高远球 D．放小球
【答案】A
【知识点】势能的影响因素
【解析】【分析】重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大、位置越高，重力势能越大。
【解答】羽毛球的质量不变，由图可知，羽毛球在杀球阶段，高度一直变小，重力势能一直变小；在挑球、高远球、放小球阶段，高度先变大后变小，重力势能先变大后变小。所以羽毛球重力势能变化和其他三种球路不同的是杀球。
故答案为：A。
11．（2024九上·吴兴月考） 如图为一种引火方式，用铁球甲撞击包裹铝箔的生锈铁球乙，铁球乙上的木屑就会被引燃。其原因是撞击使生锈铁球乙温度升高，引发氧化铁与铝箔发生反应放出大量热，引燃木屑。据此回答下面问题。甲球撞击乙球时，能使乙球温度升高，其原因是 (　　)
A．甲球对乙球做功，乙球内能增大
B．甲球对乙球做功，乙球内能减小
C．乙球对甲球做功，乙球内能增大
D．乙球对甲球做功，乙球内能减小
【答案】A
【知识点】物体内能的改变方法
【解析】【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，对物体做功，物体的内能增加。
【解答】由题意可知，甲球撞击乙球时，甲球对乙球做功，乙球内能增大，温度升高。
故A正确，BCD错误。
故答案为：A。
12．（2024九上·吴兴月考）图中，小灯泡L1、L2的额定电压相同。闭合开关后，发现L1比L2亮，下列分析正确的是 （　　）
A．L1的额定功率比L2的额定功率大
B．L1两端电压比L2两端电压小
C．L1的电阻比L2的电阻大
D．通过L1的电流比通过L2的电流小
【答案】C
【知识点】电阻和电阻的串联、并联；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）如图可知，两灯串联，通过的电流相等。灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率。灯泡越亮实际功率越大。根据实际功率判断灯泡两端的电压大小，根据电压判断灯泡的电阻大小。
（2）两个灯泡的额定电压相同，根据灯泡电阻大小判断额定功率大小。
【解答】A.小灯泡L1、L2的额定电压相同，由可知，L1的额定功率比L2的额定功率小，故A错误；
BCD.如图可知，两灯串联，通过的电流相等。发现L1比L2亮，L1的实际功率比L2的实际功率大，由P=UI可知，L1的实际电压比L2的实际电压大；
由可知，L1的电阻比L2的电阻大，故B、D错误，C正确。
故答案为：C。
13．（2024九上·吴兴月考）杆秤是我国发明的人类最早的衡器，是我国劳动人民智慧的结晶。小丽在课堂上了解杆秤后，在家里找到一杆除了秤砣有磨损外，其他均完好的杆秤。用这杆秤测得的物体质量与秤砣磨损前测得的物体质量相比 (　　)
A．偏小 B．不变 C．偏大 D．无法判断
【答案】A
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）杆秤的实质是一只不等臂的杠杆，设重物的作用力为阻力，则秤砣的作用力为动力，支点在向上的提环处，当杆秤在水平位置平衡时，重物、秤砣到提环的距离分别是杠杆的力臂；
（2）杆秤秤砣生锈变重，动力变大，而阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知动力臂变小，力臂变小则从杆秤上读的数变小。据此分析判断。
【解答】设重物的作用力为阻力，则秤砣的作用力为动力，秤砣在秤杆上移动的距离显示了称量的结果。
若杆秤秤砣生锈变重，动力变大，阻力和阻力臂不变，动力臂必须变短，才能使杠杆平衡，所以显示的示数就要偏小，用这样的杆秤测得物体的质量与秤砣生锈变重前测得的物体质量相比偏小。
故答案为：A。
14．（2024九上·吴兴月考）小明向氢氧化钠溶液中滴加足量的稀盐酸，没能观察到明显的实验现象。为证明两者发生了化学反应，他可以继续向试管中滴加(　　)
A．稀硫酸 B．硝酸银溶液
C．氯化铜溶液 D．氢氧化钙溶液
【答案】C
【知识点】碱的化学性质
【解析】【分析】根据证明NaOH溶液与稀盐酸发生了反应，可通过证明溶液的酸碱性发生了改变，结合酸与碱的化学性质，进行分析判断。
【解答】A.稀硫酸和氢氧化钠反应生成硫酸钠和水，无明显现象，不能证明两者发生了化学反应，故A错误；
B.氯化钠、稀盐酸均能与硝酸银溶液反应生成氯化银沉淀，不能证明两者发生了中和反应，故B错误；
C.氯化铜溶液能和氢氧化钠溶液反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，继续向试管中滴加氢氧化钙溶液，没有蓝色沉淀生成，可证明两者发生了中和反应，故C正确；
D.氢氧化钙溶液和稀盐酸反应生成氯化钙和水，无明显现象，和氢氧化钠溶液不反应，不能证明两者发生了中和反应，故D错误。
故答案为：C。
15．（2024九上·吴兴月考）下列图像能正确反映对应变化关系的是（　　）
A．在一定量的稀硫酸中不断加入废钢铁
B．向等质量的锌与铁中加入足量的同质量分数稀盐酸
C．一定质量的稀盐酸中，逐滴加入与稀盐酸等质量、等质量分数的氢氧化钠溶液
D．向和的混合溶液中加入过量溶液
【答案】D
【知识点】盐的性质及用途；酸的化学性质
【解析】【分析】A、根据铁和稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，进行分析判断。
B、根据锌的金属活动性比铁强，结合等质量的两种金属与足量的同质量分数稀盐酸反应生成氢气的质量，进行分析判断。
C、根据反应时的质量关系，进行分析判断。
D、根据向CuCl2和HCl的混合溶液中加入过量NaOH溶液，先与盐酸反应，进行分析判断。
【解答】A、废钢铁中的铁和稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，根据反应关系可知，溶液的质量不断增大，反应结束后，不再改变，故图像错误
B、锌的金属活动性比铁强，反应速率快，至完全反应所需时间短；根据反应关系、可知，等质量的两种金属与足量的同质量分数稀盐酸反应，金属完全反应，产生氢气的质量为铁＞锌，故图像错误；
C、一定质量的稀盐酸中，逐滴加入与稀盐酸等质量、等质量分数的氢氧化钠溶液，由NaOH+HCl=NaCl+H2O可知，NaOH和HCl的质量比；40：36.5，盐酸过量，溶液呈酸性，故图像错误；
D、氢氧化钠先与硫酸反应生成硫酸钠和水，待硫酸反应完全，氢氧化钠和氯化铜反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，所以加入氢氧化钠一段时间后，才会产生沉淀，完全反应后，沉淀质量不再变化，故图像正确。
故答案为： D。
16．（2024九上·吴兴月考）性质决定用途是重要的化学思想，运用这一思想可以解决生产生活中的很多问题，推动社会发展。
（1） 不锈钢做的锅用来炒菜主要是利用了铁的　 　性。
（2） 农田遭受酸雨侵害，通常使用 　 　来处理土壤。
【答案】（1）导热
（2）熟石灰
【知识点】合金与合金的性质；碱的化学性质
【解析】【分析】（1）根据金属的物理性质和用途，进行分析解答。
（2）根据中和反应的应用，进行分析解答。
【解答】（1）不锈钢做的锅用来炒菜，主要是利用了铁的导热性。
（2）农田遭受酸雨侵害，熟石灰显碱性，能与酸发生中和反应，通常使用熟石灰来中和酸性土壤。
故答案为：（1）导热；（2）熟石灰。
17．（2024九上·吴兴月考）2024年4月25日，神舟十八号载人飞船成功发射，优质的能源和材料为飞船“保驾护航”，飞船的主电源储能电池由锂离子电池替代了以往神舟系列飞船中的镉镍电池。与镉镍电池相比，锂离子电池循环使用寿命更长，自放电率更低，单位质量储存的电能更高。船箭组合体制造中使用了铝锂合金，使其能够承受更高的应力和腐蚀性环境。
（1） 镉镍电池放电时反应的化学方程式为 Cd+2NiOOH+2X= Cd (OH)2+2Ni(OH)2， 其中X的化学式是 　 　。放电过程中，　 　能转化为电能。
（2） 两种电池相比，储存相同的电能，质量更小的是 　 　。
【答案】（1）O2；化学
（2）离子电池
【知识点】能量的相互转化和转移；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律：化学反应前后原子种类、数目均不变，进行分析解答。
（2）根据工业上常用电解熔融氯化锂的方法冶炼金属锂，同时产生氯气（Cl2），进行分析解答。
【解答】（1）由反应的化学方程式，反应前镉、镍、氧、氢原子个数分别为1、2、4、2，反应后的生成物中镉、镍、氧、氢原子个数分别为1、2、4、6，根据化学反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有4个氧原子，则每个X分子由2个氧原子构成，则物质X的化学式为O2。放电过程中，化学能转化为电能；
（2）由题干信息可知，与镉镍电池相比，锂离子电池循环使用寿命更长，自放电率更低，单位质量储存的电能更高，因此两种电池相比，储存相同的电能，质量更小的是锂离子电池。
故答案为：
（1）O2；化学；（2）离子电池。
18．（2024九上·吴兴月考）小科设计了如图所示的实验装置研究“影响电流的热效应的因素”。
（1） 电路采用这种连接方式，可以控制相同的因素有 　 　。
（2）闭合开关后，密闭烧瓶内的空气被加热，他观察到甲气球先鼓起来。则两个电阻的大小关系是R1　 　 R2。
【答案】（1）电流和通电时间
（2）>
【知识点】影响电流热效应的因素（焦耳定律）
【解析】【分析】（1）在串联电路中电流处处相等，串联的两个电阻同时工作、同时停止工作，通电时间相同；
（2）电流产生热量与导体中的电流、导体电阻和通电时间有关，在电流和通电时间相同时电阻越大产生的热量越多。
【解答】（1）本实验通过设计串联电路来研究电阻对电流产生热量的影响，可以控制电流和通电时间相同；
（2）实验中阻值不相等两电阻串联，则两电阻中的电流相等，在通电时间相同时，电阻大的电阻丝产生的热量多，甲气球先鼓起来，甲相通的电阻丝R1产生的热量要多，因此R1＞R2。
故答案为：电流和通电时间；＞。
19．（2024九上·吴兴月考）构建元素单质及其化合物的“价态-类别”二维图是科学学习一种有效方法。如图是铜元素的“价态-类别”二维图，请根据图回答如下问题：
（1）写出甲转化成乙的化学反应基本类型　 　；
（2）丁经过一步反应转化为丙时，一定会出现的反应现象是　 　。
【答案】（1）化合反应
（2）产生蓝色沉淀
【知识点】常见物质的分类
【解析】【分析】（1）根据反应物的种类和种数，确定反应的基本类型。
（2）根据氢氧化铜的特点解答。
【解答】（1）根据图片可知，甲为铜单质，乙为铜的氧化物，即氧化铜，那么甲转化成乙的反应为：
铜+氧气→氧化铜。反应物有两种，而生成物只有一种，那么该反应为化合反应。
（2）丙为碱，其中的铜元素化合价为+2价，那么丙肯定为氢氧化铜，那么看到的反应现象为：产生蓝色沉淀。
20．（2024九上·吴兴月考）为了测量家中路由器的电功率，小慧利用五一假期外出期间，关闭家里的其它用电器，用电能表测出一台路由器所消耗的电能，数据见下表，计算可得路由器的电功率为　 　W。若小慧所在小区有1000户家庭，按每户家庭只使用一台这样的路由器且全天开机、每度电0.6元计算，则小区用户每月(30天)为路由器支付的总电费为 　 　元。
时间 2024年5月1日上午7点 2024年5月6日， 上午7点
电能表示数/kW·h
【答案】10；4320
【知识点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率
【解析】【分析】（1）已知前后两次电能表的示数，示数之差就是消耗的电能；根据公式求路由器待机时的电功率；
（2）求出了待机功率，先根据公式W=Pt计算1000户家庭每月（30天）路由器待机消耗的总电能，进一步求出电费。
【解答】（1）根据电能表读数的变化，这段时间电视机消耗的电能为：W=2305.4kW h-2603.5kW h=1.2kW h；
待机时间：t=24h×5=120h，
待机功率：；
（2）小慧所在小区有1000户家庭，
则每月（30天）小区用户的路由器待机消耗的总电能：W总=P总t'=0.01kW×1×103×24h×30=7200kW h，
应交电费：0.6元/kW h×7200kW h=4320元。
故答案为：10；4320。
21．（2024九上·吴兴月考）小实设计的“井盖丢失自动警示装置”如图所示，当井盖丢失时上方没了压力，弹簧的弹力将标志弹起，起到警示作用。已知标志牌的重力为20牛，重心在A点，OA长度为1米。(轻质杆和弹簧的质量忽略不计)
（1）装置中的弹簧将标志弹起至竖直位置，是将弹簧的弹性势能转化为标志牌的　 　能。
（2）若将标志牌从水平地面弹起至竖直位置，则克服标志牌重力做功　 　焦。
（3）将弹簧固定在B点，若产生的弹力始终竖直向上，OB长0.4米。现有三种最大弹力不同的弹簧，请你选择最合适的弹簧并说明理由　 　。
弹簧种类 A B C
最大弹力 10牛 30牛 60牛
【答案】（1）重力势能(机械能)
（2）20
（3）选择弹簧C，根据杠杆的平衡条件20牛×1米=F×0.4米，弹簧需要提供的最大弹力为50牛
【知识点】功的计算公式的应用；动能和势能的大小变化；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）物体由于被举高而具有的能量叫重力势能。
（2）根据W=Gh计算标志牌克服重力做的功；
（3）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式，计算处弹簧需要产生的最大弹力即可。
【解答】（1）装置中的弹簧将标志牌弹起时，标志牌的高度增大，则将弹簧的弹性势能转化为标志牌的重力势能。
（2）克服标志牌重力做功：W=Gh=20N×1m=20J。
22．（2024九上·吴兴月考）如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。
（1） 甲图是　 　冲程。
（2） 由乙图可知该汽油机的效率是　 　。
（3） 若汽油机飞轮的转速为1800r/ min， 在1s内， 汽油机完成了　 　个做功冲程。
【答案】（1）排气
（2）28%
（3）15
【知识点】能量的相互转化和转移；热机的工作原理
【解析】【分析】（1）根据气门的闭合情况、活塞的运动情况分析是哪个冲程；
（2）热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，结合图中数据分析；
（3）四冲程汽油机1个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次。
【解答】（1）由图甲可知，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，为排气冲程；
（2）热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，由图乙可知，输出有用机械能所占比例为：100%-36%-30%-6%=28%，即该汽油机的效率为28%；
（3）四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min=30r/s，即汽油机飞轮每秒转30圈，对外做功15次。
故答案为：（1）排气；（2）28%；（3）15。
23．（2024九上·吴兴月考） 如图所示，小明用400N的拉力平行于斜坡将重600N的木箱从斜坡底端匀速拉到顶端，斜坡长L=2m，高h=1m，他做的总功为 　 　J，斜坡的机械效率为 　 　，木箱受到的摩擦力为 　 　N。
【答案】800；75%；100
【知识点】功的计算公式的应用；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）知道斜坡高、木箱重，利用W有=Gh求拉力做的有用功；知道拉力大小、斜面长，利用W=Fs求拉力F做的总功；斜面的机械效率等于有用功与总功的比值；
（2）利用W额=W总-W有求出额外功，再利用W额=fs计算木箱受到的摩擦力大小。
【解答】拉力做的有用功：W有用=Gh=600N×1m=600J；
拉力F做的总功：W总=Fs=400N×2m=800J；
斜坡的机械效率：；
拉力做的额外功：W额=W总-W有用=600J-400J=200J；
由W额=fs可得，木箱受到的摩擦力：。
故答案为：800；75%；100。
24．（2024九上·吴兴月考）小科在做“探究物体的动能与什么因素有关”的实验中，设计了如图实验。
具体步骤如下：
步骤一：用一条没有弹性的细绳吊着一个实心铁球制成单摆，将一滑块放到滑槽上并使之左端刚好在悬点O的正下方；
步骤二：将铁球挪到a点位置静止释放，打到滑块上，记录滑块在滑槽上移动的距离S1；
步骤三：将滑块放回原处，将铁球挪到b点位置静止释放，打到滑块上，记录滑块在滑槽上移动的距离
步骤四：换一等体积的实心木球，将木球挪到b点位置静止释放，打到摆放在原处的滑块上，记录滑块在滑槽上移动的距离S，
（1） 小科进行“步骤二”和“步骤三”的实验，是想探究动能大小与 　 　的关系；
（2） 该实验中物体的动能是指 ____(选填序号)；
A．滑块的动能 B．小球在释放点的动能
C．小球撞击滑块时的动能 D．小球撞击滑块后的动能
（3） 请你根据已学的知识判断s2和s3的大小关系是： s2　 　s3(选填“大于”、“小于”或“等于”)。
（4） 实验中发现，S1和S2的距离差别不明显，请对实验操作或材料进行改进 　 　。
【答案】（1）速度
（2）B
（3）大于
（4）增大铁球两次静止释放的高度差
【知识点】动能的影响因素
【解析】【分析】（1）实验步骤一和步骤二，使用的是同一小球，小球的质量就是一定的，从不同高度上滚下，小球到达水平面时的速度是不同的，由图可以发现，小球位置越高，速度越大，木块移动距离越长，动能越大；
（2）转换法：实验中通过小球对木块做功的多少来反映动能的大小；
（3）根据步骤二和步骤三中小球的质量不同，分析小球的动能不同，判断滑块移动距离大小；
（4）s1和s2的距离反映的是铁球两次的动能，所以让铁球两次的动能差距增大即可。
【解答】（1）分析步骤一、二，可以发现：采用了同一物体，质量是不变的，从不同高度处滚下，速度是不同的，是想探究动能大小与速度的关系；
（2）小球动能的大小是通过比较木块被推动距离的长短得出的，该实验中物体的动能是指小球撞击滑块时的动能，故选B；
（3）步骤二中铁球和步骤三中木球的体积相同，铁的密度大于木头的密度，所以铁球的质量大于木球的质量；两球初始高度相同，撞击滑块时的速度相同，铁球的动能大于木球的动能，撞击滑块后，滑块滑动的距离远些，所以s2大于s3；
（4）s1和s2的距离反映的是铁球两次的动能，让铁球两次的动能差距增大即可，可以增大铁球两次静止释放的高度差。
故答案为：（1）速度；（2）B；（3）大于；（4）增大铁球两次静止释放的高度差。
25．（2024九上·吴兴月考）小科通过实验知道金属锌能与可溶性的硝酸银反应，他产生疑问：“金属锌是否能与不溶性的氯化银反应 ”，于是他进行如下研究：
【实验步骤】①取 10mL 的AgNO3溶液于烧杯中， 逐滴加入NaCl 溶液至过量；
②过滤后再用蒸馏水洗涤沉淀 3 次，向第 3 次所得洗涤液中加入AgNO3溶液， 无明显现象；
③将洗涤后的沉淀放入另一烧杯中，加入 50mL 蒸馏水，将锌片加入烧杯中，并搅拌 (如图)；
④10分钟后，将烧杯中的混合物进行过滤。过滤后，向滤液中滴加AgNO3溶液，观察现象。
【验证与推理】
（1）步骤②中，向第3 次洗涤液加入AgNO3溶液的目的是　 　。
（2）步骤③中，锌片放入前需进行预处理，消除表面氧化膜对实验的影响，预处理的具体操作是　 　。
（3）步骤④中若观察到有白色沉淀生成，可得出的结论是　 　。
（4）小科观察到锌片表面有灰黑色固体生成。取生成的灰黑色固体于试管中，加入稀硫酸，若发现　 　，证明有Ag生成。
【答案】（1）检验沉淀中是否还含有 NaCl
（2）用砂纸打磨锌片表面
（3）金属锌能与不溶性的氯化银反应，且有ZnCl2生成
（4）无明显现象
【知识点】金属活动性顺序及其应用
【解析】【分析】①取 10mL 的AgNO3溶液于烧杯中， 逐滴加入NaCl 溶液至过量，硝酸银与氯化钠反应生成氯化银沉淀和硝酸钠；
②过滤后再用蒸馏水洗涤沉淀 3 次，向第 3 次所得洗涤液中加入AgNO3溶液， 无明显现象，则说明第3次洗涤后沉淀中没有氯化钠；
③将洗涤后的沉淀放入另一烧杯中，加入 50mL 蒸馏水，将锌片加入烧杯中，并搅拌；
④10分钟后，将烧杯中的混合物进行过滤。过滤后，向滤液中滴加AgNO3溶液，如出现白色沉淀，说明锌与氯化银反应生成银和氯化锌，如没有出现白色沉淀，说明锌与氯化银不反应，据此解答。
【解答】（1）步骤②中，向第3 次洗涤液加入AgNO3溶液的目的是检验沉淀中是否还含有 NaCl；
（2）步骤③中，锌片放入前需进行预处理，消除表面氧化膜对实验的影响，预处理的具体操作是用砂纸打磨锌片表面；
（3）步骤④中若观察到有白色沉淀生成，可得出的结论是金属锌能与不溶性的氯化银反应，且有ZnCl2生成；
（4）小科观察到锌片表面有灰黑色固体生成。取生成的灰黑色固体于试管中，加入稀硫酸，若发现无明显现象，证明有Ag生成。
故答案为：（1）检验沉淀中是否还含有 NaCl；（2）用砂纸打磨锌片表面；（3）金属锌能与不溶性的氯化银反应，且有ZnCl2生成；（4）无明显现象。
26．（2024九上·吴兴月考）某同学将制取的二氧化碳通入盛有少量澄清石灰水的试管中，发现“石灰水先变浑浊后又澄清”这一异常现象。
【查阅资料】
①二氧化碳与水、碳酸钙能通过化合反应生成可溶的碳酸氢钙 碳酸氢钙水溶液中存在钙离子和碳酸氢根离子。
②电导率传感器用于测量溶液的导电性，相同温度下同种溶液离子浓度越大，导电性越强，电导率越大。
③浊度传感器用于测量溶液的透光率，悬浮物越多则透光率越小，溶液透明时透光率为100%。
【实验验证】
该同学将二氧化碳持续通入少量澄清石灰水中，用电导率传感器采集数据，得到数据如图乙所示。
【分析推理】
（1）0~10s溶液电导率降低的原因是　 　。
（2）10s后浑浊的液体逐渐变清，溶液的电导率上升的原因是 　 　(用化学方程式表示)。
（3）【实验再探究】
若同时使用浊传感器测定溶液的透光率，反应过程溶液透光率与时间变化的曲线如图丙，下列说法正确的是 ____。
A．AB段溶液透光率小，因为有氢氧化钙固体析出
B．BC段溶液透光率上升，因为碳酸钙固体被反应了
C．最终溶液并没有完全澄清
【答案】（1）二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少，溶液的电导率降低
（2）CaCO3+CO2+H2O=Ca（HCO3）2
（3）B；C
【知识点】碱的化学性质；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）根据二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少来分析解答；
（2）根据二氧化碳与水、碳酸钙能通过化合反应生成可溶的碳酸氢钙，碳酸氢钙水溶液中存在钙离子和碳酸氢根离子来分析解答；
【实验再探究】A.根据AB段溶液透光率小，是因为二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，悬浮物增多来分析判断；
B.根据BC段溶液透光率上升，是因为碳酸钙和二氧化碳、水反应生成了可溶的碳酸氢钙，溶液中钙离子和碳酸氢根离子等浓度变大来分析判断；
C.根据溶液透明时透光率为100%，最终溶液的透光率为80%来分析判断。
【解答】（1）电导率传感器用于测量溶液的导电性，相同温度下同种溶液离子浓度越大，导电性越强，电导率越大，二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少，溶液的电导率降低，故0～10s溶液电导率降低的原因是二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少，溶液的电导率降低；
（2）10s后浑浊的液体逐渐变清，溶液的电导率上升的原因是二氧化碳与水、碳酸钙能通过化合反应生成可溶的碳酸氢钙，碳酸氢钙在水溶液中解离钙离子和碳酸氢根离子，溶液中钙离子和碳酸氢根离子等浓度变大，溶液中离子的数量增加，溶液电导率增强，故10s后浑浊的液体逐渐变清，溶液的电导率上升的原因是CaCO3+CO2+H2O=Ca（HCO3）2；
【实验再探究】浊度传感器用于测量溶液的透光率，悬浮物越多则透光率越小，溶液透明时透光率为100%；
A.AB段溶液透光率小，是因为二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，悬浮物增多，而不是有氢氧化钙固体析出，故A说法错误；
B.BC段溶液透光率上升，是因为碳酸钙和二氧化碳、水反应生成了可溶的碳酸氢钙，溶液中钙离子和碳酸氢根离子等浓度变大，悬浮物减少，则BC段溶液透光率上升，因为碳酸钙固体被反应了的说法正确，故B说法正确；
C.溶液透明时透光率为100%，由图丙可知，最终溶液的透光率为80%，则溶液并没有完全澄清，故C说法正确；
故选：BC。
故答案为：（1）二氧化碳和氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液中离子的数量减少，溶液的电导率降低；（2）CaCO3+CO2+H2O=Ca（HCO3）2；（3）BC。
27．（2024九上·吴兴月考）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V(灯丝电阻约为10Ω)。
（1） 用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整；
（2）闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 　 　(选填“A”或“B”) 端移动；
（3） 根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像(如图丙所示)，分析图像可知：
①小灯泡的额定功率为 　 　W；
②当电压表的示数增大时， 电压表与电流表的示数之比如何变化 　 　导致该现象的原因是 　 　
【答案】（1）
（2）B
（3）0.625；增大；因为小灯泡两端电压增大时，电流也增大，其实际功率也增大，灯丝的温度升高，则其电阻变大
【知识点】电功率计算公式的应用；小灯泡电功率的影响因素
【解析】【分析】（1）在测定小灯泡的电功率时，应将电流表串联在电路中，据此进行连接；
（2）先读出电压表的读数，然后根据电压表的示数与小灯泡额定电压的关系，并根据串联电路的分压特点，从而确定滑片移动的方向；
（3）从图像中读出小灯泡的额定电流，然后计算出其额定功率；
根据图像中得出电压表与电流的示数之比的变化情况。
【解答】（1）在测定小灯泡的电功率时，电流表串联在电路中，由于小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，则小灯泡正常发光时，则电路中的最大电流约为：，因此电流表选择的量程为0~0.3A，则电路连接如下：
；
（2）电压表的量程为0~3V，其分度值为0.1V，则电压表的读数为：2.4V，小于额定电压，要想使电压表的示数为2.5V，根据串联电路的分压特点，应减小滑动变阻器接入电路中的阻值，滑动变阻器的滑片应向B端滑动；
（3）①从图中可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过它的电流为0.25A，则其额定功率为：；
②从力中可以看出，电压表的示数增大时， 电压表与电流表的示数之比会增大，因为小灯泡两端电压增大时，电流也增大，其实际功率也增大，灯丝的温度升高，则其电阻变大。
故答案为：（1）；（2）B；（3）0.625；增大；因为小灯泡两端电压增大时，电流也增大，其实际功率也增大，灯丝的温度升高，则其电阻变大。
28．（2024九上·吴兴月考）小科利用如图实验装置探究“杠杆的平衡条件”，杠杆上相邻刻线间的距离相等，每个钩码的质量都相同。
（1）如图甲，实验前杠杆处于倾斜平衡状态，应　 　(选填“向左”或“向右”) 调节杠杆两侧的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
（2）如图乙，若在C挂4个钩码，在D处挂 　 　个钩码，仍可使其在水平位置平衡。
（3）如图丙，用弹簧测力计代替钩码，保持所挂钩码的位置不变，不断改变弹簧测力计的作用点和拉力的大小，使杠杆始终在水平位置平衡，绘制出弹簧测力计的拉力F与其力臂L的图像如图丁所示，图像中每次描出的点与两坐标轴围成的矩形面积(如图丁中阴影部分) 　 　(选填“相等”或“不相等”)，从科学角度分析其原因是 　 　。
【答案】（1）向右
（2）6
（3）相等；阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；
（2）根据杠杆平衡条件：F1×L1=F2×L2，即可计算；
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可求得。
【解答】（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，杠杆水平平衡时便于测量力臂；（2）根据杠杆平衡条件是：F1×L1=F2×L2，设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，即4G×3L=nG×2L，解得n=6，需挂6个钩码；
（3）由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2L2=F1L1=3N×0.02m=2N×0.03cm=0.06N m，
图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变。
故答案为：（1）向右；（2）6；（3）相等；阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变。
29．（2024九上·吴兴月考）小科同学利用如图装置测定某氧化铜样品中氧化铜的纯度(杂质与氧化铜一样的颜色)。首先测得样品质量为m1，装入玻璃管，连接好装置。反应前，电子秤的读数为m2，反应结束后，电子秤的读数为 m3。
（1） 判断反应结束的依据是 　 　。
（2） 用m1、m2、m3来表示氧化铜的质量分数 　 　。
（3）若实验中测得氧化铜的质量分数偏小，可能原因是 ____(可多选)。
A．一氧化碳混有氢气 B．一氧化碳中混有二氧化碳
C．氧化铜未反应完全 D．装置B 未充分吸收二氧化碳
【答案】（1）电子秤示数不再变化
（2）
（3）A
【知识点】根据化学反应方程式的计算；还原反应与金属的冶炼
【解析】【分析】（1）根据一氧化碳与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水分析；
（2）根据电子秤的读数增加为二氧化碳的质量分析；
（3）A.根据氢气还原氧化铜分析；
B.根据一氧化碳中混有二氧化碳，被氢氧化钠溶液吸收分析；
C.根据氧化铜未反应完全，计算的氧化铜偏小分析；
D.根据装置B未充分吸收二氧化碳，计算的氧化铜偏小分析。
【解答】（1）一氧化碳与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，断反应结束的依据是电子秤示数不再变化；
（2）设样品中氧化铜的质量为x，
CuO+CO CO2+Cu
80 44
x m3-m2
氧化铜的质量分数为。
（3）A.一氧化碳混有氢气，氢气还原氧化铜，但是没有被氢氧化钠溶液吸收，造成测得氧化铜的质量分数偏小，故正确；
B.一氧化碳中混有二氧化碳，被氢氧化钠溶液吸收，造成测得氧化铜的质量分数偏大，故错误；
C.氧化铜未反应完全，计算的氧化铜偏小，造成测得氧化铜的质量分数偏小，故正确；
D.装置B未充分吸收二氧化碳，计算的氧化铜偏小，造成测得氧化铜的质量分数偏小，故正确。
故答案为：（1）电子秤示数不再变化；（2）；（3）ACD。
30．（2024九上·吴兴月考）为了尽快疏通道路，抢险救援人员利用如图所示的滑轮组将质量6t的故障车拖出公路，已知地面对故障车的阻力为其重力的0.08倍，在水平拉力F为2×109N作用下车辆在30s内沿水平方向匀速直线移动了 3m， g取10N/ kg。求：
（1） 故障车受到地面的阻力；
（2） 拉力F的功率；
（3） 该滑轮组的机械效率
【答案】（1）故障车的重力：G=mg=3×103kg×10N/kg=3×104N，
由题意可知，故障车受到地面的阻力：f=0.08G=0.08×3×104N=2.4×103N。
（2）由图可知n=3，绳子自由端移动的距离：s=ns物=3×3m=9m，
拉力做的总功：W总=Fs=1×103N×9m=9×103J，
拉力F做功的功率：。
（3）拉力做的有用功：W有=fs物=2.4×103N×3m=7.2×103J，
滑轮组的机械效率：。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮组绳子拉力的计算；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）根据G=mg求故障车的重力，根据地面对故障车的阻力为其重力的0.08倍求出故障车受到地面的阻力；
（2）由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=ns物，利用W总=Fs求拉力F做的总功，利用求拉力F做功的功率；
（3）利用W有=fs物求有用功；利用求滑轮组的机械效率。
31．（2024九上·吴兴月考）如图是某种锂电池的部分参数，小兴同学将电池安装到遥控车上，进行花样赛车训练。已知小车质量为0.5千克，行驶时功率为2W，电动机效率为80%(表中“Ah”读作“安时”，2Ah表示该电池在4V 电压下能以2A的电流放电1小时)。(取g=10N/ kg)求。
名称： 充电式锂电池容量： 2Ah 标称电压： 4V 充电模式： 恒流/恒压 ……
（1） 该电池充电一次可以储存的最大能量是 　 　。
（2） 造成电动机效率不能达到100%的原因可能是 　 　。
（3） 充满电一次，可供小亮同学训练多少小时
【答案】（1）28800J
（2）电动机线圈存在的电阻
（3）电能转化成的机械能W有用=ηW=80%×28800J=23040J；
车行驶的功率P=2W，可供小亮训练时间：。
【知识点】机械效率；电功计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据电能W=UIt可得；
（2）电动机是由于通电线圈在磁场中受力而运动，将电能转化为机械能，由于电动机线圈有电阻，消耗电能产生热能，故会有能量损失；
（3）根据电动机的效率为80%，由W有=ηW求有用功，再根据求时间。
【解答】（1）该电池在4V电压下能以2A的电流放电时间：t=1h=3600s；
充电一次可以储存的最大能量是：W=UIt=4V×2A×3600s=28800J；
（2）电动机是将电能转化为机械能的装置，电动机的效率为机械功与总功的比值，电动机因线圈存在的电阻，所以电动机工作时，效率不可能达到100%。
32．（2024九上·吴兴月考）为畅享绿水青山，近年来户外露营火爆，某家庭购置了一款多功能电煮锅用于户外露营，如图甲所示。如图乙为该电煮锅简化电路图，开关S2可以断开、接A、接B，R1和R2都是用于加热的纯电阻，如表是电煮锅的部分参数(R1和R2阻值不随温度变化而变化)
项目 额定电压(V) 低温挡功率(W) 中温挡功率(W) 高温挡功率
参数 220 550 1100 P高
（1） 电煮锅处于中温挡工作时，求电路中的电流大小。
（2） 电煮锅处于低温挡工作时，求R2的电阻值。
（3） 当实际电压为198V时，用高温挡工作5s电流做功为多少J
【答案】（1）已知中温挡功率为1100W，根据P=UI，电煮锅处于中温挡工作时，电路中的电流大小为
（2）由乙图可知，闭合S1，S2接A时，R2短路，电路为R1的简单电路；闭合S1，S2接B时，R1和R2并联；断开S1，S2接A时，两电阻串联；根据串联电阻大于其中任一电阻，并联电阻小于其中任一电阻，根据，故闭合S1，S2接A时为中温挡；闭合S1，S2接B时为高温挡；断开S1，S2接A时，为低温挡。已知中温挡工作时的电流为5A，根据欧姆定律有，
已知低温挡功率为550W，根据和串联电阻的规律有，
故
（3）根据可知，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，故当实际电压为198V时，高温挡的实际功率为，
用高温挡工作5s电流做功为W=P实t=1782W×5s=8910J。
【知识点】电阻和电阻的串联、并联；欧姆定律及其应用；电功计算公式的应用
【解析】【分析】（1）电煮锅处于中温挡工作时，根据P=UI求出电路中的电流；
（2）由图知，当开关S1闭合、S2接B时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，电煮锅处于高温挡；当开关S1闭合、S2接A时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电煮锅处于中温挡，根据求出R1的阻值，再根据求出电煮锅处于低温挡时电路的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值；
（3）根据分别计算实际电压下高温挡的实际功率；根据W=Pt求出电煮锅高温挡5s消耗的电能。
33．（2024九上·吴兴月考）我国空间站中再生式环控生保技术降低了物资补给成本。再生式环控生保系统包括电解制氧、饮水收集与处理、二氧化碳等气体去除等子系统(如图甲所示)。
（1） 电解制氧，即将水电解成氧气和氢气，该过程涉及的能量转化为 　 　。
（2） 航天员呼出的二氧化碳不仅是废气，而且对人体有害，可利用碱来吸收( 已知相同条件下，不同吸收剂吸收 的最大质量关系如图所示。
①若采用碱吸收方法，选用LiOH 作吸收剂的原因是 　 　。
②相比于利用碱吸收的方法，再生环控生保技术的优点是 　 　。
（3）中国空间站首次采用了大面积可展收柔性太阳能电池翼，其发电效率达到了30%，单翼的发电功率可达9kW，单翼每秒可接受的太阳能为　 　J。
【答案】（1）化学能
（2）同等质量的吸收剂，氢氧化锂吸收的二氧化碳的量更多；二氧化碳可以循环利用
（3）30000
【知识点】电功计算公式的应用；二氧化碳的检验和验满；二氧化碳的化学性质
【解析】【分析】（1）根据化学变化中的能量变化分析；
（2）根据图示分析；
（3）根据W=Pt分析。
【解答】（1）电解制氧，即将水电解成氧气和氢气，该过程涉及的能量转化为电能转化为化学能；
（2）①若采用碱吸收方法，选用KOH作吸收剂的原因是同等质量的吸收剂，氢氧化锂吸收的二氧化碳的量更多；
②相比于利用碱吸收的方法，再生环控生保技术的优点是二氧化碳可以循环利用；
（3）太阳能电池翼，发电效率为30%，发电功率为9kW=9000W，单翼每秒可接受的太阳能=。
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