资源简介

7.2.2　复数的乘、除运算
[学习目标]　1．掌握复数的乘法和除法运算．
2．理解复数乘法的交换律、结合律和乘法对加法的分配律．
3．掌握在复数范围内解方程的方法．
[讨论交流]　预习教材P77－P79的内容，思考以下问题：
问题1．复数的乘法和除法运算法则各是什么？
问题2．复数乘法的运算律有哪些？
问题3．如何在复数范围内求方程的解？
[自我感知]　经过认真预习，结合你对本节课的理解和认识，请画出本节课的知识逻辑体系．
探究1　复数乘法的运算法则和运算律
探究问题1　类比多项式的乘法，我们该如何定义两复数的乘法呢？
[提示]　复数的乘法法则如下：
设z1＝a＋bi，z2＝c＋di(a，b，c，d∈R)是任意两个复数，那么它们的积(a＋bi)·(c＋di)＝ac＋bci＋adi＋bdi2＝(ac－bd)＋(ad＋bc)i．
[新知生成]
1．复数的乘法法则
设z1＝a＋bi，z2＝c＋di(a，b，c，d∈R)是任意两个复数，那么它们的积(a＋bi)(c＋di)＝ac＋bci＋adi＋bdi2＝(ac－bd)＋(ad＋bc)i．
2．复数乘法的运算律
对任意复数z1，z2，z3∈C，有以下运算律：
交换律 z1z2＝z2z1
结合律 (z1z2)z3＝z1(z2z3)
乘法对加法的分配律 z1(z2＋z3)＝z1z2＋z1z3
【教用·微提醒】　一般地，对任意自然数n，有i4n＝1，i4n+1＝i，i4n+2＝－1，i4n+3＝－i．
【链接·教材例题】
例3　计算(1－2i)(3＋4i)(－2＋i)．
[解]　(1－2i)(3＋4i)(－2＋i)
＝(11－2i)(－2＋i)
＝－20＋15i．
例4　计算：
(1)(2＋3i)(2－3i)；
(2)(1＋i)2．
分析：本例可以用复数的乘法法则计算，也可以用乘法公式计算．
[解]　(1)(2＋3i)(2－3i)
＝22－(3i)2
＝4－(－9)
＝13；
(2)(1＋i)2＝1＋2i＋i2
＝1＋2i－1
＝2i．
[典例讲评]　1．(源自湘教版教材)计算：
(1)(1＋2i)(4－3i)；
(2)(1＋i)2；
(3)(1－i)2；
(4)(1＋i)1 000．
[解]　(1)(1＋2i)(4－3i)
＝1×4＋1×(－3i)＋2i×4＋2i×(－3i)
＝4－3i＋8i－6i2
＝4－3i＋8i－6×(－1)
＝10＋5i．
(2)(1＋i)2＝12＋2×1×i＋i2＝1＋2i－1＝2i．
(3)(1－i)2＝12－2×1×i＋i2＝1－2i－1＝－2i．
(4)(1＋i)1 000＝[(1＋i)2]500
＝(2i)500
＝2500×i500
＝2500×1
＝2500．
1．两个复数代数形式乘法的一般方法
复数的乘法可以按多项式的乘法法则进行，注意选用恰当的乘法公式进行简便运算，例如平方差公式、完全平方公式等．
2．常用公式
(1)(a＋bi)2＝a2＋2abi－b2(a，b∈R)．
(2)(a＋bi)(a－bi)＝a2＋b2(a，b∈R)．
(3)(1±i)2＝±2i．
[学以致用]　1．(1)(2023·新高考Ⅱ卷)在复平面内，(1＋3i)(3－i)对应的点位于(　　)
A．第一象限 B．第二象限
C．第三象限 D．第四象限
(2)i是虚数单位，若(1＋mi)(2－i)为纯虚数，则实数m的值为(　　)
A．2　　　 B．4
C．－2　　　 D．－4
(1)A　(2)C　[(1)因为(1＋3i)(3－i)＝3－i＋9i－3i2＝6＋8i，所以该复数在复平面内对应的点为(6，8)，位于第一象限，故选A．
(2)依题意(1＋mi)(2－i)＝2＋2mi－i＋m＝2＋m＋i为纯虚数，所以解得m＝－2．故选C．]
探究2　复数除法的运算法则
探究问题2　设复数z＝a＋bi(a，b∈R)，则z·结果是多少？能否借助该结论计算(a，b∈R)
[提示]　z·＝a2＋b2，＝＝．
探究问题3　类比实数的除法是乘法的逆运算，你认为该如何定义复数的除法运算？
[提示]　设复数a＋bi(a，b∈R)除以c＋di(c，d∈R)，其商为x＋yi(x，y∈R)，即(a＋bi)÷(c＋di)＝x＋yi．
∵(x＋yi)(c＋di)＝(cx－dy)＋(dx＋cy)i，
∴(cx－dy)＋(dx＋cy)i＝a＋bi．
由复数相等，可知
解这个方程组，得
于是有(a＋bi)÷(c＋di)＝＋i．
[新知生成]
复数除法的法则：(a＋bi)÷(c＋di)＝＋i(a，b，c，d∈R，且c＋di≠0)．
【链接·教材例题】
例5　计算(1＋2i)÷(3－4i)．
[解]　(1＋2i)÷(3－4i)＝
＝＝
＝＝－＋i．
[典例讲评]　2．(源自北师大版教材)计算：
(1)；(2)；(3)．
[解]　(1)＝＝；
(2)＝＝＝－＋i；
(3)＝＝＝i6＝－1．
　1．根据复数的除法法则，通过分子、分母都乘分母的共轭复数，使“分母实数化”，这个过程与“分母有理化”类似．
2．设z1，z2都是复数，则|z1·z2|＝|z1|·|z2|，＝(z2≠0)．
[学以致用]　2．(1)设复数z满足＝i2 025，则|z|等于(　　)
A．1　　　 B．
C．　　　 D．2
(2)若复数z满足z(2－i)＝11＋7i(i为虚数单位)，则z为(　　)
A．3＋5i B．3－5i
C．－3＋5i D．－3－5i
(1)A　(2)A　[(1)因为i4＝1，所以i2 025＝i，
所以＝i，得1＋z＝i(1－z)，
即z＝＝＝＝i，
所以|z|＝1．
(2)∵z(2－i)＝11＋7i，
∴z＝＝＝＝3＋5i．]
【教用·备选题】　(源自湘教版教材)已知复数z1＝1＋2i，z2＝4－3i，求及．
[解]　＝＝＝＝＋i．
＝＝＝＝－＋i，
或＝z1·＝(1＋2i)
＝＋i＋i－＝－＋i．
探究3　在复数范围内解方程
【链接·教材例题】
例6　在复数范围内解下列方程：
(1)x2＋2＝0;
(2)ax2＋bx＋c＝0，其中a，b，c∈R，且a≠0，Δ＝b2－4ac＜0．
分析：利用复数的乘法容易得到(1) 中方程的根．对于(2), 当Δ＝b2－4ac<0时，一元二次方程ax2＋bx＋c＝0无实数根．利用求解一元二次方程的“根本大法”——配方法，类似于(1)，就能在复数范围内求得(2)中方程的根．
[解]　(1)因为(i)2＝(－i)2＝－2，所以方程x2＋2＝0的根为x＝±i．
(2)将方程ax2＋bx＋c＝0的二次项系数化为1，得
x2＋x＋＝0．
配方，得
＝，
即＝－．
由Δ＜0，知＝＞0．
类似(1)，可得
x＋＝±i．
所以原方程的根为x＝－±i．
[典例讲评]　3．在复数范围内解下列方程：
(1)x2＋5＝0；
(2) x2＋6x＋10＝0．
[解]　(1)因为x2＋5＝0，所以x2＝－5，
又因为(i)2＝(－i)2＝－5，
所以x＝±i，
所以方程x2＋5＝0的根为±i．
(2)法一：因为x2＋6x＋10＝x2＋6x＋9＋1＝(x＋3)2＋1＝0，所以(x＋3)2＝－1，
又因为i2＝－1，所以(x＋3)2＝i2，
所以x＋3＝±i，即x＝－3±i．
法二：因为Δ＝62－4×10×1＝－4<0，
所以方程的根为x＝＝－3±i．
　在复数范围内，实系数一元二次方程ax2＋bx＋c＝0(a≠0)的求解方法
(1)求根公式法
①当Δ≥0时，x＝；
②当Δ<0时，x＝(此时，两根互为共轭复数)．
(2)利用复数相等的定义求解
设方程的根为x＝m＋ni(m，n∈R)，将此根代入方程ax2＋bx＋c＝0(a≠0)，化简后利用复数相等的定义求解．
[学以致用]　3．已知1＋i是方程x2＋bx＋c＝0(b，c为实数)的一个根．
(1)求b，c的值；
(2)试判断1－i是不是方程的根．
[解]　(1)∵1＋i是方程x2＋bx＋c＝0的根，且b，c为实数，
∴(1＋i)2＋b(1＋i)＋c＝0，
即b＋c＋(b＋2)i＝0，
∴解得
(2)由(1)知方程为x2－2x＋2＝0，
把1－i代入方程左边得(1－i)2－2(1－i)＋2＝0＝右边，即方程成立．
∴1－i是方程的根．
【教用·备选题】　(源自苏教版教材)在复数集C内解下列方程：
(1)z2＋4＝0；
(2)z2－10z＋40＝0．
[解]　(1)设z＝x＋yi(x，y∈R)，则
(x＋yi)2＋4＝0，
即(x2－y2＋4)＋2xyi＝0，
所以
解得或
因此z＝2i或z＝－2i．
(2)配方，得
(z－5)2＝－15．
所以z－5＝i或z－5＝－i．
所以z＝5＋i或z＝5－i．
1．－i＝(　　)
A．－5－3i B．－5＋3i
C．5－3i D．5＋3i
A　[－i＝5i2－3i＝－5－3i．
故选A．]
2．复数的共轭复数是(　　)
A．2＋i B．－2＋i
C．－2－i D．2－i
B　[∵＝＝＝－2－i，而－2－i的共轭复数是－2＋i．故选B．]
3．复数z满足z2＋1＝0，则z3＝(　　)
A．1 B．±1
C．i D．±i
D　[因为z2＋1＝0，所以z2＝－1，则z＝±i．
当z＝i时，z3＝i3＝－i．
当z＝－i时，z3＝(－i)3＝i．
所以z3＝±i．]
4．若一元二次方程x2－2x＋5＝0，则该方程在复数范围内的解为 ．
1±2i　[Δ＝(－2)2－4×1×5＝－16<0，
所以方程的根为x＝＝1±2i．
即方程的两根分别为1＋2i和1－2i．]
1．知识链：(1)复数的乘法运算及运算律．
(2)复数的除法运算．
(3)在复数范围内解方程．
2．方法链：分母实数化、配方法、求根公式法．
3．警示牌：分母实数化时注意不要因忽视i2＝－1造成运算错误．
回顾本节知识，自主完成以下问题：
1．三个实数|z|，|具有怎样的关系？
[提示]　设z＝a＋bi(a，b∈R)，则＝a－bi，
所以|z|＝，||＝＝，
z·＝(a＋bi)(a－bi)＝a2－(bi)2＝a2＋b2，
所以|z|2＝|．
2．复数除法的实质是怎样的？
[提示]　复数除法的实质是分母实数化的过程，两个复数相除，就是先把它们的商写成分数的形式，然后把分子与分母都乘以分母的共轭复数，再把结果化简即可．
3． 实系数一元二次方程的虚根有何特点？
[提示]　实系数一元二次方程的虚根是成对出现的，即若复数a＋bi(a，b∈R，b≠0)是实系数一元二次方程的根，则其共轭复数a－bi是该方程的另一根．
利用复数产生分形图
以前我们学过的函数，定义域都是实数集的子集．但函数概念还可以推广：定义域是复数集的子集的函数称为复变函数．类似地，我们还可以得到多项式复变函数的概念．例如，f(z)＝z2就是一个多项式复变函数，此时
f(i)＝i2＝－1，f(1＋i)＝(1＋i)2＝2i．
给定多项式复变函数f(z)之后，对任意一个复数z0，通过计算公式zn＋1＝f(zn)，n∈N可以得到一列值
z0，z1，z2，…，zn，…．
如果存在一个正数M，使得|zn|＜M对任意n∈N都成立，则称z0为f(z)的收敛点；否则，称z0为f(z)的发散点．f(z)的所有收敛点组成的集合称为f(z)的充满茹利亚集．
例如，当f(z)＝z2时，如果z0＝i，则得到的一列值是
i，－1，1，1，…，1，…；
如果z0＝1＋i，则算出的一列值是
1＋i，2i，－4，…，，…．
显然，对于f(z)＝z2来说，i为收敛点，1＋i为发散点．事实上，利用|z2|＝|z|2可以证明，f(z)＝z2的充满茹利亚集是一个单位圆盘(即由满足|z|≤1的所有z组成的集合)．
让人惊讶的是，当f(z)＝z2＋c时，对于某些复数c来说，f(z)的充满茹利亚集是非常复杂的．如果利用计算机对不同形态的收敛点和发散点进行不同的着色，而且，按照一定的规则对c进行分类，并进行着色，可以得到如图所示的芒德布罗分形图．
课时分层作业(十九)　复数的乘、除运算
一、选择题
1．已知z＝，则z在复平面上对应的点所在象限为(　　)
A．第一象限 B．第二象限　
C．第三象限 D．第四象限
D　[因为z＝＝＝5－3i，
所以它在复平面上对应的点为，该点位于第四象限．故选D．]
2．设复数z＝i2 024－2i，则z的虚部是(　　)
A．3 B．2
C．－3 D．－2
D　[因为z＝i506×4－2i＝1－2i，
所以z的虚部为－2．
故选D．]
3．(2023·全国甲卷)设a∈R，(a＋i)(1－ai)＝2，则a＝(　　)
A．－1 B．0
C．1 D．2
C　[因为(a＋i)(1－ai)＝2，
所以2a＋(1－a2)i＝2，即解得a＝1．
故选C．]
4．已知复数z·(1－2i)在复平面内对应的点的坐标为(3，1)，则z＝(　　)
A．＋i B．＋i
C．－i D．－i
A　[由已知复数z·(1－2i)在复平面内对应的点的坐标为(3，1)，则z·(1－2i)＝3＋i，
所以z＝＝＝＝＋i．故选A．]
5．(多选)下列各式的运算结果为纯虚数的是(　　)
A．i3(1＋i)2 B．i2(1－i)2
C．
BC　[计算得AD为实数，BC为纯虚数．]
二、填空题
6．在复数范围内方程2x2＋3x＋4＝0的解为 ．
　[因为Δ＝b2－4ac＝32－4×2×4＝9－32＝－23<0，
所以方程2x2＋3x＋4＝0的根为
x＝＝．]
7．设z＝＋3－4i，i是虚数单位，则＝ ．
3　[由z＝＋3－4i＝＋3－4i＝3－3i，所以＝＝3．]
8．若2＋i(i是虚数单位)是关于x的实系数方程x2＋mx＋n＝0的一个根，则m＋n＝ ．
1　[因为2＋i是关于x的实系数方程x2＋mx＋n＝0的一个根，所以(2＋i)2＋m(2＋i)＋n＝0，
所以2m＋n＋3＋(4＋m)i＝0，由复数相等可得
所以m＋n＝1．]
三、解答题
9．已知复数z1＝1－i，z2＝4＋6i，i为虚数单位．
(1)求；
(2)若复数z＝1＋bi(b∈R)满足z＋z1为实数，求|z|．
[解]　(1)＝＝＝＝－1＋5i．
(2)因为z＝1＋bi(b∈R)，所以z＋z1＝2＋(b－1)i，
因为z＋z1为实数，
所以b－1＝0，所以b＝1，所以z＝1＋i，
所以|z|＝．
10．已知a∈R，b∈R，且＝1＋2i，则＝(　　)
A． B．2
C． D．10
A　[因为＝1＋2i，即a＋3i＝，即a＋3i＝1＋bi＋2i＋2bi2＝＋i，
因为a∈R，b∈R，所以解得
所以＝＝＝．
故选A．]
11．在复平面内，复数z1，z2对应的向量分别是＝＝，则复数对应的点位于(　　)
A．第一象限 B．第二象限
C．第三象限 D．第四象限
A　[由已知可得，z1＝－2＋3i，z2＝3－2i，
则＝＝
＝＝＋i，
所以复数对应的点为，该点位于第一象限．故选A．]
12．在复数范围内方程x2－2x＋5＝0的两根为α，β，则|α|＋|β|＝(　　)
A．2 B．2
C． D．5
B　[因为方程x2－2x＋5＝0，
所以Δ＝(－2)2－4×5＝－16<0，
所以x＝＝1±2i，
若令α＝1＋2i，则β＝1－2i，
则|α|＋|β|＝|1＋2i|＋|1－2i|＝＝2．]
13．某同学在解题中发现，以下三个式子的值都等于同一个常数(i是虚数单位)．
①；②；③．
从三个式子中选择一个，求出这个常数为 ；根据三个式子的结构特征及计算结果，将该同学的发现推广为一个复数恒等式 ．
i　＝i　[由复数的运算法则，可得＝＝＝i；
根据三个式子的结构特征及上式的计算结果，可以得到：＝i，
证明如下：
由＝＝＝＝i．]
14．已知z是复数，z－i为实数，为纯虚数(i为虚数单位)．
(1)求复数z；
(2)复数z1＝在复平面上对应的点在第二象限，求实数m的取值范围．
[解]　(1)设复数z＝a＋bi，因为z－i＝a＋i是实数，
所以b＝1，则z＝a＋i，
所以＝＝，
因为为纯虚数，
所以2－2a＝0且a＋4≠0，解得a＝1，
所以z＝1＋i．
(2)由(1)知，z1＝＝＝＋i，
所以z1在复平面上对应的点为，又已知z1在复平面上对应的点在第二象限，
所以解得－1即实数m的取值范围为．
15．设z是虚数，ω＝z＋是实数，且－1＜ω＜2．
(1)求|z|的值及z的实部的取值范围；
(2)设u＝，证明：u为纯虚数．
[解]　(1)因为z是虚数，所以可设z＝x＋yi，x，y∈R，且y≠0，
所以ω＝z＋＝x＋yi＋
＝x＋yi＋＝x＋＋i．
因为ω是实数且y≠0，
所以y－＝0，所以x2＋y2＝1，
即|z|＝1．
此时ω＝2x．
因为－1＜ω＜2，
所以－1＜2x＜2，
从而有－＜x＜1，
即z的实部的取值范围是．
(2)[证明]　设z＝x＋yi，x，y∈R，且y≠0，
由(1)知，x2＋y2＝1，
所以u＝＝
＝
＝
＝－i．
因为x∈，y≠0，
所以≠0，
所以u为纯虚数．
21世纪教育网(www.21cnjy.com)(共50张PPT)
7.2.2　复数的乘、除运算
第七章　复数
7.2　复数的四则运算
整体感知
[学习目标]　1．掌握复数的乘法和除法运算．
2．理解复数乘法的交换律、结合律和乘法对加法的分配律．
3．掌握在复数范围内解方程的方法．
[讨论交流]　预习教材P77－P79的内容，思考以下问题：
问题1．复数的乘法和除法运算法则各是什么？
问题2．复数乘法的运算律有哪些？
问题3．如何在复数范围内求方程的解？
[自我感知]　经过认真预习，结合你对本节课的理解和认识，请画出本节课的知识逻辑体系．
探究建构
探究1　复数乘法的运算法则和运算律
探究问题1　类比多项式的乘法，我们该如何定义两复数的乘法呢？
[提示]　复数的乘法法则如下：
设z1＝a＋bi，z2＝c＋di(a，b，c，d∈R)是任意两个复数，那么它们的积(a＋bi)·(c＋di)＝ac＋bci＋adi＋bdi2＝(ac－bd)＋(ad＋bc)i．
[新知生成]
1．复数的乘法法则
设z1＝a＋bi，z2＝c＋di(a，b，c，d∈R)是任意两个复数，那么它们的积(a＋bi)(c＋di)＝ac＋bci＋adi＋bdi2＝_____________________．
(ac－bd)＋(ad＋bc)i
2．复数乘法的运算律
对任意复数z1，z2，z3∈C，有以下运算律：
交换律 z1z2＝______
结合律 (z1z2)z3＝__________
乘法对加法的分配律 z1(z2＋z3)＝____________
z2z1
z1(z2z3)
z1z2＋z1z3
【教用·微提醒】　一般地，对任意自然数n，有i4n＝1，i4n+1＝i，i4n+2＝－1，i4n+3＝－i．
【链接·教材例题】
例3　计算(1－2i)(3＋4i)(－2＋i)．
[解]　(1－2i)(3＋4i)(－2＋i)
＝(11－2i)(－2＋i)
＝－20＋15i．
例4　计算：
(1)(2＋3i)(2－3i)；
(2)(1＋i)2．
分析：本例可以用复数的乘法法则计算，也可以用乘法公式计算．
[解]　(1)(2＋3i)(2－3i)
＝22－(3i)2
＝4－(－9)
＝13；
(2)(1＋i)2＝1＋2i＋i2
＝1＋2i－1
＝2i．
[典例讲评]　1．(源自湘教版教材)计算：
(1)(1＋2i)(4－3i)；
(2)(1＋i)2；
(3)(1－i)2；
(4)(1＋i)1 000．
[解]　(1)(1＋2i)(4－3i)
＝1×4＋1×(－3i)＋2i×4＋2i×(－3i)
＝4－3i＋8i－6i2
＝4－3i＋8i－6×(－1)
＝10＋5i．
(2)(1＋i)2＝12＋2×1×i＋i2＝1＋2i－1＝2i．
(3)(1－i)2＝12－2×1×i＋i2＝1－2i－1＝－2i．
(4)(1＋i)1 000＝[(1＋i)2]500
＝(2i)500
＝2500×i500
＝2500×1
＝2500．
反思领悟
1．两个复数代数形式乘法的一般方法
复数的乘法可以按多项式的乘法法则进行，注意选用恰当的乘法公式进行简便运算，例如平方差公式、完全平方公式等．
2．常用公式
(1)(a＋bi)2＝a2＋2abi－b2(a，b∈R)．
(2)(a＋bi)(a－bi)＝a2＋b2(a，b∈R)．
(3)(1±i)2＝±2i．
[学以致用]　1．(1)(2023·新高考Ⅱ卷)在复平面内，(1＋3i)(3－i)对应的点位于(　　)
A．第一象限 B．第二象限
C．第三象限 D．第四象限
(2)i是虚数单位，若(1＋mi)(2－i)为纯虚数，则实数m的值为(　　)
A．2　　　 B．4
C．－2　　　 D．－4
√
√
探究问题3　类比实数的除法是乘法的逆运算，你认为该如何定义复数的除法运算？
[提示]　设复数a＋bi(a，b∈R)除以c＋di(c，d∈R)，其商为x＋yi(x，y∈R)，即(a＋bi)÷(c＋di)＝x＋yi．
∵(x＋yi)(c＋di)＝(cx－dy)＋(dx＋cy)i，
∴(cx－dy)＋(dx＋cy)i＝a＋bi．
【链接·教材例题】
例5　计算(1＋2i)÷(3－4i)．
√
√
探究3　在复数范围内解方程
【链接·教材例题】
例6　在复数范围内解下列方程：
(1)x2＋2＝0;
(2)ax2＋bx＋c＝0，其中a，b，c∈R，且a≠0，Δ＝b2－4ac＜0．
分析：利用复数的乘法容易得到(1) 中方程的根．对于(2), 当Δ＝b2－4ac<0时，一元二次方程ax2＋bx＋c＝0无实数根．利用求解一元二次方程的“根本大法”——配方法，类似于(1)，就能在复数范围内求得(2)中方程的根．
[典例讲评]　3．在复数范围内解下列方程：
(1)x2＋5＝0；
(2) x2＋6x＋10＝0．
[学以致用]　3．已知1＋i是方程x2＋bx＋c＝0(b，c为实数)的一个根．
(1)求b，c的值；
(2)试判断1－i是不是方程的根．
(2)由(1)知方程为x2－2x＋2＝0，
把1－i代入方程左边得(1－i)2－2(1－i)＋2＝0＝右边，即方程成立．
∴1－i是方程的根．
【教用·备选题】　(源自苏教版教材)在复数集C内解下列方程：
(1)z2＋4＝0；
(2)z2－10z＋40＝0．
2
4
3
题号
1
应用迁移
√
2
3
题号
1
4
√
2
3
题号
4
1
3．复数z满足z2＋1＝0，则z3＝(　　)
A．1 B．±1
C．i D．±i
√
D　[因为z2＋1＝0，所以z2＝－1，则z＝±i．
当z＝i时，z3＝i3＝－i．
当z＝－i时，z3＝(－i)3＝i．
所以z3＝±i．]
2
4
3
题号
1
4．若一元二次方程x2－2x＋5＝0，则该方程在复数范围内的解为__________．
1±2i
1．知识链：(1)复数的乘法运算及运算律．
(2)复数的除法运算．
(3)在复数范围内解方程．
2．方法链：分母实数化、配方法、求根公式法．
3．警示牌：分母实数化时注意不要因忽视i2＝－1造成运算错误．
2．复数除法的实质是怎样的？
[提示]　复数除法的实质是分母实数化的过程，两个复数相除，就是先把它们的商写成分数的形式，然后把分子与分母都乘以分母的共轭复数，再把结果化简即可．
3．实系数一元二次方程的虚根有何特点？
[提示]　实系数一元二次方程的虚根是成对出现的，即若复数a＋bi(a，b∈R，b≠0)是实系数一元二次方程的根，则其共轭复数a－bi是该方程的另一根．
利用复数产生分形图
以前我们学过的函数，定义域都是实数集的子集．但函数概念还可以推广：定义域是复数集的子集的函数称为复变函数．类似地，我们还可以得到多项式复变函数的概念．例如，f (z)＝z2就是一个多项式复变函数，此时
阅读材料
f (i)＝i2＝－1，f (1＋i)＝(1＋i)2＝2i．
给定多项式复变函数f (z)之后，对任意一个复数z0，通过计算公式zn＋1＝f (zn)，n∈N可以得到一列值
z0，z1，z2，…，zn，…．
如果存在一个正数M，使得|zn|＜M对任意n∈N都成立，则称z0为f (z)的收敛点；否则，称z0为f (z)的发散点．f (z)的所有收敛点组成的集合称为f (z)的充满茹利亚集．
让人惊讶的是，当f (z)＝z2＋c时，对于某些复数c来说，f (z)的充满茹利亚集是非常复杂的．如果利用计算机对不同形态的收敛点和发散点进行不同的着色，而且，按照一定的规则对c进行分类，并进行着色，可以得到如图所示的芒德布罗分形图．

展开更多......

收起↑