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浙江省温州市绣山中学2024--2025学年八年级上学期期中科学试题
1．（2024八上·温州期中）水是生命之源，既普通又宝贵。下列对水的“多”与“少”的描述不正确的是（　　）
A．生活中接触的纯水多，水溶液少
B．我国水资源总量多，人均水量少
C．地球上水的总量多，淡水少
D．“南水北调”工程说明我国南方水的储量多，北方水的储量少
2．（2024八上·温州期中）高压、低压是常见的天气系统，大大小小的天气系统相互作用，演变出不同的天气过程。读图，以下说法正确的是（　　）
A．A处气流上升 B．B处气流下沉
C．图中A天气系统控制下多晴朗 D．图中B天气系统控制下多晴朗
3．（2024八上·温州期中）模型是认识微观世界的重要方法，如图是水电解的过程示意图，下列说法正确的是（　　）
A．水电解属于物理变化
B．水分子是由更小的粒子构成的
C．水分子是由氢分子和氧分子构成的
D．水是由氢气和氧气组成的
4．（2024八上·温州期中）实验是研究科学的基本方法，下列图示实验基本操作正确的是（　　）
A．取放蒸发皿 B．点燃酒精灯
C．量取40mL液体 D．滴加液体
5．（2024八上·温州期中）气温与人们的日常生活息息相关。下列关于气温的说法正确的是（　　）
A．百叶箱内的温度计读数与外界阳光直射下的温度计读数相比，平均值要大
B．高处不胜寒，说明对流层的气温随海拔升高而降低
C．一天中，最高温出现在正午12点
D．世界各地气温从低纬向高纬逐渐升高
6．（2024八上·温州期中）科学项目化小组用矿泉水瓶做了以下科学实验，其中能证明大气压存在的是（　　）
A．图甲中，用力一捏瓶壁会变瘪
B．图乙中，从两孔流出水的喷射距离不同
C．图丙中，向两空瓶中间吹气，两瓶向中间靠拢
D．图丁中，用纸片盖住装满水的瓶口，倒立后纸片不下落
7．（2024八上·温州期中）如图为竖直放置的“口”字形管子，管内装有酒精，管中的酒精发生对流且沿顺时针方向流动，下列操作能实现的是（　　）
A．在A处放冰块 B．在C处加热 C．在B处加热 D．在D处加热
8．（2024八上·温州期中）水是生命之源。城市生活用水经自来水厂净化处理的过程如图。下列说法错误的是（　　）
A．通过反应沉淀池、过滤池除去水中不溶性杂质
B．自来水厂投入明矾进行消毒
C．吸附池内常用活性炭吸附色素和异味
D．自来水净化过程中既有物理变化又有化学变化
9．（2024八上·温州期中）如图，“天宫课堂”实验中，水中的乒乓球并没有像在地球上一样浮在水面，而是停留在水中。下列说法中正确的是（　　）
A．乒乓球受到的重力大于浮力
B．此时乒乓球的质量变为0
C．乒乓球没有受到浮力
D．如果把乒乓球稍稍向上提，它将向上做加速直线运动
10．（2024八上·温州期中）下列关于溶液的说法，正确的是（　　）
A．只有固体可以作溶质
B．凡是无色透明的液体一定是溶液
C．饱和溶液的浓度一定比不饱和溶液的浓度大
D．溶液质量分数为40%的蔗糖溶液，其中溶质和溶剂的质量比是2：3
11．（2024八上·温州期中）下表是氯化钠、硝酸钾在不同温度时的溶解度，下列说法中正确的是（　　）
温度/℃ 10 20 30 40 50 60
溶解度/g 氯化钠 35.8 36.0 36.3 36.6 37.0 37.3
硝酸钾 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110
A．在30℃时，100g水中最多可溶解硝酸钾的质量36.3g
B．硝酸钾和氯化钠的溶解度曲线在30℃~40℃温度范围内相交
C．从含有少量硝酸钾的饱和氯化钠溶液中得到较多的氯化钠晶体，通常可采用蒸发溶剂使其结晶的方法
D．在60℃时，210g硝酸钾饱和溶液加入10g水后，溶质质量分数为52%
12．（2024八上·温州期中）诗歌和谚语往往蕴含着丰富的科学知识，下列对诗歌和谚语的解读不正确的是（　　）
A．“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”反映了温带大陆性气候气温日较差大的特点
B．“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”反映了海陆性质对气候的影响
C．“九月降霜秋早寒，禾穗未熟皆青乾”描述的气象灾害是寒潮
D．“天雨新晴，北风寒彻”描述的是冷锋过境
13．（2024八上·温州期中）如图是大气温度垂直分布图，下列关于大气层的说法正确的是（　　）
①A层：几乎集中了全部水汽 ②B层：有强烈的对流运动
③C层：温度随高度的升高而降低 ④D层：大气密度很大
A．①③ B．①② C．②④ D．②③
14．（2024八上·温州期中）t3℃时，将相同质量的硝酸钾和氯化钾分别加入盛有50g水的甲、乙烧杯中，充分搅拌后现象如图一所示，图二为两物质的溶解度曲线。以下说法正确的是（　　）
A．甲烧杯中的溶液一定是不饱和溶液
B．甲烧杯中的溶质为氯化钾
C．t2℃时硝酸钾与氯化钾的溶解度相同
D．将温度降到t2℃时，甲烧杯中也不会有晶体析出
15．（2024八上·温州期中）小科用一根轻质的塑料吸管（重力可忽略），将其下端用石蜡密封后，再塞入适量的小铅粒（如图），便制成了一根简易密度计。为了在吸管上标上合适的刻度值，他将此密度计放入不同已知密度的液体中，获得如表所示的数据。下列说法正确的是（　　）
实验次序 1 2 3 4 5
液体的密度/（g/cm3） 0.8 0.9 1.0 1.1 1.2
浸入的深度/cm 6.3 5.6 5.0 4.5 4.2
A．由表格数据进行处理分析可知：标在密度计上的刻度值越往下越小
B．由表格数据进行处理分析可知：标在密度计上的刻度线越往下越疏
C．换用粗一点的吸管重复实验，则每次实验密度计浸入深度变大
D．换用重一点的铅粒重复实验，则每次实验密度计浸入深度变大
16．（2024八上·温州期中）下列为厨房中的常见物质：A．食盐；B．植物油；C．蔗糖；D．酒精；E。冰块；F。面粉。将这些物质分别加入到足量的水中，充分搅拌，可得到溶液的有　 　（填字母）。水是自然界中最常见的溶剂，请再举一例溶剂的名称：　 　。
17．（2024八上·温州期中）“海绵城市”是指城市能够像海绵一样，下雨时能吸水、蓄水、渗水、净水，需要时将蓄存的水“释放”并加以利用。
（1）水资源丰富的地区“蓄水”后，可通过跨流域调水缓解贫水区用水困难，此工程相当于图中的　 　（填序号）环节。
（2）浙江省是饮用水较为缺乏的地区之一，我们要珍惜保护水资源，下列做法正确的是___________（填字母）。
A．将生活污水直接排入河道 B．植树造林，涵养水源
C．随手关闭水龙头 D．用洗漱过的水冲马桶
18．（2024八上·温州期中）科学项目化小组用塑料瓶、透明胶带、螺母、塑料管、容器和水等材料，制作了一只潜水艇模型并进行了展示活动，如图所示。
（1）如果潜水艇从a处到达b处，需通过“进排气管”为水仓　 　（填“注入”或“排出”）气体。
（2）该潜水艇在同一水缸内分别处于a、b、c处（a漂浮，b悬浮，c沉底）时，受到的浮力相同的是　 　。
19．（2024八上·温州期中）如图是小科同学在实验室配制一定质量分数食盐溶液的操作过程示意图：
（1）E操作中玻璃棒的作用是　 　。
（2）用天平称量食盐时，如发现横梁略向右倾斜，接下去的操作是　 　。
20．（2024八上·温州期中）将密度为0.6g/cm3的木块漂浮于50℃的硝酸钾饱和溶液中（如图甲所示），此时，木块受到的浮力　 　（填“大于”“小于”或“等于”）重力；降低溶液温度（不考虑由此引起的木块和溶液体积的变化）时，木块相对于液面的位置将　 　（填“上升”“下降”或“不变”）。请在乙图中画出从50℃开始降温至室温20℃过程中，浮力大小随时间变化的大致曲线　 　。
21．（2024八上·温州期中）如图为蔗糖溶液的思维导图，请回答下列问题：
（1）图中A是指　 　。
（2）能证明蔗糖水具有“B”这一特点的证据是　 　。
（3）用下列示意图来表示该溶液中蔗糖分子的分布（水分子没有画出），其中符合事实的是　 　（填“甲”“乙”或“丙”）
22．（2024八上·温州期中）如图是杭州市气象台发布的一条气象消息，据图回答下列问题：
（1）该日天气状况为：晴转阴，　 　（填风向）6级。
（2）天气与气候既有联系又有区别，下列叙述属于描述天气的有　 　（填序号）。
①阴转多云 ②冬暖夏凉 ③晴空万里 ④四季分明 ⑤和风细雨 ⑥冬雨夏干
（3）冬季，海南省平均气温明显高于浙江省，导致这一差异的主要气候因素是　 　。
23．（2024八上·温州期中）学习了有关溶液的知识后，某同学对氯化钾的溶解性进行了如下探究：
（1）由实验可得，氯化钾的溶解度随温度升高而　 　。
（2）该温度下氯化钾的溶解度为　 　g。
（3）根据实验现象，该位同学判定烧杯②中的氯化钾溶液是该温度下饱和溶液，请问支持他这样论断的证据是　 　。
24．（2024八上·温州期中）小科同学进行粗盐（含有难溶性杂质）提纯实验，并利用所得精盐配制100g溶质质量分数为17%的氯化钠溶液。
实验一：如图是小科同学进行粗盐提纯实验的操作示意图。
（1）操作⑤中玻璃棒的作用是　 　。
（2）粗盐提纯实验的正确操作顺序为：②⑥　 　（用序号表示）③。
实验二：用提纯得到的精盐配制100g溶质质量分数为17%的氯化钠溶液。
（3）配制该溶液时选用的量筒规格为　 　（填“50”“100”或“500”）mL。
（4）用提纯得到的氯化钠配制上述溶液：经检测，溶质质量分数偏小，其原因可能是　 　（填序号）。
①提纯后得到的氯化钠固体仍然不纯 ②量取水时，仰视读数 ③装瓶时，有少量溶液洒出
25．（2024八上·温州期中）科学项目化小组发现很多物质都能在水中溶解，但溶解的速度有快有慢，那影响同种物质溶解速度的因素有哪些呢？研究小组根据生活经验以冰糖为例，提出了一些猜想：A．与水的温度有关；B．与冰糖颗粒的大小有关；C．与是否搅拌有关。
为了验证猜想是否正确，研究小组设计了实验方案（实验中的烧杯完全相同），并进行了探究。下表是小组探究过程中记录的实验数据。
实验次数 颗粒大小 水的温度 是否搅拌 溶解快慢
① 5g块状冰糖 100mL、10℃的水 是 缓慢
② 5g块状冰糖 100mL、80℃的水 是 较快
③ 5g粉末状冰糖 100mL、80℃的水 是 快速
（1）本实验涉及多个自变量，研究时采用的科学方法是　 　（填“控制变量法”或“转换法”）。
（2）为了验证猜想A，应选择　 　（填序号）进行比较。
（3）通过对比实验②和实验③的现象，得到的结论是：当水温等其他条件相同时　 　。
（4）为了验证猜想C，小科设计如下实验：在两个完全相同的烧杯中，都加入5g粉末状冰糖，　 　，观察两烧杯中冰糖溶解的速度。
26．（2024八上·温州期中）为探究水的组成及变化，科学项目化小组设计如图装置进行电解水实验。
实验一：在电解水装置玻璃管里加满水（含少量氢氧化钠），再接通直流电源。
（1）通电一段时间后，观察到两玻璃管内的液面下降，其中b管中产生的气体是　 　。
（2）请给如图2所示水电解过程中的微粒运动变化排序：　 　（用序号表示）。
实验二：为了提高电解水的速度，研究小组采用了如下方法：方法一，加入氢氧化钠溶液；方法二，提高电压。小组同学进行多次实验，测得产生10mL氧气所需时间如图3.
（3）本实验通过观测　 　来判断电解水的速度。
（4）电解溶质质量分数为10%的氢氧化钠溶液时，改变电压对电解水速率的影响是　 　。
27．（2024八上·温州期中）测量一颗黄豆的质量（大约在0.1g~1g之间），实验室天平的最小刻度是0.2g。科学项目化小组想到利用浮力相关知识制作一个浮力秤。经过讨论确定了以下设计要求：
①测量量程：1g ②最小刻度：0.1g ③能稳定竖直放置在水中使用 ④材料简单，使用方便
【设计方案】
选择材料：烧杯、水、小托盘、剪刀、橡皮泥、铁钉、刻度尺、记号笔、双面胶、质量为1g的小铁块、吸管（规格A：较细的普通饮料吸管；规格B：较粗的奶茶吸管）。
【制作步骤】
①选择轻质的塑料吸管，剪取笔直的20cm一段，上端贴上纸质小托盘；
②在吸管下端插入铁钉，用橡皮泥塞紧吸管与铁钉缝隙进行固定和密封；
③烧杯中倒入水，将制作完成的吸管下端放入水中，让吸管漂浮在水面上，水面与吸管相交处标记0刻度；
④对吸管标定刻度，划分刻度。
【实施计划】制作浮力秤实物装置。
【检验作品】用自制的浮力秤测量一粒黄豆的质量，并将测量结果与黄豆真实质量进行比较，分析误差。
【改进完善】改进方案，提高测量精确度。
【发布成果】根据原型测试和改进的结果，进行批量制造。
请回答以下问题：
（1）制作步骤②中吸管中插入铁钉的好处是　 　。
（2）该浮力秤从下到上刻度变化是　 　（填“由小变大”或“由大变小”）。
（3）浮力秤的刻度　 　（填“均匀”或“不均匀”）。
（4）为提高浮力秤的精确度，小组提出的以下改进措施中可行的是___________（填字母，可多选）。
A．用直径更小的吸管 B．增大吸管中铁钉的质量
C．烧杯中换用密度更小的液体 D．换用更大的烧杯
28．（2024八上·温州期中）科学项目化小组的同学利用周末开展了一次登山活动，他们利用随身携带的注射器、弹簧测力计、细线、刻度尺等相关用品测量山顶的大气压。测量步骤如下：
①把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔；
②如图甲，用细线拴住注射器活塞，使线的一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右缓慢拉动针筒，当针筒中的活塞刚开始滑动时，记下弹簧测力计的示数为F；
③读出注射器针筒上有刻度部分的容积V；
④用刻度尺测出注射器针筒上有刻度部分的长度L。
请根据他们设计的方案回答以下问题：
（1）步骤①的目的是　 　。
（2）用测量步骤中的V、L和F表示大气压的值，则p=　 　。
（3）若同学们用图乙中②注射器在测量时，弹簧测力计被拉到10N，活塞仍没有滑动。可改用图乙中的　 　（填“①”或“③”）注射器。
（4）下述原因会使测量值大于真实值的是___________（填字母，可多选）。
A．注射器里有残余气体
B．活塞与注射器筒壁间有摩擦
C．测量前弹簧测力计没有调零，指针在0.2N的位置
D．活塞与注射器筒壁不完全密封
29．（2024八上·温州期中）天气是气候的具体表现，气候是天气的综合状况。阅读下图，完成下列问题。
（1）如图甲，A地处在②阶段时，接下来的天气状况是___________（填字母，可多选）。
A．天气晴朗温暖 B．天气阴雨
C．气温升高 D．气温降低
（2）在图乙中，A、B、C三处降水量最多的是　 　。
（3）当台风来临时，为了保证安全，以下做法正确的是___________（填字母，可多选）。
A．在大树下躲雨
B．蹲在广告牌旁避风
C．非必要不外出
D．收回高空阳台上的盆栽
E．去海边欣赏狂涛巨浪
30．（2024八上·温州期中）如图甲所示，小石块从水面上方以恒定的速度下降，直至全部没入水中。如图乙所示是拉力随时间t变化的图像，若不计水的阻力，求：
（1）小石块重力为　 　N，完全浸没时受到的浮力是　 　N。
（2）小石块的体积和密度各是多大？（写出计算过程）
31．（2024八上·温州期中）有效预防登革热的方法之一就是用杀虫剂对室外水沟、垃圾池周围以及有杂草的地方进行喷洒灭蚊。某社区决定采用高效氯氰菊酯杀虫剂进行喷杀，瓶上的标签如表所示，求：
氯氰菊酯杀虫剂500mL
溶质质量分数 80%
密度 1.2g/cm3
具有强毒性，阴冷、密封储藏
（1）500mL氯氰菊酯杀虫剂中含溶质氯氰菊酯　 　g，若将这500mL氯氰菊酯消毒液与2500g水均匀混合，所得稀氯氰菊酯消毒液中氯氰菊酯的质量分数是　 　（结果保留1位小数）。
（2）欲配制16kg质量分数为20%的稀氯氰菊酯杀虫剂用来消毒，需要多少千克这种氯氰菊酯杀虫剂和多少千克水？（写出计算过程）
32．（2024八上·温州期中）如图1是高压锅的结构示意图，锅盖紧扣在锅体上，盖上装有一金属管作排气孔，金属管上方倒扣一个像砝码一样的起限压作用的限压阀。小科家的高压锅出气孔横截面积为10mm2.小科不慎丢失了锅的限压阀，售货员告诉他，生产这个锅的厂家提供的限压阀有两种，孔径相同，质量分别为100g和60g。请回答：
（1）高压锅的工作原理：　 　。
（2）当外界气压为1×105Pa时，该锅内最高温度达到115℃，根据图2中锅内水的沸点与锅内气压的关系图像，分析锅内气体压强最高可达　 　Pa、限压阀限定了锅内外的压强差，该差值有多大　 　？通过计算说明小科应该买哪一种限压阀　 　。
33．（2024八上·温州期中）科学项目化小组设计了如图所示装置探究影响浮力大小的因素，他们先往气球内充入一定量的空气后，用细线扎紧气球口。然后在容器底部固定一滑轮，往容器中加入适量的水，向上拉动绕过滑轮的细线使气球浸没在水中。往水中加入一定量的氢氧化钠固体，在原有拉力大小F保持不变的情况下，请判断此时气球的运动方向，并说明原因。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】水资源的保护
【解析】【分析】我国水资源的特点是东多西少，南多北少，解决这一问题的有效方法是修建跨流域调水工程，如南水北调工程是指把长江流域的水资源调到西北地区和华北地区。
【解答】A、生活中接触的水溶液多，纯净水少，故A叙述错误；
B、我国水资源总量多，人均淡水量少，故B叙述正确；
C、地球上总的水量多，淡水少，故C叙述正确；
D、“南水北调”工程说明南方水的储量多，北方水的储量少，故D叙述正确。
故答案为：A。
2．【答案】C
【知识点】大气压对天气的影响
【解析】【分析】 在同高度上，气旋中心的气压比四周低，又称低压。在同一高度上，中心气压高于四周的大气涡旋称为“高气压”“，简称“高压”。结合气压高低对天气的影响分析判断。
【解答】根据图片可知，A处气压高，中心气流下降，多形成晴朗天气；B处为低压，中心气流上升，多形成阴雨天气，
故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
3．【答案】B
【知识点】化学变化与物理变化的判别；水的组成和主要性质
【解析】【分析】A.化学变化和物理变化的区别：有无新物质生成；
BC.根据图片确定水分子的构成情况；
D.根据质量守恒定律可知，反应前后元素的种类保持不变。
【解答】A.水电解生成了氢气和氧气，有新物质生成，属于化学变化，故A错误；
BC.水分子是由氢原子和氧原子构成的，故B正确，C错误；
D .水电解生成了氢气和氧气，而化学变化中元素的种类不变，则水是由氢元素和氧元素组成的， 故D错误。
故选B。
4．【答案】D
【知识点】常见实验操作
【解析】【分析】根据常见实验操作的规范分析判断。
【解答】A.取放蒸发皿，不可用手拿，以防止烫伤，故A错误；
B.应用火柴点燃酒精灯，禁止用一酒精灯去引燃另一酒精灯，避免酒精外溢引起火灾，故B错误；
C.量筒内的液体读数时，视线要与凹液面的最低点保持水平，故C错误；
D.使用胶头滴管滴加少量液体时，胶头滴管不能伸入到试管内或接触试管内壁，故D正确。
故选D。
5．【答案】B
【知识点】气温及其变化
【解析】【分析】温度是表示物体冷热程度的物理量，微观上来讲是物体分子热运动的剧烈程度。
【解答】A、百叶箱内的温度计读数与外界阳光直射下的温度计读数相比，平均值要小，故A错误；
B、高处不胜寒，说明对流层的气温随海拔升高而降低，故B正确；
C、一天中，最高温出现在下午14点左右，故C错误；
D、世界各地气温从低纬向高纬逐渐降低，故D错误。
故答案为：B。
6．【答案】D
【知识点】大气压强的存在
【解析】【分析】分析各个选项中包含的物理原理，然后与大气压强对照即可。
【解答】A．瓶壁变瘪，是手施加力的作用效果，与大气压无关，故A不符合题意；
B．从两孔流出水的喷射距离不同，与液体压强大小有关，与大气压强无关，故B不符合题意；
C．两瓶向中间靠拢是由于两瓶中间的空气流速大，压强小，故C不符合题意；
D．装满水的瓶口倒立后纸片不下落，是由于大气压把纸片托住，证明了大气压的存在，故D符合题意。
故选D。
7．【答案】B
【知识点】与密度相关的物理现象
【解析】【分析】密度大的下降，密度小的上升，据此对图片分析即可。
【解答】根据图片可知，在C处加热时，因酒精加热之后会膨胀而密度减小，则C处的酒精上升。右边温度低，密度大的酒精过来补充，从而使水中的酒精顺时针流动，故B正确，而A、C、D错误。
故选B 。
8．【答案】B
【知识点】净化水的常用方法
【解析】【分析】根据生产自来水的过程、净化水的方法与原理来分析解答。
【解答】A、水通过反应沉淀池、过滤池后可除去水中不溶性杂质，选项正确；
B、自来水厂投入明矾能够吸附水中悬浮的难溶性杂质，加快难溶性杂质的沉降，选项错误；
C、吸附池内常用的活性炭具有吸附性，能够吸附水中的色素和异味，选项正确；
D、自来水净化过程中的沉降、过滤、吸附属于物理变化，消毒有新物质生成，属于化学变化，即自来水净化过程中既有物理变化又有化学变化，选项正确。
故答案为：B。
9．【答案】C
【知识点】质量及其特性；力与运动的关系；浮力产生的原因
【解析】【分析】AC.根据浮力产生的原因分析判断；
B.质量是物质本身的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的变化而变化；
D.当合力的方向与运动方向相反时，做减速运动；反之，物体做加速运动。
【解答】AC．物体在水中受到的浮力由上下表面的压强差产生， 而液体的压强由自身重力产生，而在太空中所有的物体处于失重状态，因此太空中乒乓球在水中没有受到浮力作用，故A错误，C正确；
B．质量不随物体所处的位置变化而变化，故B错误；
D．如果把乒乓球稍稍向上提，由于受到阻力作用，因此松手后将做减速直线运动，故D错误。
故选C。
10．【答案】D
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】A、根据溶液的相关知识进行分析；
B、根据溶液的特点进行分析；
C、根据饱和溶液和不饱和溶液的含义进行分析；
D、根据溶质质量分数的含义进行分析。
【解答】 A、溶质可以为固体，还可以为液体和气体，该选项说法不正确；
B、溶液不一定为无色透明的，如硫酸铜溶液为蓝色，该选项说法不正确；
C、由于没有指明温度，饱和溶液的浓度不一定比不饱和溶液的浓度大，该选项说法不正确；
D、由于，则溶液质量分数为40%的蔗糖溶液，其中溶质和溶剂的质量比是40%：（1-40%）=2：3，该选项说法正确。
故答案为：D。
11．【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】A、根据在30℃时，硝酸钾的溶解度为45.8g来分析解答；
B、根据硝酸钾和氯化钠的溶解度曲线在20～30℃温度范围内有相同的时候来分析解答；
C、根据氯化钠的溶解度受温度的影响较小，一般采用蒸发结晶的方法来分析解答；
D、根据溶质的质量分数的定义和题中数据来分析解答。
【解答】 A、在30℃时，硝酸钾的溶解度为45.8g，则30℃时，100g水中最多可溶解硝酸钾的质量为45.8g，故A错误；
B、由表格的数据可知，硝酸钾和氯化钠的溶解度曲线在20～30℃温度范围内有相同的时候，则两种物质的溶解度曲线在此范围内相交，故B错误；
C、对于溶解度受温度影响较小的物质，一般采用蒸发结晶的方法，氯化钠的溶解度受温度的影响较小，所以从含有少量硝酸钾的饱和氯化钠溶液中得到较多的氯化钠晶体，通常可采用蒸发溶剂使其结晶的方法，故C正确；
D、60℃时，硝酸钾的溶解度为110g，则210g硝酸钾饱和溶液中水的质量为100g，硝酸钾的质量为110g，加入10g水后，溶质的质量分数为，故D错误；
故答案为：C。
12．【答案】B
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】影响气候的主要因素：纬度位置、大气环流、海陆分布、洋流和地形等。
【解答】A、“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”反映了温带大陆性气候气温日较差大的特点；
B、“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”形象地反映了山地气候的垂直变化，反映了地形对气候的影响；
C、“九月降霜秋早寒，禾穗未熟皆青乾”描述的气象灾害是寒潮；
D、“天雨新晴，北风寒彻”描述的是冷锋过境。
故答案为：B。
13．【答案】A
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】根据大气分层的知识，以及各个层次内的特征分析判断。
【解答】根据图片可知，A是对流层，对流层几乎集中了全部水汽和杂质，天气现象复杂多变，故①正确；
B是平流层，没有强烈的对流运动，故②错误；
C中间层，温度随高度的升高而降低，故③正确；
D是热层，大气密度很小，故④错误。
故选A。
14．【答案】C
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；溶解度的影响因素
【解析】【分析】A.如果溶液中没有未溶的晶体，那么无法判断它是否饱和；
B.根据图一确定甲中物质溶解度大小，然后与图二对照，确定甲内的物质名称；
C.根据图二比较t2℃时二者溶解度大小；
D.根据硝酸钾的溶解度变化规律确定温度降低时甲是否会饱和即可。
【解答】A.甲烧杯中没有未溶的晶体，则无法判断甲烧杯中的溶液是否饱和，故A错误；
B.t3℃时，甲烧杯中的固体完全溶解，乙烧杯中的固体有剩余，则t甲烧杯中的物质的溶解度大一些。由图二可知，t3℃时硝酸钾的溶解度大于氯化钾，所以甲烧杯中的溶质为硝酸钾，故B错误；
C.t2℃时硝酸钾与氯化钾的溶解度曲线相交，则t2℃时硝酸钾与氯化钾的溶解度相同，故C正确；
D.t3℃降低到t2℃时，硝酸钾的溶解度减小，则甲烧杯中的溶液可能是饱和溶液，此时甲烧杯中可能有晶体析出，故D错误。
故选C。
15．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 密度计是一种测量物体密度的仪器， 其基本原理是利用物体在液体中的浮沉条件。 当一个物体在液体中时， 如果物体能够漂浮， 那么它所受到的浮力等于其重力。 密度计的设计利用了这一原理， 使其能够在不同的液体中保持漂浮状态。 密度计的重量小于相同体积水的重力， 因此当它浸入液体中时， 会根据液体的密度调整其浮力以达到平衡。
密度计的读数设计为下大上小， 这是因为当密度计浸入液体中时， 浸入的深度不同， 排开的液体体积也不同。
【解答】A．根据表格数据可知，液体的密度越大时密度计浸入的深度越小，此时刻度越靠上，则标在密度计上的刻度值越往下越大，故A错误；
B．当液体密度的由0.8g/cm3增加到0.9g/cm3时，密度计浸入深度的变化量为Δh1=6.3cm-5.6cm=0.7cm；
由1.1g/cm3增加到1.2g/cm3，密度增加量相同，密度计浸入深度的变化量Δh2=4.5cm-4.2cm=0.3cm，
则Δh1＞Δh2，
所以标在密度计上的刻度线越往下越密，故B错误；
C．由于密度计受到的浮力相同，则密度计排开液体的体积相同，由于粗一点的吸管横截面积大一些，根据V=Sh可知密度计浸入的深度小一些，则每次实验密度计浸入深度变小，故C错误；
D．换用重一点的铅粒重复实验，则密度计的重力变大，因为密度计始终在液体中漂浮，浮力等于重力，所以密度计的浮力变大，测量同一种液体密度时，则密度计排开液体的体积变大，根据V=Sh可知密度计浸入的深度更大，则每次实验密度计浸入深度变大，故D正确。
故选D。
16．【答案】ACD；酒精
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】 溶液是一种或几种物质分散到另一种物质里，形成均一的、稳定的混合物；溶剂是能溶解其他物质的物质。
【解答】 A.食盐（NaCl）加入水中，会电离成钠离子和氯离子，均匀地分散在水中，形成均一、稳定的混合物，属于溶液；
B.植物油不溶于水，加入水中会形成乳浊液，不是溶液；
C.蔗糖加入水中，蔗糖分子会均匀地分散在水中，形成均一、稳定的混合物，属于溶液；
D.酒精加入水中，酒精分子会均匀地分散在水中，形成均一、稳定的混合物，属于溶液；
E.冰块加入水中，只是水的状态发生了变化，是纯净物，不是溶液；
F.面粉不溶于水，加入水中会形成悬浊液，不是溶液；
所以可得到溶液的有 ACD；溶剂是能溶解其他物质的物质，除了水之外，常见的溶剂还有酒精、汽油等；
17．【答案】（1）⑤
（2）B；C；D
【知识点】水循环；水资源的保护
【解析】【分析】（1）水循环的基本环节包括蒸发（包括植物蒸腾）、水汽输送、降水、下渗、地表径流和地下径流。
（2）根据水资源保护的知识分析判断。
【解答】（1）通过跨流域调水缓解贫水区用水困难，改变的是水在地表上的运动轨迹，则此工程相当于图中的⑤（地表径流）环节。
（2）A. 将生活污水直接排入河道，会污染水源，故A不合题意；
B. 植树造林，涵养水源，有利于保护水资源，故B符合题意；
CD. 随手关闭水龙头，用洗漱过的水冲马桶，都有利于节约水资源，故CD符合题意。
故选BCD。
（1）水资源丰富的地区“蓄水”后，可通过跨流域调水缓解贫水区用水困难，此工程相当于图中的⑤环节。
（2）A. 将生活污水直接排入河道，会污染水源，此选项不符合题意；
B. 植树造林，涵养水源，有利于保护水资源，此选项符合题意；
C. 随手关闭水龙头，有利于节约水资源，此选项符合题意；
D. 用洗漱过的水冲马桶，有利于节约水资源，此选项符合题意。
故选BCD。
18．【答案】（1）排出
（2）b、c
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据潜水艇浮沉状态的改变确定它的重力变化，而注入空气排出海水，排出空气注入海水；
（2）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较潜水艇受到浮力的大小。
【解答】（1）根据图片可知，从a处到达b处，潜水艇下沉，此时要增大潜水艇自身的重力，即通过“进排气管”为水仓排出气体，流入海水。
（2）根据图片可知，潜水艇在b和c时完全浸没，排开液体的体积相等，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，b和c受到的浮力相等都大于a受到的浮力。
（1）通过“进排气管”为水仓排出气体，潜水艇内气压减小，水会进入到潜水艇中，潜水艇的重力变大，大于其所受浮力，此时潜水艇下沉，可以从a处到达b处。
（2）b和c完全浸没，排开液体的体积相等，等于潜水艇的体积，a漂浮排开液体的体积小于潜水艇的体积，根据F浮=ρ液gV排知，b和c受到的浮力相等都大于a受到的浮力。
19．【答案】（1）搅拌，加速溶解
（2）向左盘中添加食盐，直至天平平衡
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）根据溶解操作中玻璃棒的用途解答；
（2）根据横梁的偏转方向确定左盘质量偏大还是偏小，进而确定下面的操作即可。
【解答】（1）根据图片可知，E操作溶解，其中玻璃棒的作用是搅拌，加速溶解；
（2）用天平称量食盐时，如发现横梁略向右倾斜，说明左盘食盐的质量偏小，接下去的操作是：向左盘中添加食盐，直至天平平衡。
（1）E操作是食盐的溶解，其中玻璃棒的作用是搅拌，加速溶解；
（2）用天平称量食盐时，如发现横梁略向右倾斜，说明砝码的质量偏大，接下去的操作是向左盘中添加食盐，直至天平平衡。
20．【答案】等于；下降；
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；溶解度的影响因素
【解析】【分析】（1）根据漂浮条件比较木块受到浮力和重力的大小变化；
（2）当温度降低时，根据硝酸钾的溶解度随温度的变化规律确定溶液的密度变化。根据浮沉条件确定木块受到浮力的变化，根据阿基米德原理分析木块排开液体的体积变化即可；
（3）根据漂浮条件分析温度变化过程中木块受到浮力的变化规律即可。
【解答】（1）木块在硝酸钾溶液中处于漂浮状态，根据漂浮条件可知，此时它受到的浮力等于重力；
（2）根据题意可知，降低溶液温度，则硝酸钾的溶解度减小，那么会析出硝酸钾晶体，即溶液的密度减小。木块在溶液中漂浮，浮力始终等于重力，因此受到的浮力保持不变。根据阿基米德公式公式F浮=ρ液gV排可知，此时木块排开液体的体积会变大，则木块相对于液面的位置将下降；
（3）根据题意可知，从50℃开始降温至室温20℃过程中，木块总是处于漂浮状态，所以受到的浮力等于木块的重力，大小不变，如下图所示：
21．【答案】（1）溶质
（2）从蔗糖水中任一处取出一部分进行检测，其蔗糖的浓度都相同（合理即可）
（3）甲
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】（1）根据溶液的组成知识解答；
（2）根据溶液的特点分析；
（3）根据溶液的均一性分析解答。
【解答】（1）溶液是由溶质和溶剂组成，根据图片可知，图中A应该是溶质；
（2）根据“溶液具有均一性、稳定性”可知，图中B是均一性。能证明蔗糖水具有均一这一特点的证据是：从蔗糖水中任一处取出一部分进行检测，其蔗糖的浓度都相同；
（3）根据溶液的均一性可知，溶液的各个位置密度等特征相同，即蔗糖溶液中蔗糖分子均匀分散在水中，故选甲。
（1）溶液是由溶质和溶剂组成，图中A是溶质；
（2）溶液的特点是具有均一性、稳定性，图中B是均一，能证明蔗糖水具有“B”这一特点的证据是从蔗糖水中任一处取出一部分进行检测，其蔗糖的浓度都相同；
（3）溶液的特点是具有均一性，蔗糖溶液中蔗糖分子均匀分散在水中。故填：甲。
22．【答案】（1）东北风
（2）①③⑤
（3）纬度
【知识点】天气与气候的区别与联系；影响气候的因素
【解析】【分析】（1）根据图片分析杭州当日的天气情况；
（2）天气指某个地方距离地表较近的大气层在短时段内的具体状况，突出特点是时间短，多变；气候指一个地方多年的天气平均状况，特点是时间长，稳定。
（3）我国冬季由南向北气温逐渐降，影响我国冬季南北气温差异的最主要因素是纬度因素。
【解答】（1）根据图片可知，该日天气状况为：晴转阴，东北风6级。
（2）①阴转多云、③晴空万里、⑤和风细雨描述的内容时间短，变化快，应是天气；
②冬暖夏凉、④四季分明和⑥冬雨夏干。属于气候方面的描述。
（3） 冬季，海南省平均气温明显高于浙江省，导致这一差异的主要气候因素是纬度。
（1）读图可知，该日天气状况为：晴转阴，东北风6级。
（2）天气指某个地方距离地表较近的大气层在短时段内的具体状况，突出特点是时间短，多变；气候指一个地方多年的天气平均状况，特点是时间长，稳定。①阴转多云、③晴空万里、⑤和风细雨描述的内容时间短，变化快，应是天气。②冬暖夏凉、④四季分明和⑥冬雨夏干属于气候方面的描述。
（3）我国冬季由南向北气温逐渐降，影响我国冬季南北气温差异的最主要因素是纬度因素，所以冬季，海南省平均气温明显高于浙江省。
23．【答案】（1）增大
（2）40
（3）②→③中加入20g氯化钾，溶液的质量仍为140g
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】（1）根据图3中氯化钾晶体在温度升高后的变化，进而确定氯化钾的溶解度随温度的变化规律；
（2）根据图③确定100g水中最多溶解氯化钾的质量即可；
（3）将②和③进行比较，根据加入的氯化钾是否能继续溶解判断②是否饱和即可。
【解答】（1）根据图③可知，当氯化钾溶液的温度升高时，烧杯中未溶液的氯化钾能继续溶解，那么得到：氯化钾的溶解度随温度升高而增大；
（2）图③中存在未溶的晶体，那么此时溶液饱和，此时100g水中最多溶解氯化钾的质量为：140g-100g=40g，该温度下氯化钾的溶解度为40g；
（3）②→③中加入20g氯化钾，溶液的质量仍为140g，说明②溶液不能再溶解氯化钾，是饱和溶液。
（1）图③温度升高，烧杯中未溶液的氯化钾能继续溶解，则氯化钾的溶解度随温度升高而增大；
（2）由图可知，②→③中加入20g氯化钾，溶液的质量仍为140g，说明②溶液不能再溶解氯化钾，是饱和溶液，此溶液中100g水加入20g+20g=40g，达到饱和状态，根据溶解度概念可知，该温度下氯化钾的溶解度为40g；
（3）根据实验现象，该位同学判定烧杯②中的氯化钾溶液是该温度下饱和溶液，支持他这样论断的证据是由图可知，②→③中加入20g氯化钾，溶液的质量仍为140g，说明②溶液不能再溶解氯化钾，是饱和溶液。
24．【答案】引流；①④⑤③；100；①②
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】（1）根据过滤操作中玻璃棒的用途解答；
（2）根据粗盐提纯的操作过程解答；
（3）食盐的质量=溶液质量×溶质质量分数，用溶液质量减去食盐质量得到水的质量，并计算需要水的体积，进而确定合适的量筒；
（4）根据“溶质质量分数=”可知，溶质质量分数偏小，要么是溶质质量偏少，要么是溶剂质量偏大，据此分析判断。
【解答】（1）根据图片可知，操作⑤是过滤，其中玻璃棒的作用是引流；
（2）根据粗盐提纯的操作过程可知，粗盐提纯的操作顺序为溶解、过滤、蒸发、计算产率，即②⑥①④⑤③；
（3）需要食盐的质量：100g×17%=17g，需要水的质量为100g-17g=83g，则水的体积约为83mL，量取液体时，选取能一次量取全部液体最小规格的量筒，所以应选用100mL的量筒；
（4）配制的溶液的溶质质量分数偏小。原因可能有氯化钠质量偏少或水偏多。
①氯化钠固体仍然不纯，使氯化钠偏少，故①符合题意；
②量取水时，仰视读数，读出的示数偏小，而实际量取的水偏多，故②符合题意；
④溶液具有均一性，装瓶时，有少量溶液洒出，不影响瓶内溶液的溶质质量分数，故③不符合题意。
故选①②。
25．【答案】（1）控制变量法
（2）①②
（3）冰糖颗粒越小，溶解越快
（4）一只烧杯进行搅拌，另一只不搅拌
【知识点】科学探究的基本环节；溶解现象与溶解原理
【解析】【分析】根据表中的数据进行分析结合控制变量法进行分析。
【解答】（1）本实验涉及多个自变量，研究时采用的科学方法是控制变量法；
（2）验证与水的温度有关，应控制其它条件相同，由此通过对比实验①和实验②的实验现象，可知温度高的溶解快，故选：①②；
（3）通过对比实验②和实验③的实验现象，得到的结论是：当水温等其他条件一定时，粉末状冰糖溶解快，所以与冰糖颗粒的大小有关；
（3）为了验证猜想 C，小科设计如下实验：在两个完全相同的烧杯中，分别加入100mL相同温度的水，再同时向烧杯中各加入5g块状冰糖（颗粒大小相同）；用玻璃棒搅拌其中一个烧杯内的水，观察两个烧杯中冰糖溶解的速度。
26．【答案】氧气；④③①②；产生10mL氧气所需时间；其他条件相同时，电压越高，越产生10mL氧气所需时间越短
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】（1）电解水的实验中，生成氢气的体积是氧气体积的2倍；
（2）化学变化的本质就是分子分解为原子，原子再重新组合呈新的分子的过程；
（3）水电解的速度越快，则收集相同体积的氧气的时间越短；
（4）电压越高，则电流越大，那么反应越快，那么产生氢气的速度越大，据此分析。
【解答】（1）根据图片可知， b管中产生的气体体积较小，该气体是氧气；
（2）水电解的过程，其实就是是水分子分解成氢原子和氧原子，然后氢原子向负极靠近，氧原子向正极靠近，然后氢原子结合生成氢分子，氧原子结合生成氧分子的过程，水电解过程中的微粒运动变化排序④③①②；
（3）本实验通过观测产生10mL氧气所需时间来判断电解水的速度；
（4）电解溶质质量分数为10%的氢氧化钠溶液时，改变电压对电解水速率的影响是：其他条件相同时，电压越高，越产生10mL氧气所需时间越短。
27．【答案】（1）使吸管可以竖直漂浮在水中
（2）由大变小
（3）均匀
（4）A；C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）物体的重心越低越稳定，加入铁钉后，重心集中在下面，因此吸管可以竖直立在水中；
（2）根据浮沉条件和阿基米德原理分析浮力秤上的刻度变化规律；
（3）根据浮沉条件和阿基米德原理推导的大浮力秤浸入液体的深度随物体质量的变化规律，进而判断刻度是否均匀；
（4）当放入相同质量的物体时，浮力秤浸入液面的深度变化越大，则测量越精确，根据V=Sh，结合阿基米德原理分析判断即可。
【解答】（1）普通的吸管在水面上处于躺平状态，而步骤②中吸管中插入铁钉，可以使吸管的重心降低，使吸管可以竖直漂浮在水中。
（2）浮力秤在水面上漂浮时，受到的浮力等于重力。由阿基米德原理可知，吸管浸入水的深度增大，则V排越大，那么它所受浮力越大，即物体的重力越大，即该浮力秤从下到上刻度变化是由大变小。
（3）在浮力秤中放入被测物体后再次漂浮时，增大的浮力等于增大的重力即增大的浮力等于被测物体的重力，
故；
；
解得：；
因为S，ρ液为定值，所以h与m物成正比，
即该浮力秤质量的制度是均匀的。
（4）A．根据V排=Sh可知，横截面积越小，浸入的深度越大，可以标注的刻度线越多，分度值越小，所以用直径更小的吸管可以提高浮力秤的精确度，故A符合题意；
B．增大吸管中铁钉的质量，则浮力秤的浮力增大，浮力秤浸入的深度增大，但是在上面放上不同质量的物体时，浸入深度的变化值不变，所以不能提高浮力秤的精确度，故B不符合题意；
C．根据可知，ρ液越小，V排越大，吸管浸入的深度越大，可以标注的刻度线越多，分度值越小，所以烧杯中换用密度更小的液体可以提高浮力秤的精确度，故C符合题意；
D．浮力秤竖直漂浮于水中，称量同一物体时其受到的浮力一定，根据，换用更大的烧杯，不会影响浸入的深度，不能提高浮力秤的精确度，故D不符合题意。
故选AC。
（1）步骤②中吸管中插入铁钉，可以使吸管的重心降低，使吸管可以竖直漂浮在水中。
（2）漂浮时是浮力等于重力，当物体质量越大，所受浮力越大。由可知，当ρ液，g一定时，所受浮力越大，V排越大，即吸管浸入水的深度增大，该浮力秤从下到上刻度变化是由小变大。
（3）设被测物体的质量为m物，吸管的面积为S，在浮力秤中放入被测物体后，吸管浸入的深度增加值为h，浮秤再次漂浮时，增大的浮力等于增大的重力即增大的浮力等于被测物体的重力，故
因为S，ρ液为定值，所以h与m物成正比，即该浮力秤质量的制度是均匀的。
（4）A．浮力秤竖直漂浮于水中，称量同一物体时其受到的浮力一定，根据可知V排一定，根据V排=Sh可知横截面积越小，浸入的深度越大，可以标注的刻度线越多，分度值越小，所以用直径更小的吸管可以提高浮力秤的精确度，故A符合题意；
B．浮力秤竖直漂浮于水中，增大吸管中铁钉的质量，则浮力秤的浮力增大，浮力秤浸入的深度增大，但是在上面放上不同质量的物体时，浸入深度的变化值不变，所以不能提高浮力秤的精确度，故B不符合题意；
C．浮力秤竖直漂浮于水中，称量同一物体时其受到的浮力一定，根据可知ρ液越小，V排越大，吸管浸入的深度越大，可以标注的刻度线越多，分度值越小，所以烧杯中换用密度更小的液体可以提高浮力秤的精确度，故C符合题意；
D．浮力秤竖直漂浮于水中，称量同一物体时其受到的浮力一定，根据，换用更大的烧杯，不会影响浸入的深度，不能提高浮力秤的精确度，故D不符合题意。
故选AC。
28．【答案】（1）排尽注射器内的空气，防止空气进入
（2）
（3）③
（4）B；C
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）如果针筒内残留空气，那么会对活塞产生向外的压力，从而导致测力计的示数偏小，即测出大气压强偏小；
（2）根据V=SL计算活塞的横截面积，根据计算大气压强；
（3）根据F=pS可知，当大气压强一定时，受力面积越大，则压力越大；
（4）对各个选项中的情形进行分析，确定弹簧测力计的示数变化，进而弄清大气压强的变化即可。
【解答】（1）根据题意可知，把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔的目的是：为了排尽注射器内的空气，是防止空气进入。
（2）注射器的容积V是活塞的面积和针筒上有刻度部分的长度L的乘积，
根据V=SL可知，注射器活塞的面积为；
由二力平衡的条件可知，弹簧测力计的示数等于大气对活塞施加的压力，
即：
那么大气压为；
（3）弹簧测力计被拉到10N，活塞仍没有滑动，说明大气对活塞的压力大于10N，根据
F=pS可知，当大气压一定时，受力面积越小，拉动活塞所需拉力越小，故选择受力面积更小的注射器，故③。
（4）A．注射器里有残余气体，会使拉力变小，即测得的大气压会偏小，故A不符合题意；
B．活塞与注射器筒壁间有摩擦，会导致拉力变大，即测得的大气压会偏大，故B符合题意；
C．测量前弹簧测力计没有调零，指针在0.2N的位置，会使拉力变大，即测得的大气压会偏大，故C符合题意；
D．活塞与注射器筒壁不完全密封，会有空气进入注射器，会使拉力变小，即测得的大气压会偏小，故A不符合题意。
故选BC。
（1）“把注射器的活塞推至注射器针筒的底端”是为了排尽注射器内的空气，“然后用橡皮帽封住注射器小孔”是防止空气进入。
（2）注射器的容积V是活塞的面积和针筒上有刻度部分的长度L的乘积，故注射器活塞的面积为
由二力平衡的条件知道
故大气压为
（3）用图乙中②注射器在测量时，弹簧测力计被拉到10N，活塞仍没有滑动，说明要拉动活塞，所需拉力大于10N，为了使所需拉力减小，根据可知，当大气压一定时，受力面积越小，拉动活塞所需拉力越小，故选择受力面积比②注射器更小的③注射器。
（4）A．注射器里有残余气体，会使拉力变小，根据可知，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小，故A不符合题意；
B．活塞与注射器筒壁间有摩擦，会导致拉力变大，根据可知，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏大，故B符合题意；
C．测量前弹簧测力计没有调零，指针在0.2N的位置，会使拉力变大，根据可知，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏大，故C符合题意；
D．活塞与注射器筒壁不完全密封，会有空气进入注射器，会使拉力变小，根据可知，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小，故A不符合题意。
故选BC。
29．【答案】（1）B；D
（2）B
（3）C；D
【知识点】降水
【解析】【分析】（1）根据冷锋过境时的天气变化解答；（2）一般情况下，迎风坡降水较多，背风坡降水较少；
（3）根据应对台风危害的知识判断。
【解答】（1）由甲图可知，当A地处在②阶段时，此时是冷空气过境，接下来的天气状况是出现阴雨天气和气温降低，故选BD。
（2）由乙图可知，B地位于暖湿气流的迎风坡，因此降水多。
（3）当台风来临时，很容易刮倒大树和广告牌，掀起巨浪，则为了保证安全，应该做到非必要不外出，收回高空阳台上的盆栽，
故CD正确，而A、B、E错误。
故选CD。
（1）由甲图可知，气流运动方向是由冷空气向暖空气推进，当A地处在②阶段时，此时是冷空气过境，接下来的天气状况是出现阴雨天气和气温降低，故选BD。
（2）由乙图可知，A、B、C三处降水量最多的是B地，这里位于暖湿气流的迎风坡，降水多。
（3）当台风来临时，为了保证安全，应该做到非必要不外出，收回高空阳台上的盆栽，ABE的三种做法都是错误的。故选CD。
30．【答案】（1）2.5；1
（2）解：小石块完全浸没时排开水的体积等于物体体积，
则小石块的体积为；
故小石块的质量为；
小石块的密度为。
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）①当石块浸入水的深度为0时不受浮力，此时测力计的示数等于石块的重力；
②当石块完全浸没后，它排开水的体积不变，则受到的浮力不变，据此结合计算石块受到的浮力。
（2）首先根据计算石块的体积，再根据计算石块的质量，最后根据计算石块的密度。
【解答】（1）①根据乙图可知，当小石块未浸入水中时，此时不受浮力，则小石块重力等于弹簧测力计的拉力，故由图乙可知小石块重力为2.5 N。
②当小石块完全浸没时，浮力达到最大，此时测力计的示数最小。
由图乙可知，此时弹簧测力计示数为1.5 N；
故完全浸没时受到的浮力是。
（1）[1]小石块从水面上方以恒定的速度下降，当小石块未浸入水中时，小石块重力等于弹簧测力计的拉力，故由图乙可知小石块重力为2.5 N。
[2] 当小石块完全浸没时，浮力不再变化，由图乙可知，此时弹簧测力计示数为1.5 N。故完全浸没时受到的浮力是
（2）解：小石块完全浸没时排开水的体积等于物体体积，已知小石块完全浸没时受到的浮力是1N，则小石块的体积为
已知小石块重力为2.5 N，故小石块的质量为
故小石块的密度为
答：小石块的体积为1×10-4m3，密度为2.5×103kg/m3。
31．【答案】（1）480；15.5%
（2）解：m浓=16 kg×20%/80%=4kg
m加水=m稀-m浓=16kg-4kg=12kg
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】 （1）根据溶质的质量=溶液的质量×溶质的质量分数、来分析；
（2）根据溶液稀释过程中，溶质的质量不变来分析。
【解答】 （1）500mL=500cm3，则500mL氯氰菊酯杀虫剂中含溶质氯氰菊酯的质量为500cm3×1.2g/cm3×80%=480g；
若将这500mL氯氰菊酯消毒液与2500g水均匀混合，
所得稀氯氰菊酯消毒液中氯氰菊酯的质量分数是；
（2）设需要这种氯氰菊酯杀虫剂的质量为x，则：
16kg×20%=x×80%
x=4kg
需要水的质量为16kg-4kg=12kg
答：需要4kg这种氯氰菊酯杀虫剂和12kg水。
32．【答案】（1）液体的沸点随大气压的升高而增大
（2）1.6×105；0.6×105；60g
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）根据液体沸点随气压的变化规律解答；
（2）①根据图2确定锅内温度为115℃时的气压即可；
②根据计算锅内外的气压差；
③限压阀的自重产生的压强等于锅内外的压强差，根据计算限压阀受到的压力差，根据计算限压阀的质量。
【解答】（1）高压锅的工作原理为：液体的沸点随大气压的升高而增大。
（2）①根据图2可知，当该锅内最高温度达到115℃时，
则锅内气体压强最高可1.6×105 Pa。
②锅内外的压强差为；
③限压阀的自重产生的压强等于锅内外的压强差为0.6×105Pa，
即；
故限压阀的对气体的压力为；
限压阀的质量为。
（1）高压锅可使锅内液体上方大气压升高，使液体的沸点增大，故高压锅的原理为液体的沸点随大气压的升高而增大。
（2）[1]根据图2中锅内水的沸点与锅内气压的关系图像可知，当该锅内最高温度达到115℃时，锅内气体压强最高可达1.6×105 Pa。
[2] 外界气压为1×105Pa，锅内气体压强最高可达1.6×105 Pa，故锅内外的压强差为
[3]限压阀限定了锅内外的压强差，锅内外的压强差为0.6×105Pa，即
高压锅出气孔横截面积为10mm2即1×10-5 m2，故限压阀的对气体的压力为
限压阀的质量为
答：小科应该买60g的限压阀。
33．【答案】此时气球会向上运动，原因为：根据题意可知，氢氧化钠溶于水放热，气球内气体的温度会升高，气体受热膨胀体积变大。根据阿基米德公式可知，气球受到的浮力变大，即浮力大于拉力，有会看到气球向上运动。
【知识点】阿基米德原理；溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】根据氢氧化钠溶于水放热分析气球内气体的体积变化，根据阿基米德原理分析受到的浮力变化，最后与拉力比较，从而确定气球的运动方向。
【解答】根据题意可知，氢氧化钠溶于水放热，气球内气体的温度会升高，气体受热膨胀体积变大。根据阿基米德公式可知，气球受到的浮力变大，即浮力大于拉力，有会看到气球向上运动。
1 / 1浙江省温州市绣山中学2024--2025学年八年级上学期期中科学试题
1．（2024八上·温州期中）水是生命之源，既普通又宝贵。下列对水的“多”与“少”的描述不正确的是（　　）
A．生活中接触的纯水多，水溶液少
B．我国水资源总量多，人均水量少
C．地球上水的总量多，淡水少
D．“南水北调”工程说明我国南方水的储量多，北方水的储量少
【答案】A
【知识点】水资源的保护
【解析】【分析】我国水资源的特点是东多西少，南多北少，解决这一问题的有效方法是修建跨流域调水工程，如南水北调工程是指把长江流域的水资源调到西北地区和华北地区。
【解答】A、生活中接触的水溶液多，纯净水少，故A叙述错误；
B、我国水资源总量多，人均淡水量少，故B叙述正确；
C、地球上总的水量多，淡水少，故C叙述正确；
D、“南水北调”工程说明南方水的储量多，北方水的储量少，故D叙述正确。
故答案为：A。
2．（2024八上·温州期中）高压、低压是常见的天气系统，大大小小的天气系统相互作用，演变出不同的天气过程。读图，以下说法正确的是（　　）
A．A处气流上升 B．B处气流下沉
C．图中A天气系统控制下多晴朗 D．图中B天气系统控制下多晴朗
【答案】C
【知识点】大气压对天气的影响
【解析】【分析】 在同高度上，气旋中心的气压比四周低，又称低压。在同一高度上，中心气压高于四周的大气涡旋称为“高气压”“，简称“高压”。结合气压高低对天气的影响分析判断。
【解答】根据图片可知，A处气压高，中心气流下降，多形成晴朗天气；B处为低压，中心气流上升，多形成阴雨天气，
故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
3．（2024八上·温州期中）模型是认识微观世界的重要方法，如图是水电解的过程示意图，下列说法正确的是（　　）
A．水电解属于物理变化
B．水分子是由更小的粒子构成的
C．水分子是由氢分子和氧分子构成的
D．水是由氢气和氧气组成的
【答案】B
【知识点】化学变化与物理变化的判别；水的组成和主要性质
【解析】【分析】A.化学变化和物理变化的区别：有无新物质生成；
BC.根据图片确定水分子的构成情况；
D.根据质量守恒定律可知，反应前后元素的种类保持不变。
【解答】A.水电解生成了氢气和氧气，有新物质生成，属于化学变化，故A错误；
BC.水分子是由氢原子和氧原子构成的，故B正确，C错误；
D .水电解生成了氢气和氧气，而化学变化中元素的种类不变，则水是由氢元素和氧元素组成的， 故D错误。
故选B。
4．（2024八上·温州期中）实验是研究科学的基本方法，下列图示实验基本操作正确的是（　　）
A．取放蒸发皿 B．点燃酒精灯
C．量取40mL液体 D．滴加液体
【答案】D
【知识点】常见实验操作
【解析】【分析】根据常见实验操作的规范分析判断。
【解答】A.取放蒸发皿，不可用手拿，以防止烫伤，故A错误；
B.应用火柴点燃酒精灯，禁止用一酒精灯去引燃另一酒精灯，避免酒精外溢引起火灾，故B错误；
C.量筒内的液体读数时，视线要与凹液面的最低点保持水平，故C错误；
D.使用胶头滴管滴加少量液体时，胶头滴管不能伸入到试管内或接触试管内壁，故D正确。
故选D。
5．（2024八上·温州期中）气温与人们的日常生活息息相关。下列关于气温的说法正确的是（　　）
A．百叶箱内的温度计读数与外界阳光直射下的温度计读数相比，平均值要大
B．高处不胜寒，说明对流层的气温随海拔升高而降低
C．一天中，最高温出现在正午12点
D．世界各地气温从低纬向高纬逐渐升高
【答案】B
【知识点】气温及其变化
【解析】【分析】温度是表示物体冷热程度的物理量，微观上来讲是物体分子热运动的剧烈程度。
【解答】A、百叶箱内的温度计读数与外界阳光直射下的温度计读数相比，平均值要小，故A错误；
B、高处不胜寒，说明对流层的气温随海拔升高而降低，故B正确；
C、一天中，最高温出现在下午14点左右，故C错误；
D、世界各地气温从低纬向高纬逐渐降低，故D错误。
故答案为：B。
6．（2024八上·温州期中）科学项目化小组用矿泉水瓶做了以下科学实验，其中能证明大气压存在的是（　　）
A．图甲中，用力一捏瓶壁会变瘪
B．图乙中，从两孔流出水的喷射距离不同
C．图丙中，向两空瓶中间吹气，两瓶向中间靠拢
D．图丁中，用纸片盖住装满水的瓶口，倒立后纸片不下落
【答案】D
【知识点】大气压强的存在
【解析】【分析】分析各个选项中包含的物理原理，然后与大气压强对照即可。
【解答】A．瓶壁变瘪，是手施加力的作用效果，与大气压无关，故A不符合题意；
B．从两孔流出水的喷射距离不同，与液体压强大小有关，与大气压强无关，故B不符合题意；
C．两瓶向中间靠拢是由于两瓶中间的空气流速大，压强小，故C不符合题意；
D．装满水的瓶口倒立后纸片不下落，是由于大气压把纸片托住，证明了大气压的存在，故D符合题意。
故选D。
7．（2024八上·温州期中）如图为竖直放置的“口”字形管子，管内装有酒精，管中的酒精发生对流且沿顺时针方向流动，下列操作能实现的是（　　）
A．在A处放冰块 B．在C处加热 C．在B处加热 D．在D处加热
【答案】B
【知识点】与密度相关的物理现象
【解析】【分析】密度大的下降，密度小的上升，据此对图片分析即可。
【解答】根据图片可知，在C处加热时，因酒精加热之后会膨胀而密度减小，则C处的酒精上升。右边温度低，密度大的酒精过来补充，从而使水中的酒精顺时针流动，故B正确，而A、C、D错误。
故选B 。
8．（2024八上·温州期中）水是生命之源。城市生活用水经自来水厂净化处理的过程如图。下列说法错误的是（　　）
A．通过反应沉淀池、过滤池除去水中不溶性杂质
B．自来水厂投入明矾进行消毒
C．吸附池内常用活性炭吸附色素和异味
D．自来水净化过程中既有物理变化又有化学变化
【答案】B
【知识点】净化水的常用方法
【解析】【分析】根据生产自来水的过程、净化水的方法与原理来分析解答。
【解答】A、水通过反应沉淀池、过滤池后可除去水中不溶性杂质，选项正确；
B、自来水厂投入明矾能够吸附水中悬浮的难溶性杂质，加快难溶性杂质的沉降，选项错误；
C、吸附池内常用的活性炭具有吸附性，能够吸附水中的色素和异味，选项正确；
D、自来水净化过程中的沉降、过滤、吸附属于物理变化，消毒有新物质生成，属于化学变化，即自来水净化过程中既有物理变化又有化学变化，选项正确。
故答案为：B。
9．（2024八上·温州期中）如图，“天宫课堂”实验中，水中的乒乓球并没有像在地球上一样浮在水面，而是停留在水中。下列说法中正确的是（　　）
A．乒乓球受到的重力大于浮力
B．此时乒乓球的质量变为0
C．乒乓球没有受到浮力
D．如果把乒乓球稍稍向上提，它将向上做加速直线运动
【答案】C
【知识点】质量及其特性；力与运动的关系；浮力产生的原因
【解析】【分析】AC.根据浮力产生的原因分析判断；
B.质量是物质本身的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的变化而变化；
D.当合力的方向与运动方向相反时，做减速运动；反之，物体做加速运动。
【解答】AC．物体在水中受到的浮力由上下表面的压强差产生， 而液体的压强由自身重力产生，而在太空中所有的物体处于失重状态，因此太空中乒乓球在水中没有受到浮力作用，故A错误，C正确；
B．质量不随物体所处的位置变化而变化，故B错误；
D．如果把乒乓球稍稍向上提，由于受到阻力作用，因此松手后将做减速直线运动，故D错误。
故选C。
10．（2024八上·温州期中）下列关于溶液的说法，正确的是（　　）
A．只有固体可以作溶质
B．凡是无色透明的液体一定是溶液
C．饱和溶液的浓度一定比不饱和溶液的浓度大
D．溶液质量分数为40%的蔗糖溶液，其中溶质和溶剂的质量比是2：3
【答案】D
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】A、根据溶液的相关知识进行分析；
B、根据溶液的特点进行分析；
C、根据饱和溶液和不饱和溶液的含义进行分析；
D、根据溶质质量分数的含义进行分析。
【解答】 A、溶质可以为固体，还可以为液体和气体，该选项说法不正确；
B、溶液不一定为无色透明的，如硫酸铜溶液为蓝色，该选项说法不正确；
C、由于没有指明温度，饱和溶液的浓度不一定比不饱和溶液的浓度大，该选项说法不正确；
D、由于，则溶液质量分数为40%的蔗糖溶液，其中溶质和溶剂的质量比是40%：（1-40%）=2：3，该选项说法正确。
故答案为：D。
11．（2024八上·温州期中）下表是氯化钠、硝酸钾在不同温度时的溶解度，下列说法中正确的是（　　）
温度/℃ 10 20 30 40 50 60
溶解度/g 氯化钠 35.8 36.0 36.3 36.6 37.0 37.3
硝酸钾 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110
A．在30℃时，100g水中最多可溶解硝酸钾的质量36.3g
B．硝酸钾和氯化钠的溶解度曲线在30℃~40℃温度范围内相交
C．从含有少量硝酸钾的饱和氯化钠溶液中得到较多的氯化钠晶体，通常可采用蒸发溶剂使其结晶的方法
D．在60℃时，210g硝酸钾饱和溶液加入10g水后，溶质质量分数为52%
【答案】C
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】A、根据在30℃时，硝酸钾的溶解度为45.8g来分析解答；
B、根据硝酸钾和氯化钠的溶解度曲线在20～30℃温度范围内有相同的时候来分析解答；
C、根据氯化钠的溶解度受温度的影响较小，一般采用蒸发结晶的方法来分析解答；
D、根据溶质的质量分数的定义和题中数据来分析解答。
【解答】 A、在30℃时，硝酸钾的溶解度为45.8g，则30℃时，100g水中最多可溶解硝酸钾的质量为45.8g，故A错误；
B、由表格的数据可知，硝酸钾和氯化钠的溶解度曲线在20～30℃温度范围内有相同的时候，则两种物质的溶解度曲线在此范围内相交，故B错误；
C、对于溶解度受温度影响较小的物质，一般采用蒸发结晶的方法，氯化钠的溶解度受温度的影响较小，所以从含有少量硝酸钾的饱和氯化钠溶液中得到较多的氯化钠晶体，通常可采用蒸发溶剂使其结晶的方法，故C正确；
D、60℃时，硝酸钾的溶解度为110g，则210g硝酸钾饱和溶液中水的质量为100g，硝酸钾的质量为110g，加入10g水后，溶质的质量分数为，故D错误；
故答案为：C。
12．（2024八上·温州期中）诗歌和谚语往往蕴含着丰富的科学知识，下列对诗歌和谚语的解读不正确的是（　　）
A．“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”反映了温带大陆性气候气温日较差大的特点
B．“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”反映了海陆性质对气候的影响
C．“九月降霜秋早寒，禾穗未熟皆青乾”描述的气象灾害是寒潮
D．“天雨新晴，北风寒彻”描述的是冷锋过境
【答案】B
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】影响气候的主要因素：纬度位置、大气环流、海陆分布、洋流和地形等。
【解答】A、“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”反映了温带大陆性气候气温日较差大的特点；
B、“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”形象地反映了山地气候的垂直变化，反映了地形对气候的影响；
C、“九月降霜秋早寒，禾穗未熟皆青乾”描述的气象灾害是寒潮；
D、“天雨新晴，北风寒彻”描述的是冷锋过境。
故答案为：B。
13．（2024八上·温州期中）如图是大气温度垂直分布图，下列关于大气层的说法正确的是（　　）
①A层：几乎集中了全部水汽 ②B层：有强烈的对流运动
③C层：温度随高度的升高而降低 ④D层：大气密度很大
A．①③ B．①② C．②④ D．②③
【答案】A
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】根据大气分层的知识，以及各个层次内的特征分析判断。
【解答】根据图片可知，A是对流层，对流层几乎集中了全部水汽和杂质，天气现象复杂多变，故①正确；
B是平流层，没有强烈的对流运动，故②错误；
C中间层，温度随高度的升高而降低，故③正确；
D是热层，大气密度很小，故④错误。
故选A。
14．（2024八上·温州期中）t3℃时，将相同质量的硝酸钾和氯化钾分别加入盛有50g水的甲、乙烧杯中，充分搅拌后现象如图一所示，图二为两物质的溶解度曲线。以下说法正确的是（　　）
A．甲烧杯中的溶液一定是不饱和溶液
B．甲烧杯中的溶质为氯化钾
C．t2℃时硝酸钾与氯化钾的溶解度相同
D．将温度降到t2℃时，甲烧杯中也不会有晶体析出
【答案】C
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；溶解度的影响因素
【解析】【分析】A.如果溶液中没有未溶的晶体，那么无法判断它是否饱和；
B.根据图一确定甲中物质溶解度大小，然后与图二对照，确定甲内的物质名称；
C.根据图二比较t2℃时二者溶解度大小；
D.根据硝酸钾的溶解度变化规律确定温度降低时甲是否会饱和即可。
【解答】A.甲烧杯中没有未溶的晶体，则无法判断甲烧杯中的溶液是否饱和，故A错误；
B.t3℃时，甲烧杯中的固体完全溶解，乙烧杯中的固体有剩余，则t甲烧杯中的物质的溶解度大一些。由图二可知，t3℃时硝酸钾的溶解度大于氯化钾，所以甲烧杯中的溶质为硝酸钾，故B错误；
C.t2℃时硝酸钾与氯化钾的溶解度曲线相交，则t2℃时硝酸钾与氯化钾的溶解度相同，故C正确；
D.t3℃降低到t2℃时，硝酸钾的溶解度减小，则甲烧杯中的溶液可能是饱和溶液，此时甲烧杯中可能有晶体析出，故D错误。
故选C。
15．（2024八上·温州期中）小科用一根轻质的塑料吸管（重力可忽略），将其下端用石蜡密封后，再塞入适量的小铅粒（如图），便制成了一根简易密度计。为了在吸管上标上合适的刻度值，他将此密度计放入不同已知密度的液体中，获得如表所示的数据。下列说法正确的是（　　）
实验次序 1 2 3 4 5
液体的密度/（g/cm3） 0.8 0.9 1.0 1.1 1.2
浸入的深度/cm 6.3 5.6 5.0 4.5 4.2
A．由表格数据进行处理分析可知：标在密度计上的刻度值越往下越小
B．由表格数据进行处理分析可知：标在密度计上的刻度线越往下越疏
C．换用粗一点的吸管重复实验，则每次实验密度计浸入深度变大
D．换用重一点的铅粒重复实验，则每次实验密度计浸入深度变大
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 密度计是一种测量物体密度的仪器， 其基本原理是利用物体在液体中的浮沉条件。 当一个物体在液体中时， 如果物体能够漂浮， 那么它所受到的浮力等于其重力。 密度计的设计利用了这一原理， 使其能够在不同的液体中保持漂浮状态。 密度计的重量小于相同体积水的重力， 因此当它浸入液体中时， 会根据液体的密度调整其浮力以达到平衡。
密度计的读数设计为下大上小， 这是因为当密度计浸入液体中时， 浸入的深度不同， 排开的液体体积也不同。
【解答】A．根据表格数据可知，液体的密度越大时密度计浸入的深度越小，此时刻度越靠上，则标在密度计上的刻度值越往下越大，故A错误；
B．当液体密度的由0.8g/cm3增加到0.9g/cm3时，密度计浸入深度的变化量为Δh1=6.3cm-5.6cm=0.7cm；
由1.1g/cm3增加到1.2g/cm3，密度增加量相同，密度计浸入深度的变化量Δh2=4.5cm-4.2cm=0.3cm，
则Δh1＞Δh2，
所以标在密度计上的刻度线越往下越密，故B错误；
C．由于密度计受到的浮力相同，则密度计排开液体的体积相同，由于粗一点的吸管横截面积大一些，根据V=Sh可知密度计浸入的深度小一些，则每次实验密度计浸入深度变小，故C错误；
D．换用重一点的铅粒重复实验，则密度计的重力变大，因为密度计始终在液体中漂浮，浮力等于重力，所以密度计的浮力变大，测量同一种液体密度时，则密度计排开液体的体积变大，根据V=Sh可知密度计浸入的深度更大，则每次实验密度计浸入深度变大，故D正确。
故选D。
16．（2024八上·温州期中）下列为厨房中的常见物质：A．食盐；B．植物油；C．蔗糖；D．酒精；E。冰块；F。面粉。将这些物质分别加入到足量的水中，充分搅拌，可得到溶液的有　 　（填字母）。水是自然界中最常见的溶剂，请再举一例溶剂的名称：　 　。
【答案】ACD；酒精
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】 溶液是一种或几种物质分散到另一种物质里，形成均一的、稳定的混合物；溶剂是能溶解其他物质的物质。
【解答】 A.食盐（NaCl）加入水中，会电离成钠离子和氯离子，均匀地分散在水中，形成均一、稳定的混合物，属于溶液；
B.植物油不溶于水，加入水中会形成乳浊液，不是溶液；
C.蔗糖加入水中，蔗糖分子会均匀地分散在水中，形成均一、稳定的混合物，属于溶液；
D.酒精加入水中，酒精分子会均匀地分散在水中，形成均一、稳定的混合物，属于溶液；
E.冰块加入水中，只是水的状态发生了变化，是纯净物，不是溶液；
F.面粉不溶于水，加入水中会形成悬浊液，不是溶液；
所以可得到溶液的有 ACD；溶剂是能溶解其他物质的物质，除了水之外，常见的溶剂还有酒精、汽油等；
17．（2024八上·温州期中）“海绵城市”是指城市能够像海绵一样，下雨时能吸水、蓄水、渗水、净水，需要时将蓄存的水“释放”并加以利用。
（1）水资源丰富的地区“蓄水”后，可通过跨流域调水缓解贫水区用水困难，此工程相当于图中的　 　（填序号）环节。
（2）浙江省是饮用水较为缺乏的地区之一，我们要珍惜保护水资源，下列做法正确的是___________（填字母）。
A．将生活污水直接排入河道 B．植树造林，涵养水源
C．随手关闭水龙头 D．用洗漱过的水冲马桶
【答案】（1）⑤
（2）B；C；D
【知识点】水循环；水资源的保护
【解析】【分析】（1）水循环的基本环节包括蒸发（包括植物蒸腾）、水汽输送、降水、下渗、地表径流和地下径流。
（2）根据水资源保护的知识分析判断。
【解答】（1）通过跨流域调水缓解贫水区用水困难，改变的是水在地表上的运动轨迹，则此工程相当于图中的⑤（地表径流）环节。
（2）A. 将生活污水直接排入河道，会污染水源，故A不合题意；
B. 植树造林，涵养水源，有利于保护水资源，故B符合题意；
CD. 随手关闭水龙头，用洗漱过的水冲马桶，都有利于节约水资源，故CD符合题意。
故选BCD。
（1）水资源丰富的地区“蓄水”后，可通过跨流域调水缓解贫水区用水困难，此工程相当于图中的⑤环节。
（2）A. 将生活污水直接排入河道，会污染水源，此选项不符合题意；
B. 植树造林，涵养水源，有利于保护水资源，此选项符合题意；
C. 随手关闭水龙头，有利于节约水资源，此选项符合题意；
D. 用洗漱过的水冲马桶，有利于节约水资源，此选项符合题意。
故选BCD。
18．（2024八上·温州期中）科学项目化小组用塑料瓶、透明胶带、螺母、塑料管、容器和水等材料，制作了一只潜水艇模型并进行了展示活动，如图所示。
（1）如果潜水艇从a处到达b处，需通过“进排气管”为水仓　 　（填“注入”或“排出”）气体。
（2）该潜水艇在同一水缸内分别处于a、b、c处（a漂浮，b悬浮，c沉底）时，受到的浮力相同的是　 　。
【答案】（1）排出
（2）b、c
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据潜水艇浮沉状态的改变确定它的重力变化，而注入空气排出海水，排出空气注入海水；
（2）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较潜水艇受到浮力的大小。
【解答】（1）根据图片可知，从a处到达b处，潜水艇下沉，此时要增大潜水艇自身的重力，即通过“进排气管”为水仓排出气体，流入海水。
（2）根据图片可知，潜水艇在b和c时完全浸没，排开液体的体积相等，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，b和c受到的浮力相等都大于a受到的浮力。
（1）通过“进排气管”为水仓排出气体，潜水艇内气压减小，水会进入到潜水艇中，潜水艇的重力变大，大于其所受浮力，此时潜水艇下沉，可以从a处到达b处。
（2）b和c完全浸没，排开液体的体积相等，等于潜水艇的体积，a漂浮排开液体的体积小于潜水艇的体积，根据F浮=ρ液gV排知，b和c受到的浮力相等都大于a受到的浮力。
19．（2024八上·温州期中）如图是小科同学在实验室配制一定质量分数食盐溶液的操作过程示意图：
（1）E操作中玻璃棒的作用是　 　。
（2）用天平称量食盐时，如发现横梁略向右倾斜，接下去的操作是　 　。
【答案】（1）搅拌，加速溶解
（2）向左盘中添加食盐，直至天平平衡
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）根据溶解操作中玻璃棒的用途解答；
（2）根据横梁的偏转方向确定左盘质量偏大还是偏小，进而确定下面的操作即可。
【解答】（1）根据图片可知，E操作溶解，其中玻璃棒的作用是搅拌，加速溶解；
（2）用天平称量食盐时，如发现横梁略向右倾斜，说明左盘食盐的质量偏小，接下去的操作是：向左盘中添加食盐，直至天平平衡。
（1）E操作是食盐的溶解，其中玻璃棒的作用是搅拌，加速溶解；
（2）用天平称量食盐时，如发现横梁略向右倾斜，说明砝码的质量偏大，接下去的操作是向左盘中添加食盐，直至天平平衡。
20．（2024八上·温州期中）将密度为0.6g/cm3的木块漂浮于50℃的硝酸钾饱和溶液中（如图甲所示），此时，木块受到的浮力　 　（填“大于”“小于”或“等于”）重力；降低溶液温度（不考虑由此引起的木块和溶液体积的变化）时，木块相对于液面的位置将　 　（填“上升”“下降”或“不变”）。请在乙图中画出从50℃开始降温至室温20℃过程中，浮力大小随时间变化的大致曲线　 　。
【答案】等于；下降；
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；溶解度的影响因素
【解析】【分析】（1）根据漂浮条件比较木块受到浮力和重力的大小变化；
（2）当温度降低时，根据硝酸钾的溶解度随温度的变化规律确定溶液的密度变化。根据浮沉条件确定木块受到浮力的变化，根据阿基米德原理分析木块排开液体的体积变化即可；
（3）根据漂浮条件分析温度变化过程中木块受到浮力的变化规律即可。
【解答】（1）木块在硝酸钾溶液中处于漂浮状态，根据漂浮条件可知，此时它受到的浮力等于重力；
（2）根据题意可知，降低溶液温度，则硝酸钾的溶解度减小，那么会析出硝酸钾晶体，即溶液的密度减小。木块在溶液中漂浮，浮力始终等于重力，因此受到的浮力保持不变。根据阿基米德公式公式F浮=ρ液gV排可知，此时木块排开液体的体积会变大，则木块相对于液面的位置将下降；
（3）根据题意可知，从50℃开始降温至室温20℃过程中，木块总是处于漂浮状态，所以受到的浮力等于木块的重力，大小不变，如下图所示：
21．（2024八上·温州期中）如图为蔗糖溶液的思维导图，请回答下列问题：
（1）图中A是指　 　。
（2）能证明蔗糖水具有“B”这一特点的证据是　 　。
（3）用下列示意图来表示该溶液中蔗糖分子的分布（水分子没有画出），其中符合事实的是　 　（填“甲”“乙”或“丙”）
【答案】（1）溶质
（2）从蔗糖水中任一处取出一部分进行检测，其蔗糖的浓度都相同（合理即可）
（3）甲
【知识点】溶液的组成及特点
【解析】【分析】（1）根据溶液的组成知识解答；
（2）根据溶液的特点分析；
（3）根据溶液的均一性分析解答。
【解答】（1）溶液是由溶质和溶剂组成，根据图片可知，图中A应该是溶质；
（2）根据“溶液具有均一性、稳定性”可知，图中B是均一性。能证明蔗糖水具有均一这一特点的证据是：从蔗糖水中任一处取出一部分进行检测，其蔗糖的浓度都相同；
（3）根据溶液的均一性可知，溶液的各个位置密度等特征相同，即蔗糖溶液中蔗糖分子均匀分散在水中，故选甲。
（1）溶液是由溶质和溶剂组成，图中A是溶质；
（2）溶液的特点是具有均一性、稳定性，图中B是均一，能证明蔗糖水具有“B”这一特点的证据是从蔗糖水中任一处取出一部分进行检测，其蔗糖的浓度都相同；
（3）溶液的特点是具有均一性，蔗糖溶液中蔗糖分子均匀分散在水中。故填：甲。
22．（2024八上·温州期中）如图是杭州市气象台发布的一条气象消息，据图回答下列问题：
（1）该日天气状况为：晴转阴，　 　（填风向）6级。
（2）天气与气候既有联系又有区别，下列叙述属于描述天气的有　 　（填序号）。
①阴转多云 ②冬暖夏凉 ③晴空万里 ④四季分明 ⑤和风细雨 ⑥冬雨夏干
（3）冬季，海南省平均气温明显高于浙江省，导致这一差异的主要气候因素是　 　。
【答案】（1）东北风
（2）①③⑤
（3）纬度
【知识点】天气与气候的区别与联系；影响气候的因素
【解析】【分析】（1）根据图片分析杭州当日的天气情况；
（2）天气指某个地方距离地表较近的大气层在短时段内的具体状况，突出特点是时间短，多变；气候指一个地方多年的天气平均状况，特点是时间长，稳定。
（3）我国冬季由南向北气温逐渐降，影响我国冬季南北气温差异的最主要因素是纬度因素。
【解答】（1）根据图片可知，该日天气状况为：晴转阴，东北风6级。
（2）①阴转多云、③晴空万里、⑤和风细雨描述的内容时间短，变化快，应是天气；
②冬暖夏凉、④四季分明和⑥冬雨夏干。属于气候方面的描述。
（3） 冬季，海南省平均气温明显高于浙江省，导致这一差异的主要气候因素是纬度。
（1）读图可知，该日天气状况为：晴转阴，东北风6级。
（2）天气指某个地方距离地表较近的大气层在短时段内的具体状况，突出特点是时间短，多变；气候指一个地方多年的天气平均状况，特点是时间长，稳定。①阴转多云、③晴空万里、⑤和风细雨描述的内容时间短，变化快，应是天气。②冬暖夏凉、④四季分明和⑥冬雨夏干属于气候方面的描述。
（3）我国冬季由南向北气温逐渐降，影响我国冬季南北气温差异的最主要因素是纬度因素，所以冬季，海南省平均气温明显高于浙江省。
23．（2024八上·温州期中）学习了有关溶液的知识后，某同学对氯化钾的溶解性进行了如下探究：
（1）由实验可得，氯化钾的溶解度随温度升高而　 　。
（2）该温度下氯化钾的溶解度为　 　g。
（3）根据实验现象，该位同学判定烧杯②中的氯化钾溶液是该温度下饱和溶液，请问支持他这样论断的证据是　 　。
【答案】（1）增大
（2）40
（3）②→③中加入20g氯化钾，溶液的质量仍为140g
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】（1）根据图3中氯化钾晶体在温度升高后的变化，进而确定氯化钾的溶解度随温度的变化规律；
（2）根据图③确定100g水中最多溶解氯化钾的质量即可；
（3）将②和③进行比较，根据加入的氯化钾是否能继续溶解判断②是否饱和即可。
【解答】（1）根据图③可知，当氯化钾溶液的温度升高时，烧杯中未溶液的氯化钾能继续溶解，那么得到：氯化钾的溶解度随温度升高而增大；
（2）图③中存在未溶的晶体，那么此时溶液饱和，此时100g水中最多溶解氯化钾的质量为：140g-100g=40g，该温度下氯化钾的溶解度为40g；
（3）②→③中加入20g氯化钾，溶液的质量仍为140g，说明②溶液不能再溶解氯化钾，是饱和溶液。
（1）图③温度升高，烧杯中未溶液的氯化钾能继续溶解，则氯化钾的溶解度随温度升高而增大；
（2）由图可知，②→③中加入20g氯化钾，溶液的质量仍为140g，说明②溶液不能再溶解氯化钾，是饱和溶液，此溶液中100g水加入20g+20g=40g，达到饱和状态，根据溶解度概念可知，该温度下氯化钾的溶解度为40g；
（3）根据实验现象，该位同学判定烧杯②中的氯化钾溶液是该温度下饱和溶液，支持他这样论断的证据是由图可知，②→③中加入20g氯化钾，溶液的质量仍为140g，说明②溶液不能再溶解氯化钾，是饱和溶液。
24．（2024八上·温州期中）小科同学进行粗盐（含有难溶性杂质）提纯实验，并利用所得精盐配制100g溶质质量分数为17%的氯化钠溶液。
实验一：如图是小科同学进行粗盐提纯实验的操作示意图。
（1）操作⑤中玻璃棒的作用是　 　。
（2）粗盐提纯实验的正确操作顺序为：②⑥　 　（用序号表示）③。
实验二：用提纯得到的精盐配制100g溶质质量分数为17%的氯化钠溶液。
（3）配制该溶液时选用的量筒规格为　 　（填“50”“100”或“500”）mL。
（4）用提纯得到的氯化钠配制上述溶液：经检测，溶质质量分数偏小，其原因可能是　 　（填序号）。
①提纯后得到的氯化钠固体仍然不纯 ②量取水时，仰视读数 ③装瓶时，有少量溶液洒出
【答案】引流；①④⑤③；100；①②
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】（1）根据过滤操作中玻璃棒的用途解答；
（2）根据粗盐提纯的操作过程解答；
（3）食盐的质量=溶液质量×溶质质量分数，用溶液质量减去食盐质量得到水的质量，并计算需要水的体积，进而确定合适的量筒；
（4）根据“溶质质量分数=”可知，溶质质量分数偏小，要么是溶质质量偏少，要么是溶剂质量偏大，据此分析判断。
【解答】（1）根据图片可知，操作⑤是过滤，其中玻璃棒的作用是引流；
（2）根据粗盐提纯的操作过程可知，粗盐提纯的操作顺序为溶解、过滤、蒸发、计算产率，即②⑥①④⑤③；
（3）需要食盐的质量：100g×17%=17g，需要水的质量为100g-17g=83g，则水的体积约为83mL，量取液体时，选取能一次量取全部液体最小规格的量筒，所以应选用100mL的量筒；
（4）配制的溶液的溶质质量分数偏小。原因可能有氯化钠质量偏少或水偏多。
①氯化钠固体仍然不纯，使氯化钠偏少，故①符合题意；
②量取水时，仰视读数，读出的示数偏小，而实际量取的水偏多，故②符合题意；
④溶液具有均一性，装瓶时，有少量溶液洒出，不影响瓶内溶液的溶质质量分数，故③不符合题意。
故选①②。
25．（2024八上·温州期中）科学项目化小组发现很多物质都能在水中溶解，但溶解的速度有快有慢，那影响同种物质溶解速度的因素有哪些呢？研究小组根据生活经验以冰糖为例，提出了一些猜想：A．与水的温度有关；B．与冰糖颗粒的大小有关；C．与是否搅拌有关。
为了验证猜想是否正确，研究小组设计了实验方案（实验中的烧杯完全相同），并进行了探究。下表是小组探究过程中记录的实验数据。
实验次数 颗粒大小 水的温度 是否搅拌 溶解快慢
① 5g块状冰糖 100mL、10℃的水 是 缓慢
② 5g块状冰糖 100mL、80℃的水 是 较快
③ 5g粉末状冰糖 100mL、80℃的水 是 快速
（1）本实验涉及多个自变量，研究时采用的科学方法是　 　（填“控制变量法”或“转换法”）。
（2）为了验证猜想A，应选择　 　（填序号）进行比较。
（3）通过对比实验②和实验③的现象，得到的结论是：当水温等其他条件相同时　 　。
（4）为了验证猜想C，小科设计如下实验：在两个完全相同的烧杯中，都加入5g粉末状冰糖，　 　，观察两烧杯中冰糖溶解的速度。
【答案】（1）控制变量法
（2）①②
（3）冰糖颗粒越小，溶解越快
（4）一只烧杯进行搅拌，另一只不搅拌
【知识点】科学探究的基本环节；溶解现象与溶解原理
【解析】【分析】根据表中的数据进行分析结合控制变量法进行分析。
【解答】（1）本实验涉及多个自变量，研究时采用的科学方法是控制变量法；
（2）验证与水的温度有关，应控制其它条件相同，由此通过对比实验①和实验②的实验现象，可知温度高的溶解快，故选：①②；
（3）通过对比实验②和实验③的实验现象，得到的结论是：当水温等其他条件一定时，粉末状冰糖溶解快，所以与冰糖颗粒的大小有关；
（3）为了验证猜想 C，小科设计如下实验：在两个完全相同的烧杯中，分别加入100mL相同温度的水，再同时向烧杯中各加入5g块状冰糖（颗粒大小相同）；用玻璃棒搅拌其中一个烧杯内的水，观察两个烧杯中冰糖溶解的速度。
26．（2024八上·温州期中）为探究水的组成及变化，科学项目化小组设计如图装置进行电解水实验。
实验一：在电解水装置玻璃管里加满水（含少量氢氧化钠），再接通直流电源。
（1）通电一段时间后，观察到两玻璃管内的液面下降，其中b管中产生的气体是　 　。
（2）请给如图2所示水电解过程中的微粒运动变化排序：　 　（用序号表示）。
实验二：为了提高电解水的速度，研究小组采用了如下方法：方法一，加入氢氧化钠溶液；方法二，提高电压。小组同学进行多次实验，测得产生10mL氧气所需时间如图3.
（3）本实验通过观测　 　来判断电解水的速度。
（4）电解溶质质量分数为10%的氢氧化钠溶液时，改变电压对电解水速率的影响是　 　。
【答案】氧气；④③①②；产生10mL氧气所需时间；其他条件相同时，电压越高，越产生10mL氧气所需时间越短
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】（1）电解水的实验中，生成氢气的体积是氧气体积的2倍；
（2）化学变化的本质就是分子分解为原子，原子再重新组合呈新的分子的过程；
（3）水电解的速度越快，则收集相同体积的氧气的时间越短；
（4）电压越高，则电流越大，那么反应越快，那么产生氢气的速度越大，据此分析。
【解答】（1）根据图片可知， b管中产生的气体体积较小，该气体是氧气；
（2）水电解的过程，其实就是是水分子分解成氢原子和氧原子，然后氢原子向负极靠近，氧原子向正极靠近，然后氢原子结合生成氢分子，氧原子结合生成氧分子的过程，水电解过程中的微粒运动变化排序④③①②；
（3）本实验通过观测产生10mL氧气所需时间来判断电解水的速度；
（4）电解溶质质量分数为10%的氢氧化钠溶液时，改变电压对电解水速率的影响是：其他条件相同时，电压越高，越产生10mL氧气所需时间越短。
27．（2024八上·温州期中）测量一颗黄豆的质量（大约在0.1g~1g之间），实验室天平的最小刻度是0.2g。科学项目化小组想到利用浮力相关知识制作一个浮力秤。经过讨论确定了以下设计要求：
①测量量程：1g ②最小刻度：0.1g ③能稳定竖直放置在水中使用 ④材料简单，使用方便
【设计方案】
选择材料：烧杯、水、小托盘、剪刀、橡皮泥、铁钉、刻度尺、记号笔、双面胶、质量为1g的小铁块、吸管（规格A：较细的普通饮料吸管；规格B：较粗的奶茶吸管）。
【制作步骤】
①选择轻质的塑料吸管，剪取笔直的20cm一段，上端贴上纸质小托盘；
②在吸管下端插入铁钉，用橡皮泥塞紧吸管与铁钉缝隙进行固定和密封；
③烧杯中倒入水，将制作完成的吸管下端放入水中，让吸管漂浮在水面上，水面与吸管相交处标记0刻度；
④对吸管标定刻度，划分刻度。
【实施计划】制作浮力秤实物装置。
【检验作品】用自制的浮力秤测量一粒黄豆的质量，并将测量结果与黄豆真实质量进行比较，分析误差。
【改进完善】改进方案，提高测量精确度。
【发布成果】根据原型测试和改进的结果，进行批量制造。
请回答以下问题：
（1）制作步骤②中吸管中插入铁钉的好处是　 　。
（2）该浮力秤从下到上刻度变化是　 　（填“由小变大”或“由大变小”）。
（3）浮力秤的刻度　 　（填“均匀”或“不均匀”）。
（4）为提高浮力秤的精确度，小组提出的以下改进措施中可行的是___________（填字母，可多选）。
A．用直径更小的吸管 B．增大吸管中铁钉的质量
C．烧杯中换用密度更小的液体 D．换用更大的烧杯
【答案】（1）使吸管可以竖直漂浮在水中
（2）由大变小
（3）均匀
（4）A；C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）物体的重心越低越稳定，加入铁钉后，重心集中在下面，因此吸管可以竖直立在水中；
（2）根据浮沉条件和阿基米德原理分析浮力秤上的刻度变化规律；
（3）根据浮沉条件和阿基米德原理推导的大浮力秤浸入液体的深度随物体质量的变化规律，进而判断刻度是否均匀；
（4）当放入相同质量的物体时，浮力秤浸入液面的深度变化越大，则测量越精确，根据V=Sh，结合阿基米德原理分析判断即可。
【解答】（1）普通的吸管在水面上处于躺平状态，而步骤②中吸管中插入铁钉，可以使吸管的重心降低，使吸管可以竖直漂浮在水中。
（2）浮力秤在水面上漂浮时，受到的浮力等于重力。由阿基米德原理可知，吸管浸入水的深度增大，则V排越大，那么它所受浮力越大，即物体的重力越大，即该浮力秤从下到上刻度变化是由大变小。
（3）在浮力秤中放入被测物体后再次漂浮时，增大的浮力等于增大的重力即增大的浮力等于被测物体的重力，
故；
；
解得：；
因为S，ρ液为定值，所以h与m物成正比，
即该浮力秤质量的制度是均匀的。
（4）A．根据V排=Sh可知，横截面积越小，浸入的深度越大，可以标注的刻度线越多，分度值越小，所以用直径更小的吸管可以提高浮力秤的精确度，故A符合题意；
B．增大吸管中铁钉的质量，则浮力秤的浮力增大，浮力秤浸入的深度增大，但是在上面放上不同质量的物体时，浸入深度的变化值不变，所以不能提高浮力秤的精确度，故B不符合题意；
C．根据可知，ρ液越小，V排越大，吸管浸入的深度越大，可以标注的刻度线越多，分度值越小，所以烧杯中换用密度更小的液体可以提高浮力秤的精确度，故C符合题意；
D．浮力秤竖直漂浮于水中，称量同一物体时其受到的浮力一定，根据，换用更大的烧杯，不会影响浸入的深度，不能提高浮力秤的精确度，故D不符合题意。
故选AC。
（1）步骤②中吸管中插入铁钉，可以使吸管的重心降低，使吸管可以竖直漂浮在水中。
（2）漂浮时是浮力等于重力，当物体质量越大，所受浮力越大。由可知，当ρ液，g一定时，所受浮力越大，V排越大，即吸管浸入水的深度增大，该浮力秤从下到上刻度变化是由小变大。
（3）设被测物体的质量为m物，吸管的面积为S，在浮力秤中放入被测物体后，吸管浸入的深度增加值为h，浮秤再次漂浮时，增大的浮力等于增大的重力即增大的浮力等于被测物体的重力，故
因为S，ρ液为定值，所以h与m物成正比，即该浮力秤质量的制度是均匀的。
（4）A．浮力秤竖直漂浮于水中，称量同一物体时其受到的浮力一定，根据可知V排一定，根据V排=Sh可知横截面积越小，浸入的深度越大，可以标注的刻度线越多，分度值越小，所以用直径更小的吸管可以提高浮力秤的精确度，故A符合题意；
B．浮力秤竖直漂浮于水中，增大吸管中铁钉的质量，则浮力秤的浮力增大，浮力秤浸入的深度增大，但是在上面放上不同质量的物体时，浸入深度的变化值不变，所以不能提高浮力秤的精确度，故B不符合题意；
C．浮力秤竖直漂浮于水中，称量同一物体时其受到的浮力一定，根据可知ρ液越小，V排越大，吸管浸入的深度越大，可以标注的刻度线越多，分度值越小，所以烧杯中换用密度更小的液体可以提高浮力秤的精确度，故C符合题意；
D．浮力秤竖直漂浮于水中，称量同一物体时其受到的浮力一定，根据，换用更大的烧杯，不会影响浸入的深度，不能提高浮力秤的精确度，故D不符合题意。
故选AC。
28．（2024八上·温州期中）科学项目化小组的同学利用周末开展了一次登山活动，他们利用随身携带的注射器、弹簧测力计、细线、刻度尺等相关用品测量山顶的大气压。测量步骤如下：
①把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔；
②如图甲，用细线拴住注射器活塞，使线的一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右缓慢拉动针筒，当针筒中的活塞刚开始滑动时，记下弹簧测力计的示数为F；
③读出注射器针筒上有刻度部分的容积V；
④用刻度尺测出注射器针筒上有刻度部分的长度L。
请根据他们设计的方案回答以下问题：
（1）步骤①的目的是　 　。
（2）用测量步骤中的V、L和F表示大气压的值，则p=　 　。
（3）若同学们用图乙中②注射器在测量时，弹簧测力计被拉到10N，活塞仍没有滑动。可改用图乙中的　 　（填“①”或“③”）注射器。
（4）下述原因会使测量值大于真实值的是___________（填字母，可多选）。
A．注射器里有残余气体
B．活塞与注射器筒壁间有摩擦
C．测量前弹簧测力计没有调零，指针在0.2N的位置
D．活塞与注射器筒壁不完全密封
【答案】（1）排尽注射器内的空气，防止空气进入
（2）
（3）③
（4）B；C
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）如果针筒内残留空气，那么会对活塞产生向外的压力，从而导致测力计的示数偏小，即测出大气压强偏小；
（2）根据V=SL计算活塞的横截面积，根据计算大气压强；
（3）根据F=pS可知，当大气压强一定时，受力面积越大，则压力越大；
（4）对各个选项中的情形进行分析，确定弹簧测力计的示数变化，进而弄清大气压强的变化即可。
【解答】（1）根据题意可知，把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔的目的是：为了排尽注射器内的空气，是防止空气进入。
（2）注射器的容积V是活塞的面积和针筒上有刻度部分的长度L的乘积，
根据V=SL可知，注射器活塞的面积为；
由二力平衡的条件可知，弹簧测力计的示数等于大气对活塞施加的压力，
即：
那么大气压为；
（3）弹簧测力计被拉到10N，活塞仍没有滑动，说明大气对活塞的压力大于10N，根据
F=pS可知，当大气压一定时，受力面积越小，拉动活塞所需拉力越小，故选择受力面积更小的注射器，故③。
（4）A．注射器里有残余气体，会使拉力变小，即测得的大气压会偏小，故A不符合题意；
B．活塞与注射器筒壁间有摩擦，会导致拉力变大，即测得的大气压会偏大，故B符合题意；
C．测量前弹簧测力计没有调零，指针在0.2N的位置，会使拉力变大，即测得的大气压会偏大，故C符合题意；
D．活塞与注射器筒壁不完全密封，会有空气进入注射器，会使拉力变小，即测得的大气压会偏小，故A不符合题意。
故选BC。
（1）“把注射器的活塞推至注射器针筒的底端”是为了排尽注射器内的空气，“然后用橡皮帽封住注射器小孔”是防止空气进入。
（2）注射器的容积V是活塞的面积和针筒上有刻度部分的长度L的乘积，故注射器活塞的面积为
由二力平衡的条件知道
故大气压为
（3）用图乙中②注射器在测量时，弹簧测力计被拉到10N，活塞仍没有滑动，说明要拉动活塞，所需拉力大于10N，为了使所需拉力减小，根据可知，当大气压一定时，受力面积越小，拉动活塞所需拉力越小，故选择受力面积比②注射器更小的③注射器。
（4）A．注射器里有残余气体，会使拉力变小，根据可知，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小，故A不符合题意；
B．活塞与注射器筒壁间有摩擦，会导致拉力变大，根据可知，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏大，故B符合题意；
C．测量前弹簧测力计没有调零，指针在0.2N的位置，会使拉力变大，根据可知，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏大，故C符合题意；
D．活塞与注射器筒壁不完全密封，会有空气进入注射器，会使拉力变小，根据可知，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小，故A不符合题意。
故选BC。
29．（2024八上·温州期中）天气是气候的具体表现，气候是天气的综合状况。阅读下图，完成下列问题。
（1）如图甲，A地处在②阶段时，接下来的天气状况是___________（填字母，可多选）。
A．天气晴朗温暖 B．天气阴雨
C．气温升高 D．气温降低
（2）在图乙中，A、B、C三处降水量最多的是　 　。
（3）当台风来临时，为了保证安全，以下做法正确的是___________（填字母，可多选）。
A．在大树下躲雨
B．蹲在广告牌旁避风
C．非必要不外出
D．收回高空阳台上的盆栽
E．去海边欣赏狂涛巨浪
【答案】（1）B；D
（2）B
（3）C；D
【知识点】降水
【解析】【分析】（1）根据冷锋过境时的天气变化解答；（2）一般情况下，迎风坡降水较多，背风坡降水较少；
（3）根据应对台风危害的知识判断。
【解答】（1）由甲图可知，当A地处在②阶段时，此时是冷空气过境，接下来的天气状况是出现阴雨天气和气温降低，故选BD。
（2）由乙图可知，B地位于暖湿气流的迎风坡，因此降水多。
（3）当台风来临时，很容易刮倒大树和广告牌，掀起巨浪，则为了保证安全，应该做到非必要不外出，收回高空阳台上的盆栽，
故CD正确，而A、B、E错误。
故选CD。
（1）由甲图可知，气流运动方向是由冷空气向暖空气推进，当A地处在②阶段时，此时是冷空气过境，接下来的天气状况是出现阴雨天气和气温降低，故选BD。
（2）由乙图可知，A、B、C三处降水量最多的是B地，这里位于暖湿气流的迎风坡，降水多。
（3）当台风来临时，为了保证安全，应该做到非必要不外出，收回高空阳台上的盆栽，ABE的三种做法都是错误的。故选CD。
30．（2024八上·温州期中）如图甲所示，小石块从水面上方以恒定的速度下降，直至全部没入水中。如图乙所示是拉力随时间t变化的图像，若不计水的阻力，求：
（1）小石块重力为　 　N，完全浸没时受到的浮力是　 　N。
（2）小石块的体积和密度各是多大？（写出计算过程）
【答案】（1）2.5；1
（2）解：小石块完全浸没时排开水的体积等于物体体积，
则小石块的体积为；
故小石块的质量为；
小石块的密度为。
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）①当石块浸入水的深度为0时不受浮力，此时测力计的示数等于石块的重力；
②当石块完全浸没后，它排开水的体积不变，则受到的浮力不变，据此结合计算石块受到的浮力。
（2）首先根据计算石块的体积，再根据计算石块的质量，最后根据计算石块的密度。
【解答】（1）①根据乙图可知，当小石块未浸入水中时，此时不受浮力，则小石块重力等于弹簧测力计的拉力，故由图乙可知小石块重力为2.5 N。
②当小石块完全浸没时，浮力达到最大，此时测力计的示数最小。
由图乙可知，此时弹簧测力计示数为1.5 N；
故完全浸没时受到的浮力是。
（1）[1]小石块从水面上方以恒定的速度下降，当小石块未浸入水中时，小石块重力等于弹簧测力计的拉力，故由图乙可知小石块重力为2.5 N。
[2] 当小石块完全浸没时，浮力不再变化，由图乙可知，此时弹簧测力计示数为1.5 N。故完全浸没时受到的浮力是
（2）解：小石块完全浸没时排开水的体积等于物体体积，已知小石块完全浸没时受到的浮力是1N，则小石块的体积为
已知小石块重力为2.5 N，故小石块的质量为
故小石块的密度为
答：小石块的体积为1×10-4m3，密度为2.5×103kg/m3。
31．（2024八上·温州期中）有效预防登革热的方法之一就是用杀虫剂对室外水沟、垃圾池周围以及有杂草的地方进行喷洒灭蚊。某社区决定采用高效氯氰菊酯杀虫剂进行喷杀，瓶上的标签如表所示，求：
氯氰菊酯杀虫剂500mL
溶质质量分数 80%
密度 1.2g/cm3
具有强毒性，阴冷、密封储藏
（1）500mL氯氰菊酯杀虫剂中含溶质氯氰菊酯　 　g，若将这500mL氯氰菊酯消毒液与2500g水均匀混合，所得稀氯氰菊酯消毒液中氯氰菊酯的质量分数是　 　（结果保留1位小数）。
（2）欲配制16kg质量分数为20%的稀氯氰菊酯杀虫剂用来消毒，需要多少千克这种氯氰菊酯杀虫剂和多少千克水？（写出计算过程）
【答案】（1）480；15.5%
（2）解：m浓=16 kg×20%/80%=4kg
m加水=m稀-m浓=16kg-4kg=12kg
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】 （1）根据溶质的质量=溶液的质量×溶质的质量分数、来分析；
（2）根据溶液稀释过程中，溶质的质量不变来分析。
【解答】 （1）500mL=500cm3，则500mL氯氰菊酯杀虫剂中含溶质氯氰菊酯的质量为500cm3×1.2g/cm3×80%=480g；
若将这500mL氯氰菊酯消毒液与2500g水均匀混合，
所得稀氯氰菊酯消毒液中氯氰菊酯的质量分数是；
（2）设需要这种氯氰菊酯杀虫剂的质量为x，则：
16kg×20%=x×80%
x=4kg
需要水的质量为16kg-4kg=12kg
答：需要4kg这种氯氰菊酯杀虫剂和12kg水。
32．（2024八上·温州期中）如图1是高压锅的结构示意图，锅盖紧扣在锅体上，盖上装有一金属管作排气孔，金属管上方倒扣一个像砝码一样的起限压作用的限压阀。小科家的高压锅出气孔横截面积为10mm2.小科不慎丢失了锅的限压阀，售货员告诉他，生产这个锅的厂家提供的限压阀有两种，孔径相同，质量分别为100g和60g。请回答：
（1）高压锅的工作原理：　 　。
（2）当外界气压为1×105Pa时，该锅内最高温度达到115℃，根据图2中锅内水的沸点与锅内气压的关系图像，分析锅内气体压强最高可达　 　Pa、限压阀限定了锅内外的压强差，该差值有多大　 　？通过计算说明小科应该买哪一种限压阀　 　。
【答案】（1）液体的沸点随大气压的升高而增大
（2）1.6×105；0.6×105；60g
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）根据液体沸点随气压的变化规律解答；
（2）①根据图2确定锅内温度为115℃时的气压即可；
②根据计算锅内外的气压差；
③限压阀的自重产生的压强等于锅内外的压强差，根据计算限压阀受到的压力差，根据计算限压阀的质量。
【解答】（1）高压锅的工作原理为：液体的沸点随大气压的升高而增大。
（2）①根据图2可知，当该锅内最高温度达到115℃时，
则锅内气体压强最高可1.6×105 Pa。
②锅内外的压强差为；
③限压阀的自重产生的压强等于锅内外的压强差为0.6×105Pa，
即；
故限压阀的对气体的压力为；
限压阀的质量为。
（1）高压锅可使锅内液体上方大气压升高，使液体的沸点增大，故高压锅的原理为液体的沸点随大气压的升高而增大。
（2）[1]根据图2中锅内水的沸点与锅内气压的关系图像可知，当该锅内最高温度达到115℃时，锅内气体压强最高可达1.6×105 Pa。
[2] 外界气压为1×105Pa，锅内气体压强最高可达1.6×105 Pa，故锅内外的压强差为
[3]限压阀限定了锅内外的压强差，锅内外的压强差为0.6×105Pa，即
高压锅出气孔横截面积为10mm2即1×10-5 m2，故限压阀的对气体的压力为
限压阀的质量为
答：小科应该买60g的限压阀。
33．（2024八上·温州期中）科学项目化小组设计了如图所示装置探究影响浮力大小的因素，他们先往气球内充入一定量的空气后，用细线扎紧气球口。然后在容器底部固定一滑轮，往容器中加入适量的水，向上拉动绕过滑轮的细线使气球浸没在水中。往水中加入一定量的氢氧化钠固体，在原有拉力大小F保持不变的情况下，请判断此时气球的运动方向，并说明原因。
【答案】此时气球会向上运动，原因为：根据题意可知，氢氧化钠溶于水放热，气球内气体的温度会升高，气体受热膨胀体积变大。根据阿基米德公式可知，气球受到的浮力变大，即浮力大于拉力，有会看到气球向上运动。
【知识点】阿基米德原理；溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】根据氢氧化钠溶于水放热分析气球内气体的体积变化，根据阿基米德原理分析受到的浮力变化，最后与拉力比较，从而确定气球的运动方向。
【解答】根据题意可知，氢氧化钠溶于水放热，气球内气体的温度会升高，气体受热膨胀体积变大。根据阿基米德公式可知，气球受到的浮力变大，即浮力大于拉力，有会看到气球向上运动。
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