福建省漳州市漳州三中2024-2025学年高二下学期期中数学试卷(pdf版,含答案)

资源下载
  1. 二一教育资源

福建省漳州市漳州三中2024-2025学年高二下学期期中数学试卷(pdf版,含答案)

资源简介

2024-2025 学年福建省漳州三中高二(下)期中数学试卷
一、单选题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.若向量 = ( 1,0,2), = (2, , ),且 // ,则| | =( )
A. 2 5 B. 4 5 C. 3 D. 6
2.已知随机变量 服从正态分布 (2.3, 2),且 (2.3 < ≤ 4.2) = 0.2,则 ( > 0.4) =( )
A. 0.7 B. 0.4 C. 0.3 D. 0.2
3 1 1.甲、乙两人独立地破译一份密码,已知两人能破译的概率分别是3,5,则( )
A. 1 4密码被成功破译的概率为15 B.恰有一人成功破译的概率为15
C. 7 2密码被成功破译的概率为15 D.密码破译失败的概率为5
4.如图在平行六面体 1 1 1 1中, 、 相交于 , 为 1的中点,设 = , = , 1 = ,
则 =( )
A. 1 1 14 + 4 2
B. 1 1 14 4 2
C. 14
1 1
4 + 2
D. 34 +
1
4
12
5.已知函数 ( ) = 13
3 32
2 + 有 3 个不同的零点,则 的取值范围是( )
A. ( 9 42 , 0) B. ( 3 , 0) ∪ (0, + ∞)
C. (0, 92 ) D. ( ∞,
9
2 ) ∪ (0, + ∞)
6.关于空间向量,以下说法正确的是( )
A. 2 1 1若对空间中任意一点 ,有 = + + 3 6 2 ,则 , , , 四点共面
B.若空间向量 , 满足 > 0,则 与 夹角为锐角
C.若直线 的方向向量为 = (2,4, 2),平面 的一个法向量为 = ( 1, 2,1),则 //
D. = (1,0,1) = (0,1, 1) (0 , 1 1若空间向量 , ,则 在 的投影向量为 2 , 2 )
7 = 0.2 1 = 1.设 , 6, = 1.2,则( )
A. < < B. < < C. < < D. < <
第 1页,共 9页
8.设函数 ( ) = , ( ) = ′( ) ,则下列说法正确的有( )
A.不等式 ( ) > 0 的解集为(1, + ∞)
B. 1若函数 ( ) = ( ) 2有两个极值点,则实数 的取值范围为(0 , 2 )
C.当 ∈ ( 1 , 1)时,总有 ( ) > ( )恒成立
D.函数 ( )在(0, )单调递增,在( , + ∞)单调递减
二、多选题:本题共 3 小题,共 18 分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。
9.下列命题正确的有( )

A. (1+2 ) (1)已知函数 ( )在 上可导,若 ′(1) = 2,则 → 0 = 4
B. 1已知函数 ( ) = ln(2 + 1),若 ′( 0) = 1,则 0 = 2
C. ( )′ =
+
2
D.设函数 ( ) 9的导函数为 ′( ),且 ( ) = 2 + 3 ′(2) + ,则 ′(2) = 4
10.如图,在四棱锥 中, ⊥平面 , // ,∠ = 2, = =
1
2 = 2, = 2 2,
为 的中点,则( )
A. 直线 与 所成的角为4
B. | | = 2 5
C.直线 与平面 6所成角的余弦值为 3
D.点 2 6到平面 的距离为 3
11.如图,某电子实验猫线路图上有 、 两个即时红绿指示灯,当遇到红灯时,实验猫停止前行,恢复绿灯
1
后,继续前行, 、 两个指示灯工作相互独立,且出现红灯的概率分别为2, (0 < < 1).同学甲从第一次
实验到第五次实验中,实验猫在 处遇到红灯的次数为 ,在 、 两处遇到红灯的次数之和为 ,则( )
A. ( = 3) = 132
B. ( ) = 54
C. 1 1一次实验中, 、 两处至少遇到一次红灯的概率为2+ 2
D. = 1 25当 3时, ( ) = 6
第 2页,共 9页
三、填空题:本题共 3 小题,每小题 5 分,共 15 分。
12.一个盒子里有 1 红 1 绿 4 黄六个除颜色外均相同的球,每次拿一个,共拿三次,记拿到黄色球的个数为
.若取球过程是有放回的,则事件{ = 1}发生的概率为______.
13.已知直三棱柱 1 1 1中, 1 = 2, = 4, = 3,∠ = 90°,则点 到直线 1 1的距离为
______.
14.若函数 ( )和 ( )的图象分别分布在某直线的两侧(函数图象与直线没有公共点),则称该直线为函数
( )和 ( ) 2的“隔离直线”.已知 ( ) = 2 2, ( ) = ( > 0),若 ( )和 ( )在公共定义域上存在“隔离
直线”,则该“隔离直线”的斜率取值范围为______.
四、解答题:本题共 5 小题,共 77 分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
15.(本小题 13 分)
某年级有 6 名数学老师,其中男老师 4 人,女老师 2 人,任选 3 人参加校级技能大赛.
(1)设所选 3 人中女老师人数为 ,求 的期望和方差;
(2)如果依次抽取 2 人参加县级技能大赛,求在第 1 次抽到男老师的条件下,第 2 次抽到是女老师的概率.
16.(本小题 15 分)

已知函数 ( ) = .
(1)若 ( )在 = 1 处取得极值,求函数 ( )的单调区间和极值;
(2)若 ( ) ≥ 0 恒成立,求实数 的取值范围.
17.(本小题 15 分)
如图,在直三棱柱 1 1 1中, ⊥ , = = 1 = 2,点 为棱 1 1的中点,点 为线段 1
上一动点.
第 3页,共 9页
(1)求证:当点 为线段 1 的中点时, ⊥平面 1 ;
(2)设 = 1,试问:是否存在实数 ,使得平面 1 与平面
30
1 所成锐二面角的余弦值为 ?若存10
在,求出这个实数 ;若不存在,请说明理由.
18.(本小题 17 分)
在某人工智能的语音识别系统开发中,每次测试语音识别成功的概率受环境条件(安静或嘈杂)的影响.
(1)已知在安静环境下,语音识别成功的概率为 0.8;在嘈杂环境下,语音识别成功的概率为 0.6.某天进行测
试,已知当天处于安静环境的概率为 0.3,处于嘈杂环境的概率为 0.7.
( )求测试结果为语音识别成功的概率;
( )已知测试结果为语音识别成功,求当天处于安静环境的概率;
(2)已知当前每次测试成功的概率为 0.7,每次测试成本固定,现有两种测试方案:方案一:测试 4 次;方
案二:先测试 3 次,如果这 3 次中成功次数小于等于 2 次,则再测试 2 次,否则不再测试.为降低测试成本,
以测试次数的期望值大小为决策依据,应选择哪种方案?
19.(本小题 17 分)

已知函数 ( ) = 2 + (2 1) ( ∈ ) , ( ) = 2 + 1 2.
(1)求函数 ( )在 = 0 处的切线方程;
(2)讨论函数 ( )单调性;
(3)当 > 0 时,若对于任意 1 > 0,总存在 2 ∈ [ 2, 1],使得 ( 1) ≥ ( 2),求 的取值范围.
第 4页,共 9页
参考答案
1.
2.
3.
4.
5.
6.
7.
8.
9.
10.
11.
12.29
13.25 61
14.( 8,0)
15.解:(1)由题意可得 的所有可能取值为 0,1,2,
3 2 1 1 2
则 ( = 0) = 4 = 13 5, ( = 1) =
4 2 = 33 5, ( = 2) =
4 2 1
3
= ,
6 6 6 5
∴ 的分布列为:
0 1 2
1 3 1
5 5 5
所以 ( ) = 0 × 1 3 15+ 1 × 5 + 2 × 5 = 1,
1 3 1 2
所以 ( ) = 2 2 25 × (0 1) + 5 × (1 1) + 5 × (2 1) = 5;
(2)设第 1 次抽到男老师为事件 ,第 2 次抽到女老师为事件
则第 1 次抽到男老师且第 2 次抽到女老师为事件 ,
则 ( ) = 1 14 5 = 20, ( ) = 14 12 = 8.
( | ) = ( ) 8 2所以 ( ) = 20 = 5.
第 5页,共 9页
16.解:(1) 函数 ( ) = .则 ′( ) =
1
+

2,
由题意 ′(1) = 1 + = 0,可得 = 1,
( ) = + 1此时 ,定义域为(0, + ∞),
则 ′( ) = 1 1 = 1 2 2 ,
当 0 < < 1 时, ′( ) < 0, ( )单调递减,
当 > 1 时, ′( ) > 0, ( )单调递增,
所以 ( )的单调递减区间为(0,1),单调递增区间为(1, + ∞),
所以 ( )有极小值为 (1) = 1,无极大值.
(2)因为 ( ) ≥ 0 恒成立,得 > 0, ≤ ,
令 ( ) = , > 0,则 ′( ) = 1 + ,
当 0 < < 1 1 , ′( ) < 0,当 > 时, ′( ) > 0,
1
即函数 ( )在(0, )上单调递减,在( , + ∞)上单调递增,
因此 ( ) 1 1 = ( ) = ,则 ≤
1

所以 的取值范围为( ∞, 1 ].
17.解(1)证明:连 1, 1,
∵点 为线段 1 的中点,点 为 1 1的中点,∴ // 1.
在直三棱柱 1 1 1中, ⊥ ,
∴ ⊥平面 1 1, 1 平面 1 1, ∴ ⊥ 1,
又 = 1,∴四边形 1 1为正方形,
∴ 1 ⊥ 1 , 1 ∩ = , 1C、 平面 1 ,
∵ 1 , 平面 1 ,∴ 1 ⊥平面 1 ,
而 // 1,∴ ⊥平面 1 .
(2)以 为原点,分别以 , , 1的方向为 轴、 轴、 轴的正方向建立空间直角坐标系,
第 6页,共 9页
则 (0,0,0), (2,0,0), (0,2,0), 1(0,0,2), 1(2,0,2), 1(0,2,2), (0,1,2).
连接 1 , 1 ,设 ( , , ),
∵ = 1, ∈ 0,1 ,
∴ ( , 2, ) = (2, 2,2),
= 2 ,
∴ = 2 2 , ∴ (2 , 2 2 , 2 ).
= 2 ,
∵点 在线段 1 上运动,
∴平面 1 的法向量即为平面 1 的法向量,
设平面 1 的法向量为 1 = ( , , ),
= 0, 1,2 , 1 = 2, 1,0 ,
1· = 0, + 2 = 0,由
·

= 0, 2 = 0,1 1
令 = 2,得 1 = (1,2,1),
设平面 1 的法向量为 2 = ( 2, 2, 2),
1 = 0,1,0 , 1 = 2 , 2 , 2 2 ,
2· 1 = 0, = 0,由 得
2
· = 0 2 + ( 1) 2 1 2 = 0,
令 2 = ,得 2 = (1 , 0, ),
|(1,2,1)·(1 ,0, )|
由题意得|cos〈 1,
2〉| =
6 (1 )2+ 2
= 1 = 30,
6 2 2 2 +1 10
∴ 9 2 9 + 2 = 0 = 1 = 2,解得 3或 3.
∴ 1当 = 3或 =
2
3时,平面 1 与平面 1 所成锐二面角的余弦值为
30.
10
18.解:(1)记事件 =“某天进行测试时处于安静环境”,事件 =“测试结果语音识别成功”.

根据题意得 ( ) = 0.3, ( ) = 0.7, ( | ) = 0.8, ( | ) = 0.6;
( )由全概率公式得:
第 7页,共 9页

( ) = ( ) ( | ) + ( ) ( | ) = 0.3 × 0.8 + 0.7 × 0.6 = 0.66;
( )“已知测试结果语音识别成功,当天处于安静环境的概率”,就是在事件 发生的条件下 发生的概率,
即 ( | ) = ( ) = ( ) ( | ) 0.3×0.8 4 ( ) ( ) = 0.66 = 11;
(2)方案一的测试次数的期望为 4.
方案二测试的次数为 , 的可能取值为 3,5.
则 ( = 3) = 0.73 = 0.343,
( = 5) = 1 ( = 3) = 0.657,
所以方案二测试次数的数学期望为 ( ) = 3 × 0.343 + 5 × 0.657 = 4.314.
又因为 ( ) > 4,
所以以测试次数的期望值大小为决策依据,应选择方案一.
19. (1) ( ) = 2 + 1
0
解: 由 2,得 ′( ) = 2 2, ′(0) =

2 =
1
2,
0
又 (0) = 0 + 1 12 = 2,
所以 ( )在 = 0 1 1处的切线方程为 2 = 2 ,即 + 2 1 = 0;
(2)由题意, ( ) = 2 + (2 1) ,( ∈ ),定义域为(0, + ∞),
2
( ) = 2 + (2 1) 1 = 2 +(2 1) 1 = (2 1)( +1)则 ′ ,
因为 ∈ (0, + ∞),所以 + 1 > 0,
当 > 0 时,令 ′( ) > 0 得 > 12 ,令 ′( ) < 0
1
得 0 < < 2 ,
( ) (0, 1 1故 在 2 )上单调递减,在( 2 , + ∞)上单调递增,
当 ≤ 0 时,2 1 < 0, ′( ) = (2 1)( +1) < 0,故 ( )在(0, + ∞)上单调递减,
1
综上,当 > 0 时, ( )在(0, 2 )
1
上单调递减,在( 2 , + ∞)上单调递增,
当 ≤ 0 时, ( )在(0, + ∞)上单调递减;
(3)当 > 0 时,若对于任意 1 > 0,总存在 2 ∈ [ 2, 1],使得 ( 1) ≥ ( 2),
等价于 ( 1) ≥ ( 2) ,其中 1 > 0, 2 ∈ [ 2, 1],
由(2)知, > 0 时, ( )在(0, 1 12 )上单调递减,在( 2 , + ∞)上单调递增,
1 1
故 ( ) = ( 2 ) = ( 2 )
2 + (2 1)( 12 ) ln
1
2 =
1
4 + 1 + ln(2 ),
第 8页,共 9页

′( ) = 2 2, ∈ [ 2, 1],

因为 2 > 0,2 < 0,所以 ′( ) = 2

2 < 0 在 ∈ [ 2, 1]上恒成立,故 ( )在 ∈ [ 2, 1]上单调递
减,
1
则 ( ) = ( 1) = 1 + 1 2 = 2
1
2 ,
1
所以 4 + 1 + ln(2 ) ≥ 2
1 1 1
2 ,即4 ln(2 ) 2 + 1 ≤ 0,
令 ( ) = 1 14 ln(2 ) 2 + 1, > 0,
则 ′( ) = 1 1 2 = 1 14 2 2 4 2 < 0,
故 ( )在(0, + ∞)上单调递减,
又 ( ) = 1 12 2 2 + 1 = 0,
1
所以当 ≥ 2时, ( ) = 4 ln(2 )
1
2 + 1 ≤ 0,当 0 < <

2时, ( ) > 0,

故 的取值范围为[ 2 , + ∞).
第 9页,共 9页

展开更多......

收起↑

资源预览