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浙江省湖州市吴兴区2024学年第一学期八年级科学期中练习卷（1-2章）
1．（2024八上·吴兴期中）某航班飞机飞行时，飞行员向塔台请求向左偏航以躲避积雨云，从而保证飞行安全。说明当时飞机很可能飞行在大气层的（）
A．对流层 B．平流层 C．中间层 D．暖层
【答案】A
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】 大气层由低到高分为对流层、平流层对流层、平流层、中间层、暖层和外层。
【解答】 某航班飞机飞行时，飞行员向塔台请求向左偏航以躲避积雨云，从而避免暴雨的影响，说明当时飞机很可能在大气层中的对流层。故A正确。
故答案为：A。
2．（2024八上·吴兴期中） 冬季，我国黑龙江省北部滴水成冰，大地白雪皑皑；而海南省气候暖热，到处绿树成荫。形成这种气候差异的主要影响因素是(　　)
A．纬度位置 B．海陆性质 C．地形 D．人类活动
【答案】A
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】影响气候的因素有纬度因素、地形因素和海陆位置等。
【解答】 冬季，我国黑龙江省北部滴水成冰，大地白雪皑皑；而海南省气候暖热，到处绿树成荫。形成这种气候差异的主要影响因素是纬度位置。黑龙江省纬度较高，海南省纬度低。
故答案为：A。
3．（2024八上·吴兴期中）如图所示，U形管内a、b液面相平，当挤压滴管的胶头，一段时间后会观察到a液面高于b液面。则试剂X、Y的组合可能是（　　）
A．水、硝酸铵 B．水、氢氧化钠
C．水、氯化钠 D．水、蔗糖
【答案】A
【知识点】溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】U型管内a、b液面相平，当挤压滴管的胶头，使试剂X进入锥形瓶内，一段时间后会观察到a液面高于b液面，说明是吸收了热量，进行分析判断。
【解答】A、硝酸铵溶于水吸热，使装置内压强减小，会观察到a液面高于b液面，故A正确。
B、氢氧化钠溶于水放出大量的热，使装置内压强增大，会观察到a液面低于b液面，故B错误。
C、氯化钠溶于水，溶液温度基本保持不变，U形管内a、b液面相平，故C错误；
D、蔗糖溶于水，溶液温度基本保持不变，U形管内a、b液面相平，故D错误。
故答案为：A。
4．（2024八上·吴兴期中）口罩可阻挡粉尘、飞沫、病毒等进入口鼻，从而保护人体。这一作用相当于物质分离方法中的（　　）
A．沉淀 B．过滤 C．蒸馏 D．结晶
【答案】B
【知识点】过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】根据过滤操作的用途判断。
【解答】过滤操作用于分离液体和不溶于液体的固态颗粒。而口罩上存在细小的孔，相当于滤纸，而粉尘和飞沫相当于不溶于空气的固态颗粒，因此相当于过滤操作，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
5．（2024八上·吴兴期中）下列空气对流运动图中，有关甲乙两地的说法正确的是（）
A．甲地比乙地气温高，气压高，多晴朗天气
B．甲地比乙地气温高，气压低，多阴雨天气
C．甲地比乙地气温低，气压高，多晴朗天气
D．甲地比乙地气温低，气压低，多阴雨天气
【答案】C
【知识点】大气压对天气的影响；气温及其变化
【解析】【分析】 根据热力环流的过程，近地面温度高气体膨胀上升形成低压，高空形成高压；温度低气体收缩下沉形成高压，高空形成低压；大气在水平方向上从高压流向低压，从而形成热力环流。
【解答】 读图得知，甲地盛行下沉气流，气温较低，气压高，多晴朗天气；乙地盛行上升气流，气温较高，气压较低，多阴雨天气。
故答案为：C。
6．（2024八上·吴兴期中） 在除去粗盐中难溶性杂质的实验中，下列操作正确的是（）
A．取用粗盐 B．溶解粗盐
C．过滤 D．蒸发滤液
【答案】D
【知识点】蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】根据固体药品的取用方法进行分析判断。根据溶解操作的方法，进行分析判断。过滤液体时，注意“一贴、二低、三靠”的原则。根据蒸发操作的注意事项进行分析判断。
【解答】 A、取用粗盐时，瓶塞要倒放，应用药匙取用，不能用手接触药品，图中瓶塞没有倒放，所示操作错误。
B、配制溶液时，溶解操作应在烧杯中进行，用玻璃棒不断搅拌，不能在量筒内进行，图中所示操作错误。
C、过滤液体时，要注意“一贴、二低、三靠”的原则，图中缺少玻璃棒引流、滤纸的边缘超过漏斗的边缘，图中所示操作错误。
D、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，以防止局部温度过高，造成液体飞溅，图中所示操作正确。
故答案为：D。
7．（2024八上·吴兴期中） 小科在一座海拔1400米高的山顶上做了如图所示的一个装置，两端都开口的直玻璃管插入瓶塞中，瓶塞与瓶口及玻璃管之间密封良好，直玻璃管的下端套有一个小气球。当小科将装置带下山时，小气球发生的变化是(　　)
A．不会发生变化 B．鼓起一些
C．变瘪一些 D．先变瘪后鼓起
【答案】B
【知识点】大气压强的存在；大气压强与高度的关系
【解析】【分析】 将装置带下山高度减小，外界大气压增大，瓶内气压不变，据此分析解答。
【解答】 将装置带下山高度减小，外界大气压增大，瓶内气压不变，瓶内外气压差增大，所以小气球会鼓起一些。
故答案为：B。
8．（2024八上·吴兴期中） 两列高速行驶的火车相对驶过时，它们必须减速，否则辆车之间的车窗玻璃将会损坏。如果真的发生了这种现象，那么(　　)
A．碎玻璃沿竖直方向下落 B．碎玻璃将会飞向车顶
C．碎玻璃将会飞向车内 D．碎玻璃将会飞向车外
【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】根据列车内部和两列车之间的空气流动速度，分析压强，玻璃将被压向压强小的一侧的规律进行分析。
【解答】 两列火车相对高速行驶时，两列车之间空气流动速度很大，压强很小，列车内的压强远大于列车中间的压强，会把玻璃压向两列车之间，碎玻璃将会飞向车外。
故答案为：D。
9．（2024八上·吴兴期中）如图所示为湖州某日的部分气象信息，下列说法正确的是（）
A．这一天时间里湖州的大气状态及其变化称为气候
B．这一天的最低气温是人体最感舒适的气温
C．这一天的气温最高值出现在午后2时左右
D．这一天的大气状态可以用和风细雨来形容
【答案】C
【知识点】天气的概念；天气预报与天气图；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】 天气对人们的生活和生产有着深深的影响。
【解答】 这一天时间里杭州的大气状态及其变化称为天气；这一天的最高气温是人体最感舒适的气温；这一天的气温最高值出现在午后2时左右；这一天是晴。
故答案为：C。
10．（2024八上·吴兴期中）浙江佛堂浮桥火爆网络，吸引大批游客前来参观。佛堂浮桥由若干只木船连接而成，浮在江面上，可以供路人游客行走参观。大批游客走上浮桥，会导致浮桥所受的浮力以及浮桥底部所受的水的压强如何变化 （　　）
A．浮力变大，压强变小 B．浮力变小，压强变大
C．浮力变小，压强变小 D．浮力变大，压强变大
【答案】D
【知识点】影响液体压强大小的因素；阿基米德原理
【解析】【分析】根据浮沉条件分析浮桥受到浮力的变化，根据液体压强公式p=ρ液gh分析浮桥受到水的压强变化。
【解答】根据题意可知， 浮桥始终在水面漂浮时，浮桥所受的浮力始终等于自身的重力。大批游客走上浮桥后，浮桥的总重力增大，故浮力变大。
由阿基米德原理可知，此时浮桥排开水的体积增大，即浮桥的吃水深度增加，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，浮桥底部所受水的压强变大。
故D正确，而A、B、C错误。
故选D。
11．（2024八上·吴兴期中）下图所示，甲地的风向在不考虑其他因素的情况下应是（　　）
A．东北风 B．西南风 C．东南风 D．西北风
【答案】B
【知识点】风
【解析】【分析】 太阳光照射在地球表面上，使地表温度升高，地表的空气受热膨胀变轻而往上升。热空气上升后，低温的冷空气横向流入，上升的空气因逐渐冷却变重而降落，由于地表温度较高又会加热空气使之上升，这种空气的流动就产生了风。
【解答】 风总是从高气压吹向低气压，结合图示指向标来看，甲地的风向在不考虑其他因素的情况下应是西南风。
故选B。
12．（2024八上·吴兴期中）某温度下，一杯刚好饱和的蔗糖溶液，欲使其溶质的质量分数改变，下列四位同学提出的措施可行的是（　　）（忽略溶液中的水分在自然条件下的散失）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】根据某温度下，一杯刚好饱和的蔗糖溶液，欲使其溶质的质量分数改变，则改变了溶液的组成，进行分析判断。
【解答】 A、某温度下，一杯刚好饱和的蔗糖溶液，加蔗糖，不能继续溶解，溶质的质量分数不变，故选项错误。
B、降低温度，蔗糖的溶解度减小，溶质质量减少，溶剂质量不变，溶质质量分数减小，故选项正确。
C、恒温蒸发溶剂，所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，溶质的质量分数不变，故选项错误。
D、升高温度，蔗糖的溶解度增大，但溶液的组成没有发生改变，溶质的质量分数不变，故选项错误。
故答案为：B。
13．（2024八上·吴兴期中）在15℃时，硝酸钾的溶解度为26克，在该温度下，将20克硝酸钾放入60克水中充分搅拌，所得溶液中质量分数约为（　　）
A．25% B．33.3% C．26% D．20.6%
【答案】D
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】根据饱和溶液中，溶质质量分数的计算方法来分析。
【解答】 解在15℃时，硝酸钾的溶解度为26克，在该温度下，60克水中最多能溶解硝酸钾的质量为60克×=15.6克，即在该温度下，将20克硝酸钾放入60克水中充分搅拌，所得溶液为该温度下的饱和溶液，则溶质的质量分数为×100%≈20.6%。
故答案为：D。
14．（2024八上·吴兴期中）图1可表示“M与N的并列关系”，图2可表示“M属于N的从属关系”。下列概念间的关系符合图3所示关系是（　　）
X Y Z
A 浓溶液 稀溶液 不饱和溶液
B 悬浊液 乳浊液 溶液
C 溶质 溶剂 溶液
D 饱和溶液 不饱和溶液 浓溶液
A．A B．B C．C D．D
【答案】C
【知识点】溶液的组成及特点；悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别；饱和溶液与不饱和溶液
【解析】【分析】根据图3所示关系X和Y属于并列关系，Z与X、Y属于包含关系，结合涉及的概念，进行分析判断。
【解答】A、浓溶液和稀溶液属于并列关系，溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系，故答案为项错误。
B、悬浊液、乳浊液、溶液均属于不属于溶液，故答案为项错误。
C、溶液包括溶剂和溶质，溶质与溶剂是并列关系，故答案为项正确。
D、饱和溶液和不饱和溶液属于并列关系，溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系，故答案为项错误。
故答案为：C。
15．（2024八上·吴兴期中） 水平桌面上放有甲、乙两个装有不同液体的相同容器，把两个完全相同的实心物体分别缓慢放入两容器中，物体静止时如图所示且液面恰好相平，下列说法正确的是(　　)
A．甲容器中液体的密度比乙容器中液体的密度小
B．物体静止时，两个容器底部受到的液体压强一样大
C．实心物体的密度与乙容器内液体的密度相同
D．物体在甲容器液体中受到的浮力比在乙中受到的浮力小
【答案】C
【知识点】密度及其特性；物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 根据漂浮和悬浮的条件判断浮力和液体密度的关系；根据p=ρgh判断两容器底部受到液体压强的大小关系；据密度的公式和物体对水平桌面的压力F=G总分析判断即可。
【解答】 AC．图中甲容器中物体漂浮，根据浮沉条件知，物体的密度小于甲液体的密度，乙容器中物体悬浮，说明物体的密度等于乙容器中液体的密度，所以甲容器中液体的密度较大，故A错误，C正确；
B．由于甲液体的密度较大，甲、乙两容器中液体的深度相同，根据公式p=ρgh知道，甲容器底部受到的液体的压强大，故B错误；
D．在甲中漂浮，浮力等于重力，在乙中悬浮，浮力也等于重力，已知两个物体完全相同，重力相同，物体在甲容器液体中受到的浮力等于在乙中受到的浮力，故D错误。
故答案为：C。
16．（2024八上·吴兴期中）小君周末到五马街观察灯盏糕的制作过程，请利用所学科学知识进行解释：
（1）灯盏糕制作过程中需要用到的材料有：面粉、油、食盐等，上述食材能分散于水中并形成乳浊液的是　 　；
（2）炸灯盏糕时，面粉团在油中会变得蓬松，小君发现一开始沉底的灯盏糕浮上来了，灯盏糕上浮是因为　 　增大导致浮力增大；
（3）卖灯盏糕的小摊上还摆着红糖水，摊主只要取出少量红糖水品尝，就能知道整锅红糖水甜度是否合适，这是因为溶液具有　 　的特点。
【答案】（1）面粉
（2）排开油的体积
（3）均一性
【知识点】阿基米德原理；溶液的组成及特点；悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】（1）乳浊液的分散质为不溶性的液体；
（2）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，物体排开液体的体积越大，则受到的浮力越大；
（3）根据溶液的均一性和稳定性分析解答。
【解答】（1）油是不溶于水的液体，因此分散水中形成乳浊液；
（2）炸灯盏糕时，面粉团在油中会变得蓬松，小君发现一开始沉底的灯盏糕浮上来了，灯盏糕上浮是因为排开油的体积增大导致浮力增大；
(3)卖灯盏糕的小摊上还摆着红糖水，摊主只要取出少量红糖水品尝，就能知道整锅红糖水甜度是否合适，这是因为溶液具有均一性的特点。
17．（2024八上·吴兴期中）兴趣小组开展粗盐提纯实验并配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液。
（1）图甲为实验操作流程图，则图甲中的操作③为图乙中的　 　(填字母)。
（2）若配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量是　 　克。
【答案】（1）A
（2）12
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】（1）根据操作③是从氯化钠溶液中获得氯化钠固体，进行分析解答。
（2）根据溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，进行分析解答。
【解答】（1）操作③是从氯化钠溶液中获得氯化钠固体，是蒸发操作，图甲中的操作③为图乙中的A。
（2）溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量=100g×12%=12g。
18．（2024八上·吴兴期中）水是生命之源，保护水资源是每个公民应尽的义务。
（1）如图甲所示为水循环示意图，图中各序号表示水循环中相应的环节，其中③表示　 　。人们常常通过对地表的改造，影响地球上水循环的过程，我国实施的南水北调工程可以缓解北方的缺水问题，南水北调工程是对水循环环节中的　 　（选填序号）施加影响。
（2）如图乙是我国东部地区人均水资源拥有量随纬度变化的图像，由图可知我国东部地区人均水资源拥有量的分布规律是　 　。
【答案】（1）水汽输送；⑤
（2）随着纬度的升高，人均水资源的拥有量减少
【知识点】地球上的水体；水循环；水资源的保护
【解析】【分析】 海洋表面蒸发的水汽，随着气流运动被输送到陆地上空，在一定条件下形成降水降落到地面。落到地面的水，或沿地面流动形成地表径流，或渗入地下形成地下径流。两者汇入江河，最后又返回海洋。水的这种循环运动称为海陆间水循环。
【解答】（1）水循环的主要环节主要有：蒸发、降水、水汽输送、地表径流、下渗、地下径流、植物蒸腾等。结合图中信息可知①是降水，②是蒸发，③是水汽输送，④为降水，⑤为地表径流，⑥是地下径流。人们常常通过对地表的改造，影响地球上水循环的过程，我国实施的南水北调工程可以缓解北方的缺水问题，南水北调工程是对水循环环节中的⑤地表径流施加影响。
（2）如图乙是我国东部地区人均水资源拥有量随纬度变化的图像，由图可知我国东部地区人均水资源拥有量的分布规律是随着纬度的增大，人均水资源拥有量减少。
19．（2024八上·吴兴期中）小科同学在t℃用某固体溶质的溶液做恒温蒸发结晶实验，如图所示，请回答下列问题：
（1）乙中的溶液属于　 　溶液（填“饱和”或“不饱和”）。
（2）该固体溶质在t℃时的溶解度为　 　。
（3）甲、乙、丙、丁中溶液溶质质量分数的大小关系是　 　。
【答案】（1）不饱和
（2）30g
（3）甲＜乙＜丙＝丁
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；饱和溶液与不饱和溶液相互转变；固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据第一次蒸发10g水，没有晶体析出，所得溶液可能是不饱和溶液，也可能是恰好饱和；第二次恒温蒸发掉10g水，结果析出2g固体，则所得溶液为饱和溶液；第三次恒温蒸发掉10g水，共析出5g固体，即第三次蒸发10g水，析出了3g固体，说明该温度下的饱和溶液，蒸发10g水，析出3g固体；进行分析解答。
【解答】（1）第一次蒸发10g水，没有晶体析出，所得溶液可能是不饱和溶液，也可能是恰好饱和；第二次恒温蒸发掉10g水，结果析出2g固体，则所得溶液为饱和溶液；第三次恒温蒸发掉10g水，共析出5g固体，即第三次蒸发10g水，析出了3g固体，说明该温度下的饱和溶液，蒸发10g水，析出3g固体，同时说明乙中的溶液是不饱和溶液。
（2）该温度下的饱和溶液，蒸发10g水，析出3g固体，
该固体溶质在t℃时的溶解度为3g×＝30g。
（3）甲、乙中溶质质量相等，乙中溶剂质量比甲中少，丙、丁均是t℃时的饱和溶液，则甲、乙、丙、丁中溶液溶质质量分数的大小关系是甲＜乙＜丙＝丁。
20．（2024八上·吴兴期中） 联合国确定2024年“世界水日”的主题为“Water for peace”
（1）从组成角度看：水是由　 　组成的。
（2）从微观角度看：下列图1中可以表示构成水的微粒的是　 　。（填写图示编号）
（3） 从能源角度看：电解水产生理想的清洁高能燃料氢气，水电解的文字表达式为　 　。
（4）从净化角度看：图2所示净化河水简易装置的说法错误的是____。
A．水本身是一种物质资源
B．此装置可以将可溶性矿物质去除
C．利用此装置可得到蒸馏水
D．利用此装置净化得到的水不宜直接饮用
（5）从变化角度看：电解一定量的水（如图3），当正极端产生5mL气体时，理论上在负极端产生气体的体积为　 　mL。
【答案】（1）氢和氧
（2）B
（3）水氢气+氧气
（4）B；C
（5）10
【知识点】水的组成和主要性质；净化水的常用方法；构成物质的粒子模型
【解析】【分析】 电解水时，正极产生的是氧气，氧气能使带火星的木条复燃，负极产生的是氢气，氢气燃烧生成水，氧气和氢气的体积比约为1：2，质量比是8：1。
【解答】 （1）从组成角度看：水是由氢元素、氧元素组成的。
故答案为：氢元素、氧元素。
（2）每个水分子由2个氢原子和1个氧原子构成，从微观角度看：图1中可以表示水的微粒的是B。
故答案为：B。
（3）水电解的文字表达式为水氢气+氧气。
（4）A.水本身是一种物质资源，故选项正确。
B.此装置不能将可溶性矿物质去除，故选项不正确。
C.利用此装置不能得到蒸馏水，故选项不正确。
D.利用此装置净化得到的水不宜直接饮用，是因为没有杀菌消毒，故选项正确。
故答案为：BC。
（5）从变化角度看：电解一定量的水（如图3），当正极端产生5mL气体时，理论上在负极端产生气体的体积为10mL
21．（2024八上·吴兴期中）小科按照“综合实践活动手册 ”的要求制作简易密度计。
（1）取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口。塞入金属丝的目的是　 　。
（2）将吸管放到水和另一液体中的情景分别如图甲、乙所示，用ρ液、 ρ水分别表示该液体和水的密度，则ρ液　 　 ρ水(填“ ＝ ”“> ”或“< ”)。
【答案】（1）使吸管能竖直漂浮在液体中
（2）>
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）因为饮料吸管是空心的，为了使它保持竖直的漂浮，就在其下端塞入适量金属丝；
（2）从图乙中可以看出，吸管在水和另一种液体中，浸入的深度不同，但都漂浮，所以浮力相等，都等于自身的重力，根据公式F浮=ρgV排通过比较排开液体的体积大小可以比较液体密度的大小。
【解答】 （1）为了让饮料吸管能竖直的漂浮在液体中，吸管下端塞入一些金属丝作为配重，这样做目的是让密度计竖直漂浮在液体中；
（2）由于吸管在丙两图中均漂浮，所以F浮=G，则在水和另一种液体中受到的浮力相等，所以F浮=ρgV排，V排左＞V排右，所以ρ水＜ρ液。
22．（2024八上·吴兴期中）如图，将一个吸盘按照如图的方式，排尽吸盘内空气，吸盘与玻璃的接触面积为30厘米2（标准大气压为1.01×105Pa）。
（1）吸盘能够“吸”在天花板的玻璃上而掉不下来，是由于　 　的作用。
（2）已知吸盘内的气压为0.81×105Pa，若用力将吸盘从玻璃上拔下来（忽略吸盘自身的重力），力F至少是　 　N
【答案】（1）大气压
（2）60
【知识点】压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）吸盘是利用大气压的作用来吸住玻璃的；
（2）由受力分析可知，吸盘内外的压力差等于拉力时，可以将吸盘拉下来。
【解答】 （1）吸盘能够“吸”在天花板的玻璃上而掉不下来，是由于大气压的作用；
（2）吸盘的面积S=30cm2=3×10-3m2；
由题意可知F=（p-p内）S=（1.01×105Pa-0.81×105Pa）×3×10-3m2=60N。
23．（2024八上·吴兴期中）小科在探究浮力大小和哪些因素有关；他把金属块竖直挂在弹簧测力计上，在空气中读出示数为5牛。然后将其分别浸入水和酒精中的不同位置，如图所示。（ρ水＝1g/cm3，ρ酒精＝0.8g/cm3）
（1）上述四种情况，金属块受到的浮力最小是　 　牛。
（2）为了探究金属块浸没在液体时，浮力与深度的关系，应选择　 　两次实验进行比较。
（3）通过比较丙丁两次实验，可以得出的结论是　 　。
（4）通过以上探究，可知浮力大小与液体密度、　 　有关。
【答案】（1）0.6
（2）乙丙
（3）开液体体积相同时，液体密度越大，所受浮力也越大（填浮力大小与液体密度有关，液体密度越大，所受浮力也越大也可以）
（4）排开液体体积
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的变化
【解析】【分析】物体浸没在液体中，物体重力与弹簧测力计示数之差是物体受到的浮力；根据控制变量法的要求，分析图示实验现象，然后得出结论。
【解答】 （1）求金属块浸没在液体中受到的浮力，由图示可知，F浮甲=G F甲=5N 4.4N=0.6N，F浮乙=G F乙=5N 4N=1N，
F浮丙=G F丙=5N 4N=1N，F浮丁=G F丁=5N 4.2N=0.8N，由此可知，在图甲中所受浮力最小为0.6N；
（2）由图示可知，在乙、丙两次实验中，液体种类、物体排开液体的体积相同而物体浸入液体的深度不同，物体受到的浮力相同，由此可知：这两次实验是为了探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度无关。
（3）由图示可知，丙丁两次实验中，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，由此可知，物体所受浮力与液体密度有关；
（4）分析甲、乙两实验可知，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关，由此可知，浮力大小与液体密度和排开液体体积有关。
24．（2024八上·吴兴期中）科学家笛卡尔最早造出了“浮沉子”。小科学习笛卡尔也在家庭实验中自制了一个“浮沉子”。
【实验步骤】
①在小药瓶的瓶盖处开一个小孔，水可通过小孔进出瓶体；
②小药瓶装满水后拧紧瓶盖，倒置放入装有适量的水的贮水筒内；
③用薄橡皮膜把筒口蒙住并扎紧密封。
【预期现象】
小药瓶就是一个“浮沉子”，用力按压橡皮膜，小药瓶下沉，松手后上浮。
【知识原理】
（1） 按压橡皮膜时，贮水筒内气体压强　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
（2） “浮沉子”与“潜水艇”浮沉的原理相同，都是通过改变　 　来控制升降；
（3） 【反馈改进】
实验现象与预期不符，是因为实验步骤中出现了问题，请指出并改正：　 　。
【答案】（1）变大
（2）自身重力
（3）小药瓶内装满水后拧紧瓶盖应该改为装入适量水后拧紧瓶盖
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）按压橡皮膜时，贮水筒内封闭气体体积变小，压强变大；
（2）潜水艇是靠改变自身重力来实现浮沉的；
（3）根据物体沉浮条件进行分析。
【解答】 （1）按压橡皮膜时，贮水筒内封闭气体体积变小，压强变大；
（2）浮沉子”与“潜水艇”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现浮沉的；
（3）步骤②中，小药瓶装满水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内，小药瓶受的浮力小于其重力，小药瓶会沉底，所以步骤②改为：小药瓶装入适量的水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内。
25．（2024八上·吴兴期中）小博用注射器估测大气压值，实验装置如图甲所示，把注射器的活塞推至注射器筒的底端，用细绳一端连接注射器活塞尾部，另一端连接弹簧测力计，水平向右慢慢拉动注射器针筒，发现测得的大气压值与实际值相差很大，为此他展开思考并改进实验。
（1）实验中，分析研究的对象是大气对　 　（填“活塞”或“橡皮帽”）的压力。
（2）图甲中，活塞与针筒壁间摩擦力的存在会使测得的大气压值　 　。
（选填“偏大”、“偏小”或“无影响”）。
（3）为消除摩擦力的影响，小博设计图乙的实验装置，针筒被固定在桌面某一位置，实验步骤如下：
①把注射器的活塞推至注射器筒的底端，用橡皮帽封住注射器的小孔；
②向烧杯中缓慢加水，当活塞向左匀速滑动时，活塞受到的拉力大小等于烧杯和水的总重力G1；
③然后向外缓缓抽水，当活塞向右匀速滑动时，活塞受到的拉力大小等于烧杯和水的总重力G2；
④测得活塞面积为S；
⑤计算大气压值p。
则小博测得大气压p的值为 　 　（用测量步骤中的字母表示）。
【答案】（1）活塞
（2）偏大
（3）
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）明确实验的原理，分析出研究对象；
（2）活塞与针筒壁间摩擦力的存在，会造成拉力F偏大，在面积S不变时，所测量的大气压值会偏大；
（3）当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反。
【解答】（1）该实验中以活塞为研究对象，分析研究的是大气对活塞的压力。
（2）若活塞与注射器内壁间的摩擦较大，则拉动活塞的拉力会变大，由可知，将导致测得的大气压值偏大。
（3）当注射器中的活塞开始向左滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力，向右的大气压力和摩擦力，三者关系为
当注射器中的活塞开始向右滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力和摩擦力，向右的大气压力，三者关系为
两式相加解得
已知活塞面积为S，则大气压为
26．（2024八上·吴兴期中）某小组同学计划用如图所示的实验研究影响冰糖溶解快慢的因素，请回答下列问题。
（1）根据图示的信息，你认为该组同学做出的假设是影响冰糖溶解快慢的因素有是否搅拌、　 　、　 　等。
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响，应选择　 　（填烧杯编号）与A进行对照。
（3）选择A和C同时进行实验时，小科发现A中冰糖溶解得快，他由此得出结论：块状冰糖比粉末状冰榶溶解得快。你认为他的结论对吗？理由是　 　。
【答案】（1）温度；溶质颗粒的大小
（2）E
（3）不对。没有控制水的温度相同（或者水的温度以及溶质颗粒的大小都不同，存在两个变量）
【知识点】影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】 （1）根据影响冰糖溶解快慢的因素有温度、固体颗粒的大小和是否搅拌进行分析；
（2）根据其他变量控制相同进行分析；
（3）根据水的温度没有控制相同进行分析。
【解答】 （1）通过分析图示的信息可知：实验探究中该组同学假设影响冰糖溶解快慢的因素有温度、固体颗粒的大小和是否搅拌有关。
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响，需要控制溶液的温度相同、冰糖的形状相同，所以应选择E与A进行对照。
（3）选择A和C同时进行实验时，发现A中冰糖溶解得快，不能得出结论：块状冰糖比粉末状冰糖溶解得快，因为水的温度没有控制相同。
27．（2024八上·吴兴期中） 小红在学习了物质的溶解这一专题后，对“气体在液体中溶解能力强弱与气压的关系”进行了研究，并设计了如图所示的实验：用20 毫升一次性注射器吸取10毫升某碳酸饮料(饮料中溶解有二氧化碳气体)，并用胶头封闭注射器针孔。在图Ⅰ中，小红用力向外拉动注射器，管中出现许多小气泡；图Ⅱ中，用力向里推注射器，小气泡减少。
（1）图Ⅰ中，小红向外拉注射器活塞的目的是　 　 。
（2）请尝试分析，图Ⅱ中小红用力向里推动注射器后小气泡减少的原因。　 　。
（3）气体的溶解度还受温度的影响 。“一些工厂向河里排放热水，河里的鱼会因缺氧而死亡”。这个现象说明氧气在水中的溶解性与温度之间的关系是　 　 。
【答案】（1）减小压强
（2）用力往里推注射器活塞，压强增大，气体在水中的溶解能力增强
（3）河水温度升高，氧气在水中的溶解能力减弱
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】 此题是验证压强对气体溶解度的影响，推拉注射气实际上就是对压强进行变大变小的实验，对气体来说压强越大溶解度越大，反之越小。
【解答】 （1）用力向外拉动注射器时压强变小，气体的溶解度变小，会出现气泡，故填：减小压强；
（2）用力向里推注射器，压强增大，气体在水中的溶解度应该增大，故填：压强增大，气体在水中的溶解度增大；
（3）工厂向河里排放热水，造成河水温度升高，氧气在水中的溶解量减少，造成河里的鱼因缺氧而死亡；故填：河水温度升高，氧气在水中的溶解量减少。
28．（2024八上·吴兴期中） 电解水的实验中，往往加入一定量的硫酸溶液增加水的导电性（硫酸本身不会减少） ，小科利用如图装置进行研究影响电解水的速度的因素，实验中记录数据如下表：
实验次数 1 2 3 4 5 6 7
蒸馏水体积/毫升 200 200 200 200 200 200 200
加入10mL硫酸的质量分数 0 10% 15% 20% 25% 30% 35%
收集到氢气体积/ mL 20 20 20 20 20 20 20
收集到氢气时间/秒 2648 1236 885 423 262 216 205
（1）小科进行以上实验是研究　 　会影响水的电解速度。
（2）本实验通过比较　 　来判断电解水的速度。
（3）小科在200mL的蒸馏水中，加入10mL质量分数为10%的硫酸后，发现产生的氢气的速度越来越快，请结合以上探究结果分析其中的原因：　 　。
【答案】（1）硫酸的质量分数
（2）收集相同体积（20 mL）的氢气所用的时间
（3）随着电解，水不断减少，硫酸的溶质质量分数增大，电解水的速度加快
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】电解水时，正极产生的是氧气，负极产生的是氢气，氧气和氢气的体积比约为1：2。
【解答】（1）小科进行以上实验是研究稀硫酸的质量分数会影响水的电解速度。
（2）本实验通过比较收集相等体积的气体需要的时间来判断电解水的速度。
（3）小科在200mL的蒸馏水中，加入10mL质量分数为10%的硫酸后，发现产生的氢气的速度越来越快，是因为随着水的减少，硫酸浓度越来越大。
29．（2024八上·吴兴期中）二氧化氯”消毒液广泛应用于学校教室、食堂、寝室等的卫生消毒，某校决定今天放学后对全校教室、食堂、寝室等全面消毒。小陈观察到瓶上的标签如表所示。求：
二氧化氯1000mL
溶质的质量分数 80%
密度 1.2g/cm3
强腐蚀性，阴冷，密封储藏
（1）这1000毫升二氧化氯消毒液含溶质二氧化氯　 　g。
（2）我校欲配制48千克质量分数为10%的稀二氧化氯消毒液用来消毒，需要多少毫升这种二氧化氯消毒液和多少千克水？
【答案】（1）960
（2）解：需要5000毫升这种二氧化氯消毒液和42kg水
【知识点】固体溶解度的概念；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）由题意，二氧化氯消毒液的密度为1.2g/cm3，溶质的质量分数为80%，据此结合溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，进行分析解答。
（2）根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，结合题意进行分析解答。
【解答】（1）二氧化氯消毒液的密度为1.2g/cm3，1000毫升（1000cm3）二氧化氯消毒液的质量是1.2g/cm3×1000cm3=1200g；其中含溶质二氧化氯的质量为1200g×80%=960g。
（2）设需要二氧化氯消毒液的质量为x，根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，
则48kg×10%=x×80%
x=6kg。
需要水的质量为48kg-6kg=42kg。
消毒液体积v=6/1.2x1000mL=5000mL
30．（2024八上·吴兴期中）如图所示高压锅的示意图，锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上戴着一个帽子为限压阀，当锅内气压过大时，气体就会冲开限压阀，气体跑出一部分，从而保证锅内气压不超过限定值。锅内水的沸点与锅内气压的关系如下表所示，空心柱小孔的横截面积为10mm2，限压阀的质量为100克的高压锅，要用它来煮饭，若当时的大气压为1.0×105Pa。
P/105Pa 0.98 1.13 1.29 1.48 1.69 1.80 2.00
t/℃ 99 103 107 111 115 117 120
（1）此高压锅内气体达到的最大压强为多少？
（2）锅内水的最高温度能达到　 　℃。
（3）经商品质量检测部门检测，此高压锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa。如果要使此高压锅能继续安全使用，原来的限压阀不能使用，应再配一个质量比原来　 　的限压阀 （选填“大”或“小”）的新限压阀。
【答案】（1）2×105Pa
（2）120
（3）小
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）根据限压阀质量求出其重力，对出气口的压力就等于其重力，利用限压阀出气口横截面积求出此时压强，再加上大气压的值即为锅内气体能达到的最大压强。
（2）对照表格得出锅内水的最高温度；
（3）比较高压锅内气体的最大压强与高压锅所能承受的最大压强，得出结论。
【解答】 （1）原来的限压阀对出气口的压力：F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，
空心柱小孔的横截面积S=10mm2=1×10-5 m2，当时的大气压p0=1×105Pa，
原来的限压阀对出气口的压强：p1= FS=1×105Pa。
高压锅内气体达到的最大压强：p内=p0+p1=1×105Pa+1×105Pa=2×105Pa；
（2）高压锅内气体达到的最大压强为2×105Pa时，对照表格数据可知，锅内水的最高温度能达到120℃。
（3）要使此高压锅能继续安全使用，应减小高压锅内气体的最大压强，由p内=p0+p1可知，应减小限压阀对出气孔的压强；由p=FS可知，S不变，只有减小F，即只有减小限压阀的质量，即应再配一个质量比原来的限压阀小的新限压阀，才可以减小限压阀对出气孔的压强。
31．（2024八上·吴兴期中）为防止溺水事故的发生，某科技学院的学生研发出救生手环。小虞网上购买了救生手环（如图所示），并在湖泊中进行了性能测试．他戴上该手环下潜到湖面下处（未接触湖底），打开手环开关，手环瞬间弹出一个体积为的气囊，随后气囊将小虞带出水面。已知小虞的质量为，密度是，不计手环的质量和体积，不考虑水面下人体体积的变化
（1）小虞完全浸没后向下潜水的过程中，受到的浮力　 　（选填“增大”“不变”或“减小”）；
（2）小虞的体积是多少？
（3）通过计算说明小虞打开手环开关后上浮的原因。
【答案】（1）不变
（2）0.06米3
（3）人所受到的浮力F浮=600N，气囊所受到的浮力F=330N，总浮力为930N，总重力630N，浮力大于重力，所以上浮
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）根据F浮=ρ水gV排分析下潜过程中受到的浮力变化；
（2）根据密度公式ρ=的变形公式算出小虞的体积；
（3）气囊完全打开瞬间，研究员和气囊浸没在水中，排开水的体积等于研究员和气囊的总体积，根据F浮=ρ液gV排求研究员与气囊受到的总浮力，比较总浮力与重力的关系，得出结论。
【解答】（1）小虞完全浸没后向下潜水的过程中，小虞排开水的体积不变，由F浮=ρ水gV排知小虞受到的浮力不变；
（2）小虞的体积为：
V==0.06m3；
（3）气囊完全打开瞬间，小虞和气囊浸没在水中受到总浮力为：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×（0.06m3+33×10-3m3）=930N，
小虞的重力为：
G小虞=mg=63kg×10N/kg=630N；
由于F浮＞G，所以能安全浮出到水面直到漂浮。
32．（2024八上·吴兴期中）根据氯化钠和硝酸钾的溶解度表，回答下列问题：
温度（℃） 10 20 30 40 50 60 70
氯化钠溶解度（克） 35.8 36.0 36.3 36.4 37.0 37.3 37.8
硝酸钾溶解度（克） 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110 138
（1）若发现硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用 　 　方法提纯硝酸钾。
（2）在室温下（温度不变），有一杯配制好的饱和氯化钠溶液，露置在空气中一段时间后，发现溶液底部有少量晶体析出，在这个过程中 ____。
A．氯化钠的溶解度变小了 B．溶剂的质量变小了
C．溶液变成了不饱和溶液 D．溶液中氯化钠的质量分数不变
（3）硝酸钾与氯化钠具有相同溶解度的温度范围是　 　。
【答案】（1）冷却热饱和溶液（或冷却结晶）
（2）B；D
（3）20℃-30℃
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算；混合物的分离方法（过滤、蒸发、结晶）
【解析】【分析】 （1）根据KNO3和NaCl的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，而氯化钠受温度影响较小，进行分析解答。
（2）根据在室温下，有一杯配制好的饱和氯化钠溶液，露置在空气中一段时间后，水分会逐渐挥发，进行分析解答。
（3）根据在20～40℃时，氯化钠和硝酸钾的溶解度分别为36.0g-36.6g、31.6g-45.8g，进行分析解答。
【解答】（1）KNO3和NaCl的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，而氯化钠受温度影响较小，硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用降温结晶的方法提纯硝酸钾。
（2）在室温下，有一杯配制好的饱和氯化钠溶液，露置在空气中一段时间后，水分会逐渐挥发，溶剂的质量变小了，故溶液底部有少量晶体析出。温度不变，氯化钠的溶解度不变；所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，溶液中氯化钠的质量分数不变。
（3）由表中的数据可知，在20～30℃时，氯化钠和硝酸钾的溶解度分别为36.0g-36.6g、31.6g-45.8g，故20～30℃温度范围内氯化钠、硝酸钾两种物质的溶解度相等。
33．（2024八上·吴兴期中）“天气瓶”和“彩球温度计”是两款不同的现代居家饰品，都可以获知天气冷暖变化。
（1）图甲为“天气瓶”，当外界温度降低时，瓶中晶体增多。由此推测瓶中晶体的溶解度随温度降低而　 　。
（2）图乙为“彩球温度计”，当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起。某时，只有“20℃”、“18℃”的小球沉底，则此时的气温范围为　 　。
（3）图乙中漂浮的“24℃”小球重5克，则其所受浮力为　 　牛。(g取10牛/千克）
【答案】（1）减小
（2）20℃-22℃
（3）0.05
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】(1)考查晶体的溶解度和温度的关系。
(2)浸没在液体中的小球，由于排开液体的体积不变，当环境温度变化时，液体密度随之改变，根据浮起的小球进行判断。
(3) 根据漂浮时，浮力等于重力进行计算。
【解答】(1)当外界温度降低时，瓶中晶体增多。由此推测瓶中晶体的溶解度随温度降低而 减小 。
(2)当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起。只有“20℃”、“18℃”的小球沉底，则温度大于“20℃”，另外分析可知“22℃”、“24℃”的小球上浮，则温度小于“22℃”，故此时的气温范围为 20℃-22℃ 。
(3) F浮=G=mg=0.005千克× 10牛/千克 = 0.05牛 。
34．（2024八上·吴兴期中）小宁设计并制作了如图的咸水淡化装置，同时针对该装置设计了评价表。
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一：装置结构 结构完整，有加热、冷却和收集装置 结构较完整， 缺少较好的冷却装置 结构不完整， 有 1处以上缺失
指标二：淡化效果 能从咸水中制得淡水，速度较快、连续稳定 能从咸水中制得淡水， 但效果不明显 不能从咸水中制得淡水
指标三： …… …… ……
（1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是　 　。
（2）易拉罐中的咸水先经过汽化，后经过液化变成淡水流入容器，则易拉罐内咸水溶质的质量分数将　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)。
（3）根据评价需要，请你提出一项评价指标写在指标三“ ”处 　 　。
【答案】（1）加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好
（2）变大
（3）操作简便（制作成本、材料环保等都可以）
【知识点】实验方案设计与评价；溶质的质量分数及相关计算；混合物的分离方法（过滤、蒸发、结晶）
【解析】【分析】 （1）根据增强冷凝效果的做法来分析；
（2）根据溶质质量分数的计算方法来分析；
（3）根据评价标准来分析。
【解答】 （1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好；
（2）易拉罐中的咸水中溶质的质量不变，水的质量减少，因此易拉罐内咸水溶质的质量分数将变大；
（3）根据评价需要，评价指标中的指标三可以是操作简便或制作成本或材料环保等都可以。
1 / 1浙江省湖州市吴兴区2024学年第一学期八年级科学期中练习卷（1-2章）
1．（2024八上·吴兴期中）某航班飞机飞行时，飞行员向塔台请求向左偏航以躲避积雨云，从而保证飞行安全。说明当时飞机很可能飞行在大气层的（）
A．对流层 B．平流层 C．中间层 D．暖层
2．（2024八上·吴兴期中） 冬季，我国黑龙江省北部滴水成冰，大地白雪皑皑；而海南省气候暖热，到处绿树成荫。形成这种气候差异的主要影响因素是(　　)
A．纬度位置 B．海陆性质 C．地形 D．人类活动
3．（2024八上·吴兴期中）如图所示，U形管内a、b液面相平，当挤压滴管的胶头，一段时间后会观察到a液面高于b液面。则试剂X、Y的组合可能是（　　）
A．水、硝酸铵 B．水、氢氧化钠
C．水、氯化钠 D．水、蔗糖
4．（2024八上·吴兴期中）口罩可阻挡粉尘、飞沫、病毒等进入口鼻，从而保护人体。这一作用相当于物质分离方法中的（　　）
A．沉淀 B．过滤 C．蒸馏 D．结晶
5．（2024八上·吴兴期中）下列空气对流运动图中，有关甲乙两地的说法正确的是（）
A．甲地比乙地气温高，气压高，多晴朗天气
B．甲地比乙地气温高，气压低，多阴雨天气
C．甲地比乙地气温低，气压高，多晴朗天气
D．甲地比乙地气温低，气压低，多阴雨天气
6．（2024八上·吴兴期中） 在除去粗盐中难溶性杂质的实验中，下列操作正确的是（）
A．取用粗盐 B．溶解粗盐
C．过滤 D．蒸发滤液
7．（2024八上·吴兴期中） 小科在一座海拔1400米高的山顶上做了如图所示的一个装置，两端都开口的直玻璃管插入瓶塞中，瓶塞与瓶口及玻璃管之间密封良好，直玻璃管的下端套有一个小气球。当小科将装置带下山时，小气球发生的变化是(　　)
A．不会发生变化 B．鼓起一些
C．变瘪一些 D．先变瘪后鼓起
8．（2024八上·吴兴期中） 两列高速行驶的火车相对驶过时，它们必须减速，否则辆车之间的车窗玻璃将会损坏。如果真的发生了这种现象，那么(　　)
A．碎玻璃沿竖直方向下落 B．碎玻璃将会飞向车顶
C．碎玻璃将会飞向车内 D．碎玻璃将会飞向车外
9．（2024八上·吴兴期中）如图所示为湖州某日的部分气象信息，下列说法正确的是（）
A．这一天时间里湖州的大气状态及其变化称为气候
B．这一天的最低气温是人体最感舒适的气温
C．这一天的气温最高值出现在午后2时左右
D．这一天的大气状态可以用和风细雨来形容
10．（2024八上·吴兴期中）浙江佛堂浮桥火爆网络，吸引大批游客前来参观。佛堂浮桥由若干只木船连接而成，浮在江面上，可以供路人游客行走参观。大批游客走上浮桥，会导致浮桥所受的浮力以及浮桥底部所受的水的压强如何变化 （　　）
A．浮力变大，压强变小 B．浮力变小，压强变大
C．浮力变小，压强变小 D．浮力变大，压强变大
11．（2024八上·吴兴期中）下图所示，甲地的风向在不考虑其他因素的情况下应是（　　）
A．东北风 B．西南风 C．东南风 D．西北风
12．（2024八上·吴兴期中）某温度下，一杯刚好饱和的蔗糖溶液，欲使其溶质的质量分数改变，下列四位同学提出的措施可行的是（　　）（忽略溶液中的水分在自然条件下的散失）
A． B．
C． D．
13．（2024八上·吴兴期中）在15℃时，硝酸钾的溶解度为26克，在该温度下，将20克硝酸钾放入60克水中充分搅拌，所得溶液中质量分数约为（　　）
A．25% B．33.3% C．26% D．20.6%
14．（2024八上·吴兴期中）图1可表示“M与N的并列关系”，图2可表示“M属于N的从属关系”。下列概念间的关系符合图3所示关系是（　　）
X Y Z
A 浓溶液 稀溶液 不饱和溶液
B 悬浊液 乳浊液 溶液
C 溶质 溶剂 溶液
D 饱和溶液 不饱和溶液 浓溶液
A．A B．B C．C D．D
15．（2024八上·吴兴期中） 水平桌面上放有甲、乙两个装有不同液体的相同容器，把两个完全相同的实心物体分别缓慢放入两容器中，物体静止时如图所示且液面恰好相平，下列说法正确的是(　　)
A．甲容器中液体的密度比乙容器中液体的密度小
B．物体静止时，两个容器底部受到的液体压强一样大
C．实心物体的密度与乙容器内液体的密度相同
D．物体在甲容器液体中受到的浮力比在乙中受到的浮力小
16．（2024八上·吴兴期中）小君周末到五马街观察灯盏糕的制作过程，请利用所学科学知识进行解释：
（1）灯盏糕制作过程中需要用到的材料有：面粉、油、食盐等，上述食材能分散于水中并形成乳浊液的是　 　；
（2）炸灯盏糕时，面粉团在油中会变得蓬松，小君发现一开始沉底的灯盏糕浮上来了，灯盏糕上浮是因为　 　增大导致浮力增大；
（3）卖灯盏糕的小摊上还摆着红糖水，摊主只要取出少量红糖水品尝，就能知道整锅红糖水甜度是否合适，这是因为溶液具有　 　的特点。
17．（2024八上·吴兴期中）兴趣小组开展粗盐提纯实验并配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液。
（1）图甲为实验操作流程图，则图甲中的操作③为图乙中的　 　(填字母)。
（2）若配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量是　 　克。
18．（2024八上·吴兴期中）水是生命之源，保护水资源是每个公民应尽的义务。
（1）如图甲所示为水循环示意图，图中各序号表示水循环中相应的环节，其中③表示　 　。人们常常通过对地表的改造，影响地球上水循环的过程，我国实施的南水北调工程可以缓解北方的缺水问题，南水北调工程是对水循环环节中的　 　（选填序号）施加影响。
（2）如图乙是我国东部地区人均水资源拥有量随纬度变化的图像，由图可知我国东部地区人均水资源拥有量的分布规律是　 　。
19．（2024八上·吴兴期中）小科同学在t℃用某固体溶质的溶液做恒温蒸发结晶实验，如图所示，请回答下列问题：
（1）乙中的溶液属于　 　溶液（填“饱和”或“不饱和”）。
（2）该固体溶质在t℃时的溶解度为　 　。
（3）甲、乙、丙、丁中溶液溶质质量分数的大小关系是　 　。
20．（2024八上·吴兴期中） 联合国确定2024年“世界水日”的主题为“Water for peace”
（1）从组成角度看：水是由　 　组成的。
（2）从微观角度看：下列图1中可以表示构成水的微粒的是　 　。（填写图示编号）
（3） 从能源角度看：电解水产生理想的清洁高能燃料氢气，水电解的文字表达式为　 　。
（4）从净化角度看：图2所示净化河水简易装置的说法错误的是____。
A．水本身是一种物质资源
B．此装置可以将可溶性矿物质去除
C．利用此装置可得到蒸馏水
D．利用此装置净化得到的水不宜直接饮用
（5）从变化角度看：电解一定量的水（如图3），当正极端产生5mL气体时，理论上在负极端产生气体的体积为　 　mL。
21．（2024八上·吴兴期中）小科按照“综合实践活动手册 ”的要求制作简易密度计。
（1）取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口。塞入金属丝的目的是　 　。
（2）将吸管放到水和另一液体中的情景分别如图甲、乙所示，用ρ液、 ρ水分别表示该液体和水的密度，则ρ液　 　 ρ水(填“ ＝ ”“> ”或“< ”)。
22．（2024八上·吴兴期中）如图，将一个吸盘按照如图的方式，排尽吸盘内空气，吸盘与玻璃的接触面积为30厘米2（标准大气压为1.01×105Pa）。
（1）吸盘能够“吸”在天花板的玻璃上而掉不下来，是由于　 　的作用。
（2）已知吸盘内的气压为0.81×105Pa，若用力将吸盘从玻璃上拔下来（忽略吸盘自身的重力），力F至少是　 　N
23．（2024八上·吴兴期中）小科在探究浮力大小和哪些因素有关；他把金属块竖直挂在弹簧测力计上，在空气中读出示数为5牛。然后将其分别浸入水和酒精中的不同位置，如图所示。（ρ水＝1g/cm3，ρ酒精＝0.8g/cm3）
（1）上述四种情况，金属块受到的浮力最小是　 　牛。
（2）为了探究金属块浸没在液体时，浮力与深度的关系，应选择　 　两次实验进行比较。
（3）通过比较丙丁两次实验，可以得出的结论是　 　。
（4）通过以上探究，可知浮力大小与液体密度、　 　有关。
24．（2024八上·吴兴期中）科学家笛卡尔最早造出了“浮沉子”。小科学习笛卡尔也在家庭实验中自制了一个“浮沉子”。
【实验步骤】
①在小药瓶的瓶盖处开一个小孔，水可通过小孔进出瓶体；
②小药瓶装满水后拧紧瓶盖，倒置放入装有适量的水的贮水筒内；
③用薄橡皮膜把筒口蒙住并扎紧密封。
【预期现象】
小药瓶就是一个“浮沉子”，用力按压橡皮膜，小药瓶下沉，松手后上浮。
【知识原理】
（1） 按压橡皮膜时，贮水筒内气体压强　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
（2） “浮沉子”与“潜水艇”浮沉的原理相同，都是通过改变　 　来控制升降；
（3） 【反馈改进】
实验现象与预期不符，是因为实验步骤中出现了问题，请指出并改正：　 　。
25．（2024八上·吴兴期中）小博用注射器估测大气压值，实验装置如图甲所示，把注射器的活塞推至注射器筒的底端，用细绳一端连接注射器活塞尾部，另一端连接弹簧测力计，水平向右慢慢拉动注射器针筒，发现测得的大气压值与实际值相差很大，为此他展开思考并改进实验。
（1）实验中，分析研究的对象是大气对　 　（填“活塞”或“橡皮帽”）的压力。
（2）图甲中，活塞与针筒壁间摩擦力的存在会使测得的大气压值　 　。
（选填“偏大”、“偏小”或“无影响”）。
（3）为消除摩擦力的影响，小博设计图乙的实验装置，针筒被固定在桌面某一位置，实验步骤如下：
①把注射器的活塞推至注射器筒的底端，用橡皮帽封住注射器的小孔；
②向烧杯中缓慢加水，当活塞向左匀速滑动时，活塞受到的拉力大小等于烧杯和水的总重力G1；
③然后向外缓缓抽水，当活塞向右匀速滑动时，活塞受到的拉力大小等于烧杯和水的总重力G2；
④测得活塞面积为S；
⑤计算大气压值p。
则小博测得大气压p的值为 　 　（用测量步骤中的字母表示）。
26．（2024八上·吴兴期中）某小组同学计划用如图所示的实验研究影响冰糖溶解快慢的因素，请回答下列问题。
（1）根据图示的信息，你认为该组同学做出的假设是影响冰糖溶解快慢的因素有是否搅拌、　 　、　 　等。
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响，应选择　 　（填烧杯编号）与A进行对照。
（3）选择A和C同时进行实验时，小科发现A中冰糖溶解得快，他由此得出结论：块状冰糖比粉末状冰榶溶解得快。你认为他的结论对吗？理由是　 　。
27．（2024八上·吴兴期中） 小红在学习了物质的溶解这一专题后，对“气体在液体中溶解能力强弱与气压的关系”进行了研究，并设计了如图所示的实验：用20 毫升一次性注射器吸取10毫升某碳酸饮料(饮料中溶解有二氧化碳气体)，并用胶头封闭注射器针孔。在图Ⅰ中，小红用力向外拉动注射器，管中出现许多小气泡；图Ⅱ中，用力向里推注射器，小气泡减少。
（1）图Ⅰ中，小红向外拉注射器活塞的目的是　 　 。
（2）请尝试分析，图Ⅱ中小红用力向里推动注射器后小气泡减少的原因。　 　。
（3）气体的溶解度还受温度的影响 。“一些工厂向河里排放热水，河里的鱼会因缺氧而死亡”。这个现象说明氧气在水中的溶解性与温度之间的关系是　 　 。
28．（2024八上·吴兴期中） 电解水的实验中，往往加入一定量的硫酸溶液增加水的导电性（硫酸本身不会减少） ，小科利用如图装置进行研究影响电解水的速度的因素，实验中记录数据如下表：
实验次数 1 2 3 4 5 6 7
蒸馏水体积/毫升 200 200 200 200 200 200 200
加入10mL硫酸的质量分数 0 10% 15% 20% 25% 30% 35%
收集到氢气体积/ mL 20 20 20 20 20 20 20
收集到氢气时间/秒 2648 1236 885 423 262 216 205
（1）小科进行以上实验是研究　 　会影响水的电解速度。
（2）本实验通过比较　 　来判断电解水的速度。
（3）小科在200mL的蒸馏水中，加入10mL质量分数为10%的硫酸后，发现产生的氢气的速度越来越快，请结合以上探究结果分析其中的原因：　 　。
29．（2024八上·吴兴期中）二氧化氯”消毒液广泛应用于学校教室、食堂、寝室等的卫生消毒，某校决定今天放学后对全校教室、食堂、寝室等全面消毒。小陈观察到瓶上的标签如表所示。求：
二氧化氯1000mL
溶质的质量分数 80%
密度 1.2g/cm3
强腐蚀性，阴冷，密封储藏
（1）这1000毫升二氧化氯消毒液含溶质二氧化氯　 　g。
（2）我校欲配制48千克质量分数为10%的稀二氧化氯消毒液用来消毒，需要多少毫升这种二氧化氯消毒液和多少千克水？
30．（2024八上·吴兴期中）如图所示高压锅的示意图，锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上戴着一个帽子为限压阀，当锅内气压过大时，气体就会冲开限压阀，气体跑出一部分，从而保证锅内气压不超过限定值。锅内水的沸点与锅内气压的关系如下表所示，空心柱小孔的横截面积为10mm2，限压阀的质量为100克的高压锅，要用它来煮饭，若当时的大气压为1.0×105Pa。
P/105Pa 0.98 1.13 1.29 1.48 1.69 1.80 2.00
t/℃ 99 103 107 111 115 117 120
（1）此高压锅内气体达到的最大压强为多少？
（2）锅内水的最高温度能达到　 　℃。
（3）经商品质量检测部门检测，此高压锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa。如果要使此高压锅能继续安全使用，原来的限压阀不能使用，应再配一个质量比原来　 　的限压阀 （选填“大”或“小”）的新限压阀。
31．（2024八上·吴兴期中）为防止溺水事故的发生，某科技学院的学生研发出救生手环。小虞网上购买了救生手环（如图所示），并在湖泊中进行了性能测试．他戴上该手环下潜到湖面下处（未接触湖底），打开手环开关，手环瞬间弹出一个体积为的气囊，随后气囊将小虞带出水面。已知小虞的质量为，密度是，不计手环的质量和体积，不考虑水面下人体体积的变化
（1）小虞完全浸没后向下潜水的过程中，受到的浮力　 　（选填“增大”“不变”或“减小”）；
（2）小虞的体积是多少？
（3）通过计算说明小虞打开手环开关后上浮的原因。
32．（2024八上·吴兴期中）根据氯化钠和硝酸钾的溶解度表，回答下列问题：
温度（℃） 10 20 30 40 50 60 70
氯化钠溶解度（克） 35.8 36.0 36.3 36.4 37.0 37.3 37.8
硝酸钾溶解度（克） 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110 138
（1）若发现硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用 　 　方法提纯硝酸钾。
（2）在室温下（温度不变），有一杯配制好的饱和氯化钠溶液，露置在空气中一段时间后，发现溶液底部有少量晶体析出，在这个过程中 ____。
A．氯化钠的溶解度变小了 B．溶剂的质量变小了
C．溶液变成了不饱和溶液 D．溶液中氯化钠的质量分数不变
（3）硝酸钾与氯化钠具有相同溶解度的温度范围是　 　。
33．（2024八上·吴兴期中）“天气瓶”和“彩球温度计”是两款不同的现代居家饰品，都可以获知天气冷暖变化。
（1）图甲为“天气瓶”，当外界温度降低时，瓶中晶体增多。由此推测瓶中晶体的溶解度随温度降低而　 　。
（2）图乙为“彩球温度计”，当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起。某时，只有“20℃”、“18℃”的小球沉底，则此时的气温范围为　 　。
（3）图乙中漂浮的“24℃”小球重5克，则其所受浮力为　 　牛。(g取10牛/千克）
34．（2024八上·吴兴期中）小宁设计并制作了如图的咸水淡化装置，同时针对该装置设计了评价表。
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一：装置结构 结构完整，有加热、冷却和收集装置 结构较完整， 缺少较好的冷却装置 结构不完整， 有 1处以上缺失
指标二：淡化效果 能从咸水中制得淡水，速度较快、连续稳定 能从咸水中制得淡水， 但效果不明显 不能从咸水中制得淡水
指标三： …… …… ……
（1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是　 　。
（2）易拉罐中的咸水先经过汽化，后经过液化变成淡水流入容器，则易拉罐内咸水溶质的质量分数将　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)。
（3）根据评价需要，请你提出一项评价指标写在指标三“ ”处 　 　。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】 大气层由低到高分为对流层、平流层对流层、平流层、中间层、暖层和外层。
【解答】 某航班飞机飞行时，飞行员向塔台请求向左偏航以躲避积雨云，从而避免暴雨的影响，说明当时飞机很可能在大气层中的对流层。故A正确。
故答案为：A。
2．【答案】A
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】影响气候的因素有纬度因素、地形因素和海陆位置等。
【解答】 冬季，我国黑龙江省北部滴水成冰，大地白雪皑皑；而海南省气候暖热，到处绿树成荫。形成这种气候差异的主要影响因素是纬度位置。黑龙江省纬度较高，海南省纬度低。
故答案为：A。
3．【答案】A
【知识点】溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】U型管内a、b液面相平，当挤压滴管的胶头，使试剂X进入锥形瓶内，一段时间后会观察到a液面高于b液面，说明是吸收了热量，进行分析判断。
【解答】A、硝酸铵溶于水吸热，使装置内压强减小，会观察到a液面高于b液面，故A正确。
B、氢氧化钠溶于水放出大量的热，使装置内压强增大，会观察到a液面低于b液面，故B错误。
C、氯化钠溶于水，溶液温度基本保持不变，U形管内a、b液面相平，故C错误；
D、蔗糖溶于水，溶液温度基本保持不变，U形管内a、b液面相平，故D错误。
故答案为：A。
4．【答案】B
【知识点】过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】根据过滤操作的用途判断。
【解答】过滤操作用于分离液体和不溶于液体的固态颗粒。而口罩上存在细小的孔，相当于滤纸，而粉尘和飞沫相当于不溶于空气的固态颗粒，因此相当于过滤操作，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
5．【答案】C
【知识点】大气压对天气的影响；气温及其变化
【解析】【分析】 根据热力环流的过程，近地面温度高气体膨胀上升形成低压，高空形成高压；温度低气体收缩下沉形成高压，高空形成低压；大气在水平方向上从高压流向低压，从而形成热力环流。
【解答】 读图得知，甲地盛行下沉气流，气温较低，气压高，多晴朗天气；乙地盛行上升气流，气温较高，气压较低，多阴雨天气。
故答案为：C。
6．【答案】D
【知识点】蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】根据固体药品的取用方法进行分析判断。根据溶解操作的方法，进行分析判断。过滤液体时，注意“一贴、二低、三靠”的原则。根据蒸发操作的注意事项进行分析判断。
【解答】 A、取用粗盐时，瓶塞要倒放，应用药匙取用，不能用手接触药品，图中瓶塞没有倒放，所示操作错误。
B、配制溶液时，溶解操作应在烧杯中进行，用玻璃棒不断搅拌，不能在量筒内进行，图中所示操作错误。
C、过滤液体时，要注意“一贴、二低、三靠”的原则，图中缺少玻璃棒引流、滤纸的边缘超过漏斗的边缘，图中所示操作错误。
D、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，以防止局部温度过高，造成液体飞溅，图中所示操作正确。
故答案为：D。
7．【答案】B
【知识点】大气压强的存在；大气压强与高度的关系
【解析】【分析】 将装置带下山高度减小，外界大气压增大，瓶内气压不变，据此分析解答。
【解答】 将装置带下山高度减小，外界大气压增大，瓶内气压不变，瓶内外气压差增大，所以小气球会鼓起一些。
故答案为：B。
8．【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】根据列车内部和两列车之间的空气流动速度，分析压强，玻璃将被压向压强小的一侧的规律进行分析。
【解答】 两列火车相对高速行驶时，两列车之间空气流动速度很大，压强很小，列车内的压强远大于列车中间的压强，会把玻璃压向两列车之间，碎玻璃将会飞向车外。
故答案为：D。
9．【答案】C
【知识点】天气的概念；天气预报与天气图；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】 天气对人们的生活和生产有着深深的影响。
【解答】 这一天时间里杭州的大气状态及其变化称为天气；这一天的最高气温是人体最感舒适的气温；这一天的气温最高值出现在午后2时左右；这一天是晴。
故答案为：C。
10．【答案】D
【知识点】影响液体压强大小的因素；阿基米德原理
【解析】【分析】根据浮沉条件分析浮桥受到浮力的变化，根据液体压强公式p=ρ液gh分析浮桥受到水的压强变化。
【解答】根据题意可知， 浮桥始终在水面漂浮时，浮桥所受的浮力始终等于自身的重力。大批游客走上浮桥后，浮桥的总重力增大，故浮力变大。
由阿基米德原理可知，此时浮桥排开水的体积增大，即浮桥的吃水深度增加，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，浮桥底部所受水的压强变大。
故D正确，而A、B、C错误。
故选D。
11．【答案】B
【知识点】风
【解析】【分析】 太阳光照射在地球表面上，使地表温度升高，地表的空气受热膨胀变轻而往上升。热空气上升后，低温的冷空气横向流入，上升的空气因逐渐冷却变重而降落，由于地表温度较高又会加热空气使之上升，这种空气的流动就产生了风。
【解答】 风总是从高气压吹向低气压，结合图示指向标来看，甲地的风向在不考虑其他因素的情况下应是西南风。
故选B。
12．【答案】B
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】根据某温度下，一杯刚好饱和的蔗糖溶液，欲使其溶质的质量分数改变，则改变了溶液的组成，进行分析判断。
【解答】 A、某温度下，一杯刚好饱和的蔗糖溶液，加蔗糖，不能继续溶解，溶质的质量分数不变，故选项错误。
B、降低温度，蔗糖的溶解度减小，溶质质量减少，溶剂质量不变，溶质质量分数减小，故选项正确。
C、恒温蒸发溶剂，所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，溶质的质量分数不变，故选项错误。
D、升高温度，蔗糖的溶解度增大，但溶液的组成没有发生改变，溶质的质量分数不变，故选项错误。
故答案为：B。
13．【答案】D
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】根据饱和溶液中，溶质质量分数的计算方法来分析。
【解答】 解在15℃时，硝酸钾的溶解度为26克，在该温度下，60克水中最多能溶解硝酸钾的质量为60克×=15.6克，即在该温度下，将20克硝酸钾放入60克水中充分搅拌，所得溶液为该温度下的饱和溶液，则溶质的质量分数为×100%≈20.6%。
故答案为：D。
14．【答案】C
【知识点】溶液的组成及特点；悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别；饱和溶液与不饱和溶液
【解析】【分析】根据图3所示关系X和Y属于并列关系，Z与X、Y属于包含关系，结合涉及的概念，进行分析判断。
【解答】A、浓溶液和稀溶液属于并列关系，溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系，故答案为项错误。
B、悬浊液、乳浊液、溶液均属于不属于溶液，故答案为项错误。
C、溶液包括溶剂和溶质，溶质与溶剂是并列关系，故答案为项正确。
D、饱和溶液和不饱和溶液属于并列关系，溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系，故答案为项错误。
故答案为：C。
15．【答案】C
【知识点】密度及其特性；物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 根据漂浮和悬浮的条件判断浮力和液体密度的关系；根据p=ρgh判断两容器底部受到液体压强的大小关系；据密度的公式和物体对水平桌面的压力F=G总分析判断即可。
【解答】 AC．图中甲容器中物体漂浮，根据浮沉条件知，物体的密度小于甲液体的密度，乙容器中物体悬浮，说明物体的密度等于乙容器中液体的密度，所以甲容器中液体的密度较大，故A错误，C正确；
B．由于甲液体的密度较大，甲、乙两容器中液体的深度相同，根据公式p=ρgh知道，甲容器底部受到的液体的压强大，故B错误；
D．在甲中漂浮，浮力等于重力，在乙中悬浮，浮力也等于重力，已知两个物体完全相同，重力相同，物体在甲容器液体中受到的浮力等于在乙中受到的浮力，故D错误。
故答案为：C。
16．【答案】（1）面粉
（2）排开油的体积
（3）均一性
【知识点】阿基米德原理；溶液的组成及特点；悬浊液、乳浊液的概念及其与溶液的区别
【解析】【分析】（1）乳浊液的分散质为不溶性的液体；
（2）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，物体排开液体的体积越大，则受到的浮力越大；
（3）根据溶液的均一性和稳定性分析解答。
【解答】（1）油是不溶于水的液体，因此分散水中形成乳浊液；
（2）炸灯盏糕时，面粉团在油中会变得蓬松，小君发现一开始沉底的灯盏糕浮上来了，灯盏糕上浮是因为排开油的体积增大导致浮力增大；
(3)卖灯盏糕的小摊上还摆着红糖水，摊主只要取出少量红糖水品尝，就能知道整锅红糖水甜度是否合适，这是因为溶液具有均一性的特点。
17．【答案】（1）A
（2）12
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】（1）根据操作③是从氯化钠溶液中获得氯化钠固体，进行分析解答。
（2）根据溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，进行分析解答。
【解答】（1）操作③是从氯化钠溶液中获得氯化钠固体，是蒸发操作，图甲中的操作③为图乙中的A。
（2）溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量=100g×12%=12g。
18．【答案】（1）水汽输送；⑤
（2）随着纬度的升高，人均水资源的拥有量减少
【知识点】地球上的水体；水循环；水资源的保护
【解析】【分析】 海洋表面蒸发的水汽，随着气流运动被输送到陆地上空，在一定条件下形成降水降落到地面。落到地面的水，或沿地面流动形成地表径流，或渗入地下形成地下径流。两者汇入江河，最后又返回海洋。水的这种循环运动称为海陆间水循环。
【解答】（1）水循环的主要环节主要有：蒸发、降水、水汽输送、地表径流、下渗、地下径流、植物蒸腾等。结合图中信息可知①是降水，②是蒸发，③是水汽输送，④为降水，⑤为地表径流，⑥是地下径流。人们常常通过对地表的改造，影响地球上水循环的过程，我国实施的南水北调工程可以缓解北方的缺水问题，南水北调工程是对水循环环节中的⑤地表径流施加影响。
（2）如图乙是我国东部地区人均水资源拥有量随纬度变化的图像，由图可知我国东部地区人均水资源拥有量的分布规律是随着纬度的增大，人均水资源拥有量减少。
19．【答案】（1）不饱和
（2）30g
（3）甲＜乙＜丙＝丁
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；饱和溶液与不饱和溶液相互转变；固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据第一次蒸发10g水，没有晶体析出，所得溶液可能是不饱和溶液，也可能是恰好饱和；第二次恒温蒸发掉10g水，结果析出2g固体，则所得溶液为饱和溶液；第三次恒温蒸发掉10g水，共析出5g固体，即第三次蒸发10g水，析出了3g固体，说明该温度下的饱和溶液，蒸发10g水，析出3g固体；进行分析解答。
【解答】（1）第一次蒸发10g水，没有晶体析出，所得溶液可能是不饱和溶液，也可能是恰好饱和；第二次恒温蒸发掉10g水，结果析出2g固体，则所得溶液为饱和溶液；第三次恒温蒸发掉10g水，共析出5g固体，即第三次蒸发10g水，析出了3g固体，说明该温度下的饱和溶液，蒸发10g水，析出3g固体，同时说明乙中的溶液是不饱和溶液。
（2）该温度下的饱和溶液，蒸发10g水，析出3g固体，
该固体溶质在t℃时的溶解度为3g×＝30g。
（3）甲、乙中溶质质量相等，乙中溶剂质量比甲中少，丙、丁均是t℃时的饱和溶液，则甲、乙、丙、丁中溶液溶质质量分数的大小关系是甲＜乙＜丙＝丁。
20．【答案】（1）氢和氧
（2）B
（3）水氢气+氧气
（4）B；C
（5）10
【知识点】水的组成和主要性质；净化水的常用方法；构成物质的粒子模型
【解析】【分析】 电解水时，正极产生的是氧气，氧气能使带火星的木条复燃，负极产生的是氢气，氢气燃烧生成水，氧气和氢气的体积比约为1：2，质量比是8：1。
【解答】 （1）从组成角度看：水是由氢元素、氧元素组成的。
故答案为：氢元素、氧元素。
（2）每个水分子由2个氢原子和1个氧原子构成，从微观角度看：图1中可以表示水的微粒的是B。
故答案为：B。
（3）水电解的文字表达式为水氢气+氧气。
（4）A.水本身是一种物质资源，故选项正确。
B.此装置不能将可溶性矿物质去除，故选项不正确。
C.利用此装置不能得到蒸馏水，故选项不正确。
D.利用此装置净化得到的水不宜直接饮用，是因为没有杀菌消毒，故选项正确。
故答案为：BC。
（5）从变化角度看：电解一定量的水（如图3），当正极端产生5mL气体时，理论上在负极端产生气体的体积为10mL
21．【答案】（1）使吸管能竖直漂浮在液体中
（2）>
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）因为饮料吸管是空心的，为了使它保持竖直的漂浮，就在其下端塞入适量金属丝；
（2）从图乙中可以看出，吸管在水和另一种液体中，浸入的深度不同，但都漂浮，所以浮力相等，都等于自身的重力，根据公式F浮=ρgV排通过比较排开液体的体积大小可以比较液体密度的大小。
【解答】 （1）为了让饮料吸管能竖直的漂浮在液体中，吸管下端塞入一些金属丝作为配重，这样做目的是让密度计竖直漂浮在液体中；
（2）由于吸管在丙两图中均漂浮，所以F浮=G，则在水和另一种液体中受到的浮力相等，所以F浮=ρgV排，V排左＞V排右，所以ρ水＜ρ液。
22．【答案】（1）大气压
（2）60
【知识点】压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）吸盘是利用大气压的作用来吸住玻璃的；
（2）由受力分析可知，吸盘内外的压力差等于拉力时，可以将吸盘拉下来。
【解答】 （1）吸盘能够“吸”在天花板的玻璃上而掉不下来，是由于大气压的作用；
（2）吸盘的面积S=30cm2=3×10-3m2；
由题意可知F=（p-p内）S=（1.01×105Pa-0.81×105Pa）×3×10-3m2=60N。
23．【答案】（1）0.6
（2）乙丙
（3）开液体体积相同时，液体密度越大，所受浮力也越大（填浮力大小与液体密度有关，液体密度越大，所受浮力也越大也可以）
（4）排开液体体积
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的变化
【解析】【分析】物体浸没在液体中，物体重力与弹簧测力计示数之差是物体受到的浮力；根据控制变量法的要求，分析图示实验现象，然后得出结论。
【解答】 （1）求金属块浸没在液体中受到的浮力，由图示可知，F浮甲=G F甲=5N 4.4N=0.6N，F浮乙=G F乙=5N 4N=1N，
F浮丙=G F丙=5N 4N=1N，F浮丁=G F丁=5N 4.2N=0.8N，由此可知，在图甲中所受浮力最小为0.6N；
（2）由图示可知，在乙、丙两次实验中，液体种类、物体排开液体的体积相同而物体浸入液体的深度不同，物体受到的浮力相同，由此可知：这两次实验是为了探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度无关。
（3）由图示可知，丙丁两次实验中，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，由此可知，物体所受浮力与液体密度有关；
（4）分析甲、乙两实验可知，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关，由此可知，浮力大小与液体密度和排开液体体积有关。
24．【答案】（1）变大
（2）自身重力
（3）小药瓶内装满水后拧紧瓶盖应该改为装入适量水后拧紧瓶盖
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）按压橡皮膜时，贮水筒内封闭气体体积变小，压强变大；
（2）潜水艇是靠改变自身重力来实现浮沉的；
（3）根据物体沉浮条件进行分析。
【解答】 （1）按压橡皮膜时，贮水筒内封闭气体体积变小，压强变大；
（2）浮沉子”与“潜水艇”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现浮沉的；
（3）步骤②中，小药瓶装满水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内，小药瓶受的浮力小于其重力，小药瓶会沉底，所以步骤②改为：小药瓶装入适量的水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内。
25．【答案】（1）活塞
（2）偏大
（3）
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）明确实验的原理，分析出研究对象；
（2）活塞与针筒壁间摩擦力的存在，会造成拉力F偏大，在面积S不变时，所测量的大气压值会偏大；
（3）当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反。
【解答】（1）该实验中以活塞为研究对象，分析研究的是大气对活塞的压力。
（2）若活塞与注射器内壁间的摩擦较大，则拉动活塞的拉力会变大，由可知，将导致测得的大气压值偏大。
（3）当注射器中的活塞开始向左滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力，向右的大气压力和摩擦力，三者关系为
当注射器中的活塞开始向右滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力和摩擦力，向右的大气压力，三者关系为
两式相加解得
已知活塞面积为S，则大气压为
26．【答案】（1）温度；溶质颗粒的大小
（2）E
（3）不对。没有控制水的温度相同（或者水的温度以及溶质颗粒的大小都不同，存在两个变量）
【知识点】影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】 （1）根据影响冰糖溶解快慢的因素有温度、固体颗粒的大小和是否搅拌进行分析；
（2）根据其他变量控制相同进行分析；
（3）根据水的温度没有控制相同进行分析。
【解答】 （1）通过分析图示的信息可知：实验探究中该组同学假设影响冰糖溶解快慢的因素有温度、固体颗粒的大小和是否搅拌有关。
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响，需要控制溶液的温度相同、冰糖的形状相同，所以应选择E与A进行对照。
（3）选择A和C同时进行实验时，发现A中冰糖溶解得快，不能得出结论：块状冰糖比粉末状冰糖溶解得快，因为水的温度没有控制相同。
27．【答案】（1）减小压强
（2）用力往里推注射器活塞，压强增大，气体在水中的溶解能力增强
（3）河水温度升高，氧气在水中的溶解能力减弱
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】 此题是验证压强对气体溶解度的影响，推拉注射气实际上就是对压强进行变大变小的实验，对气体来说压强越大溶解度越大，反之越小。
【解答】 （1）用力向外拉动注射器时压强变小，气体的溶解度变小，会出现气泡，故填：减小压强；
（2）用力向里推注射器，压强增大，气体在水中的溶解度应该增大，故填：压强增大，气体在水中的溶解度增大；
（3）工厂向河里排放热水，造成河水温度升高，氧气在水中的溶解量减少，造成河里的鱼因缺氧而死亡；故填：河水温度升高，氧气在水中的溶解量减少。
28．【答案】（1）硫酸的质量分数
（2）收集相同体积（20 mL）的氢气所用的时间
（3）随着电解，水不断减少，硫酸的溶质质量分数增大，电解水的速度加快
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】电解水时，正极产生的是氧气，负极产生的是氢气，氧气和氢气的体积比约为1：2。
【解答】（1）小科进行以上实验是研究稀硫酸的质量分数会影响水的电解速度。
（2）本实验通过比较收集相等体积的气体需要的时间来判断电解水的速度。
（3）小科在200mL的蒸馏水中，加入10mL质量分数为10%的硫酸后，发现产生的氢气的速度越来越快，是因为随着水的减少，硫酸浓度越来越大。
29．【答案】（1）960
（2）解：需要5000毫升这种二氧化氯消毒液和42kg水
【知识点】固体溶解度的概念；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）由题意，二氧化氯消毒液的密度为1.2g/cm3，溶质的质量分数为80%，据此结合溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，进行分析解答。
（2）根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，结合题意进行分析解答。
【解答】（1）二氧化氯消毒液的密度为1.2g/cm3，1000毫升（1000cm3）二氧化氯消毒液的质量是1.2g/cm3×1000cm3=1200g；其中含溶质二氧化氯的质量为1200g×80%=960g。
（2）设需要二氧化氯消毒液的质量为x，根据溶液稀释前后，溶质的质量不变，
则48kg×10%=x×80%
x=6kg。
需要水的质量为48kg-6kg=42kg。
消毒液体积v=6/1.2x1000mL=5000mL
30．【答案】（1）2×105Pa
（2）120
（3）小
【知识点】沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）根据限压阀质量求出其重力，对出气口的压力就等于其重力，利用限压阀出气口横截面积求出此时压强，再加上大气压的值即为锅内气体能达到的最大压强。
（2）对照表格得出锅内水的最高温度；
（3）比较高压锅内气体的最大压强与高压锅所能承受的最大压强，得出结论。
【解答】 （1）原来的限压阀对出气口的压力：F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，
空心柱小孔的横截面积S=10mm2=1×10-5 m2，当时的大气压p0=1×105Pa，
原来的限压阀对出气口的压强：p1= FS=1×105Pa。
高压锅内气体达到的最大压强：p内=p0+p1=1×105Pa+1×105Pa=2×105Pa；
（2）高压锅内气体达到的最大压强为2×105Pa时，对照表格数据可知，锅内水的最高温度能达到120℃。
（3）要使此高压锅能继续安全使用，应减小高压锅内气体的最大压强，由p内=p0+p1可知，应减小限压阀对出气孔的压强；由p=FS可知，S不变，只有减小F，即只有减小限压阀的质量，即应再配一个质量比原来的限压阀小的新限压阀，才可以减小限压阀对出气孔的压强。
31．【答案】（1）不变
（2）0.06米3
（3）人所受到的浮力F浮=600N，气囊所受到的浮力F=330N，总浮力为930N，总重力630N，浮力大于重力，所以上浮
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）根据F浮=ρ水gV排分析下潜过程中受到的浮力变化；
（2）根据密度公式ρ=的变形公式算出小虞的体积；
（3）气囊完全打开瞬间，研究员和气囊浸没在水中，排开水的体积等于研究员和气囊的总体积，根据F浮=ρ液gV排求研究员与气囊受到的总浮力，比较总浮力与重力的关系，得出结论。
【解答】（1）小虞完全浸没后向下潜水的过程中，小虞排开水的体积不变，由F浮=ρ水gV排知小虞受到的浮力不变；
（2）小虞的体积为：
V==0.06m3；
（3）气囊完全打开瞬间，小虞和气囊浸没在水中受到总浮力为：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×（0.06m3+33×10-3m3）=930N，
小虞的重力为：
G小虞=mg=63kg×10N/kg=630N；
由于F浮＞G，所以能安全浮出到水面直到漂浮。
32．【答案】（1）冷却热饱和溶液（或冷却结晶）
（2）B；D
（3）20℃-30℃
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算；混合物的分离方法（过滤、蒸发、结晶）
【解析】【分析】 （1）根据KNO3和NaCl的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，而氯化钠受温度影响较小，进行分析解答。
（2）根据在室温下，有一杯配制好的饱和氯化钠溶液，露置在空气中一段时间后，水分会逐渐挥发，进行分析解答。
（3）根据在20～40℃时，氯化钠和硝酸钾的溶解度分别为36.0g-36.6g、31.6g-45.8g，进行分析解答。
【解答】（1）KNO3和NaCl的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，而氯化钠受温度影响较小，硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用降温结晶的方法提纯硝酸钾。
（2）在室温下，有一杯配制好的饱和氯化钠溶液，露置在空气中一段时间后，水分会逐渐挥发，溶剂的质量变小了，故溶液底部有少量晶体析出。温度不变，氯化钠的溶解度不变；所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，溶液中氯化钠的质量分数不变。
（3）由表中的数据可知，在20～30℃时，氯化钠和硝酸钾的溶解度分别为36.0g-36.6g、31.6g-45.8g，故20～30℃温度范围内氯化钠、硝酸钾两种物质的溶解度相等。
33．【答案】（1）减小
（2）20℃-22℃
（3）0.05
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】(1)考查晶体的溶解度和温度的关系。
(2)浸没在液体中的小球，由于排开液体的体积不变，当环境温度变化时，液体密度随之改变，根据浮起的小球进行判断。
(3) 根据漂浮时，浮力等于重力进行计算。
【解答】(1)当外界温度降低时，瓶中晶体增多。由此推测瓶中晶体的溶解度随温度降低而 减小 。
(2)当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起。只有“20℃”、“18℃”的小球沉底，则温度大于“20℃”，另外分析可知“22℃”、“24℃”的小球上浮，则温度小于“22℃”，故此时的气温范围为 20℃-22℃ 。
(3) F浮=G=mg=0.005千克× 10牛/千克 = 0.05牛 。
34．【答案】（1）加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好
（2）变大
（3）操作简便（制作成本、材料环保等都可以）
【知识点】实验方案设计与评价；溶质的质量分数及相关计算；混合物的分离方法（过滤、蒸发、结晶）
【解析】【分析】 （1）根据增强冷凝效果的做法来分析；
（2）根据溶质质量分数的计算方法来分析；
（3）根据评价标准来分析。
【解答】 （1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好；
（2）易拉罐中的咸水中溶质的质量不变，水的质量减少，因此易拉罐内咸水溶质的质量分数将变大；
（3）根据评价需要，评价指标中的指标三可以是操作简便或制作成本或材料环保等都可以。
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