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第22讲　分离定律的常规解题规律和方法
一、选择题
1.（2024·河北保定期末）玉米是雌雄同株植物，其种子的籽粒饱满和凹陷受一对等位基因控制。现有一批纯合的籽粒饱满玉米种子和纯合的籽粒凹陷玉米种子，为鉴定这对相对性状的显隐性关系，下列杂交思路合理的是（　　）
A.分别种植两种玉米种子，再将得到的植株分别自交，观察子代的性状
B.分别种植两种玉米种子，再将得到的植株相互杂交，观察子代的性状
C.种植籽粒饱满的玉米种子，再将得到的植株自交，观察子代的性状
D.种植籽粒凹陷的玉米种子，再将得到的植株自交，观察子代的性状
2.（2024·甘肃白银期末）某养猪场有黑色猪和白色猪，黑色（A）对白色（a）为显性，要想鉴定一头黑色公猪是纯合子还是杂合子，最合理的方法是（　　）
A.让该黑色公猪与黑色母猪交配
B.让该黑色公猪在不同环境中生长
C.让该黑色公猪与多只白色母猪交配
D.让该黑色公猪充分生长，观察其毛色是否改变
3.（2025·广东深圳调研）人的褐眼对蓝眼为显性，某夫妇皆为褐眼，其甲、乙、丙三个孩子中，有一个是收养的（非亲生的），甲和丙为蓝眼，乙为褐眼，据此推断下列说法错误的是（　　）
A.甲或丙是收养的
B.该夫妇再生一个蓝眼孩子的概率为1/4
C.控制甲的眼色的基因型是纯合的
D.若乙为亲生的，则乙为纯合子的概率为1/3
4.（2025·河北承德高三月考）萝卜的花有白、红、紫三种颜色，该性状由基因R、r控制。三组不同类型植株之间的杂交结果如下表所示。下列相关叙述中错误的是（　　）
组别 亲本 子代性状表现及数量
一 紫花×白花 紫花428、白花415
二 紫花×红花 紫花413、红花406
三 紫花×紫花 红花198、紫花396、白花202
A.白花、紫花、红花植株的基因型分别是rr、Rr、RR
B.白花植株自交的后代均开白花，红花植株自交的后代均开红花
C.白花植株与红花植株杂交的后代中，既没有红花也没有白花
D.可用紫花植株与白花或红花植株杂交验证分离定律
5.（2024·贵州安顺模拟）在孟德尔一对相对性状的豌豆杂交实验中，高茎和矮茎由一对等位基因D/d控制。在杂交实验中，有多株高茎，让其与矮茎进行杂交，子代中高茎∶矮茎＝3∶1。下列分析错误的是（　　）
A.亲代高茎中杂合子比例为1/2
B.子代高茎中杂合子比例为2/3
C.若亲代高茎自交，则子代中高茎∶矮茎＝7∶1
D.若子代高茎自交，则子二代中高茎∶矮茎＝3∶1
6.（2025·河南焦作期末）某种动物的毛色有黄色和灰色两种，由位于常染色体上的一对等位基因A、a控制。下表为三组交配组合，下列叙述错误的是（　　）
交配组合 亲本性状 子代性状及比例
组合一 丙（黄色）×乙（黄色） 黄色∶灰色＝3∶1
组合二 甲（灰色）×乙（黄色） 黄色∶灰色＝1∶1
组合三 甲（灰色）×丁（黄色） 全为黄色
A.组合一两亲本的基因型相同，均为Aa
B.根据组合一和组合三都能判断出显性性状为黄色
C.组合三的两亲本均为纯合子，子代均为杂合子
D.组合二产生的子代中，有1/4个体的毛色能稳定遗传
7.（2025·湖北咸宁期末）苋菜的紫叶对绿叶为完全显性，由一对等位基因控制。现将多株紫叶苋菜与绿叶苋菜杂交，子一代中紫叶苋菜和绿叶苋菜的数量比为5∶1。如果让亲本紫叶苋菜自交，子一代中紫叶苋菜和绿叶苋菜的数量比为（　　）
A.2∶1 B.3∶1
C.5∶1 D.11∶1
8.（2024·云南大理模拟）已知牛的体色由一对等位基因（A、a）控制，其中基因型为AA的个体为红褐色，aa为红色，在基因型为Aa的个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、Aa两种基因型，其比例为1∶1，且雌∶雄＝1∶1。若让该群体的牛分别进行自交（基因型相同的雌雄个体交配）和自由交配，则子代的表型及比例分别是（　　）
A.自交红褐色∶红色＝1∶1；自由交配红褐色∶红色＝4∶5
B.自交红褐色∶红色＝3∶1；自由交配红褐色∶红色＝8∶1
C.自交红褐色∶红色＝2∶1；自由交配红褐色∶红色＝3∶1
D.自交红褐色∶红色＝3∶1；自由交配红褐色∶红色＝3∶1
9.（2025·山东济南高三联考）玉米是雌雄同株异花植物，种子的甜与非甜是一对相对性状，受一对等位基因控制。现用甜玉米种子（甲）和非甜玉米种子（乙）进行相关实验。实验一：甲、乙单独种植，甲的后代均为甜玉米，乙中1/2的后代出现性状分离。实验二：等量的甲、乙间行种植。下列有关叙述错误的是（　　）
A.由实验一可知非甜对甜为显性
B.甲均为纯合子，乙均为杂合子
C.实验二的甲植株所结种子有2种基因型
D.实验二有1/2乙植株所结种子均为非甜
10.（2025·德州模拟）某自花传粉植物，其花色受一对等位基因控制，紫花（A）对白花（a）为显性。下列对相关遗传现象分析错误的是（　　）
A.若将多株紫花与白花植株杂交，F1紫花与白花植株的比为5∶1，则理论上亲本紫花植株中杂合子占1/3
B.Aa紫花植株连续自交三代，理论上子三代中杂合子占1/8
C.Aa植株连续自由交配二代，并逐代淘汰隐性个体，子二代中AA、Aa的比为5∶4
D.若含a的花粉有一半致死，则Aa紫花植株自交，F1性状分离比为5∶1
二、非选择题
11.（2025·河北唐山校考）黄瓜是雌雄同株异花的二倍体植物。果皮颜色（绿色和黄色）受一对等位基因控制，为了判断这对相对性状的显隐性关系。甲乙两同学分别从某种群中随机选取两个个体进行杂交实验。请回答：
（1）甲同学选取绿果皮植株与黄果皮植株进行正交与反交，观察F1的表型。请问是否一定能判断显隐性？　　　　　　，为什么？　　　　　　　　　　　　　　　　　　。
（2）乙同学做了两个实验，实验一：绿色果皮植株自交；实验二：上述绿色果皮植株作为父本，黄色果皮植株作为母本进行杂交，观察F1的表型。
①若实验一后代有性状分离，即可判断　　　　为显性。
②若实验一后代没有性状分离，则需通过实验二进行判断。
若实验二后代　　　　　　　　　　　　，则绿色为显性；
若实验二后代　　　　　　　　　　　　，则黄色为显性。
12.（2025·湖北高三一模）某二倍体雌雄同株植物雄性育性受一组复等位基因（位于同源染色体的相同位点上的两种以上的等位基因）控制，其中M为不育基因，Mf为恢复可育基因，m为可育基因，且其显隐性强弱关系为Mf＞M＞m。该种雄性不育植株不能产生可育花粉，但雌蕊发育正常。下表为雄性可育植株的杂交组合及结果，请分析并回答下列问题：
杂交 组合 亲本 子代植株
雄性可育 雄性不育
1 甲×甲 716株 242株
2 甲×乙 476株 481株
3 甲×丙 936株 0株
（1）该种植物雄性不育与可育的遗传　　　　（填“遵循”或“不遵循”）基因的分离定律。
（2）据表分析，雄性可育植株甲、乙、丙亲本的基因型分别为　　　　、　　　　、　　　　。
（3）该种雄性不育植株在进行杂交实验人工授粉前，母本　　　　（填“需要”或“不需要”）进行去雄处理。
（4）现有某雄性不育植株丁，请从甲、乙、丙三种雄性可育植株中选择合适的材料来鉴定植株丁的基因型。简要写出实验思路并预期实验结果及结论。
①实验思路：　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 。
②预期实验结果和结论：
若子代植株　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　，则植株丁的基因型为MM；
若子代植株　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　，则植株丁的基因型为Mm。
第22讲　分离定律的常规解题规律和方法
1.B　分别种植两种玉米种子或单独种植某种种子，再将得到的植株分别自交，子代均为纯合子，无法鉴定这对相对性状的显隐性关系，A、C、D错误；分别种植两种玉米种子，再将得到的植株相互杂交，子代的性状为显性性状，B正确。
2.C　若想鉴定一头黑色公猪是杂合子（Aa）还是纯合子（AA），最合理的方法是让该黑色公猪与多只白色母猪（aa）交配，即测交，若子代全为黑色猪，则表明该黑色公猪是纯合子（AA）；若子代出现白色猪，则表明该黑色公猪为杂合子（Aa）。
3.A　人的褐眼对蓝眼为显性，设控制褐眼的基因为A，控制蓝眼的基因为a。该夫妇皆为褐眼，三个孩子中甲和丙为蓝眼，乙为褐眼，无论哪一个孩子是非亲生的，该夫妇都生出了蓝眼的孩子，故可以确定控制双亲眼色的基因型是杂合的（Aa），甲和丙为隐性纯合子（aa），C正确；该夫妇的基因型都为Aa，他们既能生出褐眼的孩子，也能生出蓝眼的孩子，故不能确定哪个孩子是收养的，A错误；该夫妇再生一个蓝眼孩子的概率为1/2×1/2＝1/4，B正确；若乙为亲生的，乙为褐眼（AA∶Aa＝1∶2），其为纯合子的概率为1/3，D正确。
4.A　该对基因控制的性状有三种，说明R对r为不完全显性。由组别三可知，紫花植株的基因型为Rr，但根据三组杂交实验的结果不能判断出白花植株和红花植株的基因型分别是rr、RR，还是RR、rr，A错误；白花植株与红花植株均为纯合子，二者分别自交，子代都不会出现性状分离，二者杂交，则子代都开紫花，B、C正确；因为RR、Rr的性状表现不同，所以无论是Rr×rr，还是Rr×RR，子代都会出现1∶1的分离比，即都可用来验证基因的分离定律，D正确。
5.B　多株高茎与矮茎杂交，高茎基因型为DD或Dd，矮茎基因型为dd，子代表型及比例为高茎∶矮茎＝3∶1，说明亲代高茎产生的配子种类及比例为D∶d＝3∶1，所以亲本中DD∶Dd＝1∶1，其中杂合子比例为1/2，A正确；由A项可知，亲本中高茎DD∶Dd＝1∶1，矮茎基因型为dd，只能产生d的配子，所以子代高茎全部为杂合子，B错误；亲本中DD∶Dd＝1∶1，若亲代高茎自交，则子代中矮茎的比例为1/2×1/4＝1/8，高茎的比例为1－1/8＝7/8，故子代中高茎∶矮茎＝7∶1，C正确；由于子代高茎全部为杂合子，Dd自交，则子二代中高茎∶矮茎＝3∶1，D正确。
6.D　组合一的亲本均为黄色，子代出现了性状分离，说明亲本均为Aa，黄色为显性，A正确；组合三中亲本为灰色和黄色，子代只有黄色，说明黄色为显性，亲本为aa×AA，子代基因型为Aa，B、C正确；组合二子代中黄色∶灰色＝1∶1，亲本为aa×Aa，子代中能稳定遗传的个体为aa，占1/2，D错误。
7.D　假设相关基因用A、a表示，将多株紫叶苋菜（A_）与绿叶苋菜（aa）杂交，子一代中紫叶苋菜（Aa）和绿叶苋菜（aa）的数量比为5∶1，说明亲本紫叶苋菜产生的A配子占5/6，a配子占1/6，则亲本中AA占2/3，Aa占1/3，亲本2/3AA自交全为AA，1/3Aa自交，其中A_占1/3×3/4＝1/4，aa占1/3×1/4＝1/12，故子一代中A_占2/3＋1/4＝11/12，aa占1/12，即子一代中紫叶苋菜和绿叶苋菜的数量比为11∶1，D正确。
8.D　雌牛AA∶Aa＝1∶1，雄牛AA∶Aa＝1∶1，1/2AA自交后代全为红褐色（雌、雄），1/2Aa自交后代1/8AA全为红褐色（雌、雄），1/2×1/2×1/2＝1/8Aa表现红褐色（雄），1/2×1/2×1/2＝1/8Aa表现红色（雌），1/8aa全为红色（雌、雄），所以让该群体的牛自交后代红褐色的比例为1/2＋1/8＋1/8＝3/4，即自交后代中红褐色∶红色＝3∶1；群体中产生的雌配子A∶a＝3∶1，产生的雄配子A∶a＝3∶1，自由交配的后代aa为1/4×1/4＝1/16，表现为红色，后代Aa表现为红色的比例为2×1/4×3/4×1/2＝3/16，故自由交配的后代中表现红色的为1/16＋3/16＝1/4，表现为红褐色的比例为1－1/4＝3/4，所以自由交配的后代中红褐色∶红色＝3∶1。
9.B　根据乙（非甜）中1/2的后代出现性状分离，可知非甜（设由T基因控制）对甜（设由t基因控制）为显性，并可判断甲的基因型为tt，乙中有1/2TT、1/2Tt，A正确，B错误；实验二中甲和乙随机传粉，其中甲植株上所结种子有tt和Tt 2种基因型，基因型为TT的乙植株上所结种子的基因型为TT和Tt，均为非甜，C、D正确。
10.C　若将多株紫花与白花植株杂交，F1紫花与白花植株的比为5∶1，说明紫花产生的配子比为A∶a＝5∶1，设Aa占1份，能产生A∶a＝1∶1，则AA能产生4份的A配子，即AA有2份，故可推出紫花AA∶Aa＝2∶1，杂合子占1/3，A正确；Aa紫花植株连续自交，F1中杂合子占1/2，理论上子三代中杂合子占1/8，B正确；Aa植株自由交配，F1中1/4AA、1/2Aa、1/4aa，淘汰隐性个体后，1/3AA、2/3Aa，则A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3，自由交配得F2，4/9AA、4/9Aa、1/9aa，淘汰隐性个体后，1/2AA、1/2Aa，则子二代中AA、Aa的比为1∶1，C错误；若含a的花粉有一半致死，则Aa紫花植株自交，产生的雌配子A∶a＝1∶1，雄配子A∶a＝2∶1，子代aa占1/2×1/3＝1/6，F1性状分离比为5∶1，D正确。
11.（1）不能　如果显性性状是杂合子，后代会同时出现黄色和绿色，不能判断显隐性关系　（2）绿色　都表现为绿色果皮　出现黄色果皮
解析：（1）正交与反交实验可以判断是细胞核遗传还是细胞质遗传，或者是判断是常染色体遗传还是伴性遗传，如果显性性状是杂合子，则不能判断显隐性关系。（2）①绿色果皮植株自交，如果后代发生性状分离，说明绿色果皮的黄瓜是杂合子，杂合子表现的性状是显性性状，因此可以判断绿色是显性性状。②若实验一后代没有性状分离，说明绿色是纯合子，可能是显性性状（AA，用A表示显性基因，a表示隐性基因），也可能是隐性性状（aa），则需通过实验二进行判断：如果绿色果皮是显性性状，上述绿色果皮植株作为父本，黄色果皮植株作为母本进行杂交，杂交后代都是绿色果皮，也就是AA（绿色）× aa（黄色）→Aa（绿色）。如果黄色是显性性状，绿色果皮（aa）植株与黄色果皮（A_）植株杂交，则杂交后代会出现黄色果皮（Aa）。
12.（1）遵循　（2）MfM　mm　MfMf　（3）不需要　（4）①选择丁（母本）和乙（父本）进行杂交，统计子代植株的表型及比例　②全部表现为雄性不育　雄性可育∶雄性不育＝1∶1
解析：（1）由题意可知，该种植物雄性育性受一组复等位基因控制，其遗传遵循基因分离定律。（2）依据题意，复等位基因的显隐性强弱关系为Mf＞M＞m，故雄性可育植株的基因型有4种： MfMf、 MfM 、 Mfm 和 mm。由杂交组合1可知，子代发生性状分离，且表型比例约为3∶1，由此可推知甲的基因型为 MfM ；由杂交组合2可知，子代表型比例约为1∶1，则乙的基因型为mm；由杂交组合3可知，子代全为雄性可育植株，则丙的基因型为 MfMf。（3）对于雌雄同株的植物而言，在人工杂交时通常需对母本进行去雄处理，若以雄性不育品系作母本，则不需要进行去雄处理。（4）雄性不育植株丁的基因型为MM或Mm，为鉴定其基因型，可选择丁（母本）和乙（父本）（mm）进行杂交，统计子代植株的表型及比例。若植株丁的基因型为MM，则子代植株全部表现为雄性不育；若植株丁的基因型为Mm，则子代植株雄性可育∶雄性不育＝1∶1。
2 / 3第22讲　分离定律的常规解题规律和方法
课程标准
　　阐明有性生殖中基因的分离使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。
题型一　性状显隐性的判断
1.根据子代性状判断
2.根据遗传系谱图进行判断
3.合理设计杂交实验进行判断
1.（2024·辽宁铁岭模拟）玉米的甜和非甜是一对相对性状，随机取非甜玉米和甜玉米进行间行种植，其中一定能够判断甜和非甜的显隐性关系的是（　　）
2.已知马的毛色有栗色和白色两种，由位于常染色体上的一对等位基因控制。在自由放养多年的一马群中，两基因频率相等。正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马。以下关于性状遗传的研究方法及推断正确的是（　　）
A.选择多对栗色马与白色马杂交，若后代白色马明显多于栗色马，则栗色为显性
B.随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，若所产小马都是栗色，则栗色为显性
C.自由放养的马群随机交配一代，若后代栗色马明显多于白色马，则栗色为显性
D.选择多对栗色马交配一代，若后代全部为栗色马，则栗色为显性
题型二　纯合子与杂合子的判断方法及实验设计
1.自交法：此方法主要适用于植物，且是最简便的方法
2.测交法：此方法适用于植物和动物，且需已知显隐性
3.单倍体育种法：此方法只适用于植物（以一对相对性状为例说明）
4.花粉鉴定法：此方法只适用于一些特殊的植物
提醒 鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用测交法；当被测个体是植物时，上述四种方法均可，其中最简便的方法为自交法。
1.（2025·河南濮阳高三月考）现有一株高茎（显性）豌豆甲，欲知其是否为纯合子，最简便易行的办法是（　　）
A.选另一株矮茎豌豆与甲杂交，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子
B.选另一株矮茎豌豆与甲杂交，若子代都表现为高茎，则甲为纯合子
C.让甲与多株高茎豌豆杂交，若子代中高、矮茎植株之比接近3∶1，则甲为杂合子
D.让豌豆甲进行自花传粉，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子
2.（2024·福建南平模拟）现有两瓶世代延续的果蝇，甲瓶中的个体全为灰身，乙瓶中的个体既有灰身也有黑身。让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都为灰身，则可以认为（　　）
A.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子
B.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子
C.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子
D.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子
3.（2024·山东枣庄统考）番茄的红果色（R）对黄果色（r）为显性。以下关于一株结红果的番茄是纯合子还是杂合子的叙述，正确的是（　　）
A.可通过与红果纯合子杂交来鉴定
B.不能通过该红果自交来鉴定
C.可通过与黄果纯合子杂交来鉴定
D.不能通过与红果杂合子杂交来鉴定
题型三　亲子代基因型、表型的推导与概率计算
1.由亲代推断子代的基因型与表型（正推型）
亲本 子代基因型 子代表型
AA×AA AA 全为显性
AA×Aa AA∶Aa＝1∶1 全为显性
AA×aa Aa 全为显性
Aa×Aa AA∶Aa∶aa＝ 1∶2∶1 显性∶隐 性＝3∶1
Aa×aa Aa∶aa＝1∶1 显性∶隐 性＝1∶1
aa×aa aa 全为隐性
Aa自交后代 中A_再自交 AA∶Aa∶aa＝ 3∶2∶1 显性∶隐 性＝5∶1
Aa自交后代中 A_再与aa杂交 Aa∶aa＝2∶1 显性∶隐 性＝2∶1
Aa与aa杂交所得 子代再与aa杂交 Aa∶aa＝1∶3 显性∶隐 性＝1∶3
2.由子代推断亲代的基因型（逆推型）
（1）根据分离定律中规律性比例直接判断（用基因B、b表示）
后代显隐性比例 双亲类型 结合方式
显性∶隐性＝3∶1 都是杂合子 Bb×Bb→3B_∶1bb
显性∶隐性＝1∶1 测交类型 Bb×bb→1Bb∶1bb
只有显性性状 至少一方为 显性纯合子 BB×BB或BB× Bb或BB×bb
只有隐性性状 一定都是隐 性纯合子 bb×bb→bb
（2）由子代推断亲代的基因型解题思路
1.（2025·广东惠州调研）人的耳垢有油性和干性两种类型，并且受一对遗传因子A、a控制。有人对某一社区670个独生子女的家庭进行了调查，结果如表所示。下列有关分析错误的是（　　）
项目 父亲 母亲 油耳 男孩 油耳 女孩 干耳 男孩 干耳 女孩
组合一 油耳 油耳 90 80 10 15
组合二 油耳 干耳 25 30 15 10
组合三 干耳 油耳 26 24 6 4
组合四 干耳 干耳 0 0 160 175
A.油耳是显性性状，干耳是隐性性状 B.组合一中，父母均为杂合子的家庭至少有25个
C.组合二中，油耳父亲的基因型是Aa D.组合三中，油耳母亲的基因型有的是AA，有的是Aa
2.（2024·抚顺模拟）已知小鼠的灰色与白色是一对相对性状，由一对等位基因控制。如图为小鼠毛色的遗传图解，则下列判断错误的是（　　）
A.小鼠的灰色为显性性状，白色为隐性性状
B.1号、2号、4号、5号的基因组成都相同的概率为2/3
C.若3号与4号杂交，子代为白色的概率为1/2
D.F1、F2的结果都表明发生了性状分离
题型四　分离定律的概率计算（含自交与自由交配）
1.用经典公式或分离比计算
（1）概率＝×100％。
（2）根据分离比计算
如 Aa∶1aa
　　　　　3显性性状∶1隐性性状
AA、aa出现的概率各是1/4，Aa出现的概率是1/2，显性性状出现的概率是3/4，隐性性状出现的概率是1/4，显性性状中杂合子的概率是2/3。
2.根据配子概率计算
（1）先计算亲本产生每种配子的概率。
（2）根据题目要求用相关的两种（♀、♂）配子的概率相乘，即可得出某一基因型的个体的概率。
（3）计算表型概率时，将相同表型的个体的概率相加即可。
3.杂合子连续自交的相关计算
（1）杂合子Dd连续自交n代（如图1），杂合子比例为（1/2）n，纯合子比例为1－（1/2）n，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝[1－（1/2）n]×1/2。纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示：
（2）杂合子（Aa）连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交n代后，显性个体中，纯合子比例为（2n－1）/（2n＋1），杂合子比例为2/（2n＋1）。如图所示：
4.自由交配的概率计算
自由交配问题的两种分析方法：如某种生物的基因型AA占1/3，Aa占2/3，个体间可以自由交配，求后代中基因型和表型的概率。
解法一：列举法（棋盘法）
♀ 后代 ♂ AA Aa
AA AA AA、Aa
Aa AA、Aa AA、Aa、aa
子代基因型及概率AA、Aa、aa
子代表型及概率（＋）A_、aa
解法二：配子法
解法三：平衡定律法
提醒 ①豌豆、水稻、小麦等自花传粉植物自然状态下是自交。玉米等雌雄异花植物自然状态下是自由交配。
②在没有任何干预的条件下，自交和自由交配都不改变基因频率，但连续自交能降低杂合子（Aa）的基因型频率，自由交配不改变各基因型的频率。
1.（2025·湖南长郡中学高三调研）某雌雄同株二倍体植物含有一对等位基因A和a，其中基因型为AA的植株不能产生雌配子，基因型为aa的植株不能产生雄配子，基因型为Aa的植株完全正常。先用若干基因型为Aa的植株为亲本杂交得到F1。理论上，通过下列杂交方式所得的F2植株中，完全正常植株所占比例不为1/2的是（　　）
A.让F1全部植株自交
B.让F1全部植株自由传粉
C.让F1中基因型为AA、Aa的植株自由传粉
D.让F1中基因型为Aa、aa的植株自由传粉
2.某植物可自交或自由交配，在不考虑生物变异和致死情况下，下列哪种情况可使基因型为Aa的该植物连续交配3次后所得子三代中Aa所占比例为2/5（　　）
A.基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体
B.基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体
C.基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体
D.基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体
1.（2024·安徽高考12题）某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是（　　）
A.1/2 B.3/4
C.15/16 D.1
2.（2023·全国甲卷6题）水稻的某病害是由某种真菌（有多个不同菌株）感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个（A1、A2、a）：基因A1控制全抗性状（抗所有菌株），基因A2控制抗性性状（抗部分菌株），基因a控制易感性状（不抗任何菌株），且A1对A2为显性、A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是（　　）
A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1
B.抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感＝1∶1
C.全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝1∶1
D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1
3.（2022·浙江6月选考9题）番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可行的是（　　）
A.让该紫茎番茄自交 B.与绿茎番茄杂交
C.与纯合紫茎番茄杂交 D.与杂合紫茎番茄杂交
4.（2024·贵州高考20题）已知小鼠毛皮的颜色由一组位于常染色体上的复等位基因B1（黄色）、B2（鼠色）、B3（黑色）控制。现有甲（黄色短尾）、乙（黄色正常尾）、丙（鼠色短尾）、丁（黑色正常尾）4种基因型的雌雄小鼠若干，某研究小组对其开展了系列实验，结果如图所示。
　　　　　　①　　　　　②　　　　　③
亲本组合　甲×丁　　　乙×丁　　　甲×乙
　　　　　　↓　　　　　↓　　　　　↓
　子代　黄色　鼠色　黄色　黑色　黄色　鼠色
　　　　　1 ∶ 1　　 1 ∶ 1　 　2 ∶ 1
回答下列问题。
（1）基因B1、B2、B3之间的显隐性关系是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。
实验③中的子代比例说明了　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　，其黄色子代的基因型是　　　　　　　　　　　　　　　。
（2）小鼠群体中与毛皮颜色有关的基因型共有　　　　种，其中基因型组合为　　　　的小鼠相互交配产生的子代毛皮颜色种类最多。
（3）小鼠短尾（D）和正常尾（d）是一对相对性状，短尾基因纯合时会导致小鼠在胚胎期死亡。小鼠毛皮颜色基因和尾形基因的遗传符合自由组合定律，若甲雌雄个体相互交配，则子代表型及比例为　　　　　　　　；为测定丙产生的配子类型及比例，可选择丁个体与其杂交，选择丁的理由是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　
　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。
　（1）已知果蝇的长翅和截翅由一对等位基因控制。多只长翅果蝇进行单对交配（每个瓶中有1只雌果蝇和1只雄果蝇），子代果蝇中长翅∶截翅＝3∶1，可判断长翅是显性性状。 （2020·新课标Ⅰ卷）（　　）
（2）一观赏鱼品系体色为桔红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状由一对等位基因控制，桔红带黑斑品系的后代中出现性状分离，说明该品系为杂合子。 （2020·江苏高考）（　　）
（3）研究者获得矮秆玉米突变株，该突变株与野生型杂交，F1表型与　　　　相同，说明矮秆是隐性性状。 （2024·北京高考）
（4）某种瓜的性型（雌性株/普通株）和瓜刺（黑刺/白刺）各由1对等位基因控制。雌性株开雌花，经人工诱雄处理可开雄花，能自交；普通株既开雌花又开雄花。黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1，根据F1的性状不能判断瓜刺性状的显隐性，则F1瓜刺的表型及分离比是　　　　　　　　　。若要判断瓜刺的显隐性，从亲本或F1中选择材料进行的实验及判断依据是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。（2024·全国甲卷）
第22讲　分离定律的常规解题规律和方法
【析题型·培素养】
题型一
1.C　A中当非甜玉米和甜玉米都是纯合子时，不能判断显隐性关系，A不符合题意。B中当其中有一个植株是杂合子时，不能判断显隐性关系，B不符合题意。C中非甜玉米与甜玉米杂交，若后代只出现一种性状，则该性状为显性性状；若出现两种性状，则说明非甜玉米和甜玉米中有一个是杂合子，有一个是隐性纯合子，此时非甜玉米自交，若出现性状分离，说明非甜是显性性状，若没有出现性状分离，则说明非甜玉米是隐性纯合子，C符合题意。D中若后代有两种性状，则不能判断显隐性关系，D不符合题意。
2.C　多组相对性状个体杂交，后代中数量多的性状为显性，即白色为显性，A错误；正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马。随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，所产的小马只有6匹，由于后代统计数目少，例如Aa（白色）×aa（栗色）→aa，存在偶然性，6匹马可以全是栗色，所以仍不能确定栗色为显性，B错误；若栗色为显性，则多对栗色马交配后代应出现白色马，D错误。
题型二
1.D　鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子时，对植物而言，最简便易行的方法是自交法。所以要确定豌豆甲是否为纯合子，最简便易行的办法是让豌豆甲进行自花传粉，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子，若子代全为高茎，则甲为纯合子。
2.D　相关基因用B、b表示。根据题中提示“让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都为灰身”，说明灰身对黑身为显性，且乙瓶中的灰身为显性纯合子（BB），乙瓶中的黑身为隐性纯合子（bb），甲瓶中的个体全为灰身，若甲瓶中果蝇是亲代，不会出现乙瓶中的子代情况，因为若甲瓶中果蝇基因型是BB，乙瓶中不可能有黑身个体，若甲瓶中果蝇基因型是Bb，则乙瓶中应有基因型Bb的个体，所以，不可能是甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本；若乙瓶中果蝇是亲代，即BB×bb，甲瓶中果蝇为子代，基因型则为Bb，表现为灰身，D符合题意。
3.C　该红果植株与红果纯合子（RR）杂交后代都是红果（R_），所以不能通过与红果纯合子杂交来鉴定该红果植株是否是纯合子，A错误。能通过该红果植株自交来鉴定，如果后代都是红果，则其是纯合子；如果后代有红果也有黄果，则其是杂合子，B错误。能通过与黄果纯合子（rr）杂交来鉴定该红果植株是否是纯合子，如果后代都是红果，则其是纯合子；如果后代有红果也有黄果，则其是杂合子，C正确。能通过与红果杂合子杂交来鉴定该红果植株是否是纯合子，若后代全为红果，则其是纯合子，若后代既有红果也有黄果，则其为杂合子，D错误。
题型三
1.C　分析题表中组合一，双亲都为油耳，却生出了干耳子女，说明干耳为隐性性状，油耳为显性性状，A正确；油耳夫妇若生出干耳子女，则双亲必为杂合子，由表中组合一数据可知干耳女孩和干耳男孩的数量为25，所以组合一中，父母均为杂合子的家庭至少有25个，B正确；组合二的子女中，油耳∶干耳＝11∶5，则油耳父亲的基因型是Aa或AA，C错误；组合三的子女中，油耳∶干耳＝5∶1，则油耳母亲的基因型是Aa或AA，D正确。
2.B　1号和2号均为灰色，杂交得到3号为白色，说明灰色对白色为显性，A正确；设小鼠的毛色由等位基因A、a控制，由于灰色对白色为显性，故1号和2号杂交得到的3号为白色（aa），1号和2号的基因型均为Aa；同样4号和5号杂交得到的6号为白色（aa），4号和5号的基因型均为Aa，所以1号、2号、4号、5号的基因组成都相同的概率为1，B错误；3号基因型为aa，4号基因型为Aa，若3号与4号杂交，子代为白色的概率为1/2，C正确；杂种后代同时出现显性性状和隐性性状的现象，叫作性状分离，F1、F2同时出现灰色和白色的结果表明发生了性状分离，D正确。
题型四
1.B　基因型为Aa的植株交配，所得F1的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，其中基因型为AA、aa的个体均不能自交产生后代，只有基因型为Aa的个体可自交产生后代，F1全部植株自交，F2植株基因型及比例为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，其中完全正常植株Aa所占比例为1/2，A不符合题意；F1全部植株自由传粉，F1产生的雌配子基因型及比例为A∶a＝1∶2，雄配子基因型及比例为A∶a＝2∶1，由此可得F2中AA∶Aa∶aa＝（1/3×2/3）∶[（1/3×1/3）＋（2/3×2/3）]∶（2/3×1/3）＝2∶5∶2，故F2植株中完全正常植株Aa所占比例为5/9，B符合题意；F1中基因型为AA、Aa的植株自由传粉，F1产生的雌配子基因型及比例为A∶a＝1∶1，雄配子基因型及比例为A∶a＝2∶1，由此可得F2中AA∶Aa∶aa＝（1/2×2/3）∶[（1/2×1/3）＋（1/2×2/3）]∶（1/2×1/3）＝2∶3∶1，所以F2植株中完全正常植株Aa所占比例为1/2，C不符合题意；F1中基因型为Aa、aa的植株自由传粉，F1产生的雌配子基因型及比例为A∶a＝1∶2，雄配子基因型及比例为A∶a＝1∶1，由此可得F2中AA∶Aa∶aa＝（1/3×1/2）∶[（1/3×1/2）＋（2/3×1/2）]∶（2/3×1/2）＝1∶3∶2，所以F2植株中完全正常植株Aa所占比例为1/2，D不符合题意。
2.D　基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为（1/2）3＝1/8，A错误；基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为2/（23＋1）＝2/9，B错误；基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体，符合遗传平衡定律。A的基因频率＝a的基因频率＝1/2，而且每一代的基因型频率均不变，则子三代中Aa的基因型频率＝2×1/2×1/2＝1/2，C错误；基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体，由于存在选择作用，所以每一代的基因频率均会发生改变，需要逐代进行计算。基因型为Aa的该植物自由交配一次，子一代中AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，去除aa个体，则子一代中有1/3AA和2/3Aa。子一代中A的基因频率＝1/3＋1/2×2/3＝2/3，a的基因频率＝1/3，子一代再自由交配，子二代中AA的基因型频率＝（2/3）2＝4/9，Aa基因型频率＝2×2/3×1/3＝4/9，去除aa个体，子二代中有1/2AA和1/2Aa。子二代中A的基因频率＝1/2＋1/2×1/2＝3/4，a的基因频率＝1/4，子二代再自由交配，在子三代中AA的基因型频率＝（3/4）2＝9/16，Aa的基因型频率＝2×3/4×1/4＝6/16，去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为6/16÷（9/16＋6/16）＝2/5，D正确。
【做真题·悟考向】
1.A　由题意可知控制白色的基因在雄虫中不表达，随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，说明白色对黄色为显性，若相关基因用A/a表示，则亲代白色雌虫基因型为AA，黄色雄虫基因型为AA或Aa或aa。若黄色雄虫基因型为AA，则F1基因型为AA，F1自由交配，F2基因型为AA，F2雌性中白色个体的比例为1；若黄色雄虫基因型为Aa，则F1基因型为1/2AA、1/2Aa，F1自由交配，F2基因型为9/16AA、6/16Aa、1/16aa，F2雌性中白色个体的比例为15/16；若黄色雄虫基因型为aa，则F1基因型为Aa，F1自由交配，F2基因型为1/4AA、1/2AA、1/4aa，F2雌性中白色个体的比例为3/4。综上所述，A符合题意，B、C、D不符合题意。
2.A　根据题意可知，全抗植株有三种基因型，分别为A1A1、A1A2、A1a，抗性植株有两种基因型，分别为A2A2、A2a，易感植株的基因型为aa。全抗植株与抗性植株杂交，共有六种杂交组合，子代都不可能出现全抗∶抗性＝3∶1，A错误；抗性植株与易感植株（aa）杂交，若抗性植株的基因型为A2a，其可产生两种配子，则子代中会出现抗性∶易感＝1∶1，B正确；全抗植株与易感植株（aa）杂交，若全抗植株的基因型为A1A2，其可产生两种配子，则子代中会出现全抗∶抗性＝1∶1，C正确；全抗植株（A1a）与抗性植株（A2a）杂交，子代可能出现全抗（A1A2、A1a）∶抗性（A2a）∶易感（aa）＝2∶1∶1，D正确。
3.C　纯合子自交后代不会发生性状分离，杂合子自交后代会出现性状分离，A可行；显性纯合子测交子代均为显性杂合子，杂合子测交子代中显性杂合子∶隐性纯合子＝1∶1，B可行；待测紫茎番茄不管是纯合子还是杂合子，与纯合紫茎番茄杂交，子代都只有显性个体，C不可行；与杂合紫茎番茄杂交，若待测个体是纯合子，则子代只有显性个体，若待测个体是杂合子，则子代中显性个体∶隐性个体＝3∶1，D可行。
4.（1）B1对B2、B3为显性，B2对B3为显性　基因型B1B1的个体死亡　B1B2、B1B3　（2）5　B1B3和B2B3　（3）黄色短尾∶黄色正常尾∶鼠色短尾∶鼠色正常尾＝4∶2∶2∶1　丁是隐性纯合子B3B3dd
解析：（1）根据图中杂交组合②可知，B1对B3为显性；根据图中杂交组合③可知，B1对B2为显性；根据图中杂交组合①可知，B2对B3为显性，故B1对B2、B3为显性，B2对B3为显性。实验③中的子代比例说明基因型为B1B1的个体死亡，其黄色子代的基因型是B1B2、B1B3。（2）根据（1）可知，小鼠群体中与毛皮颜色有关的基因型有B1B2、B1B3、B2B2、B2B3、B3B3，共有5种。其中B1B3和B2B3交配后代的毛色种类最多，共有黄色、鼠色和黑色3种。（3）根据题意，甲的基因型是B1B2Dd，则该基因型的雌雄个体相互交配，子代表型及比例为黄色短尾∶黄色正常尾∶鼠色短尾∶鼠色正常尾＝4∶2∶2∶1。丙为鼠色短尾，其基因型表示为B2_Dd，为测定丙产生的配子类型及比例，可采用测交的方法，即丁个体与其杂交，理由是丁是隐性纯合子B3B3dd。
真题重组练
　（1）√　（2）√　（3）野生型　（4）黑刺∶白刺＝1∶1　从亲本或F1中选取表型相同的个体进行自交，若后代发生性状分离，则该个体性状为显性，不发生性状分离，则该性状为隐性
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第22讲
分离定律的常规解题规律和方法
高中总复习·生物
　　阐明有性生殖中基因的分离使得子代的基因型和表型有多种可能，并
可由此预测子代的遗传性状。
课程标准
1. 破考点·抓必备
2. 研真题·扣教材
3. 验收效·提能力
目录
Contents
01
破考点·抓必备
梳理归纳， 巩固基本知识
题型一　性状显隐性的判断
1. 根据子代性状判断
2. 根据遗传系谱图进行判断
3. 合理设计杂交实验进行判断
1. （2024·辽宁铁岭模拟）玉米的甜和非甜是一对相对性状，随机取非甜
玉米和甜玉米进行间行种植，其中一定能够判断甜和非甜的显隐性关系的
是（　　）
√
解析：　A中当非甜玉米和甜玉米都是纯合子时，不能判断显隐性关系，
A不符合题意。B中当其中有一个植株是杂合子时，不能判断显隐性关系，
B不符合题意。C中非甜玉米与甜玉米杂交，若后代只出现一种性状，则该
性状为显性性状；若出现两种性状，则说明非甜玉米和甜玉米中有一个是
杂合子，有一个是隐性纯合子，此时非甜玉米自交，若出现性状分离，说
明非甜是显性性状，若没有出现性状分离，则说明非甜玉米是隐性纯合
子，C符合题意。D中若后代有两种性状，则不能判断显隐性关系，D不符
合题意。
2. 〔已知马的毛色有栗色和白色两种，由位于常染色体上的一对等位基因控制。在自由放养多年的一马群中，两基因频率相等。正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马。以下关于性状遗传的研究方法及推断正确的是（　　）
A. 选择多对栗色马与白色马杂交，若后代白色马明显多于栗色马，则栗
色为显性
B. 随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，若所产小马都是栗
色，则栗色为显性
C. 自由放养的马群随机交配一代，若后代栗色马明显多于白色马，则栗色
为显性
D. 选择多对栗色马交配一代，若后代全部为栗色马，则栗色为显性
√
解析：　多组相对性状个体杂交，后代中数量多的性状为显性，即白色为显性，A错误；正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马。随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，所产的小马只有6匹，由于后代统计数目少，例如Aa（白色）×aa（栗色）→aa，存在偶然性，6匹马可以全是栗色，所以仍不能确定栗色为显性，B错误；若栗色为显性，则多对栗色马交配后代应出现白色马，D错误。
题型二　纯合子与杂合子的判断方法及实验设计
1. 自交法：此方法主要适用于植物，且是最简便的方法
2. 测交法：此方法适用于植物和动物，且需已知显隐性
3. 单倍体育种法：此方法只适用于植物（以一对相对性状为例说明）
4. 花粉鉴定法：此方法只适用于一些特殊的植物
提醒 鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用
测交法；当被测个体是植物时，上述四种方法均可，其中最简便的方法为
自交法。
1. （2025·河南濮阳高三月考）现有一株高茎（显性）豌豆甲，欲知其是
否为纯合子，最简便易行的办法是（　　）
A. 选另一株矮茎豌豆与甲杂交，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子
B. 选另一株矮茎豌豆与甲杂交，若子代都表现为高茎，则甲为纯合子
C. 让甲与多株高茎豌豆杂交，若子代中高、矮茎植株之比接近3∶1，则甲
为杂合子
D. 让豌豆甲进行自花传粉，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子
√
解析：　鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子时，对植物而言，最简便
易行的方法是自交法。所以要确定豌豆甲是否为纯合子，最简便易行的办
法是让豌豆甲进行自花传粉，若子代中有矮茎植株出现，则甲为杂合子，
若子代全为高茎，则甲为纯合子。
2. （2024·福建南平模拟）现有两瓶世代延续的果蝇，甲瓶中的个体全为
灰身，乙瓶中的个体既有灰身也有黑身。让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性
黑身果蝇交配，若后代都为灰身，则可以认为（　　）
A. 甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子
B. 甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子
C. 乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子
D. 乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子
√
解析：　相关基因用B、b表示。根据题中提示“让乙瓶中的全部灰身果
蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都为灰身”，说明灰身对黑身为显性，且
乙瓶中的灰身为显性纯合子（BB），乙瓶中的黑身为隐性纯合子（bb），
甲瓶中的个体全为灰身，若甲瓶中果蝇是亲代，不会出现乙瓶中的子代情
况，因为若甲瓶中果蝇基因型是BB，乙瓶中不可能有黑身个体，若甲瓶中
果蝇基因型是Bb，则乙瓶中应有基因型Bb的个体，所以，不可能是甲瓶中
果蝇为乙瓶中果蝇的亲本；若乙瓶中果蝇是亲代，即BB×bb，甲瓶中果蝇
为子代，基因型则为Bb，表现为灰身，D符合题意。
3. （2024·山东枣庄统考）番茄的红果色（R）对黄果色（r）为显性。以
下关于一株结红果的番茄是纯合子还是杂合子的叙述，正确的是（　　）
A. 可通过与红果纯合子杂交来鉴定
B. 不能通过该红果自交来鉴定
C. 可通过与黄果纯合子杂交来鉴定
D. 不能通过与红果杂合子杂交来鉴定
√
解析：　该红果植株与红果纯合子（RR）杂交后代都是红果（R_），所
以不能通过与红果纯合子杂交来鉴定该红果植株是否是纯合子，A错误。
能通过该红果植株自交来鉴定，如果后代都是红果，则其是纯合子；如果
后代有红果也有黄果，则其是杂合子，B错误。能通过与黄果纯合子（rr）
杂交来鉴定该红果植株是否是纯合子，如果后代都是红果，则其是纯合
子；如果后代有红果也有黄果，则其是杂合子，C正确。能通过与红果杂
合子杂交来鉴定该红果植株是否是纯合子，若后代全为红果，则其是纯合
子，若后代既有红果也有黄果，则其为杂合子，D错误。
题型三　亲子代基因型、表型的推导与概率计算
1. 由亲代推断子代的基因型与表型（正推型）
亲本 子代基因型 子代表型
AA×AA AA 全为显性
AA×Aa AA∶Aa＝1∶1 全为显性
AA×aa Aa 全为显性
Aa×Aa AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1 显性∶隐性＝3∶1
Aa×aa Aa∶aa＝1∶1 显性∶隐性＝1∶1
aa×aa aa 全为隐性
Aa自交后代中A_再自交 AA∶Aa∶aa＝3∶2∶1 显性∶隐性＝5∶1
Aa自交后代中A_再与aa杂交 Aa∶aa＝2∶1 显性∶隐性＝2∶1
Aa与aa杂交所得子代再与aa杂交 Aa∶aa＝1∶3 显性∶隐性＝1∶3
2. 由子代推断亲代的基因型（逆推型）
（1）根据分离定律中规律性比例直接判断（用基因B、b表示）
后代显隐性比例 双亲类型 结合方式
显性∶隐性＝3∶1 都是杂合子 Bb×Bb→3B_∶1bb
显性∶隐性＝1∶1 测交类型 Bb×bb→1Bb∶1bb
只有显性性状 至少一方为 显性纯合子 BB×BB或BB×
Bb或BB×bb
只有隐性性状 一定都是隐性纯合子 bb×bb→bb
（2）由子代推断亲代的基因型解题思路
1. （2025·广东惠州调研）人的耳垢有油性和干性两种类型，并且受一对
遗传因子A、a控制。有人对某一社区670个独生子女的家庭进行了调查，
结果如表所示。下列有关分析错误的是（　　）
项目 父亲 母亲 油耳男孩 油耳女孩 干耳男孩 干耳女孩
组合一 油耳 油耳 90 80 10 15
组合二 油耳 干耳 25 30 15 10
组合三 干耳 油耳 26 24 6 4
组合四 干耳 干耳 0 0 160 175
A. 油耳是显性性状，干耳是隐性性状
B. 组合一中，父母均为杂合子的家庭至少有25个
C. 组合二中，油耳父亲的基因型是Aa
D. 组合三中，油耳母亲的基因型有的是AA，有的是Aa
√
解析：　分析题表中组合一，双亲都为油耳，却生出了干耳子女，说明
干耳为隐性性状，油耳为显性性状，A正确；油耳夫妇若生出干耳子女，
则双亲必为杂合子，由表中组合一数据可知干耳女孩和干耳男孩的数量为
25，所以组合一中，父母均为杂合子的家庭至少有25个，B正确；组合二
的子女中，油耳∶干耳＝11∶5，则油耳父亲的基因型是Aa或AA，C错
误；组合三的子女中，油耳∶干耳＝5∶1，则油耳母亲的基因型是Aa或
AA，D正确。
2. （2024·抚顺模拟）已知小鼠的灰色与白色是一对相对性状，由一对等位基因控制。如图为小鼠毛色的遗传图解，则下列判断错误的是（　　）
A. 小鼠的灰色为显性性状，白色为隐性性状
B. 1号、2号、4号、5号的基因组成都相同的概率为2/3
C. 若3号与4号杂交，子代为白色的概率为1/2
D. F1、F2的结果都表明发生了性状分离
√
解析：　1号和2号均为灰色，杂交得到3号为白色，说明灰色对白色为显性，A正确；设小鼠的毛色由等位基因A、a控制，由于灰色对白色为显性，故1号和2号杂交得到的3号为白色（aa），1号和2号的基因型均为Aa；同样4号和5号杂交得到的6号为白色（aa），4号和5号的基因型均为Aa，所以1号、2号、4号、5号的基因组成都相同的概率为1，B错误；3号基因型为aa，4号基因型为Aa，若3号与4号杂交，子代为白色的概率为1/2，C正确；杂种后代同时出现显性性状和隐性性状的现象，叫作性状分离，F1、F2同时出现灰色和白色的结果表明发生了性状分离，D正确。
题型四　分离定律的概率计算（含自交与自由交配）
1. 用经典公式或分离比计算
（1）概率＝ ×100％。
（2）根据分离比计算
如 Aa ∶1aa
　　　　　3显性性状∶1隐性性状
AA、aa出现的概率各是1/4，Aa出现的概率是1/2，显性性状出现的概率是
3/4，隐性性状出现的概率是1/4，显性性状中杂合子的概率是2/3。
2. 根据配子概率计算
（1）先计算亲本产生每种配子的概率。
（2）根据题目要求用相关的两种（♀、♂）配子的概率相乘，即可得出某
一基因型的个体的概率。
（3）计算表型概率时，将相同表型的个体的概率相加即可。
3. 杂合子连续自交的相关计算
（1）杂合子Dd连续自交n代（如图1），杂合子比例为（1/2）n，纯合子
比例为1－（1/2）n，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝[1－（1/2）
n]×1/2。纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示：
（2）杂合子（Aa）连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交n代后，显性个
体中，纯合子比例为（2n－1）/（2n＋1），杂合子比例为2/（2n＋1）。
如图所示：
4. 自由交配的概率计算
自由交配问题的两种分析方法：如某种生物的基因型AA占1/3，Aa占2/3，
个体间可以自由交配，求后代中基因型和表型的概率。
解法一：列举法（棋盘法）
♀后代♂ AA Aa
AA AA AA、 Aa
Aa AA、 Aa AA、 Aa、 aa
子代基因型及概率 AA、 Aa、 aa
子代表型及概率（ ＋ ）A_、 aa
解法二：配子法
解法三：平衡定律法
提醒 ①豌豆、水稻、小麦等自花传粉植物自然状态下是自交。玉米等雌雄
异花植物自然状态下是自由交配。
②在没有任何干预的条件下，自交和自由交配都不改变基因频率，但
连续自交能降低杂合子（Aa）的基因型频率，自由交配不改变各基因
型的频率。
1. （2025·湖南长郡中学高三调研）某雌雄同株二倍体植物含有一对等位基因A和a，其中基因型为AA的植株不能产生雌配子，基因型为aa的植株不能产生雄配子，基因型为Aa的植株完全正常。先用若干基因型为Aa的植株为亲本杂交得到F1。理论上，通过下列杂交方式所得的F2植株中，完全正常植株所占比例不为1/2的是（　　）
A. 让F1全部植株自交
B. 让F1全部植株自由传粉
C. 让F1中基因型为AA、Aa的植株自由传粉
D. 让F1中基因型为Aa、aa的植株自由传粉
√
解析：　基因型为Aa的植株交配，所得F1的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，其中基因型为AA、aa的个体均不能自交产生后代，只有基因型为Aa的个体可自交产生后代，F1全部植株自交，F2植株基因型及比例为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，其中完全正常植株Aa所占比例为1/2，A不符合题意；F1全部植株自由传粉，F1产生的雌配子基因型及比例为A∶a＝1∶2，雄配子基因型及比例为A∶a＝2∶1，由此可得F2中AA∶Aa∶aa＝（1/3×2/3）∶[（1/3×1/3）＋（2/3×2/3）]∶（2/3×1/3）＝2∶5∶2，故F2植株中完全正常植株Aa所占比例为5/9，B符合题意；F1中基因型为AA、Aa
的植株自由传粉，F1产生的雌配子基因型及比例为A∶a＝1∶1，雄配子基因型及比例为A∶a＝2∶1，由此可得F2中AA∶Aa∶aa＝（1/2×2/3）∶[（1/2×1/3）＋（1/2×2/3）]∶（1/2×1/3）＝2∶3∶1，所以F2植株中完全正常植株Aa所占比例为1/2，C不符合题意；F1中基因型为Aa、aa的植株自由传粉，F1产生的雌配子基因型及比例为A∶a＝1∶2，雄配子基因型及比例为A∶a＝1∶1，由此可得F2中AA∶Aa∶aa＝（1/3×1/2）∶[（1/3×1/2）＋（2/3×1/2）]∶（2/3×1/2）＝1∶3∶2，所以F2植株中完全正常植株Aa所占比例为1/2，D不符合题意。
2. 某植物可自交或自由交配，在不考虑生物变异和致死情况下，下列哪种
情况可使基因型为Aa的该植物连续交配3次后所得子三代中Aa所占比例为
2/5（　　）
A. 基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体
B. 基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体
C. 基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体
D. 基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体
√
解析：　基因型为Aa的该植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个
体，则子三代中Aa所占比例为（1/2）3＝1/8，A错误；基因型为Aa的该植
物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为2/
（23＋1）＝2/9，B错误；基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每代
子代中不去除aa个体，符合遗传平衡定律。A的基因频率＝a的基因频率＝
1/2，而且每一代的基因型频率均不变，则子三代中Aa的基因型频率＝
2×1/2×1/2＝1/2，C错误；基因型为Aa的该植物连续自由交配3次，且每
代子代中均去除aa个体，由于存在选择作用，所以每一代的基因频率均会
发生改变，需要逐代进行计算。基因型为Aa的该植物自由交配一次，子一
代中AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，去除aa个体，则子一代中有1/3AA和2/3Aa 。
子一代中A的基因频率＝1/3＋1/2×2/3＝2/3，a的基因频率＝1/3，子一代
再自由交配，子二代中AA的基因型频率＝（2/3）2＝4/9，Aa基因型频率
＝2×2/3×1/3＝4/9，去除aa个体，子二代中有1/2AA和1/2Aa。子二代中A
的基因频率＝1/2＋1/2×1/2＝3/4，a的基因频率＝1/4，子二代再自由交配，
在子三代中AA的基因型频率＝（3/4）2＝9/16，Aa的基因型频率＝
2×3/4×1/4＝6/16，去除aa个体，则子三代中Aa所占比例为6/16÷（9/16＋
6/16）＝2/5，D正确。
02
研真题·扣教材
探究分析， 培养核心技能
1. （2024·安徽高考12题）某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因
控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄
虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与
一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交
配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是（　　）
A. 1/2 B. 3/4 C. 15/16 D. 1
√
解析：　由题意可知控制白色的基因在雄虫中不表达，随机选取一只白
色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，说明白色对黄色为显性，
若相关基因用A/a表示，则亲代白色雌虫基因型为AA，黄色雄虫基因型为
AA或Aa或aa。若黄色雄虫基因型为AA，则F1基因型为AA，F1自由交配，
F2基因型为AA，F2雌性中白色个体的比例为1；若黄色雄虫基因型为Aa，
则F1基因型为1/2AA、1/2Aa，F1自由交配，F2基因型为9/16AA、6/16Aa、
1/16aa，F2雌性中白色个体的比例为15/16；若黄色雄虫基因型为aa，则F1
基因型为Aa，F1自由交配，F2基因型为1/4AA、1/2AA、1/4aa，F2雌性中白
色个体的比例为3/4。综上所述，A符合题意，B、C、D不符合题意。
2. （2023·全国甲卷6题）水稻的某病害是由某种真菌（有多个不同菌株）
感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个（A1、A2、a）：基因
A1控制全抗性状（抗所有菌株），基因A2控制抗性性状（抗部分菌株），
基因a控制易感性状（不抗任何菌株），且A1对A2为显性、A1对a为显性、
A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同
的表型及其分离比。下列叙述错误的是（　　）
A. 全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1
B. 抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感＝1∶1
C. 全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝1∶1
D. 全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1
√
解析：　根据题意可知，全抗植株有三种基因型，分别为A1A1、A1A2、
A1a，抗性植株有两种基因型，分别为A2A2、A2a，易感植株的基因型为
aa。全抗植株与抗性植株杂交，共有六种杂交组合，子代都不可能出现全
抗∶抗性＝3∶1，A错误；抗性植株与易感植株（aa）杂交，若抗性植株
的基因型为A2a，其可产生两种配子，则子代中会出现抗性∶易感＝
1∶1，B正确；全抗植株与易感植株（aa）杂交，若全抗植株的基因型为
A1A2，其可产生两种配子，则子代中会出现全抗∶抗性＝1∶1，C正确；
全抗植株（A1a）与抗性植株（A2a）杂交，子代可能出现全抗（A1A2、
A1a）∶抗性（A2a）∶易感（aa）＝2∶1∶1，D正确。
3. （2022·浙江6月选考9题）番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株
紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可行的是（　　）
A. 让该紫茎番茄自交 B. 与绿茎番茄杂交
C. 与纯合紫茎番茄杂交 D. 与杂合紫茎番茄杂交
解析：　纯合子自交后代不会发生性状分离，杂合子自交后代会出现性
状分离，A可行；显性纯合子测交子代均为显性杂合子，杂合子测交子代
中显性杂合子∶隐性纯合子＝1∶1，B可行；待测紫茎番茄不管是纯合子
还是杂合子，与纯合紫茎番茄杂交，子代都只有显性个体，C不可行；与
杂合紫茎番茄杂交，若待测个体是纯合子，则子代只有显性个体，若待测
个体是杂合子，则子代中显性个体∶隐性个体＝3∶1，D可行。
√
4. （2024·贵州高考20题）已知小鼠毛皮的颜色由一组位于常染色体上的
复等位基因B1（黄色）、B2（鼠色）、B3（黑色）控制。现有甲（黄色短
尾）、乙（黄色正常尾）、丙（鼠色短尾）、丁（黑色正常尾）4种基因
型的雌雄小鼠若干，某研究小组对其开展了系列实验，结果如图所示。
① ② ③
亲本组合 甲×丁 乙×丁 甲×乙
↓ ↓ ↓
子代 黄色 鼠色 黄色 黑色 黄色 鼠色
1 ∶ 1 1 ∶ 1 2 ∶ 1
（1）基因B1、B2、B3之间的显隐性关系是
。实验③中的子代比例说明了 ，其黄
色子代的基因型是 。
解析： 根据图中杂交组合②可知，B1对B3为显性；根据图中杂交组
合③可知，B1对B2为显性；根据图中杂交组合①可知，B2对B3为显性，故
B1对B2、B3为显性，B2对B3为显性。实验③中的子代比例说明基因型为
B1B1的个体死亡，其黄色子代的基因型是B1B2、B1B3。
B1对B2、B3为显性，B2对B3
为显性
基因型B1B1的个体死亡
B1B2、B1B3
回答下列问题。
（2）小鼠群体中与毛皮颜色有关的基因型共有 种，其中基因型组合
为 的小鼠相互交配产生的子代毛皮颜色种类最多。
解析： 根据（1）可知，小鼠群体中与毛皮颜色有关的基因型有B1B2、B1B3、B2B2、B2B3、B3B3，共有5种。其中B1B3和B2B3交配后代的毛色种类最多，共有黄色、鼠色和黑色3种。
5
B1B3和B2B3
（3）小鼠短尾（D）和正常尾（d）是一对相对性状，短尾基因纯合时会
导致小鼠在胚胎期死亡。小鼠毛皮颜色基因和尾形基因的遗传符合自由组
合定律，若甲雌雄个体相互交配，则子代表型及比例为
；为测定丙产生的配子类
型及比例，可选择丁个体与其杂交，选择丁的理由是
。
黄色短尾∶黄色
正常尾∶鼠色短尾∶鼠色正常尾＝4∶2∶2∶1
丁是隐性纯合子
B3B3dd
解析： 根据题意，甲的基因型是B1B2Dd，则该基因型的雌雄个体相
互交配，子代表型及比例为黄色短尾∶黄色正常尾∶鼠色短尾∶鼠色正常
尾＝4∶2∶2∶1。丙为鼠色短尾，其基因型表示为B2_Dd，为测定丙产生
的配子类型及比例，可采用测交的方法，即丁个体与其杂交，理由是丁是
隐性纯合子B3B3dd。
（1）已知果蝇的长翅和截翅由一对等位基因控制。多只长翅果蝇进行单
对交配（每个瓶中有1只雌果蝇和1只雄果蝇），子代果蝇中长翅∶截翅＝
3∶1，可判断长翅是显性性状。 　（2020·新课标Ⅰ卷） （　√　）
（2）一观赏鱼品系体色为桔红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状
由一对等位基因控制，桔红带黑斑品系的后代中出现性状分离，说明该品
系为杂合子。 　（2020·江苏高考） （　√　）
√
√
（4）某种瓜的性型（雌性株/普通株）和瓜刺（黑刺/白刺）各由1对等位
基因控制。雌性株开雌花，经人工诱雄处理可开雄花，能自交；普通株既
开雌花又开雄花。黑刺普通株和白刺雌性株杂交得F1，根据F1的性状不能
判断瓜刺性状的显隐性，则F1瓜刺的表型及分离比是
。若要判断瓜刺的显隐性，从亲本或F1中选择材料进行的实验及判
断依据是
。　
（2024·全国甲卷）
（3）研究者获得矮秆玉米突变株，该突变株与野生型杂交，F1表型与
相同，说明矮秆是隐性性状。　（2024·北京高考）
野
生型　
黑刺∶白刺＝
1∶1　
从亲本或F1中选取表型相同的个体进行自交，若后代发生性状
分离，则该个体性状为显性，不发生性状分离，则该性状为隐性　
03
验收效·提能力
跟踪训练，检验学习效果
一、选择题
1. （2024·河北保定期末）玉米是雌雄同株植物，其种子的籽粒饱满和凹
陷受一对等位基因控制。现有一批纯合的籽粒饱满玉米种子和纯合的籽粒
凹陷玉米种子，为鉴定这对相对性状的显隐性关系，下列杂交思路合理的
是（　　）
A. 分别种植两种玉米种子，再将得到的植株分别自交，观察子代的性状
B. 分别种植两种玉米种子，再将得到的植株相互杂交，观察子代的性状
C. 种植籽粒饱满的玉米种子，再将得到的植株自交，观察子代的性状
D. 种植籽粒凹陷的玉米种子，再将得到的植株自交，观察子代的性状
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
√
解析：　分别种植两种玉米种子或单独种植某种种子，再将得到的植株
分别自交，子代均为纯合子，无法鉴定这对相对性状的显隐性关系，A、
C、D错误；分别种植两种玉米种子，再将得到的植株相互杂交，子代的性
状为显性性状，B正确。
1
2
3
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5
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8
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10
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12
2. （2024·甘肃白银期末）某养猪场有黑色猪和白色猪，黑色（A）对白色
（a）为显性，要想鉴定一头黑色公猪是纯合子还是杂合子，最合理的方法
是（　　）
A. 让该黑色公猪与黑色母猪交配
B. 让该黑色公猪在不同环境中生长
C. 让该黑色公猪与多只白色母猪交配
D. 让该黑色公猪充分生长，观察其毛色是否改变
√
1
2
3
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5
6
7
8
9
10
11
12
解析：　若想鉴定一头黑色公猪是杂合子（Aa）还是纯合子（AA），最
合理的方法是让该黑色公猪与多只白色母猪（aa）交配，即测交，若子代
全为黑色猪，则表明该黑色公猪是纯合子（AA）；若子代出现白色猪，则
表明该黑色公猪为杂合子（Aa）。
1
2
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12
3. （2025·广东深圳调研）人的褐眼对蓝眼为显性，某夫妇皆为褐眼，其
甲、乙、丙三个孩子中，有一个是收养的（非亲生的），甲和丙为蓝眼，
乙为褐眼，据此推断下列说法错误的是（　　）
A. 甲或丙是收养的
B. 该夫妇再生一个蓝眼孩子的概率为1/4
C. 控制甲的眼色的基因型是纯合的
D. 若乙为亲生的，则乙为纯合子的概率为1/3
√
1
2
3
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5
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12
解析：　人的褐眼对蓝眼为显性，设控制褐眼的基因为A，控制蓝眼的基
因为a。该夫妇皆为褐眼，三个孩子中甲和丙为蓝眼，乙为褐眼，无论哪一
个孩子是非亲生的，该夫妇都生出了蓝眼的孩子，故可以确定控制双亲眼
色的基因型是杂合的（Aa），甲和丙为隐性纯合子（aa），C正确；该夫
妇的基因型都为Aa，他们既能生出褐眼的孩子，也能生出蓝眼的孩子，故
不能确定哪个孩子是收养的，A错误；该夫妇再生一个蓝眼孩子的概率为
1/2×1/2＝1/4，B正确；若乙为亲生的，乙为褐眼（AA∶Aa＝1∶2），其
为纯合子的概率为1/3，D正确。
1
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12
4. （2025·河北承德高三月考）萝卜的花有白、红、紫三种颜色，该性状
由基因R、r控制。三组不同类型植株之间的杂交结果如下表所示。下列相
关叙述中错误的是（　　）
组别 亲本 子代性状表现及数量
一 紫花×白花 紫花428、白花415
二 紫花×红花 紫花413、红花406
三 紫花×紫花 红花198、紫花396、白花202
A. 白花、紫花、红花植株的基因型分别是rr、Rr、RR
B. 白花植株自交的后代均开白花，红花植株自交的后代均开红花
C. 白花植株与红花植株杂交的后代中，既没有红花也没有白花
D. 可用紫花植株与白花或红花植株杂交验证分离定律
√
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3
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5
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解析：　该对基因控制的性状有三种，说明R对r为不完全显性。由组别
三可知，紫花植株的基因型为Rr，但根据三组杂交实验的结果不能判断出
白花植株和红花植株的基因型分别是rr、RR，还是RR、rr，A错误；白花
植株与红花植株均为纯合子，二者分别自交，子代都不会出现性状分离，
二者杂交，则子代都开紫花，B、C正确；因为RR、Rr的性状表现不同，
所以无论是Rr×rr，还是Rr×RR，子代都会出现1∶1的分离比，即都可用
来验证基因的分离定律，D正确。
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5. （2024·贵州安顺模拟）在孟德尔一对相对性状的豌豆杂交实验中，高
茎和矮茎由一对等位基因D/d控制。在杂交实验中，有多株高茎，让其与
矮茎进行杂交，子代中高茎∶矮茎＝3∶1。下列分析错误的是（　　）
A. 亲代高茎中杂合子比例为1/2
B. 子代高茎中杂合子比例为2/3
C. 若亲代高茎自交，则子代中高茎∶矮茎＝7∶1
D. 若子代高茎自交，则子二代中高茎∶矮茎＝3∶1
√
1
2
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12
解析：　多株高茎与矮茎杂交，高茎基因型为DD或Dd，矮茎基因型为
dd，子代表型及比例为高茎∶矮茎＝3∶1，说明亲代高茎产生的配子种类
及比例为D∶d＝3∶1，所以亲本中DD∶Dd＝1∶1，其中杂合子比例为
1/2，A正确；由A项可知，亲本中高茎DD∶Dd＝1∶1，矮茎基因型为dd，
只能产生d的配子，所以子代高茎全部为杂合子，B错误；亲本中DD∶Dd
＝1∶1，若亲代高茎自交，则子代中矮茎的比例为1/2×1/4＝1/8，高茎的
比例为1－1/8＝7/8，故子代中高茎∶矮茎＝7∶1，C正确；由于子代高茎
全部为杂合子，Dd自交，则子二代中高茎∶矮茎＝3∶1，D正确。
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6. （2025·河南焦作期末）某种动物的毛色有黄色和灰色两种，由位于常
染色体上的一对等位基因A、a控制。下表为三组交配组合，下列叙述错误
的是（　　）
交配组合 亲本性状 子代性状及比例
组合一 丙（黄色）×乙（黄色） 黄色∶灰色＝3∶1
组合二 甲（灰色）×乙（黄色） 黄色∶灰色＝1∶1
组合三 甲（灰色）×丁（黄色） 全为黄色
A. 组合一两亲本的基因型相同，均为Aa
B. 根据组合一和组合三都能判断出显性性状为黄色
C. 组合三的两亲本均为纯合子，子代均为杂合子
D. 组合二产生的子代中，有1/4个体的毛色能稳定遗传
√
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解析：　组合一的亲本均为黄色，子代出现了性状分离，说明亲本均为
Aa，黄色为显性，A正确；组合三中亲本为灰色和黄色，子代只有黄色，
说明黄色为显性，亲本为aa×AA，子代基因型为Aa，B、C正确；组合二
子代中黄色∶灰色＝1∶1，亲本为aa×Aa，子代中能稳定遗传的个体为
aa，占1/2，D错误。
1
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7. （2025·湖北咸宁期末）苋菜的紫叶对绿叶为完全显性，由一对等位基
因控制。现将多株紫叶苋菜与绿叶苋菜杂交，子一代中紫叶苋菜和绿叶苋
菜的数量比为5∶1。如果让亲本紫叶苋菜自交，子一代中紫叶苋菜和绿叶
苋菜的数量比为（　　）
A. 2∶1 B. 3∶1
C. 5∶1 D. 11∶1
√
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12
解析：　假设相关基因用A、a表示，将多株紫叶苋菜（A_）与绿叶苋菜
（aa）杂交，子一代中紫叶苋菜（Aa）和绿叶苋菜（aa）的数量比为
5∶1，说明亲本紫叶苋菜产生的A配子占5/6，a配子占1/6，则亲本中AA占
2/3，Aa占1/3，亲本2/3AA自交全为AA，1/3Aa自交，其中A_占1/3×3/4＝
1/4，aa占1/3×1/4＝1/12，故子一代中A_占2/3＋1/4＝11/12，aa占1/12，即
子一代中紫叶苋菜和绿叶苋菜的数量比为11∶1，D正确。
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12
8. （2024·云南大理模拟）已知牛的体色由一对等位基因（A、a）控制，
其中基因型为AA的个体为红褐色，aa为红色，在基因型为Aa的个体中，
雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、Aa两种基因型，其
比例为1∶1，且雌∶雄＝1∶1。若让该群体的牛分别进行自交（基因型相
同的雌雄个体交配）和自由交配，则子代的表型及比例分别是（　　）
A. 自交红褐色∶红色＝1∶1；自由交配红褐色∶红色＝4∶5
B. 自交红褐色∶红色＝3∶1；自由交配红褐色∶红色＝8∶1
C. 自交红褐色∶红色＝2∶1；自由交配红褐色∶红色＝3∶1
D. 自交红褐色∶红色＝3∶1；自由交配红褐色∶红色＝3∶1
√
1
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解析：　雌牛AA∶Aa＝1∶1，雄牛AA∶Aa＝1∶1，1/2AA自交后代全
为红褐色（雌、雄），1/2Aa自交后代1/8AA全为红褐色（雌、雄），
1/2×1/2×1/2＝1/8Aa表现红褐色（雄），1/2×1/2×1/2＝1/8Aa表现红色
（雌），1/8aa全为红色（雌、雄），所以让该群体的牛自交后代红褐色的
比例为1/2＋1/8＋1/8＝3/4，即自交后代中红褐色∶红色＝3∶1；群体中产
生的雌配子A∶a＝3∶1，产生的雄配子A∶a＝3∶1，自由交配的后代aa为
1/4×1/4＝1/16，表现为红色，后代Aa表现为红色的比例为
2×1/4×3/4×1/2＝3/16，故自由交配的后代中表现红色的为1/16＋3/16＝
1/4，表现为红褐色的比例为1－1/4＝3/4，所以自由交配的后代中红褐色∶
红色＝3∶1。
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9.（2025·山东济南高三联考）玉米是雌雄同株异花植物，种子的甜与非甜是一对相对性状，受一对等位基因控制。现用甜玉米种子（甲）和非甜玉米种子（乙）进行相关实验。实验一：甲、乙单独种植，甲的后代均为甜玉米，乙中1/2的后代出现性状分离。实验二：等量的甲、乙间行种植。下列有关叙述错误的是（　　）
A.由实验一可知非甜对甜为显性
B.甲均为纯合子，乙均为杂合子
C.实验二的甲植株所结种子有2种基因型
D.实验二有1/2乙植株所结种子均为非甜
√
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解析：　根据乙（非甜）中1/2的后代出现性状分离，可知非甜（设由T基因控制）对甜（设由t基因控制）为显性，并可判断甲的基因型为tt，乙中有1/2TT、1/2Tt，A正确，B错误；实验二中甲和乙随机传粉，其中甲植株上所结种子有tt和Tt 2种基因型，基因型为TT的乙植株上所结种子的基因型为TT和Tt，均为非甜，C、D正确。
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10.（2025·德州模拟）某自花传粉植物，其花色受一对等位基因控制，紫花（A）对白花（a）为显性。下列对相关遗传现象分析错误的是（　　）
A.若将多株紫花与白花植株杂交，F1紫花与白花植株的比为5∶1，则理论上亲本紫花植株中杂合子占1/3
B.Aa紫花植株连续自交三代，理论上子三代中杂合子占1/8
C.Aa植株连续自由交配二代，并逐代淘汰隐性个体，子二代中AA、Aa的比为5∶4
D.若含a的花粉有一半致死，则Aa紫花植株自交，F1性状分离比为5∶1
√
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解析：　若将多株紫花与白花植株杂交，F1紫花与白花植株的比为5∶1，说明紫花产生的配子比为A∶a＝5∶1，设Aa占1份，能产生A∶a＝1∶1，则AA能产生4份的A配子，即AA有2份，故可推出紫花AA∶Aa＝2∶1，杂合子占1/3，A正确；Aa紫花植株连续自交，F1中杂合子占1/2，理论上子三代中杂合子占1/8，B正确；Aa植株自由交配，F1中1/4AA、1/2Aa、1/4aa，淘汰隐性个体后，1/3AA、2/3Aa，则A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3，自由交配得F2，4/9AA、4/9Aa、1/9aa，淘汰隐性个体后，1/2AA、1/2Aa，则子二代中AA、Aa的比为1∶1，C错误；若含a的花粉有一半致死，则Aa紫花植株自交，产生的雌配子A∶a＝1∶1，雄配子A∶a＝2∶1，子代aa占1/2×1/3＝1/6，F1性状分离比为5∶1，D正确。
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二、非选择题
11. （2025·河北唐山校考）黄瓜是雌雄同株异花的二倍体植物。果皮
颜色（绿色和黄色）受一对等位基因控制，为了判断这对相对性状的
显隐性关系。甲乙两同学分别从某种群中随机选取两个个体进行杂交
实验。请回答：
（1）甲同学选取绿果皮植株与黄果皮植株进行正交与反交，观察F1的表
型。请问是否一定能判断显隐性？ ，为什么？
。
解析： 正交与反交实验可以判断是细胞核遗传还是细胞质遗传，或者是判断是常染色体遗传还是伴性遗传，如果显性性状是杂合子，则不能判断显隐性关系。
不能
如果显性性状是
杂合子，后代会同时出现黄色和绿色，不能判断显隐性关系
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（2）乙同学做了两个实验，实验一：绿色果皮植株自交；实验二：上
述绿色果皮植株作为父本，黄色果皮植株作为母本进行杂交，观察F1
的表型。
①若实验一后代有性状分离，即可判断 为显性。
绿色
②若实验一后代没有性状分离，则需通过实验二进行判断。
若实验二后代 ，则绿色为显性；
若实验二后代 ，则黄色为显性。
都表现为绿色果皮
出现黄色果皮
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解析： ①绿色果皮植株自交，如果后代发生性状分离，说明绿色果
皮的黄瓜是杂合子，杂合子表现的性状是显性性状，因此可以判断绿色是
显性性状。②若实验一后代没有性状分离，说明绿色是纯合子，可能是显
性性状（AA，用A表示显性基因，a表示隐性基因），也可能是隐性性状
（aa），则需通过实验二进行判断：如果绿色果皮是显性性状，上述绿色
果皮植株作为父本，黄色果皮植株作为母本进行杂交，杂交后代都是绿色
果皮，也就是AA（绿色）× aa（黄色）→Aa（绿色）。如果黄色是显性
性状，绿色果皮（aa）植株与黄色果皮（A_）植株杂交，则杂交后代会出
现黄色果皮（Aa）。
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12. （2025·湖北高三一模）某二倍体雌雄同株植物雄性育性受一组复等位
基因（位于同源染色体的相同位点上的两种以上的等位基因）控制，其中
M为不育基因，Mf为恢复可育基因，m为可育基因，且其显隐性强弱关系
为Mf＞M＞m。该种雄性不育植株不能产生可育花粉，但雌蕊发育正常。
下表为雄性可育植株的杂交组合及结果，请分析并回答下列问题：
杂交 组合 亲本 子代植株
雄性可育 雄性不育
1 甲×甲 716株 242株
2 甲×乙 476株 481株
3 甲×丙 936株 0株
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（1）该种植物雄性不育与可育的遗传 （填“遵循”或“不遵
循”）基因的分离定律。
解析： 由题意可知，该种植物雄性育性受一组复等位基因控制，其遗传遵循基因分离定律。
遵循
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（2）据表分析，雄性可育植株甲、乙、丙亲本的基因型分别
为 、 、 。
解析： 依据题意，复等位基因的显隐性强弱关系为Mf＞M＞m，故雄
性可育植株的基因型有4种： MfMf、 MfM 、 Mfm 和 mm。由杂交组合1可
知，子代发生性状分离，且表型比例约为3∶1，由此可推知甲的基因型为
MfM ；由杂交组合2可知，子代表型比例约为1∶1，则乙的基因型为mm；
由杂交组合3可知，子代全为雄性可育植株，则丙的基因型为 MfMf。
MfM
mm
MfMf
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（3）该种雄性不育植株在进行杂交实验人工授粉前，母本
（填“需要”或“不需要”）进行去雄处理。
解析：对于雌雄同株的植物而言，在人工杂交时通常需对母本进行
去雄处理，若以雄性不育品系作母本，则不需要进行去雄处理。
不需要
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（4）现有某雄性不育植株丁，请从甲、乙、丙三种雄性可育植株中选择
合适的材料来鉴定植株丁的基因型。简要写出实验思路并预期实验结果及
结论。
①实验思路：
。
②预期实验结果和结论：
选择丁（母本）和乙（父本）进行杂交，统计子代植株的
表型及比例
若子代植株 ，则植株丁的基因型为MM；
若子代植株 ，则植株丁的基因型为Mm。
全部表现为雄性不育
雄性可育∶雄性不育＝1∶1
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解析： 雄性不育植株丁的基因型为MM或Mm，为鉴定其基因型，可
选择丁（母本）和乙（父本）（mm）进行杂交，统计子代植株的表型及
比例。若植株丁的基因型为MM，则子代植株全部表现为雄性不育；若植
株丁的基因型为Mm，则子代植株雄性可育∶雄性不育＝1∶1。
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谢谢观看！

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