资源简介 2025年普通高等学校招生第二次模拟考试数学本试卷共4页,19小题,满分150分.答题时长120分钟.注意事项:1.答题前,考生须将自己的个人信息填写于答题卡指定位置,并按要求粘贴条形码.2.作答时,将答案写在答题卡上,写在试卷上无效.3.考试结束后,将试卷和答题卡一并交回.一、选择题,本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 设集合,,则( )A. B. C. D.2. 命题,的否定是( )A. , B. , C. , D. ,3. 设向量,,则下列结论正确的是( )A. B. C. D.4. 一个圆锥的底面半径为1,母线与底面的夹角为,则该圆锥的体积为( )A. B. C. D.5. 如图,梯形是上底为,下底为,高为的等腰梯形,记梯形位于直线左侧的阴影部分的面积为,则的大致图象是( )A. B. C. D.6. 南宋数学家杨辉在《详解九章算法》中讨论过高阶等差数列,高阶等差数列是指逐项差数之差或者高次差相等的数列,例如数列1,3,6,10,15,…的逐项差,,,,,…构成一个等差数列,则数列1,3,6,10,15,…是一个高阶等差数列(二阶等差数列),现有一个高阶等差数列,其前5项为2,3,6,11,18,则其第8项是( )A. 38 B. 51 C. 66 D. 837. 已知函数在上单调,且在上恒成立,则的取值范围是( )A. B. C. D.8. 若点关于直线对称的点在圆上,则的值为( )A. 1 B. C. D. 2二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项是符合题目要求的,全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有错选的得0分.9. 下列结论正确的是( )A. 根据分类变量与的成对样本数据,计算得到,已知,则在犯错误不超过的前提下,认为与相关B. 已知随机变量,若,,则C. 掷一枚质地均匀的骰子两次.事件“第一次向上的点数是1”,事件“两次向上的点数之和是7”,则事件与事件相互独立D. 根据一组样本数据的散点图判断出两个变量线性相关,由最小二乘法求得其回归直线方程为,若其中一个散点坐标为,则一定是910. 已知函数,则下列结论正确的是( )A. 函数的值域为B. 函数图象关于点对称C. 若函数在上单调递增,则的取值范围为D. 若,则最小正周期为11. 已知数列满足,,且,若记数列的前项的积为,,的前项和为,则下列结论正确的是( )A. 数列是等比数列 B.C. 当为奇数时, D. 当为偶数时,三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.12. 已知为虚数单位,若复数为纯虚数,为实数,则______.13. 请写出一个同时满足以下3个条件的函数______.①、,且,都有;②且,使得;③.14. 已知椭圆的左右焦点分别为、,圆与抛物线的准线相切,抛物线的焦点与椭圆的右焦点重合,且为抛物线与椭圆的一个交点,若的面积为,则椭圆的离心率为______.四、解答题:本题共5小题,满分77分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明.15. 烧麦——在呼和浩特有着深厚的历史底蕴,2024年12月21日,呼和浩特举办了“首届烧麦美食大会”,活动持续至2025年1月3日,期间吸引了数以万计的国内外游客慕名而来.“烧麦美食大会”的举办旨在传承和弘扬烧麦文化,深入挖掘呼和浩特市的文旅资源优势,推动烧麦产业创新与发展,促进文商旅融合,提升城市形象.为了了解游客的旅游体验满意度,某研究性学习小组采用问卷调查的方式,随机调查了100名游客,并将收集到的满意度得分数据(满分100分)分成了五段:,,,,得到如图所示的频率分布直方图.(1)求频率分布直方图中的值,为进一步了解游客对本次“烧麦美食大会”满意度情况,从分值在,,三组满意度问卷中,按分层随机抽样的方法抽取6人,再从这6人中随机抽取3人,记满意度得分在人数为,求的分布列和期望;(2)已知满意度分值在平均数,方差,在的平均数为,方差,试求满意度分值在的平均数和方差.16. 已知抛物线过点.其焦点为,若且.(1)求值以及抛物线的方程;(2)过点的两条互相垂直的直线分别交抛物线于与四点,求四边形面积的最小值.17. 已知的内角、、所对的边分别为、、,且.(1)求角;(2)若面积为3,点为内一点,且,求的值.18. 如图1,在等腰直角三角形中,,、、分别在线段、、上,且,.已知,,沿将折起,使得平面平面,如图2.(1)求证:平面平面;(2)求直线与平面所成角的正弦值;(3)点在线段上,设直线与直线所成角为,求的最大值.19. 17世纪,牛顿在《流数法与无穷级数》一书中,给出了代数方程的一种数值解法:如图所示,我们想要找到的根,即点的横坐标,则可以先在点附近取一个初始值,比如横坐标为处,然后在以为横坐标的点处做一条切线,并求出该切线与轴的交点,此时,我们会发现比初始值更接近点.如果重复这个过程,不断绘制切线并计算其与轴的交点,依次迭代下去,我们将得到,根据给定的精确度,直到求得满足精度的近似解为止.这就是牛顿迭代法(切线法)的原理.已知,取.(1)根据牛顿迭代法,求;(2)求与的关系式;(3)牛顿迭代法中蕴含了“以直代曲”的数学思想,直线常常取曲线的切线或割线.若,求证:.2025年普通高等学校招生第二次模拟考试数学本试卷共4页,19小题,满分150分.答题时长120分钟.注意事项:1.答题前,考生须将自己的个人信息填写于答题卡指定位置,并按要求粘贴条形码.2.作答时,将答案写在答题卡上,写在试卷上无效.3.考试结束后,将试卷和答题卡一并交回.一、选择题,本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 设集合,,则( )A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】先求解集合,再求出集合在中的补集,最后求出集合与的交集.【详解】已知,因为,所以.根据指数函数的单调性,对于指数函数,函数在上单调递增.那么由可得,即,所以.已知,,所以.故选:D.2. 命题,的否定是( )A. , B. , C. , D. ,【答案】A【解析】【分析】由含有全称量词命题的否定定义可得答案.【详解】,的否定是,.故选:A3. 设向量,,则下列结论正确的是( )A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】由向量平行、垂直的坐标表示,及数量积、模长的坐标表示逐项判断.【详解】对于A,由坐标易知不成立,错误;对于B:,错误;对于C:,正确,对于D:,所以,错误,故选:C4. 一个圆锥的底面半径为1,母线与底面的夹角为,则该圆锥的体积为( )A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】由轴截面为等腰直角三角形求解圆锥高,即可求解.【详解】由圆锥的底面半径为1,母线与底面的夹角为,易知圆锥的轴截面为等腰直角三角形,所以圆锥的高为1,所以圆锥的体积为:,故选:A5. 如图,梯形是上底为,下底为,高为的等腰梯形,记梯形位于直线左侧的阴影部分的面积为,则的大致图象是( )A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】写出的表达式,再根据分段函数性质选出图象即可.【详解】根据题意可知在梯形中,;当时,阴影部分为等腰直角三角形,其面积为;当时,阴影部分等腰直角三角形加上一个矩形,其面积为;当时,阴影部分面积为整个梯形面积减去右侧空白部分表面积,即;所以可得;根据函数类型对比图象可得A正确.故选:A6. 南宋数学家杨辉在《详解九章算法》中讨论过高阶等差数列,高阶等差数列是指逐项差数之差或者高次差相等的数列,例如数列1,3,6,10,15,…的逐项差,,,,,…构成一个等差数列,则数列1,3,6,10,15,…是一个高阶等差数列(二阶等差数列),现有一个高阶等差数列,其前5项为2,3,6,11,18,则其第8项是( )A. 38 B. 51 C. 66 D. 83【答案】B【解析】【分析】由高阶等差数列的定义,通过列举即可求解.【详解】由,,,,可知:,即,即,即,即第8项是,故选:B7. 已知函数在上单调,且在上恒成立,则的取值范围是( )A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】由题可得函数在上单调递减,由在恒成立可得恒成立,据此可得答案.【详解】因函数在上单调,又在上单调递减,则函数在上单调递减,则.则时,,又,则恒成立,则.故选:B8. 若点关于直线对称的点在圆上,则的值为( )A. 1 B. C. D. 2【答案】C【解析】【分析】点在圆上,由题意分析可知对称点必是圆与圆的公共点,通过计算,即可得出答案.【详解】因点的坐标满足,则点在圆上,因直线过的圆心,则点关于直线对称的点必然在圆上,联立,得,因圆与圆仅有唯一公共点,因此点关于直线对称的点只能是点,设直线与线段交于点,因,,则由垂径定理可得,,则在中,,因此.故选:C二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项是符合题目要求的,全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有错选的得0分.9. 下列结论正确的是( )A. 根据分类变量与的成对样本数据,计算得到,已知,则在犯错误不超过的前提下,认为与相关B. 已知随机变量,若,,则C. 掷一枚质地均匀的骰子两次.事件“第一次向上的点数是1”,事件“两次向上的点数之和是7”,则事件与事件相互独立D. 根据一组样本数据的散点图判断出两个变量线性相关,由最小二乘法求得其回归直线方程为,若其中一个散点坐标为,则一定是9【答案】BC【解析】【分析】由独立性检验基本思想可判断A,由二项分布期望、方差公式可判断B,由独立事件概率乘法公式可判断C,由回归直线与散点关系可判断D.【详解】对于A:由,可知A错;对于B,由,可得,进而得,B正确;对于C,易知,,,得成立,故C正确;对于D,由回归方程,无法确定散点的坐标,故D错,故选:BC10. 已知函数,则下列结论正确的是( )A. 函数的值域为B. 函数的图象关于点对称C. 若函数在上单调递增,则的取值范围为D. 若,则的最小正周期为【答案】ACD【解析】【分析】通过三角恒等变换将化为,根据正弦函数的性质依次判断各个选项的正误即可.【详解】,对于A,值域,故A正确;对于B,,故B不正确;对于C,在上单调递增,所以,解得,所以.故C正确;对于D,因为的最小正周期都是,所以的最小正周期为,故D正确.故选:ACD.11. 已知数列满足,,且,若记数列的前项的积为,,的前项和为,则下列结论正确的是( )A. 数列是等比数列 B.C. 当为奇数时, D. 当为偶数时,【答案】ABD【解析】【分析】利用数列的递推关系式以及,根据等比数列定义即可判断A正确,利用等比数列前项和公式计算可得B正确,由的通项公式可得,对为奇数或偶数时进行分组计算可判断C错误,D正确.【详解】对于A,由,可得:,即,又,可得数列是以为首项,公比为的等比数列,可得A正确;对于B,由选项A分析可知,,即B正确;对于C,易知,所以;当为奇数时,,可知C错误;对于D,当为偶数时,,可得D正确.故选:ABD【点睛】关键点点睛:本题关键在于证明数列是等比数列后求得其通项公式,得出数列的递推公式,进而得出前项的积的表达式即可.三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.12. 已知为虚数单位,若复数为纯虚数,为实数,则______.【答案】【解析】【分析】设出复数,再由纯虚数定义以及实数定义可求得,;可得出.【详解】设,由题可知为纯虚数,即,解得;又为实数,可得,即,因此,所以.故答案:13. 请写出一个同时满足以下3个条件的函数______.①、,且,都有;②且,使得;③.【答案】(答案不唯一,符合题意均可得分)【解析】【分析】根据三个条件分别得出函数所具有的性质,例如单调性、奇偶性等即可写出结果.【详解】由条件①可得在上单调递增,对于条件②不妨取,可知函数在一定条件下满足可乘性,并简化运算;由条件③可知函数为奇函数;因此可得满足题意.故答案为:14. 已知椭圆的左右焦点分别为、,圆与抛物线的准线相切,抛物线的焦点与椭圆的右焦点重合,且为抛物线与椭圆的一个交点,若的面积为,则椭圆的离心率为______.【答案】##【解析】【分析】根据圆与抛物线准线相切求出的值,进而得到椭圆的右焦点坐标,再结合的面积求出交点的纵坐标,代入抛物线方程求出横坐标,最后将交点坐标代入椭圆方程,结合椭圆的性质求出离心率.【详解】抛物线的准线方程为.已知圆与抛物线的准线相切,则圆心到准线的距离等于圆的半径,即,解得或(舍去).因为抛物线的焦点坐标为,把代入可得焦点坐标为,又因为抛物线的焦点与椭圆的右焦点重合,所以椭圆的右焦点,则(为椭圆的半焦距).设,因为的面积为,且,根据三角形面积公式,可得,即,解得.把代入抛物线方程,可得,即,解得.因为点在椭圆上,所以,又因为,代入上式可得:设(),则,通分可得:,即解得(舍去)或,即,则.根据椭圆的离心率公式,可得.故答案为:.四、解答题:本题共5小题,满分77分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明.15. 烧麦——在呼和浩特有着深厚的历史底蕴,2024年12月21日,呼和浩特举办了“首届烧麦美食大会”,活动持续至2025年1月3日,期间吸引了数以万计的国内外游客慕名而来.“烧麦美食大会”的举办旨在传承和弘扬烧麦文化,深入挖掘呼和浩特市的文旅资源优势,推动烧麦产业创新与发展,促进文商旅融合,提升城市形象.为了了解游客的旅游体验满意度,某研究性学习小组采用问卷调查的方式,随机调查了100名游客,并将收集到的满意度得分数据(满分100分)分成了五段:,,,,得到如图所示的频率分布直方图.(1)求频率分布直方图中的值,为进一步了解游客对本次“烧麦美食大会”满意度情况,从分值在,,三组满意度问卷中,按分层随机抽样的方法抽取6人,再从这6人中随机抽取3人,记满意度得分在人数为,求的分布列和期望;(2)已知满意度分值在的平均数,方差,在的平均数为,方差,试求满意度分值在的平均数和方差.【答案】(1)分布列见解析,(2)84,30【解析】【分析】(1)根据分层抽样比确定得分在人数为的所有可能取值为0,1,2,3,分别求得对应概率即可求得分布列和期望值;(2)利用样本方差求总体方差公式代入计算即可求得结果.【小问1详解】由,解得;由题可知,调查问卷考核得分分值在三组内的游客人数比为,则需在内的游客中分别抽取人,人,人.现从这6人中随机抽取3人,则考核得分在人数为的所有可能取值为0,1,2,3.,,,.所以的分布列为0 1 2 3所以.【小问2详解】满意度分值在的频率为,人数为20;在的颣率为,人数为30,满意度分值在的平均数,方差,在的平均数,方差,所以满意度分值在的平均数,满意度分值在的方差.16. 已知抛物线过点.其焦点为,若且.(1)求的值以及抛物线的方程;(2)过点的两条互相垂直的直线分别交抛物线于与四点,求四边形面积的最小值.【答案】(1),(2)8【解析】【分析】(1)利用焦半径公式以及抛物线过的点坐标解方程组可得结果;(2)设出两直线方程并与抛物线方程联立,利用韦达定理和弦长公式求得的表达式,进而得出面积表达式,再由基本不等式计算可得面积最小值.【小问1详解】因为抛物线:过点①又焦点为,且②由①、②可得或又,抛物线的方程:【小问2详解】由题知,过点两条相互垂直的直线斜率均存在,且不等于零,如下图:因此设直线,直线设点、、、,联立直线与抛物线的方程,得则有,又,同理,联立直线与抛物线的方程,得则有,又,又,当且仅当时,四边形面积的最小值是8.17. 已知的内角、、所对的边分别为、、,且.(1)求角;(2)若的面积为3,点为内一点,且,求的值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)用余弦定理,再用正弦定理化边为角,然后由两角和的正弦公式变形后可求得,从而得角;(2)先根据,利用三角形的面积公式得到,再运用数量积的定义求解即得答案.【小问1详解】的内角、、所对的边分别为、、,且,.,,,,又,.【小问2详解】,,.18. 如图1,在等腰直角三角形中,,、、分别在线段、、上,且,.已知,,沿将折起,使得平面平面,如图2.(1)求证:平面平面;(2)求直线与平面所成角的正弦值;(3)点在线段上,设直线与直线所成角为,求的最大值.【答案】(1)证明见解析(2)(3)【解析】【分析】(1)由条件证明,,根据线面垂直的判定定理即可得平面,再由面面垂直的判定定理即可证明平面平面;(2)建立空间直角坐标系, 求和平面的法向量,再根据线面角公式计算即可;(3)设,求向量,,根据线线角的公式得,再由换元法计算即可.【小问1详解】,,,,,又,,,,,又,平面平面,且平面平面,又,平面,平面,平面,,平面,平面,平面,平面平面【小问2详解】平面,建立如图所示空间直角坐标系,,,,,,,,,,设平面的法向量为,则,取,,设直线与平面所成的角为,则.【小问3详解】设,其中,则,,,所以,令,则,所以,当时,单调递增,故在时,取最大值,此时.19. 17世纪,牛顿在《流数法与无穷级数》一书中,给出了代数方程的一种数值解法:如图所示,我们想要找到的根,即点的横坐标,则可以先在点附近取一个初始值,比如横坐标为处,然后在以为横坐标的点处做一条切线,并求出该切线与轴的交点,此时,我们会发现比初始值更接近点.如果重复这个过程,不断绘制切线并计算其与轴的交点,依次迭代下去,我们将得到,根据给定的精确度,直到求得满足精度的近似解为止.这就是牛顿迭代法(切线法)的原理.已知,取.(1)根据牛顿迭代法,求;(2)求与的关系式;(3)牛顿迭代法中蕴含了“以直代曲”的数学思想,直线常常取曲线的切线或割线.若,求证:.【答案】(1)(2)(3)证明见解析【解析】【分析】(1)求得在处的切线方程,计算切线与轴交点的横坐标即可求得;(2)求出函数在处的切线方程,再求出切线与轴交点的横坐标即可得与的关系式;(3)根据题意求出函数在处的切线方程为,即证明可得出结论.【小问1详解】,,,当时,,,因此切线,当时,可得;【小问2详解】当切点为时切线方程为:.当时,可得:,即;【小问3详解】证明:由(1)知,函数在处的切线方程为.①先证:当的图象恒在切线的上方,即当时,,即.令,则,易知,令,可得,易知,单调递减,在单调递增,又,,,存在使得,在单调递增,在单调递减,在单调递增.又,当时,,即,即.②下证:.即,即令,则,则在单调递减,在单调递增,又,显然当时,恒成立,即恒成立,由①②可得.【点睛】关键点点睛:本题关键在于利用牛顿迭代法中蕴含的“以直代曲”的数学思想,求出函数在处的切线方程,分别证明在切线的两侧即可得出结论. 展开更多...... 收起↑ 资源列表 内蒙古呼和浩特市2025届高三普通高等学校招生第二次模拟考试数学试题(原卷版).docx 内蒙古呼和浩特市2025届高三普通高等学校招生第二次模拟考试数学试题(解析版).docx