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2025年广州市中考物理模拟预测卷
一．选择题（共10小题）
1．（2025春 天河区校级期中）下列估测的数据最接近实际的是（　　）
A．冰的密度约为0.9kg/m3
B．鸡蛋的质量约为6×10﹣2kg
C．一名中学生所受的重力大约为1500N
D．八下物理课本的宽度是30mm
2．（2025 增城区一模）小明将80℃的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30℃，该过程中水（　　）
A．的质量减少
B．的内能减少
C．的分子运动变的更剧烈
D．通过热传递导致其内能增加
3．（2025 增城区一模）图1，运动员从起点跑向旗杆，为了记录100m跑步数据，在跑道上每10m安装一个装置来记录时间，得到运动员每跑10m所用时间数据如图2。该过程（　　）
A．以运动员为参照物，旗杆是静止的
B．以旗杆为参照物，运动员向东运动
C．在60～90m，运动员保持匀速直线运动
D．运动员在0～10m段的平均速度大于40～50m段
4．（2025 天河区一模）某物质在不同压强和温度下的状态如图所示，从初始状态M，压强pM＝10万Pa，温度TM＝20℃，降温加压到状态N，pN＝12万Pa，TN＝10℃，物质发生的状态变化和吸放热情况是（　　）
A．凝华 放热 B．液化 吸热 C．汽化 吸热 D．凝固 放热
5．（2025春 番禺区校级期中）下列对图中涉及的光现象描述不正确的是（　　）
A．平面镜成像：所成的像是虚像
B．小孔成像：像的形状与小孔的形状无关
C．投影仪：幕布应该选用光滑的白色幕布
D．凸透镜成像：此时所成的像是虚像
6．（2025春 天河区校级期中）当水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图甲所示，水在4℃时，密度最大。现有三个容器装有不同温度的水，水的深度关系是h1＝h2＜h3，容器2和3所装的水的质量m2＝m3，三个容器的底面积关系是S1＝S2＞S3，如图乙所示。此过程，三个容器中水的质量不变，不考虑容器的热胀冷缩。容器底受到水的压强关系一定正确的是（　　）
A．p3＞p2 B．p1＝p2 C．p3＜p1 D．p1＜p2
7．（2025 白云区一模）小白周末体验蹦极，从静止开始自由下落至第一次到达最低点的过程如图1，该过程中蹦极绳的弹力与时间关系如图2（空气阻力不计），下列分析正确的是（　　）
A．0﹣t2整个过程中，小白都只受重力
B．t1﹣t2过程中，小白所受重力等于弹力
C．0﹣t1过程中，小白的机械能不变
D．t2﹣t3过程中，小白的机械能不变
8．（2025 增城区一模）如图，用餐巾纸摩擦过的吸管靠近绝缘线悬吊的轻质小球时，小球被吸管排斥，下列判断正确的是（　　）
A．小球一定带负电
B．吸管一定带负电
C．餐巾纸一定带正电
D．小球与塑料吸管一定带同种电荷
9．（2025 天河区一模）小明自制测定油箱内油面高度的装置如图。R1是滑动变阻器，它的金属滑片连在动杆一端，电路与恒压电源连接，闭合开关，油面升高时（　　）
A．甲图电压表示数变小 B．甲图电流表示数变小
C．乙图电压表示数变大 D．乙图电流表示数变大
10．（2025 增城区一模）小明房间灯的部分电路如图所示，闭合开关后灯不亮，保险丝未熔断，接着他用试电笔检测了a、b、c、d四个点，得到的检测情况如表，该故障是（　　）
检测点 试电笔氖管
a 不发光
b 发光
c 发光
d 不发光
A．灯短路 B．保险丝短路
C．bd两点间断路 D．bc两点间断路
二．作图题（共2小题）
11．（2025春 番禺区校级期中）接实物图，要求：当滑片向右移动时，通电螺线管的磁性增强，且小磁针静止时的指向如图所示。
12．（2025春 黄埔区校级期中）如图是一个正在摆动的小球，请作出小球的受力示意图，所有力作用点都画在小球重心上。（不计空气阻力）
三．实验探究题（共4小题）
13．（2025春 黄埔区校级期中）小明按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验：
a.如图1中甲图所示，将木块A平放在长木板B上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
b.如图1中乙图所示，将毛巾固定在长木板B上，木块A平放在毛巾上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
c.如图1中丙图所示，将木块A平放在长木板B上，并在木块A上放一钩码，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
（1）该实验主要采用的探究方法是　 　 。
（2）由图1中　 　 两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）由图1中甲、乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越　 　 （选填“大”或“小”）。
（4）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图1中丁图所示的实验装置，该装置的优点是　 　 长木板做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。实验中小丽发现：当F为3N时，测力计示数1.2N，木块A相对于地面静止且长木板B刚好做匀速直线运动，则木块A受到的滑动摩擦力大小为　 　 N。
（5）实验拓展：如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t图象分别如图3图4所示。则物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为　 　 N。
14．（2025 增城区一模）正方体物块A的质量为5.4kg，底面积为0.09m2。（g＝10N/kg）
（1）图1，将A静置于水平地面，A的重力为　 　 N，A对地面的压强为　 　 Pa。
（2）图2，A通过细绳系于杆的B点，忽略杆重和绳重，BC可看作是绕O点转动的杠杆，BO：CO＝1：3，在C点施加竖直向下的10N的力F1，杆在水平位置保持静止。
①画出F1的力臂l1；
②画出B点受到的细绳的拉力F2，F2为　 　 N。
15．（2025 白云区一模）如图1所示是送餐机器人工作时的情景，当机器人接受指令后，内部的电动机会驱动其底部轮子将食物送给顾客：
（1）机器人内部电动机的原理与图2 　 　 （选填“甲”、“乙”、“丙”）实验装置相同。
（2）图3为送餐机器人在40s内沿直线运动的“路程﹣时间”图像。在这个过程中托盘是静止的，是选 　 　 为参照物；机器人在第30秒时的运动速度为 　 　 m/s。
16．（2025 白云区一模）小白为了探究电流与电阻的关系，进行如下研究：
（1）小白根据图1甲电路连接成图1乙所示的实物图，检查电路时发现其中一根导线连接是错误的，请将该导线画上“×”，并补充一根导线使电路正确；
（2）纠正错误后，闭合开关S，发现电流表和电压表的指针均不动。小白断开开关S，在图甲中将电压表与c点相连的那根导线改接到d点，再次闭合开关S，发现电流表的指针仍不动，但电压表的指针有明显的偏转。若电路中只有一处故障，故障的原因可能是　 　 （双选）；
A.电流表短路
B.电流表断路
C.定值电阻R断路
D.滑动变阻器断路
（3）正确连接电路后，小白将阻值为5Ω的电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，观察记录电表示数，此时电流表示数为0.4A；然后更换10欧的定值电阻重复实验，再次调节滑动变阻器的滑片至适当位置，记录电流表示数。请你判断出其中的“适当位置”是指　 　 ；
（4）做完三次实验，得到如图2所示图像，据此可得出实验结论为　 　 。
四．计算题（共2小题）
17．（2025春 天河区校级期中）如图所示，一个锥形瓶的质量为0.1kg，底面积为60cm2，放置在水平桌面上。将重力为2N、密度为1.2×103kg/m3的某种液体倒入瓶子，液体深度为5cm。求：（g＝10N/kg）
（1）液体对瓶底的压强；
（2）瓶子对桌面的压力和压强。
18．（2025春 番禺区校级期中）如图是某电热水壶及其电路简图，R1、R2为发热电阻。开关S0接通后，温控开关S自动与触点a、b接通，电热水壶进入加热状态；当电热水壶内水温达到100℃时，温控开关S自动与a、b断开，并立即与触点c接通，电热水壶进入保温状态。已知电源电压为220V，电阻R2＝200Ω，电热水壶的加热功率P＝1210W，R1、R2的电阻不受温度影响。求：
（1）保温状态时电路中的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）若该热水壶正常加热时其电源线的阻值为0.04Ω，则电源线消耗的功率为多少瓦？
2025年广州市中考物理模拟预测卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题）
1．（2025春 天河区校级期中）下列估测的数据最接近实际的是（　　）
A．冰的密度约为0.9kg/m3
B．鸡蛋的质量约为6×10﹣2kg
C．一名中学生所受的重力大约为1500N
D．八下物理课本的宽度是30mm
【考点】重力的估测；常见的长度及估测；质量的估测；密度的估测．
【专题】其他综合题；理解能力．
【答案】B
【分析】根据生活常识对各选项进行判断。
【解答】解：A、冰的密度约为0.9×103kg/m3，故A错误；
B、鸡蛋的质量约为6×10﹣2kg＝60g，故B正确；
C、一名中学生的质量约为50kg，根据G＝mg可知，他所受的重力大约为500N，故C错误；
D、八下物理课本的宽度是18cm，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了生活常识，属于基础题。
2．（2025 增城区一模）小明将80℃的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30℃，该过程中水（　　）
A．的质量减少
B．的内能减少
C．的分子运动变的更剧烈
D．通过热传递导致其内能增加
【考点】热传递改变物体的内能；内能的大小变化；质量的概念与特性；温度对分子热运动的影响．
【专题】应用题；分子热运动、内能；应用能力．
【答案】B
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量；
（2）物体内能与温度有关，温度降低，内能减少；
（3）分子无规则运动的速度与温度有关，温度越高，水分子无规则运动越剧烈；
（4）改变物体内能的方式有做功和热传递。
【解答】解：ABD、将80℃的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30℃，水的质量不变，温度降低，所以内能减少；这是通过热传递的方式改变使其内能减少，故AD错误，B正确；
C、分子无规则运动的速度与温度有关，温度降低，水分子无规则运动速度减慢，故C错误。
故选：B。
【点评】本题考查了对质量、内能、分子热运动等知识的掌握，难度不大。
3．（2025 增城区一模）图1，运动员从起点跑向旗杆，为了记录100m跑步数据，在跑道上每10m安装一个装置来记录时间，得到运动员每跑10m所用时间数据如图2。该过程（　　）
A．以运动员为参照物，旗杆是静止的
B．以旗杆为参照物，运动员向东运动
C．在60～90m，运动员保持匀速直线运动
D．运动员在0～10m段的平均速度大于40～50m段
【考点】运动和静止的相对性；匀速直线运动．
【专题】长度、时间、速度；分析、综合能力．
【答案】B
【分析】（1）（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（3）匀速直线运动是最简单的机械运动，是指运动快慢不变（即速度不变）、沿着直线的运动。
（4）根据v分析。
【解答】解：A、以运动员为参照物，旗杆的位置发生了变化，是运动的，故A错误；
B、以旗杆为参照物，运动员的位置向东发生了变化，是向东运动的，故B正确；
C、由图2可知，在60～90m，运动员每通过10m路程所用的时间相同（均为1.15s），说明在这三个10m内运动员的平均速度相等，并不能说明每个10m内运动员保持匀速直线运动，可能存在加速和减速过程，故C错误；
D、运动员在0～10m段用时2.42s，在40～50m段用时1.1s，根据v可知，运动员在0～10m段的平均速度小于40～50m段，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了运动和静止的相对性、匀速直线运动、速度公式的应用，属中档题。
4．（2025 天河区一模）某物质在不同压强和温度下的状态如图所示，从初始状态M，压强pM＝10万Pa，温度TM＝20℃，降温加压到状态N，pN＝12万Pa，TN＝10℃，物质发生的状态变化和吸放热情况是（　　）
A．凝华 放热 B．液化 吸热 C．汽化 吸热 D．凝固 放热
【考点】三态六变化三吸热三放热．
【专题】汽化和液化、升华和凝华；应用能力．
【答案】A
【分析】物质由气态变为固态的过程叫凝华，凝华放热。
【解答】解：由图片可知，初始状态M为气态，降温加压后变为固态，这个过程叫凝华，凝华放热，故A正确，BCD错误；
故选：A。
【点评】本题考查了物态变化，知道物态变化的概念，知道变化前后物质所处的状态是正确解题的关键。
5．（2025春 番禺区校级期中）下列对图中涉及的光现象描述不正确的是（　　）
A．平面镜成像：所成的像是虚像
B．小孔成像：像的形状与小孔的形状无关
C．投影仪：幕布应该选用光滑的白色幕布
D．凸透镜成像：此时所成的像是虚像
【考点】凸透镜成像规律的应用；光沿直线传播的应用；光的反射现象．
【专题】应用题；透镜及其应用；应用能力．
【答案】C
【分析】（1）平面镜成像特点之一：成正立等大的虚像；
（2）小孔成的是倒立的实像；像的形状与孔的形状无关；
（3）光滑的表面会发生镜面反射，粗糙的表面发生漫反射；
（4）u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
【解答】解：A、由平面镜成像特点可知，平面镜所成的像是正立等大的虚像，故A正确；
B、小孔成像中像的形状与小孔的形状无关，与物体的形状有关，故B正确；
C、投影仪的银幕都是用一张粗糙的白布做成，原因是粗糙的幕布可以使射向屏幕的光发生漫反射，使各个位置的学生都能看到画面，故C错误；
D、由图可知，此时u＜f，成正立、放大的虚像，故D正确。
故选：C。
【点评】本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、光的反射、凸透镜成像以及漫反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
6．（2025春 天河区校级期中）当水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图甲所示，水在4℃时，密度最大。现有三个容器装有不同温度的水，水的深度关系是h1＝h2＜h3，容器2和3所装的水的质量m2＝m3，三个容器的底面积关系是S1＝S2＞S3，如图乙所示。此过程，三个容器中水的质量不变，不考虑容器的热胀冷缩。容器底受到水的压强关系一定正确的是（　　）
A．p3＞p2 B．p1＝p2 C．p3＜p1 D．p1＜p2
【考点】液体压强与深度的关系．
【专题】应用题；比较思想；压强、液体的压强；应用能力；获取知识解决问题能力．
【答案】A
【分析】由于水在4℃时密度最大，所以水的密度ρ1＞ρ2，由题意知h1＝h2，根据p＝ρgh判断出水对容器底的压强p1与p2的关系；
柱形容器中，液体对容器底的压力等于其重力，由题意知三容器中水的质量关系，根据G＝mg可知水的重力关系，进而可知水对三容器底部的压力关系，又知，三个容器的底面积关系，根据p判断出p2与p3、p1与p3的关系。
【解答】解：由于水在4℃时密度最大，所以水的密度ρ1＞ρ2，由题意知h1＝h2，根据p＝ρgh知水对容器底的压强p1＞p2；
由题意知水的质量m2＝m3，根据G＝mg可知，G2＝G3，容器2和容器3均为柱形容器，则水对容器底的压力相等，两容器的底面积关系是S2＞S3，根据p得p2＜p3；
容器1中水的质量大于容器3中水的质量，则容器1中水的重力大于容器3中水的重力，则水对容器1底部的压力大于水对容器3底部的压力，而容器1的底面积大于容器3的底面积，所以根据p可知，无法比较p1和p3的大小。
综上分析可知，容器底受到水的压强关系一定正确的是A。
故选：A。
【点评】本题考查了固体压强、液体压强的大小比较，是一道综合题。
7．（2025 白云区一模）小白周末体验蹦极，从静止开始自由下落至第一次到达最低点的过程如图1，该过程中蹦极绳的弹力与时间关系如图2（空气阻力不计），下列分析正确的是（　　）
A．0﹣t2整个过程中，小白都只受重力
B．t1﹣t2过程中，小白所受重力等于弹力
C．0﹣t1过程中，小白的机械能不变
D．t2﹣t3过程中，小白的机械能不变
【考点】机械能的概念；根据运动状态件判断物体的受力情况．
【专题】应用题；机械能及其转化；应用能力．
【答案】C
【分析】0﹣t1过程中，小白只受重力作用，t1﹣t2过过程中，小白仍加速运动，所受重力大于弹力，t2时刻，速度最大，小白所受重力等于弹力，t2﹣t3过程中，弹力变大，小白的机械能转化为弹性势能。
【解答】解：ABC、0﹣t1过程中，小白只受重力作用，重力势能转化为动能，小白的机械能不变，t1﹣t2过程中，弹力开始出现，部分机械能转化为弹性势能，小白仍加速运动，小白所受重力大于弹力，t2时刻，速度最大，小白所受重力等于弹力，故AB错误，C正确；
D、t2﹣t3过程中，弹力变大，小白的机械能转化为弹性势能，机械能变小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查学生对能的转化的理解，知道速度最大时，重力等于弹力。
8．（2025 增城区一模）如图，用餐巾纸摩擦过的吸管靠近绝缘线悬吊的轻质小球时，小球被吸管排斥，下列判断正确的是（　　）
A．小球一定带负电
B．吸管一定带负电
C．餐巾纸一定带正电
D．小球与塑料吸管一定带同种电荷
【考点】物体带电情况的判断．
【专题】应用题；电流和电路；应用能力．
【答案】D
【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。
【解答】解：用餐巾纸摩擦过的吸管发生摩擦起电现象而带电，和轻质小球相互排斥，说明二者带同种电荷，但不知道带何种电荷，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况。
9．（2025 天河区一模）小明自制测定油箱内油面高度的装置如图。R1是滑动变阻器，它的金属滑片连在动杆一端，电路与恒压电源连接，闭合开关，油面升高时（　　）
A．甲图电压表示数变小 B．甲图电流表示数变小
C．乙图电压表示数变大 D．乙图电流表示数变大
【考点】动态电路的分析．
【专题】错解分析题；动态预测题；推理法；电流和电路；电压和电阻；欧姆定律；分析、综合能力．
【答案】C
【分析】根据油量变化时浮标的变化可知R1接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化即为电流表示数的变化，根据欧姆定律可知R0两端的电压变化。
【解答】解：AB、由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R0两端的电压。
当油面升高时，浮标上升，滑片下移，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故B错误；
由U＝IR可知，R0两端的电压变大，即电压表示数变大，故A错误；
CD、由图乙可知，定值电阻R0与滑动变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的滑片上部分电阻两端的电压。
由于滑动变阻器的阻值全部连入电路，则电路中总电阻不变，根据I可知，电路中的电流不变，即电流表示数不变，故D错误；
当油面升高时，浮标上升，滑片下移，滑动变阻器的滑片上部分电阻的阻值变大，由U＝IR可知，滑片上部分电阻两端的电压变大，即电压表示数变大，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用、电表的变化分析等问题，认真审题，充分理解题意、分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可解题。
10．（2025 增城区一模）小明房间灯的部分电路如图所示，闭合开关后灯不亮，保险丝未熔断，接着他用试电笔检测了a、b、c、d四个点，得到的检测情况如表，该故障是（　　）
检测点 试电笔氖管
a 不发光
b 发光
c 发光
d 不发光
A．灯短路 B．保险丝短路
C．bd两点间断路 D．bc两点间断路
【考点】试电笔判断电路故障．
【专题】电与热、生活用电；应用能力．
【答案】C
【分析】试电笔是辨别火线和零线的工具；使用时氖管发光说明接触的是火线，氖管不发光，说明接触的是零线。
保险丝一般接在火线上。
【解答】解：AB、用试电笔测试b、c两点，氖管发光，说明输电线乙是火线，闭合开关后灯不亮，保险丝未熔断，说明没有出现短路，故AB不符合题意；
C、bd断路，则a、d两点与火线断开，试电笔测试这两个点，氖管都不发光，故C符合题意；
D、bc两点间断路，则试电笔测试b点氖管不会发光，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查的是试电笔的使用规则；知道家庭电路中简单故障的判断。
二．作图题（共2小题）
11．（2025春 番禺区校级期中）接实物图，要求：当滑片向右移动时，通电螺线管的磁性增强，且小磁针静止时的指向如图所示。
【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素；磁极间的相互作用；利用安培定则判断电流方向．
【专题】电压和电阻；磁现象、电生磁；应用能力．
【答案】c
【分析】首先根据小磁针的磁极确定螺线管的磁极，再根据安培定则确定螺线管中的电流方法；
当滑片向右移动时，通电螺线管的磁性增强，即电路中电流变大，滑动变阻器接入电路的阻值变小，据此确定滑动变阻器使用的接线柱。
【解答】解：由小磁针的指向可知，通电螺线管的左端为N极，右端为S极，由安培定则知，电流应从通电螺线管的右端的接线柱流入，左端的接线柱流出；
滑动变阻器的滑片P向右移动时，通电螺线管的磁性增强说明电路中的电流变大，串联的滑动变阻器接入电路的电阻变小，故滑动变阻器的下端的右接线柱应接入电路，如下图所示：
【点评】本题考查了安培定则、滑动变阻器的接法，影响通电螺线管的磁性的因素、欧姆定律的综合运用，注意滑动变阻器正确接法是“一上一下”。
12．（2025春 黄埔区校级期中）如图是一个正在摆动的小球，请作出小球的受力示意图，所有力作用点都画在小球重心上。（不计空气阻力）
【考点】画力的示意图．
【专题】作图题；运动和力；应用能力．
【答案】
【分析】不计空气阻力，先对小球进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
【解答】解：不计空气阻力，小球受到沿绳子向上拉力F、竖直向下的重力G，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F、G，如图所示：
【点评】本题考查了力的示意图的画法，对物体进行正确的受力分析是关键。
三．实验探究题（共4小题）
13．（2025春 黄埔区校级期中）小明按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验：
a.如图1中甲图所示，将木块A平放在长木板B上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
b.如图1中乙图所示，将毛巾固定在长木板B上，木块A平放在毛巾上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
c.如图1中丙图所示，将木块A平放在长木板B上，并在木块A上放一钩码，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。
（1）该实验主要采用的探究方法是　控制变量法　 。
（2）由图1中　甲、丙　 两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）由图1中甲、乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越　大　 （选填“大”或“小”）。
（4）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图1中丁图所示的实验装置，该装置的优点是　不需要　 长木板做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。实验中小丽发现：当F为3N时，测力计示数1.2N，木块A相对于地面静止且长木板B刚好做匀速直线运动，则木块A受到的滑动摩擦力大小为　1.2　 N。
（5）实验拓展：如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t图象分别如图3图4所示。则物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为　4　 N。
【考点】探究影响滑动摩擦力大小的因素的实验；探究滑动摩擦力与压力的关系；探究滑动摩擦力的实验设计与改进；滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关．
【专题】控制变量法；重力、弹力、摩擦力；探究型实验综合题；实验基本能力．
【答案】（1）控制变量法；（2）甲、丙；（3）大；（4）不需要；1.2；（5）4。
【分析】（1）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。
（2）根据二力平衡的条件分析；
（4）如图1中丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，根据力的平衡分析；
（5）因压力大小和接触面粗糙程度不变，则受到摩擦力大小不变，据此分析。
【解答】解：（1）该实验主要采用的探究方法是控制变量法。
（2）因沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力大小等于摩擦力的大小；
由图1中甲、丙两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）由图1中甲、乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大；
（4）如图1中丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，受到摩擦力和测力计的拉力为一对平衡力，故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动；
实验中小丽发现：当F为3N时，木块A相对于地面静止，受力平衡，此时受到B对A的摩擦力大小等于弹簧测力计示数，为1.2N；
（5）实验拓展：如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t图象分别如图3图4所示，由图4知，6﹣9秒物体做匀速直线运动，受到的拉力与摩擦力为一对平衡力，大小相等，因压力大小和接触面粗糙程度不变，则受到摩擦力大小不变，故物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为4N。
故答案为：（1）控制变量法；（2）甲、丙；（3）大；（4）不需要；1.2；（5）4。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
14．（2025 增城区一模）正方体物块A的质量为5.4kg，底面积为0.09m2。（g＝10N/kg）
（1）图1，将A静置于水平地面，A的重力为　54　 N，A对地面的压强为　600　 Pa。
（2）图2，A通过细绳系于杆的B点，忽略杆重和绳重，BC可看作是绕O点转动的杠杆，BO：CO＝1：3，在C点施加竖直向下的10N的力F1，杆在水平位置保持静止。
①画出F1的力臂l1；
②画出B点受到的细绳的拉力F2，F2为　30　 N。
【考点】杠杆的平衡条件的计算；重力的计算；压强的公式的应用；力和力臂的画法．
【专题】简单机械；分析、综合能力．
【答案】（1）54；600；
（2）见解答；30。
【分析】（1）知道物体的质量，利用重力公式求物体A的重力；
根据压力等于重力结合p计算压强；
（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离；知道两力臂的大小关系和F的大小，利用杠杆的平衡条件求B端细绳的拉力
【解答】解：（1）物体A的重力G＝mg＝5.4kg×10N/kg＝54N；F压＝G＝54N；
A对地面的压强为p600Pa；
（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，在C点施加竖直向下的10N的力F1，F1的力臂l1如图所示：
由杠杆平衡条件得：F2×OB＝F1×OC，即F拉×OB＝10N×3OB；
解得F2＝30N。
故答案为：（1）54；600；
（2）见解答；30。
【点评】本题考查杠杆平衡条件与杠杆作图，属于中档题。
15．（2025 白云区一模）如图1所示是送餐机器人工作时的情景，当机器人接受指令后，内部的电动机会驱动其底部轮子将食物送给顾客：
（1）机器人内部电动机的原理与图2 　乙　 （选填“甲”、“乙”、“丙”）实验装置相同。
（2）图3为送餐机器人在40s内沿直线运动的“路程﹣时间”图像。在这个过程中托盘是静止的，是选 　机器人　 为参照物；机器人在第30秒时的运动速度为 　0.5　 m/s。
【考点】电动机工作原理；参照物的选择；s﹣t图像描述物体的运用．
【专题】其他综合题；分析、综合能力．
【答案】（1）甲；（2）机器人；0.5。
【分析】电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。
运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
首先，要看清纵横坐标的物理里，同时要注意单位；其次，要看懂随着横坐标的变大，纵坐标是如何变化的；最后，要学会利用控制变量法比较不同物体的速度大小，所谓的“相同路程比较时间”。
【解答】解：（1）电动机原理及对应实验装置电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。图2中通常甲图是演示通电导体在磁场中受力运动的实验，乙图一般是研究电磁感应现象（发电机原理）的实验，丙图可能是奥斯特实验，用来证明通电导体周围存在磁场。所以机器人内部电动机的原理与图2中的甲实验装置相同。
（2）参照物的选择及速度计算参照物：如果以机器人为参照物，托盘相对于机器人的位置没有发生变化，所以在这个过程中托盘是静止的，是选机器人为参照物。
速度计算：由图 3“路程﹣时间”图像可知，在20﹣40s内机器人做匀速直线运动。在20﹣40s这段时间内，路程的变化量为Δs＝20m﹣10m＝10m，时间变化量为Δt＝40s﹣20s＝20s，根据速度公式可得机器人在20﹣40s内的速度v0.5m/s。因为20﹣40s是匀速直线运动，所以第30秒时的运动速度也是0.5m/s。
故答案为：（1）甲；（2）机器人；0.5。
【点评】本题考查了电动机的原理，运动与静止的相对性，速度的计算。
16．（2025 白云区一模）小白为了探究电流与电阻的关系，进行如下研究：
（1）小白根据图1甲电路连接成图1乙所示的实物图，检查电路时发现其中一根导线连接是错误的，请将该导线画上“×”，并补充一根导线使电路正确；
（2）纠正错误后，闭合开关S，发现电流表和电压表的指针均不动。小白断开开关S，在图甲中将电压表与c点相连的那根导线改接到d点，再次闭合开关S，发现电流表的指针仍不动，但电压表的指针有明显的偏转。若电路中只有一处故障，故障的原因可能是　BD　 （双选）；
A.电流表短路
B.电流表断路
C.定值电阻R断路
D.滑动变阻器断路
（3）正确连接电路后，小白将阻值为5Ω的电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，观察记录电表示数，此时电流表示数为0.4A；然后更换10欧的定值电阻重复实验，再次调节滑动变阻器的滑片至适当位置，记录电流表示数。请你判断出其中的“适当位置”是指　电压表的示数为2V　 ；
（4）做完三次实验，得到如图2所示图像，据此可得出实验结论为　电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比　 。
【考点】探究电流与电阻的关系．
【专题】欧姆定律；科学探究能力．
【答案】（1）见解答图；（2）BD；（3）电压表的示数为2V；（4）电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。
【分析】（1）分析电路图，结合实验探究电流与电阻的关系时，电流表与滑动变阻器、定值电阻串联，电压表与定值电阻并联；
（2）闭合开关s后，发现电流表和电压表的指针均不动，说明是电压表并联以外的部分电路断路；将电压表与b点相连的那根导线改接到c点，再次闭合开关s时，发现电流表的指针仍不动，但电压表的指针有明显的偏转，说明电路仍然断路，但此时电压表与电源之间是通路，据此分析电路故障；
（3）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；
（4）根据图像得出结论。
【解答】解：（1）分析图乙可知，电流表与电压表串联，滑动变阻器与定值电阻并联，与甲图不对应，这是错误的，应改为：将电流表与滑动变阻器、定值电阻串联，将电压表与定值电阻并联，如图所示：
；
（2）由题意可知，电路连接正确，闭合开关S后，电流表和电压表无示数，则电压表并联以外的部分电路断路；把电压表与b点相连的那根导线改接到c点后，电流表无示数，电压表有示数，则此时电压表并联部分断路，综上可知，若电路中只有一处故障，则故障是bc间断路，故选：BD；
（3）分析表2中数据可知，定值电阻两端的电压始终保持Uv＝IR＝0.4A×5Ω＝2V，然后更换10欧的定值电阻重复实验，再次调节滑动变阻器的滑片至适当位置，记录电流表示数。请你判断出其中的“适当位置”是指电压表的示数为2V；
（4）如图2所示图像，据此可得出实验结论为电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。
故答案为：（1）见解答图；（2）BD；（3）电压表的示数为2V；（4）电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、故障分析、欧姆定律的应用和实验方案的改进。
四．计算题（共2小题）
17．（2025春 天河区校级期中）如图所示，一个锥形瓶的质量为0.1kg，底面积为60cm2，放置在水平桌面上。将重力为2N、密度为1.2×103kg/m3的某种液体倒入瓶子，液体深度为5cm。求：（g＝10N/kg）
（1）液体对瓶底的压强；
（2）瓶子对桌面的压力和压强。
【考点】液体压强的公式及计算；根据重力公式计算压力大小；压强的公式的应用．
【专题】压强、液体的压强；应用能力．
【答案】（1）液体对瓶底的压强为600Pa；
（2）瓶子对桌面的压力为3N，压强为500Pa。
【分析】（1）已知深度和液体的密度，利用液体压强公式p＝ρ液gh求出液体对瓶底的压强；
（2）瓶子对桌面的压力等于锥形瓶的重力、液体的重力之和，利用p求出瓶子对桌面的压强。
【解答】解：（1）液体对瓶底的压强为：
p＝ρ液gh＝1.2×103kg/m3×10N/kg×5×10﹣2m＝600Pa；
（2）锥形瓶的底面积为：
S＝60×10﹣4m2＝6×10﹣3m2，
锥形瓶的重力为：G瓶＝m瓶g＝0.1kg×10N/kg＝1N，
瓶子对桌面的压力为：
F＝G液+G瓶＝2N+1N＝3N，
瓶子对桌面的压强为：
p'500Pa。
答：（1）液体对瓶底的压强为600Pa；
（2）瓶子对桌面的压力为3N，压强为500Pa。
【点评】此题考查压强的大小计算，关键是知道静止在水平面上的物体对水平面的压力大小等于其重力大小。
18．（2025春 番禺区校级期中）如图是某电热水壶及其电路简图，R1、R2为发热电阻。开关S0接通后，温控开关S自动与触点a、b接通，电热水壶进入加热状态；当电热水壶内水温达到100℃时，温控开关S自动与a、b断开，并立即与触点c接通，电热水壶进入保温状态。已知电源电压为220V，电阻R2＝200Ω，电热水壶的加热功率P＝1210W，R1、R2的电阻不受温度影响。求：
（1）保温状态时电路中的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）若该热水壶正常加热时其电源线的阻值为0.04Ω，则电源线消耗的功率为多少瓦？
【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用．
【专题】计算题；电与热、生活用电；分析、综合能力．
【答案】（1）保温状态时电路中的电流为1.1A；
（2）电阻R1的阻值为50Ω；
（3）电源线消耗的功率为1.21W。
【分析】（1）由题意和电路图可知，开关与触点a、b接通时，R1与R2并联，电热水壶处于加热挡状态；开关自动与a、b断开，并与触点c接通时，电路为R2的简单电路，电热水壶处于保温状态，根据欧姆定律求出通过R2的电流；
（2）根据P求出R2的功率；加热功率减去保温状态的功率即为R1消耗的电功率，根据P求出R1的大小；
（3）根据P＝UI求出热水壶正常加热时的电流，根据串联电路电流特点可知通过电热水壶和电源线的电流相等，根据P＝I2R求出电源线消耗的功率。
【解答】解：（1）由题意和电路图可知，开关与触点a、b接通时，R1与R2并联，电热水壶处于加热挡状态；
开关自动与a、b断开，并与触点c接通时，电路为R2的简单电路，电热水壶处于保温挡状态，
保温状态时，通过R2的电流为：I21.1A；
（2）R2的功率为：P2242W，
加热挡时，R1消耗的电功率为：P1＝P﹣P2＝1210W﹣242W＝968W，
由P可知，电阻R1的阻值为：R150Ω；
（3）由P＝UI可知，热水壶正常加热时的电流：I5.5A，
根据串联电路电流特点可知，通过电热水壶和电源线的电流相等，
则电源线消耗的功率：P线＝I2R线＝（5.5A）2×0.04Ω＝1.21W。
答：（1）保温状态时电路中的电流为1.1A；
（2）电阻R1的阻值为50Ω；
（3）电源线消耗的功率为1.21W。
【点评】本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律的应用，属于电功率多挡位问题，题目有一定的难度。
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