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浙江省瑞安市西部联盟2024-2025学年第二学期八年级期中考试 科学试卷
（2025八下·瑞安期中）科学研究中常引入符号和模型。模型可用来表达研究对象的特征信息，符号能简单明了地表示事物。
1．一根条形磁铁断裂成二段(如图所示)，则①、②处对应的磁极及磁感线是（　　）
A． B．
C． D．
2．化学符号的数字有不同意义，下列关于“2”的意义表示正确的是（　　）
A．SO2：二氧化硫中有2个氧元素
B．O2-：氧元素带2个单位的负电荷
C．H2O：水中有两个氢原子
D．2NO3-：2个硝酸根离子
3．在做氯酸钾和二氧化锰混合制取氧气实验时，小科绘制了如图的图像模型，则y表示(　　)
A．试管中氯酸钾的质量 B．试管中氯化钾的质量
C．试管中固体的总质量 D．试管中二氧化锰的质量
【答案】1．D
2．D
3．C
【知识点】磁体、磁极、磁化；磁场和磁感线；化学符号及其周围数字的意义；制取氧气的原理
【解析】【分析】（1）每个磁体均有一个N极和一个S极。磁感线是人为引入的模型，是封闭、彼此不想交的曲线，磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极。
（2）表示分子中原子个数的数字写在该原子的右下角；只是表示原子个数的数字写在元素符号的前面。
（3）氯酸钾制取氧气的方程式。
1．每个磁体都有两个磁极，左侧一段的坐左边是N极，可知右边为S极，即①为S极，同理②为N极。磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极。
故答案为D。
2．A、元素不能说个数，故A错误；
B、O2-：氧离子带2个单位的负电荷，故B错误；
C、H2O：一个水分子中有两个氢原子，故C错误；
D、表示微粒个数的数字写在微粒的左侧，2NO3-表示2个硝酸根离子，故D正确。
故答案为：D。
3．A、氯酸钾的质量随反应进行逐渐减小，直至为零，故A错误；
B、氯化钾是生成物，质量应该从零开始增加，故B错误；
C、由质量守恒定律可知，氯酸钾的质量等于氯化钾和氧气的质量之和，氧气逸出，试管内固体质量逐渐减小，反应结束后质量不变，故C正确；
D、二氧化锰是催化剂，反应前后质量和化学性质均保持不变，故D错误。
故答案为：C。
（2025八下·瑞安期中）每年4、5月份是校园手足口病高发期，为此学校购买某品牌二氧化氯消毒粉剂并将其配制成溶液用于消毒，该消毒粉剂的部分信息如图所示。
4．自然界中常见的氯原子有 Cl-35、Cl-37两种，Cl-37原子核内有17个质子和20个中子。地球上的氯元素主要以 Cl-35形式存在。则 Cl-35中质子数应是(　　)
A．17 B．18 C．20 D．35
5．下列关于二氧化氯的说法正确的是 （　　）
A．二氧化氯中含有氯原子和氧分子
B．二氧化氯分子由氯元素和氧元素组成
C．二氧化氯由氯原子和氧原子构成
D．二氧化氯分子中氯、氧的原子个数比为1：2
【答案】4．A
5．D
【知识点】原子的构成；分子、原子、离子、元素与物质之间的关系
【解析】【分析】（1）质子数决定元素种类， Cl-35、Cl-37均属于氯元素，可知质子数相同。
（2）由分子构成的物质，其物质中只含有一种分子，根据分子的化学式可知构成分子的原子种类及个数，也可知组成物质的元素种类。
4． Cl-35、Cl-37是同位素原子，质子数相同而中子数不同，Cl-37原子核内有17个质子，可知Cl-35中质子数也是17。
故答案为：A。
5．AC、二氧化氯由二氧化氯分子构成，不含氧分子，二氧化氯分子由氯原子和氧原子构成，故AC错误；
B、分子是微观概念，元素是宏观概念，分子由原子构成，元素组成物质，故B错误；
D、由二氧化氯分子式可知，一个二氧化氯分子由一个氯原子和两个氧原子构成，氯、氧原子个数比为1：2，故D正确。
故答案为：D。
（2025八下·瑞安期中）自新能源汽车问世以来，电池问题一直是焦点，三元锂电池虽广泛应用，但起火隐患让消费者担忧，而磷酸铁锂(化学式LiFePO4)是目前最安全的锂离子电池正极材料，工业上利用磷酸二氢锂(化学式LiH2PO4)制备磷酸铁锂。相关反应如下：
6．化合物LiFePO4中锂化合价为+1价，磷化合价为+5价，氧化合价为-2价，则铁的化合价为（　　）
A．+1 B．+2 C．+3 D．+4
7．很多地下车库都安装了新能源汽车充电桩(如图)。下列做法符合安全用电的是（　　）
A．充电桩起火，应迅速浇水扑灭
B．安装充电桩时，不连接地线也可以
C．每个充电桩在安装时都要装漏电保护器
D．有经验的电工在安装充电桩时不必断开电源开关
【答案】6．B
7．C
【知识点】实验室的安全与意外事故的处理方法；安全用电原则；元素化合价的规则与计算
【解析】【分析】（1）根据化合物中各元素化合价之和为零计算铁元素的化合价。
（2）地线可将金属外壳接地，防止因金属外壳带电导致的触电事故的发生，所以充电桩要连接地线。
6．铁元素的化合价，解得x=+2。
故答案为：B。
7．A、生活用水是导体，不能用水灭火，故A错误；
B、为了安全，防止因金属外壳带电而发生触电事故，要连接地线，故B错误；
C、每个充电桩之间并联，相互独立，为了安全，应给每个充电桩安装漏电保护装置，故C正确；
D、为了安全，即使是有经验的电工，在安装充电桩时也要断开电源开关，故D错误。
故答案为：C。
（2025八下·瑞安期中）科技人员成功研制出一种新型催化剂，可将二氧化碳转化成液体燃料，小科据此制作了反应微观示意模型图和液体燃料分子的模型说明书如下。
8．下列模型中，属于化合物模型的是 （　　）
A． B．
C． D．
9．分析二氧化碳在新型催化剂作用下转化成液体燃料的微观示意图，下列说法正确的是（　　）
A．分子和原子在化学变化中都能再分
B．反应的生成物既有单质又有化合物
C．参加反应的两物质的分子个数比为1：1
D．生成物中有可用化学式C2H2O2表示的物质
10．为了更简便地表示原子间的质量关系，小科以一个碳原子质量的 1/6为标准，用其他原子的质量与该“标准”的比值作为“相对原子质量”。则氧原子的“相对原子质量”为（　　）
A．4 B．8 C．16 D．32
【答案】8．A
9．C
10．B
【知识点】构成物质的粒子模型；单质和化合物的区别；相对原子质量；纯净物和混合物的区别
【解析】【分析】（1）混合物中含有多种物质，纯净物中只含有一种物质。单质是含有一种元素的纯净物，化合物是含有两种或以上元素的纯净物。
（2）判断反应类型、生成物种类、分子个数比等，先将两边方框内相同的物质划去相同的个数，再进行分析，因为右侧框内可能会有过量的反应物。
（3）某元素的相对原子质量等于一个该元素的原子的质量除以“标准”。
8．A、只含有一种分子，且构成分子的原子种类不同，属于化合物模型，故A正确；
BD、含有两种分子，说明含有两种物质，属于混合物，故BD错误；
C、只含有一种分子，且构成分子的原子种类相同，属于单质，故C错误。
故答案为：A。
9．A、由图可知，反应过程中分子 种类发生改变，而原子种类不变，说明在化学变化中分子可分，原子不可分，故A错误；
BD、生成物是，只有化合物，故BD错误；
C、反应的方程式为，可知反应物分子个数比为1：1，故C正确。
故答案为：C。
10．氧原子的相对原子质量
故答案为：B。
（2025八下·瑞安期中）福建舰是我国第一架利用电磁弹射系统的航空母舰，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，舰载机位于两条通电轨道的中间，其工作原理如图所示。
11．当飞机要起飞时，为轨道加上驱动电流使其沿轨道方向由静止开始加速，最终被弹射出去，与这一原理相同的是 （　　）
A． B．
C． D．
12．不同的飞机，所用的推力是不同的，要增大弹射力，下列措施可行的是（　　）
A．减小电压 B．减小磁场强度
C．增大导电轨阻值 D．增大驱动电流
【答案】11．A
12．D
【知识点】通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【分析】（1）区别电动机原理图和发电机原理图，可通过观察电路中是否有电源进行区分，有电源的是电动机。
（2）电路中电流越大，磁场强度越大，磁力越大。由欧姆定律可知，增大电阻或减小电源电压都会导致电路中电流减小。
11．由“当飞机要起飞时，为轨道加上驱动电流使其沿轨道方向由静止开始加速，最终被弹射出去”可知，将电能转化为机械能，原理是通电导体在磁场中受到力的作用，与电动机的原理相同。
A、电动机原理图，故A正确；
B、原理是通电导体周围存在磁场，故B错误；
C、通电螺线管，原理是通电导体周围存在磁场，故C错误；
D、发电机原理图，原理是电磁感应，故D错误。
故答案为：A。
12．通电导体在磁场中受力大小与磁场强度及电流大小有关，要增大弹射力，即增大磁力，可通过增大电流或增强磁场来实现。
故答案为：D。
13．（2025八下·瑞安期中）右图为某物质中各元素质量分数模型图，则其化学式可能是（　　）
A．C3H B．HC3 C． CH4 D．H4C
【答案】C
【知识点】有关化学式的计算和推断
【解析】【分析】物质中各元素的质量比等于相对原子质量与原子个数的乘积之比。
【解答】图中碳元素和氧元素的质量比为3：1。
AB、碳元素和氢元素的质量比为，故AB错误；
CD、碳元素和氢元素的质量比为，有机物碳写左侧，氢写右侧，故C正确，D错误。
故答案为：C。
14．（2025八下·瑞安期中）学校楼道里有消防应急灯，平时灯是熄的， 一旦停电，消防应急灯就会正常发光。如图为楼道部分电路，小科用测电笔辨别火线和零线的示意图，其中操作正确且氖管发光的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】测电笔的使用
【解析】【分析】手要接触笔尾金属体，是因为此时笔和人串联在电路中，电路为闭合回路，接触火线时有电流经过测电笔，氖管才会发光。
【解答】使用测电笔判断火线和零线时，手要接触笔尾金属体，火线带电，可以使氖管发光，零线不带电，不能使氖管发光。
故答案为：B。
15．（2025八下·瑞安期中）疫情期间只允许体温正常的师生进入校园。为此，小明设计了一款“智能门禁”，能检测体温。工作原理为：若体温正常开关S闭合，警示灯不亮：若体温异常开关S断开，警示灯亮起。下列电路中，符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【分析】对各个电路进行分析，哪个符合要求，哪个就是正确选项。
【解答】A.若体温正常，开关S闭合，电磁铁产生磁性，将衔铁吸下来，接通灯泡所在电路，此时警示灯发光，故A不合题意；
B.若体温正常，开关S闭合，电磁铁产生磁性，将衔铁吸下来，断开灯泡所在电路，此时警示灯不亮，故B符合题意；
CD.无论开关S是否闭合，灯泡始终发光，故C、D不合题意。
故选B。
16．（2025八下·瑞安期中）小科同学学完《物质的构成》后，进行了单元知识的梳理应用，请你帮助他一起完成下列内容：
（1）思维导图是一种有助于建构知识体系的模型，图甲是小科完成的思维导图。
①上述思维导图甲中“ ”处的内容为：　 　。
②请用符号表示以下微粒：3个碳酸根离子　 　； 2个氯气分子　 　。
（2）分类是科学学习的一种重要方法，图甲的物质分为纯净物和混合物，图乙中有六种纯净物，请补充完成以下分类表：
分类的标准 物质类别
　 　 类别一 CH4 NaCl KClO3
类别二 H2O CO H2O2
【答案】（1）元素；3CO32-；2Cl2
（2）是否由两种元素组成，且其中一种元素为氧元素
【知识点】分子、原子、离子、元素与物质之间的关系；化学式的书写及意义；氧化物
【解析】【分析】（1）质子数决定元素种类，同位素原子属于同种元素。
（2）氧化物：含有两种元素，其中一种元素为氧元素。
【解答】（1）元素属于宏观概念，元素可以组成物质，可知“？”处的内容为元素。
表示微粒个数的数字写在微粒的左侧，3个碳酸根离子，2个氯气分子。
（2）由表中两种类别的物质可知，类别二中物质均有两种元素组成，且有一种元素为氧元素，可知分类标准为：是否由两种元素组成，且其中一种元素为氧元素。
17．（2025八下·瑞安期中）断路器因方便、安全，被广泛使用。
（1）下图为断路器的工作原理图，当电流过大时，它的工作顺序是　 　。 (填序号)
①接触点断开
②簧锁装置脱开
③电流过大，双金属片发热就多
④双金属片弯曲，触动簧锁装置
（2）漏电保护断路器俗称家用漏电保护器。正常情况下，进户线中流入的电流I1和流出的电流I2相等，住户家中没有电流流向地面，即图乙中I3为零。如果电路中某处发生漏电，漏电保护器便会迅速自动切断电路。
①漏电保护器实质上就是一个 　 　(选填“电源” “用电器”或“开关”)。
②如果电路中发生漏电，请判断流入的电流I1和流出的电流I2的大小关系：　 　。
【答案】（1）③④②①
（2）开关；I1＞I2
【知识点】熔断器的作用及保险丝的选择方法
【解析】【分析】（1）双层金属片材料不同，图中左侧的金属片受热膨胀程度更大，导致金属片整体向右弯曲。
（2）根据漏电保护器的工作原理可知，其在电路中相当于一个开关，火线输出的电流与回到零线的电流不相等时，会将电路切断。
【解答】（1）当电路中电流过大时，由于电流具有热效应，双层金属片受热膨胀，因为两种金属受热膨胀程度不同，导致金属片弯曲，触动右侧的簧锁装置，簧锁装置脱离，导致触点断开，电路被切断。
故答案为：③④②①。
（2）①由“如果电路中某处发生漏电，漏电保护器便会迅速自动切断电路”可知，漏电保护装置相当于一个开关，可以控制电路的通断。
②发生漏电，即I3不为零，此时，可知I1＞I2。
18．（2025八下·瑞安期中）实验室常用下列A-D装置来制取和收集氧气。
（1）若用双氧水和二氧化锰来制取氧气，应选择的发生装置和收集装置分别是图甲中的　 　。
（2）小科利用如图乙所示装水的装置收集氧气时，气体应从　 　(选填“a”或“b”)管通入；但收集到的氧气不纯，原因可能是　 　(多选)。
A.瓶中水没有排干净 B.导管口刚有气泡时开始收集氧气
C.收集前未将集气瓶灌满水 D.收集满氧气的集气瓶正放在桌面上
（3）在完成制取并收集氧气后，小科进行了检验氧气化学性质的实验，他取一根光亮的细铁丝绕成螺旋状，一端系上一根火柴，另一端系在一根粗铁丝上，点燃火柴，待火柴将要烧完时，立即伸进一瓶预留少量水的盛有氧气的集气瓶中，可以观察到的现象：　 　。
【答案】（1）BD
（2）b；BC
（3）剧烈燃烧，火星四射，生成黑色固体，并放出大量的热
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；制取氧气的原理；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）若反应物均为固体，选择的发生装置为A。
（2）瓶内水未排尽不会对氧气的纯度造成影响；氧气的密度大于空气收集满后要集气瓶要正放。
（3）描述实验现象时，不能出现生成物的名称。
【解答】（1）利用双氧水制取氧气，固液不加热，可知选择的发生装置为B；氧气密度大于空气，应使用向上排空气法收集氧气，可知收集装置选择的是D。
故答案为：BD。
（2）排水法收集氧气，氧气应从短管即b端进入集气瓶，将水从长管即a管排出。
氧气不纯，可能是因为一有气泡就收集，刚开始收集的气泡是装置内残留的空气。与可能是因为收集前集气瓶内没有灌满水，残留的空气与氧气混合，导致氧气不纯。
故答案为：BC。
（3）铁丝可以在纯氧燃烧，火星四射，放出大量的热同时生成黑色固体。
19．（2025八下·瑞安期中）人们对原子结构的探索经历了漫长的过程。
【材料一】：1897年，英国科学家汤姆生通过实验发现了带负电的电子，并推测原子中还有带正电的粒子，从而建立了西瓜模型。
【材料二】：1911年，卢瑟福用α粒子轰击金属箔，发现绝大多数α粒子穿过金属箔后仍保持原来的运动方向，绝少数α粒子发生了较大角度的偏转，极少数被反弹。
【材料三】：1930年，查德威克用α粒子(内含2个质子)轰击铍原子核(原子序数为4)，α粒子留在铍原子中，变成了碳原子，同时释放新粒子，微观示意图如下：
（1）材料一中汤姆生建立“原子中还有带正电的粒子”的推测所基于的事实是　 　。
（2）根据材料二中的实验现象，可推测原子核结构的特点是　 　。
（3）材料三中“ ”所代表的新粒子是　 　。
【答案】（1）原子整体呈电中性
（2）原子核体积小、质量大、带正电
（3）中子
【知识点】原子的构成；原子结构的探索过程
【解析】【分析】（1）原子呈电中性，含有带负电的粒子，则一定含有带正电的粒子。
（2）根据α粒子的运动状态进行分析判断。
（3）原子由原子核和核外电子构成，原子核由质子和中子构成，中子不带电。
【解答】（1）原子不带电，但原子中有带负电的电子，所以推测原子中含有带正电的微粒。
（2）绝大多数α粒子穿过金属箔后仍保持原来的运动方向，说明原子内部空间大部分是空的，即原子核体积小；绝少数α粒子发生了较大角度的偏转，说明原子核带正电；极少数被反弹，说明原子核质量大。
（3）碳原子质子数为6，α粒子(内含2个质子)，铍原子序数为4，即原子核中含有4个质子，可知释放的粒子不是质子，原子不带电，可知粒子也不是电子，则新粒子为中子。
20．（2025八下·瑞安期中）小科在学习了磁场对通电导体有力的作用后，进一步查阅资料，了解到当电流与磁场方向垂直时，磁场对通电导体的作用力大小与磁场强度、导体在磁场中的长度以及导体中的电流强度有关。他设计了如图所示的装置，实验步骤如下：
①将一根导体棒用两根细线悬挂在铁架台上，将一蹄形磁铁竖直固定在铁架台上，并让导体棒处于蹄形磁铁的中央位置；
②电源正、负极分别接a、b，给导体两端加电压U1，闭合电路，观察悬线偏转的角度α1；
③给导体两端加电压U2， 且 U2>U1，闭合电路，观察悬线偏转的角度α2；
④给导体两端加电压U3，且 闭合电路，观察悬线偏转的角度α3；
⑤比较α1、α2、α3的大小关系。
（1）实验过程中，若同时改变电源的正负极和磁极方向，导体的运动方向　 　发生改变。(填“会”或“不会”)
（2）根据上述实验步骤，小科想要探究的问题是　 　。
（3）小科想进一步探究磁场对通电导体的作用力大小与导体在磁场中的长度是否有关，于是他想更换成另一根同材质同粗细的较长导体棒，保持其他不变进行实验，这样更改是否可行，判断并说明理由：　 　。
【答案】（1）不会
（2）磁场对通电导体的作用力大小是否与导体中的电流大小有关？
（3）不可行，因为同材质同粗细的导体棒，如果长度改变，电阻也会改变，导致电流大小发生变化，存在两个变量
【知识点】磁场对通电导线的作用；通电导体在磁场中的受力方向的判断
【解析】【分析】（1）导体运动方向与电流方向和磁场方向有关，只改变某一方向，导体运动方向改变。
（2）根据影响因素和实验中的变量进行分析。
（3）导体的电阻大小与导体的材料、横截面积、长度、温度有关。
【解答】（1）导体运动方向与电流方向和磁场方向有关，同时改变这两个方向，导体运动方向不变。
（2）由实验过程和题中影响磁场对通电导体的作用力大小的因素可知，探究的是导体中的电流大小对磁场对通电导体的作用力大小的影响。
（3）导体的电阻大小与长度有关，改变导体的长度，电阻发生改变，电路中电流发生改变，没有控制变量，所以小科的更改不可行。
21．（2025八下·瑞安期中）为了探究空气中氧气的体积分数。小明利用容积为V 的集气瓶、装有密织铜网的燃烧匙、白磷等材料设计如图装置进行实验，已知大气压为p0。
实验步骤如下：
①检查装置气密性。
②往标有刻度的集气瓶中倒入90℃热水，读出集气瓶中热水的体积为V1。
③取过量的白磷放置于密织铜网中，立即塞紧瓶塞，使白磷浸没在热水中。
④降低漏斗的高度，使右侧的白磷露出水面，此时观察到白磷燃烧，一段时间后白磷熄灭。
⑤____，读出集气瓶中热水的体积为V2。
⑥处理数据，得出结果。
（1）热水在步骤③环节中起的作用是　 　。
（2）请将步骤⑤补充完整　 　。
（3）实验测得空气中氧气的体积分数为　 　。
【答案】（1）使白磷的温度达到着火点，并隔绝空气
（2）调节漏斗高度，使压强传感器示数为p0
（3）
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】（1）燃烧的条件：有可燃物、温度达到着火点、有足够的助燃剂。
（2）燃烧结束后，抬高漏斗，使水进入集气瓶，直至瓶内压强等于外界大气压，由水的体积变化测出氧气的体积。
（3）根据进入集气瓶内的水的体积等于空气中氧气的体积计算空气中氧气的体积分数。
【解答】（1）步骤③中白磷浸没在热水中，可以起到隔绝空气的作用，同时可以加热白磷，使白磷的温度达到着火点。
（2）白磷燃烧，消耗氧气，氧气耗尽，白磷不再燃烧，瓶内压强减小，抬高漏斗，使水进入集气瓶内，直至压强恢复至与标准大气压相等。
（3）进入集气瓶内的水的体积等于空气中氧气的体积，可知氧气的体积为，空气中氧气的体积分数为。
22．（2025八下·瑞安期中）为了研究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”，小科用绝缘细线将电磁铁M悬挂在铁架台上，将铁块P放在电子测力计上，保持电磁铁M和铁块P之间的距离不变，按图组装实验电路。开关闭合后，读出电流表示数Ⅰ和电子测力计的示数F，并将数据记录在表格中。 (忽略电磁铁的电阻)
组别 I/A F/N
1 0.36 0.84
2 0.40 0.82
3 0.44 0.80
（1）该实验是通过　 　来判定电磁铁的磁性强弱的。
（2）由表中数据可以得出的实验结论是　 　。
（3）小科想要进一步探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，他将导线由“4”接线柱改接到“3”接线柱后再次进行实验，读出电流表示数Ⅰ和电子测力计的示数F与第3组数据相同。导致这结果的原因可能是　 　。
【答案】（1）电子测力计示数的变化量
（2）对于同一电磁铁，通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强
（3）电磁铁M和铁块P之间的距离变小
【知识点】影响电磁铁磁性强弱的因素
【解析】【分析】（1）实验采用了转换法，用电子测力计示数的变化量来判定电磁铁的磁性强弱。
（2）根据表中数据进行分析，力越大，说明磁场强度越小。
（3）电磁铁的磁性强弱与电流大小及线圈匝数有关，所以在探究匝数的影响时，应控制电流大小相同。
【解答】（1）实验测量的是电子测力计的示数，可知是通过电子测力计示数的变化量来判定电磁铁的磁性强弱的。
（2）压力越小，说明铁块B受到的吸引力越大，即电磁铁的磁性越强，结合表示数据可知，同一电磁铁，通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强。
（3）电流相等，匝数越多，电磁铁磁性越强，但此时3和4的电子测力计示数相同，可能是因为电磁铁M和铁块P之间的距离变小、吸引力变大而导致的。
23．（2025八下·瑞安期中）最近各地厂房频发的大火造成了巨大的损失，小科想通过实验探究“燃烧的条件”：
（1）如图甲，用广口瓶将正在燃烧的蜡烛罩住发现蜡烛逐渐熄灭，原因是　 　。
（2）实验结束后，广口瓶中的水最终从A上升到B。查阅资料发现，蜡烛燃烧会消耗氧气，产生二氧化碳，若不考虑二氧化碳溶于水，消耗的氧气体积应该　 　产生二氧化碳的体积(填“大于” “等于”或“小于”)。
（3）用导热性能良好的铜丝罩住点燃的蜡烛(如图乙)，发现蜡烛很快会熄灭。小科再选取导热性能差的材料罩住点燃的蜡烛，观察到蜡烛还能继续燃烧一段时间(如图丙)。请结合实验现象解释被铜丝罩住的蜡烛很快熄灭的原因。　 　。
【答案】（1）助燃剂（氧气）被消耗完
（2）大于
（3）铜丝将热量散到空气中，可燃物的温度达不到着火点
【知识点】燃烧与灭火
【解析】【分析】（1）（3）燃烧的三个条件：有可燃物、温度达到着火点、有足够的助燃剂。
（2）水进入装置，说明装置内压强小于外界大气压，则说明装置内气体的体积减小。
【解答】（1）蜡烛燃烧，消耗氧气，装置与外界大气分隔开，氧气逐渐减少，不再支持燃烧，所以蜡烛熄灭。
（2）水由A到B，说明装置内压强减小，即氧气的消耗量大于二氧化碳的生成量。
（3）铜丝导热性好，将热量快速散失出去，导致温度降低到可燃物的着火点以下，燃烧不再持续。
24．（2025八下·瑞安期中）在项目化学习中，小科用条形磁体、大号缝衣针、硬卡纸、橡皮、钢质大头针制作简易指南针，并对指南针的科学性设计了评价表，指南针制作过程如下：
步骤I：取2枚大号钢质缝衣针，将条形磁铁S极沿如图甲所示方向摩擦缝衣针10次；
步骤Ⅱ：将2枚缝衣针、接扣、大头针和硬纸板组装成简易指南针，如图乙所示；
步骤Ⅲ：多次轻轻地拨动针尖，待静止后，判断其是否具有指示南北的性质；
步骤IV：用当地的地图确定简易指南针所指的方向。
“自制指南针”评价量表
评价指标 优 秀 合 格 待改进
指标一 指针磁性强，且能自由转动 指针磁性强，不能自由转动 指针磁性弱，不能自由转动
指标二 能准确指示南北方向，能保持水平平衡 能指示南北方向，不能保持水平平衡 不能指示南北方向，不能保持水平平衡
（1）小科进行步骤I 操作的目的是　 　；
（2）多次轻轻地拨动针尖，小科观察到针尖始终指向南方，则缝衣针的针尖是　 　极；
（3）根据评价量表进行测试评价，小科制作的指南针“指标一”被评为“优秀”， “指标二”被评为“合格”。为使该指南针的“指标二”达到优秀水平，请你对该指南针提出合理的改进建议： 　 　。
【答案】（1）使缝衣针被磁化
（2）S
（3）调整指南针的重心位置
【知识点】磁体、磁极、磁化；磁极间的相互作用；地磁场
【解析】【分析】（1）用磁体在钢制缝衣针上沿相同方向摩擦缝衣针，可将缝衣针磁化为磁体。
（2）由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引和地磁场的方向进行判断。
（3）为了使指南针能保持水平平衡在，则再水平方向上要受平衡力，可通过调整指南针的重心位置来实现。
【解答】（1）将条形磁铁S极沿如图甲所示方向摩擦缝衣针10次，可将缝衣针磁化，使缝衣针带有磁性。
（2）地磁北极在地理南极附近，由异名磁极相互吸引可知，针尖指向南方，被地磁北极吸引，可知针尖为南极。
（3）缝衣针两端粗细不同，调整指南针的重心位置，使重心位置经过支架即可保持水平平衡。
25．（2025八下·瑞安期中）春季是流感高发季节，奥司他韦作为抗流感药物成为了家中的常备药品。如图是奥司他韦颗粒的相关信息，请计算：
（1）奥司他韦中C、N元素的质量比为　 　。
（2）156g奥司他韦中O元素的质量。
（3）对1岁以上的儿童推荐按照下列“体重————剂量表”服用奥司他韦颗粒。
体重 小于等于 15kg 15~23kg 23~40kg 大于40kg
每次用量 30mg 45mg 60mg 75mg
假如患病儿童的体重是20kg，在治疗过程中，需每天服用奥司他韦颗粒2次，一个疗程5天，那么该患儿一个疗程共服用　 　包。
【答案】（1）48：7
（2）解：
在C16H28N2O4中，
答：156g奥司他韦中O元素的质量为32克。
（3）15
【知识点】有关化学式的计算和推断
【解析】【分析】（1）质量比等于相对原子质量与原子个数的乘积之比。
（2）物质中某元素的质量等于物质的质量与该元素的质量分数的乘积。
（3）根体重计算一共所需的质量，再与每包中含有的奥司他韦质量相处即可求得需要几包。
【解答】（1）奥司他韦中C、N元素的质量比。
（3）由表中数据可知，体重为20kg的儿童。每次用量为45mg，每天服用2次，一共5天，共，每包含奥司他韦30mg，可知一共需要。
26．（2025八下·瑞安期中）智能扫地机器人(如图甲)可通过灰尘传感器自动寻找清扫灰尘，通过电动机旋转、产生高速气流将灰尘等吸入集尘盒。图乙为其部分工作原理图，当灰尘增多，空气的透光程度减弱，光照强度小于或等于3cd时，智能扫地机器人开始工作。已知控制电路电源电压U为4.5V，R为光敏电阻，其阻值随光照强度E(单位：cd)的变化如图丙所示。其中电磁铁线圈的电阻不计。
（1）根据乙、丙两图分析衔铁接触A时的光敏电阻的阻值比衔铁接触C时要　 　。
（2）当光照强度为3cd时，电压表示数为3V，电动机开始工作。求R0的阻值为多少
（3）若要智能扫地机器人在更亮的环境中也能工作。现有R1、R2两个光敏电阻该如何选择，并说明理由。　 　。
【答案】（1）大
（2）解：由图丙可知，当光照强度E=3.0cd时，光敏电阻的电阻R=6Ω
串联电路总电压等于各部分电压之和，则光敏电阻两端的电压：UR=U-U0= 4.5V-3V=1.5V
根据欧姆定律可得光敏电阻R两端的电流为：
定值电阻的阻值
（3）选R1，因为智能扫地机器人要开始工作，既电磁铁磁性减弱衔铁吸不下来，B触头与静触头A接触，电流需小于等于0.25A，而电源电压大小和定值电阻阻值不变，既光敏电阻的阻值要大于等于6Ω，智能扫地机器人才能工作，而R1=6Ω时，光照强度大于3cd，既智能扫地机器人在更亮的环境中也能工作，故选R1。
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）根据电磁继电器的工作原理和影响电磁铁的磁性强弱的因素进行判断。
（2）由图像读出光敏电阻的阻值，由串联电路电压特点计算光敏电阻两端电压，由欧姆定律计算电流，根据串联电路电流处处相等和欧姆定律计算定值电阻的阻值。
（3）结合（1）中原理和题中改进意见及欧姆定律进行分析。
【解答】（1）电路中电流越大，电磁铁的磁性越强，吸引衔铁，B与C接触，可知与C接触时，电路中电流更大，由欧姆定律可知，电路中电阻较小，可知衔铁接触A时的光敏电阻的阻值比衔铁接触C时要大。
（3）在更亮的环境中也能工作，即光照强度变大时，电路中电流仍然较小，不能将衔铁吸下，由欧姆定律可知，此时电路中的电阻阻值应较大，由应选择R1。
1 / 1浙江省瑞安市西部联盟2024-2025学年第二学期八年级期中考试 科学试卷
（2025八下·瑞安期中）科学研究中常引入符号和模型。模型可用来表达研究对象的特征信息，符号能简单明了地表示事物。
1．一根条形磁铁断裂成二段(如图所示)，则①、②处对应的磁极及磁感线是（　　）
A． B．
C． D．
2．化学符号的数字有不同意义，下列关于“2”的意义表示正确的是（　　）
A．SO2：二氧化硫中有2个氧元素
B．O2-：氧元素带2个单位的负电荷
C．H2O：水中有两个氢原子
D．2NO3-：2个硝酸根离子
3．在做氯酸钾和二氧化锰混合制取氧气实验时，小科绘制了如图的图像模型，则y表示(　　)
A．试管中氯酸钾的质量 B．试管中氯化钾的质量
C．试管中固体的总质量 D．试管中二氧化锰的质量
（2025八下·瑞安期中）每年4、5月份是校园手足口病高发期，为此学校购买某品牌二氧化氯消毒粉剂并将其配制成溶液用于消毒，该消毒粉剂的部分信息如图所示。
4．自然界中常见的氯原子有 Cl-35、Cl-37两种，Cl-37原子核内有17个质子和20个中子。地球上的氯元素主要以 Cl-35形式存在。则 Cl-35中质子数应是(　　)
A．17 B．18 C．20 D．35
5．下列关于二氧化氯的说法正确的是 （　　）
A．二氧化氯中含有氯原子和氧分子
B．二氧化氯分子由氯元素和氧元素组成
C．二氧化氯由氯原子和氧原子构成
D．二氧化氯分子中氯、氧的原子个数比为1：2
（2025八下·瑞安期中）自新能源汽车问世以来，电池问题一直是焦点，三元锂电池虽广泛应用，但起火隐患让消费者担忧，而磷酸铁锂(化学式LiFePO4)是目前最安全的锂离子电池正极材料，工业上利用磷酸二氢锂(化学式LiH2PO4)制备磷酸铁锂。相关反应如下：
6．化合物LiFePO4中锂化合价为+1价，磷化合价为+5价，氧化合价为-2价，则铁的化合价为（　　）
A．+1 B．+2 C．+3 D．+4
7．很多地下车库都安装了新能源汽车充电桩(如图)。下列做法符合安全用电的是（　　）
A．充电桩起火，应迅速浇水扑灭
B．安装充电桩时，不连接地线也可以
C．每个充电桩在安装时都要装漏电保护器
D．有经验的电工在安装充电桩时不必断开电源开关
（2025八下·瑞安期中）科技人员成功研制出一种新型催化剂，可将二氧化碳转化成液体燃料，小科据此制作了反应微观示意模型图和液体燃料分子的模型说明书如下。
8．下列模型中，属于化合物模型的是 （　　）
A． B．
C． D．
9．分析二氧化碳在新型催化剂作用下转化成液体燃料的微观示意图，下列说法正确的是（　　）
A．分子和原子在化学变化中都能再分
B．反应的生成物既有单质又有化合物
C．参加反应的两物质的分子个数比为1：1
D．生成物中有可用化学式C2H2O2表示的物质
10．为了更简便地表示原子间的质量关系，小科以一个碳原子质量的 1/6为标准，用其他原子的质量与该“标准”的比值作为“相对原子质量”。则氧原子的“相对原子质量”为（　　）
A．4 B．8 C．16 D．32
（2025八下·瑞安期中）福建舰是我国第一架利用电磁弹射系统的航空母舰，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，舰载机位于两条通电轨道的中间，其工作原理如图所示。
11．当飞机要起飞时，为轨道加上驱动电流使其沿轨道方向由静止开始加速，最终被弹射出去，与这一原理相同的是 （　　）
A． B．
C． D．
12．不同的飞机，所用的推力是不同的，要增大弹射力，下列措施可行的是（　　）
A．减小电压 B．减小磁场强度
C．增大导电轨阻值 D．增大驱动电流
13．（2025八下·瑞安期中）右图为某物质中各元素质量分数模型图，则其化学式可能是（　　）
A．C3H B．HC3 C． CH4 D．H4C
14．（2025八下·瑞安期中）学校楼道里有消防应急灯，平时灯是熄的， 一旦停电，消防应急灯就会正常发光。如图为楼道部分电路，小科用测电笔辨别火线和零线的示意图，其中操作正确且氖管发光的是（　　）
A． B．
C． D．
15．（2025八下·瑞安期中）疫情期间只允许体温正常的师生进入校园。为此，小明设计了一款“智能门禁”，能检测体温。工作原理为：若体温正常开关S闭合，警示灯不亮：若体温异常开关S断开，警示灯亮起。下列电路中，符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
16．（2025八下·瑞安期中）小科同学学完《物质的构成》后，进行了单元知识的梳理应用，请你帮助他一起完成下列内容：
（1）思维导图是一种有助于建构知识体系的模型，图甲是小科完成的思维导图。
①上述思维导图甲中“ ”处的内容为：　 　。
②请用符号表示以下微粒：3个碳酸根离子　 　； 2个氯气分子　 　。
（2）分类是科学学习的一种重要方法，图甲的物质分为纯净物和混合物，图乙中有六种纯净物，请补充完成以下分类表：
分类的标准 物质类别
　 　 类别一 CH4 NaCl KClO3
类别二 H2O CO H2O2
17．（2025八下·瑞安期中）断路器因方便、安全，被广泛使用。
（1）下图为断路器的工作原理图，当电流过大时，它的工作顺序是　 　。 (填序号)
①接触点断开
②簧锁装置脱开
③电流过大，双金属片发热就多
④双金属片弯曲，触动簧锁装置
（2）漏电保护断路器俗称家用漏电保护器。正常情况下，进户线中流入的电流I1和流出的电流I2相等，住户家中没有电流流向地面，即图乙中I3为零。如果电路中某处发生漏电，漏电保护器便会迅速自动切断电路。
①漏电保护器实质上就是一个 　 　(选填“电源” “用电器”或“开关”)。
②如果电路中发生漏电，请判断流入的电流I1和流出的电流I2的大小关系：　 　。
18．（2025八下·瑞安期中）实验室常用下列A-D装置来制取和收集氧气。
（1）若用双氧水和二氧化锰来制取氧气，应选择的发生装置和收集装置分别是图甲中的　 　。
（2）小科利用如图乙所示装水的装置收集氧气时，气体应从　 　(选填“a”或“b”)管通入；但收集到的氧气不纯，原因可能是　 　(多选)。
A.瓶中水没有排干净 B.导管口刚有气泡时开始收集氧气
C.收集前未将集气瓶灌满水 D.收集满氧气的集气瓶正放在桌面上
（3）在完成制取并收集氧气后，小科进行了检验氧气化学性质的实验，他取一根光亮的细铁丝绕成螺旋状，一端系上一根火柴，另一端系在一根粗铁丝上，点燃火柴，待火柴将要烧完时，立即伸进一瓶预留少量水的盛有氧气的集气瓶中，可以观察到的现象：　 　。
19．（2025八下·瑞安期中）人们对原子结构的探索经历了漫长的过程。
【材料一】：1897年，英国科学家汤姆生通过实验发现了带负电的电子，并推测原子中还有带正电的粒子，从而建立了西瓜模型。
【材料二】：1911年，卢瑟福用α粒子轰击金属箔，发现绝大多数α粒子穿过金属箔后仍保持原来的运动方向，绝少数α粒子发生了较大角度的偏转，极少数被反弹。
【材料三】：1930年，查德威克用α粒子(内含2个质子)轰击铍原子核(原子序数为4)，α粒子留在铍原子中，变成了碳原子，同时释放新粒子，微观示意图如下：
（1）材料一中汤姆生建立“原子中还有带正电的粒子”的推测所基于的事实是　 　。
（2）根据材料二中的实验现象，可推测原子核结构的特点是　 　。
（3）材料三中“ ”所代表的新粒子是　 　。
20．（2025八下·瑞安期中）小科在学习了磁场对通电导体有力的作用后，进一步查阅资料，了解到当电流与磁场方向垂直时，磁场对通电导体的作用力大小与磁场强度、导体在磁场中的长度以及导体中的电流强度有关。他设计了如图所示的装置，实验步骤如下：
①将一根导体棒用两根细线悬挂在铁架台上，将一蹄形磁铁竖直固定在铁架台上，并让导体棒处于蹄形磁铁的中央位置；
②电源正、负极分别接a、b，给导体两端加电压U1，闭合电路，观察悬线偏转的角度α1；
③给导体两端加电压U2， 且 U2>U1，闭合电路，观察悬线偏转的角度α2；
④给导体两端加电压U3，且 闭合电路，观察悬线偏转的角度α3；
⑤比较α1、α2、α3的大小关系。
（1）实验过程中，若同时改变电源的正负极和磁极方向，导体的运动方向　 　发生改变。(填“会”或“不会”)
（2）根据上述实验步骤，小科想要探究的问题是　 　。
（3）小科想进一步探究磁场对通电导体的作用力大小与导体在磁场中的长度是否有关，于是他想更换成另一根同材质同粗细的较长导体棒，保持其他不变进行实验，这样更改是否可行，判断并说明理由：　 　。
21．（2025八下·瑞安期中）为了探究空气中氧气的体积分数。小明利用容积为V 的集气瓶、装有密织铜网的燃烧匙、白磷等材料设计如图装置进行实验，已知大气压为p0。
实验步骤如下：
①检查装置气密性。
②往标有刻度的集气瓶中倒入90℃热水，读出集气瓶中热水的体积为V1。
③取过量的白磷放置于密织铜网中，立即塞紧瓶塞，使白磷浸没在热水中。
④降低漏斗的高度，使右侧的白磷露出水面，此时观察到白磷燃烧，一段时间后白磷熄灭。
⑤____，读出集气瓶中热水的体积为V2。
⑥处理数据，得出结果。
（1）热水在步骤③环节中起的作用是　 　。
（2）请将步骤⑤补充完整　 　。
（3）实验测得空气中氧气的体积分数为　 　。
22．（2025八下·瑞安期中）为了研究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”，小科用绝缘细线将电磁铁M悬挂在铁架台上，将铁块P放在电子测力计上，保持电磁铁M和铁块P之间的距离不变，按图组装实验电路。开关闭合后，读出电流表示数Ⅰ和电子测力计的示数F，并将数据记录在表格中。 (忽略电磁铁的电阻)
组别 I/A F/N
1 0.36 0.84
2 0.40 0.82
3 0.44 0.80
（1）该实验是通过　 　来判定电磁铁的磁性强弱的。
（2）由表中数据可以得出的实验结论是　 　。
（3）小科想要进一步探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，他将导线由“4”接线柱改接到“3”接线柱后再次进行实验，读出电流表示数Ⅰ和电子测力计的示数F与第3组数据相同。导致这结果的原因可能是　 　。
23．（2025八下·瑞安期中）最近各地厂房频发的大火造成了巨大的损失，小科想通过实验探究“燃烧的条件”：
（1）如图甲，用广口瓶将正在燃烧的蜡烛罩住发现蜡烛逐渐熄灭，原因是　 　。
（2）实验结束后，广口瓶中的水最终从A上升到B。查阅资料发现，蜡烛燃烧会消耗氧气，产生二氧化碳，若不考虑二氧化碳溶于水，消耗的氧气体积应该　 　产生二氧化碳的体积(填“大于” “等于”或“小于”)。
（3）用导热性能良好的铜丝罩住点燃的蜡烛(如图乙)，发现蜡烛很快会熄灭。小科再选取导热性能差的材料罩住点燃的蜡烛，观察到蜡烛还能继续燃烧一段时间(如图丙)。请结合实验现象解释被铜丝罩住的蜡烛很快熄灭的原因。　 　。
24．（2025八下·瑞安期中）在项目化学习中，小科用条形磁体、大号缝衣针、硬卡纸、橡皮、钢质大头针制作简易指南针，并对指南针的科学性设计了评价表，指南针制作过程如下：
步骤I：取2枚大号钢质缝衣针，将条形磁铁S极沿如图甲所示方向摩擦缝衣针10次；
步骤Ⅱ：将2枚缝衣针、接扣、大头针和硬纸板组装成简易指南针，如图乙所示；
步骤Ⅲ：多次轻轻地拨动针尖，待静止后，判断其是否具有指示南北的性质；
步骤IV：用当地的地图确定简易指南针所指的方向。
“自制指南针”评价量表
评价指标 优 秀 合 格 待改进
指标一 指针磁性强，且能自由转动 指针磁性强，不能自由转动 指针磁性弱，不能自由转动
指标二 能准确指示南北方向，能保持水平平衡 能指示南北方向，不能保持水平平衡 不能指示南北方向，不能保持水平平衡
（1）小科进行步骤I 操作的目的是　 　；
（2）多次轻轻地拨动针尖，小科观察到针尖始终指向南方，则缝衣针的针尖是　 　极；
（3）根据评价量表进行测试评价，小科制作的指南针“指标一”被评为“优秀”， “指标二”被评为“合格”。为使该指南针的“指标二”达到优秀水平，请你对该指南针提出合理的改进建议： 　 　。
25．（2025八下·瑞安期中）春季是流感高发季节，奥司他韦作为抗流感药物成为了家中的常备药品。如图是奥司他韦颗粒的相关信息，请计算：
（1）奥司他韦中C、N元素的质量比为　 　。
（2）156g奥司他韦中O元素的质量。
（3）对1岁以上的儿童推荐按照下列“体重————剂量表”服用奥司他韦颗粒。
体重 小于等于 15kg 15~23kg 23~40kg 大于40kg
每次用量 30mg 45mg 60mg 75mg
假如患病儿童的体重是20kg，在治疗过程中，需每天服用奥司他韦颗粒2次，一个疗程5天，那么该患儿一个疗程共服用　 　包。
26．（2025八下·瑞安期中）智能扫地机器人(如图甲)可通过灰尘传感器自动寻找清扫灰尘，通过电动机旋转、产生高速气流将灰尘等吸入集尘盒。图乙为其部分工作原理图，当灰尘增多，空气的透光程度减弱，光照强度小于或等于3cd时，智能扫地机器人开始工作。已知控制电路电源电压U为4.5V，R为光敏电阻，其阻值随光照强度E(单位：cd)的变化如图丙所示。其中电磁铁线圈的电阻不计。
（1）根据乙、丙两图分析衔铁接触A时的光敏电阻的阻值比衔铁接触C时要　 　。
（2）当光照强度为3cd时，电压表示数为3V，电动机开始工作。求R0的阻值为多少
（3）若要智能扫地机器人在更亮的环境中也能工作。现有R1、R2两个光敏电阻该如何选择，并说明理由。　 　。
答案解析部分
【答案】1．D
2．D
3．C
【知识点】磁体、磁极、磁化；磁场和磁感线；化学符号及其周围数字的意义；制取氧气的原理
【解析】【分析】（1）每个磁体均有一个N极和一个S极。磁感线是人为引入的模型，是封闭、彼此不想交的曲线，磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极。
（2）表示分子中原子个数的数字写在该原子的右下角；只是表示原子个数的数字写在元素符号的前面。
（3）氯酸钾制取氧气的方程式。
1．每个磁体都有两个磁极，左侧一段的坐左边是N极，可知右边为S极，即①为S极，同理②为N极。磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极。
故答案为D。
2．A、元素不能说个数，故A错误；
B、O2-：氧离子带2个单位的负电荷，故B错误；
C、H2O：一个水分子中有两个氢原子，故C错误；
D、表示微粒个数的数字写在微粒的左侧，2NO3-表示2个硝酸根离子，故D正确。
故答案为：D。
3．A、氯酸钾的质量随反应进行逐渐减小，直至为零，故A错误；
B、氯化钾是生成物，质量应该从零开始增加，故B错误；
C、由质量守恒定律可知，氯酸钾的质量等于氯化钾和氧气的质量之和，氧气逸出，试管内固体质量逐渐减小，反应结束后质量不变，故C正确；
D、二氧化锰是催化剂，反应前后质量和化学性质均保持不变，故D错误。
故答案为：C。
【答案】4．A
5．D
【知识点】原子的构成；分子、原子、离子、元素与物质之间的关系
【解析】【分析】（1）质子数决定元素种类， Cl-35、Cl-37均属于氯元素，可知质子数相同。
（2）由分子构成的物质，其物质中只含有一种分子，根据分子的化学式可知构成分子的原子种类及个数，也可知组成物质的元素种类。
4． Cl-35、Cl-37是同位素原子，质子数相同而中子数不同，Cl-37原子核内有17个质子，可知Cl-35中质子数也是17。
故答案为：A。
5．AC、二氧化氯由二氧化氯分子构成，不含氧分子，二氧化氯分子由氯原子和氧原子构成，故AC错误；
B、分子是微观概念，元素是宏观概念，分子由原子构成，元素组成物质，故B错误；
D、由二氧化氯分子式可知，一个二氧化氯分子由一个氯原子和两个氧原子构成，氯、氧原子个数比为1：2，故D正确。
故答案为：D。
【答案】6．B
7．C
【知识点】实验室的安全与意外事故的处理方法；安全用电原则；元素化合价的规则与计算
【解析】【分析】（1）根据化合物中各元素化合价之和为零计算铁元素的化合价。
（2）地线可将金属外壳接地，防止因金属外壳带电导致的触电事故的发生，所以充电桩要连接地线。
6．铁元素的化合价，解得x=+2。
故答案为：B。
7．A、生活用水是导体，不能用水灭火，故A错误；
B、为了安全，防止因金属外壳带电而发生触电事故，要连接地线，故B错误；
C、每个充电桩之间并联，相互独立，为了安全，应给每个充电桩安装漏电保护装置，故C正确；
D、为了安全，即使是有经验的电工，在安装充电桩时也要断开电源开关，故D错误。
故答案为：C。
【答案】8．A
9．C
10．B
【知识点】构成物质的粒子模型；单质和化合物的区别；相对原子质量；纯净物和混合物的区别
【解析】【分析】（1）混合物中含有多种物质，纯净物中只含有一种物质。单质是含有一种元素的纯净物，化合物是含有两种或以上元素的纯净物。
（2）判断反应类型、生成物种类、分子个数比等，先将两边方框内相同的物质划去相同的个数，再进行分析，因为右侧框内可能会有过量的反应物。
（3）某元素的相对原子质量等于一个该元素的原子的质量除以“标准”。
8．A、只含有一种分子，且构成分子的原子种类不同，属于化合物模型，故A正确；
BD、含有两种分子，说明含有两种物质，属于混合物，故BD错误；
C、只含有一种分子，且构成分子的原子种类相同，属于单质，故C错误。
故答案为：A。
9．A、由图可知，反应过程中分子 种类发生改变，而原子种类不变，说明在化学变化中分子可分，原子不可分，故A错误；
BD、生成物是，只有化合物，故BD错误；
C、反应的方程式为，可知反应物分子个数比为1：1，故C正确。
故答案为：C。
10．氧原子的相对原子质量
故答案为：B。
【答案】11．A
12．D
【知识点】通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【分析】（1）区别电动机原理图和发电机原理图，可通过观察电路中是否有电源进行区分，有电源的是电动机。
（2）电路中电流越大，磁场强度越大，磁力越大。由欧姆定律可知，增大电阻或减小电源电压都会导致电路中电流减小。
11．由“当飞机要起飞时，为轨道加上驱动电流使其沿轨道方向由静止开始加速，最终被弹射出去”可知，将电能转化为机械能，原理是通电导体在磁场中受到力的作用，与电动机的原理相同。
A、电动机原理图，故A正确；
B、原理是通电导体周围存在磁场，故B错误；
C、通电螺线管，原理是通电导体周围存在磁场，故C错误；
D、发电机原理图，原理是电磁感应，故D错误。
故答案为：A。
12．通电导体在磁场中受力大小与磁场强度及电流大小有关，要增大弹射力，即增大磁力，可通过增大电流或增强磁场来实现。
故答案为：D。
13．【答案】C
【知识点】有关化学式的计算和推断
【解析】【分析】物质中各元素的质量比等于相对原子质量与原子个数的乘积之比。
【解答】图中碳元素和氧元素的质量比为3：1。
AB、碳元素和氢元素的质量比为，故AB错误；
CD、碳元素和氢元素的质量比为，有机物碳写左侧，氢写右侧，故C正确，D错误。
故答案为：C。
14．【答案】B
【知识点】测电笔的使用
【解析】【分析】手要接触笔尾金属体，是因为此时笔和人串联在电路中，电路为闭合回路，接触火线时有电流经过测电笔，氖管才会发光。
【解答】使用测电笔判断火线和零线时，手要接触笔尾金属体，火线带电，可以使氖管发光，零线不带电，不能使氖管发光。
故答案为：B。
15．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【分析】对各个电路进行分析，哪个符合要求，哪个就是正确选项。
【解答】A.若体温正常，开关S闭合，电磁铁产生磁性，将衔铁吸下来，接通灯泡所在电路，此时警示灯发光，故A不合题意；
B.若体温正常，开关S闭合，电磁铁产生磁性，将衔铁吸下来，断开灯泡所在电路，此时警示灯不亮，故B符合题意；
CD.无论开关S是否闭合，灯泡始终发光，故C、D不合题意。
故选B。
16．【答案】（1）元素；3CO32-；2Cl2
（2）是否由两种元素组成，且其中一种元素为氧元素
【知识点】分子、原子、离子、元素与物质之间的关系；化学式的书写及意义；氧化物
【解析】【分析】（1）质子数决定元素种类，同位素原子属于同种元素。
（2）氧化物：含有两种元素，其中一种元素为氧元素。
【解答】（1）元素属于宏观概念，元素可以组成物质，可知“？”处的内容为元素。
表示微粒个数的数字写在微粒的左侧，3个碳酸根离子，2个氯气分子。
（2）由表中两种类别的物质可知，类别二中物质均有两种元素组成，且有一种元素为氧元素，可知分类标准为：是否由两种元素组成，且其中一种元素为氧元素。
17．【答案】（1）③④②①
（2）开关；I1＞I2
【知识点】熔断器的作用及保险丝的选择方法
【解析】【分析】（1）双层金属片材料不同，图中左侧的金属片受热膨胀程度更大，导致金属片整体向右弯曲。
（2）根据漏电保护器的工作原理可知，其在电路中相当于一个开关，火线输出的电流与回到零线的电流不相等时，会将电路切断。
【解答】（1）当电路中电流过大时，由于电流具有热效应，双层金属片受热膨胀，因为两种金属受热膨胀程度不同，导致金属片弯曲，触动右侧的簧锁装置，簧锁装置脱离，导致触点断开，电路被切断。
故答案为：③④②①。
（2）①由“如果电路中某处发生漏电，漏电保护器便会迅速自动切断电路”可知，漏电保护装置相当于一个开关，可以控制电路的通断。
②发生漏电，即I3不为零，此时，可知I1＞I2。
18．【答案】（1）BD
（2）b；BC
（3）剧烈燃烧，火星四射，生成黑色固体，并放出大量的热
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；制取氧气的原理；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）若反应物均为固体，选择的发生装置为A。
（2）瓶内水未排尽不会对氧气的纯度造成影响；氧气的密度大于空气收集满后要集气瓶要正放。
（3）描述实验现象时，不能出现生成物的名称。
【解答】（1）利用双氧水制取氧气，固液不加热，可知选择的发生装置为B；氧气密度大于空气，应使用向上排空气法收集氧气，可知收集装置选择的是D。
故答案为：BD。
（2）排水法收集氧气，氧气应从短管即b端进入集气瓶，将水从长管即a管排出。
氧气不纯，可能是因为一有气泡就收集，刚开始收集的气泡是装置内残留的空气。与可能是因为收集前集气瓶内没有灌满水，残留的空气与氧气混合，导致氧气不纯。
故答案为：BC。
（3）铁丝可以在纯氧燃烧，火星四射，放出大量的热同时生成黑色固体。
19．【答案】（1）原子整体呈电中性
（2）原子核体积小、质量大、带正电
（3）中子
【知识点】原子的构成；原子结构的探索过程
【解析】【分析】（1）原子呈电中性，含有带负电的粒子，则一定含有带正电的粒子。
（2）根据α粒子的运动状态进行分析判断。
（3）原子由原子核和核外电子构成，原子核由质子和中子构成，中子不带电。
【解答】（1）原子不带电，但原子中有带负电的电子，所以推测原子中含有带正电的微粒。
（2）绝大多数α粒子穿过金属箔后仍保持原来的运动方向，说明原子内部空间大部分是空的，即原子核体积小；绝少数α粒子发生了较大角度的偏转，说明原子核带正电；极少数被反弹，说明原子核质量大。
（3）碳原子质子数为6，α粒子(内含2个质子)，铍原子序数为4，即原子核中含有4个质子，可知释放的粒子不是质子，原子不带电，可知粒子也不是电子，则新粒子为中子。
20．【答案】（1）不会
（2）磁场对通电导体的作用力大小是否与导体中的电流大小有关？
（3）不可行，因为同材质同粗细的导体棒，如果长度改变，电阻也会改变，导致电流大小发生变化，存在两个变量
【知识点】磁场对通电导线的作用；通电导体在磁场中的受力方向的判断
【解析】【分析】（1）导体运动方向与电流方向和磁场方向有关，只改变某一方向，导体运动方向改变。
（2）根据影响因素和实验中的变量进行分析。
（3）导体的电阻大小与导体的材料、横截面积、长度、温度有关。
【解答】（1）导体运动方向与电流方向和磁场方向有关，同时改变这两个方向，导体运动方向不变。
（2）由实验过程和题中影响磁场对通电导体的作用力大小的因素可知，探究的是导体中的电流大小对磁场对通电导体的作用力大小的影响。
（3）导体的电阻大小与长度有关，改变导体的长度，电阻发生改变，电路中电流发生改变，没有控制变量，所以小科的更改不可行。
21．【答案】（1）使白磷的温度达到着火点，并隔绝空气
（2）调节漏斗高度，使压强传感器示数为p0
（3）
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】（1）燃烧的条件：有可燃物、温度达到着火点、有足够的助燃剂。
（2）燃烧结束后，抬高漏斗，使水进入集气瓶，直至瓶内压强等于外界大气压，由水的体积变化测出氧气的体积。
（3）根据进入集气瓶内的水的体积等于空气中氧气的体积计算空气中氧气的体积分数。
【解答】（1）步骤③中白磷浸没在热水中，可以起到隔绝空气的作用，同时可以加热白磷，使白磷的温度达到着火点。
（2）白磷燃烧，消耗氧气，氧气耗尽，白磷不再燃烧，瓶内压强减小，抬高漏斗，使水进入集气瓶内，直至压强恢复至与标准大气压相等。
（3）进入集气瓶内的水的体积等于空气中氧气的体积，可知氧气的体积为，空气中氧气的体积分数为。
22．【答案】（1）电子测力计示数的变化量
（2）对于同一电磁铁，通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强
（3）电磁铁M和铁块P之间的距离变小
【知识点】影响电磁铁磁性强弱的因素
【解析】【分析】（1）实验采用了转换法，用电子测力计示数的变化量来判定电磁铁的磁性强弱。
（2）根据表中数据进行分析，力越大，说明磁场强度越小。
（3）电磁铁的磁性强弱与电流大小及线圈匝数有关，所以在探究匝数的影响时，应控制电流大小相同。
【解答】（1）实验测量的是电子测力计的示数，可知是通过电子测力计示数的变化量来判定电磁铁的磁性强弱的。
（2）压力越小，说明铁块B受到的吸引力越大，即电磁铁的磁性越强，结合表示数据可知，同一电磁铁，通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强。
（3）电流相等，匝数越多，电磁铁磁性越强，但此时3和4的电子测力计示数相同，可能是因为电磁铁M和铁块P之间的距离变小、吸引力变大而导致的。
23．【答案】（1）助燃剂（氧气）被消耗完
（2）大于
（3）铜丝将热量散到空气中，可燃物的温度达不到着火点
【知识点】燃烧与灭火
【解析】【分析】（1）（3）燃烧的三个条件：有可燃物、温度达到着火点、有足够的助燃剂。
（2）水进入装置，说明装置内压强小于外界大气压，则说明装置内气体的体积减小。
【解答】（1）蜡烛燃烧，消耗氧气，装置与外界大气分隔开，氧气逐渐减少，不再支持燃烧，所以蜡烛熄灭。
（2）水由A到B，说明装置内压强减小，即氧气的消耗量大于二氧化碳的生成量。
（3）铜丝导热性好，将热量快速散失出去，导致温度降低到可燃物的着火点以下，燃烧不再持续。
24．【答案】（1）使缝衣针被磁化
（2）S
（3）调整指南针的重心位置
【知识点】磁体、磁极、磁化；磁极间的相互作用；地磁场
【解析】【分析】（1）用磁体在钢制缝衣针上沿相同方向摩擦缝衣针，可将缝衣针磁化为磁体。
（2）由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引和地磁场的方向进行判断。
（3）为了使指南针能保持水平平衡在，则再水平方向上要受平衡力，可通过调整指南针的重心位置来实现。
【解答】（1）将条形磁铁S极沿如图甲所示方向摩擦缝衣针10次，可将缝衣针磁化，使缝衣针带有磁性。
（2）地磁北极在地理南极附近，由异名磁极相互吸引可知，针尖指向南方，被地磁北极吸引，可知针尖为南极。
（3）缝衣针两端粗细不同，调整指南针的重心位置，使重心位置经过支架即可保持水平平衡。
25．【答案】（1）48：7
（2）解：
在C16H28N2O4中，
答：156g奥司他韦中O元素的质量为32克。
（3）15
【知识点】有关化学式的计算和推断
【解析】【分析】（1）质量比等于相对原子质量与原子个数的乘积之比。
（2）物质中某元素的质量等于物质的质量与该元素的质量分数的乘积。
（3）根体重计算一共所需的质量，再与每包中含有的奥司他韦质量相处即可求得需要几包。
【解答】（1）奥司他韦中C、N元素的质量比。
（3）由表中数据可知，体重为20kg的儿童。每次用量为45mg，每天服用2次，一共5天，共，每包含奥司他韦30mg，可知一共需要。
26．【答案】（1）大
（2）解：由图丙可知，当光照强度E=3.0cd时，光敏电阻的电阻R=6Ω
串联电路总电压等于各部分电压之和，则光敏电阻两端的电压：UR=U-U0= 4.5V-3V=1.5V
根据欧姆定律可得光敏电阻R两端的电流为：
定值电阻的阻值
（3）选R1，因为智能扫地机器人要开始工作，既电磁铁磁性减弱衔铁吸不下来，B触头与静触头A接触，电流需小于等于0.25A，而电源电压大小和定值电阻阻值不变，既光敏电阻的阻值要大于等于6Ω，智能扫地机器人才能工作，而R1=6Ω时，光照强度大于3cd，既智能扫地机器人在更亮的环境中也能工作，故选R1。
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）根据电磁继电器的工作原理和影响电磁铁的磁性强弱的因素进行判断。
（2）由图像读出光敏电阻的阻值，由串联电路电压特点计算光敏电阻两端电压，由欧姆定律计算电流，根据串联电路电流处处相等和欧姆定律计算定值电阻的阻值。
（3）结合（1）中原理和题中改进意见及欧姆定律进行分析。
【解答】（1）电路中电流越大，电磁铁的磁性越强，吸引衔铁，B与C接触，可知与C接触时，电路中电流更大，由欧姆定律可知，电路中电阻较小，可知衔铁接触A时的光敏电阻的阻值比衔铁接触C时要大。
（3）在更亮的环境中也能工作，即光照强度变大时，电路中电流仍然较小，不能将衔铁吸下，由欧姆定律可知，此时电路中的电阻阻值应较大，由应选择R1。
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