资源简介

(共79张PPT)
第22讲　自由组合定律中特殊分离比问题
必修2　遗传与进化
第四单元　遗传的基本规律
题型1　基因互作
1．类型分析
类型 F1(AaBb)自交 后代比例 F1测交后代比例
① 存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现 9∶6∶1 1∶2∶1
类型 F1(AaBb)自交 后代比例 F1测交后代比例
② 两种显性基因同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状 9∶7 1∶3
③ 当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐性状，其余正常表现 9∶3∶4 1∶1∶2
类型 F1(AaBb)自交 后代比例 F1测交后代比例
④ 只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现 15∶1 3∶1
⑤ 双显基因和双隐基因表现相同，单显基因表现另一种性状 10∶6 2∶2
(1∶1)
⑥ 双显和某一单显基因表现一致，双隐和另一单显分别表现一种性状 12∶3∶1 2∶1∶1
2．解题技巧
(1)看F2的表型比例，若表型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合自由组合定律。
(2)将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9∶3∶4，则为9∶3∶(3∶1)的变形，即4为两种性状的合并结果。根据具体比例确定出现异常分离比的原因。
(3)根据表型写出对应的基因型。
(4)根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表型的比例。
突破训练
1．(2024·广东河源期中)某种植物的叶有卵状和三角状两种类型，具有相对性状的亲本杂交，得到F1后自交，F2中可能出现卵状与三角状的比例为①3∶1；②15∶1；③9∶7。若F1与同亲本的三角状叶基因型相同的植株杂交，子代卵状和三角状的比例不可能为(　　)
A．1∶1　　　　　 B．1∶2∶1
C．3∶1 D．1∶3
√
B　[若F1自交得到的F2表型比例为3∶1，说明叶的形状由一对等位基因控制，F1与同亲本中三角状叶基因型相同的植株杂交，子代比例为1∶1；若F1自交得到的F2表型比例为15∶1，说明叶的形状由两对等位基因控制，F1为双杂合子，F1与同亲本中三角状叶基因型相同的植株杂交，子代比例为3∶1；若F1自交得到的F2表型比例为9∶7，说明叶的形状由两对等位基因控制，F1与同亲本三角状叶基因型相同的植株杂交，子代比例为1∶3。F1与同亲本三角状叶基因型相同的植株杂交，按①②③的自交比例，子代不会出现1∶2∶1的比例，A、C、D正确，B错误。]
2．(2024·湖南郴州期末)已知某雌雄同株植物的果实颜色受两对等位基因B/b、R/r控制，这两对基因与果实颜色的关系如图所示。现有一红色果实植株与黑色果实植株杂交，F1果实全为黑色果实，让F1植株自交，F2果实表型及比例为黑色∶红色∶白色＝12∶3∶1。下列说法不正确的是(　　)
A．控制果实颜色的两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律
B．亲本植株的基因型是bbRR和BBrr
C．让F2中黑色果实个体自交，所得F3果实的表型及比例为黑色∶红色∶白色＝40∶5∶3
D．F2黑色果实中纯合子的比例为1/8
√
D　[由题意可知，F1植株自交，F2果实表型及比例为黑色∶红色∶白色＝12∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变式，说明控制果实颜色的两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；根据题图可知，黑色对应的基因型为B_ _ _，红色对应的基因型为bbR_，白色对应的基因型为bbrr，亲本为红色果实植株bbR_与黑色果实植株B_ _ _，又由于F1植株自交，F2果实表型及比例为黑色∶红色∶白色＝12∶3∶1，说明F1为BbRr，可推出亲本的基因型是bbRR和BBrr，B正确；让F2中黑色果实(1/12BBRR、2/12BBRr、2/12BbRR、4/12BbRr、1/12BBrr、2/12Bbrr)个体自交，黑色∶红色∶白色＝(1/12＋2/12＋2/12×3/4＋4/12×12/16＋1/12＋2/12×3/4)∶(2/12×1/4＋4/12×1/4×3/4)∶(4/12×1/16＋2/12×1/4)＝40∶5∶3，C正确；F2中表型为黑色果实的个体基因型为1BBRR＋2BBRr＋2BbRR＋4BbRr＋1BBrr＋2Bbrr，故F2黑色果实中纯合子的比例为2/12＝1/6，D错误。]
题型2　显性基因的累加效应
相关比较 举例分析(以基因型AaBb为例)
自交后代比例 测交后代比例
显性基因在基因型中的个数影响性状原理 A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强
显性基因在基因型中的个数影响性状表现 AABB∶(AaBB、AABb)∶(AaBb、aaBB、AAbb) ∶(Aabb、aaBb) ∶aabb＝1∶4∶6∶4∶1 AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1
突破训练
3．(2024·广东茂名期末)某植物花色遗传受A、a和B、b两对等位基因控制。当不存在显性基因时，花色为白色；当存在显性基因时，随显性基因数量的增加，花色红色逐渐加深。现用两株纯合亲本植株杂交得F1，F1自交得F2，F2中有白花植株和4种红花植株，按红色由深至浅再到白的顺序统计出5种类型植株数量比例为1∶4∶6∶4∶1，下列说法不正确的是(　　)
A．该植物的花色基因的遗传仍然遵循自由组合定律
B．亲本的基因型不一定为AABB和aabb
C．F2中基因型为AAbb和aaBB个体的表型与F1相同
D．用F1作为材料进行测交实验，测交后代有4种表型
√
D　[由F2的5种类型植株数量比例为1∶4∶6∶4∶1，即9∶3∶3∶1的变式，可知控制该花色的基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；根据F2分离比可知，F1基因型为AaBb，故亲本的基因型可能是AAbb和aaBB或AABB和aabb，B正确；随显性基因数量的增加，花色红色逐渐加深，则显性基因个数相同的个体表型相同，故基因型为AAbb和aaBB个体的表型与F1(AaBb)相同，C正确；F1测交后代的基因型为AaBb、Aabb、aaBb、aabb，含有显性基因的个数分别为2、1、1、0，故有3种表型，D错误。]
4．(2024·河北保定六校联考期中)某二倍体植物植株高度由4对等位基因控制(A/a、B/b、C/c、D/d)，这4对基因独立遗传，对高度的增加效应相同并且具有叠加性，如基因型为AABBCCDD植株高为32 cm，基因型为aabbccdd植株高度为16 cm，现有基因型为AaBBccDd和aaBbCCDd的两植株进行杂交得到F1，下列说法错误的是(　　)
A．两亲本植株的高度都为24 cm
B．F1植株中最高个体为28 cm，最矮个体为20 cm
C．F1植株中基因型有12种，表型有5种
D．在F1的所有植株中基因型为AaBBCcDD的植株占1/8
√
D　[由题意可知：AABBCCDD植株高为32 cm，aabbccdd植株高度为16 cm，说明一个显性基因决定的高度为4 cm，一个隐性基因决定的高度为2 cm。由于基因型分别为AaBBccDd和aaBbCCDd的两亲本都含有4个显性基因和4个隐性基因，所以它们的高度均为4×4＋2×4＝24 cm，A正确；亲本的基因型分别为AaBBccDd和aaBbCCDd，F1植株的基因型有2×2×1×3＝12种，AaBBccDd和aaBbCCDd均能产生含有3个显性基因的配子、2个显性基因的配子，
1个显性基因的配子，因此雌雄配子随机结合形成的子代中会出现含有6个显性基因的个体、5个显性基因的个体，4个显性基因的个体，3个显性基因的个体，2个显性基因的个体，对应的高度分别为4×6＋2×2＝28 cm、4×5＋2×3＝26 cm、4×4＋2×4＝24 cm、4×3＋2×5＝22 cm、4×2＋2×6＝20 cm，即最高的植株为28 cm，最矮的植株为20 cm，子一代表型有5种，B、C正确；F1中基因型为AaBBCcDD的植株占所有植株的比例为1/2×1/2×1×1/4＝1/16，D错误。]
题型3　致死引起的特殊分离比问题
1．类型分析
(1)胚胎致死或个体致死
(2)配子致死或配子不育
2．解题技巧
第一步：先将其拆分成分离定律单独分析。
第二步：将单独分析结果再综合在一起，确定成活个体的基因型、表型及比例。
突破训练
5．(2023·全国乙卷)某种植物的宽叶/窄叶由等位基因A/a控制，A基因控制宽叶性状；高茎/矮茎由等位基因B/b控制，B基因控制高茎性状。这2对等位基因独立遗传。为研究该种植物的基因致死情况，某研究小组进行了两个实验，实验①：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1；实验②：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1。下列分析及推理中错误的是(　　)
A．从实验①可判断A基因纯合致死，从实验②可判断B基因纯合致死
B．实验①中亲本的基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎的基因型也为Aabb
C．若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb
D．将宽叶高茎植株进行自交，所获得子代植株中纯合子所占比例为1/4
√
D　[由题干中实验①、实验②的性状分离比分析可知，A基因、B基因纯合都会致死，A正确；由题分析可知，实验①的亲本基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎的基因型也为Aabb，B正确；由于A、B基因纯合都会致死，所以想要表现出显性性状，只能是杂合，也就是AaBb，C正确；由题分析可知，宽叶高茎基因型为AaBb，自交后代(Aa∶aa)(Bb∶bb)＝(2∶1)(2∶1)，即AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，纯合子只有aabb，占1/9，D错误。]
6．(2024·荆州三校联考)致死基因的存在可影响后代性状分离比。现有基因型为AaBb的个体，两对等位基因独立遗传，但具有某种基因型的配子或个体致死，不考虑环境因素对表型的影响，若该个体自交，统计后代的情况，下列说法正确的是(　　)
A．后代分离比为4∶2∶2∶1，推测原因可能是某对显性基因纯合致死
B．后代分离比为6∶3∶2∶1，推测原因可能是基因型为AB的雄配子或雌配子致死
C．后代分离比为7∶3∶1∶1，推测原因可能是基因型为Ab的雄配子或雌配子致死
D．后代分离比为4∶1∶1，推测原因可能是基因型为aB的雄配子或雌配子致死
√
C　[后代分离比为4∶2∶2∶1，与9∶3∶3∶1相比，推测原因可能是两对显性基因纯合致死，A错误。后代分离比为6∶3∶2∶1，与A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1对照可推测可能是某对显性基因纯合致死，B错误。后代分离比为7∶3∶1∶1，与9∶3∶3∶1相比，最可能的原因是Ab或aB的雄配子或雌配子致死，C正确。若基因型为ab的雄配子或雌配子致死，则基因型为aabb的子代死亡，且基因型为AaBb、Aabb、aaBb的个体各死亡一份，子代A_B_∶aaB_∶A_bb＝8∶2∶2，即分离比为4∶1∶1；若基因型为aB的雄配子或雌配子致死，则后代分离比为7∶3∶1∶1，D错误。]
体验真题　感悟高考 · 有章可循
1．(2023·全国甲卷)乙烯是植物果实成熟所需的激素，阻断乙烯的合成可使果实不能正常成熟，这一特点可以用于解决果实不耐储存的问题，以达到增加经济效益的目的。现有某种植物的3个纯合子(甲、乙、丙)，其中甲和乙表现为果实不能正常成熟(不成熟)，丙表现为果实能正常成熟(成熟)，用这3个纯合子进行杂交实验，F1自交得F2，结果见下表。
实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比
① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1
② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1
③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3
回答下列问题：
(1)利用物理、化学等因素处理生物，可以使生物发生基因突变，从而获得新的品种。通常，基因突变是指___________________________________________________________________________________。
(2)从实验①和②的结果可知，甲和乙的基因型不同，判断的依据是___________________________________________________________。
DNA分子中发生碱基的替换、增添或缺失，而引起的基因碱基序列的改变
实验①和实验②的F1表型不同，F2的性状分离比不相同
(3)已知丙的基因型为aaBB，且B基因控制合成的酶能够催化乙烯的合成，则甲、乙的基因型分别是________________；实验③中，F2成熟个体的基因型是________________，F2不成熟个体中纯合子所占的比例为________。
AABB、aabb
aaBB和aaBb
3/13
[解析]　(1)基因突变的定义就是DNA分子中发生碱基的替换、增添或缺失，而引起的基因碱基序列的改变。(2)甲与丙杂交F1的表型为不成熟，F2表型及分离比为不成熟∶成熟＝3∶1，所以甲的不成熟相对于成熟为显性，乙与丙杂交F1的表型为成熟，F2表型及分离比为成熟∶不成熟＝3∶1，所以乙的不成熟相对于成熟为隐性，故甲和乙的基因型不同。(3)由(2)分析可知，甲的不成熟相对为显性，因为丙的基因型为aaBB，所以甲的基因型为AABB；乙的不成熟相对为隐性，所以乙的基因型为aabb；则实验③F1的基因型为AaBb，F2中成熟个体基因型为aaB_(aaBB和aaBb)，不成熟个体占13/16，而纯合子基因型为AABB、AAbb、aabb，所以F2不成熟个体中的纯合子占3/13。
2．(2023·河北卷)某家禽等位基因M/m控制黑色素的合成(MM与Mm的效应相同)，并与等位基因T/t共同控制喙色，与等位基因R/r共同控制羽色。研究者利用纯合品系P1(黑喙黑羽)、P2(黑喙白羽)和P3(黄喙白羽)进行相关杂交实验，并统计F1和F2的部分性状，结果见表。
实验 亲本 F1 F2
1 P1×P3 黑喙 9/16黑喙，3/16花喙(黑黄相间)，4/16黄喙
2 P2×P3 灰羽 3/16黑羽，6/16灰羽，7/16白羽
回答下列问题：
(1)由实验1可判断该家禽喙色的遗传遵循____________________________定律，F2的花喙个体中纯合体占比为_____。
(2)为探究M/m基因的分子作用机制，研究者对P1和P3的M/m基因位点进行PCR扩增后电泳检测，并对其调控的下游基因表达量进行测定，结果见图1和图2。由此推测M基因发生了碱基的_____而突变为m，导致其调控的下游基因表达量_____，最终使黑色素无法合成。
自由组合(或“孟德尔第
1/3
增添
下降
二”)
(3)实验2中F1灰羽个体的基因型为______________________，F2中白羽个体的基因型有__种。若F2的黑羽个体间随机交配，所得后代中白羽个体占比为____，黄喙黑羽个体占比为__。
(4)利用现有的实验材料设计调查方案，判断基因T/t和R/r在染色体上的位置关系(不考虑染色体互换)。
调查方案：_________________________________________________。
结果分析：若__________________________________________________________(写出表型和比例)，则T/t和R/r位于同一对染色体上；否则，T/t和R/r位于两对染色体上。
MmRr(或“MmRrTt”)
5
1/9
0
对实验2中F2个体的喙色和羽色进行调查统计
F2中黑喙灰羽∶花喙黑羽∶黑喙白羽∶黄喙白羽＝
6∶3∶3∶4
[解析]　(1)由题干信息可知，该家禽喙色由M/m和T/t共同控制，实验1的F2中喙色表型有三种，比例为9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的特殊分离比，表明F1产生的雌雄配子各有4种，且比例相同，受精时雌雄配子结合方式有16种。因此，家禽喙色的遗传遵循自由组合规律。F2中花喙个体(有黑色素合成)的基因型有两种，分别为MMtt(1/16)和Mmtt(2/16)，其中纯合体MMtt占比为1/3。(2)由实验1结果可知，针对M/m基因位点，P1基因型为MM，P3基因型为mm，对P1的M基因PCR扩增后产物大小约为1200 bp，而P3的m基因大小约为7800 bp，推测M基因发生了碱基的增添而突变为m。当M基因突变为m后，其调控的下游基因表达量明显下降，最终影响了黑色素的合成。
(3)由题干信息可知，该家禽羽色由M/m和R/r共同控制，实验2的F2中羽色表型有三种，比例为3∶6∶7，是9∶3∶3∶1的特殊分离比，因此F1灰羽个体基因型为MmRr。F2的黑羽和灰羽个体共占9/16，基因型为M_R_。白羽占7/16，基因型共5种，分别为mmRR(1/16)、mmRr(2/16)、MMrr(1/16)、Mmrr(2/16)和mmrr(1/16)。F2中基因型为M_R_的黑羽和灰羽的比例为3∶6，因此，F2黑羽个体在基因型为M_R_的个体中占比为1/3。由于MM和Mm的表型效应相同，黑羽个体中两种基因型及其占比为MMRR(1/3)和MmRR(2/3)。黑羽个体随机交配所得后代中，白羽个体(mmRR)的占比为1/9。由实验1和实验2结果可知，黄喙个体基因型为mmT_和mmtt，黑羽的基因型为M_RR，因此不存在黄喙黑羽的个体，即黄喙黑羽个体占比为0。
(4)综合实验1和实验2的结果可知，P1的基因型为MMTTRR，P2的基因型为MMTTrr，P3的基因型为mmttRR。利用现有材料进行调查实验，判断T/t和R/r在染色体上的位置关系，需要选择对TtRr双杂合个体随机交配的子代进行统计分析。实验2中的F1基因型为MmTtRr，因此应对实验2的F2个体喙色和羽色进行调查统计。如果T/t和R/r在同一对染色体上，由亲本的基因型可知F1个体中三对基因在染色体上的位置关系如下图。
不考虑染色体互换，F1可产生等比例的四种雌雄配子MTr、MtR、mTr、mtR。雌雄配子随机结合，产生的F2表型及比例为黑喙灰羽∶花喙黑羽∶黑喙白羽∶黄喙白羽＝6∶3∶3∶4。
1．(2024·广东深圳二模)某玉米品种紫色素的合成途径如图。研究人员将两个都不含有紫色素的纯系玉米杂交，所有F1植株都产生了紫色的种子，F1自交，得到的F2中，56%能产生紫色素，44%不能。不考虑染色体互换，则F1植株的基因组成最可能的情况是(　　)
课时数智作业(二十二)　自由组合定律中特殊分离比问题
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
A　　　　　B
C　　　　　D
D　[已知两个都不含有紫色素的纯系玉米杂交，所有F1植株都产生了紫色的种子，F1自交，得到的F2中，56%能产生紫色素，44%不能，即紫色∶无色＝56%∶44%≈9∶7，说明A_B_是紫色，其他基因型都不含紫色素，则亲本为AAbb×aaBB，子一代为AaBb，且两对基因位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，即D正确，A、B、C错误。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
2．(2024·湖南常德一中检测)两纯合玉米杂交得到F1，F1自交得到F2，F2籽粒性状表现及比例为紫色非甜∶紫色甜∶白色非甜∶白色甜＝27∶9∶21∶7。下列判断错误的是(　　)
A．籽粒口味性状受一对等位基因控制
B．籽粒颜色性状受两对等位基因控制
C．F2白色籽粒中纯合子占2/7
D．F2非甜籽粒中杂合子占2/3
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
√
C　[就籽粒口味这一性状来说，籽粒口味性状为非甜和甜，F2非甜籽粒∶甜籽粒＝3∶1，符合基因的分离定律，受一对等位基因控制，A正确；F2籽粒颜色的性状表现及比例为紫色∶白色＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变形，符合基因的自由组合定律，受两对等位基因控制，B正确；F2籽粒颜色的性状表现及比例为紫色∶白色＝9∶7，籽粒的颜色由两对自由组合的等位基因控制(设为A/a、B/b)，A_B_为紫色，其他为白色，故白色籽粒中纯合子的基因型为AAbb、aaBB、aabb，故F2白色籽粒中纯合子占3/7，C错误；非甜∶甜＝3∶1，非甜为显性性状，甜度受一对等位基因控制(设为C/c)，F1非甜籽粒的基因型为Cc，自交后，F2非甜籽粒中CC∶Cc＝1∶2，杂合子为Cc，占2/3，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
3．(2024·广东广州检测)中国科学家研究发现黄瓜的苦味物质——葫芦素主要由两个“主控开关”控制合成，叶苦与非苦由一对等位基因A和a控制，果苦与非苦由另一对等位基因B和b控制(二者独立遗传)。现将叶和果实均苦味、叶和果实均非苦味的两品系进行杂交，得到F1全为叶和果实均非苦味类型。进一步研究发现叶片中葫芦素能有效抵御害虫侵害，减少农药的使用。下列有关说法错误的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
A．亲本叶和果实均苦味、叶和果实均非苦味的基因型分别为aabb和AABB
B．将F1自交得F2，F2中表型为叶苦果非苦的黄瓜中纯合子所占比例为1/3
C．将F1植株进行花药离体培养即可快速获得稳定遗传的所需植株
D．依据题意，表型为叶苦果非苦的黄瓜可作为育种工作者首选
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
C　[分析题意，F1全为叶和果实均非苦味类型，说明叶和果实非苦都是显性性状，则A _B_表型为叶和果实均非苦味、A_ bb表型为叶非苦和果实苦、aaB_表型为叶苦和果实非苦，aabb表型为叶果实均苦，且亲本基因型为AABB、aabb，A正确；利用杂交育种培育该品种黄瓜时，应该让获得的子一代(AaBb)自交，则子二代中表型符合要求的个体为aaB_，其中aaBB占1/3，aaBb占2/3，即其中纯合子占1/3，B正确；将F1植株进行花药离体培养然后用秋水仙素加倍才可快速获得稳定遗传的所需植株，C错误；由于提高叶片中葫芦素的含量能有效抵御害虫侵害，减少农药的使用，而我们食用黄瓜的果实，因此作为育种工作者，应该选育表型为叶苦果非苦的黄瓜，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
4．(2023·辽宁省适应性测试)在种质资源库中挑选某二倍体作物甲、乙两个高甜度纯合品系进行杂交，F1均表现为甜，F1自交得到的F2出现甜∶不甜＝13∶3，假设不甜植株的基因型为aaBB和aaBb，下图中，能解释杂交实验结果的代谢途径有(　　)
A．①③　 B．②③ C．①④ D．②④
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
√
D　[根据F1自交得到的F2出现甜∶不甜＝13∶3，不甜植株的基因型为aaBB和aaBb，只有B导致不甜，当A与B同时存在时，表现为甜，说明A抑制B的表达，②④正确，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
5．(2024·江苏连云港模拟)荠菜蒴果形状有三角形和卵形两种，纯合三角形和纯合卵形杂交，F1均为三角形，F1自交后代为三角形和卵形，如图1，且比例为15∶1，图2为基因作用模式图。下列叙述错误的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
A．控制果形的两对基因分别位于两对同源染色体上
B．F2三角形蒴果中纯合子所占比例为1/5
C．F2三角形蒴果自由交配多代，T1的基因频率会逐代升高
D．图2中基因T1和基因T2的产物作用可能相同
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
√
C　[根据图1可知：F2中三角形∶卵形＝15∶1，而15∶1实质上是9∶3∶3∶1的变式，说明控制果形的两对基因分别位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，A正确；纯合三角形和纯合卵形杂交，产生的F2中三角形∶卵形＝15∶1，基因型及表型比例为(A_B_)三角形：(A_bb和aaB_)三角形∶(aabb)卵形＝9∶6∶1，在三角形中有3个纯合子(AABB、AAbb、aaBB)，所以三角形纯合子占三角形总数的1/5，B正确；根据遗传平衡定律，F2三角形蒴果自由交配多代，T1的基因频率基本不变，C错误；图2中基因T1和基因T2的产物都能使前体物质转变为产物，推测基因T1和基因T2的产物作用可能相同，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
6．(2024·湖北鄂东南三校联考)某二倍体自花传粉植物，其花色有黄色和白色，花色受多对等位基因共同控制。让黄色花植株与白色花植株杂交得F1，F1均表现为黄色花，F1自交得到的F2中白色花植株占1/64。黄色花的颜色深浅存在基因叠加效应，即显性基因越多，黄色越深。再次统计F2中花色由深到浅的表型及比例依次为深暗黄色∶暗黄色∶中度深黄色∶深黄色∶中度黄色∶浅黄色∶白色＝1∶6∶15∶20∶15∶6∶1。下列相关叙述不正确的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
A．该植物的花色受到三对等位基因控制，且遗传遵循基因的自由组合定律
B．根据题干分析，F1实际表现为中度黄色花且只含有三个显性基因
C．表现为中度深黄色花的植株的基因型共有6种，F2的此表型植株中纯合子占1/5
D．浅黄色花植株与白色花植株杂交，后代中白色植株占1/2
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
B　[F1自交得到的F2中白色花植株占1/64，说明该植物的花色受到三对等位基因控制，且符合基因的自由组合定律，A正确；若相关基因为A/a、B/b、C/c，结合题意可知F1为AaBbCc，实际表现为深黄色花且只含有三个显性基因，表现为中度深黄色花的植株的基因型中有4个显性基因，F2中表现为中度深黄色花的植株所占比例为15/64，基因型共有6种，F2的此表型植株中纯合子(1/64AABBcc、1/64AAbbCC、1/64aaBBCC)占(3/64)/(15/64)＝1/5，B错误，C正确；浅黄色花植株只有一个显性基因，与白色花植株杂交，后代浅黄色∶白色＝1∶1，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
7．(2024·广东茂名期中)某多年生植物的高茎和矮茎由等位基因B、b控制，阔叶和狭叶由等位基因E、e控制，两对基因独立遗传。用两种纯合植株杂交得到实验结果如下表。下列叙述错误的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
亲本组合 F1 F2
高茎 阔叶 高茎 阔叶 高茎 狭叶 矮茎 阔叶 矮茎
狭叶
高茎狭叶(♀)×矮茎阔叶(♂) 99 101 62 61 21
高茎狭叶(♂)×矮茎阔叶(♀) 100 102 61 63 20
A．F1产生的基因型为BE的花粉或卵细胞不育
B．通过正反交实验判断两对基因均位于常染色体上
C．F2高茎阔叶个体中基因型为BbEE的个体占1/5
D．出现表中表型比是由于基因型为BbEe的个体致死
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
D　[据表格可知，F2中出现四种表型的比例约等于5∶3∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，双显性状中少了4份，其他性状比例不受影响，可能是由于基因型为BE的花粉或卵细胞不育，A正确；图中两种亲本组合互为正反交，F2表型比相同，说明两对基因均位于常染色体上，B正确；由于BE的花粉或卵细胞不育，导致F2中基因型为BbEE的个体只有一份，F2高茎阔叶个体中基因型为BbEE的个体占1/5，C正确；F1个体基因型均为BbEe，所以基因型为BbEe的个体不可能致死，D错误。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
8．(2024·湖北武汉模拟)新型抗虫棉T与传统抗虫棉R19、sGK均将抗虫基因整合在染色体上，但具有不同的抗虫机制。对三者进行遗传分析，杂交组合及结果如下表所示。以下说法错误的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
杂交组合 F1 F2
①T×R19 全部为抗虫株 全部为抗虫株
②T×sGK 全部为抗虫株 抗虫株∶感虫株＝15∶1
A．T与R19的抗虫基因可能位于一对同源染色体上
B．T与sGK的抗虫基因插入位点在非同源染色体上
C．杂交组合②的F2抗虫株中抗虫基因数量不一定相同
D．R19与sGK杂交得到的F2中性状分离比为3∶1
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
D　[T×R19杂交，F1全部为抗虫植株，F2全部为抗虫植株，可推测T与R19的抗虫基因可能位于一对同源染色体上，所含的配子均含有抗虫基因导致，A正确；根据T×sGK杂交结果分析，F1全部为抗虫植株，F2中抗虫∶不抗虫＝15∶1，该比值是9∶3∶3∶1的变形，可知T与sGK的抗虫基因插入位点在非同源染色体上，B正确；设相关基因是A/a、B/b，其中A_B_、A_bb和aaB_的类型均表现为抗虫，故杂交组合②的F2抗虫株中抗虫基因数量不一定相同，C正确；设T基因型是AAbb，则sGK是aaBB，R19是A1A1bb，R19与sGK杂交后F1的基因型是A1aBb，两对基因独立遗传，F2中性状分离比为15∶1，D错误。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
9．(2024·安徽合肥一模)杂交育种是水稻育种的重要途径，但不同品种的水稻之间的杂交种常有育性下降的问题。已知水稻8号染色体上有一对等位基因T/t，4号染色体上有一对等位基因G/g，在花粉发育过程中，T或G基因表达对花粉发育重要的蛋白质，t和g基因无法表达有功能的蛋白质。研究人员选取部分植株，通过PCR扩增相关基因后，进行电泳检测，得到下图条带。有关说法错误的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
注：图A检测T/t基因，图B检测G/g基因，①②个体花粉发育完全正常，④个体花粉有3/4发育正常。
A．T/t和G/g两对基因的遗传遵循自由组合定律
B．杂交种育性下降的原因可能是基因型为tg的花粉发育不正常
C．③⑤⑥个体中，1/2花粉发育正常的个体有③⑥
D．④个体自交，后代有8种基因型，花粉发育完全正常的个体占7/16
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
D　[根据题意“已知水稻8号染色体上有一对等位基因T/t，4号染色体上有一对等位基因G/g”，这两对等位基因分别位于两对同源染色体上，T/t和G/g基因的遗传遵循自由组合定律，A正确。杂交种如TtGg，其产生的花粉基因型为1/4TG、1/4Tg、1/4tG、1/4tg，有3/4的花粉发育正常；根据题干信息，T或G基因表达对花粉发育重要的蛋白质，t和g基因无法表达有功能的蛋白质，则是基因型为tg的花粉发育不正常导致杂交种育性下降，B正确。由电泳图中图A检测T/t基因，图B检测G/g基因，图A中两条电泳带一定是T和t，图B中两条电泳带一定是G和g，又由于图中①②个体花粉发育完全正常，
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
则图A中上面的条带代表t，下面的条带代表T，图B中上面条带代表G，下面条带代表g，即①②③④⑤⑥个体的基因型分别为TtGG、TTGg、ttGg、TtGg、TTGG、Ttgg，其中1/2花粉发育正常的个体的基因型是ttGg(③)、Ttgg(⑥)，C正确。④的基因型为TtGg，该个体自交，雌配子基因型为1/4TG、1/4Tg、1/4tG、1/4tg，雄配子基因型为1/3TG、1/3Tg、1/3tG，后代的基因型为1/12TTGG、2/12TtGG、2/12TTGg、3/12TtGg、1/12TTgg、1/12Ttgg、1/12ttGg、1/12ttGG共8种，这些后代基因型花粉全部正常的个体是1/12TTGG、2/12TtGG、2/12TTGg、1/12TTgg、1/12ttGG，占7/12，D错误。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
10．(2024·湖北武汉一模)某自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上，这两对等位基因与植物的花色的关系如图所示。此外，A/a基因还影响花粉的育性，含A的花粉可育，含a的花粉50%可育，50%不育。而且B基因纯合致死。若基因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是(　　)
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
A．子一代中红花植株数是粉花植株数的3倍
B．若要验证A/a基因影响花粉的育性，可选择基因型为AaBb与aabb的植株做正反交实验
C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍
D．子代白花植株中，杂合子所占比例为2/3
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
A　[由题意可知，两对等位基因独立遗传，基因型为AaBb的个体产生的配子种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，含A的花粉可育，含a的花粉50%可育，50%不育，则该个体产生的精子的基因型为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶2∶1∶1，又B基因纯合致死，则子一代中个体的基因型和表型为6AaBb(红色)、4AABb(红色)、2AAbb(粉红色)、3Aabb(粉红色)、2aaBb(白色)、1aabb(白色)，可见子一代中红花∶粉红花＝2∶1，即子一代中红花植株数是粉花植株数的2倍，A错误；选择基因型为AaBb与aabb的植株做正反交实验，通过检测子代的性状表现来验证A/a基因影响花粉的育性，二
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
者正交的表型及比例为AaBb(红色)∶Aabb(粉红色)∶aaBb(白色)∶aabb(白色)＝1∶1∶1∶1，即红色∶粉红色∶白色＝1∶1∶2，反交的表型及比例为AaBb(红色)∶Aabb(粉红色)∶aaBb(白色)∶aabb(白色)＝2∶2∶1∶1，即红色∶粉红色∶白色＝1∶1∶1，B正确；由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子的比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶2∶1∶1，即可育雄配子共6份，而不育雄配子占2份，即亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的三倍，C正确；结合A项可知，子一代的基因型和表型为6AaBb(红色)、4AABb(红色)、2AAbb(粉红色)、3Aabb(粉红色)、2aaBb(白色)、1aabb(白色)，可见子代白花植株中，杂合子所占比例为2/3，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
11．(13分)(2024·湖南长沙一中检测)某种植物的紫花和白花这一相对性状受三对等位基因(A/a、B/b、D/d)控制，且每对等位基因都至少有一个显性基因时才开紫花。现有该种植物甲、乙、丙、丁4个不同的纯合白花品系，通过多次相互杂交实验，发现如下规律：
规律一：甲、乙、丙相互杂交，F1均开紫花，F2均表现为紫花∶白花＝9∶7；
规律二：丁与其他纯合白花品系杂交，F1均开白花，F2仍全部开白花。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
分析杂交实验规律，回答下列问题：
(1)该种植物的花色遗传符合____________定律，判断的依据是________________________________________。
(2)由上述结果可知，丁品系的基因型为_______，基因型为AaBbDd的植株自交，子代的表型及比例为______________________。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
自由组合(1分)
一中F2均表现为紫花∶白花＝9∶7
aabbdd
紫花∶白花＝27∶37
规律
(3)某实验小组偶然发现两株白花纯种植株，且这两株白花与紫花纯合品系均只有一对等位基因存在差异，请设计实验来确定两株白花植株的基因型是否相同。
实验思路：_________________________________________________。
预期实验结果和结论：若____________________，则两株白花植株基因型不同；若______________________，则两株白花植株基因型相同。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
让两株白花植株杂交，观察并统计子代的表型及比例
子代的表型全为紫花
子代的表型全为白花
[解析]　(1)分析题意可知，紫花植株基因型为A_B_D_，其余基因型的植株均开白花，甲、乙、丙相互杂交，F1均开紫花，F2均表现为紫花∶白花＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变形，说明 F1有两对基因杂合，即甲、乙、丙均有两对基因显性纯合，且三对等位基因遵循自由组合定律。(2)由(1)可知，甲、乙、丙均有两对基因显性纯合，且已知丁与其他纯合白花品系杂交，F1均开白花， F2仍全部开白花，由上述结果可知，丁品系的基因型为 aabbdd ；基因型为 AaBbDd 的植株自交，子代的表型紫花植株所占比例为：(3/4)3＝27/64，白花比例为1－27/64＝37/64，即紫花∶白花＝27∶37。(3)若偶然发现
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
两株白花纯种植株，且这两株白花与紫花纯合品系 AABBDD 均只有一对等位基因存在差异，故这两株白花植株可能基因型为AABBdd、 AAbbDD或aaBBDD，实验目的是探究两株白花植株的基因型是否相同，实验思路：让两株白花植株杂交，观察并统计子代的表型及比例。预期实验结果和结论：若子代表型全为紫花，则两株白花植株基因型不同(如AABBdd×AAbbDD)；若子代表型全为白花，则两株白花植株基因型相同(如AABBdd自交等)。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
12．(12分)(2024·广东广州联考)果蝇的生长周期短、繁殖快、染色体少且容易观察，是遗传学上常用的实验材料。某研究小组通过一只红眼正常翅果蝇与一只紫眼卷翅果蝇杂交，F1为红眼卷翅和红眼正常翅。选择F1中红眼卷翅雌雄果蝇杂交，F2中红眼卷翅∶红眼正常翅∶紫眼卷翅∶紫眼正常翅＝6∶3∶2∶1。分析并回答下列问题：
(1)果蝇的眼色、翅形这两对相对性状遵循____________定律，其中显性性状为_______________。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
自由组合(1分)
红眼、卷翅(1分)
(2)F2中紫眼卷翅是__________(填“纯合子”或“杂合子”)，判断依据是_________________________________________________________。
(3)若F1中红眼正常翅雌雄果蝇相互交配，则F2的表型及比例是______________________________。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
杂合子
根据F2的表型及比例，卷翅∶正常翅＝2∶1，卷翅纯合子死亡
常翅∶紫眼正常翅＝3∶1
红眼正
(4)已知紫眼果蝇均为隐性突变体，基因型为aa(品系Ⅰ，B/b基因所在的染色体缺失)、aaBB(品系Ⅱ)、AAbb(品系Ⅲ)，基因A/a、基因B/b在染色体的位置如下图所示。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
该研究小组保存有雌雄品系Ⅰ果蝇，现发现一只紫眼突变体，为鉴定该紫眼突变体品系类型，研究人员将该只紫眼突变体与品系Ⅰ显性纯合子杂交。若后代均为红眼，则该紫眼突变体属于品系_______；若后代均为紫眼，则该紫眼突变体属于品系____。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
Ⅰ或Ⅱ
Ⅲ
[解析]　(1)根据题意，F1中红眼卷翅雌雄果蝇杂交，F2中红眼卷翅∶红眼正常翅∶紫眼卷翅∶紫眼正常翅＝6∶3∶2∶1。红眼∶紫眼＝3∶1，卷翅∶正常翅＝2∶1，说明红眼对紫眼为显性，卷翅对正常翅为显性，这两对相对性状遵循自由组合定律。(2)假设基因A/a控制眼色，基因B/b控制翅形。亲本为AAbb×aaBb，F1为AaBb(红眼卷翅)、Aabb(红眼正常翅)，F1中红眼卷翅雌雄果蝇杂交，F2中红眼卷翅∶红眼正常翅∶紫眼卷翅∶紫眼正常翅＝6∶3∶2∶1。由于F2中卷翅∶正常翅＝2∶1，卷翅纯合子死亡，故F2中紫眼卷翅的基因型为aaBb，为杂合子。(3)若F1中红眼正常翅雌雄果蝇相互交
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
配(Aabb×Aabb)，F2的表型及比例为红眼正常翅(A_bb)∶紫眼正常翅(aabb)＝3∶1。(4)将该只紫眼突变体(可能的基因型有aa、aaBB、AAbb)与品系Ⅰ显性纯合子杂交。AA×aa(或aaBB)，后代为Aa(或AaB)，后代均为红眼，则该紫眼突变体属于品系Ⅰ或品系Ⅱ；AA×AAbb，后代为AAb，后代均为紫眼，则该紫眼突变体属于品系Ⅲ。
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
12
谢 谢 ！第22讲　自由组合定律中特殊分离比问题
　基因互作
1．类型分析
类型 F1(AaBb)自 交后代比例 F1测交 后代比例
① 存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现 9∶6∶1 1∶2∶1
② 两种显性基因同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状 9∶7 1∶3
③ 当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐性状，其余正常表现 9∶3∶4 1∶1∶2
④ 只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现 15∶1 3∶1
⑤ 双显基因和双隐基因表现相同，单显基因表现另一种性状 10∶6 2∶2 (1∶1)
⑥ 双显和某一单显基因表现一致，双隐和另一单显分别表现一种性状 12∶3∶1 2∶1∶1
2．解题技巧
(1)看F2的表型比例，若表型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合自由组合定律。
(2)将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9∶3∶4，则为9∶3∶(3∶1)的变形，即4为两种性状的合并结果。根据具体比例确定出现异常分离比的原因。
(3)根据表型写出对应的基因型。
(4)根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表型的比例。
1．(2024·广东河源期中)某种植物的叶有卵状和三角状两种类型，具有相对性状的亲本杂交，得到F1后自交，F2中可能出现卵状与三角状的比例为①3∶1；②15∶1；③9∶7。若F1与同亲本的三角状叶基因型相同的植株杂交，子代卵状和三角状的比例不可能为(　　)
A．1∶1　　　　　 B．1∶2∶1
C．3∶1 D．1∶3
2．(2024·湖南郴州期末)已知某雌雄同株植物的果实颜色受两对等位基因B/b、R/r控制，这两对基因与果实颜色的关系如图所示。现有一红色果实植株与黑色果实植株杂交，F1果实全为黑色果实，让F1植株自交，F2果实表型及比例为黑色∶红色∶白色＝12∶3∶1。下列说法不正确的是(　　)
A．控制果实颜色的两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律
B．亲本植株的基因型是bbRR和BBrr
C．让F2中黑色果实个体自交，所得F3果实的表型及比例为黑色∶红色∶白色＝40∶5∶3
D．F2黑色果实中纯合子的比例为1/8
　显性基因的累加效应
相关比较 举例分析(以基因型AaBb为例)
自交后代比例 测交后代比例
显性基因在基因型中的个数影响性状原理 A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强
显性基因在基因型中的个数影响性状表现 AABB∶(AaBB、AABb)∶(AaBb、aaBB、AAbb) ∶(Aabb、aaBb) ∶aabb＝1∶4∶6∶4∶1 AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1
3．(2024·广东茂名期末)某植物花色遗传受A、a和B、b两对等位基因控制。当不存在显性基因时，花色为白色；当存在显性基因时，随显性基因数量的增加，花色红色逐渐加深。现用两株纯合亲本植株杂交得F1，F1自交得F2，F2中有白花植株和4种红花植株，按红色由深至浅再到白的顺序统计出5种类型植株数量比例为1∶4∶6∶4∶1，下列说法不正确的是 (　　)
A．该植物的花色基因的遗传仍然遵循自由组合定律
B．亲本的基因型不一定为AABB和aabb
C．F2中基因型为AAbb和aaBB个体的表型与F1相同
D．用F1作为材料进行测交实验，测交后代有4种表型
4．(2024·河北保定六校联考期中)某二倍体植物植株高度由4对等位基因控制(A/a、B/b、C/c、D/d)，这4对基因独立遗传，对高度的增加效应相同并且具有叠加性，如基因型为AABBCCDD植株高为32 cm，基因型为aabbccdd植株高度为16 cm，现有基因型为AaBBccDd和aaBbCCDd的两植株进行杂交得到F1，下列说法错误的是(　　)
A．两亲本植株的高度都为24 cm
B．F1植株中最高个体为28 cm，最矮个体为20 cm
C．F1植株中基因型有12种，表型有5种
D．在F1的所有植株中基因型为AaBBCcDD的植株占1/8
　致死引起的特殊分离比问题
1．类型分析
(1)胚胎致死或个体致死
(2)配子致死或配子不育
2．解题技巧
第一步：先将其拆分成分离定律单独分析。
第二步：将单独分析结果再综合在一起，确定成活个体的基因型、表型及比例。
5．(2023·全国乙卷)某种植物的宽叶/窄叶由等位基因A/a控制，A基因控制宽叶性状；高茎/矮茎由等位基因B/b控制，B基因控制高茎性状。这2对等位基因独立遗传。为研究该种植物的基因致死情况，某研究小组进行了两个实验，实验①：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1；实验②：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1。下列分析及推理中错误的是(　　)
A．从实验①可判断A基因纯合致死，从实验②可判断B基因纯合致死
B．实验①中亲本的基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎的基因型也为Aabb
C．若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb
D．将宽叶高茎植株进行自交，所获得子代植株中纯合子所占比例为1/4
6．(2024·荆州三校联考)致死基因的存在可影响后代性状分离比。现有基因型为AaBb的个体，两对等位基因独立遗传，但具有某种基因型的配子或个体致死，不考虑环境因素对表型的影响，若该个体自交，统计后代的情况，下列说法正确的是 (　　)
A．后代分离比为4∶2∶2∶1，推测原因可能是某对显性基因纯合致死
B．后代分离比为6∶3∶2∶1，推测原因可能是基因型为AB的雄配子或雌配子致死
C．后代分离比为7∶3∶1∶1，推测原因可能是基因型为Ab的雄配子或雌配子致死
D．后代分离比为4∶1∶1，推测原因可能是基因型为aB的雄配子或雌配子致死
1．(2023·全国甲卷)乙烯是植物果实成熟所需的激素，阻断乙烯的合成可使果实不能正常成熟，这一特点可以用于解决果实不耐储存的问题，以达到增加经济效益的目的。现有某种植物的3个纯合子(甲、乙、丙)，其中甲和乙表现为果实不能正常成熟(不成熟)，丙表现为果实能正常成熟(成熟)，用这3个纯合子进行杂交实验，F1自交得F2，结果见下表。
实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比
① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1
② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1
③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3
回答下列问题：
(1)利用物理、化学等因素处理生物，可以使生物发生基因突变，从而获得新的品种。通常，基因突变是指_______________________________________________
____________________________________________________________________。
(2)从实验①和②的结果可知，甲和乙的基因型不同，判断的依据是___________
____________________________________________________________________。
(3)已知丙的基因型为aaBB，且B基因控制合成的酶能够催化乙烯的合成，则甲、乙的基因型分别是________________；实验③中，F2成熟个体的基因型是________________，F2不成熟个体中纯合子所占的比例为________。
2．(2023·河北卷)某家禽等位基因M/m控制黑色素的合成(MM与Mm的效应相同)，并与等位基因T/t共同控制喙色，与等位基因R/r共同控制羽色。研究者利用纯合品系P1(黑喙黑羽)、P2(黑喙白羽)和P3(黄喙白羽)进行相关杂交实验，并统计F1和F2的部分性状，结果见表。
实验 亲本 F1 F2
1 P1×P3 黑喙 9/16黑喙，3/16花喙(黑黄相间)，4/16黄喙
2 P2×P3 灰羽 3/16黑羽，6/16灰羽，7/16白羽
回答下列问题：
(1)由实验1可判断该家禽喙色的遗传遵循___________________________定律，F2的花喙个体中纯合体占比为___________。
(2)为探究M/m基因的分子作用机制，研究者对P1和P3的M/m基因位点进行PCR扩增后电泳检测，并对其调控的下游基因表达量进行测定，结果见图1和图2。由此推测M基因发生了碱基的___________而突变为m，导致其调控的下游基因表达量___________，最终使黑色素无法合成。
(3)实验2中F1灰羽个体的基因型为___________，F2中白羽个体的基因型有___________种。若F2的黑羽个体间随机交配，所得后代中白羽个体占比为________，黄喙黑羽个体占比为________。
(4)利用现有的实验材料设计调查方案，判断基因T/t和R/r在染色体上的位置关系(不考虑染色体互换)。
调查方案：__________________________________________________________。
结果分析：若________________________________________________________(写出表型和比例)，则T/t和R/r位于同一对染色体上；否则，T/t和R/r位于两对染色体上。
第22讲　自由组合定律中特殊分离比问题
突破训练
1．B　[若F1自交得到的F2表型比例为3∶1，说明叶的形状由一对等位基因控制，F1与同亲本中三角状叶基因型相同的植株杂交，子代比例为1∶1；若F1自交得到的F2表型比例为15∶1，说明叶的形状由两对等位基因控制，F1为双杂合子，F1与同亲本中三角状叶基因型相同的植株杂交，子代比例为3∶1；若F1自交得到的F2表型比例为9∶7，说明叶的形状由两对等位基因控制，F1与同亲本三角状叶基因型相同的植株杂交，子代比例为1∶3。F1与同亲本三角状叶基因型相同的植株杂交，按①②③的自交比例，子代不会出现1∶2∶1的比例，A、C、D正确，B错误。]
2．D　[由题意可知，F1植株自交，F2果实表型及比例为黑色∶红色∶白色＝12∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变式，说明控制果实颜色的两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；根据题图可知，黑色对应的基因型为B_ _ _，红色对应的基因型为bbR_，白色对应的基因型为bbrr，亲本为红色果实植株bbR_与黑色果实植株B_ _ _，又由于F1植株自交，F2果实表型及比例为黑色∶红色∶白色＝12∶3∶1，说明F1为BbRr，可推出亲本的基因型是bbRR和BBrr，B正确；让F2中黑色果实(1/12BBRR、2/12BBRr、2/12BbRR、4/12BbRr、1/12BBrr、2/12Bbrr)个体自交，黑色∶红色∶白色＝(1/12＋2/12＋2/12×3/4＋4/12×12/16＋1/12＋2/12×3/4)∶(2/12×1/4＋4/12×1/4×3/4)∶(4/12×1/16＋2/12×1/4)＝40∶5∶3，C正确；F2中表型为黑色果实的个体基因型为1BBRR＋2BBRr＋2BbRR＋4BbRr＋1BBrr＋2Bbrr，故F2黑色果实中纯合子的比例为2/12＝1/6，D错误。]
3．D　[由F2的5种类型植株数量比例为1∶4∶6∶4∶1，即9∶3∶3∶1的变式，可知控制该花色的基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；根据F2分离比可知，F1基因型为AaBb，故亲本的基因型可能是AAbb和aaBB或AABB和aabb，B正确；随显性基因数量的增加，花色红色逐渐加深，则显性基因个数相同的个体表型相同，故基因型为AAbb和aaBB个体的表型与F1(AaBb)相同，C正确；F1测交后代的基因型为AaBb、Aabb、aaBb、aabb，含有显性基因的个数分别为2、1、1、0，故有3种表型，D错误。]
4．D　[由题意可知：AABBCCDD植株高为32 cm，aabbccdd植株高度为16 cm，说明一个显性基因决定的高度为4 cm，一个隐性基因决定的高度为2 cm。由于基因型分别为AaBBccDd和aaBbCCDd的两亲本都含有4个显性基因和4个隐性基因，所以它们的高度均为4×4＋2×4＝24 cm，A正确；亲本的基因型分别为AaBBccDd和aaBbCCDd，F1植株的基因型有2×2×1×3＝12种，AaBBccDd和aaBbCCDd均能产生含有3个显性基因的配子、2个显性基因的配子，1个显性基因的配子，因此雌雄配子随机结合形成的子代中会出现含有6个显性基因的个体、5个显性基因的个体，4个显性基因的个体，3个显性基因的个体，2个显性基因的个体，对应的高度分别为4×6＋2×2＝28 cm、4×5＋2×3＝26 cm、4×4＋2×4＝24 cm、4×3＋2×5＝22 cm、4×2＋2×6＝20 cm，即最高的植株为28 cm，最矮的植株为20 cm，子一代表型有5种，B、C正确；F1中基因型为AaBBCcDD的植株占所有植株的比例为1/2×1/2×1×1/4＝1/16，D错误。]
5．D　[由题干中实验①、实验②的性状分离比分析可知，A基因、B基因纯合都会致死，A正确；由题分析可知，实验①的亲本基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎的基因型也为Aabb，B正确；由于A、B基因纯合都会致死，所以想要表现出显性性状，只能是杂合，也就是AaBb，C正确；由题分析可知，宽叶高茎基因型为AaBb，自交后代(Aa∶aa)(Bb∶bb)＝(2∶1)(2∶1)，即AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，纯合子只有aabb，占1/9，D错误。]
6．C　[后代分离比为4∶2∶2∶1，与9∶3∶3∶1相比，推测原因可能是两对显性基因纯合致死，A错误。后代分离比为6∶3∶2∶1，与A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1对照可推测可能是某对显性基因纯合致死，B错误。后代分离比为7∶3∶1∶1，与9∶3∶3∶1相比，最可能的原因是Ab或aB的雄配子或雌配子致死，C正确。若基因型为ab的雄配子或雌配子致死，则基因型为aabb的子代死亡，且基因型为AaBb、Aabb、aaBb的个体各死亡一份，子代A_B_∶aaB_∶A_bb＝8∶2∶2，即分离比为4∶1∶1；若基因型为aB的雄配子或雌配子致死，则后代分离比为7∶3∶1∶1，D错误。]
体验真题
1．(1)DNA分子中发生碱基的替换、增添或缺失，而引起的基因碱基序列的改变　(2)实验①和实验②的F1表型不同，F2的性状分离比不相同　(3)AABB、aabb　aaBB和aaBb　3/13
2．(1)自由组合(或“孟德尔第二”)　1/3　(2)增添　下降　(3)MmRr(或“MmRrTt”)　5　1/9　0　(4)对实验2中F2个体的喙色和羽色进行调查统计　F2中黑喙灰羽∶花喙黑羽∶黑喙白羽∶黄喙白羽＝6∶3∶3∶4
7 / 7课时数智作业(二十二)　自由组合定律中特殊分离比问题
1．(2024·广东深圳二模)某玉米品种紫色素的合成途径如图。研究人员将两个都不含有紫色素的纯系玉米杂交，所有F1植株都产生了紫色的种子，F1自交，得到的F2中，56%能产生紫色素，44%不能。不考虑染色体互换，则F1植株的基因组成最可能的情况是(　　)
　
A　 　　　B　　　 　C　　　　　D
2．(2024·湖南常德一中检测)两纯合玉米杂交得到F1，F1自交得到F2，F2籽粒性状表现及比例为紫色非甜∶紫色甜∶白色非甜∶白色甜＝27∶9∶21∶7。下列判断错误的是(　　)
A．籽粒口味性状受一对等位基因控制
B．籽粒颜色性状受两对等位基因控制
C．F2白色籽粒中纯合子占2/7
D．F2非甜籽粒中杂合子占2/3
3．(2024·广东广州检测)中国科学家研究发现黄瓜的苦味物质——葫芦素主要由两个“主控开关”控制合成，叶苦与非苦由一对等位基因A和a控制，果苦与非苦由另一对等位基因B和b控制(二者独立遗传)。现将叶和果实均苦味、叶和果实均非苦味的两品系进行杂交，得到F1全为叶和果实均非苦味类型。进一步研究发现叶片中葫芦素能有效抵御害虫侵害，减少农药的使用。下列有关说法错误的是(　　)
A．亲本叶和果实均苦味、叶和果实均非苦味的基因型分别为aabb和AABB
B．将F1自交得F2，F2中表型为叶苦果非苦的黄瓜中纯合子所占比例为1/3
C．将F1植株进行花药离体培养即可快速获得稳定遗传的所需植株
D．依据题意，表型为叶苦果非苦的黄瓜可作为育种工作者首选
4．(2023·辽宁省适应性测试)在种质资源库中挑选某二倍体作物甲、乙两个高甜度纯合品系进行杂交，F1均表现为甜，F1自交得到的F2出现甜∶不甜＝13∶3，假设不甜植株的基因型为aaBB和aaBb，下图中，能解释杂交实验结果的代谢途径有(　　)
A．①③　 　 B．②③　 　
C．①④　 　 D．②④
5．(2024·江苏连云港模拟)荠菜蒴果形状有三角形和卵形两种，纯合三角形和纯合卵形杂交，F1均为三角形，F1自交后代为三角形和卵形，如图1，且比例为15∶1，图2为基因作用模式图。下列叙述错误的是(　　)
A．控制果形的两对基因分别位于两对同源染色体上
B．F2三角形蒴果中纯合子所占比例为1/5
C．F2三角形蒴果自由交配多代，T1的基因频率会逐代升高
D．图2中基因T1和基因T2的产物作用可能相同
6．(2024·湖北鄂东南三校联考)某二倍体自花传粉植物，其花色有黄色和白色，花色受多对等位基因共同控制。让黄色花植株与白色花植株杂交得F1，F1均表现为黄色花，F1自交得到的F2中白色花植株占1/64。黄色花的颜色深浅存在基因叠加效应，即显性基因越多，黄色越深。再次统计F2中花色由深到浅的表型及比例依次为深暗黄色∶暗黄色∶中度深黄色∶深黄色∶中度黄色∶浅黄色∶白色＝1∶6∶15∶20∶15∶6∶1。下列相关叙述不正确的是(　　)
A．该植物的花色受到三对等位基因控制，且遗传遵循基因的自由组合定律
B．根据题干分析，F1实际表现为中度黄色花且只含有三个显性基因
C．表现为中度深黄色花的植株的基因型共有6种，F2的此表型植株中纯合子占1/5
D．浅黄色花植株与白色花植株杂交，后代中白色植株占1/2
7．(2024·广东茂名期中)某多年生植物的高茎和矮茎由等位基因B、b控制，阔叶和狭叶由等位基因E、e控制，两对基因独立遗传。用两种纯合植株杂交得到实验结果如下表。下列叙述错误的是(　　)
亲本组合 F1 F2
高茎 阔叶 高茎 阔叶 高茎 狭叶 矮茎 阔叶 矮茎 狭叶
高茎狭叶(♀) ×矮茎阔 叶(♂) 99 101 62 61 21
高茎狭叶(♂) ×矮茎阔 叶(♀) 100 102 61 63 20
A．F1产生的基因型为BE的花粉或卵细胞不育
B．通过正反交实验判断两对基因均位于常染色体上
C．F2高茎阔叶个体中基因型为BbEE的个体占1/5
D．出现表中表型比是由于基因型为BbEe的个体致死
8．(2024·湖北武汉模拟)新型抗虫棉T与传统抗虫棉R19、sGK均将抗虫基因整合在染色体上，但具有不同的抗虫机制。对三者进行遗传分析，杂交组合及结果如下表所示。以下说法错误的是(　　)
杂交组合 F1 F2
①T×R19 全部为抗虫株 全部为抗虫株
②T×sGK 全部为抗虫株 抗虫株∶感虫株＝15∶1
A．T与R19的抗虫基因可能位于一对同源染色体上
B．T与sGK的抗虫基因插入位点在非同源染色体上
C．杂交组合②的F2抗虫株中抗虫基因数量不一定相同
D．R19与sGK杂交得到的F2中性状分离比为3∶1
9．(2024·安徽合肥一模)杂交育种是水稻育种的重要途径，但不同品种的水稻之间的杂交种常有育性下降的问题。已知水稻8号染色体上有一对等位基因T/t，4号染色体上有一对等位基因G/g，在花粉发育过程中，T或G基因表达对花粉发育重要的蛋白质，t和g基因无法表达有功能的蛋白质。研究人员选取部分植株，通过PCR扩增相关基因后，进行电泳检测，得到下图条带。有关说法错误的是(　　)
注：图A检测T/t基因，图B检测G/g基因，①②个体花粉发育完全正常，④个体花粉有3/4发育正常。
A．T/t和G/g两对基因的遗传遵循自由组合定律
B．杂交种育性下降的原因可能是基因型为tg的花粉发育不正常
C．③⑤⑥个体中，1/2花粉发育正常的个体有③⑥
D．④个体自交，后代有8种基因型，花粉发育完全正常的个体占7/16
10．(2024·湖北武汉一模)某自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上，这两对等位基因与植物的花色的关系如图所示。此外，A/a基因还影响花粉的育性，含A的花粉可育，含a的花粉50%可育，50%不育。而且B基因纯合致死。若基因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是(　　)
A．子一代中红花植株数是粉花植株数的3倍
B．若要验证A/a基因影响花粉的育性，可选择基因型为AaBb与aabb的植株做正反交实验
C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍
D．子代白花植株中，杂合子所占比例为2/3
11．(13分)(2024·湖南长沙一中检测)某种植物的紫花和白花这一相对性状受三对等位基因(A/a、B/b、D/d)控制，且每对等位基因都至少有一个显性基因时才开紫花。现有该种植物甲、乙、丙、丁4个不同的纯合白花品系，通过多次相互杂交实验，发现如下规律：
规律一：甲、乙、丙相互杂交，F1均开紫花，F2均表现为紫花∶白花＝9∶7；
规律二：丁与其他纯合白花品系杂交，F1均开白花，F2仍全部开白花。
分析杂交实验规律，回答下列问题：
(1)该种植物的花色遗传符合____________定律，判断的依据是________________________________________。
(2)由上述结果可知，丁品系的基因型为____________，基因型为AaBbDd的植株自交，子代的表型及比例为______________________。
(3)某实验小组偶然发现两株白花纯种植株，且这两株白花与紫花纯合品系均只有一对等位基因存在差异，请设计实验来确定两株白花植株的基因型是否相同。
实验思路：___________________________________________________________
____________________________________________________________________。
预期实验结果和结论：若____________________，则两株白花植株基因型不同；若______________________，则两株白花植株基因型相同。
12．(12分)(2024·广东广州联考)果蝇的生长周期短、繁殖快、染色体少且容易观察，是遗传学上常用的实验材料。某研究小组通过一只红眼正常翅果蝇与一只紫眼卷翅果蝇杂交，F1为红眼卷翅和红眼正常翅。选择F1中红眼卷翅雌雄果蝇杂交，F2中红眼卷翅∶红眼正常翅∶紫眼卷翅∶紫眼正常翅＝6∶3∶2∶1。分析并回答下列问题：
(1)果蝇的眼色、翅形这两对相对性状遵循____________定律，其中显性性状为______________。
(2)F2中紫眼卷翅是__________(填“纯合子”或“杂合子”)，判断依据是_____
____________________________________________________________________。
(3)若F1中红眼正常翅雌雄果蝇相互交配，则F2的表型及比例是________________________________________________________________________。
(4)已知紫眼果蝇均为隐性突变体，基因型为aa(品系Ⅰ，B/b基因所在的染色体缺失)、aaBB(品系Ⅱ)、AAbb(品系Ⅲ)，基因A/a、基因B/b在染色体的位置如下图所示。
该研究小组保存有雌雄品系Ⅰ果蝇，现发现一只紫眼突变体，为鉴定该紫眼突变体品系类型，研究人员将该只紫眼突变体与品系Ⅰ显性纯合子杂交。若后代均为红眼，则该紫眼突变体属于品系__________；若后代均为紫眼，则该紫眼突变体属于品系______。
课时数智作业(二十二)
1．D　[已知两个都不含有紫色素的纯系玉米杂交，所有F1植株都产生了紫色的种子，F1自交，得到的F2中，56%能产生紫色素，44%不能，即紫色∶无色＝56%∶44%≈9∶7，说明A_B_是紫色，其他基因型都不含紫色素，则亲本为AAbb×aaBB，子一代为AaBb，且两对基因位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，即D正确，A、B、C错误。]
2．C　[就籽粒口味这一性状来说，籽粒口味性状为非甜和甜，F2非甜籽粒∶甜籽粒＝3∶1，符合基因的分离定律，受一对等位基因控制，A正确；F2籽粒颜色的性状表现及比例为紫色∶白色＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变形，符合基因的自由组合定律，受两对等位基因控制，B正确；F2籽粒颜色的性状表现及比例为紫色∶白色＝9∶7，籽粒的颜色由两对自由组合的等位基因控制(设为A/a、B/b)，A_B_为紫色，其他为白色，故白色籽粒中纯合子的基因型为AAbb、aaBB、aabb，故F2白色籽粒中纯合子占3/7，C错误；非甜∶甜＝3∶1，非甜为显性性状，甜度受一对等位基因控制(设为C/c)，F1非甜籽粒的基因型为Cc，自交后，F2非甜籽粒中CC∶Cc＝1∶2，杂合子为Cc，占2/3，D正确。]
3．C　[分析题意，F1全为叶和果实均非苦味类型，说明叶和果实非苦都是显性性状，则A _B_表型为叶和果实均非苦味、A_ bb表型为叶非苦和果实苦、aaB_表型为叶苦和果实非苦，aabb表型为叶果实均苦，且亲本基因型为AABB、aabb，A正确；利用杂交育种培育该品种黄瓜时，应该让获得的子一代(AaBb)自交，则子二代中表型符合要求的个体为aaB_，其中aaBB占1/3，aaBb占2/3，即其中纯合子占1/3，B正确；将F1植株进行花药离体培养然后用秋水仙素加倍才可快速获得稳定遗传的所需植株，C错误；由于提高叶片中葫芦素的含量能有效抵御害虫侵害，减少农药的使用，而我们食用黄瓜的果实，因此作为育种工作者，应该选育表型为叶苦果非苦的黄瓜，D正确。]
4．D　[根据F1自交得到的F2出现甜∶不甜＝13∶3，不甜植株的基因型为aaBB和aaBb，只有B导致不甜，当A与B同时存在时，表现为甜，说明A抑制B的表达，②④正确，D正确。]
5．C　[根据图1可知：F2中三角形∶卵形＝15∶1，而15∶1实质上是9∶3∶3∶1的变式，说明控制果形的两对基因分别位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，A正确；纯合三角形和纯合卵形杂交，产生的F2中三角形∶卵形＝15∶1，基因型及表型比例为(A_B_)三角形：(A_bb和aaB_)三角形∶(aabb)卵形＝9∶6∶1，在三角形中有3个纯合子(AABB、AAbb、aaBB)，所以三角形纯合子占三角形总数的1/5，B正确；根据遗传平衡定律，F2三角形蒴果自由交配多代，T1的基因频率基本不变，C错误；图2中基因T1和基因T2的产物都能使前体物质转变为产物，推测基因T1和基因T2的产物作用可能相同，D正确。]
6．B　[F1自交得到的F2中白色花植株占1/64，说明该植物的花色受到三对等位基因控制，且符合基因的自由组合定律，A正确；若相关基因为A/a、B/b、C/c，结合题意可知F1为AaBbCc，实际表现为深黄色花且只含有三个显性基因，表现为中度深黄色花的植株的基因型中有4个显性基因，F2中表现为中度深黄色花的植株所占比例为15/64，基因型共有6种，F2的此表型植株中纯合子(1/64AABBcc、1/64AAbbCC、1/64aaBBCC)占(3/64)/(15/64)＝1/5，B错误，C正确；浅黄色花植株只有一个显性基因，与白色花植株杂交，后代浅黄色∶白色＝1∶1，D正确。]
7．D　[据表格可知，F2中出现四种表型的比例约等于5∶3∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，双显性状中少了4份，其他性状比例不受影响，可能是由于基因型为BE的花粉或卵细胞不育，A正确；图中两种亲本组合互为正反交，F2表型比相同，说明两对基因均位于常染色体上，B正确；由于BE的花粉或卵细胞不育，导致F2中基因型为BbEE的个体只有一份，F2高茎阔叶个体中基因型为BbEE的个体占1/5，C正确；F1个体基因型均为BbEe，所以基因型为BbEe的个体不可能致死，D错误。]
8．D　[T×R19杂交，F1全部为抗虫植株，F2全部为抗虫植株，可推测T与R19的抗虫基因可能位于一对同源染色体上，所含的配子均含有抗虫基因导致，A正确；根据T×sGK杂交结果分析，F1全部为抗虫植株，F2中抗虫∶不抗虫＝15∶1，该比值是9∶3∶3∶1的变形，可知T与sGK的抗虫基因插入位点在非同源染色体上，B正确；设相关基因是A/a、B/b，其中A_B_、A_bb和aaB_的类型均表现为抗虫，故杂交组合②的F2抗虫株中抗虫基因数量不一定相同，C正确；设T基因型是AAbb，则sGK是aaBB，R19是A1A1bb，R19与sGK杂交后F1的基因型是A1aBb，两对基因独立遗传，F2中性状分离比为15∶1，D错误。]
9．D　[根据题意“已知水稻8号染色体上有一对等位基因T/t，4号染色体上有一对等位基因G/g”，这两对等位基因分别位于两对同源染色体上，T/t和G/g基因的遗传遵循自由组合定律，A正确。杂交种如TtGg，其产生的花粉基因型为1/4TG、1/4Tg、1/4tG、1/4tg，有3/4的花粉发育正常；根据题干信息，T或G基因表达对花粉发育重要的蛋白质，t和g基因无法表达有功能的蛋白质，则是基因型为tg的花粉发育不正常导致杂交种育性下降，B正确。由电泳图中图A检测T/t基因，图B检测G/g基因，图A中两条电泳带一定是T和t，图B中两条电泳带一定是G和g，又由于图中①②个体花粉发育完全正常，则图A中上面的条带代表t，下面的条带代表T，图B中上面条带代表G，下面条带代表g，即①②③④⑤⑥个体的基因型分别为TtGG、TTGg、ttGg、TtGg、TTGG、Ttgg，其中1/2花粉发育正常的个体的基因型是ttGg(③)、Ttgg(⑥)，C正确。④的基因型为TtGg，该个体自交，雌配子基因型为1/4TG、1/4Tg、1/4tG、1/4tg，雄配子基因型为1/3TG、1/3Tg、1/3tG，后代的基因型为1/12TTGG、2/12TtGG、2/12TTGg、3/12TtGg、1/12TTgg、1/12Ttgg、1/12ttGg、1/12ttGG共8种，这些后代基因型花粉全部正常的个体是1/12TTGG、2/12TtGG、2/12TTGg、1/12TTgg、1/12ttGG，占7/12，D错误。]
10．A　[由题意可知，两对等位基因独立遗传，基因型为AaBb的个体产生的配子种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，含A的花粉可育，含a的花粉50%可育，50%不育，则该个体产生的精子的基因型为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶2∶1∶1，又B基因纯合致死，则子一代中个体的基因型和表型为6AaBb(红色)、4AABb(红色)、2AAbb(粉红色)、3Aabb(粉红色)、2aaBb(白色)、1aabb(白色)，可见子一代中红花∶粉红花＝2∶1，即子一代中红花植株数是粉花植株数的2倍，A错误；选择基因型为AaBb与aabb的植株做正反交实验，通过检测子代的性状表现来验证A/a基因影响花粉的育性，二者正交的表型及比例为AaBb(红色)∶Aabb(粉红色)∶aaBb(白色)∶aabb(白色)＝1∶1∶1∶1，即红色∶粉红色∶白色＝1∶1∶2，反交的表型及比例为AaBb(红色)∶Aabb(粉红色)∶aaBb(白色)∶aabb(白色)＝2∶2∶1∶1，即红色∶粉红色∶白色＝1∶1∶1，B正确；由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子的比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶2∶1∶1，即可育雄配子共6份，而不育雄配子占2份，即亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的三倍，C正确；结合A项可知，子一代的基因型和表型为6AaBb(红色)、4AABb(红色)、2AAbb(粉红色)、3Aabb(粉红色)、2aaBb(白色)、1aabb(白色)，可见子代白花植株中，杂合子所占比例为2/3，D正确。]
11．(除标注外，每空2分，共13分)(1)自由组合(1分)　规律一中F2均表现为紫花∶白花＝9∶7　(2)aabbdd　紫花∶白花＝27∶37　(3)让两株白花植株杂交，观察并统计子代的表型及比例　子代的表型全为紫花　子代的表型全为白花
12．(除标注外，每空2分，共12分)(1)自由组合(1分)　红眼、卷翅(1分)
(2)杂合子　根据F2的表型及比例，卷翅∶正常翅＝2∶1，卷翅纯合子死亡　(3)红眼正常翅∶紫眼正常翅＝3∶1　(4)Ⅰ或Ⅱ　Ⅲ
6 / 6

展开更多......

收起↑