资源简介 重庆市第八中学2024 2025学年高二下学期第一次月考数学试题一、单选题(本大题共8小题)1.抛掷同一枚硬币两次,若事件“至少有一次正面朝上”,则事件( )A.两次均正面朝上 B.至多有一次正面朝上C.两次均反面朝上 D.至少有一次反面朝上2.甲、乙两人各抛掷一枚骰子,则两人抛出的点数之和为4的概率为( )A. B. C. D.3.函数的大致图象是( )A. B. C. D. 4.两双不同的鞋,其中一双的两只记为.另一双的两只记为.从中随机取出2只,记事件“取出的鞋不成双”;“取出的鞋都是同一只脚的”.则( )A.包含于 B. C.与互斥 D.5.过原点的直线与及的图象都相切,则实数的值为( )A.0 B.1 C. D.6.正项数列的前项和为,首项,已知函数有且仅有两个零点,则( )A.120 B.125 C.57 D.2477.定义在上的函数的导函数为,都有,下列说法正确的是( )A. B.C. D.8.已知椭圆和双曲线有公共焦点(为上焦点),椭圆与双曲线在第一象限交于点,直线交轴于点,且平分,则双曲线的离心率为( )A. B. C. D.二、多选题(本大题共3小题)9.甲,乙两个体育社团小组成员的某次立定跳远成绩(单位:厘米)如下:甲组:乙组:则下列说法正确的是( )A.甲组数据的第百分位数是B.乙组数据的众数是C.从甲、乙两组各随机选取一个成员,两人跳远成绩均在厘米以上的概率为D.乙组中存在这样的成员,将其调派到甲组后,甲、乙两组的跳远平均成绩都降低10.椭圆的左、右焦点分别为,点在上,圆是以椭圆的短轴为直径的圆,为圆的一条直径(在第一象限),直线与圆的另一个交点为,则下列说法正确的是( )A.若,则的面积为B.若,则直线被椭圆截得的弦长为C.若是以为其中一腰的等腰三角形,则满足条件的点有6个D.若为与轴正半轴的交点,,则直线的斜率为11.定义域为的函数的导函数记为,的导函数为,若为奇函数,为偶函数,下列说法一定正确的是( )A. B.C. D.三、填空题(本大题共3小题)12.经过抛物线的焦点且倾斜角为的直线交于点,且,则 .13.若函数有两个零点,则实数的取值范围是 .14.对恒成立,则实数的取值范围是 .四、解答题(本大题共5小题)15.记是公差大于0的等差数列的前项和,,且成等比数列.(1)求和.(2)若,证明:数列的前项和.16.某中学高二年级举行了一次知识竞赛,为了了解本次竞赛成绩情况,从中抽取了部分学生的成绩(单位:分,得分取正整数,满分为100分)作为样本进行统计,将成绩进行整理后,分为六组(如图): (1)求的值,并估计本次竞赛成绩的平均分.(2)如果用按比例分层抽样的方法从样本成绩为和的学生中共抽取6人,再从6人中选2人,求2人中有来自组的学生的概率.(3)某老师在此次竞赛成绩中抽取了6名学生的分数:,已知这6个分数的平均数,标准差,若再抽取两名分数分别为82和88的学生,求这8个分数的方差.17.如图,三棱柱的各棱长均相等,是棱的中点,平面.(1)求证:平面.(2)求直线与平面所成角的正弦值.18.已知函数.(1)求的单调区间;(2)若当时,存在极大值,求实数的取值范围;(3)证明:函数存在零点的充要条件是.19.双曲线的离心率为,斜率为的直线和斜率为的直线均过原点,且分别与的右支交于点和点.(1)求实数的值;(2)作斜率为的过原点的直线(异于)与的右支分别交于点,记的面积为.(i)求证::(ii)若,且,记,证明:.参考答案1.【答案】C【详解】因为事件“至少有一次正面朝上”,所以由对立事件的定义得事件“两次均反面朝上”,故C正确.故选C2.【答案】B【详解】因为甲、乙两人各抛掷一枚骰子,所以共有种情况,符合条件的有,共种,且设概率为,则,故B正确.故选B3.【答案】B【详解】对于,有,,下面,我们开始分析选项,对于A,C,不满足,故A,C错误,对于D,不满足,故D错误,对于B,满足的全部性质,故B正确.故选B4.【答案】D【详解】随机取出2只,所有可能结果:;;;; ;;包含:;; ;;包含:;;包含:;;对于A: 包含,故错误;对于B:,故错误;对于C:与可以同时发生,故错误;对于D:,正确;故选D5.【答案】A【详解】因为切线方程过原点,所以设切线方程为,且设和的切点为,因为,所以,由导数的几何意义得,则切线方程为,将代入方程,得到,解得,则切线方程为,设和的切点为,且,由斜率的几何意义得,解得,代入中,得到切点为,代入中,得到,解得,故A正确.故选A6.【答案】A【详解】因为,所以,而,则方程有且仅有一个根,得到,即,而是正项数列,得到,则,又,得到,令,,且,得到是首项为,公比为的等比数列,则,得到,即,故,得到,故A正确.故选A7.【答案】C【详解】因为,所以,.由,得,则,即,设,则,可得,则在定义域上单调递减,对于A,可得,则,得到,即,故A错误,对于B,可得,则,得到,即,故B错误,对于C,可得,则,而由两角和的正弦公式得,得到,故C正确,对于D,可得,则,而由两角和的正弦公式得,得到,故D错误.故选C8.【答案】B【详解】如图所示,设双曲线的实轴长为,由题意:,不妨令,,得:.由角平分线定理:,即:,,一方面:,另一方面:,(负舍),故双曲线的离心率为:.故选B. 9.【答案】BCD【详解】对于A,由题意得甲组数据共有个数字,而,则第百分位数是第个数和第个数的平均数,为,故A错误,对于B,我们发现出现了次,其它数据只出现了次,则乙组数据的众数是,故B正确,对于C,甲组中跳远成绩在厘米以上的有7人,其概率为,乙组中跳远成绩在厘米以上的有人,其概率为,而从甲,乙两组各随机选取一个成员,设从甲组抽取为事件,从乙组抽取为事件,两人跳远成绩均在厘米以上的概率为,得到,,而相互独立,由独立事件概率公式得,故C正确;对于D,甲组的平均成绩为厘米,乙组的平均成绩为厘米,则将乙组中跳远成绩为厘米或厘米或厘米的成员调派到甲组后,甲,乙两组的跳远平均成绩都有降低,故D正确.故选BCD10.【答案】AD【详解】由题设,椭圆,得,则,,对于A,因为在椭圆上,所以,而,即,则,得,故,所以,故A正确;对于B,若,则,又,故,故,故直线的斜率为,故直线的方程为,由可得,故或,故直线被椭圆截得的弦长为,故B错误;对于C,设,则,即,,因为是以为其中一腰的等腰三角形,,故或,当时,则,解得或(舍),故,可知满足条件的有2个,即,由椭圆的对称性可知时,满足条件的有2个,所以满足条件的共有4个点,故C错误;对于D,由题意,圆的半径为,设,则,设的中点为,连接,则,故,又,则,故,故,因为在第一象限,故在第三象限,故的斜率存在且为正数,设直线的斜率为,则直线,则,故,则直线,又圆,由可得,解得或,故,则,得,故,故,故D正确. 故选AD.11.【答案】ACD【详解】由为偶函数,得:,故,令,则:,即:的图象关于对称;继续求导,得:,即:关于直线对称.又由为奇函数,得:,即:的图象以为对称中心.是周期为的周期函数,也是周期为的周期函数.对于A,,故A正确;对于B,,而题设条件无法支撑B错,对于C,根据对称性,因为关于对称,则,又因为的周期,则,又因为关于直线对称,则,则,,C对;对于D,同样根据对称性,,故,D对.故选ACD12.【答案】【详解】设,,直线斜率为,因为倾斜角为,所以,则直线方程为,联立方程组,得到,由韦达定理得,由焦半径公式得,,因为,所以,解得.13.【答案】【详解】因为,所以,当时,,则此时单调递增,得到不可能有两个零点,当时,令,,令,,得到在上单调递减,在上单调递增,因为函数有两个零点,所以需有,而,此时满足,解得,则实数的取值范围是.14.【答案】【详解】由题意:对恒成立,设,则,设,则,因为,则,,,设,,则,则在上单调递增,则,则在上恒成立,故在上单调递增,又,故,故在上单调递增,又,故.15.【答案】(1);(2)证明见解析【详解】(1)因为是公差大于0的等差数列,所以设公差为,因为成等比数列,所以,即,解得或,因为,所以符合题意,则,.(2)由上问得,因为,所以,则,得到,因为,所以,得到,即得证.16.【答案】(1);(2)(3)【详解】(1)因为小长方形面积和为,所以,解得,而设平均分为,得到,,即本次竞赛成绩的平均分为分.(2)若从样本成绩为和的学生中共抽取6人,且成绩在的人数为人,在的人数为人,即从的学生中取人,从中取人,设这名学生分别为,2人中有来自组的学生的概率为,则基本事件为,,共有种基本事件,符合条件的有,共种,则,故2人中有来自组的学生的概率为.(3)因为这6个分数的平均数,标准差,所以这6个分数的平均数为分,,则,解得,设新的方差为,,则这8个分数的方差为.17.【答案】(1)证明见解析(2)【详解】(1)因为三棱柱的各棱长均相等,所以不妨设棱长为,则,得到是等边三角形,因为是的中点,所以,且平面,如图,以为原点建立空间直角坐标系,因为平面,所以,因为是棱的中点,所以,而,由勾股定理得,同理可得,则,,,,,,由中点坐标公式得,,由题意得,则,设,故,得到,,即,由中点坐标公式得,则,,,设面的法向量为,得到,,令,解得,,故,则,而面,故平面.(2)由上问得,,,,,则,,,设面的法向量为,则,,令,解得,,得到,设直线与平面所成角为,则.18.【答案】(1)答案见解析;(2);(3)证明见解析.【详解】(1)由,得:,令,对称轴为:,当,即时,,所以,即恒成立,此时的单调增区间是,无减区间;当时,即,若,即,此时,即恒成立,此时的单调增区间是,无减区间;若,即,抛物线开口向上,与轴有两个交点;令,可得:,此时在,,即,在,,即,在,,即,所以的单调递增区间:和,单调递减区间:;综上所述:时,单调增区间是,无减区间;当时,单调递增区间:和,单调递减区间:;(2)由(1)可知,若时,存在极大值,结合(1)中单调性知:需满足,解得,所以实数的取值范围.(3),存在零点在有解在有解,令,,令,显然与同号,对恒成立,在上单调递增,注意到:,当时,单调递减;当时,单调递增,,当时,,.当时,由于,故方程有解,有零点.证毕.19.【答案】(1)16(2)(i)证明见解析;(ii)证明见解析.【详解】(1)双曲线的离心率,,.(2)(i)联立:,即:,同理,有:.,同理,有:,.比较可得:.(ii)由(i)知:当时,.,且.同理有:,到的距离..令,则,令,解得,令,解得,则当时,单调递减;当时,单调递增,,当时,;当时,,因此,,.又时,. 展开更多...... 收起↑ 资源预览