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安徽卷——2025届高考物理考前冲刺卷
一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1.太阳现正处于主序星演化阶段.它主要是由正，负电子和、等原子核组成，维持太阳辐射的是它内部的核聚变反应，核反应方程是（释放的核能），这些核能最后转化为辐射能.已知质子质量，核质量，电子质量，光速，则每发生一次上述核聚变反应所释放的核能为( )
A. B. C. D.
2.如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后( )
A.M静止在传送带上 B.M可能沿斜面向上运动
C.M受到的摩擦力变大 D.M下滑的速度不变
3.某艺术体操过程中彩带的运动可简化为沿x轴方向传播的简谐横波，时的波形图如图甲所示，质点Q的振动图像如图乙所示。下列判断正确的是( )
A.简谐波沿x轴正方向传播
B.再经过0.75s，P点到达平衡位置
C.该时刻P点的位移为
D.质点Q的振动方程为
4.如图所示，质量均为m的两物体A、B用劲度系数为k的轻质弹簧拴接，物体C叠放在物体B上，系统处于静止状态。现将C瞬间取走，物体A恰好不离开地面。已知弹性势能的表达式为，其中x为弹簧的形变量，重力加速度为g。以下说法正确的是( )
A.物体C的质量为3m
B.物体B运动到最高点时的加速度大小为3g
C.物体B的最大速度大小为
D.物体B上升的最大高度为
5.设想在赤道上建造如图所示的“太空电梯”，宇航员可通过竖直的电梯直通空间站。超级缆绳将地球赤道上的固定基地、同步空间站和配重空间站连接在一起，使它们随地球同步旋转。已知同步空间站位于地球同步卫星轨道上，则( )
A.电梯上的乘客一直处于完全失重状态
B.同步空间站两侧的缆绳对其作用力的合力为零
C.配重空间站受到的地球引力大于其圆周运动的向心力
D.配重空间站外部零件脱落后将随配重空间站一起绕地球同步旋转
6.如图所示，在水平地面上放置了一个顶端固定有定滑轮的斜面，物块B放置在斜面上，轻细绳的一端与B相连，另一端通过定滑轮与小球A相连。现对小球A施加水平外力F使其缓慢运动，直至将OA拉至图示位置，拉动过程中物块B和斜面始终静止。不计细绳与滑轮的摩擦，则下列说法正确的是( )
A.拉力F先增大后减小 B.OA绳上的拉力一直减小
C.斜面对B的摩擦力一直减小 D.地面对斜面的摩擦力一直增大
7.如图甲所示，每只冰壶直径、质量。某次试投过程中，冰壶A在时刻以的初速度投出，与静止的冰壶B发生弹性正碰，此后冰壶B在水平面上运动0.9m后停止，冰壶B的图像如图乙所示，不计空气阻力，则( )
A.两只冰壶在时发生碰撞
B.碰撞前摩擦力对冰壶A做功为-3.42J
C.碰撞后冰壶B受到摩擦力的冲量大小为
D.和两时刻冰壶重心间的距离之比为
8.质量相同的两个带电粒子M、N以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行金属板间的匀强电场中，不计带电粒子的重力，M从两板正中央射入，N从下板边缘处射入，它们最后打在同一点，如图所示。则从开始射入至打到上板的过程中( )
A.它们运动的时间关系为
B.它们的电势能减少量之比
C.它们的动能增量之比
D.它们的动量增量之比
二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
9.如图所示，一束复色光以的入射角照射到底面有涂层的平行玻璃砖上表面，经下表面反射后从玻璃砖上表面折射出两条平行光线a、b，关于a、b两束单色光，下列说法正确的是( )
A.a光的频率比b光大
B.b光的折射率比a光小
C.a光在玻璃砖中的速度比b光快
D.a、b两束单色光通过同一双缝干涉时，a光产生的干涉条纹间距较大
10.如图所示，在x轴上方存在磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场。x轴上放置一无限长挡板，挡板上M、N两点的坐标分别为和，坐标为的P点存在一粒子源，可以在xOy平面内向各个方向均匀发射速率为v、比荷为的正粒子。不计粒子重力及粒子间的相互作用，下列说法正确的是( )
A.带电粒子在磁场中沿顺时针方向运动
B.若，则打在挡板上的粒子数占总数的
C.若，则挡板上有粒子打到的线段长度为
D.若，将挡板撒去，则MN之间各处均有粒子通过
三、非选择题：本题共5小题，共58分。
11.（9分）某同学用如图甲所示的实验装置做“探究平抛运动的规律”实验，斜槽末端安装有光电门，距水平地面的高度为H。将小球从斜槽上某处由静止释放，记录小球通过光电门的时间t，测得小球的水平射程为x；改变小球在斜槽上的释放位置，多次测量得到多组t、x，回答下列问题：
（1）关于该实验，下列说法正确的是______。
A.斜槽必须光滑
B.斜槽末端必须水平
C.小球需选密度较大的实心铁球
（2）用游标卡尺测量小球的直径，如图乙所示，小球的直径______mm。
（3）以x为纵坐标、为横坐标，作出的图像为过原点、斜率为k的直线，如图丙所示，则当地的重力加速度大小______（用d、H、k表示）。
12.（12分）某小组用下列器材测电源的电动势与内阻。
A.待测电源（电动势E约6V，内阻约）
B.电流表A（量程1.0A，内阻约）
C.电阻箱
D.定值电阻
E.定值电阻
F.开关，导线若干
（1）小明先用图甲所示的电路测量电流表的内阻.闭合开关，调节电阻箱，当电阻箱的阻值时，发现闭合或断开开关时，电流表的指针位置均相同，则电流表的内阻________Ω.若忽略偶然误差，从理论上分析，本实验中电流表内阻的测量值________（填“大于”“等于”或“小于”）真实值。
（2）小刚用图乙所示的电路测电源的电动势与内阻。将电阻箱阻值调到最大，闭合开关S；多次调节电阻箱，记录电流表的示数I和相应的电阻箱阻值R，并在丙图中描点。请你在丙图中绘出图像，根据图像可求出，电源的电动势________V，内阻________Ω.（结果均保留2位有效数字）
13.（10分）绝热的活塞与汽缸之间封闭一定质量的理想气体，汽缸开口向上置于水平面上，活塞与汽缸壁之间无摩擦，缸内气体的内能，如图甲所示。已知活塞面积，其质量为，大气压强，重力加速度。如果通过电热丝给封闭气体缓慢加热，活塞由原来的P位置移动到Q位置，此过程封闭气体的图像如图乙所示，且知气体内能与热力学温度成正比。求：
（1）封闭气体最后的体积；
（2）封闭气体吸收的热量；
14.（13分）如图所示，一条连有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直，底端分别与两侧的直轨道相切，半径。质量的物块A以的速度滑入圆轨道，滑过最高点Q，再沿圆轨道滑出后，与直轨上P处静止的质量的物块B碰撞，碰后粘合在一起运动。P点左侧轨道光滑，右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列，每段长度都为。两物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为，A、B均视为质点，碰撞时间极短，重力加速度
(1)试求A滑过Q点时的速度大小和圆轨道对物体A的弹力；
(2)若碰后A、B粘合体最终停止在第k个粗糙段上，试求k的数值。
15.（14分）如图所示为某种电磁缓冲车的结构示意图，其主要部件为缓冲滑块K和质量为m的缓冲车厢。在缓冲车的底板上安装着电磁铁，能产生垂直于导轨平面的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B，沿车的轴线固定着两个光滑水平绝缘导轨PQ、MN，可以在导轨内自由滑动的缓冲滑块K由高强度绝缘材料制成，滑块K上绕有闭合的多匝矩形线圈abcd，线圈的总电阻为R，匝数为n，ab边长为L，假设缓冲车以速度与障碍物C碰撞后，滑块K立即停下，此后线圈与轨道的磁场作用力使缓冲车厢减速运动，从而实现缓冲，一切摩擦及空气阻力不计。
（1）求缓冲车厢减速过程中最大加速度的大小：
（2）碰撞后缓冲车厢向前移动一段距离后速度为零，则此过程线图abcd中产生的焦耳热是多少；
（3）缓冲车与障碍物碰撞后，要使导轨右端不碰到障碍物，则缓冲车与障碍物碰撞前，导轨右端与滑块K的cd边距离至少多大。
答案以及解析
1.答案：B
解析：根据质能方程，可知每发生一次上述核聚变反应所释放的核能
故选B。
2.答案：D
解析：由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块所受的各个力均不变，所以其下滑的速度也不变，即物块仍匀速下滑，且受到的摩擦力不变，故D正确，ABC错误。
故选D。
3.答案：B
解析：A.由振动图像可知，时刻质点Q向下振动，结合波形图可知，简谐波沿x轴负方向传播，选项A错误；
B.波速为
P点再次到达平衡位置时波向左传播3m，则经过时间
选项B正确；
C.该时刻P点的位移为
选项C错误；
D.质点Q的振动方程为
选项D错误。
故选B。
4.答案：D
解析：A.C物体叠加在B物体上面静止时，由二力平衡
拿走C物体后，B物体在弹簧上做简谐运动，其在平衡位置时，弹簧压缩长度有
其振幅
当B物体上升到最高点，此时弹簧拉伸长度最长，由于物体A恰好不离开地面，由二力平衡
所以由振幅相等
解得物体C的质量为
故A错误；
B.B物体在最高点受重力和弹簧弹力，由于物体A恰好不离开地面，故
所以由牛顿第二定律可得B物体在最高点的加速度为
故B错误；
D.物体B上升的最大高度为
故D正确；
C.当B物体经过平衡位置的时候其速度最大，B物体从最高点回落到平衡位置的过程中，B物体与弹簧组成的系统机械能守恒，则
解得物体B的最大速度大小为
故C错误。
故选D。
5.答案：B
解析：A.电梯在同步空间站所在处，万有引力刚好提供所需的向心力，此时电梯上的乘客处于完全失重状态；电梯在其它位置，万有引力不是刚好提供所需的向心力，电梯上的乘客不是处于完全失重状态，故A错误；
B.对于同步空间站，万有引力刚好提供所需的向心力，所以同步空间站两侧的缆绳对其作用力的合力为零，故B正确；
CD.若卫星只受万有引力绕地球做匀速圆周运动，则
可得
可知离地球越远，卫星的角速度越小，而配重空间站在同步空间站的外侧，且配重空间站的角速度等于同步空间站的角速度，所以配重空间站受到的地球引力小于其圆周运动的向心力；若配重空间站外部零件脱落，由于外部零件所受万有引力不足以提供所需的向心力，则外部零件将做离心运动，故CD错误。
故选B。
6.答案：D
解析：AB.设连接A球的绳子与竖直方向的夹角为，以A球为对象，根据受力平衡可得，
可得，
由于逐渐增大，可知拉力F逐渐增大，OA绳上的拉力逐渐增大，故AB错误；
C.如果一开始绳子拉力大于B所受重力沿斜面的分力，则斜面对B的摩擦力沿斜面向下，随着绳子拉力的增大，斜面对B的摩擦力增大，故C错误；
D.以斜面、B和A为整体，根据平衡条件可知，地面对斜面的摩擦力与拉力F大小相等，方向相反，由于拉力F逐渐增大，所以地面对斜面的摩擦力一直增大，故D正确。
故选D。
7.答案：C
解析：A.两冰壶质量相等，发生弹性正碰时，两冰壶发生速度交换
由冰壶B的图像可知冰壶匀减速直线运动的加速度大小为
冰壶B在水平面上运动0.9m后停止，所以冰壶B运动时间为t，则
解得，
所以冰壶A与冰壶B相碰后冰壶B运动了3s，因此两只冰壶在时发生碰撞，故A错误；
B.对冰壶A有
解得，故B错误；
C.碰撞后冰壶B受到摩擦力的冲量大小
解得，故C正确；
D.全过程的位置图如下图所示
两只冰壶在时发生碰撞，所以时两冰壶重心的距离为
解得
两冰壶重心的距离为
解得
所以和两时刻冰壶重心间的距离之比为，故D错误。
故选C。
8.答案：C
解析：A.带电粒子在垂直电场方向不受力，做速度相等的匀速直线运动，位移相等，则运动时间相等，所以A错误；
B.平行电场方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，满足
根据牛顿第二定律，有
由两式解得：
所以它们所带的电荷量之比
电势能的减小量等于电场力做的功即
因为位移之比是1:2，电荷量之比也是1:2，所以电场力做功之比为1:4，它们电势能减少量之比
故B错误.
C.电场力做功之比等于动能增量之比，则动能增量之比为
故C正确；
D.由动量定理可知
故动量增量之比
故D错误；
故选C。
9.答案：AB
解析：AB.作出光路图如图所示
由题图可知，a光的折射角小于b光的折射角，即
根据折射定律，
所以玻璃砖对a光的折射率更大，a光的频率更大，故AB正确；
C.根据可知，a光在玻璃砖中的速度更慢，故C错误；
D.由于b光的折射率小，则b光在玻璃砖中的波长更长，根据可知，b光产生的干涉条纹间距较大，故D错误。
故选AB。
10.答案：BC
解析：根据左手定则可知，带电粒子在磁场中沿逆时针方向运动，故A错误。带电粒子在匀强磁场中做圆周运动的半径公式，由，联立解得。如图甲所示，打在挡板上的粒子的两个临界状态为①和②，对应粒子源发射这两种粒子间的夹角为180°，则打在挡板上的粒子数占总数的，故B正确。打在挡板上的长度对应两个临界状态②和③，对应挡板的长度分别为，则挡板上有粒子打到的线段长度为，故C正确。当时，粒子的轨迹半径为，打在MN的临界状态如图乙中的④和⑤所示，QN段无粒子通过，故D错误。
11.答案：（1）BC（2）3.60（3）
解析：（1）AB.利用光电门测量小球的速度，不需要斜槽光滑，斜槽末端必须沿水平方向,故A错误，B正确；
C.选择密度大的实心铁球，可以减小空气阻力的影响，故C正确。
故选BC。
（2）游标卡尺的精确度为0.05mm，小球的直径
（3）小球在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，有
整理得
图像斜率为k，即
解得
12.答案：（1）1.2，等于
（2）如图，5.6（5.3～5.7均可），3.9（3.6～4.0均可）
解析：（1）闭合和打开开关时电流表指针指示值相同,即闭合的情况下,没有电流通过开关,则有,可得.从理论上分析,是没有系统误差的，实验测得电流表内阻值等于真实值.
（2）由闭合电路的欧姆定律知I与R的关系为,即得。
将题图丙中的点连成一条直线(如图).
可得，故，，故。
13.答案：（1）
（2）
解析：（1）以气体为研究对象，根据盖一吕萨克定律，有
解得
（2）依题意，气体的内能与热力学温度成正比，有
解得
活塞从P位置缓慢移到Q位置，活塞受力平衡，气体为等压变化，以活塞为研究对象
有
解得
气体膨胀，外界对气体做功
由热力学第一定律
得气体变化过程吸收的总热量为
14.答案：（1）4m/s；44N，方向向下
（2）6
解析：（1）设A滑到Q点时的速度大小为v，由机械能守恒定律得
解得
在Q点，对A根据牛顿第二定律得：
解得
可知对圆轨道对物体A的弹力大小为44N，方向竖直向下。
（2）设A、B碰撞前瞬间A的速度为，由机械能守恒定律得
解得
A、B碰撞后以共同速度前进，以向右为正方向，由动量守恒定律得：
解得
此时A、B的总动能为
A、B粘合体每经过一段粗糙段损失的动能为：
因
故k的数值为6。
15.答案：（1）
（2）
（3）
解析：（1）线圈中产生的感应最大电动势
产生的感应最大电流
安培力
根据牛顿第二定律
解得
（2）由功能关系，线圈产生的焦耳热
（3）由法拉第电磁感应定律得
其中
由欧姆定律
由动量定理可得
其中
可得

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