资源简介 中小学教育资源及组卷应用平台期末冲刺练习卷(二)-2024-2025学年数学八年级下册人教版一、单选题1.要使二次根式有意义,则x不可取的数是( )A.0 B.1 C.2 D.32.给出下列判断,正确的是( )A.一组对边相等,另一组对边平行的四边形是平行四边形B.对角线相等的四边形是矩形C.对角线互相垂直且相等的四边形是正方形D.有一条对角线平分一个内角的平行四边形为菱形3.如图,在中,D和E分别为所在边的中点,若,则的长为( )A.6 B.5 C.4 D.34.下列运算正确的是( )A. B.C. D.5.某班30位同学阅读课外读物的本数统计如表所示,其中两个数据被遮盖,下列关于阅读课外读物的统计是中,与被遮盖的数据无关的是( )本数 2 3 4 5 6 7 8人数 ■ ■ 2 3 6 7 9A.平均数,方差 B.中位数,方差 C.平均数,众数 D.中位数,众数6.下列叙述中,正确的是A.直角三角形中,两条边的平方和等于第三边的平方B.如果一个三角形中,两边的平方和等于第三边的平方,那么这个三角形是直角三角形C.中,∠A,∠B,∠C的对边分别为a,b,c,若,则∠A=90 D.中,∠A,∠B,∠C的对边分别为a,b,c,若∠B=90 ,则7.下列一次函数中,y随x的增大而减小的函数是( )A. B. C. D.8.如图,在中,,点在的延长线上,且,则的长是( ) A. B. C. D.9.如图,在正方形中,,F是对角线,的交点,G,E分别是,上的动点,且保持,连接,,.在此运动变化的过程中,有下列结论:①是等腰直角三角形;②四边形可能为正方形;③长度的最小值为;④四边形的面积保持不变.其中正确的是( ) A.仅①②③ B.仅①②④ C.仅②③④ D.①②③④10.如图,在直线分别与x、y轴相交于点A、B,点C在线段OA上,线段OB沿BC翻折,点O落在AB边上的点D处,以下结论:①;②直线BC的解析式为;③点D;④若线段BC上存在一点P,使得以点P、O、C、D为顶点的四边形为菱形,则点P的坐标是;正确的结论是( )A.①② B.①②③ C.①③④ D.①②③④二、填空题11.要使式子有意义,则a的取值范围是 .12.已知一次函数的图象经过第一、二、四象限,则的取值范围为 .13.如图,将矩形纸片沿折叠,顶点B落在边上点F处.若,则 . 14.已知四边形ABCD是菱形,周长是40,如果AC=16,那么菱形ABCD的面积为 .15.如图,在中,,P为上任意一点,于F,于E,则的最小值是 .16.如图是“赵爽弦图”, 其中、、和是四个全等的直角三角形,四边形和都是正方形.如果,,那么等于 . 三、解答题17.计算:(1);(2).18.某市规定了每月用水18立方米以内(含18立方米)和用水18立方米以上两种不同的收费标准,该市的用户每月应交水费y(元)与用水量x(立方米)之间的函数关系如图所示.(1)当用水18立方米以上时,求y与x之间的函数关系式.(2)若小敏家某月交水费81元,求这个月用水量为多少立方米.19.在四边形中,,点为的中点,,下面是两位同学的对话.请你选择一位同学的说法,并进行证明.20.“防溺水安全”是校园安全教育工作的重点之一.某校为提高学生的安全意识,组织学生举行了一次以“远离溺水·珍爱生命”为主题的防溺水安全知识竞赛,成绩分别为A,B,C,D四个等级,其中相应等级的得分依次记为10分,9分,8分,7分.学校分别从七、八年级各抽取25名学生的竞赛成绩整理并绘制成如下统计图表,请根据提供的信息解答下列问题:年级 平均分 中位数 众数 方差七年级 8.76 9 1.06八年级 8.76 8 1.38(1)根据以上信息可以求出: , .(2)若该校七、八年级各有500人参加本次知识竞赛,且规定9分及以上的成绩为优秀,请估计该校七、八年级参加本次知识竞赛的学生中成绩为优秀的学生共有多少人 21.如图所示,直线与直线相交于点C,并且与两坐标轴分别交于A,B两点.(1)求两直线与y轴交点A,B的坐标及交点C的坐标;(2)求的面积.22.如图所示,有人在岸上点的地方,用绳子拉船靠岸,开始时,绳长,且,拉动绳子将船从点沿方向行驶到点后,绳长.(1)试判定的形状,并说明理由;(2)求船体移动距离的长度.23.如图所示,在平行四边形中,对角线与相交于点O,且,,.(1)求证:;(2)E,F分别是和的中点,连接,,求证:四边形是菱形.24.某学校打算购买甲乙两种不同类型的笔记本.已知甲种类型的电脑的单价比乙种类型的要便宜10元,且用110元购买的甲种类型的数量与用120元购买的乙种类型的数量一样.(1)求甲乙两种类型笔记本的单价.(2)该学校打算购买甲乙两种类型笔记本共100件,且购买的乙的数量不超过甲的3倍,则购买的最低费用是多少.25.在正方形中,点是线段上的动点,连接,过点作(点在直线的下方),且,连接.(1)【动手操作】在图①中画出线段,;与的数量关系是:______;(2)【问题解决】利用(1)题画出的图形,在图②中试说明,,三点在一条直线上;(3)【问题探究】取的中点,连接,利用图③试求的值.《期末冲刺练习卷(二)-2024-2025学年数学八年级下册人教版》参考答案题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10答案 A D A C D B D B D B1.A【分析】根据二次根式有意义的条件进行解答即可.【详解】解:∵二次根式有意义,∴,解得:,∵,∴x不可取的数为0,故A正确.故选:A.【点睛】本题主要考查了二次根式有意义的条件,解题的关键是根据二次根式的被开方数为非负数,求出.2.D【分析】依据平行四边形的判定、矩形的判定、正方形的判定以及菱形的判定方法,即可得出结论.【详解】解:A. 一组对边相等且平行的四边形是平行四边形,故该选项不正确,不符合题意;B. 对角线相等的平行四边形是矩形,故该选项不正确,不符合题意;C. 对角线互相平分,垂直且相等的四边形是正方形,故该选项不正确,不符合题意;D. 有一条对角线平分一个内角的平行四边形为菱形,故该选项正确,符合题意;故选:D.【点睛】本题主要考查了特殊四边形的判定方法,解题关键在于掌握各特殊四边形的判定方法.3.A【分析】本题考查了三角形的中位线定理,掌握“三角形中位线平行且等于底边的一半”是解题关键.利用中位线的性质求解即可.【详解】解:在中,D和E分别为所在边的中点,是的中位线,,,,故选:A.4.C【分析】本题考查了二次根式的四则运算,掌握相关运算法则是解题关键.根据二次根式的加、减、乘、除运算法则逐项计算即可.【详解】解:A、和不是同类二次根式,原计算错误,不符合题意;B、,原计算错误,不符合题意;C、,原计算正确,符合题意;D、,原计算错误,不符合题意;故选:C.5.D【分析】本题考查了中位数、众数、方差、平均数的意义和计算方法.通过计算本数为2、3的人数和,判断不影响成绩出现次数最多的结果,因此不影响众数,同时将这组数据按顺序排列,不影响找第15、16位数据,因此不影响中位数的计算,但影响数据的平均数和方差,即可解题.【详解】解:这组数据中本数为2、3的人数和为:,则这组数据中出现次数最多的本数为8本,即众数为8,与遮盖的数据无关;将这组数据按从小到大的顺序排列,第15、16个数据分别为7、7,则中位数为7,与被遮盖的数据无关;但影响数据的平均数和方差;故选:D.6.B【分析】根据勾股定理及三角形对边与对角的知识求解.【详解】解:∵由勾股定理知,直角三角形中,两直角边的平方和等于斜边的平方,而直角边应该都小于斜边,所以直角三角形中,应该是较小两条边的平方和等于第三边的平方,∴A错误;∵由勾股定理的逆定理可得:如果一个三角形中,两边的平方和等于第三边的平方,那么这个三角形是直角三角形,∴B正确;∵,∴c为斜边,c的对角∠C=90 ,∴C错误;∵△ABC中,∠A,∠B,∠C的对边分别为a,b,c,∠B=90 ,∴b为斜边,∴,D错误;故选B.【点睛】本题考查勾股定理及其逆定理的简单应用,注意勾股定理是“两直角边的平方和等于斜边的平方”,所以注意分清直角边和斜边及其所对角是解题关键.7.D【分析】根据一次函数、正比例函数的增减性与系数的关系判断即可.【详解】解:由一次函数、正比例函数增减性知,x系数小于0时,y随x的增大而减小,,故只有D符合题意,故选:D.【点评】本题考查了正比例函数的性质,一次函数的性质,熟练掌握这些性质是解题的关键.8.B【分析】本题考查了等腰直角三角形的判定和性质,对顶角的性质,勾股定理,过点作的延长线于点,则,由,,可得,,进而得到,,即得为等腰直角三角形,得到,设,由勾股定理得,求出即可求解,正确作出辅助线是解题的关键.【详解】解:过点作的延长线于点,则,∵,,∴,,∴,,∴为等腰直角三角形,∴,设,则,在中,,∴,解得,(舍去),∴,∴,故选:. 9.D【分析】先证可得,然后说明可判断①;当G,E为中点时,四边形为正方形,可判断②;先说明当最小时,最小,时,最小为4,然后运用勾股定理求得的最小值;根据全等三角形的性质可得,即,据此即可判定④.【详解】解:∵四边形是正方形,∴为等腰直角三角形,又∵F为斜边的中点,∴,又∵,∴,∴,∵,∴,即,∴为等腰直角三角形.故①正确,当G,E为中点时,四边形为正方形,故②正确;∵为等腰直角三角形,∴当最小时,最小,当时,最小为,∴最小值为,故③正确;∵,∴,∴,∴四边形的面积保持不变, 故④正确;故选D.【点睛】本题主要考查了正方形的性质、全等三角形的判定与性质、勾股定理等知识点,熟练掌握全等三角形及正方形的性质是解题关键.10.B【分析】先求出点A,点B坐标,由勾股定理可求的长,可判断①;由折叠的性质可得,,,由勾股定理可求的长,可得点坐标,利用待定系数法可求解析式,可判断②;由面积公式可求的长,代入解析式可求点坐标,可判断③;由菱形的性质可得,可得点纵坐标为,可判断④,即可求解.【详解】解:直线分别与、轴交于点A、B,点,点,,,,故①正确;线段沿翻折,点落在边上的点处,,,,,,,,点,设直线解析式为:,,,直线解析式为:,故②正确;如图,过点作于,,,,,当时,,,点,,故③正确;线段上存在一点,使得以点、、、为顶点的四边形为菱形,且,∴,点纵坐标为,故④错误,故答案为:B.【点睛】本题是一次函数综合题,考查了利用待定系数法求解析式,折叠的性质,面积法,勾股定理等知识,灵活运用这些性质解决问题是本题的关键.11.【分析】本题主要考查了二次根式有意义的条件,掌握二次根式有意义的条件是被开方数为非负数成为解题的关键.根据二次根式有意义的条列立不等式求解即可.【详解】解:根据题意:,解得:.故答案为:.12.【分析】若函数的图象经过第一、二、四象限,则,由此可以确定m的取值范围.【详解】解:∵一次函数的图象经过第一、二、四象限,∴,∴.故答案是:.【点睛】本题考查了一次函数图象与系数的关系,掌握一次图象经过第一、二、四象限,则是关键.13.【分析】由矩形的性质可得,再由折叠的性质可得,据此利用勾股定理求出答案即可.【详解】解:∵四边形是矩形,∴,由折叠的性质可得,∴在中,由勾股定理得,故答案为:.【点睛】本题主要考查了勾股定理,矩形与折叠问题,灵活运用所学知识是解题的关键.14.【分析】由菱形的性质可得,,,由勾股定理可求,即可求解.【详解】解:如图所示:四边形是菱形,周长是40,,,,,,,菱形的面积,故答案为:96.【点睛】本题考查了菱形的性质,勾股定理,解题的关键是掌握菱形的面积公式.15./【分析】本题主要考查了矩形的性质和判定、勾股定理、垂线段最短等知识点,是确定出何时最短是解题的关键.根据已知得出四边形是矩形得出,要使最小,只要最小即可,再根据勾股定理求得,最后根据垂线段最短即可解答.【详解】解:如图:连接,∵,于F,于E,∴,∴四边形是矩形,∴,∴要使最小,只要最小即可,即当时,最小,在中,,由勾股定理得:,由三角形面积公式得:,∴,即的最小值是.故答案为:.16.2【分析】根据勾股定理求得,进而求得的值即可.【详解】解:,,,∵、、和是四个全等的直角三角形∴,,故答案为:2.【点睛】此题考查勾股定理的证明,关键是应用直角三角形中勾股定理的运用.17.(1)(2)【分析】本题考查了二次根式的混合运算,正确掌握相关性质内容是解题的关键.(1)先算乘除法以及去括号,再计算加减,即可作答.(2)先根据完全平方公式,平方差公式展开,再计算加减,即可作答.【详解】(1)解:(2)解18.(1)(2)30立方米【分析】本题考查了一次函数的应用;(1)待定系数法求解析式,即可求解;(2)令,代入(1)中解析式,即可求解.【详解】(1)解:设y与x之间的函数关系式为,∵直线过点,,∴解得∴.(2)∵,∴当时,,解得.答:这个月用水量为30立方米.19.见解析【分析】本题主要考查平行四边形的判定和性质.选择小星的说法:连接,证明,进而证明四边形是平行四边形,根据平行四边形的性质证明即可;选择小红的说法:根据判定即可得到结论.【详解】证明:选择小红的说法,证明如下:,,四边形是平行四边形;选择小星的说法,证明如下:连接,点E为的中点,,,,四边形为平行四边形,.20.(1),(2)人【分析】本题考查条形统计图,扇形统计图,中位数,众数,用样本估计总体,能从统计图表中获取有用信息是解题的关键.(1)根据中位数的定义可确定a的值;根据众数的定义可确定b的值;(2)分别将样本中七、八年级优秀所占比例乘以500即可作出估计.【详解】(1)解:∵七年级成绩由高到低排在第13位的是B等级9分,∴,∵八年级A等级人数最多,∴,故答案为:9,10;(2)解:(人),答:该校七、八年级参加本次知识竞赛的学生中成绩为优秀的学生共有600人.21.(1)点A的坐标为,点B的坐标为,点C的坐标为(2)2【分析】此题考查了一次函数的图象和性质、一次函数的交点问题,熟练掌握一次函数的图象和性质是解题的关键.(1)把分别代入两个函数解析式即可求出点A,B的坐标,再联立函数解析式得到点C的坐标;(2)求出的长度,利用面积公式即可求出的面积.【详解】(1)解:由,当时,,∴点A的坐标为.由,当时,,∴点B的坐标为.由得∴点C的坐标为.(2)由点A,B的坐标知,∴.22.(1)等腰直角三角形,理由见解析(2)【分析】此题主要考查了勾股定理的应用.(1)直接利用勾股定理得出的长,进而得出的形状;(2)利用勾股定理得出的长,进而得出的长.【详解】(1)解:是等腰直角三角形,理由如下:由题意可得,,,∴,∴是等腰直角三角形;(2)解:∵,,,∴,∴,故船体移动距离的长度为.23.(1)见解析(2)见解析【分析】(1)利用平行四边形性质得到,,再利用勾股定理逆定理得到为直角三角形,即可证明;(2)利用直角三角形性质和线段中点的特点,得到,,结合平行四边形性质得到,进而证明四边形是平行四边形,再根据,即可证明平行四边形是菱形.本题考查平行四边形性质和判定,勾股定理逆定理,直角三角形性质,线段中点的特点,菱形的判定,熟练掌握运用这些判定和性质是解题关键.【详解】(1)证明:在平行四边形中,对角线与相交于点O,,,,.,,即,为直角三角形,,.(2)证明:由(1)知为直角三角形.E,F分别是和的中点,,.四边形是平行四边形,,,,四边形是平行四边形.又∵,平行四边形是菱形.24.(1)甲类型的笔记本单价为110元,乙类型的笔记本单价为120元(2)最低费用为11000元【分析】本题主要考查了分式方程的应用,一次函数的应用,一元一次不等式的运用等知识,根据题意,列出方程和函数解析式是解题的关键.对于,设甲类型的笔记本单价为x元,则乙类型的笔记本单价为元,根据用110元购买的甲种类型的数量与用120元购买的乙种类型的数量一样列方程,从而可解决问题;对于,设甲类型笔记本购买了a件,费用为w元,则乙类型的笔记本购买了件,列出w关于a的函数解析式,由一次函数的性质可得答案.【详解】(1)解:设甲类型的笔记本单价为x元,则乙类型的笔记本单价为元,由题意得,,解得,经检验是原方程的解,且符合题意,乙类型的笔记本单价为元,答:甲类型的笔记本单价为110元,乙类型的笔记本单价为120元;(2)设甲类型笔记本购买了a件,费用为w元,则乙类型的笔记本购买了件,购买的乙的数量不超过甲的3倍,∴且,,解得,根据题意得,,随a的增大而减小,∴时,w最小值为(元),答:最低费用为11000元.25.(1)见解析,(2)见解析(3)【分析】(1)根据题意补全图形,结合正方形的性质可得,进而可得结论;(2)如图,连接,先证明,可得,可知,进而可证明结论;(3)连接,,由直角三角形斜边上的中线等于斜边一半可知,再证,得,取的中点,连接,则,,再证是等腰直角三角形,即,设,则,,即可求解.【详解】(1)解:如图,在正方形中,,∵,∴,则,∴,故答案为:;(2)证明:如图②,连接.∵四边形是正方形,∴,,由(1)可知,∵,∴,∴,∴,即,,三点在一条直线上;(3)连接,,在和中∵P是斜边的中点,∴,又∵,,∴,∴取的中点,连接,则,,∴,∴是等腰直角三角形,即,设,则,,∴.【点睛】本题考查正方形的性质,全等三角形的判定及性质,三角形中位线定理,直角三角形的性质,等腰直角三角形的判定及性质,勾股定理等知识点,熟练掌握相关图形的性质是解决问题的关键.21世纪教育网 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