资源简介 中小学教育资源及组卷应用平台【江苏省各地区真题汇编】四边形核心考点检测卷-2025年中考数学一.选择题(共8小题)1.(2025 惠山区二模)下列结论中,菱形具有而矩形不一定具有的性质是( )A.对角线互相平分B.对角线互相垂直C.对角线相等D.对角线互相垂直且相等2.(2025 江阴市二模)如图,矩形ABCD的对角线AC、BD交于点O,若∠DOC=120°,则∠ABO等于( )A.15° B.20° C.25° D.30°3.(2025 工业园区校级模拟)如图,在矩形ABCD中,点E是对角线AC上一点,过点E作FG∥AB分别交AD于F,BC于G,连结BE,DE.记△BEC的面积为s,则四边形BEDC的面积为( )A. B.2s C. D.4.(2024春 梁溪区校级期中) ABCD中,E、F是对角线BD上不同的两点,下列条件中,不能得出四边形AECF一定为平行四边形的是( )A.BE=DF B.AF∥CE C.CE=AF D.∠DAF=∠BCE5.(2025 泗阳县一模)如图,点B是正八边形的边AF上一点,一束光线从点B出发,经过两次反射后到达边AG上一点E,若∠ABC=65°,则∠AED=( )A.70° B.65° C.55° D.60°6.(2024春 阜宁县期中)如图, ABCD的对角线AC、BD相交于点O,∠ADC的平分线与边AB相交于点P,E是PD的中点,若AD=4,CD=7,则EO的长为( )A.3 B.2 C.1 D.1.57.(2025春 淮阴区校级期中)如图,将△ABC纸片沿DE折叠,当点C落在四边形ABDE的外部时,此时测得∠1=120°,∠C=40°,则∠2的度数是( )A.30° B.40° C.50° D.60°8.(2025春 溧阳市期中)如图,在边长为a正方形ABCD内有一个等边△ABE,连接AC和CE,则图中阴影部分△ACE的面积是( )A. B.a2 C. D.二.填空题(共8小题)9.(2025 江宁区校级二模)如图,在正十八边形中,∠1= °.10.(2025 江宁区校级二模)长度分别为1,2,4,a的四条线段首尾顺次相接,能够组成一个四边形.写出一个整数a的值是 .11.(2025 扬州二模)如图,在 ABCD中,点E在AD上,且EC平分∠BED,若∠EBC=30°,BE=8,则 ABCD的面积为 .12.(2025 连云港二模)如图,点F是矩形ABCD内部一个动点,E为AF上一点且,当AD=4,AB=AF=6时,则BE+CF的最小值为 .13.(2025春 工业园区校级月考)如图,在正方形ABCD中,AB=3,点F是AB边上一点,点E是BC延长线上一点,AF=CE,BF=2AF.连接DF、DE、EF,EF与对角线AC相交于点G,则线段BG的长是 .14.(2025春 邗江区校级期中)如图,在菱形ABCD中,E为BC中点,F是AD的中点,EF交对角线BD于点O,连结FC,取OB中点M,取CF中点N,连结MN,若∠A=60°,AB=2,则MN的长度为 .15.(2025春 兴化市期中)如图,矩形ABCD中,AC与BD交于点O,分别在OD和CB上取点M、N,使得OM=CN,若AC=2AB=4,则MN的最小值为 .16.(2025 苏州一模)如图,四边形ABCD是菱形,AB=8,∠B=60°,点E是边AD上一点,且AE=2,点F是边CD上一个动点,以EF为边作等边△EFG,连接CG.若CG的长度为d,则d的取值范围是 .三.解答题(共6小题)17.(2025 宜兴市二模)如图,在平行四边形ABCD中,AE⊥BC于点E,点F在BC的延长线上,且CF=BE,连接DF.(1)求证:四边形AEFD是矩形;(2)连接DE,若tan∠ABC=2,BE=1,AD=3,求DE的长.18.(2025 扬州二模)如图,在平行四边形ABCD中,E,F是对角线BD上的点,且BE=DF.连接AE,CF.(1)求证△ADE≌△CBF;(2)连接AF,CE,若AB=AD,判断四边形AFCE的形状,并说明理由.19.(2025 扬州二模)综合与探究:如图,四边形OABC为正方形,M为线段OA上一动点,且OM=a,连接BM.(1)如图1,若OA=8,将正方形OABC沿BM折叠,使得点A的对应点A′落在正方形内.①A′M= ;(用含字母a的代数式表示)②当M为OA中点时,如图2,连接MA′并延长交OC于D,求证OD=2CD.(2)如图3,作BN⊥BM,交射线OC于点N,猜想并证明OM,ON,AB的数量关系.(3)当点M在射线AO上时,作BN⊥BM交射线OC于点N,射线NM与射线BO相交于点E,若ON=3OM,请直接写出的值.20.(2025 宜兴市二模)(1)如图1,正方形ABCD中,E为AB边上一点,AE=6,连接DE,过点E作EF⊥DE交BC边于点F,将△ADE沿直线DE折叠后,点A落在点A'处,连接DF,当点A′恰好落在DF上时,直接写出A'F的长= ;(2)如图2,在(1)的条件下,若把正方形ABCD改成矩形ABCD,且AD=mAB,其他条件不变,直接写出A′F的长= (用含m的代数式表示);(3)如图3,在(1)的条件下,若把正方形ABCD改成菱形ABCD,且∠B=60°,∠DEF=120°,其他条件不变.当BE=A'F时,求A'F的长.21.(2025 连云港二模)【提出问题】在边长为4的正方形ABCD中,点P是直线AD上的一个动点,作点A关于直线BP的对称点E,连接CE,直线CE交BP所在直线于点F,连接AF.通过下面三图去研究∠AFB的大小以及线段BF、CF、EF之间的数量关系.【观察猜想】(1)在图1中,∠AFB= °;线段BF、CF、EF之间的数量关系是 .(提示:过点B作BG⊥BF交直线CE于点G)【猜想论证】(2)利用图1对你的猜想进行说理(只是针对图1来证明你的猜想).【迁移应用】(3)连接AC,取AC的中点O,连接OF,当△AFC被线段OF分成一个等边三角形和一个等腰三角形时,请直接写出线段AP的长度.22.(2025 江都区二模)在一次数学兴趣小组活动中,小明对一个数学问题作如下探究:(1)如图1,梯形ABCD中,AD∥BC,点E是边DC的中点,连接AE,并延长交BC的延长线于点F.求证:点E是AF的中点;(2)如图2,∠AOB内部有一定点P,若过点P的直线l与角的两边OA,OB分别交于点M,N,请用无刻度的直尺和圆规在图2中作出直线MN,使得点P是线段MN的中点(保留作图痕迹,写出必要的文字说明);(3)如图3,小明将直线MN绕着点P旋转的过程中发现,△MON的面积存在最小值,探索当MN在什么位置时,△MON的面积最小,并说明理由.【江苏省各地区真题汇编】四边形核心考点检测卷-2025年中考数学参考答案与试题解析一.选择题(共8小题)题号 1 2 3 4 5 6 7 8答案 B D B C A D B C一.选择题(共8小题)1.(2025 惠山区二模)下列结论中,菱形具有而矩形不一定具有的性质是( )A.对角线互相平分B.对角线互相垂直C.对角线相等D.对角线互相垂直且相等【解答】解:选项A,菱形和矩形都是平行四边形,对角线互相平分,不符合题意;选项B,菱形的对角线互相平分且互相垂直,而矩形的对角线相等且互相平分但不垂直,符合题意;选项C,矩形的对角线相等,而菱形的对角线不相等,不符合题意.选项D,菱形的对角线互相平分且互相垂直,矩形的对角线相等,不符合题意;故选:B.2.(2025 江阴市二模)如图,矩形ABCD的对角线AC、BD交于点O,若∠DOC=120°,则∠ABO等于( )A.15° B.20° C.25° D.30°【解答】解:∵矩形ABCD的对角线AC、BD交于点O,若∠DOC=120°,∴OA=OB,∵∠AOB=∠DOC=120°,∴.故选:D.3.(2025 工业园区校级模拟)如图,在矩形ABCD中,点E是对角线AC上一点,过点E作FG∥AB分别交AD于F,BC于G,连结BE,DE.记△BEC的面积为s,则四边形BEDC的面积为( )A. B.2s C. D.【解答】解:过点E作HL∥BC,交AB于点上,交CD于点L,∵四边形ABCD是矩形,∴AD∥BC,CD∥AB,∵过点E作FG∥AB分别交AD于F,BC于G,∴HL∥AD,FG∥CD,∴四边形HBGE、四边形EGCL、四边形ELDF、四边形AHEF都是平行四边形,∵∠HBG=∠GCL=∠LDF=∠FAH=90°,∴四边形HBGE、四边形EGCL、四边形ELDF、四边形AHEF都是矩形,∴S△AFE=S△AHEAF EF,同理S△CLE=S△CGE,S△ADC=S△ABC,∴S矩形ELDF+S△AFE+S△CLE=S矩形HBGE+S△AHE+S△CGE,∴S矩形ELDF=S矩形HBGE,∵S△DEL=S△DEFDF EFS矩形ELDF,S△BEG=S△BEHBG EGS矩形HBGE,∴S△DEL=S△BEG,∵S△CEL=S△CEGCG EGS矩形EGCL,∴S△DEC=S△DEL+S△CEL=S△BEG+S△CEG=S△BEC=s,∴S四边形BEDC=S△DEC+S△BEC=2s,故选:B.4.(2024春 梁溪区校级期中) ABCD中,E、F是对角线BD上不同的两点,下列条件中,不能得出四边形AECF一定为平行四边形的是( )A.BE=DF B.AF∥CE C.CE=AF D.∠DAF=∠BCE【解答】解:连接AC与BD相交于O,在 ABCD中,OA=OC,OB=OD,要使四边形AECF为平行四边形,只需证明得到OE=OF即可;A、若BE=DF,则OB﹣BE=OD﹣DF,即OE=OF,故本选项不符合题意;B、AF∥CE能够利用“角角边”证明△AOF和△COE全等,从而得到OE=OF,故本选项不符合题意;C、若CE=AF,则无法判断OE=OE,故本选项符合题意;D、由∠DAF=∠BCE,从而推出△DAF≌△BCE,然后得出∠DFA=∠BEC,∴∠AFE=∠CEF,∴AF∥CE,结合选项B可证明四边形AECF是平行四边形;故本选项不符合题意;故选:C.5.(2025 泗阳县一模)如图,点B是正八边形的边AF上一点,一束光线从点B出发,经过两次反射后到达边AG上一点E,若∠ABC=65°,则∠AED=( )A.70° B.65° C.55° D.60°【解答】解:如图,设CD上方的正八边形的顶点依次为H,I,J,BC与DE的交点为K.由正八边形的性质得∠CHI=∠HIJ=∠IJD=∠BAE=180°﹣45°=135°.设∠BCD=x,∠CDE=y.由光的反射定律可知∠DCH90°,∠CDJ90°.∵多边形CHIJD是五边形,∴∠CHI+∠HIJ+∠IJD+∠DCH+∠CDJ=540°,即3×135°+90°90°540°,解得x+y=90°,∴∠CKD=180°﹣(x+y)=90°,∴∠BKE=90°.∵多边形AEKB是四边形,∴∠AED=360°﹣(∠BKE+∠BAE+∠ABC)=360°﹣(90°+135°+65°)=70°.故选:A.6.(2024春 阜宁县期中)如图, ABCD的对角线AC、BD相交于点O,∠ADC的平分线与边AB相交于点P,E是PD的中点,若AD=4,CD=7,则EO的长为( )A.3 B.2 C.1 D.1.5【解答】解:∵四边形ABCD是平行四边形,∴CD∥AB,CD=AB=7,DO=OB,∴∠APD=∠CDP,∵DP平分∠ADC,∴∠ADP=∠CDP,∴∠ADP=∠APD,∴AP=AD=4,∴PB=AB﹣AP=7﹣4=3,∵O是BD中点,E是PD中点,∴OE是△DPB的中位线,∴OEPB=1.5.故选:D.7.(2025春 淮阴区校级期中)如图,将△ABC纸片沿DE折叠,当点C落在四边形ABDE的外部时,此时测得∠1=120°,∠C=40°,则∠2的度数是( )A.30° B.40° C.50° D.60°【解答】解:如图,设C'D与AC交于点O,∵∠C=40°,∴∠C'=∠C=40°,∵∠1=∠DOC+∠C,∠1=120°,∴∠DOC=∠1﹣∠C=120°﹣40°=80°,∵∠DOC=∠2+∠C',∴∠2=∠DOC﹣∠C'=80°﹣40°=40°.故选:B.8.(2025春 溧阳市期中)如图,在边长为a正方形ABCD内有一个等边△ABE,连接AC和CE,则图中阴影部分△ACE的面积是( )A. B.a2 C. D.【解答】解:过点E作EM⊥AB于点M,EN⊥BC于点N,如图所示:∵四边形ABCD是正方形,且边长为a,∴AB=BC=a,∠ABC=90°,∵△EAB是等边三角形,∴EB=EA=AB=a,∠ABE=60°,∵EM⊥AB,∴AM=BMAB,在Rt△EAM中,由勾股定理得:EM,∴S△EABAB EM,∵∠ABC=90°,∠ABE=60°,∴∠EBN=∠ABC﹣∠ABE=30°,在Rt△BEN中,∠EBN=30°,EB=a,∴ENEB,∴S△BECBC EN,又∵S△ABCAB BC,∴S阴影=S△EAB+S△BEC﹣S△ABC.故选:C.二.填空题(共8小题)9.(2025 江宁区校级二模)如图,在正十八边形中,∠1= 20 °.【解答】解:根据正多边形的特征可知:正十八边形的一条边所对的圆心角为,∴∠1=2°=20°,故答案为:20.10.(2025 江宁区校级二模)长度分别为1,2,4,a的四条线段首尾顺次相接,能够组成一个四边形.写出一个整数a的值是 4(答案不唯一) .【解答】解:当a>4时,需要a<1+2+4,即a<7,故可取5或6,当a≤4时,需要4<1+2+a,即a>1,故可取2,3或4,因此符合条件的整数为2,3,4,5,6,任选其一即可.故答案为:4(答案不唯一).11.(2025 扬州二模)如图,在 ABCD中,点E在AD上,且EC平分∠BED,若∠EBC=30°,BE=8,则 ABCD的面积为 32 .【解答】解:过点E作EF⊥BC,垂足为F,∵∠EBC=30°,BE=8,∴,∵四边形ABCD是平行四边形,∴AD∥BC,∴∠DEC=∠BCE,又EC平分∠BED,即∠BEC=∠DEC,∴∠BCE=∠BEC,∴BE=BC=8,∴四边形ABCD的面积=BC×EF=8×4=32.故答案为:32.12.(2025 连云港二模)如图,点F是矩形ABCD内部一个动点,E为AF上一点且,当AD=4,AB=AF=6时,则BE+CF的最小值为 4 .【解答】解:如图,在AB上截取AG=AE,连接GF,CG,在△ABE和△AFG中,,∴△ABE≌△AFG(SAS),∴BE=GF,∴BE+CF=GF+CF≥CG,当且仅当C、F、G三点共线时取等,∵AB=AF=6,且AEAF,∴AE=AG=2,∴BG=AB﹣AG=4,∵四边形ABCD是矩形,AD=4,∴∠ABC=90°,BC=AD=4,在Rt△BCG中,CGBC=4,即BE+CF=GF+CF≥CG=4,∴BE+CF的最小值为4,故答案为:4.13.(2025春 工业园区校级月考)如图,在正方形ABCD中,AB=3,点F是AB边上一点,点E是BC延长线上一点,AF=CE,BF=2AF.连接DF、DE、EF,EF与对角线AC相交于点G,则线段BG的长是 .【解答】解:如图,作FH⊥AB交AC于H,则FH∥BC,∵正方形ABCD,AB=3,BF=2AF,BF+AF=AB,∴∠BAC=∠ACB=45°,BC=3,BF=2,AF=1=CE,∴∠AHF=∠ACB=45°=∠BAC,BE=4,∴FH=AF=CE,∵FH∥BC,∴∠FHG=∠ECG,又∵∠FGH=∠EGC,∴△FGH≌△EGC(AAS),∴FG=EG,∴BG是Rt△BEF斜边的中线,∴,由勾股定理得,,∴,故答案为:.14.(2025春 邗江区校级期中)如图,在菱形ABCD中,E为BC中点,F是AD的中点,EF交对角线BD于点O,连结FC,取OB中点M,取CF中点N,连结MN,若∠A=60°,AB=2,则MN的长度为 .【解答】解:如图,连接AC,∵四边形ABCD是菱形,∴AD=BC=AB=2,AD∥BC,∴∠DBE=∠BDF,∠DFO=∠BEO,∵E为BC中点,F是AD的中点,∴DF=AFADBC=BE=CE=1,∴△DFO≌△BEO(ASA),∴DO=BO,∵AC与BD互相平分,∴AC过点O,∵四边形ABCD是菱形,∴AC⊥BD,∠DAO=∠BCO=30°,∴FO=AF=DF=1,∴∠FAO=∠FOA=30°,取CO的中点H,连接NH,HM,过点N作NG⊥MH于G,∵M是OB的中点,N是FC的中点,H是CO的中点,∴MH∥BC,MHBC=1,NH∥FO,NHFO,∴∠NHA=∠AOF=30°,∠OHM=∠ACB=30°,∴∠NHM=60°,∵NG⊥MH,∴∠GNH=30°,∴HGNH,NG,∴GM,∴MN,故答案为:.15.(2025春 兴化市期中)如图,矩形ABCD中,AC与BD交于点O,分别在OD和CB上取点M、N,使得OM=CN,若AC=2AB=4,则MN的最小值为 .【解答】解:过O作OE∥MN,且OE=MN,连接EN,则四边形OENM是平行四边形,∴EN∥BD,EN=OM∴∠BNE=∠CBD,∵AC=2AB=4,∴∠ACB=30°=∠CBD,∴∠BNE=30°,∵OM=CN,∴EN=CN,∴∠NCE=15°,∴∠OCE=∠OCB+∠NCE=45°,则点E的轨迹为射线CE上,且∠OCE=45°,当OE⊥CE时,OE有最小值,此时MN也最小,此时△OCE是等腰直角三角形,∴OEOC,即MN最小值为,故答案为:.16.(2025 苏州一模)如图,四边形ABCD是菱形,AB=8,∠B=60°,点E是边AD上一点,且AE=2,点F是边CD上一个动点,以EF为边作等边△EFG,连接CG.若CG的长度为d,则d的取值范围是 d≤2 .【解答】解:在CD上截取DH=DE,连接HG交AB于点P,连接EH,∵四边形ABCD是菱形,AB=8,∠B=60°,∴BC=CD=AD=AB=8,∠D=∠B=60°,∴△EDH是等边三角形,∴EH=ED,∠DEH=∠DHE=60°,∵△EFG是等边三角形,∴EG=EF,∠FEG=60°,∴∠HEG=∠DEF=60°﹣∠FEH,在△HEG和△DEF中,,∴△HEG≌△DEF(SAS),∴∠EHG=∠D=60°,GH=FD,∴∠PHC=180°﹣∠EHG﹣∠DHE=60°=∠D,∴PH∥AD∥BC,∵PB∥CH,∴四边形PBCH是平行四边形,∴PH=BC=CD=8,连接PC,作CI⊥PH于点I,PQ⊥BC于点Q,则∠HPQ=∠PQB=∠PQC=90°,∴PQ⊥PH,∴CI=PQ,∵sin60°,cos60°,且BP=CH=CD﹣DH=AD﹣DE=AE=2,∴CI=PQPB,BQBP=1,∴CQ=BC﹣BQ=7,∴PC2,∵点G在线段PH上运动,∴CI≤CG≤CP,∴CG的长度d的取值范围是d≤2,故答案为:d≤2.三.解答题(共6小题)17.(2025 宜兴市二模)如图,在平行四边形ABCD中,AE⊥BC于点E,点F在BC的延长线上,且CF=BE,连接DF.(1)求证:四边形AEFD是矩形;(2)连接DE,若tan∠ABC=2,BE=1,AD=3,求DE的长.【解答】(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形,∴AD∥BC,AD=BC,∵CF=BE,∴CF+EC=BE+EC,即BC=EF,∴AD=EF且AD∥EF,∴四边形AEFD是平行四边形,∵AE⊥BC,∴∠AEF=90°,∴四边形AEFD是矩形;(2)解:连接DE,在Rt△ABE中,∠AEB=90°,BE=1,∵tan∠ABC2,∴AE=2BE=2,在Rt△ADE中,∠DAE=90°,AD=3,∴DE.18.(2025 扬州二模)如图,在平行四边形ABCD中,E,F是对角线BD上的点,且BE=DF.连接AE,CF.(1)求证△ADE≌△CBF;(2)连接AF,CE,若AB=AD,判断四边形AFCE的形状,并说明理由.【解答】(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形,∴AD=BC,AD∥BC,∴∠ADE=∠CBF,∵BE=BF+EF,DF=DE+EF,又BE=DF,∴BF+EF=DE+EF,∴BF=DE,在△ADE和△CBF中,,∴△ADE≌△CBF(SAS);(2)解:结论:四边形AFCE是菱形.理由:连接AC,交BD于O.∵△ADE≌△CBF,∴AE=CF,∠AED=∠BFC.又∵∠AED+∠AEF=180°,∠BFC+∠EFC=180°,∴∠AEF=∠EFC.∴AE∥CF,∴四边形AFCE是平行四边形,∵四边形ABCD是平行四边形,AB=AD,∴四边形ABCD是菱形.∴AC⊥BD.∴四边形AFCE是菱形.19.(2025 扬州二模)综合与探究:如图,四边形OABC为正方形,M为线段OA上一动点,且OM=a,连接BM.(1)如图1,若OA=8,将正方形OABC沿BM折叠,使得点A的对应点A′落在正方形内.①A′M= 8﹣a ;(用含字母a的代数式表示)②当M为OA中点时,如图2,连接MA′并延长交OC于D,求证OD=2CD.(2)如图3,作BN⊥BM,交射线OC于点N,猜想并证明OM,ON,AB的数量关系.(3)当点M在射线AO上时,作BN⊥BM交射线OC于点N,射线NM与射线BO相交于点E,若ON=3OM,请直接写出的值.【解答】解:(1)①如图1,∵M为线段OA上一动点,且OA=8,OM=a,∴AM=8﹣a,∵将正方形OABC沿BM折叠,点A的对应点为点A′,∴A′M=AM=8﹣a,故答案为:8﹣a.②证明:如图2,连接BD,设CD=m,∵四边形OABC为正方形,当M为OA中点时,OM=a,∴∠A=∠O=∠BCD=90°,AM=OM=a,OC=OA=AB=CB=2a,∴OD=2a﹣m,由折叠得∠BA′M=∠A=90°,A′M=AM=a,A′B=AB,∴∠BA′D=∠BCD=90°,A′B=CB,∵BD=BD,∴Rt△A′BD≌Rt△CBD(HL),∴A′D=CD=m,∵OM2+OD2=MD2,且MD=a+m,∴a2+(2a﹣m)2=(a+m)2,∴ma,∴CDa,OD=2aa=2a,∴OD=2CD.(2)OM+ON=2AB,证明:如图3,∵BN⊥BM,交射线OC于点N,∴∠MBN=∠BCN=∠BAC=90°,∴∠BCN=∠A,∠CBN=∠ABM=90°﹣∠CBM,∵AB=CB,OC=OA=AB,∴△CBN≌△ABM(ASA),∴CN=AM,∴OM+ON=OM+CN+OC=OM+AM+OC=OA+OC,∵OA+OC=2AB,∴OM+ON=2AB.(3)的值为3,理由:如图3,点M在线段AO上,作EQ⊥OA于点Q,则∠MQE=∠MON=90°,∵∠AOB=∠ABO=∠COB=∠CBO=45°,∴∠QEO=∠QOE=45°,∴OQ=QE,∵QE∥ON,∴,∵△MQE∽△MON,ON=3OM,∴,∴3,∴3;如图4,点M在线段AO的延长线上,作ER⊥CO的CO的延长线于点R,∵∠MON=∠R=90°,∠ROE=∠COB=45°,∴∠REO=∠ROE=45°,∴RN=RE,∵OM∥RE,∴,∵△MON∽△ERN,∴,∴3,∴3,综上所述,的值为3.20.(2025 宜兴市二模)(1)如图1,正方形ABCD中,E为AB边上一点,AE=6,连接DE,过点E作EF⊥DE交BC边于点F,将△ADE沿直线DE折叠后,点A落在点A'处,连接DF,当点A′恰好落在DF上时,直接写出A'F的长= 3 ;(2)如图2,在(1)的条件下,若把正方形ABCD改成矩形ABCD,且AD=mAB,其他条件不变,直接写出A′F的长= (用含m的代数式表示);(3)如图3,在(1)的条件下,若把正方形ABCD改成菱形ABCD,且∠B=60°,∠DEF=120°,其他条件不变.当BE=A'F时,求A'F的长.【解答】解:(1)∵四边形ABCD是正方形,∴∠A=∠B=90°,由翻折性质可知∠EA′D=∠A=90°,∴∠B=∠EA′F=90°,又∵∠BEF=∠FEA′,EF=EF,∴△BEF≌△A′EF(AAS),∴BE=A′E,由翻折性质可知AE=A′E,∠ADE=∠FDE,∴AE=BE,AB=2AE=2A′E,∵四边形ABCD是正方形,∴AD=AB,AD=2A′E,∵∠FEA′+∠EFD=90°,∠EFD+∠FDE=90″,∴∠FEA′=∠FDE,∴∠ADE=∠FEA′,∵∠A=∠EA'F=90°,∴△DAE∽△EA′F,∴,∵AD=2A′E,∴2,∵AE=6,∴A′F=3;故答案为:3;(2)由(1)可知,AB=2AE=2A′E,AD:A′E=AE:A′F,∵AD=mAB,∴AE=2mA′F,∵AE=6,∴A′F,故答案为:;(3)如图3,过E作EH⊥AD,交DA延长线于H,作∠FED的平分线,交DF于G,∵∠ADE=∠EDF,∠EAD=∠FED=120°,∴△AED∽△EFD,∴,∴DE2=AD DF,设BE=A′F=x,∵四边形ABCD为菱形,∴AD=AB=AE+BE=6+x,∴DF=A'F+A'D=x+6+x=6+2x,∴DE2=(6+x)(6+2x),∵EH⊥AD,∠EAH=60°,∴∠AEH=30°,∴AHAE=3,EH=3,由勾股定理可得:DE2=DH2+EH2,∴(3)2+(3+6+x)2=(6+x)(6+2x),解得:x=6,即A′F的长为6.21.(2025 连云港二模)【提出问题】在边长为4的正方形ABCD中,点P是直线AD上的一个动点,作点A关于直线BP的对称点E,连接CE,直线CE交BP所在直线于点F,连接AF.通过下面三图去研究∠AFB的大小以及线段BF、CF、EF之间的数量关系.【观察猜想】(1)在图1中,∠AFB= 45 °;线段BF、CF、EF之间的数量关系是 .(提示:过点B作BG⊥BF交直线CE于点G)【猜想论证】(2)利用图1对你的猜想进行说理(只是针对图1来证明你的猜想).【迁移应用】(3)连接AC,取AC的中点O,连接OF,当△AFC被线段OF分成一个等边三角形和一个等腰三角形时,请直接写出线段AP的长度.【解答】解:(1)猜想:45°;.故答案为:45;.(2)①在正方形ABCD中,∠ABC=90°,AB=BC.设∠ABP=α,由轴对称的性质可知∠EBF=∠ABF=α,且AB=BE,∴∠EBC=90°﹣2α,BE=BC,∴(180°﹣90°+2α)=45°+α,∴∠EFB=∠BEC﹣∠EBF=45°+α﹣α=45°;∵AB=BE,∠ABF=∠EBF,BF=BF,∴△ABF≌△EBF(SAS),∴∠AFB=∠EFB=45°;②如图,过点B作BG⊥BF交直线CE于点G,∵∠EFB=45°,∠FBG=90°,∠ABC=90°,∴∠EFB=∠G=45°,∠EBF=∠ABF=∠GBC,在△BEF和△BCG中,,∴△BEF≌△BCG(AAS),∴EF=CG,∴FG=CF+CG=CF+EF,在△BFG中,∠FBG=90°,∠G=45°,∴,∴CF+EFBF;(3)情况一:当△AOF是等边三角形,△FOC是等腰三角形时,如图:此时∠AOF=60°,∵∠AOF=2∠ABP,∴∠ABP=30°,∵AB=4,∴在Rt△ABP中,,解得;情况二:当△FOC是等边三角形,△AOF是等腰三角形时,如图:此时∠AOF=120°,则∠ABP=60°,在Rt△ABP中,,解得;情况三:当△AOF是等边三角形,△FOC是等腰三角形时,如图:此时∠AOF=60°,∵∠AOF=2∠ABP,∴∠ABP=30°,∵AB=4,∴在Rt△ABP中,,解得;综上所述:线段AP的长度为或.22.(2025 江都区二模)在一次数学兴趣小组活动中,小明对一个数学问题作如下探究:(1)如图1,梯形ABCD中,AD∥BC,点E是边DC的中点,连接AE,并延长交BC的延长线于点F.求证:点E是AF的中点;(2)如图2,∠AOB内部有一定点P,若过点P的直线l与角的两边OA,OB分别交于点M,N,请用无刻度的直尺和圆规在图2中作出直线MN,使得点P是线段MN的中点(保留作图痕迹,写出必要的文字说明);(3)如图3,小明将直线MN绕着点P旋转的过程中发现,△MON的面积存在最小值,探索当MN在什么位置时,△MON的面积最小,并说明理由.【解答】(1)证明:∵AD∥BC,∴∠D=∠ECF,∵点E是边DC的中点,∴DE=CE,在△ADE与△FCE中,,∴△ADE≌△FCE(ASA),∴AE=EF,∴点E是AF的中点;(2)解:①连接OP并延长至点Q,使PQ=OP;②过点Q作QM∥OB,交OA于点M③连接MP,并延长交OB于点N;则点P是线段MN的中点;(3)解:当直线旋转到点P是MN的中点时S△MON最小,理由:如图3,过点P的另一条直线EF交OA、OB于点E、F,设PF<PE,过点M作MG∥OB交EF于G,由问题情境可以得出当P是MN的中点时S四边形MOFG=S△MON.∵S四边形MOFG<S△EOF,∴S△MON<S△EOF,∴当点P是MN的中点时S△MON最小.21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 (共 2 页)21世纪教育网(www.21cnjy.com) 展开更多...... 收起↑ 资源预览