2025年北京市中考物理模拟练习卷(含解析)

资源下载
  1. 二一教育资源

2025年北京市中考物理模拟练习卷(含解析)

资源简介

2025年北京市中考物理模拟练习卷
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
一、单选题
1.在国际单位制中,功率的单位是(  )
A.牛顿 B.焦耳 C.瓦特 D.千克
2.下列用电器工作时,将电能全部转化为内能的是(  )
A.电风扇 B.电水壶
C.电视机 D.洗衣机
3.“二十四节气”是中华民族智慧的结晶,关于二十四节气的谚语,下列分析正确的是(  )
A.“惊蛰云不停,寒到五月中”,云的形成是升华现象,升华放热
B.“小寒冻土,大寒冻河”,河水结冰是凝固现象,凝固吸热
C.“霜降有霜,米谷满仓”,霜的形成是凝华现象,凝华放热
D.“伏天三场雨,薄地长好麻”,雨的形成是液化现象,液化吸热
4.我们的学习和生活都离不开电,在日常生活中树立安全用电意识十分重要。在图所示的各种做法中,符合安全用电原则的是(  )
A. 在高压线附近放风筝
B. 用湿布擦台灯的灯头
C.使用绝缘层被破坏的导线
D. 用绝缘棒挑开通电的裸导线
5.“蝉噪林逾静,鸟鸣山更幽”这两句千古传诵的名句,被誉为“文外独绝”,关于蝉叫声和鸟鸣声,下则说法错误的是(  )
A.蝉叫声和鸟鸣声能在液体中传播 B.人们根据音色可辨别蝉叫声和鸟鸣声
C.鸟鸣声响度大,所以鸟鸣声传播得更快 D.人离蝉和鸟越近,听到声音的音调不变
6.下列事例中,增大有益摩擦的是
A.推动笨重物体时,常垫滚木 B.旅游鞋底刻有凹凸不平的花纹
C.雪橇的底部非常光滑 D.给机器的轴承加润滑油
7.如图所示,木块竖立在小车上,随小车一起以相同的速度在水平地面上向右做匀速直线运动,不考虑空气阻力,下列说法中正确的是
A.如果小车突然停止运动,木块将向左倾倒
B.由于木块向右运动,木块受到向左的摩擦力
C.小车对木块的支持力与木块受到的重力是一对平衡力
D.木块对小车的压力与地面对小车的支持力是一对相互作用力
8.以下估测与实际情况相符的是(  )
A.普通教室的高度约 320cm B.人体感觉舒适的气温约为 5℃
C.普通中学生的质量约为 100g D.人跑步时呼吸一次的时间约为 1min
9.有两块凸透镜和,它们的焦距分别是和。另有一块凹透镜,其焦距为厘米,欲使一束平行光先后通过其中两块透镜后,仍为平行光,但光束变窄,则下列所选透镜和安置方法都正确的是(  )
A.选和,使两透镜间距厘米,使光先通过
B.选和,使两透镜间距厘米,使光先通过
C.选和,使两透镜间距厘米,并使光先通过
D.选和,使两透镜间距厘米,并使光先通过
10.如图所示是摄影师记录的运动员在冬奥会上滑雪时的情景。下列说法中正确的是(  )
A.运动员运动到最高点时重力势能最大 B.运动员从高处运动到低处时,重力不做功
C.运动员从低处运动到高处时,动能不断增加 D.运动员运动到最高点时受平衡力
11.如图所示为甲、乙两个异形杠杆,其两端均挂有重量相同的物体且均处于平衡状态,两杠杆均能围绕支点O转动。现在两杠杆右端施加力,使其略微下降一小段距离,然后撤掉外力。关于甲、乙杠杆的平衡状况分析正确的是(  )
A.甲能恢复平衡 B.乙能恢复平衡
C.都不能恢复平衡 D.都能恢复平衡
12.为了能自动记录跳绳的次数,某科技小组设计了一种自动计数器,其简化电路如图甲所示,R1是一种光敏元件,每当绳子挡住射向R1的红外线时,R1的电阻会变大,自动计数器会计数一次,信号处理系统能记录AB间每时刻的电压,若已知电源电压为12 V,某时段AB间的电压随时间变化的图像如图所示,则下列说法正确的是 (  )
A.AB两端电压为6 V时,跳绳自动计数器会计数一次
B.绳子挡住了射向R1的红外线时,R1和R2的阻值相等
C.绳子没有挡住射向R1的红外线时,R1的阻值是R2的3倍
D.绳子挡住射向R1的红外线时,R1的阻值会变为原来的5倍
二、多选题
13.物理知识在生产和生活中的广泛应用,促进了社会的发展和进步。下列说法正确的是(  )
A. 图中,钻木取火是用做功的方法来改变物体的内能
B.图中,汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能
C. 图中,电热器在工作时将内能转化为电能
D.图中,太阳能汽车利用了太阳能,太阳能是可再生能源
14.关于如图所示的四个电磁实验,下列说法正确的是(  )
A.实验甲:断开开关S,小磁针静止,其指向如图所示,闭合开关S,小磁针发生偏转,实验表明通电导线周围存在磁场
B.实验乙:断开开关S,导体棒ab静止,闭合开关S,导体棒ab在磁场中运动,实验表明通电导体在磁场中受到力的作用
C.实验丙:闭合开关S,导体在磁场中做切割磁感线运动,灵敏电流计指针发生偏转,产生感应电流,这是发电机的工作原理
D.实验丁:闭合开关S,甲、乙两电磁铁吸起大头针的数目不同,实验表明电磁铁磁性强弱与电流大小有关
15.用如图所示的装置将体积为10dm3,重为900N的重物A从水中提升出来。在卷扬机对绳子的拉力作用下,使A经历了三个过程:过程I为A浸没在水中竖直匀速上升的过程,过程Ⅱ为A上表面刚露出水面到下表面刚离开水面竖直匀速上升的过程,过程Ⅲ为A在空中竖直匀速上升的过程。过程Ⅲ中卷扬机对绳子的拉力大小为F=500N。不计水中提升时水对A的阻力,不计A被提出水面所带水的质量,下列判断中正确的是(  )
A.若过程Ⅰ和过程Ⅲ中提升A的高度相同,则两过程中所做的额外功一定相同
B.过程I和过程Ⅱ中卷扬机对绳子的拉力大小一定不相同
C.过程Ⅲ中提升A的机械效率为90%
D.此装置中动滑轮的重力为100N
三、填空题
16.如图是电铃的工作原理图,闭合开关后,电磁铁产生磁性,“”端为__________极,电磁铁__衔铁,带动小球敲击铃碗发声,但同时和又会分离,电路断开,电磁铁失去磁性,复位又将电路接通,如此反复,电铃持续发声;若要使得小球敲击铃碗的声音的响度更大些,可将滑动变阻器的滑片向(填“左”或“右”)移动。
17.如图所示是在学校运动会上4×400m接力比赛上的情景。当甲班最后同学冲过终点时,乙班刚好第四名同学接棒,甲班接力同学的成绩4min10s,甲班四名同学的平均速度为 m/s;乙班前三名同学的平均速度为 m/s;若乙班第四棒是全国400米冠军,平均速度为8m/s,那么乙班接力前三名同学的平均速度至少需要提高 m/s才有可能赢得比赛。
四、实验题
18.在“探究串联电路电压规律”实验中,小明连接了图甲的电路,A、B、C、D为接线柱编号,1、2、3、4为导线编号。

(1)为使结论具有普遍性,、应选择规格 (选填“相同”或“不同”)的灯泡;
(2)闭合开关,电压表指针如图乙,造成这种现象的原因是 ;
(3)修改电路并完成图甲实验后,小明断开开关,未拆下电压表,只改接某根导线的一端,也能测出总电压。他的改接方法是 。
19.小晶利用两支激光笔、平面镜、可以显示光路的玻璃砖、量角器等器材探究光的反射定律时,先用固定的激光笔1发出的光束AO作为入射光线,经平面镜反射后,形成反射光线OB,如图所示。
(1)他用激光笔2发出垂直于镜面射向入射点O的光束NO作为 线,从而确定入射角和反射角;
(2)为了进一步探究反射角与入射角的关系,他不断调整激光笔1的位置记录数据;
入射角/度 0 15 30 45 60 75
反射角/度 0 15 30 45 60 75
请你根据表中的数据,归纳出实验结论: ;
(3)小晶走到玻璃砖侧面时,观察到OB同时遮挡住了NO和AO,这说明在反射现象中,反射光线、入射光线和法线在 ;
(4)当激光束沿着BO射入时,发现会沿着OA被反射,这说明 。
20. 小明与同学“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。
(1) 按规范组装器材,在安装温度计时,玻璃泡碰到了烧杯底,此时应适当将 (选填“A处向上”或“B处向下”)调整;
(2)实验时,小明向烧杯中倒入热水而不用冷水,这种做法的优点是 。实验时,当看到水中大量气泡 ,就表明水沸腾了;
(3) 当加热一段时间后,温度计示数如图乙所示,此时水的温度是 ;
(4) 图丙是小明绘制的温度随时间变化的图像,由图像可知,水的沸点是 ℃;
(5) 实验结束后,移开酒精灯,发现烧杯内的水没有立即停止沸腾,可能的原因是 。
21.在探究“影响液体内部压强大小的因素”的实验中:
(1)实验中液体压强的大小变化是通过比较U形管两侧液面 的变化,将探头放进盛水的容器中,探头的橡皮膜受到水的压强后会 (选填“内凹”或“外凸”);通过比较A、B、C三个图可得到结论:液体密度相同,在同一深度液体向各个方向压强大小 ;
(2)通过比较D、E两个图,可得到结论:同一种液体的压强随 的增加而增大;
(3)通过比较E、F两个图,可得到结论:在深度相同时,液体的 越大,压强越大;
(4)若在使用压强计前,发现U形管内水面已有高度差,通过 (填写正确选项前字母)方法可以进行调节。
A.从U形管内向外倒出适量水
B.拆除软管重新安装
C.向U形管内添加适量水
22.爱动脑的小明想利用物理知识将电流表改装成电子拉力计,图甲是其电路原理图。弹簧右端和金属滑片P固定在一起,(弹簧的电阻不计),定值电阻,、是一根长为的均匀电阻(其电阻大小与长度成正比),阻值为,电源电压,电流表的量程为;当不拉拉环时,金属滑片刚好处于端。已知该弹簧伸长的长度与所受拉力的关系如图乙所示。
(1)将电流表的表盘改为拉力计的表盘,可以把拉力的大小信息转化为电流信息,更加方便简洁,信息转化的关键环节为:拉力大小变化滑片P的位置变化电路的 变化电流的变化;
(2)当不拉拉环时,电路中的电流是 A;
(3)在电路中连入的目的是 ;
(4)为了保证电路安全,还需要对电阻丝接入电路的范围进行限制,其允许接入的阻值范围是 ,该拉力计能够测量的最大拉力是 N;
(5)在不改变电表的条件下,要增大电子拉力计测量范围,以下调整方案可行的是___________;
A.增大电源电压
B.减小电阻的阻值
C.在电路中再串联一个电阻
(6)在图丙所示的电流表盘上标出拉力为时指针的位置;
(7)小红同学设计了将电压表改装电子拉力计的电路,如图丁所示,弹簧伸长的长度与所受拉力的关系如图乙所示,已知电源电压为,定值电阻的阻值为,是长为的均匀电阻丝,阻值为,此方案中的电压表示数与被测拉力之间的关系式: (用、、、和表示)。
五、综合题
23.阅读短文,回答问题:
远程输电发电厂发出的电要传输到很远的地方供人们使用。在输电线上,由于电流的热效应,必然有一部分电能转化成内能而损失掉()导线越长,损失越多。目前远距离送电主要采取高压送电的方式来实施。在保证输送功率P不变的情况下,采用提高电压U的方法减少线路上的损失。高压送电过程:发电机、升压变压器、高压输电线、降压变压器、居民用电。
其中升降压变压器原理简化为:原线圈匝数,副线圈匝数,若输入电压,输出电压(如图乙),它们之间的关系式为:。结合短文和所学知识回答下列问题:
(1)如图甲属于 (选填“升压”或“降压”)变压器;
(2)在输电阶段,输电线上常用如图丙装置将四根导线并联起来,相当于增大了导线的横截面积,从而减小了导线的 ,以达到减少输电线上电能损失的目的;
(3)由发电厂向用户输电,输送的功率P一定,关于输电电压U与输电电流的I的关系图像正确的是______。
A. B.
C. D.
(4)目前苏州市正在进行1100kV的特高压输电技术改造。若甲、乙两地原来用550kV的超高压输电,建成后改用1100kV的特高压输电,当输电功率相同时,线路上的功率损耗为原来的 倍(线路电阻不变)。
六、计算题
24.某同学用天平、玻璃瓶和水来测量某种液体的密度。测得空瓶的质量为25.4g,瓶中装满水后总质量为47.4g,将瓶中水全部倒出并装满待测液体后总质量为51.8g(已知)求:
(1)玻璃瓶的容积;
(2)待测液体的密度。
25.如图所示,电源电压不变,只闭合开关S1,电流表示数为0.4A,S1、S2都闭合,电流表的示数为0.6A,已知R1=15Ω。求:
(1)电源电压;
(2)电阻R2的阻值。
26.如图甲所示,A、B为质量分布均匀的正方体物块,物块A的边长为10cm,物块B的边长未知。A、B中间用轻质弹簧相连,弹簧原长为5cm,物块B静止在底面积为200cm 的装有水的柱形容器中。弹簧的体积和质量忽略不计,其弹力大小和其形变量的关系如图乙所示。现用力将物块A从水中缓慢提起,当物块A的上表面恰好与水面平齐时,此时物块B对容器底部的压强为500Pa,且弹簧恰好恢复原长;当物块A刚好完全被拉出水面时,物块B对容器底的压力恰好为0。整个过程忽略水的阻力。求:
(1)物块A未露出水面时所受的浮力;
(2)物块B的密度;
(3)物块A、B全部拉出后,水对容器底部的压强。
参考答案
1.【答案】C
【详解】
A.牛顿是力的单位,故A不符合题意;
B.焦耳是功(或热量、能量)的单位,故B不符合题意;
C.瓦特是功率的单位,故C符合题意;
D.千克是质量的单位,故D不符合题意。
故选C。
2.【答案】B
【详解】A.电风扇是把电能转化为机械能和内能,故A不符合题意;
B.电水壶是把电能全部转化为内能,故B符合题意;
C.电视机工作时,电能主要转化为声能、光能和内能,故C不符合题意;
D.洗衣机电能转化为机械能,故D不符合题意。
3.【答案】C
【详解】A.云是水蒸气上升过程中遇到冷液化成的小水滴,液化需要放热,故A错误;
B.河水结冰是固态变成液态的凝固过程,此过程需要放热,故B错误;
C.霜是空气中的水蒸气遇到极低温度凝华成固态的霜,凝华过程需要放热,故C正确;
D.雨是水蒸气上升过程中遇到冷液化成小水滴,小水滴相互聚焦,凝结成大水滴下降成为雨,液化需要放热,故D错误。
4.【答案】D
【详解】
A.不能靠近高压带电体,在高压线附近放风筝有可能发生高压触电事故,故A不符合题意;
B.湿布沾有水渍,而生活用水是导体,所以用湿布擦台灯的灯头会有触电的危险,故B不符合题意;
C.使用绝缘层被破坏的导线时,一旦人体接触,也会有触电危险发生,故C不符合题意;
D.当有人触碰裸导线触电时,不能直接去拉人或移开导线,为保证安全可以用绝缘棒挑开通电的裸导线,故D符合题意。
故选D。
5.【答案】C
【详解】A.声音的传播需要介质,固、液、气三态的物质均可以传播声音,故A正确,A不符合题意;
B.音色表示声音的品质和特色,因此人们根据音色可辨别蝉叫声和鸟鸣声,故B正确,B不符合题意;
C.声音传播的快慢与介质有关系,与响度无关,故C错误,C符合题意;
D.声调的影响因素是振动的频率,人离蝉和鸟越近,频率不变,因此听到声音的音调不变,故D正确,D不符合题意。
6.【答案】B
【详解】A.推动笨重物体时,常垫滚木,是用滚动代替滑动的方法减小摩擦的;
B.旅游鞋底刻有凹凸不平的花纹,是在压力不变的情况下,加大接触面的粗糙程度来增大摩擦的,符合题意;
C.雪橇的底部非常光滑,在压力不变时,越光滑摩擦力越小;
D.给机器的轴承加润滑油,使接触面分离,以油腻代替摩擦面,减小摩擦力。故B符合题意。
7.【答案】C
【详解】
A.右做匀速直线运动的木块,若突然停止运动,则下部由于与受小车的摩擦力会迅速停下来,而上部由于惯性,会保持原来的运动状态,所以会向右倾倒,故A错误;
B.木块随小车一起向右做匀速运动的过程中,在水平方向的其运动状态不变,说明不受力的作用,即此时它不受摩擦力,故B错误;
C.木块随车向右做匀速直线运动,处于平衡态,在竖直方向受到重力和支持力,是一对平衡力,故C正确;
D.一对相互作用力是发生在施力物体和受力物体之间的力,木块对小车的压力与地面对小车的支持力,并不是发生在彼此的施力物体和受力物体之间,故D错误
8.【答案】A
【详解】
A.教室的高度约为3m,即为300cm,故A符合题意;
B.人体感觉舒适的气温约为23℃,故B不符合题意;
C.普通中学生的质量约为50kg,即为50000g,故C不符合题意;
D.人跑步时呼吸一次的时间约为0.8s,故D不符合题意。
故选A。
9.【答案】C
【详解】A.凸透镜对光有会聚作用,凹透镜对光有发散作用;选L1和L3,使两透镜间距D=8厘米,使光先通过L1,过L1后光向主光轴会聚,此时的折射光线为L3的入射光线,由于该入射光线的延长线并不在L3的虚焦点处会聚,所以,经凹透镜折射后的光线不再是平行光,故A错误;
B.选L2和L3,使两透镜间距D=2厘米,使光先通过L2,平行光通过L2后发生折射,折射光线向主光轴会聚,此时的折射光线为L3的入射光线,由于该入射光线的延长线并不在L3的虚焦点处会聚,所以,经凹透镜折射后的光线不再是平行光,故B错误;
C.选L1和L2,使两透镜间距D=22厘米,使光先通过L1,对平行于主光轴的光线经L1、L2透镜组合折射后折射光线如图:
经L1折射后光线在L1的焦点处会聚,同时该焦点到L2的光心的距离恰好为L2的焦距,由于L2的焦距小于L1的焦距,折光能力较大,所以,该透镜组合能把一束从左侧射入的较宽的平行光变为较窄的平行光,故C正确;
D.选L1和L2,使两透镜间距D=22厘米,使光先通过L2,对平行于主光轴的光线经L2、L1透镜组合折射后折射光线如图:
与C选项同理分析,该透镜组合能把一束从左侧射入的平行光变为较宽的平行光,故D错误。
10.【答案】A
【详解】A.运动员运动到最高点时,质量不变,高度最高,重力势能最大,故A正确;
B.运动员从高处运动到低处时,运动员在重力的方向上通过了距离,重力做功,故B错误;
C.运动员从低处运动到高处时,质量不变,速度变小,动能变小,故C错误;
D.运动员运动到最高点时,其运动状态发生了变化,受到的不是平衡力,故D错误。
故选A。
11.【答案】A
【详解】如图所示的甲、乙异形杠杆,处于保持平衡状态;由于悬挂的两个重物质量相等,则作用在杠杆两端的上的拉力相等,杠杆示意图分别如下图:
甲图,根据杠杆平衡条件可得GL1=GL2
则L1=L2
乙图,同理可得GL3=GL4
则L3=L4
用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后,则杠杆示意图分别如下图:
由于轻杆端点的位置不同,右端的重物略微下降一小段距离后,由力臂的变化图可知,甲硬质轻杆,L1′>L1,L2′则GL1′>GL2′
所以甲杆左端的重物会下降,则能恢复到原来平衡位置;
乙硬质轻杆,L3′L4
则GL3′所以乙杆右端的重物会继续下降,则不能恢复到原来平衡位置,故A正确,BCD错误。
12.【答案】D
【解析】由图甲电路知,R1与R2串联,AB间电压为R2两端电压。当射向R1的红外线被挡住时,R1阻值变大,根据串联电路的分压原理知,R1分得的电压增大,R2分得的电压减小,由图像知,此时U2=UAB=2 V,因为R1的电阻变大,自动计数器会计数一次,即AB间电压为2 V时计数一次,故A错误;由串联电路的分压原理有==,即=,所以R1=5R2,故B错误;当射向R1的红外线没有被挡住时,R1阻值较小,R1分得的电压较小,R2分得的电压较大,由图像知,此时U'2=U'AB=6 V,由串联电路的分压原理有==,即=,所以R'1=R2,故C错误;因为R1=5R2,R'1=R2,所以R1=5R'1,即绳子挡住射向R1的红外线时,R1的阻值会变为原来的5倍,故D正确。
13.【答案】ABD
【详解】A.钻木取火是将机械能转化为内能的过程,是通过做功改变物体的内能,故A正确;
B.汽油机的做功冲程是利用内能转化为机械能的过程,内能转化为机械能也是热机的工作原理,故B正确;
C.电饭锅、电烫斗、电炉等都是电热器,电热器工作时,将电能转化为内能,故C错误;
D.太阳能是可再生能源,太阳能汽车是利用太阳能转化为电能工作的,故D正确。
故选ABD。
14.【答案】ABC
【详解】实验甲:断开开关S,小磁针静止,其指向如图所示,闭合开关S,小磁针发生偏转,表明通电导线周围存在磁场,故A正确;实验乙:断开开关S,导体棒ab静止,闭合开关S,导体棒ab在磁场中运动,实验表明通电导体在磁场中受到力的作用,这是电动机原理,故B正确;实验丙:闭合开关S,导体在磁场中做切割磁感线运动,灵敏电流计指针发生偏转,产生感应电流,机械能转化为电能,这是发电机的工作原理,故C正确;实验丁:闭合开关S,甲、乙两电磁铁串联,电流相等,线圈的匝数不同,甲、乙两电磁铁吸起大头针的数目不同,实验表明电磁铁磁性强弱与线圈的匝数有关,故D错误。
15.【答案】BCD
【详解】
A.从图中可以看到,这是一个动滑轮,若过程Ⅰ和过程Ⅲ中提升A的高度相同,那么卷扬机的绳子自由端移动的距离也相同;过程Ⅰ中重物A匀速上升,处于平衡状态,受到重力GA、卷扬机的绳子拉力、水的浮力的作用而处于平衡状态,即
过程Ⅲ中重物A匀速上升,处于平衡状态,受到重力GA、卷扬机的绳子拉力的作用而处于平衡状态,即
从上面两式可知,而卷扬机的绳子自由端移动的距离s相同,则过程Ⅰ和过程Ⅲ所做的总功
那么;过程Ⅰ和过程Ⅲ中所做的有用功,重物A重力相同,升高的高度相同,那么两个过程所做的有用功相同,设为,那么过程Ⅰ和过程Ⅲ中所做的额外功
,则,即两过程中所做的额外功不相同,故A错误;
B.由A解析可知过程Ⅰ中
过程Ⅱ中,重物A所受的浮力在变小,对这个过程的重物A受力分析,受到重力、变小的浮力、卷扬机的绳子拉力作用,即
转化可得
那么可知在不断变大,过程I和过程Ⅱ中卷扬机对绳子的拉力大小一定不相同,故B正确;
C.由题意可知,过程Ⅲ中卷扬机对绳子的拉力大小为F=500N,重物A上升的高度设为h,两条绳子托着动滑轮,那么绳子自由端移动的距离,重物A重为900N,过程Ⅲ中提升A的机械效率
过程Ⅲ中提升A的机械效率为90%,故C正确;
D.根据
可知
解得,此装置中动滑轮的重力为100N,故D正确。
故选BCD。
16.【答案】(或北); 吸引; 右
【解析】闭合开关后,根据电流的方向,由安培定则可知端为极。闭合开关,电磁铁中有电流通过,电磁铁具有磁性,衔铁被吸引,使小球敲击铃碗发出声音,同时衔铁与螺钉分离,电路断开,电磁铁失去磁性,释放衔铁,衔铁与螺钉再次接触,电路接通,不断重复,电铃便持续发声。若要使得小球敲击铃碗的声音的响度更大些,可以使电磁铁的磁性更强一些,可将滑动变阻器的滑片向右移动,使通过电磁铁的电流变大。
17.【答案】6.4;4.8;1.2
【详解】甲班四名同学的平均速度为
乙班前三名同学的平均速度为
乙班第四名同学跑完他自己的路程至少需要的时间为,要赢得冠军,乙班前三名同学跑完自己的路程最多用时为,则要想赢得冠军,乙班前三名同学的速度至少为,则要想赢得冠军,乙班前三名同学的速度要提高
18.【答案】(1)不同;(2)电压表量程选大了;(3)将3号导线从D接线柱改接到B接线柱或A接线柱
【详解】(1)为了使探究得出的结论具有普遍性,L1、L2应选择规格不相同的灯泡。
(2)闭合开关,电压表示数如图乙所示,指针偏转角度太小,说明电压表选用的量程过大了,测量误差较大。
(3)串联电路中,电源电压等于各部分电路两端电压之和,若能测出总电压,需要将电压表并接在两个灯泡两端,他的改接方法可以是:将3号导线从D接线柱改接到B接线柱或A接线柱。
19.【答案】 (1) 法 (2) 在光的反射中,反射角等于入射角 (3) 同一平面内 (4)在光的反射中,光路可逆
【详解】(1)NO垂直于反射面,所以NO作为法线。
(2)由表中数据可知,反射角与入射角相等,所以可得出结论:在光的反射中,反射角等于入射角。
(3)OB同时遮挡住了NO和AO,说明OB、NO和AO在同一个平面内,由此得出结论:在反射现象中,反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
(4)当激光束沿着BO射入时,发现会沿着OA被反射,即光可以逆着原来的方向传播,说明在光的反射中,光路可逆。
20.【答案】(1)A处向上;(2)缩短实验时间;上升变大到水面破裂开来;(3)96℃;(4)99;(5)石棉网有余热
【详解】(1) 实验过程中要用酒精灯的外焰加热,需要从下往上安装实验器材,先确定好B的位置,再根据温度计调节A的位置,由此可知温度计的玻璃泡碰到了烧杯底,需要将温度计向上调整,即将A处向上调整。
(2) 小明向烧杯中倒入热水而不用冷水,这样可以提高水的初温,缩短加热至沸腾所用的时间。
沸腾前,上方水温低,气泡上升时,内部的气体和少量水蒸气遇冷液化,因而体积变小,气泡变小;沸腾时,水大量汽化,水蒸气不断进入气泡,且上升过程中水压变小,所以气泡变大。实验时,当看到水中大量气泡上升变大到水面破裂开来,就表明水沸腾了。
(3) 如图乙所示,温度计分度值为1℃,此时水的温度是96℃。
(4) 由丙图可知,水沸腾过程中,继续吸热,但温度不变,水的沸点为99℃。
(5) 实验结束后,撤去酒精灯,由于水能从铁圈和石棉网上继续吸热,所以烧杯里的水并没有立即停止沸腾。
21.【答案】(1)高度差;内凹;相等 (2)深度 (3)密度 (4)B
【详解】(1)压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的,液面高度差越大,液体的压强越大,这种方法叫做转换法。
将探头放进盛水的容器中,橡皮膜受到水的压强大于橡皮膜内部的压强,橡皮膜会向内凹。
A、B、C三个图,液体的深度和密度均相同,橡皮膜的方向不相同,但U形管的高度差相同,可得结论:同种液体在同一深度向各个方向的压强相等。
(2)D、E两个图为同种液体,橡皮膜的方向相同,深度不同,深度越大,U形管的高度差越大,压强越大,可得出结论:同一液体,液体内部压强随深度的增加而增大。
(3)E、F两个图,液体的深度相同,橡皮膜的方向相同,液体的密度不同,盐水的密度大于水的密度,盐水中U形管的高度差大,压强大,故可得到结论:在深度相同时,液体的密度越大,压强越大。
(4)调节压强计时,只需要将软管取下,再重新安装,这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的都等于大气压,当橡皮膜没有受到压强时,U形管中的液面就是相平的,故B符合题意,AC不符合题意。
22.【答案】(1)总电阻
(2)0.15
(3)保护电路
(4)5~35;600
(5)C
(6)见详解
(7)
【详解】(1)由图甲知,电阻丝R1与定值电阻R0和弹簧串联在电路中,弹簧受到的拉力变化时,滑片P移动,R1接入电路的阻值变化,电路的总阻值变化,而电源电压不变,据欧姆定律知,电路中的电流也随着变化。
(2)由图甲可知,两电阻串联,当不拉拉环时,R1接入电路的阻值最大,为35Ω,此时电路中电流为
(3)电路中R0的目的是保护电路,当滑片向b移动时,R1接入电路的阻值变小,R0可避免电路的阻值过小,电流过大而损坏电路。
(4)电流表的量程为0~0.6A,所以电路中的最大电流为0.6A,此时电路的总阻值最小为
R1接入电路的最小阻值
R小=R总小-R0=10Ω-5Ω=5Ω
所以R1接入电路的范围为5Ω~35Ω。
R1接入电路的阻值最小时,弹簧所受的拉力最大。而R1的电阻大小与长度成正比,所以有
解得,R1接入电路的阻值最小时,弹簧的伸长量。由图乙可得
解得F=600N。
(5)由图乙可知,弹簧伸长的长度与所受拉力成正比,即。要增大电子拉力计测量范围,即增大F值,保证电路安全前提下,应增大的值,则需减小电阻丝R1连入电路的阻值,电路的最大电流一定,电路的总电阻,则
A.I大和R0一定,若增大电源电压,则电阻丝R1连入电路的电阻增大,故A不符合题意;
B.I大和电源电压U一定,若减小电阻R0的阻值,则电阻丝R1连入电路的电阻增大,故B不符合题意;
C.I大和电源电压U一定,电路的总电阻一定,若在电路中再串联一个电阻,则可减小电阻丝R1连入电路的阻值,故C符合题意。
(6)由图像知,当拉力为F=400N时,,R1连入电路的长度
R1连入电路的阻值
电路中的总电阻
电路中的电流
图丙中,电流表选用小量程,分度值为0.02A,指针处于0.3A处,如图所示:
(7)由图丁知,两个电阻仍串联在电路中,R1接入电路的阻值不变,电压表测aP间的电压,电路中的电流
当弹簧受到的拉力为F时,其伸长量
aP间的电阻
电压表的示数
23.【答案】(1)降压
(2)电阻
(3)C
(4)
【详解】(1)图甲中U1∶U2=n1∶n2,因n1>n2,故U1>U2,即输出电压小于输入电压,因此相当于降压变压器。
(2)当其它条件一定时,导体的横截面积越大,电阻越小,输电线上常用如图丙装置将四根导线并联起来,相当于增大了导线的横截面积,从而减小了导线的电阻,以达到减少输电线上电能损失的目的。
(3)根据公式P=UI可知,输送的功率P一定时,电压越大,电流越小,即电压与电流成反比,用公式可表示为,即输送的功率P一定,电压与电流成反比,由图可知,C选项图像中U与I成反比,故C符合题意,ABD不符合题意。
(4)前后两次输电电压之比
因输电功率相同,由P=UI可知,前后两次电流之比
输电线的电阻不变,由P=I2R可知,前后两次输电线上损失的功率之比
则,线路上的功率损耗为原来的倍。
24.【答案】(1)22cm3;(2)1.2g/cm3
【详解】解:(1)玻璃瓶中装满水时,水的质量
由可得,玻璃瓶的容积
(2)玻璃瓶中装满待测液体时,待测液体的质量
待测液体的体积
待测液体的密度
答:(1)玻璃瓶的容积为22cm3;
(2)待测液体的密度为1.2g/cm3。
25.【答案】(1)
(2)
【详解】(1)只闭合时,电路为的简单电路,电流表测电路中的电流;由题意知,电阻的阻值为,电流表的示数为0.4A,所以电源电压
(2)、都闭合时,两电阻并联,电流表测干路电流,根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可得通过的电流为
电阻的阻值
26.【答案】(1)10N;(2)1.5×103kg/m3;(3)1500Pa
【详解】解:(1)A的体积
VA=(10cm)3=1000cm3=1×10-3m3
物块A未露出水面时所受的浮力
F浮=ρ水gV排=ρ水gVA=1×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=10N
(2)A恰好未露出水面,此时B对容器底部的压强为500Pa,且弹簧恰好恢复原长,此时物体B在竖直方向上受到水对其向上的浮力F浮′、容器对其向上的支持力FB,以及向下的重力GB,即
GB=FB+F浮′①
GB=ρBgLB3②
F浮=ρ水gLB3③
FB=pBSB=pBLB2④
联立①②③④解得
当A刚好被拉出水面时,此时液面下降的高度为
则弹簧被拉长5cm,由丙图可知弹簧的弹力F弹=5N,B对容器底的压强恰好为0,此时B对容器底的压力为0,此时物体B在竖直方向上受到弹簧向上的弹力F弹、水对其向上的浮力F浮′,以及向下的重力GB,即
GB=F弹+F浮′
GB-F浮′=(ρB-ρ水)gLB3=5N
代入LB可得
代入数据可求得
ρB ρ水=0.5×103kg/m3
故:物体B的密度为
ρB=0.5×103kg/m3+1×103kg/m3=1.5×103kg/m3
(3)B的边长
原来水的深度为
h=LA+L+LB=0.1m+0.05m+0.1m=0.25m
物块A、B全部拉出后,水面下降的高度
此时水的深度为
物块A、B全部拉出后,水对容器底部的压强
答:(1)物块A未露出水面时所受的浮力是10N;
(2)物块B的密度是1.5×103kg/m3;
(3)物块A、B全部拉出后,水对容器底部的压强是1500Pa。
第 page number 页,共 number of pages 页

展开更多......

收起↑

资源预览