资源简介

2025届高三年级考前模拟训练（第2轮）
物理试题
组卷人： 考试时间：5月6日上午10：30-11：45
本试题卷共6页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。
★祝考试顺利★
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．2025年1月20日，中国有“人造太阳”之称的全超导托卡马克核聚变实验装置（EAST）在安徽合肥创造新世界纪录，首次完成1亿摄氏度1000秒“高质量燃烧”，标志着我国聚变能源研究实现从基础科学向工程实践的重大跨越，对人类加快实现聚变发电具有重要意义。核聚变的核反应方程为，则下列关于核聚变的说法正确的是（ ）
A．轻核聚变释放出17.6MeV能量，出现了质量亏损，所以轻核聚变过程质量数不守恒
B．轻核聚变时核的结合能大于核的结合能，但核的比结合能小于核的比结合能
C．轻核聚变过程中平均每个核子放出的能量为3.52MeV
D．轻核聚变时生成的核具有放射性
2．如图，物块P位于纬度为的地球表面上，与地球保持相对静止，人造地球卫星Q、R均做匀速圆周运动，卫星R为地球静止卫星。若某时刻P、Q、R与地心O在同一平面内，其中O、P、Q在一条直线上，且，下列说法正确的是（ ）
A．Q、P的周期之比为 B．Q、R的线速度之比为
C．物块P的角速度大于卫星Q的角速度 D．物块P的向心加速度大于卫星Q的向心加速度
3．如图所示，圆弧轨道AB固定在竖直平面内，轨道末端A切线水平。套在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由最低点A运动到最高点B。已知拉力F始终沿轨道的切线方向，轨道对小球的弹力大小为，轨道与小球间的动摩擦因数处处相同。在此过程中（ ）
A．F增大，增大 B．F减小，减小
C．F先增大后减小，减小 D．F先减小后增大，减小
4．下列说法不正确的是（ ）
A．由图甲可知，状态①的温度比状态②的温度高
B．由图乙可知，气体由状态A变化到B的过程中，气体分子平均动能一直增大
C．由图丙可知，当分子间的距离时，分子间的作用力先增大后减小
D．由图丁可知，在r由变到的过程中分子力做正功
5．如图所示，长为L的水平板AB的B端固定在竖直墙面上，板离水平地面高为2L，某人在离地面高为0.5L、离墙面的距离为1.5L的C点斜向上抛出一个小球（大小忽略不计），小球恰好经过板的边缘A落在板的B端，不计空气阻力，则小球在空中运动过程中的最高点离AB板的高度为（ ）
A． B． C． D．L
6．小车内一根不可伸长的轻绳固定于小车顶上的A、B两点，悬挂有物块的光滑轻滑轮跨在轻绳上。小车沿水平面运动时，物块相对小车静止，轻绳状态如图所示，AO段竖直，OB段与水平方向成37°角，已知物块质量为m，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）（）
A．小车一定做匀加速运动 B．小车可能向右减速
C．小车加速度大小为0.5g D．轻绳拉力大小为mg
7．如图1所示，真空中x轴原点O处固定一点电荷a，其电荷量Q未知，另一试探点电荷b，其电荷量为q，以初动能自位置沿x轴负方向直线运动，该过程粒子动能图像如图2所示．已知静电力常量为k。设无穷远处电势为O，距点电荷a距离r处的电势，粒子仅受电场力作用。下列说法正确的是（ ）
A．两处电场强度之比等于
B．沿x轴正方向电势逐渐升高
C．电荷量
D．如仅将a的电荷量变为2Q，点电荷b速度减为0时的位置坐标是
8．如图甲所示的弹簧振子沿竖直方向做简谐运动，从某一时刻开始计时，规定竖直向上为正方向，得到弹簧对小球的弹力F与运动时间t的关系图像如图乙所示。若重力加速度大小为g，图像的坐标值为已知量，则下列说法正确的是（ ）
A．时刻小球处于最高点
B．小球的质量为
C．弹簧振子振动的周期为
D．若弹簧振子的振幅为A，则从计时开始到时，小球通过的路程为15A
9．如图所示，在直角三角形ABC内存在垂直纸面向里的匀强磁场（图中未画出），AB边长度为L，，现垂直AB边射入一群质量均为m、电荷量均为、速度大小相等的带负电粒子，已知垂直AC边射出的粒子在磁场中运动的时间为0.5t，在磁场中运动时间最长的粒子运动的时间为，则下列判断正确的是（ ）
A．粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为4t B．该匀强磁场的磁感应强度大小为
C．粒子在磁场中运动的轨迹半径为 D．粒子进入磁场时的速度大小为
10．如图甲所示，一质量为4kg的物体静止在水平地面上，让物体在随位移均匀减小的水平推力F作用下开始运动，推力F随位移x变化的关系如图乙所示，已知物体与水平地面间的动摩擦因数，取，则下列说法正确的是（ ）
A．物体先做加速运动，撤去推力时开始做减速运动 B．物体在运动中的加速度先变小后不变
C．物体运动的最大速度为8m/s D．物体在水平地面上运动的最大位移是10m
二、非选择题：本大题共5小题，共60分。
11．（8分）利用如图甲的实验装置“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”。
（1）图乙是实验得到纸带的一部分，每相邻两计数点间有四个点未画出。相邻计数点的间距已在图中给出。打点计时器电源频率为50Hz，则小车的加速度大小为______（结果保留3位有效数字）。
（2）实验得到的理想图像应是一条过原点的直线，但由于实验误差影响，常出现如图丙所示的①、②、③三种情况。下列说法正确的是（ ）
A．图线①的产生原因是小车的质量太大
B．图线②的产生原因是平衡摩擦力时长木板的倾角过大
C．图线③的产生原因是小车的质量太小
（3）实验小组的同学觉得用图甲装置测量加速度较大时系统误差较大，所以大胆创新，选用图丁所示器材进行实验，测量小车质量M，所用交流电频率为50Hz，共5个槽码，每个槽码的质量均为。实验步骤如下：ⅰ．安装好实验器材，跨过定滑轮的细线一端连接在小车上，另一端悬挂着5个槽码。调整轨道的倾角，用手轻拨小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点，表明小车沿倾斜轨道匀速下滑：ⅱ．保持轨道倾角不变，取下1个槽码（即细线下端悬挂4个槽码），让小车拖着纸带沿轨道下滑，根据纸带上打的点迹测出加速度a；ⅲ．逐个减少细线下端悬挂的槽码数量，重复步骤ⅱ；ⅳ．以取下槽码的总个数的倒数为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上作出关系图线。已知重力加速度大小，计算结果均保留三位有效数字，请完成下列填空：
①写出随变化的关系式______（m，g，M，a，n表示）；
②测得关系图线的斜率为，则小车质量______kg（计算结果保留两位有效数字）。
12．（8分）多用电表是实验室中常用的测量仪器，如图甲所示为多量程多用电表示意图。
（1）通过一个单刀多掷开关S，接线柱B可以分别与触点1、2、3、4、5接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的功能。图甲中的E是电池，是电池内阻，是欧姆调零电阻，AB分别与黑、红表笔相接。都是定值电阻，表头G的满偏电流为20mA，内阻为。已知，，。关于此多用电表，下列说法正确的是______；
A．图甲中B是红表笔
B．当S接触点1或2时，多用电表处于测量电流的挡位，且接1时的量程比接2时大
C．当S接触点3时，多用电表处于测量电阻的挡位，倍率越大，滑动变阻器接入阻值越大
D．当S接触点4、5时，多用电表处于测量电压的挡位，且接4比接5时量程大
（2）该学习小组将“B”端与“3”相接，将A、B表笔短接，调节．进行欧姆调零后测量未知电阻。得到通过表头G的电流与被测未知电阻的关系如图乙所示，由此可知多用电表中电池的电动势______V（计算结果保留三位有效数字）。通过分析可知该小组使用多用电表的______（填“×1”“×10”或“×1K”）倍率的欧姆挡进行测量未知电阻。
（3）实验小组用多用电表测量电源的电动势和内阻。器材有：待测电源（电动势约为8V），定值电阻，多用表一只，电阻箱一只，连接实物如图丁所示，测得并记录多组数据后，得到对应的图，如图丙所示，则内阻______（结果保留三位有效数字）。
13．（10分）如图，一般帆船静止在湖面上，帆船的竖直桅杆顶端高出水面3m．距水面4m的湖底P点发出的激光束，从水面出射后恰好照射到桅杆顶端，该出射光束与竖直方向的夹角为（取）．已知水的折射率为
（1）求桅杆到P点的水平距离；
（2）船向左行驶一段距离后停止，调整由P点发出的激光束方向，当其与竖直方向夹角为时，从水面射出后仍然照射在桅杆顶端，求船行驶的距离。
14．（16分）如图，两根足够长的光滑金属直导轨平行放置，导轨间距为L，两导轨及其所构成的平面均与水平面成角，整个装置处于垂直于导轨平面斜向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B．现将质量均为m的金属棒a、b垂直导轨放置，每根金属棒接入导轨之间的电阻均为R。运动过程中金属棒与导轨始终垂直且接触良好，金属棒始终未滑出导轨，导轨电阻忽略不计，已知，，，，重力加速度为。
（1）先保持棒b静止，将棒a由静止释放，求棒a匀速运动时的速度大小v；
（2）在（1）问中，当棒a匀速运动时，再将棒b由静止释放，求释放棒b的瞬间它的加速度大小；
（3）仍保持棒b静止，将棒a由静止释放，若棒a经过后匀速运动，求
①棒a此过程中运动的距离x．
②棒a此过程中产生得热量Q．
15．（18分）如图所示，内壁光滑的细圆管轨道固定在光滑水平地面上，由两部分组成，AB段为抛物线形状，且AB、BC竖直高度差相等，A、C两点处的切线水平，圆弧槽乙放在光滑水平地面上，可自由移动，其上表面DE是半径为R的四分之一光滑圆弧，D点的切线水平、E点的切线竖直。现对A点的小球甲（直径略小于圆管内径）轻微扰动，使其由静止开始沿着管壁下滑，然后甲从D点滑上弧面DE，刚好能到达E点，接着甲沿着弧面DE再次到达水平面时，甲、乙的速度等大，重力加速度为g．
（1）求甲、乙的质量之比以及甲刚要从D点滑上弧面DE时的速度大小；
（2）求A、C两点的高度差；
（3）若小球甲的质量为m，在A点给甲一个水平向右的初速度（大小未知），且甲在细圆管内部从A运动到B与内壁间恰好无作用力，已知过B点的切线与水平方向的夹角为，求的大小和甲运动到B点时速度大小以及此时重力的瞬时功率。
2025届高三年级考前模拟训练（第2轮）解析稿
物理试题
1．【答案】C 【解析】核反应都遵循质量数守恒和电荷数守恒，与是否发生质量亏损无关，选项A错误；中等大小核的比结合能较大，轻核聚变是向中等大小核变化，所以核的比结合能增大，则核的比结合能大于核的比结合能，核的核子数大于核的核子数，结合能等于比结合能与核子数的乘积，则核的结合能也大于核的结合能，选项B错误；轻核聚变过程中参与核反应的核子数为5个，平均每个核子放出的能量为，选项C正确；轻核聚变时生成的核的比结合能大，比结合能越大越稳定，不会发生衰变反应，所以不具有放射性，选项D错误。
2．【答案】A 【解析】A．由得
则Q、R的周期之比为
又因卫星R为地球静止卫星，所以，则，A正确；
B．由得，
则Q、R的线速度之比为，B错误；
C．由得
由，则，又，则，C错误；
D．由，，，故由得
由，有，故，D错误。故选A。
3．【答案】C 【解析】设小球的质量为m，小球与圆心连线与竖直方向的夹角为，
小球受力如图所示：
根据平衡条件得：，，滑动摩擦力：，联立可得：，其中，缓慢地由最低点A运动到最高点B，从O逐渐增大到，可知减小；当时，F有最大值，则F先增大后减小，故C正确，ABD错误。
4．【答案】B 【解析】【解答】
A．由分子热运动的速率的分布特点可知，随温度的升高，分子热运动的速率分布呈现“中间多两头少”的规律，且随温度的增大，大部分的分子热运动速率增大，故由图可知①图温度高，故A正确；
B．由理想气体状态方程结合图乙可知，气体在状态A和B态时，气体的温度相同，结合气体的等温线可知，该过程气体的温度先升高，后降低，故气体分子平均动能先增大后减小，故B错误；
C．由分子力随分子间距的变化关系图象可知，当分子间的距离时，随分子间距离的增大，分子间的作用力先增大后减小，故C正确；
D．由图丁可知，在分子间距为时，分子间距离为相当于平衡位置的距离。在r由变到的过程中，分子力为斥力，随分子间距的增大，分子力做正功，故D正确。由于本题选错误答案，故选B。
5．【答案】C 【解析】小球运动到最高点时的速度最小，设小球运动到最高点时的速度大小为，最高点离板的高度为h，从最高点到B点时间为，从抛出到最高点时间为。由对称性和逆向思维。
则，，，，解得，C项正确。
6．【答案】C
【解析】由受力分析可知，小车加速度水平向右，小车可能向右匀加速，也可能向左匀减速，故A、B错误。
由受力分析可知竖直方向有，水平方向有，解得，，故C正确，D错误。
7．【答案】D 【解析】A、根据点电荷的电场强度，则两处电场强度之比等于，故A错误；
B、根据题意可知场源电荷Q与试探电荷q带同种电荷，但是不知道电性，则沿x轴正方向电势的升降不能确定，故B错误；
C、试探电荷从到过程根据动能定理有：，解得，故C错误；
D、仅将a的电荷量变为2Q，点电荷b速度减为0时的过程，根据动能定理有：，解得点电荷b速度减为0时的位置坐标，故D正确。
8．【答案】BCD 【解析】A．由题图乙可知，时刻小球所受弹力最大，方向竖直向上，所以小球处于最低点，A错误；
B．根据对称性，小球在最高点和最低点时的加速度大小相等，方向相反
小球在最高点时有小球在最低点时有
解得 B正确；
C．由题图乙可知解得 C正确；
D．由于小球在时间内通过的路程
D正确。故选BCD．
9．【答案】BC 【解析】【解答】
A．带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，垂直AC边射出的粒子在磁场中运动的时间是，即，则周期，故A错误；
B．由得，故B正确；
C．设在磁场中运动时间最长的粒子的运动轨迹所对应的圆心角为，则有，可得，画出该粒子的运动轨迹，如图所示：
设粒子在磁场中运动的轨迹半径为R，由几何知识有，可得，故C正确；根据，解得，故D错误。
10．【答案】CD 【解析】AB、物体在水平方向受推力与摩擦力作用，由牛顿第二定律得：，加速度：；由图乙所示图象可知，物体所受推力随位移的增加而减小，开始物体所受推力大于摩擦力，物体做加速运动，随推力F的减小，加速度a减小；当推力等于摩擦力时，合力为零，加速度为零；当推力小于摩擦力时物体所受合力方向与物体的速度方向相反，物体做减速运动，加速度a逐渐增大：撤去推力时物体所受合外力等于滑动摩擦力，之后物体加速度不变，做匀减速直线运动，直到速度为零，故由以上分析可知，物体的加速度先减小后增大再不变，故AB错误；
C、由图乙所示图象可知，推力
物体受到的滑动摩擦力，
当物体所受合力为零时，物体的速度最大，即时物体速度最大，
解得：
图线与时间轴围成图形的面积等于推力对物体做的功，设物体的最大速度为，
由图乙所示图象可知，物体速度最大时，推力对物体做功：，
从物体开始运动到速度最大过程，对物体，由动能定理得：
代入数据解得：，故C正确；
D、由图乙所示图象可知，物体整个运动过程，推力对物体做功：，
设物体在水平面上的最大位移为s，物体整个运动过程，由动能定理得：
代入数据解得：，故D正确。
11．【答案】（1）2.85； （2）B； （3） 0.19
【解析】解：（1）由题知，电源的频率为，每相邻两计数点间有四个点未画出，故相邻计数点间的时间为
根据逐差法，可得
（2）A、由丙图知，图线①向下偏曲，则产生原因是不满足“钩码的总质量远小于小车质量”的条件，故A错误；
BC、图线②，没有F时就有加速度，说明平衡摩擦力过大；图线③，F需要加到一定值时才有加速度，说明摩擦力较大，则产生原因是平衡摩擦力时长木板的倾角过小，故B正确，C错误。故选：B．
（3）①对于小车匀速时有
减小n个槽码后，对小车和槽码分别有
联立可得
②根据，可知图线的斜率为解得
故答案为：（1）2.85； （2）B； （3）；0.19
12．【答案】ABC 3.75 1.00
【解答】
（1）A．图甲中B接3接线柱时，由于B连接的是电源负极，根据电流从红表笔流入，从黑表笔流出，因此B为红表笔，故A正确；
B．当S接触点1或2时，电路中没有电源，由于表头和电阻并联，故改装成了电流表，且接1时左边的电阻为分流电阻，即一个电阻为分流电阻；接2时两个电阻串联后为分流电阻，所以S接1时分流电阻小，故接1时的量程更大，故B正确；
C．当S接点3时，电表内部有电源，故多用表为欧姆表，倍率越大时，同样的待测电阻时表头指针偏转越小，欧姆表的内阻越大，接入的滑动变阻器阻值越大，故C正确；
D．当开关S接4或5时，多用表为电压挡，但接4时分压电阻为一个电阻，即左边的电阻；接5时两个电阻串联后的总电阻为分压电阻，所以接5时分压电阻的阻值要大，故接5时量程更大，故D错误。故选ABC；
（2）将“B”端与“3”相接，结合图乙，并结合闭合电路欧姆定律得出
①
②
联立①②得出，欧姆表的内阻，则欧姆表的中值电阻为150Ω，所以该小组使用多用电表的“×10”倍率的欧姆挡进行测量未知电阻。
（3）根据丙图和闭合电路欧姆定律可知：整理可得：
结合图像的截距和斜率可知：，
解得：，
故答案为（1）ABC； （2）3.75；； （3）1.00
13．【答案】（1）7m （2）5.5m
【详解】①设光束从水面射出的点到桅杆的水平距离为，到P点的水平距离为，桅杆高度为，P点处水深为；激光束在水中与竖直方向的夹角为，由几何关系有
由折射定律有：
设桅杆到P点的水平距离为x则联立方程并代入数据得：
②设激光束在水中与竖直方向的夹角为45°时，从水面出射的方向与竖直方向夹角为
由折射定律有：
设船向左行驶的距离为，此时光束从水面射出的点到桅杆的水平距离为，到P点的水平距离为，则：，， 联立方程并代入数据得：
14．【答案】（1）棒a匀速时，
解得：
（2）由楞次定律及左手定则可知，释放瞬间，b棒所受安培力方向沿导轨平面向下，
由牛顿第二定律得
得：
（3）①对a棒，从开始运动到匀速得过程中，由动量定理：设沿斜面向下为正，
解得
又，，
联立上式可得：
②由能量守恒.解得
15．【答案】解：（1）甲从地面上升到E点再返回到水平地面，设此时甲的速度为，则乙的速度为v，
甲刚要从D点滑上弧面时的速度为，甲、乙的质量分别为m、M，
由动量守恒及机械能守恒可得：，，
综合可得，甲、乙的质量之比，
甲刚好能到达E点，说明在E点甲、乙达共同速度，
则有，，综合解得；
（2）甲从A到C由机械能守恒定律可得，解得；
（3）当在A点给甲一个水平向右的初速度，则甲从A到B与圆管内壁间无作用力，
故做平抛运动：，
设轨道在B点的切线与水平方向的夹角为，由平抛运动的规律可得，
计算可得，
甲从A点以水平向右的初速度做平抛运动到B点，
由机械能守恒定律可得：，解得：，
甲在B点重力的瞬时功率为，综合可得。

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