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2025年高三年级第三次适应性检测
物理试题
2025.05
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本
试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1.钷元素(Pm)是“万能之土”稀土元素家庭成员之一。制备其同位素的核反应方程为：
16Nd+n→7Pm+X,17Pm不稳定，发生衰变：17Pm→3Sm+Y,钷的半衰期为2.64年。
下列说法正确的是
A.X与阴极射线属于同种粒子
B.Y来源于17Pm的核外电子
C.13Sm比结合能小于Pm比结合能
D.每经过2.64年，发生衰变的17Pm的数量相同
2.2025年4月30日神舟十九号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱在距地面10km
高度打开降落伞，距地面1.125高处4台反推发动机同时点火，产生竖直向上的恒定推力，
最终以2m/s的速度着陆。该过程返回舱运动的v-t图像如图所示，重力加速度g=10ms2,
下列说法正确的是
Av(m.s)
A.0~t1,返回舱内的宇航员处于失重状态
200
B.0~t1,返回舱的平均速度为103.5mfs
C.单台发动机的推力约为返回舱重力的月
04
t红tsts
D.反推发动机的工作时间为0.25s
3.将小球以初速度%竖直向上抛出，经过一段时间小球又落回抛出点，速度大小为y,运动过程
中小球所受空气阻力大小与小球速率成正比，重力加速度为g,则小球在空中运动时间为
A.I=Yo+v
B.1=Yo+v
C.I=Yo-v
D.t=20-v)
2g
2g
物理试题第1页共8页
4.三根平行长直导线a、b、c中均通有恒定电流，导线a、b固定在水平面上，导线c通过轻质
绝缘细线与力传感器相连，截面图如图所示，此时导线c处于静止状态且力传感器的示数恰
好为零，下列说法正确的是
力传感器
A.导线a、b中的电流方向相反
B.导线a、c中的电流方向相同
O
C.若导线b中的电流诚小，细线将向右偏转
dob
D.若导线b中的电流反向，细线将向左偏转
5.如图甲所示，白鹤滩水电站是我国实施“西电东送”的重大工程，其输电原理如图乙所示。
设输电功率为P,输电电压为U,输电线总电阻为r,仅考虑输电线的功率损耗。下列说法正
确的是
A.输电线上的电流1=
2
B.输电线上损耗的功率P=
甲
C.P一定时，箱电电压变为号，输电线损耗的功率变为原来的4倍
D.U一定时，输电功率变为2P,用户得到的功率变为原来的2倍
6.我国高分十二号05星运行轨道高度为600km,地球同步轨道卫星高度为35600km,地球半径
为6400km。关于05星，下列说法正确的是
A.运行周期为40N6mim
B.发射速度大于11.2km/s
C.能始终定点在地球表面某位置正上方
D.与同步轨道卫星运行线速度之比为√70：1
7.如图所示，水平向右的匀强电场中固定倾角为30°的足够长斜面，质量为m、带电量为+q的
小球以初速度从斜面底端斜向上抛出，初速度方向与水平方向间的夹角为60°。已知匀强电
场的电场强度E=3mg,重力加速度为g,不计空气阻力。小球从抛出到落回斜面的过程中，
6g
下列说法正确的是
A,机械能不变
B.离斜面最远时动能最小
C.
运动的时间为3V3g
30
1g
D.运动的时间为4W3
178
物理试题第2页共8页2025 年高三年级第三次适应性检测
物理答案
一、单项选择题：本大题共 8 小题，每小题 3分，共 24 分。
1．A 2．D 3．B 4．C 5．C 6．A 7．D 8．C
二、多项选择题：本题共 4小题，每小题 4 分，共 16 分。
9．AC 10．CD 11．AC 12．ABC
三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。
13．（7分）（1）1.60（1分）； 7.5×10-7（2 分）； （2）S2（2分）； 3.0×10-6（2 分）
14．（7分）（1）D（1分）； （2）1.0×10-7（2 分）；（3）0.87（2 分） 调小（2 分）
15．（7分）
1 p p（ ）加热过程气体经历等容变化： 1 2 ·········································（1 分）
T1 T2
p2S p0S f ················································································· （1 分）
解得： p1 0.96 10
5Pa ····································································· （1 分）
充气过程中： p1V p0V2 p2V ··························································· （1 分）
V V1 V液
解得：V 375ml ···········································································（1 分）液
（2）瓶内原有气体， p1V p0V3 ························································（1 分）
m V 1
注入气体与原有气体质量的比值 注 2 ········································（1 分）
m原 V3 4
评分标准：第 1 问，5分；第 2问，2 分。共 7 分。
16．（9分）
（1）设弹簧弹开两棒过程任一时刻流过两棒的电流为 i，有 Fa 2BiL Fb Bi 2L
故两棒系统动量守恒。mxa 2mxb ·······················································（1 分）
xa xb x0 ····················································································· （1 分）
解得： x 2x 0 ， x x 0 ·································································· （1 分）a 3 b 3
（2）弹簧恢复原长时，有mva 2mv0 ··················································（1 分）
1 kx2 1 mv2 1 2mv2 Q Q ···························································（1 分）
2 0 2 a 2 0 a b
物理答案 第 1 页 共 4 页
Qa r ·························································································（1 分）
Qb 2r
2
解得：Q kx 0 mv 2 ········································································（1 分）a 6 0
（3）闭合开关 S后，设 b棒继续运动的距离为 xb ，
有 B B 2Lv 4B
2 2
2L t p，即： L x p
R 2r R 2r
4B2L2求和得： x 2mv ···································································（1 分）
R 2r b 0
解得： d x x x0 mv (R 2r) 0 ·····················································（1 分）b b 3 2B2L2
评分标准：第 1 问，3分；第 2问，4 分；第 3 问，2 分。共 9 分。
17.（14 分）
（1）粒子在加速电场中有： qU= 1 mv2 ················································（1 分）
2 0
mv2
在磁场中有： qv0B0=
0 ··································································（1 分）
r1
T= 2πr1 ························································································· （1 分）
v0
当粒子在圆形磁场中轨迹对应弦长最长，为圆形磁场直径 2a时，
粒子在磁场中运动的时间最长
轨迹如图：
对应轨迹圆运动圆心角 60°，
T πm
在磁场中运动的最长时间 t ··················································（2 分）
6 3qB0
（2）
（i）①d=0，粒子直线运动经过 O点···················································（1 分）
②粒子在右侧磁场中匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：
v2
2 3qv 00B0 m ··············································································（1 分）r2
O
3a a
解得： r2 3 r2
由几何关系得：当粒子指向圆心进入无磁场区域时，粒子轨迹与对称轴相切（1 分）
2 3a
所以，粒子到对称轴的距离： d 2r2 ·········································（2 分）3
物理答案 第 2 页 共 4 页
（ii）取临界状态，粒子在右侧磁场中运动轨迹圆恰好与无磁场区域圆相切，如图所示。
O1
r1
0.75a
a O
O2
3
题目要求有一半的粒子圆形区域，所以上下两轨迹圆圆心距离为 a ········· （2 分）
2
3a
由几何关系得： a 2 ( )2 (a r )23 ··················································· （1 分）4
解得：r3=0.25a
v2
由牛顿第二定律得： qv0B2 m
0
r3
解得： B2 8B0 ···············································································（1 分）
评分标准：第 1 问，5分；第 2问，9 分。共 14 分。
18．（16分）
（1）C斜上抛运动分解成水平匀速和竖直方向竖直上抛运动。
竖直方向： 2gh v 2y ，······································································ （1 分）
解得： v y 4m/s
v
另有： tan53 y ··········································································· （1 分）
v x
v0 v
2
x v
2
y 5m / s ································································· （1 分）
（2）C弹出时，AC系统水平方向动量守恒：mAvA mCvx ·····················（1 分）
解得： vA 0.6m/s
C斜上抛运动，竖直方向：vy=at1························································（1 分）
解得：t1=0.4s
水平方向 A匀速运动：Δd=vAt···························································（1 分）
解得：Δd=0.24m·············································································（1 分）
（3）规定向左为正方向，水平方向 BC第一次共速过程动量守恒，
mCvx mC mB v1，······································································· （1 分）
解得： v1 1.5m/s
m g x 1 1由能量转化和守恒得： m 2 2C 1 Cv x (mC mB )v1 ························（1 分）2 2
物理答案 第 3 页 共 4 页
x 9解得： 1 m20
B与 A 第一次弹性碰撞，
mAvA mBv1 mAvA1 mBvB ······························································· （1 分）
1 m v2 1A A m v
2 1 2 1 2
B 1 mAvA1 mBvB ····················································· （1 分）2 2 2 2
解得， vA 0.1m/s ， vB 2m/s
BC第二次共速过程，动量守恒，
mCv1 mBvB mC mB v2 ，
v 1解得： 2 m/s4
1 1
由能量转化和守恒得： m g x m v2 m v2 1C 2 C 1 B B (mC m )v
2
2 2 2 B 2
解得： s x1 x
17
2 m ································································· （1 分）16
（4）整个过程中，C相对于 B向左运动的距离为Δx，由能量转化和守恒：
mCg x
1
mAv
2 1
A m
2
Cvx ···································································（1 分）2 2
解得Δx=1.08m
对 AC整体和 B运用人船模型得：
（mA mC）xA1 mBxB
xA1 xB 3 0.24 1.08 2.16m
A 1 2.16所以 向右运动的位移为： xA1 2.16m m ································（1 分）7 7
对 AB整体和 C运用人船模型得：
（mA mB）xA2 mCxC
xA2 xC 3 0.24 1.2 4.44m
1 4.44
所以 A向右运动的位移为： xA2 4.44m m ·······························（1 分）7 7
x x 33A1 xA2 m 0.94m ······························································（1 分）35
评分标准：第 1 问，3分；第 2问，4 分；第 3 问，5 分；第 4 问，4分。共 16分。
物理答案 第 4 页 共 4 页

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