资源简介

四川省广元市I川师大万达中学2024级2025年春季第三次月考
物理试题
(满分：100分考试时间：75分钟)
注意事项：1.本试卷分为试卷分为川卷，共6页。答题前，请考生务必将自己的学校、姓名、座位
号、准考证号等信息填写在机读卡上及答卷的密封区内。2.作答非选择题时必须用黑色字迹0.5
亳米签字笔书写在答卷的指定位置上，作答选择题必须用2B铅笔在机读卡上将对应题目的选
项涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，请保持机读卡卡面清洁和答题纸清
洁，不折叠、不破损。3.考试结束后，请将机读卡交回。
第I卷选择题(46分)
一。单项选择题（共7个小题，每题4分，共计28分》
1.物理来源于生活，也可以解释生活。对于如图所示生活中经常出现的情况，分析正确的是()
甲
丙
丁
A.图甲中小球在水平面做匀速圆周运动时，轨道半径为L,重力与拉力合力提供向心力
B.图乙中物体随水平圆盘一起做圆周运动时，一定受到指向圆盘圆心的摩擦力
C.图丙中汽车过拱桥最高点时，速度越大，对桥面的压力越小
D.图丁中若轿车转弯时速度过大发生侧翻，是因为受到的离心力大于向心力
2.如图所示，一质点做简谐运动，先后以相同的速度依次通过M、N两点，历时1s,质点通过N点后再
经过1s又第2次通过N点，在这2s内质点通过的总路程为12cm。则质点的振动周期和振幅分别为()
A.3s、6cmB.4s、6cmC.4s、9cmD.2s、8cm
M O N
3.如图所示，同步卫星与地心的距离为，运行速率为，向心加速度为，地球赤道上的物体随地球自
转的向心加速度为，第一宇宙速度为2，地球半径为R,则下列比值正确的是(
)
Aa了
4-R
B.
a
同步卫星
C.
业=T
D.
12R
v2Vr
4.如图所示，由高压水枪中竖直向上喷出的水柱，将一个开口向下的小铁盒顶在空中。己
知密度为的水柱以恒定速率从水枪中持续喷出，向上运动并以速率'。冲击小铁盒，且冲击
小铁盒时水柱横截面积为S,并以速率ⅴ竖直返回（不考虑水之间的碰撞）。水与铁盒作用时
这部分水所受重力可忽略不计，则水对铁盒的平均作用力大小为()
A.PSTo(o+)B.PS(+V)
C.PS(v-Vo)
D.ASv(v-Vo)
试卷第1页，共4页
5.如图所示，两个小球A、B固定在长为2L的轻杆上，球A质量为2，球B质量为
m。两球绕杆的端点O在竖直面内做匀速圆周运动，球B固定在杆的中点，球A在杆
B
的另一端，不计小球的大小，若两小球经过O点正下方时，B的速度大小为√g,重
力加速度为g,轻杆AB段和OB段的拉力大小之比为()
4
B
c.
D
6.如图所示，两个小球A,B在光滑水平地面上相向运动，它们的质量分别为=6kg,=3g,速
度分别是v=6/s(为正方向)，v。=-6s,则它们发生正碰后，速度的可能值分别为()
A.V =4m/s,v =-2m/s B.V =-4m/s,v =15m/s
VA
VB
C.V=-2m/s,Vs =10m/s D.V =-3m/s,vp 12m/s
A
B
7.如图所示，有一质量为m的小球，以速度0滑上静置于光滑水平
7777777777777777777777777777T
面上
带有四分之一光滑圆弧轨道的滑块。滑块的质量为3，小球在上升过程中始终未能冲出圆弧，重力加速
度为g,在小球运动过程中，()
A.小球和滑块组成的系统动量守恒
B。小球在圆弧轨道最高点的速度大小为
C.小球在圆弧轨道上能上升的最大高度为”
2mQ→6
777777777777777777777777777777
D.小球离开圆弧轨道时圆弧轨道的速度大小为
二、多项选择题（共3个小题，选对得6分，选对不全得3分，有错选得0分，共18分）
8.用两根长度不等的细绳吊着半径相等的两个小球甲和乙，细绳悬挂在同一位置O,甲和乙两个小球在
同一水平面做匀速圆周运动，细绳与竖直方向的夹角分别为日=30°和，=60°，如图所示。不考虑空气阻
力的影响，下列说法正确的是()
9
A.甲、乙两个小球受到重力、拉力和向心力3个力的作用
B.甲、乙两个小球做匀速圆周运动的半径之比为甲：么=3：1
C.甲、乙两个小球做匀速圆周运动的角速度之比为：，=1：1
甲
D.甲乙两个小球的质量一定相等
9.己知第三十颗北斗导航卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，其运行
速度为v,向心加速度为α，地球表面的重力加速度为g,引力常量为G。下列判断正确的是()
A.地球的质量为
aG
B.该导航卫星的运行周期大于24小时
C.该导航卫星的轨道半径与地球半径之比为√g:V@
D.该导航卫星的运行速度与地球的第一字宙速度之比为Va:√g
10.如图所示，质量=2kg的滑块B静止放置于光滑平台上，B的左端固定一轻质弹簧。平台右侧有一
质量M=4kg的小车C,其上表面与平台等高，小车与水平面间
的摩擦不计。光滑圆弧轨道半径R=0.9m,连线PO与竖直方向
R
60
夹角为60°，另一与B完全相同的滑块A从P点由静止开始沿圆
弧下滑。滑块A滑至平台上挤压弹簧，弹簧恢复原长后滑块B
B
平台
离开平台滑上小车C且恰好未滑落，滑块B与小车C之间的动
试卷第2页，共4页《2025 年 5 月 22 日高中物理作业》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C B D A B C C BC AC AD
1．C
【详解】A．图甲中小球在水平面做匀速圆周运动时，如图所示
其中红色部分表示轨迹圆，紫色点为圆心，绿色线段为半径，由几何关系可知
小球只在重力和拉力作用下做匀速圆周运动，故重力和拉力合力提供向心力，故 A错误；
B．图乙中物体随水平圆盘一起做匀速圆周运动时，一定受到指向圆盘圆心的摩擦力。而当
物体随水平圆盘做变速圆周时，物体的线速度大小是变化的，即在切线方向存在摩擦力的分
力，即此时物体所受摩擦力不指向圆心，故 B错误；
C．图丙中汽车过拱桥最高点时，满足
因此当汽车过拱桥最高点时，速度越大，对桥面的压力越小，故 C正确；
D．图丁中若轿车转弯时速度过大发生侧翻，是因为汽车做离心运动，即需要的向心力大于
提供的向心力，故 D错误。
故选 C。
2．B
【详解】简谐运动的质点，先后以同样的速度通过M、N两点，则可判定M、N两点关于平
衡位置 O点对称，所以质点由 M到 O时间与由 O到 N的时间相等，那么平衡位置 O到 N
点的时间
答案第 1页，共 2页
因过 N点后再经过
质点以方向相反、大小相同的速度再次通过 N点，则有从 N点到最大位置的时间
因此，质点振动的周期是
这 2s内质点总路程的一半，即为振幅，所以振幅
故选 B。
3．D
【详解】AB．对于同步卫星和地球赤道上的物体，其共同点是角速度相等，有 a =ω21 r，a2=ω2R，
故 ，故 AB错误；
CD．根据万有引力提供向心力，有 ， ，故 ，故 C错误，
D正确。
故选 D。
4．A
【详解】在 t时间内打到盒子上的水的质量
向下为正，则根据动量定理
解得
根据牛顿第三定律可知水对铁盒的平均作用力大小为
故选 A。
5．B
【详解】两球的角速度相等，根据 可知，两小球经过 O点正下方时，B的速度大小
为 ，此时 A的速度大小为 ；以 A为对象，根据牛顿第二定律可得
答案第 1页，共 2页
解得
以 B为对象，根据牛顿第二定律可得
解得
则有
故选 B。
6．C
【详解】两球碰撞前的总动量为
总动能为
A．如果 ， ，碰后两球的总动量为
总动能为
可知，系统的动量守恒、动能不增加，但是 A球还会和 B球发生二次碰撞，不符合实际，
是不可能的，故 A错误；
B．如果 ， ，碰后两球的总动量为
总动能为
可知，系统的动量不守恒、动能增加，故 B错误；
C．如果 ， ，碰后两球的总动量为
总动能为
答案第 1页，共 2页
可知，系统的动量守恒、动能不增加，为弹性碰撞，故 C正确；
D．如果 ， ，碰后两球的总动量为
总动能为
可知，系统的动量守恒、动能增加，故 D错误。
故选 C。
7．C
【详解】A．在小球运动过程中，小球和滑块组成的系统在水平方向上动量守恒，系统竖直
方向动量不守恒，故 A错误；
B．小球在圆弧轨道上升到最高时小球与滑块速度相同，系统在水平方向上动量守恒，规定
v0的方向为正方向，有
解得
故 B错误；
C．根据机械能守恒定律得
解得
故 C正确；
D．小球离开圆弧轨道时，根据动量守恒定律，则有
根据机械能守恒定律，则有
答案第 1页，共 2页
联立以上两式可得
，
故 D错误。
故选 C。
8．BC
【详解】A．甲乙两个小球受到重力和细绳的拉力两个力的作用，两个力的合力提供小球做
匀速圆周运动所需要的向心力，A错误；
B．由几何关系可知
小球做圆周运动的半径
甲、乙两个小球做匀速圆周运动的半径之比为
B正确；
C．根据牛顿第二定律有：
小球做匀速圆周运动的角速度
联立可得
甲、乙两个小球做匀速圆周运动的角速度之比为
C正确；
D．从前述分析可知两个小球的质量关系是任意的，D错误。
故选 BC。
9．AC
【详解】A．根据向心加速度表达式
解得
根据牛顿第二定律有
解得
故 A正确；
B．卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，根据开普勒第三
答案第 1页，共 2页
定律可知该导航卫星的运行周期小于 24小时，故 B错误；
C．在地球表面有
该导航卫星绕地球做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有
所以
故 C正确；
D．设质量为 的卫星贴着地球表面围绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力
又在地球表面有
联立解得地球的第一宇宙速度为
根据
解得该导航卫星绕地球的运行速度为
所以
故 D错误。
故选 AC。
10．AD
【详解】A．滑块 A沿圆弧下滑过程中，由动能定理可得
解得滑块 A刚到平台上的速度大小
故 A正确；
B．当滑块 AB共速时，弹簧弹性势能最大，此时由动量守恒定律和能量守恒得 ，
联立以上两式得
故 B错误；
CD．两滑块与弹簧作用的过程中，由动量守恒定律和能量守恒得 ，
答案第 1页，共 2页
联立以上两式解得
由题意可知，滑块 B滑到小车 C的右端时，两物体恰好共速，由动量守恒定律可得
解得
由能量守恒可知，由于摩擦产生的热量
又
可得，小车 C的长度
故 C错误，D正确。
故选 AD。
11．(1) 1.18 1.15
(2)B
(3)9.70
【详解】（1）[1]系统势能的减小量
[2]每相邻两计数点间还有 4个点，可知 T = 0.1 s，则打 B点时的速度
在打点 0 ~ 5过程中系统动能的增加量
（2）实验结果显示，动能的增加量小于重力势能的减少量，说明运动过程中能量有损失，
存在空气阻力和摩擦阻力的影响。
故 B正确。
（3）由系统机械能守恒得
可得
答案第 1页，共 2页
则图像的斜率
解得
12． ＞ M
【详解】[1]为了防止两球碰后球 1出现反弹现象，入射球 1的质量一定要大于被碰球 2的
质量，即 。
[2]由图可知，两小球撞击在竖直木条上，三次平抛运动的水平位移相等，由平抛运动的规
律可知，水平速度越大，竖直方向下落的高度越小；碰后小球 1的速度减小，则碰后小球 1
落到 点。
[3] [4]根据平抛运动规律，可知小球撞击在木条上时，下落的时间
则可知小球做平抛运动的水平速度
代入题中数据得
， ，
若碰撞过程动量守恒，则
联立解得
若碰撞过程机械能守恒，则有
联立解得
答案第 1页，共 2页
13．（1） ；（2） ；（3）
【详解】（1）塑料球从开始下落至地面过程中，重力势能的减少量为
（2）根据动能定理可得
解得塑料球落至地面时的速度大小为
则塑料球落至地面时重力的瞬时功率为
（3）设沙子对铅球的平均阻力大小为 ，全过程根据动能定理可得
解得
14．(1)4 N
(2)200 kg
(3)0.69m
【详解】（1）由图可知 时，月球车的速度达到最大，此时月球车受到的牵引力与阻力
相等，则有
解得
（2）18s关闭动力后，月球车的加速度
根据牛顿第二定律可知
解得
答案第 1页，共 2页
（3） 时间内月球车是恒定加速启动，此阶段月球车的牵引力
设此阶段月球车的加速度 ，根据牛顿第二定律可得
解得
故月球车恒定加速启动的时间
故月球车恒定加速的位移
时间内，月球车恒定功率启动，设此阶段的位移
为 ，由动能定理可得
其中
联立解得
故月球车前 15秒内的位移
15．(1)
(2) （方向向右）， （方向向右）
(3) ，方向向右
【详解】（1）弹簧第一次被压缩最短时，A、B组成的系统动量守恒，则有
答案第 1页，共 2页
根据系统机械能守恒，可得弹簧的弹性势能为
联立解得
（2）当弹簧第一次恢复原长时，滑块 B的速度最大，A、B组成的系统动量守恒，有
根据系统机械能守恒有
联立解得 ，
弹簧第一次恢复原长时，滑块 A的速度大小为 ，方向水平向右；滑块 B的速度大小为
，方向水平向右。
（3）根据题意，B恰好运动到 C，并与 C碰撞且粘在一起，B、C组成的系统动量守恒守
恒，设碰撞后 B、C的共同速度为 ，则有
解得
之后 A与 B、C整体通过弹簧相互作用，整体过程系统动量守恒
同时系统机械能守恒，有
联立解得
速度方向向右。
答案第 1页，共 2页

展开更多......

收起↑