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广东省广州市增城区2025年中考物理一模试卷
一、选择题：本题共10小题， 每小题3分， 共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．（2025·增城模拟）小明将80℃的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30℃， 该过程中水的变化是
A．质量减少 B．内能减少
C．分子运动变的更剧烈 D．通过热传递导致其内能增加
【答案】B
【知识点】质量及其特性；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】ABCD.将80℃的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30℃，水的质量不变，温度降低，分子运动变慢，所以内能减少；这是通过热传递的方式使其内能减少，故ACD错误，B正确；
故选B。
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量；
（2）物体内能与温度有关，温度降低，内能减少；
（3）分子无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈；
（4）改变物体内能的方式有做功和热传递。
2．（2025·增城模拟）如图，用餐巾纸摩擦过的吸管靠近绝缘线悬吊的轻质小球时，小球被吸管排斥，下列判断正确的是
A．小球一定带负电
B．吸管一定带负电
C．餐巾纸一定带正电
D．小球与塑料吸管一定带同种电荷
【答案】D
【知识点】电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】用餐巾纸摩擦过的吸管发生摩擦起电现象而带电，和轻质小球相互排斥，说明二者带同种电荷，但不知道带何种电荷，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。
3．（2025·增城模拟）能源的利用要考虑可持续发展，以下能源属于一次能源，同时又是可 再生能源 的一组是
A．木柴、煤炭 B．天然气、太阳能
C．水能、太阳能 D．风能、电能
【答案】C
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A.木柴属于生物质能，是一次能源也是可再生能源；煤炭是一次能源，但它是由古代植物经过漫长的地质年代形成的，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B.天然气是一次能源，它是古代生物遗体在地质条件下经过长时间转化形成的，不能在短时间内得到补充，属于不可再生能源；太阳能是一次能源且是可再生能源，故B不符合题意；
C.水能是水体的动能、势能等能量资源，是一次能源，通过水循环可以不断再生，是可再生能源；太阳能是一次能源，太阳内部不断进行核聚变反应，其能量源源不断，是可再生能源，故C符合题意；
Ｄ.风能是一次能源且可再生；电能是二次能源，它是由一次能源经过加工转换得到的，如火力发电是由煤炭燃烧的热能转化而来，水力发电是由水能转化而来等，故D不符合题意。
故选C。
【分析】一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源.例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气；
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐
能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
4．（2025·增城模拟）小明房间灯的部分电路如图所示，闭合开关后灯不亮，保险丝未熔断，接着他用试电笔检测了 a、b、c、d四个点，得到的检测情况如表，该故障是
检测点 试电笔氖管
a 不发光
b 发光
c 发光
d 不发光
A．灯短路· B．保险丝短路
C．bd两点间断路 D．bc 两点间断路
【答案】C
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】AB.用试电笔测试b、c两点，氛管发光，说明输电线乙是火线，闭合开关后灯不亮，保险丝未熔断，说明没有出现短路，故AB不符合题意；
C.bd两点间断路，则a、d两点与火线断开，试电笔测试这两个点，氛管都不发光，故C符合题意；
D.bc两点间断路，则试电笔测试b点氖管不会发光，故D不符合题意。
故选C。
【分析】试电笔是辨别火线和零线的工具；使用时氛管发光说明接触的是火线，氛管不发光，说明接触的是零线。
保险丝一般接在火线上。
5．（2025·增城模拟）图1， 运动员 从起点跑向旗杆，为了记录100m跑步数据，在跑道上每 10m 安装一个装置来记录时间，得到 运动员 每跑 10m所用时间数据如图2，该过程
A．以运动员为参照物，旗杆是静止的
B．以旗杆为参照物，运动员向东运动
C．在60-90m， 运动员保持匀速直线运动
D．运动员在0~10m段的平均速度大于40-50m段
【答案】B,C
【知识点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A.以运动员为参照物，旗杆的位置发生了变化，是运动的，故A错误；
B.以旗杆为参照物，运动员的位置向东发生了变化，是向东运动的，故B正确；
C.在60~90m，运动员在相等的时间里通过的路程相同，保持匀速直线运动，故C正确；
D.运动员在0~10m段用时2.42s，在40~50m段用时1.1s，根据可知，运动员在0~10m段的平均速度小于40~50m段，故D错误。
故选BC。
【分析】(1)(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(3)匀速直线运动是最简单的机械运动，是指运动快慢不变（即速度不变）、沿着直线的运动；
(4)根据分析。
6．（2025·增城模拟）如图用细绳拉着小球在水平面以0点为圆心逆时针做圆周运动，忽略小球水平方向上所受的阻力，当小球转至P点时细绳断开，小球会运动到Q点，接着小球到达的位置可能是
A．① B．② C．③ D．④
【答案】B
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】当小球在水平面上做圆周运动时，其速度方向是圆周的切线方向。小球在水平面以0点为圆心逆时针做圆周运动，当细绳断开后，由于忽略水平方向的阻力，根据牛顿第一定律，将保持细绳断开时的速度大小和方向做匀速直线运动。
ACD.①③④的方向不是小球Q点时圆周运动的切线方向，所以小球不会运动到①③④处，故ACD 不符合题意；
B.②的方向是小球在 Q 点时圆周运动的切线方向，因为忽略水平方向阻力，细绳断开后小球将沿此时的速度方向做匀速直线运动，所以小球可能运动到②处，故B符合题意。
故选B。
【分析】由于忽略水平方向的阻力，根据牛顿第一定律，小球在水平方向上不受力，将保持细绳断开时的速度大小和方向做匀速直线运动。所以小球从Q点继续运动，会沿着QP所在直线向前。
7．（2025·增城模拟）将空量筒放在电子秤上测得质量如图甲，用其量取 40mL 某液体后置于电子秤上如图乙，接着放入不吸水的实心物块，此时 电子秤与量筒示数如图丙，则
A．液体的质量为90g B．物块的体积为70mL
C．液体密度为1g/cm3 D．物块密度为1.5g/cm3
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；量筒的使用
【解析】【解答】AC.由甲、乙电子秤示数可得，液体的质量：
m液=90g-40g=50g，
液体的密度：
故AC错误；
BD.由乙、丙量简示数可得物块的体积：
V物=80mL-40mL=40mL=40cm3，
由乙、丙电子秤示数可得，物块的质量：
m物=150g-90g= 60g，
物块的密度：
故B错误、D正确。
故选D。
【分析】(1)由甲、乙电子秤示数可得液体的质量，根据求液体的密度；
(2)由乙、丙量简示数可得物块的体积，由乙、丙电子秤示数可得物块的质量，根据求物块的密度。
8．（2025·增城模拟）某光纤通讯利用了波长为1310nm的“光”通过光导纤维进行传输信息，各色光在真空中的波长和部分电磁的频率如图所示，光纤通讯用的“光”
A．的频率比紫光小 B．的波长比红光小
C．在真空中传播速度为340m/s D．在真空中传播的速度比紫光大
【答案】A
【知识点】电磁波的传播；波速、波长和频率的关系；光纤通信
【解析】【解答】A.紫光的波长范围约为400-430nm。光纤通讯用的光波长为1310nm，由可知，波长越长，频率越小，所以光纤通讯用的“光”的频率比紫光小，故A正确；
B.红光波长范围约为630-760nm，1310nm大于红光波长范围，所以光纤通讯的“光”的波长比红光长，故B错误；
C.光在真空中的传播速度是3×108m/s，而不是340m/s，故C错误；
D.所有光在真空中的传播速度都相同，都是3×108m/s，所以光纤通讯用的“光”在真空中传播速度与紫光相同，故D错误。
故选A。
【分析】电磁波的波长、波速和频率的关系：波速=波长×频率。如果用c表示光速，用入表示波长，用f表示频率，则有；光在真空中的传播速度约为3×108m/s。
9．（2025·增城模拟）如图，将小磁针(N极涂黑)放置在通电螺线管产生的磁场中，小磁针静止时指向正确的是
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】ABD.根据安培定则，电流从左端流入，图中左边通电螺线管的右端为N极，右边通电螺线管的左端为S极，根据磁极间的相互作用规律，小磁针静止时，应该是N极指向右侧，S极指向左侧，故AB错误、D正确；
C.根据安培定则，电流从右端流入，图中左边通电螺线管的右端为N极，右边通电螺线管的左端为N极，根据磁极间的相互作用规律，小磁针静止时，应该是S极指向上方，N极指向下方，故C错误。
故选D。
【分析】首先根据电源的正负极判定通电螺线管线圈中的电流方向，由线圈中的电流方向根据安培定则判断通电螺线管的磁极，再根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的指向是否正确。
10．（2025·增城模拟）小明自制的“温度计”中有密度随温度升高而变小的液体，液体中有a、b、c三个挂有温度标牌体积相同的小球，其热胀冷缩可以忽略，当小球悬浮时，它标记的温度与液体温度相等，如图1，标有“21℃”的小球b悬浮，另外两个小球分别标记“17℃"25℃"， 图1、2、3中小球a、b、c均静止，则下列说法正确是
A．c小球标记的温度为17℃
B．b小球在图1中受到的浮力小于图2
C．图1液体的温度比图3中液体温度高
D．a 小球在17℃液体中受到的浮力大于在21℃时的浮力
【答案】A
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A. 因为液体密度随温度升高而变小，小球悬浮时其密度等于液体密度，温度越高，液体密度越小，能悬浮的小球密度也越小。图1中，已知标有21℃的小球b悬浮，a球漂浮，说明a球密度小于b球密度，c球下沉，说明c球密度大于b球密度，所以c球标记的温度低于21℃，又因为另外两个温度是17℃和25℃，所以c小球标记的温度为17℃，故A正确；
B.b小球在图1和图2中都是漂浮状态，根据漂浮时浮力等于重力，b球重力不变，所以b小球在图1中受到的浮力等于图2中受到的浮力，故B错误；
C.图1b悬浮，温度为21℃，由图3知，三个小球都下沉，说明图3中液体密度更小，温度更高，所以图1液体的温度比图3中液体温度低，故C错误；
D.a小球在25℃时悬浮，因液体的密度随温度降低而变大，在17℃液体和在21℃时都是漂浮，浮力等于重力，故在17℃液体中受到的浮力等于在21℃时的浮力，故D错误。
故选A。
【分析】（1）因为液体密度随温度升高而变小，小球悬浮时其密度等于液体密度，温度越高，液体密度越小，能悬浮的小球密度也越小。图1中，已知标有21℃的小球b悬浮，a球漂浮，说明a球密度小于b球密度，c球下沉，说明c球密度大于b球密度，所以c球标记的温度低于21℃，又因为另外两个温度是17℃和25℃，所以c小球标记的温度为17℃；
（2）当外界气温降低时，液体的密度变大，由F浮=ρ液gV排可知，小球所受浮力会变大，悬浮小球会上浮，最终会漂浮在水面上，据此判断出此时液体温度；
（3）环境温度越高时，液体的密度变小，浮力越小，悬浮的小球会下沉，据此判断出小球c对应的温度；
（4）根据温度判断浮沉，结合漂浮的浮力等于重力分析。
二、非选择题：本题共8小题， 共60分。按题目要求作答。
11．（2025·增城模拟）重 3N的磁铁M吸在竖直放置的铁板上，弹簧测力计对M施加一个竖直向上的拉力F，示数如图甲所示，改变F的大小，M在F作用下从静止到竖直向上运动
（1）图甲中测力计示数为　 　N.
（2）t=5s时，在图乙中画出M在竖直方向上受到的力　 　(“·”表示M)
（3）t=25s时，M受到的摩擦力为f2，其方向　 　， 大小为　 　 N.
【答案】（1）0.6
（2）
（3）竖直向下；3
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹簧测力计及其使用；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；竖直方向的摩擦力的基础分析
【解析】【解答】(1)由图甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，此时弹簧测力计的示数为0.6N；
(2)由图丁可知，t=5s时，物体静止，此时受到竖直向下3N的重力和竖直向上的摩擦力和拉力，是平衡力，即f+F=G，由图丙可知，拉力F=2N，所以
f=G-F=3N-2N=1N
受力示意图如图所示：
（3）由图丁可知，第20~30s可知，物体竖直向上做匀速直线运动，处于平衡状态，受到平衡力，此时受到竖直向下的重力和摩擦力，竖直向上的拉力，由图丙可知，第25s时，受到的拉力为6N，此时有：
此时M受到的摩擦力 为：
。
【分析】（1）根据弹簧测力计的分度值读数；
（2）根据物体M的运动状态分析受力情况；
（3）根据图丁判断运动状态，根据图丙分析受力大小和方向。
12．（2025·增城模拟）正方体物块A 的质量为 5.4kg，底面积为0.09m2，(g=10N/kg)
（1）图1，将A静置于水平地面， A的重力为　 　 N， A对地面的压强为　 　Pa.
（2）图2， A通过细绳系于杆的B点，忽略杆重和绳重， BC可看作是绕O点转动的杠杆， BO：CO=1：3， 在C点施加竖直向下的10N 的力F1， 杆在水平位置保持静止.
①画出F1的力臂l1　 　：
②画出B点受到的细绳的拉力F2， F2为　 　N.
【答案】（1）54；600
（2）；30
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】(1) 正方体物块A的重力：
G =mg=5.4kg ×10N/kg=54N
A静置于水平地面，A对地面的压力F压等于A受到的重力G，即：
F压=G=54N
A对地面的压强：
；
(2)力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，在C点施加竖直向下的10N的力F1，F1的力臂
如下图：
由杠杆平衡条件可知：
即
解得：F2=30N
【分析】(1)知道物体的质量，利用重力公式G=mg求物体A的重力；
根据压力等于重力结合计算压强；
(2)力臂是从支点到力的作用线的垂直距离；知道两力臂的大小关系和F1的大小，利用杠杆的平衡条件求B端细绳的拉力F2。
13．（2025·增城模拟） 如图，水平平行放置的金属导轨与电路连接置于磁场中(其中“×”表示磁场方向垂直纸面向里)，两根相同的金属棒 AB、CD平行放在导轨上，与导轨紧密接触且可自由滑动， AB 和CD的电阻均为R.
（1）连接1、3接线柱，此时通过 AB和CD的电流IAB　 　lCD(选填“>"、“="或“<")，若磁场对AB 的作用力水平向左，则磁场对CD 的作用力方向　 　 (选填“水平向左”或“水平向右")，
（2）固定 CD在导轨上，连接1、2接线柱，使AB 在导轨上水平向右运动，此时产生的电流从A经电流表到B， 同时是否有电流通过 CD 　 　，若有，请判断电流通过 CD时的方向，若没有，请说明理由　 　。
【答案】（1）=；水平向左
（2）有；从C到D
【知识点】安培定则；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】(1)连接1、3接线柱时，AB和CD并联在电路中，因为两根金属棒相同，电阻均为R，且在同一电源电压下，根据并联电路的特点，各支路电压相等，由欧姆定律可知，通过AB和CD的电流IAB=ICD；
根据通电导体在磁场中受力方向的决定因素：已知磁场对AB的作用力水平向左，说明AB中电流方向是从B到A。因为AB和CD并联，电流方向相同，所以磁场对CD的作用力方向也是水平向左；
(2)固定CD，连接1、2接线柱，使AB在导轨上水平向右运动，AB切割磁感线产生感应电流，可知此时产生的电流从A经电流表到B，由于CD并联在电源AB两端，必然有电流通过CD，根据右手定则（伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向）判断出AB中感应电流方向向上，那么在CD中电流方向为从C到D。
【分析】（1）通电导体在磁场中要受到力的作用，其方向与电流方向和磁场方向有关，当改变其中一个方向时，导体受力作用方向将改变，若两个方向都改变时，导体的受力方向将不改变；
（2）产生感应电流的条件，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
14．（2025·增城模拟）小明用滑动变阻器调节小灯泡的亮度，灯标有“2.5V0.3A”， 连接的电路如图1，
（1）请在图2虚线框内画出实物图所对应的电路图　 　。
（2）闭合开关，电压表和电流表的示数如图3：
①此时滑动变阻器两端电压为　 　V， 灯泡是否正常工作 　 　。
②调节滑动变阻器，当电压表V1示数为1.50V、V2示数为2.90V、电流表示数为0.22A时，与调节前对比，灯泡的电阻 　 　，灯泡的实际功率将　 　 (以上两空均选填“变大”“变小”或“不变”).
【答案】（1）
（2）1.8；正常；变小；变小
【知识点】电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；电功的计算
15．（2025·增城模拟）如图所示，规格相同的甲乙容器装了相同质量的不同液体，用加热器加热时，单位时间内两液体吸收的热量相同，忽略散热，得到温度随加热时间变化的图线.
（1）甲液体加热 4min 吸收的热量　 　 (选“大于"“小于”或“等于")乙液体加热3min 吸收的热量.
（2）两种液体的比热容c甲　 　c乙(选填“>”“<”“=”)
【答案】（1）大于
（2）>
【知识点】比热容
【解析】【解答】(1)因为用加热器加热时，单位时间内两液体吸收的热量相同，故甲液体加热4min吸收的热量大于乙液体加热3min吸收的热量；
(2)从图示可知，甲温度上升的速度比乙慢，根据可知，吸收热量和质量相同时，温度变化越大，比热容越小，故两种液体的比热容c甲>c乙。
【分析】(1)用加热器加热时，单位时间内两液体吸收的热量相同，加热时间越长，物体吸收的热量越多；
(2)从表中数据结合判断甲与乙的比热容的大小。
16．（2025·增城模拟）某款电热锅工作电路图简化如图，、为加热电阻，. 电热锅的部分参数如下表所示. 把电热锅接入220V的家庭电路中.
额定电压 220V
保温功率 88W
加热功率 550W
（1）调节开关S可使电热锅处于“关”、“加热”、“保温”三种工作状态，当开关S 的闸刀与触点　 　 (选填“1”“2”或“3")接触时，电热锅处于保温状态，理由是： 　 　。
（2）将电热锅调至加热状态，求：
①电路中的电流：
②通电1min 电路消耗的电能.
（3）求R2的阻值.
【答案】（1）2；由图可知，当开关S接2时，只有R1工作，当开关S接1时，只有R2工作，由于R2（2）解：①由P=UI可知，电热锅加热工作时电路中的电流：
；
②电热锅加热档通电1min电路消耗的电能：
W=P加热t=550W×1×60s=33000J；
答：①电路中的电流为2.5A；
②通电1min 电路消耗的电能为33000J。
（3）解：由可知，R2的阻值为：
答：R2的阻值为88Ω。
【知识点】电功计算公式的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1)由图可知，当开关S接2时，只有R1工作，当开关S接1时，只有R2工作，根据R1、R2的大小关系和可知电热锅加热挡和保温挡的电路连接；
(2)①根据P=UI求出电热锅加热工作时电路中的电流；
②根据W=Pt求出通电1min电路消耗的电能；
(3)根据可求出R2的阻值。
17．（2025·增城模拟） 如图所示，电动机在 10s 内将重 1680N 的建筑材料匀速提升10m， 电动机对绳子拉力做功21000J，求：
（1）电动机做功的功率，
（2）电动机对绳子拉力的大小，
（3）滑轮组的机械效率，
【答案】（1）解：(1)电动机做功的功率为：
答：电动机做功的功率为2100W；
（2）解：(2)由图可知，n=3，根据W总=FS=Fnh可知，电动机对绳子拉力的大小为：
答：电动机对绳子拉力的大小为700N；
（3）解：滑轮组克服重力做的有用功为：
W有=Gh=1680N×10m=16800J，
滑轮组的机械效率为：
答：滑轮组的机械效率为80%。
【知识点】功率的计算；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】(1)根据求出电动机做功的功率；
(2)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出电动机对绳子拉力的大小；
(3)根据W有=Gh求出滑轮组克服重力做的有用功W有，利用求出滑轮组的机械效率。
18．（2025·增城模拟）小明在进行足球训练时，看到发球装置将足球斜向上抛出，
位置 机械能/J 动能/J
A点 53 30
B点 46 19
C点 40 30
（1）小明在训练中某次抛出足球轨迹如图1，A、B、C为足球下落过程先后经过的点，若此过程中足球在各点位置的机械能和动能如下表，
①足球在A点时的重力势能　 　C点时的重力势能，在A点的速度　 　C点的速度(以上两空均选填“大于”“小于”或“等于")，
②从A到B的过程中足球的机械能损失量为　 　J
（2）小明发现发球装置可调节发射足球的抛射角和抛出速度，实现射程不同.小明查得：忽略空气阻力时，足球被抛出后运动轨迹如图2虚线所示，抛出方向与水平方向的夹角为抛射角，A点的速度为抛出速度v， A点到落地点的水平距离为射程x.同时，x与v之间满足公式.，其中k的大小与抛射角的关系如图3所示
①v不变时，抛射角大小为　 　度时，x最大，
②若抛射角为90度，v为10m/s， 则x为　 　m.
③小明想探究“抛射角一定时，x与v2的关系"，设计了以下步骤：
a.把抛射角调为45度，v设定为5m/s， 将足球从A点抛出，
b.记录足球落地位置，用卷尺测出x并记录，
c.把抛射角调为　 　度，将v逐次增加5m/'s 重复步骤 a、 b. 进行多次实验，直到v增加到 30m/s 为止，
请帮他设计实验数据记录的表格　 　。
【答案】（1）大于；等于；7
（2）45；0；45；
【知识点】动能和势能的大小变化；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】(1)①机械能等于动能和重力势能之和，足球在A点时的重力势能（53J-30J=23J）大于C点时的重力势能(40J-30J=10J)；因A、C点的动能相等，根据足球的质量不变，故在A点的速度等于C点的速度；
②从A到B的过程中足球的机械能损失量为：
53J-46J=7J
(2)①k的大小与抛射角的关系如图3所示(g=10N/kq)，v不变时，由可知，抛射角大小为45度时，k最大，可知x最大；
②若抛射角为90度，k=0，v为10m/s，则x为0m；
③小明想探究“抛射角一定时，x与v2的关系”，由控制变量法，要保持k不变，故抛射角不变：
a.把抛射角调为45度，v设定为5m/s，将足球从A点抛出，
b.记录足球落地位置，用卷尺测出x并记录。
c.把抛射角调为45度，将v逐次增加5m/s重复步骤a、b，进行多次实验，直到v增加到30m/s为止。据此设计的实验数据记录的表格如下所示：
【分析】(1)①机械能等于动能和重力势能之和，根据表中数据得出足球在A点时的重力势能和C点时的重力势能，据此分析；
因A、C点的动能相等，由影响动能大小的因素确定在A、C点的速度大小；
②根据表中数据得出从A到B的过程中足球的机械能损失量；
(2)①根据k的大小与抛射角的关系，v不变时，由分析；
②若抛射角为90度，k=0，由分析；
③探究“抛射角一定时，x与v的关系”，由控制变量法，要保持k不变，只改变速度大小：据此设计实验过程并设计表格。
1 / 1广东省广州市增城区2025年中考物理一模试卷
一、选择题：本题共10小题， 每小题3分， 共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．（2025·增城模拟）小明将80℃的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30℃， 该过程中水的变化是
A．质量减少 B．内能减少
C．分子运动变的更剧烈 D．通过热传递导致其内能增加
2．（2025·增城模拟）如图，用餐巾纸摩擦过的吸管靠近绝缘线悬吊的轻质小球时，小球被吸管排斥，下列判断正确的是
A．小球一定带负电
B．吸管一定带负电
C．餐巾纸一定带正电
D．小球与塑料吸管一定带同种电荷
3．（2025·增城模拟）能源的利用要考虑可持续发展，以下能源属于一次能源，同时又是可 再生能源 的一组是
A．木柴、煤炭 B．天然气、太阳能
C．水能、太阳能 D．风能、电能
4．（2025·增城模拟）小明房间灯的部分电路如图所示，闭合开关后灯不亮，保险丝未熔断，接着他用试电笔检测了 a、b、c、d四个点，得到的检测情况如表，该故障是
检测点 试电笔氖管
a 不发光
b 发光
c 发光
d 不发光
A．灯短路· B．保险丝短路
C．bd两点间断路 D．bc 两点间断路
5．（2025·增城模拟）图1， 运动员 从起点跑向旗杆，为了记录100m跑步数据，在跑道上每 10m 安装一个装置来记录时间，得到 运动员 每跑 10m所用时间数据如图2，该过程
A．以运动员为参照物，旗杆是静止的
B．以旗杆为参照物，运动员向东运动
C．在60-90m， 运动员保持匀速直线运动
D．运动员在0~10m段的平均速度大于40-50m段
6．（2025·增城模拟）如图用细绳拉着小球在水平面以0点为圆心逆时针做圆周运动，忽略小球水平方向上所受的阻力，当小球转至P点时细绳断开，小球会运动到Q点，接着小球到达的位置可能是
A．① B．② C．③ D．④
7．（2025·增城模拟）将空量筒放在电子秤上测得质量如图甲，用其量取 40mL 某液体后置于电子秤上如图乙，接着放入不吸水的实心物块，此时 电子秤与量筒示数如图丙，则
A．液体的质量为90g B．物块的体积为70mL
C．液体密度为1g/cm3 D．物块密度为1.5g/cm3
8．（2025·增城模拟）某光纤通讯利用了波长为1310nm的“光”通过光导纤维进行传输信息，各色光在真空中的波长和部分电磁的频率如图所示，光纤通讯用的“光”
A．的频率比紫光小 B．的波长比红光小
C．在真空中传播速度为340m/s D．在真空中传播的速度比紫光大
9．（2025·增城模拟）如图，将小磁针(N极涂黑)放置在通电螺线管产生的磁场中，小磁针静止时指向正确的是
A． B．
C． D．
10．（2025·增城模拟）小明自制的“温度计”中有密度随温度升高而变小的液体，液体中有a、b、c三个挂有温度标牌体积相同的小球，其热胀冷缩可以忽略，当小球悬浮时，它标记的温度与液体温度相等，如图1，标有“21℃”的小球b悬浮，另外两个小球分别标记“17℃"25℃"， 图1、2、3中小球a、b、c均静止，则下列说法正确是
A．c小球标记的温度为17℃
B．b小球在图1中受到的浮力小于图2
C．图1液体的温度比图3中液体温度高
D．a 小球在17℃液体中受到的浮力大于在21℃时的浮力
二、非选择题：本题共8小题， 共60分。按题目要求作答。
11．（2025·增城模拟）重 3N的磁铁M吸在竖直放置的铁板上，弹簧测力计对M施加一个竖直向上的拉力F，示数如图甲所示，改变F的大小，M在F作用下从静止到竖直向上运动
（1）图甲中测力计示数为　 　N.
（2）t=5s时，在图乙中画出M在竖直方向上受到的力　 　(“·”表示M)
（3）t=25s时，M受到的摩擦力为f2，其方向　 　， 大小为　 　 N.
12．（2025·增城模拟）正方体物块A 的质量为 5.4kg，底面积为0.09m2，(g=10N/kg)
（1）图1，将A静置于水平地面， A的重力为　 　 N， A对地面的压强为　 　Pa.
（2）图2， A通过细绳系于杆的B点，忽略杆重和绳重， BC可看作是绕O点转动的杠杆， BO：CO=1：3， 在C点施加竖直向下的10N 的力F1， 杆在水平位置保持静止.
①画出F1的力臂l1　 　：
②画出B点受到的细绳的拉力F2， F2为　 　N.
13．（2025·增城模拟） 如图，水平平行放置的金属导轨与电路连接置于磁场中(其中“×”表示磁场方向垂直纸面向里)，两根相同的金属棒 AB、CD平行放在导轨上，与导轨紧密接触且可自由滑动， AB 和CD的电阻均为R.
（1）连接1、3接线柱，此时通过 AB和CD的电流IAB　 　lCD(选填“>"、“="或“<")，若磁场对AB 的作用力水平向左，则磁场对CD 的作用力方向　 　 (选填“水平向左”或“水平向右")，
（2）固定 CD在导轨上，连接1、2接线柱，使AB 在导轨上水平向右运动，此时产生的电流从A经电流表到B， 同时是否有电流通过 CD 　 　，若有，请判断电流通过 CD时的方向，若没有，请说明理由　 　。
14．（2025·增城模拟）小明用滑动变阻器调节小灯泡的亮度，灯标有“2.5V0.3A”， 连接的电路如图1，
（1）请在图2虚线框内画出实物图所对应的电路图　 　。
（2）闭合开关，电压表和电流表的示数如图3：
①此时滑动变阻器两端电压为　 　V， 灯泡是否正常工作 　 　。
②调节滑动变阻器，当电压表V1示数为1.50V、V2示数为2.90V、电流表示数为0.22A时，与调节前对比，灯泡的电阻 　 　，灯泡的实际功率将　 　 (以上两空均选填“变大”“变小”或“不变”).
15．（2025·增城模拟）如图所示，规格相同的甲乙容器装了相同质量的不同液体，用加热器加热时，单位时间内两液体吸收的热量相同，忽略散热，得到温度随加热时间变化的图线.
（1）甲液体加热 4min 吸收的热量　 　 (选“大于"“小于”或“等于")乙液体加热3min 吸收的热量.
（2）两种液体的比热容c甲　 　c乙(选填“>”“<”“=”)
16．（2025·增城模拟）某款电热锅工作电路图简化如图，、为加热电阻，. 电热锅的部分参数如下表所示. 把电热锅接入220V的家庭电路中.
额定电压 220V
保温功率 88W
加热功率 550W
（1）调节开关S可使电热锅处于“关”、“加热”、“保温”三种工作状态，当开关S 的闸刀与触点　 　 (选填“1”“2”或“3")接触时，电热锅处于保温状态，理由是： 　 　。
（2）将电热锅调至加热状态，求：
①电路中的电流：
②通电1min 电路消耗的电能.
（3）求R2的阻值.
17．（2025·增城模拟） 如图所示，电动机在 10s 内将重 1680N 的建筑材料匀速提升10m， 电动机对绳子拉力做功21000J，求：
（1）电动机做功的功率，
（2）电动机对绳子拉力的大小，
（3）滑轮组的机械效率，
18．（2025·增城模拟）小明在进行足球训练时，看到发球装置将足球斜向上抛出，
位置 机械能/J 动能/J
A点 53 30
B点 46 19
C点 40 30
（1）小明在训练中某次抛出足球轨迹如图1，A、B、C为足球下落过程先后经过的点，若此过程中足球在各点位置的机械能和动能如下表，
①足球在A点时的重力势能　 　C点时的重力势能，在A点的速度　 　C点的速度(以上两空均选填“大于”“小于”或“等于")，
②从A到B的过程中足球的机械能损失量为　 　J
（2）小明发现发球装置可调节发射足球的抛射角和抛出速度，实现射程不同.小明查得：忽略空气阻力时，足球被抛出后运动轨迹如图2虚线所示，抛出方向与水平方向的夹角为抛射角，A点的速度为抛出速度v， A点到落地点的水平距离为射程x.同时，x与v之间满足公式.，其中k的大小与抛射角的关系如图3所示
①v不变时，抛射角大小为　 　度时，x最大，
②若抛射角为90度，v为10m/s， 则x为　 　m.
③小明想探究“抛射角一定时，x与v2的关系"，设计了以下步骤：
a.把抛射角调为45度，v设定为5m/s， 将足球从A点抛出，
b.记录足球落地位置，用卷尺测出x并记录，
c.把抛射角调为　 　度，将v逐次增加5m/'s 重复步骤 a、 b. 进行多次实验，直到v增加到 30m/s 为止，
请帮他设计实验数据记录的表格　 　。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】质量及其特性；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】ABCD.将80℃的水倒入保温杯，盖上盖密封静置一天后，测得水温降到了30℃，水的质量不变，温度降低，分子运动变慢，所以内能减少；这是通过热传递的方式使其内能减少，故ACD错误，B正确；
故选B。
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量；
（2）物体内能与温度有关，温度降低，内能减少；
（3）分子无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈；
（4）改变物体内能的方式有做功和热传递。
2．【答案】D
【知识点】电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】用餐巾纸摩擦过的吸管发生摩擦起电现象而带电，和轻质小球相互排斥，说明二者带同种电荷，但不知道带何种电荷，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。
3．【答案】C
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A.木柴属于生物质能，是一次能源也是可再生能源；煤炭是一次能源，但它是由古代植物经过漫长的地质年代形成的，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B.天然气是一次能源，它是古代生物遗体在地质条件下经过长时间转化形成的，不能在短时间内得到补充，属于不可再生能源；太阳能是一次能源且是可再生能源，故B不符合题意；
C.水能是水体的动能、势能等能量资源，是一次能源，通过水循环可以不断再生，是可再生能源；太阳能是一次能源，太阳内部不断进行核聚变反应，其能量源源不断，是可再生能源，故C符合题意；
Ｄ.风能是一次能源且可再生；电能是二次能源，它是由一次能源经过加工转换得到的，如火力发电是由煤炭燃烧的热能转化而来，水力发电是由水能转化而来等，故D不符合题意。
故选C。
【分析】一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源.例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气；
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐
能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
4．【答案】C
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】AB.用试电笔测试b、c两点，氛管发光，说明输电线乙是火线，闭合开关后灯不亮，保险丝未熔断，说明没有出现短路，故AB不符合题意；
C.bd两点间断路，则a、d两点与火线断开，试电笔测试这两个点，氛管都不发光，故C符合题意；
D.bc两点间断路，则试电笔测试b点氖管不会发光，故D不符合题意。
故选C。
【分析】试电笔是辨别火线和零线的工具；使用时氛管发光说明接触的是火线，氛管不发光，说明接触的是零线。
保险丝一般接在火线上。
5．【答案】B,C
【知识点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A.以运动员为参照物，旗杆的位置发生了变化，是运动的，故A错误；
B.以旗杆为参照物，运动员的位置向东发生了变化，是向东运动的，故B正确；
C.在60~90m，运动员在相等的时间里通过的路程相同，保持匀速直线运动，故C正确；
D.运动员在0~10m段用时2.42s，在40~50m段用时1.1s，根据可知，运动员在0~10m段的平均速度小于40~50m段，故D错误。
故选BC。
【分析】(1)(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(3)匀速直线运动是最简单的机械运动，是指运动快慢不变（即速度不变）、沿着直线的运动；
(4)根据分析。
6．【答案】B
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】当小球在水平面上做圆周运动时，其速度方向是圆周的切线方向。小球在水平面以0点为圆心逆时针做圆周运动，当细绳断开后，由于忽略水平方向的阻力，根据牛顿第一定律，将保持细绳断开时的速度大小和方向做匀速直线运动。
ACD.①③④的方向不是小球Q点时圆周运动的切线方向，所以小球不会运动到①③④处，故ACD 不符合题意；
B.②的方向是小球在 Q 点时圆周运动的切线方向，因为忽略水平方向阻力，细绳断开后小球将沿此时的速度方向做匀速直线运动，所以小球可能运动到②处，故B符合题意。
故选B。
【分析】由于忽略水平方向的阻力，根据牛顿第一定律，小球在水平方向上不受力，将保持细绳断开时的速度大小和方向做匀速直线运动。所以小球从Q点继续运动，会沿着QP所在直线向前。
7．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；量筒的使用
【解析】【解答】AC.由甲、乙电子秤示数可得，液体的质量：
m液=90g-40g=50g，
液体的密度：
故AC错误；
BD.由乙、丙量简示数可得物块的体积：
V物=80mL-40mL=40mL=40cm3，
由乙、丙电子秤示数可得，物块的质量：
m物=150g-90g= 60g，
物块的密度：
故B错误、D正确。
故选D。
【分析】(1)由甲、乙电子秤示数可得液体的质量，根据求液体的密度；
(2)由乙、丙量简示数可得物块的体积，由乙、丙电子秤示数可得物块的质量，根据求物块的密度。
8．【答案】A
【知识点】电磁波的传播；波速、波长和频率的关系；光纤通信
【解析】【解答】A.紫光的波长范围约为400-430nm。光纤通讯用的光波长为1310nm，由可知，波长越长，频率越小，所以光纤通讯用的“光”的频率比紫光小，故A正确；
B.红光波长范围约为630-760nm，1310nm大于红光波长范围，所以光纤通讯的“光”的波长比红光长，故B错误；
C.光在真空中的传播速度是3×108m/s，而不是340m/s，故C错误；
D.所有光在真空中的传播速度都相同，都是3×108m/s，所以光纤通讯用的“光”在真空中传播速度与紫光相同，故D错误。
故选A。
【分析】电磁波的波长、波速和频率的关系：波速=波长×频率。如果用c表示光速，用入表示波长，用f表示频率，则有；光在真空中的传播速度约为3×108m/s。
9．【答案】D
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】ABD.根据安培定则，电流从左端流入，图中左边通电螺线管的右端为N极，右边通电螺线管的左端为S极，根据磁极间的相互作用规律，小磁针静止时，应该是N极指向右侧，S极指向左侧，故AB错误、D正确；
C.根据安培定则，电流从右端流入，图中左边通电螺线管的右端为N极，右边通电螺线管的左端为N极，根据磁极间的相互作用规律，小磁针静止时，应该是S极指向上方，N极指向下方，故C错误。
故选D。
【分析】首先根据电源的正负极判定通电螺线管线圈中的电流方向，由线圈中的电流方向根据安培定则判断通电螺线管的磁极，再根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的指向是否正确。
10．【答案】A
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A. 因为液体密度随温度升高而变小，小球悬浮时其密度等于液体密度，温度越高，液体密度越小，能悬浮的小球密度也越小。图1中，已知标有21℃的小球b悬浮，a球漂浮，说明a球密度小于b球密度，c球下沉，说明c球密度大于b球密度，所以c球标记的温度低于21℃，又因为另外两个温度是17℃和25℃，所以c小球标记的温度为17℃，故A正确；
B.b小球在图1和图2中都是漂浮状态，根据漂浮时浮力等于重力，b球重力不变，所以b小球在图1中受到的浮力等于图2中受到的浮力，故B错误；
C.图1b悬浮，温度为21℃，由图3知，三个小球都下沉，说明图3中液体密度更小，温度更高，所以图1液体的温度比图3中液体温度低，故C错误；
D.a小球在25℃时悬浮，因液体的密度随温度降低而变大，在17℃液体和在21℃时都是漂浮，浮力等于重力，故在17℃液体中受到的浮力等于在21℃时的浮力，故D错误。
故选A。
【分析】（1）因为液体密度随温度升高而变小，小球悬浮时其密度等于液体密度，温度越高，液体密度越小，能悬浮的小球密度也越小。图1中，已知标有21℃的小球b悬浮，a球漂浮，说明a球密度小于b球密度，c球下沉，说明c球密度大于b球密度，所以c球标记的温度低于21℃，又因为另外两个温度是17℃和25℃，所以c小球标记的温度为17℃；
（2）当外界气温降低时，液体的密度变大，由F浮=ρ液gV排可知，小球所受浮力会变大，悬浮小球会上浮，最终会漂浮在水面上，据此判断出此时液体温度；
（3）环境温度越高时，液体的密度变小，浮力越小，悬浮的小球会下沉，据此判断出小球c对应的温度；
（4）根据温度判断浮沉，结合漂浮的浮力等于重力分析。
11．【答案】（1）0.6
（2）
（3）竖直向下；3
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹簧测力计及其使用；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；竖直方向的摩擦力的基础分析
【解析】【解答】(1)由图甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，此时弹簧测力计的示数为0.6N；
(2)由图丁可知，t=5s时，物体静止，此时受到竖直向下3N的重力和竖直向上的摩擦力和拉力，是平衡力，即f+F=G，由图丙可知，拉力F=2N，所以
f=G-F=3N-2N=1N
受力示意图如图所示：
（3）由图丁可知，第20~30s可知，物体竖直向上做匀速直线运动，处于平衡状态，受到平衡力，此时受到竖直向下的重力和摩擦力，竖直向上的拉力，由图丙可知，第25s时，受到的拉力为6N，此时有：
此时M受到的摩擦力 为：
。
【分析】（1）根据弹簧测力计的分度值读数；
（2）根据物体M的运动状态分析受力情况；
（3）根据图丁判断运动状态，根据图丙分析受力大小和方向。
12．【答案】（1）54；600
（2）；30
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】(1) 正方体物块A的重力：
G =mg=5.4kg ×10N/kg=54N
A静置于水平地面，A对地面的压力F压等于A受到的重力G，即：
F压=G=54N
A对地面的压强：
；
(2)力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，在C点施加竖直向下的10N的力F1，F1的力臂
如下图：
由杠杆平衡条件可知：
即
解得：F2=30N
【分析】(1)知道物体的质量，利用重力公式G=mg求物体A的重力；
根据压力等于重力结合计算压强；
(2)力臂是从支点到力的作用线的垂直距离；知道两力臂的大小关系和F1的大小，利用杠杆的平衡条件求B端细绳的拉力F2。
13．【答案】（1）=；水平向左
（2）有；从C到D
【知识点】安培定则；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】(1)连接1、3接线柱时，AB和CD并联在电路中，因为两根金属棒相同，电阻均为R，且在同一电源电压下，根据并联电路的特点，各支路电压相等，由欧姆定律可知，通过AB和CD的电流IAB=ICD；
根据通电导体在磁场中受力方向的决定因素：已知磁场对AB的作用力水平向左，说明AB中电流方向是从B到A。因为AB和CD并联，电流方向相同，所以磁场对CD的作用力方向也是水平向左；
(2)固定CD，连接1、2接线柱，使AB在导轨上水平向右运动，AB切割磁感线产生感应电流，可知此时产生的电流从A经电流表到B，由于CD并联在电源AB两端，必然有电流通过CD，根据右手定则（伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向）判断出AB中感应电流方向向上，那么在CD中电流方向为从C到D。
【分析】（1）通电导体在磁场中要受到力的作用，其方向与电流方向和磁场方向有关，当改变其中一个方向时，导体受力作用方向将改变，若两个方向都改变时，导体的受力方向将不改变；
（2）产生感应电流的条件，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
14．【答案】（1）
（2）1.8；正常；变小；变小
【知识点】电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；电功的计算
15．【答案】（1）大于
（2）>
【知识点】比热容
【解析】【解答】(1)因为用加热器加热时，单位时间内两液体吸收的热量相同，故甲液体加热4min吸收的热量大于乙液体加热3min吸收的热量；
(2)从图示可知，甲温度上升的速度比乙慢，根据可知，吸收热量和质量相同时，温度变化越大，比热容越小，故两种液体的比热容c甲>c乙。
【分析】(1)用加热器加热时，单位时间内两液体吸收的热量相同，加热时间越长，物体吸收的热量越多；
(2)从表中数据结合判断甲与乙的比热容的大小。
16．【答案】（1）2；由图可知，当开关S接2时，只有R1工作，当开关S接1时，只有R2工作，由于R2（2）解：①由P=UI可知，电热锅加热工作时电路中的电流：
；
②电热锅加热档通电1min电路消耗的电能：
W=P加热t=550W×1×60s=33000J；
答：①电路中的电流为2.5A；
②通电1min 电路消耗的电能为33000J。
（3）解：由可知，R2的阻值为：
答：R2的阻值为88Ω。
【知识点】电功计算公式的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1)由图可知，当开关S接2时，只有R1工作，当开关S接1时，只有R2工作，根据R1、R2的大小关系和可知电热锅加热挡和保温挡的电路连接；
(2)①根据P=UI求出电热锅加热工作时电路中的电流；
②根据W=Pt求出通电1min电路消耗的电能；
(3)根据可求出R2的阻值。
17．【答案】（1）解：(1)电动机做功的功率为：
答：电动机做功的功率为2100W；
（2）解：(2)由图可知，n=3，根据W总=FS=Fnh可知，电动机对绳子拉力的大小为：
答：电动机对绳子拉力的大小为700N；
（3）解：滑轮组克服重力做的有用功为：
W有=Gh=1680N×10m=16800J，
滑轮组的机械效率为：
答：滑轮组的机械效率为80%。
【知识点】功率的计算；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】(1)根据求出电动机做功的功率；
(2)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出电动机对绳子拉力的大小；
(3)根据W有=Gh求出滑轮组克服重力做的有用功W有，利用求出滑轮组的机械效率。
18．【答案】（1）大于；等于；7
（2）45；0；45；
【知识点】动能和势能的大小变化；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】(1)①机械能等于动能和重力势能之和，足球在A点时的重力势能（53J-30J=23J）大于C点时的重力势能(40J-30J=10J)；因A、C点的动能相等，根据足球的质量不变，故在A点的速度等于C点的速度；
②从A到B的过程中足球的机械能损失量为：
53J-46J=7J
(2)①k的大小与抛射角的关系如图3所示(g=10N/kq)，v不变时，由可知，抛射角大小为45度时，k最大，可知x最大；
②若抛射角为90度，k=0，v为10m/s，则x为0m；
③小明想探究“抛射角一定时，x与v2的关系”，由控制变量法，要保持k不变，故抛射角不变：
a.把抛射角调为45度，v设定为5m/s，将足球从A点抛出，
b.记录足球落地位置，用卷尺测出x并记录。
c.把抛射角调为45度，将v逐次增加5m/s重复步骤a、b，进行多次实验，直到v增加到30m/s为止。据此设计的实验数据记录的表格如下所示：
【分析】(1)①机械能等于动能和重力势能之和，根据表中数据得出足球在A点时的重力势能和C点时的重力势能，据此分析；
因A、C点的动能相等，由影响动能大小的因素确定在A、C点的速度大小；
②根据表中数据得出从A到B的过程中足球的机械能损失量；
(2)①根据k的大小与抛射角的关系，v不变时，由分析；
②若抛射角为90度，k=0，由分析；
③探究“抛射角一定时，x与v的关系”，由控制变量法，要保持k不变，只改变速度大小：据此设计实验过程并设计表格。
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