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单元检测卷(四) 三角函数、解三角形
(分值:150分)
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.[2025·邯郸模拟]已知tan α=,α为第一象限角,则sin α的值为( )
A. B.
C.- D.-
2.[2024·北京顺义区三模]已知函数f(x)=cos2-sin2,则( )
A.f(x)为偶函数且周期为4π
B.f(x)为奇函数且在上有最小值
C.f(x)为偶函数且在上单调递减
D.f(x)为奇函数且为一个对称中心
3.[2025·九江模拟]在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知2c-a=2bcos A,则B=( )
A. B.
C. D.
4.[2024·青岛三模]为了得到 y=sin 2x+cos 2x的图象,只要把 y=cos 2x的图象上所有的点( )
A.向右平行移动 个单位长度
B.向左平行移动 个单位长度
C.向右平行移动 个单位长度
D.向左平行移动 个单位长度
5.[2025·南通模拟]已知0<β<α<,sin(α-β)=,tan α-tan β=2,则sin αsin β=( )
A. B.
C. D.
6.[2025·泉州模拟]数学家泰勒给出如下公式:
sin x=x-+-+…,cos x=1-+-+…,
这些公式被编入计算工具,计算工具计算足够多的项就可以确保显示值的精确性.若根据以上公式估算sin(-0.1)的值,则以下数值中最精确的是( )
A.0.952 B.0.994
C.0.995 D.0.996
7.[2025·济宁模拟]已知函数f(x)=(sin x+cos x)cos x-,若f(x)在区间上的值域为,则实数m的取值范围是( )
A. B.
C. D.
8.[2025·咸阳模拟]为了进一步提升城市形象,满足群众就近健身和休闲的需求,2024年某市政府在市区多地规划建设了“口袋公园”.如图,在扇形“口袋公园”OPQ中,准备修一条三角形健身步道OAB,已知扇形的半径OP=3,圆心角∠POQ=,A是扇形弧上的动点,B是半径OQ上的动点,AB∥OP,则△OAB面积的最大值为( )
A. B.
C. D.
二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9.[2025·邵阳模拟]下列说法正确的有( )
A.若角α的终边过点P,则角α的集合是
B.若cos=,则sin=
C.若tan α=2,则sin2α+sin αcos α=
D.若扇形的周长为8 cm,圆心角为2 rad,则此扇形的半径是4 cm
10.[2024·衡阳模拟]在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知(a+b)∶(b+c)∶(c+a)=5∶6∶7,则下列结论正确的是( )
A.sin A∶sin B∶sin C=2∶3∶4
B.△ABC为钝角三角形
C.若a=6,则△ABC的面积是6
D.若△ABC外接圆半径为R,内切圆半径为r,则=
11.[2025·金华模拟]已知函数f(x)=sin 2ωxcos φ+cos 2ωxsin φ(ω>0,0<φ<)的部分图象如图所示,则( )
A.φ=
B.ω=2
C.f为偶函数
D.f(x)在区间的最小值为-
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.
12.[2024·海淀区模拟]若点P(cos θ,sin θ)与点Q(cos (θ+),sin(θ+))关于y轴对称,写出一个符合题意的θ=________.
13.[2025·西安模拟]在100 m高的楼顶A处,测得正西方向地面上B,C两点(B,C与楼底在同一水平面上)的俯角分别是75°和15°,则B,C两点之间的距离为________.
14.[2025·重庆模拟]若1<ω≤2π,则关于x的方程sin ωx=x的解的个数是________.
四、解答题:本题共5小题,共77分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
15.(13分)[2025·北京西城区模拟]已知函数f(x)=sin2x+2sin xcos x-cos2x.
(1)求f(x)的最小正周期;
(2)从条件①,条件②,条件③中选择一个作为已知条件,求m的取值范围.
①f(x)在(0,m)上恰有两个极值点;
②f(x)在(0,m)上单调递减;
③f(x)在(0,m)上恰好有两个零点.
注:如果选择的条件不符合要求,得0分;如果选择多个符合要求的条件分别解答,按第一个解答计分.
16.(15分)[2025·沧州模拟]在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知a2=c(c+b).
(1)求证:B+3C=π;
(2)若∠ABC的角平分线交AC于点D,且a=12,b=7,求BD的长.
17.(15分)[2025·济宁模拟]已知函数f(x)=cos4x-sin4x+sin(2x-).
(1)求函数f(x)在上的单调递增区间;
(2)将函数f(x)的图象向左平移φ(0<φ<)个单位长度后得到函数g(x)的图象,若函数g(x)的图象关于点(,0)成中心对称,在上的值域为,求α的取值范围.
18.(17分)[2024·莆田三模]在△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且b(cos C+1)=c(2-cos B).
(1)证明:a+b=2c.
(2)若a=6,cos C=,求△ABC的面积.
19.(17分)[2025·石家庄模拟]若△ABC内一点P满足∠PAB=∠PBC=∠PCA=θ,则称点P为△ABC的布洛卡点,θ为△ABC的布洛卡角.如图,已知△ABC中,BC=a,AC=b,AB=c,点P为△ABC的布洛卡点,θ为△ABC的布洛卡角.
(1)若b=c,且满足=,求∠ABC的大小.
(2)若△ABC为锐角三角形.
①证明:=++.
②若PB平分∠ABC,证明:b2=ac.
单元检测卷(四) 三角函数、解三角形
1.A [因为tan α=,所以=,又因为sin2α+cos2α=1,
所以sin2α+sin2α=1,sin2α=.因为α为第一象限角,
所以sin α=.故选A.]
2.C [因为f(x)=cos2-sin2=cos x,所以函数f(x)为偶函数且周期为2π,在(0,)上单调递减,所以ABD选项错误,C选项正确.故选C.]
3.B [因为2c-a=2bcos A,由正弦定理,2sin C-sin A=2sin Bcos A,
∵A+B+C=π,∴2sin(A+B)-2sin Bcos A=sin A,整理得2sin Acos B=sin A.∵sin A>0,∴cos B=,又B∈(0,π),∴B=.故选B.]
4.A [y=sin 2x+cos 2x=sin(2x+),
由诱导公式可知:y=cos 2x=sin=sin,
又y=sin(2x+)=sin,
则-=,即只需把图象向右平移个单位.故选A.]
5.B [因为0<β<α<,所以0<α-β<,因为sin(α-β)=,
所以cos(α-β)==,
因为2=tan α-tan β=-=
=,
所以cos αcos β=,
因为cos(α-β)=cos αcos β+sin αsin β=+sin αsin β=,
则sin αsin β=.故选B.]
6.C [由题意可得:sin(-0.1)=cos 0.1=1-+-+…≈0.995.故选C.]
7.D [依题意,函数f(x)=sin xcos x+cos2x-=sin 2x+cos 2x=sin(2x+),
当x∈时,2x+∈,
显然sin(-)=sin=-,sin=1,
且正弦函数y=sin x在上单调递减,由f(x)在区间上的值域为,
得≤2m+≤,解得≤m≤,所以实数m的取值范围是.故选D.]
8.A [设∠POA=θ,θ∈(0,),由AB∥OP,得∠OAB=θ,∠OBA=,
在△OAB中,由正弦定理得==2,即OB=2sin θ,
则△OAB的面积S=OB·OAsin∠AOB=3sin θsin(-θ)
=3sin θ(cos θ-sin θ)=3(sin 2θ-·)
=,显然2θ+∈,因此当2θ+=,即θ=时,Smax=,
所以△OAB面积的最大值为.故选A.]
9.ABC [因为角α的终边过点P(,),为第一象限角,
所以由三角函数的定义知tan α=,所以角α的终边与终边相同,
所以角α的集合是,故A选项正确;
因为sin(α+)=sin(α++)=cos(α+)=,所以B选项正确;
因为sin2α+sin αcos α====,所以C选项正确;
设扇形的半径为r,圆心角为α,因为扇形所对的弧长为l=αr=2r,
所以扇形周长为l+2r=2r+2r=4r=8,故r=2 cm,所以D选项不正确.故选ABC.]
10.BD [设a+b=5t,b+c=6t,c+a=7t,
则a=3t,b=2t,c=4t.
对于A,sin A∶sin B∶sin C=3∶2∶4,故A不正确;
对于B,c最大,所以C最大,
又cos C==-<0,
所以C为钝角,故B正确;
对于C,若a=6,则t=2,b=4,c=8,
所以cos C=- sin C=,
所以△ABC的面积是S=absin C=×6×4×=3,故C不正确;
对于D,由正弦定理得外接圆半径
R===t,
△ABC的周长l=9t,S=absin C=t2,所以内切圆半径为r==t,所以=,故D正确. 故选BD.]
11.ACD [由题意得f(x)=sin(2ωx+φ),由图象可得f(0)= sin φ=,
又0<φ<,所以φ=,由五点法可得ω×+= ω=1,所以f(x)=sin.
A.由以上解析可得φ=,故A正确;
B.由以上解析可得ω=1,故B错误;
C.f(x+)=sin=cos 2x,故C正确;
D.当x∈ 2x+∈时,sin(2x+)∈,
所以最小值为-,故D正确.故选ACD.]
12.(答案不唯一) [因为点P(cos θ,sin θ)与点Q(cos (θ+),
sin(θ+))关于y轴对称,则
由cos(θ+)=-cos θ,
可得cos θcos -sin θsin =-cos θ,
则cos θ=sin θ,所以tan θ=;
由sin(θ+)=sin θ,可得
sin θcos +cos θsin =sin θ,
则cos θ=sin θ,所以tan θ=,
因此θ=+kπ,k∈Z,取θ=.(答案不唯一)]
13.200 m [由题意BC=-=100×
=100×
而tan 15°tan 75°=·=·=1,
所以BC=100×2=200(m).]
14.3 [由y=sin ωx,知sin ωx∈,T=,因为1<ω≤2π,所以1≤T<2π,在同一坐标系下分别画出y=sin ωx和y=x的图象,
由图象可得y=sin ωx和y=x共有3个交点,即方程sin ωx=x有3个根.]
15.解 (1)因为f(x)=sin2x+2sin xcos x-cos2x
=2sin xcos x-(cos2x-sin2x)=sin 2x-cos 2x=sin(2x-),
所以f(x)的最小正周期为=π.
(2)因为x∈(0,m),所以2x-∈(-,2m-).
选择①,因为f(x)在(0,m)上恰有两个极值点,
所以<2m-≤,
所以故m的取值范围是.
若选择②,因为当2x-∈(-,)时,函数f(x)单调递增,
所以f(x)在(0,m)上不可能单调递减,所以②不符合题意;
选择③,因为f(x)在(0,m)上恰好有两个零点,所以π<2m-≤2π,所以故m的取值范围是(π,π].
16.(1)证明 在△ABC中,由余弦定理a2=c2+b2-2cbcos A及a2=c(c+b),
得b2-2cbcos A=bc,即b-2ccos A=c,由正弦定理,得sin B-2sin Ccos A=sin C,
即sin C=sin(C+A)-2sin Ccos A=sin Acos C-cos Asin C=sin(A-C),
由00,则0因此C=A-C,即A=2C,则2C+B+C=π,所以B+3C=π.
(2)解 由a2=c(c+b),得122=c(c+7),由c>0,得c=9.
在△ABD,△BCD中,由正弦定理,得===,
则=,解得AD=3,从而DC=4,又cos∠ADB+cos∠CDB=0,
由余弦定理,得+=0,解得BD=4,
所以BD的长为4.
17.解 (1)f(x)=cos4x-sin4x+sin(2x-)
=cos 2x+sin 2x=sin (2x+).
因为x∈,
所以2x+∈,
所以当2x+∈,
即x∈时,函数f(x)单调递增,
所以函数f(x)在[0,]上的单调递增区间为.
(2)由题意可知,g(x)=sin(2x+2φ+),
因为函数g(x)的图象关于点(,0)成中心对称,
所以2×+2φ+=kπ,k∈Z,
解得φ=-+π,k∈Z.
因为0<φ<,所以k=1,φ=,
所以g(x)=sin(2x+).
当x∈时,
2x+∈.
因为g(x)在上的值域为,
所以≤2α+≤,
解得≤α≤,
所以α的取值范围为.
18.(1)证明 根据正弦定理知b(cos C+1)=c(2-cos B) sin Bcos C+sin B=2sin C-sin Ccos B,
整理得sin Bcos C+sin Ccos B+sin B=2sin C sin(B+C)+sin B=2sin C,
因为A+B+C=π,所以sin A=sin(B+C) sin A+sin B=2sin C,
由正弦定理可得a+b=2c.
(2)解 因为cos C=,所以sin C==,
由余弦定理可得c2=a2+b2-2abcos C,即c2=36+b2-b,
则4c2=144+4b2-27b,因为a=6,所以6+b=2c,所以36+12b+b2=4c2,
则144+4b2-27b=36+12b+b2,即b2-13b+36=0,解得b=4或b=9,
当b=4时,a=6,此时△ABC的面积S=absin C=×4×6×=;
当b=9时,a=6,此时△ABC的面积S=absin C=×6×9×=.
综上△ABC的面积为或.
19.(1)解 若b=c,即AB=AC,得∠ABC=∠ACB,点P满足∠PAB=∠PBC=∠PCA=θ,则∠PCB=∠PBA,在△PCB和△PBA中,∠PCB=∠PBA,∠PAB=∠PBC=θ,
所以△PCB与△PBA相似,且=,所以==,即a=c,
由余弦定理得:cos∠ABC=,且a=c,b=c,
得cos∠ABC==,且0(2)证明 ①在△ABC内,应用余弦定理以及三角形的面积公式得:
===,
===,
===,
三式相加可得:++=,①
在△PAB内,应用余弦定理以及三角形的面积公式得:
===,
在△PBC和△PCA内,同理:=,=,
三式相等:===,
因为S△ABC=S△PAB+S△PBC+S△PCA,由等比性质得:=
=,②
由①②式可证得:=++.
②因为S△ABC=S△PAB+S△PBC+S△PAC=c·APsin θ+a·BPsin θ+b·CPsin θ,
即S△ABC=sin θ(c·AP+a·BP+b·CP),所以c·AP+a·BP+b·CP=,
在△PAB,△PBC,△PAC中,
分别由余弦定理得:BP2=c2+AP2-2c·APcos θ,CP2=a2+BP2-2a·BPcos θ,AP2=b2+CP2-2b·CPcos θ,三式相加整理得2cos θ(c·AP+a·BP+b·CP)=a2+b2+c2,
a2+b2+c2=2cos θ(c·AP+a·BP+b·CP),将c·AP+a·BP+b·CP=代入得:
a2+b2+c2=2cos θ·,若PB平分∠ABC,
则∠ABC=2 θ,S△ABC=acsin2 θ,
所以a2+b2+c2=2cos θ·=2cos θ·=4accos2 θ,③
又由余弦定理可得:a2+c2=b2+2accos 2θ=b2+2ac(cos2θ-sin2θ),④
由③-④得:b2=-b2+2ac(sin2θ+cos2θ),所以b2=ac(sin2θ+cos2θ),所以b2=ac.
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