2024年山东省潍坊高新技术产业开发区中考二模物理试题(含解析)

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2024年山东省潍坊高新技术产业开发区中考二模物理试题(含解析)

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山东省潍坊高新技术产业开发区2023-2024学年中考二模物理试题
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)
1.我们虽然看不到空气,但可以通过它运动产生的效应一一树叶的摆动“观察”到它的存在。这种通过其效应对看不到的事物进行研究,是物理学中的一种重要方法。下列实例中用到了这种方法的是
A.利用扩散现象研究分子运动
B.在实验基础上推理得到牛顿第一定律
C.用玻璃板替代平面镜探究平面镜成像规律
D.研究物体动能与速度的关系时,保持质量不变
2.以下关于内能的说法正确的是( )
A.0℃的物体没有内能
B.做功和热传递都可以改变物体的内能
C.汽油机的做功冲程将机械能转化为内能
D.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
3.下列关于压强的说法正确的是( )
A.飞机升力是由于机翼上下表面的空气流速不同造成压强差所引起的
B.拦河坝设计成下宽上窄,原因是液体压强大小随深度增加而减小
C.菜刀的刀刃薄,是通过减小受力面积来减小压强
D.马德堡半球实验首次测出大气压强值
4.煮饭烧菜时,经常需要加盖子,这样做的主要目的是
A.降低水的沸点,食物容易煮熟
B.升高水的沸点,食物容易煮熟
C.减少锅中水的蒸发量,不容易烧干
D.减少锅中热量的散失,节约燃料
5.俗话说“没有金刚钻,不揽瓷器活”,指的是
A.瓷器的硬度大
B.瓷器的密度大
C.瓷器的价格不菲
D.对瓷器加工的技术要求高
6.能正确反映水中的筷子看起来向上偏折的光路是()
A. B. C. D.
7.在探究凸透镜成像特点实验中,蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图,此时能在光屏上看到烛焰清晰的像.若保持透镜位置不变,将蜡烛沿光具座向远离透镜的方向移动10cm,调节光屏位置,可在光屏上看到
A.缩小的实像 B.放大的实像
C.缩小的虚像 D.放大的虚像
二、填空题(本大题7小题,共21分)
8.灯泡L标有“2.5V0.4A“字样,定值电阻R的阻值为10Ω,如图所示,电源电压可调,灯泡L正常发光时的电阻_____;当电源电压为3V时,电压表示数为2V,则灯L的实际功率_____;当L的功率是1W时,电路消耗的总功率为_____W(灯泡的电阻随温度的变化而变化)。
9.一个质量45g,体积50cm3的物体,用手将其浸没在水中时,物体受到水的浮力为_____N;松手后,物体将_____(选填“上浮”或“下沉”).
10.如图所示的电路中,电源电压不变,将滑片P向左移动的过程中,示数始终不变的电表是_____.当滑片P移至左端时,断开电键S,电压表V示数与电流表A示数的比值将_____(选填“变大”、“不变”或“变小”).
11.如图是四种家用电器各自消耗1度电可持续正常工作的时间柱状图,其中额定功率最大的电器是_____,节能灯正常工作5小时消耗的电能是________kW·h.
12.我们家庭中的电视机正常工作的电压为_____V,它与家中其它用电器是_____连接的(选填“并联”或“串联”).
13.在“中国好声音”的比赛现场,吉他手弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦的长度,他这样做的目的是为了改变声音的____;观众在听音乐时都要把手机关机或把铃声调成震动,其目的是为了在______减弱噪声.
14.樟脑丸放在衣橱里会逐渐变小,发生的物态变化现象是_____;我们能够闻到樟脑的气味说明分子在_____。
三、作图题(共7分)
15.在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B';
16.如图所示,小磁针静止,标出电源的“+”、“﹣”极及小磁针的N极.
(_____)
17.在图中用箭头标出磁感线的方向和电源的正、负极.
(______)
四、实验题(本大题共5小题,共20分)
18.现用一个瓶口扎有橡皮膜的空塑料药瓶和装有水的柱形透明容器,探究液体内部压强特点。
(1)将药瓶竖直浸入水中,一次瓶口朝上,一次瓶口朝下,观察到的现象是_______,说明液体内部向各个方向都有压强。
(2)保证两次药瓶在水中的位置相同,观察到瓶口朝下的药瓶的橡皮膜凹陷的程度更____(填“小”或“大”),说明液体压强______________。
(3)若拿着开口朝下时的装置从山下到山上(保证药瓶在水中的位置不变),观察到橡皮膜凹陷程度___(填“变大”“不变”或“变小”)。
19.小红用如图甲所示装置“比较不同液体的吸热能力”,在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和食盐水,用相同酒精灯加热直到沸腾.
分别测量出水和食盐水的沸点,发现食盐水的沸点比水高.其中水沸腾时温度计的 局部放大图如乙图所示,水的沸为_____℃.大气压强_____(填“大于”、“等于”或“小于”)1个标准大气压.实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长,说明食盐水吸收的热量比水_____(选填“多”或“少”).由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”_____(选填“能”或“不能”)得出食盐水比热容大的结论,其原因是:_____.用图丙的装置也可以完成本实验,在图甲和丙两种装置中,你认为_____装置效果好.原因:_____.
20.在“探究平面镜成像的特点”的实验中,采用_____作为平面镜。如图所示,为了找到虚像的位置,接下来的操作是_____;为比较像与物体到平面镜的距离,应将蜡烛A放在_____位置多次实验(选填“同一”或“不同”),同时发现所成像的大小_____(选填“相同”或“不同”)。
21.为探究“通过导体的电流与导体两端的电压关系” 小明同学设计了如图甲所示的电路,电流表A的量程选用0-0.6A,电压表V1的量程选用0-3V,电压表V2的量程选用0-15V,滑动变阻器R标有“50Ω 1A”字样.
(1)请根据电路图甲,用笔画线代替导线连接实物图乙.
(_______)
(2)闭合开关前,滑动变阻器滑片应放在_______________端(填选“A”或“B”).
(3)闭合开关后,发现电流表A和电压表V1都没有示数,电压表V2有示数.则电路存在的故障是___
(4)排除故障后,继续做实验,记录电流表A和电压表V1的示数,得到三组实验数据如下表 ;分析表中的数据可得结论:_____________.
序 号 1 2 3
电压表V1的示数/V 1.0 2.0 3.0
电流表A的示数/A 0.1 0.2 0.3
拓展:实验中,小明记录了三组电流表A和电压表V2的实验数据,并绘制了图丙所示的图像,则电源电压是_________V, 在保证各实验器材安全的前提下,滑动变阻器连入电路的阻值不小于_____________Ω.小明对本次试验数据进行了综合分析,得出了串联电路电路电压的特点:__________________
22.为了探究浮力大小跟哪些因素有关,某兴趣小组的同学,用同一物体进行了如题图所示的操作,并记下物体静止时弹簧测力计的示数.图乙中物体未放入前溢水杯装“满”了水,物体浸没后,水全部溢出到旁边的小烧杯中.溢出水倒入量筒后的情况如图丁所示.
(1)为探究浮力的大小与液体密度的关系,应选择_________两图,结论是_________;
(2)该小组同学通过比较甲、乙两图中F1和F2的大小,得到“浮力大小与物体浸没的深度有关”的结论,此结论是_______(选填“正确”或“错误”)的,理由是_______________.
(1)根据浮力的知识,由图示信息可得:物体浸没在水中时所受浮力的大小为________N;图丙中盐水的密度为________kg/m1.(g取10N/kg,水的密度为1.0×101kg/m1)
五、计算题(本大题共2小题,共13分)
23.图甲是我县城区在修建西台大桥时使用吊车向河底投放圆柱形石料的示意图。在整个投放过程中,石料以恒定速度v=0.1m/s下降。图乙是钢丝绳对物体的拉力T随时间t变化的图象(从t=0时刻开始下放石料到石料刚好接触河底),石料入水前吊车的机械效率为87.5%.(不计水的摩擦阻力和放入石块后水面的变化)g取10N/kg。求:
(1)完全浸没后,石料所受的浮力
(2)河底受到水的压强
(3)石料入水前,吊车绳子自由端的拉力F。
24.电动机是一种使用广泛的动力机械,从能量转化的角度看,它主要是把电能转化为机械能,还有一部分能量在线圈中以热量的形式散失掉.现有一台电动机,当电动机两端加 220V电压时,通过电动机线圈的电流为 50A.若已知该电动机线圈的电阻是 0.4Ω,求:
(1)该电动机每分钟消耗的电能和产生的热量各是多少?
(2)该电动机正常工作时电能转化为机械能的效率为 η,电动机两端的电压为 U,通过的电流为I,试推导电动机线圈的电阻 R的表达式.
六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)
25.如图所示是小明家新购买的小轿车.已知轿车的质量为800kg,轮胎与地面总接触面积约为0.1m2,请你计算:
静止的小车对水平地面的压强多大 (g取10N/kg)小明的爸爸驾驶新车在水平公路上沿直线匀速行驶2km,用了100s.如果该车匀速行驶时的牵引力是2000N,求此过程中牵引力所做的功和功率各是多大 行驶的车辆对环境产生哪些污染(至少写出一条) 请你提出一条合理的建议.
26.如图甲为小颖同学设计的电热水器的原理图,该电热水器具有加热、保温功能,图甲中电磁继电器(线圈电阻不计)、热敏电阻R、保护电阻R0、电压恒为6V的电源U1、导线等组成控制电路,当电磁铁线圈中的电流I<10mA时,继电器上方触点和触点c接通;当电磁铁线圈中的电流I≥10mA时,电磁铁的衔铁被吸下,继电器下方触点a、b接通,热敏电阻中允许通过的最大电流I0=15mA,其电阻R随温度变化的规律如图乙,热敏电阻和加热电路中的三只电阻R1、R2、R3均置于储水箱中,
已知R1=33Ω、R2=66Ω、R3=154Ω、U2=220V。
衔铁被吸下时,电热水器处于____(“保温”或“加热”)状态。 已知该热水器的加热效率为80%,则在加热状态下10分钟能将多少千克的水从20℃加热到50℃;____(结果保留一位小数)为使控制电路正常工作,保护电阻R0的阻值至少为多大?_____若R0为该值,衔铁刚好被吸下时储水箱中水温是多少?____
27.如图甲为塔式起重机简易示意图,塔式起重机主要用于房屋建筑中材料的输送及建筑构件的安装.(动滑轮重、绳重及摩擦不计,g取10N/kg)
(1)为保持平衡,起重臂的长度越短的塔式起重机,配备的平衡重的质量应越______(选填“大”或“小”).
(2)图乙为起重机钢丝绳穿绳简化示意图,滑轮a的作用是_____.若钢丝绳能承受的最大拉力为2.5×104N,则能吊起货物的质量不能超过_____千克.
(3)若将重为2×104N的货物由地面沿竖直方向匀速提升20m,再沿水平方向移动10m,则此过程钢丝绳做功多少焦________
(4)若该塔式电动机的效率为90%,将重为1.2×104N的货物提升到30m的高度,用时50s,则该起升电动机的实际功率是多少瓦_________
参考答案
一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)
1、A
【解析】
根据题中“……是物理学中的一种重要方法,下列实例中用到了这种方法的是”可知,本题考查物理方法的判定。首先明确研究方法的基本含义,然后确定实验过程采用的探究方法,就能确定符合题意的选项。
【详解】
题干所描绘的物理方法,通过其效应对看不到的事物进行研究,这种研究问题的方法叫转换法。
A.利用扩散现象研究分子运动,采用的是转换法。故A符合题意;
B.在实验基础上推理得到牛顿第一定律,该过程有实验、有推理,用到的是实验推理法,故B不符合题意。
C.用玻璃板替代平面镜探究平面镜成像规律,用的是等效替代法,故C不符合题意。
D.研究物体动能与速度的关系时,保持质量不变,用的是控制变量法,故D不符合题意。
2、B
【解析】
A.一切物体都有内能,所以0℃的物体也有内能,故A错误;
B.做功和热传递都可以改变物体的内能,故B正确;
C.汽油机的做功冲程将内能转化为机械能,故C错误;
D.热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递,故D错误;
故应选B.
3、A
【解析】
A.飞机机翼为流线型,即上方为凸型,下方是平的;等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面,由于上表面弯曲,下表面平直,所以空气通过机翼上表面的流速大,通过下表面的流速较小.因为机翼上方的空气流速大,压强较小;机翼下方的空气流速小,压强大,所以机翼受到一个向上的压强差,飞机受到向上的升力.故A正确;
B.拦河坝设计成下宽上窄,利用了液体压强大小随深度增加而增大,故B错误;
C.菜刀的刀刃薄,在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强,故C错误;
D.马德堡半球实验首次证明大气压的存在,故D错误;
4、B
【解析】
煮饭烧菜时,加盖子后,锅内的气压增大,水的沸点升高,食物容易煮熟。加盖子,可以减少水的蒸发和减少热量的散失,但不是主要目的,故B符合题意,ACD不符合题意。
5、A
【解析】
金刚钻是自然界最坚硬的物质,它的硬度比瓷器的硬度大,所以它能钻透瓷器.
故选A
6、C
【解析】
(1)水中的筷子看起来向上偏折,是光线从水中射入空气时,而BD图都是光从空气射向水里,故BD错误;(2)当光从水中射入空气时,在水与空气的交界面上发生折射,进入空气中的折射光线向水面偏折,远离法线,折射角大于入射角,而我们认为光是沿直线传播的,我们看到的筷子位置在折射光线的反向延长线上,从而位置比实际位置偏高,看起来筷子向上弯折,而A图折射角小于入射角.故C正确.故选C.
点睛:光从一种介质斜射入另一种介质时,光的传播方向会发生偏折,这种现象叫光的折射;光从水中斜射入空气时,传播方向将远离法线,折射角大于入射角.
7、A
【解析】
解:由题图可知,此时物距为20cm,像距为20cm,能在光屏上看到烛焰清晰的像,物距等于像距,物体在二倍焦距处,成倒立、等大的实像.则u=v=2f,由此可得,凸透镜的焦距f=10cm.
若保持透镜位置不变,将蜡烛沿光具座向远离透镜的方向移动10cm,物距变大,像距变小,像变小,故成缩小的实像,故A正确为答案.
点睛:此题考查了有关凸透镜成像的规律,掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系,根据物距与像距的大小关系得出成像的特点.
二、填空题(本大题7小题,共21分)
8、6.25Ω 0.2W 2.6
【解析】
由电路图可知,灯泡L与电阻R串联,电压表测R两端的电压。
灯泡L正常发光时的电压UL=2.5V,通过的电流IL=0.4A,
由I=可得,灯泡L正常发光时的电阻:
RL===6.25Ω;
当电源电压为3V时,电压表示数为2V,
因串联电路中各处的电流相等,
所以,此时电路中的电流:
I===0.2A,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以,灯泡两端的电压:
UL′=U﹣UR=3V﹣2V=1V,
则灯L的实际功率:
PL′=UL′I=1V×0.2A=0.2W;
灯泡正常发光时的功率:
PL=ULIL=2.5V×0.4A=1W,
所以,当L的功率是1W时,电路中的电流I′=IL=0.4A,
此时电阻R的电功率:
PR=(I′)2R=(0.4A)2×10Ω=1.6W,
电路消耗的总功率:
P=PL+PR=1W+1.6W=2.6W。
9、0.5;上浮
【解析】
试题分析:物体浸没时,,
则,
物体的重力为,
,所以物体上浮.
考点:浮力的计算及浮沉条件
10、电流表 变大
【解析】
∵电源的电压不变,
∴电压表的示数不变;将滑片P向左移动的过程中,滑动变阻器接入电路的电阻变大;
∵I=可知,该支路的电流变小,即电流表A1的示数变小;
∵并联电路各支路独立工作、互不影响,
∴R1支路的电流不变;
∵并联电路干路电流等于各支路电流之和,
∴干路电流变小,即电流表A的示数变小;
当滑片P移至左端时,断开电键S,电压表仍侧电源的电压,即电压表的示数不变;而此时R1支路断路,电流表A只测通过滑动变阻器的电流,所以电流表A的示数变小;故电压表V示数与电流表A示数的比值将变大.
11、电视机 0.1
【解析】
由图可知,四种家用电器各自消耗1度电,电视机可持续正常工作的时间最短,根据可知,电视机的额定功率最大;
由图,节能灯消耗1度电可持续正常工作50h,则节能灯正常工作5小时消耗的电能是;
12、220  并联
【解析】
家庭用电器正常工作的电压是220V;家庭电路中,各用电器之间是并联的.
13、音调 声源处
【解析】
吉他手弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦的长度,他这样做的目的是为了改变振动频率,即改变声音的音调;
观众在听音乐时都要把手机关机或把铃声调成振动是在声源处减弱噪声.
14、升华 不停地做无规则运动
【解析】
樟脑丸放在衣橱里会逐渐变小,是固态直接变成气态;发生的物态变化现象是升华;我们能够闻到樟脑的气味说明分子在不停地做无规则运动。
三、作图题(共7分)
15、
【解析】
先作出物体AB的端点A. B在平面镜中的对称点A′、B′,连接A′、B′点即为物体AB在平面镜中的像,注意辅助线和像用虚线表示,如图所示:
首先要知道平面镜成像的特点:像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反,即像与物关于平面镜对称;其次掌握本题的基本作法:作出两个端点A、B的像点,连接像点即为物体AB在平面镜中的像.
16、
【解析】
因为磁感线总是从磁体的N极出发,所以螺旋管的右端为N极,左端为S极,根据磁体间的相互作用规律知道,小磁针的右端为N极,由安培定则知道,电源的左端为正极,右端为负极,如图:
17、
【解析】
如图,小磁针静止时的左端为N极,根据异名磁极相互吸引,同名磁极相互排斥,则通电螺线管的右端为S极,左端为N极.
根据安培定则,伸出右手使大拇指指示螺线管的左端,即N极,则四指弯曲所指的方向为电流的方向,所以电流从螺线管的右端流入,故电源的右端为正极,左端为负极.
如图:
四、实验题(本大题共5小题,共20分)
18、橡皮膜都向内凹 大 随深度的增加而增大 变小
【解析】
(1)将药瓶竖直浸入水中,一次瓶口朝上,一次瓶口朝下,可以看到橡皮膜都向内凹,说明液体内部向各个方向都有压强;
(2)橡皮膜朝下时,浸入液体的深度大,橡皮膜向内凹的更大,说明在液体密度一定时,液体压强随深度的增加而增大;
(3)因为大气压随高度的增加而减小,当从山下到山上,加在水面上的大气压减小,从而传到橡皮膜的压强变小,所以橡皮膜凹陷程度变小。
19、99 低 多 不能 没有控制让它们的质量和升高的温度相同; 丙 丙中采用相同电阻丝,串联即可保证电流与通电时间相等从而使产生热量相等
【解析】
(1)根据图中所示,温度计示数为98℃,低于100℃,说明此时大气压比一标准大气压低;
(2)我们知道要比较物质吸收热量的多少,就得比较加热时间的多少,加热食盐水到沸腾需要的时间较长,说明食盐水比水吸收的热量多;
(3)要比较其中一个物理量的大小,就得控制其他物理量不变,所以在其他物理量不变的情况下才能比较,而实验中没有控制它们升高的温度相同;
(4)甲采用酒精灯加热,很难控制火焰一样,而丙中采用相同电阻丝,串联即可保证电流与通电时间相等从而使产生热量相等,因此丙装置效果更好.
20、玻璃板在A蜡烛一侧观察A蜡烛像的位置,在玻璃板另一侧移动B蜡烛,直到蜡烛B像点燃似的不同相同
【解析】
在“探究平面镜成像的特点”的实验中,应采用玻璃板作为平面镜,这样便于确定像的位置。为了找到虚像的位置,接下来的操作是在A蜡烛一侧观察A蜡烛像的位置,在玻璃板另一侧拿一支未点燃的B蜡烛移动B,直到蜡烛B像点燃似的此处即A的像;为比较像与物体到平面镜的距离,应将蜡烛A放在不同位置多次实验(选填“同一”或“不同”),同时发现所成像的大小相同。
21、见解析 B 滑动变阻器断路 电阻一定时,电流与电压成正比 6 10 总电压等于分电压之和(U=U1+ U2)
【解析】
(1)题目已明确了电流表、电压表的量程,只要将电阻、滑动变阻器、开关、电源串联,电压表V1与电阻并联、电压表V2与滑动变阻器并联即可.如图:

(2)为保护电路,闭合开关前,滑片应位于最大阻值处,也就是位于B端;
(3)闭合开关,电流表A 与电压表V1的示数为零,说明与他们串联的电路是断路状态,但不可能是R1(如果R1断路,电压表V1有示数);电压表V2有示数,说明与V2串联的电路是通路,所以电路故障为滑动变阻器断路;
(4)由实验数据可以看出:电压成倍增大,电流也成倍增大,且两者增大的倍数相同,所以实验结论为:在电阻一定时,通过导体的电流与两端电压成正比;
拓展:定值电阻的阻值为,由丙图知,滑动变阻器两端电压为5V时,滑动变阻器接入电路的电阻为,所以电源电压为U=IR=0.1A×(10Ω+50Ω)=6V;
已知电源电压为6V,所以对电压表V2不会造成损害;已知电源电压和电阻R1的阻值,可得电路最大电流为0.6A,对电流表也不会造成损害;当电压表V1电压达到3V时,电路电流为,所以滑动变阻器接入电路电阻为;
根据实验数据分析得出, 串联电路的总电压等于各部分电压之和,即U=U1+U2 .
22、甲、丙排开液体的体积一定时,液体的密度越大,物体受到的浮力越大错误物体碰到容器底部,受到容器对它的支持力0.51.2×101
【解析】
(1)探究浮力的大小与液体密度的关系时,应控制排开的液体的体积相同,密度不同,故选甲丙;物体在甲中受到的浮力为1.5N 1.2N=0.1N,在丙中受到的浮力为1.5N 1.4N=0.1N,由此可知,当排开液体体积相同时,液体密度越大,物体所受浮力越大;
(2)探究浮力的大小与浸没深度的关系,控制的变量应该是排开水的体积和液体的密度,改变深度,选择图甲和乙,比较F1和F2的大小,得出结论,但是图乙中的物体接触了容器底,使得读数变小,产生了错误结论;
(1)量筒中排开水的体积V排=50cm1=50×10 6m1,
物体浸没在水中时所受浮力F浮=G排=ρ水gV排=1×101kg/m1×10N/kg×50×10 6m1=0.5N,
物体重力G=F浮+F拉=0.5N+1.5N=2N,
物体在盐水中受到的浮力F′浮=G F′拉=2N 1.4N=0.6N,
由F浮=ρ盐水gV排得:
盐水的密度:
ρ盐水===1.2×101kg/m1
五、计算题(本大题共2小题,共13分)
23、(1)500N。(2)1×105Pa。(3)800N。
【解析】
(1)由图象可知:石料的重力G=1400N,浸没在水中时钢绳对物体的拉力T=900N,完全浸没后,石料所受的浮力:F浮=G﹣T=1400N﹣900N=500N;
(2)由图象可知:石料从接触水面到沉入水底用时120s﹣20s=100s,根据v=可得,河水的深度:h=vt=0.1m/s×100s=10m,河底受到水的压强:p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×10m=1×105Pa。
(3)因为滑轮组绳子的股数n=2,s=nh,所以η===87.5,则石料入水前,吊车绳子自由端的拉力:F===800N。
24、 (1) 6.6×105J 6×104J (2) R=
【解析】
(1)每分钟该电动机消耗的电能: W总=UIt=220V×50A×60s=6.6×105J;
每分钟产生的热量:Q=I2Rt=(50A)2×0.4Ω×60s=6×104J,
(2)因为W=UIt Q=Rt = 得=1- ,=1-解得R=
六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)
25、 (1)
(2)40kw
(3)燥声污染(或大气污染);
安装消声器(或使用新能源)
【解析】
试题分析:(1)小轿车对水平地面的压力
F=G=mg=800kgx10N/kg=8000N
轿车对水平地面的压强
=Pa
(2)S=2km=2000m
牵引力所做的功W="FS=2000N" x 2000m=4X106J
(3)燥声污染(或大气污染);
安装消声器(或使用新能源)
考点:压强的计算、功的计算
点评:解决本题的关键是公式及其变形的灵活运用,还要养成使用新能源,减小环境污染的好习惯.
26、加热 8.4kg 200Ω 60℃
【解析】
(1)由电路图知:衔铁被吸下时,R1、R2并联,根据并联电阻的总电阻小于其中任一电阻,由P=,电功率最大,为加热状态;
(2)由电路图知,加热状态下:R1、R2并联,R并===22Ω
10min加热电路产生的热量Q=t=×600s=1.32×106J,
10分钟内水只收的热量Q′=Q×η=1.32×106J×80%=1.056×106J;
由Q=cmt得,水的质量:m===8.4kg.
(3)由图乙可知,热敏电阻的最小值是R=200Ω,
当R最小,控制电路中的电流不超过最大值时,保护电阻R0阻值最小,
由I0=得:保护电阻R0的最小值R0= R= 200Ω=200Ω,
由题意知,衔铁刚好被吸下时,电路电流I=10mA=0.01A,
此时电流总电阻R总===600Ω,
此时热敏电阻R=R总 R0=600Ω 200Ω=400Ω,
由图2可知,此时水温为60℃。
27、小 省力 5×103kg 4×105J 8×103W
【解析】
(1)由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得: ,由此可知当阻力臂和动力不变时,阻力与动力臂成正比,即动力臂越大,阻力越大;动力臂越小,阻力越小,故为保持平衡,起重臂的长度越短的塔式起重机,配备的平衡重的质量应越小;
(2)图示中滑轮a为动滑轮,其作用是省力,可以省一半的力;由题意可知该滑轮组承担总重的绳子有2段,故G=2F=2.5×104N×2=5×104N,由G=mg可得:=5×103kg;
(3) 钢丝绳做功:W=Fs=Gh=2×104N ×20m=4×105J,由于水平移动时,重力方向上没移动距离,故水平移动过程中钢丝绳没做功;
(4) 电动机的有用功:W有用=Gh=1.2×104N×30m=3.6×105J,电动机的总功: =4×105J,电动机的实际功率: =8000W.

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