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2025年甘肃省兰州交大附中中考物理二模试卷
一、单选题：本大题共11小题，共33分。
1.关于下列生活中的常见估值说法正确的是( )
A. 初中生的身高约为
B. 一个鸡蛋的质量约为150g
C. 播放一遍中华人民共和国国歌的时间约为 46s
D. 教室内课桌的高度为50cm
2.如图所示，是我国航天员王亚平在中国空间站用古筝弹奏《茉莉花》，为全国人民送上太空音乐祝福，下列说法中正确的是( )
A. 拨动琴弦引起了空气振动从而发出了声音
B. 我们能听到王亚平弹奏的乐曲声说明真空能够传声
C. 我们可以根据音调来判断她使用的乐器是古筝
D. 增大拨动琴弦的力，发声的响度越大
3.某品牌国产手机发布了其首款折叠屏手机，使用的柔性LED显示屏是手机折叠的关键技术，搭配了双金属保护外壳，使用升级版的石墨散热技术，满足了散热以及控制机身厚度的要求。关于这款手机所利用到的材料属性，下列描述不正确的是( )
A. 柔性LED的韧性好 B. 升级版石墨的隔热性好
C. 金属外壳的硬度大 D. LED显示屏透光性好
4.在海交会上展出一种“自生电”环保型手电筒，如图所示，它的灯泡是个发光二极管，只要把手电筒来回摇晃，就能自己产生电来供灯泡发光，而且光线经过凸透镜后形成平行光束，下列说法正确的是( )
A. 该手电筒相当于一个小电动机 B. 手电筒“自生电”利用了电磁感应原理
C. 发光二极管 的材料是超导体 D. “自生电”的过程把化学能转化为电能
5.以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开物》，其中说法正确的是( )
A. 图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，其运动状态保持不变
B. 图乙“湿田击稻”中，用力甩稻杆，稻粒落入木桶中，是因为受到惯性力
C. 图丙“北耕兼种”中，耧下端的“峨尖”是通过减小受力面积来增大压力的
D. 图丁“长流漂米”中，水从高处流下，水的重力势能转化为动能
6.如图甲所示是同学们训练乒乓球用的发球机，如果乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个球，如图乙。若不计空气阻力，则下列说法正确的是( )
A. a球上升过程中，动能增大，重力势能减小
B. b球到达最高点时，重力势能最大，动能为0
C. a、b两球在最高点时机械能相等
D. 三个球到达乒乓球案的速度大小关系
7.如图甲所示，小星在水平地面上用力向右推木箱，推力随时间变化的图像如图乙所示，木箱速度随时间变化的图像如图丙所示，以下对于这一过程的分析中正确的是( )
A. 内木箱没有动，所以此时不是平衡状态
B. 如果3s后人停止用力，木箱将做匀速直线运动
C. 内木箱受到的摩擦力大小为40N
D. 如果3s后人突然用60N的力往回拉箱子，此时物体立刻向左加速运动
8.如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是( )
A. 物体受到的浮力大小关系为
B. 三个物体的密度大小关系为
C. 容器底部受到水的压力大小关系为
D. 容器对桌面的压强大小关系为
9.新房竣工通电前，电工要检查小明家的电路安装是否存在故障，如图所示部分电路中，取下保险丝，在该处安装“220V100W”的白炽灯图中未画出，然后将A、B接到220V的家庭电路火线、零线上，发现灯正常发光。若此时闭合开关S，则“220V60W”的白炽灯会( )
A. 不能发光 B. 正常发光
C. 能发光，但比正常发光暗 D. 比正常发光亮并烧毁
10.研学实践活动时，小明在农家乐看到一种农具如图甲，他查阅资料后知道，这种农具是农民捣谷用的“舂”，其工作原理图如图乙，AOB为碓杆，O为支点，A处连接着碓头，脚踏碓杆的B处可使碓头升高，抬起脚，碓头会落下去击打稻谷，若碓头的重力为30N，每踩一次碓头上升的高度为60cm，AO长，OB长，则( )
A. 舂相当于简单机械中的省力杠杆
B. 不计碓杆的重力和摩擦，脚至少用15N的力才可以将碓头抬起
C. 每踩一次对碓头做的功是1800J
D. 若将B踩下30次，舂的机械效率为，则人做功的功率是15W
11.如图甲是一个电子拉力计原理图。硬质弹簧右端和金属滑片P固定在一起与间的摩擦不计。电压表量程为，分度值为，a、b是一根长为6cm的均匀电阻丝，阻值，电源电压恒为6V，已知该弹簧伸长的长度与所受拉力F间的关系如图乙所示。闭合开关后，下列关于该电子拉力计的有关说法，正确的是( )
A. 要保证电压表能正常工作，电路中至少应为
B. 当拉力变大时，电路中的电流表示数会变小
C. 若，当电压表指针指在处，作用在拉环上水平向右的拉力为400N
D. 若，将电压表改为拉力器，此拉力器的分度值为20N
二、填空题：本大题共4小题，共9分。
12.小明在水壶中装入质量2kg、初温的水，放在燃气灶上加热，这是利用______的方式来改变水的内能。若在标准大气压下把水刚烧开共消耗了的天然气，该燃气灶烧水的热效率为______。水烧开后继续加热，蒸汽将壶盖顶起的过程与汽油______冲程的能量转化情况相同。水的比热容为，天然气的热值取
13.一辆行驶的汽车车厢里挂着一个小球。当出现了如图所示的情景时，汽车在做______选填“加速”、“匀速”或“减速”运动。此时绳子对球的拉力和球受到的重力______选填“是”、“不是”或“可能是”一对平衡力。
14.如图，三个相同的物体叠放在一起，当B受到5N的水平拉力时，三个物体一起向右匀速运动，则A与B之间、B与C之间的摩擦力分别为______N和______N。
15.如图所示，电阻、、的阻值分别为R、2R、3R，为二极管。二极管具有单向导电性，只允许电流从其正极向负极通过，不允许电流反方向通过；当电流从二极管的正极流向负极时，其电阻为零。闭合开关S，接入电路的总电阻为______。现将电源正负极对调再接回原位置，则前后两种情况消耗的功率之比为______。
三、作图题：本大题共4小题，共9分。
16.如图所示，将图中入射光线对应的折射光线补画完整。
17.如图，杠杆AOB保持静止，O为支点，请作出阻力和维持杠杆平衡的最小动力。
18.磁体旁的小磁针静止时所指的方向如图所示，请在括号中标出磁体的磁极，并标出图中磁感线的方向。
19.请用如图设计一个温度自动报警器，要求正常情况下绿灯亮，当温控箱内温度升到一定温度时，红灯亮绿灯灭。
四、实验探究题：本大题共3小题，共13分。
20.农村义务教育学生营养改善计划政策惠及千家万户。小明想知道学校发放牛奶的密度，他利用托盘天平、量筒、烧杯和水进行测量。
将牛奶倒入量筒，如图甲所示，用调节好的天平测出空烧杯的质量为，然后将量筒中的牛奶倒入烧杯中，用天平测量烧杯和牛奶的总质量，横梁平衡时，右盘中砝码的数量及游码的位置如图乙所示，则烧杯和牛奶的总质量为______ g。
根据以上实验数据计算出牛奶的密度为______。用该方法测得的密度比真实值偏______选填“大”或“小”。
为了减小误差，小明利用电子秤、合金块密度为和烧杯再次测量牛奶密度，他进行了以下操作：
①将合金块放在电子秤上，如图丙所示，记下示数；
②将适量的牛奶倒入烧杯，放在电子秤上，如图丁所示，记下示数；
③用细绳拴住合金块并浸没在牛奶中，如图戊所示，记下示数；
④牛奶的密度表达式______用已知物理量、、、表示。
21.“探物”小组利用弹簧测力计，金属块、溢水杯等器材，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
操作过程如图“甲、乙、丙，丁”所示，为了使操作更加简便且能减小误差，合理的顺序是______；
若实验过程中，溢水杯中的水没有装满，则______选填“>”、“<”或“=”；
金属块从水面缓慢浸入水中时，根据实验数据描绘出的弹簧测力计示数F随金属块浸入深度h变化的关系图象如图戊所示，分析图象可得：时，金属块受到的浮力为______N；金属块浸没后，水对金属块底部的压强是______Pa；金属块的密度是______。
22.用如图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压。电阻的关系，器材有：干电池3节每节电压略小于，滑动变阻器3个铭牌上分别标有“”“”“”字样，电流表、电压表、开关各一个。阻值为、、的电阻各一个，导线若干。
闭合开关前，将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关后，电流表和电压表示数为0，移动滑片P，两表指针不偏转，将与电压表“-”接线柱相连的导线从D端折下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则可能是______。
排除故障后，重新开始实验，探究电流与电压的关系，闭合开关，电压表示数为，电流表示数为。移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表的示数U和对应的电流表的示数I，以电流I为纵坐标，电压U为横坐标，采用描点的方式，画出图像，如图乙所示，则实验中选用的滑动变阻器的钻牌上标有______字样选填“”、“”或“”，电源电压为______V。
在探究电流与电阻的关系时，为了能使用上一次的某一组实验数据，断开开关，将R换成，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示；断开开关，换接未使用过的一个电阻，正确操作后，电流表示数应为______A。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
23.如图甲为小明家新购的一款智能养生壶，其电路简图如图乙所示，该壶有“加热”和“保温”两挡。该养生壶铭牌的部分数据如下表，其中保温功率模糊不清。求：
养生壶的铭牌
额定电压 220V
频率 50Hz
加热功率 1100W
保温功率
容积
养生壶是利用电流的______效应工作的，当开关 S掷到______选填“1”或“2”时，养生壶处于加热状态。
养生壶处于“加热”状态时是多少？
小亮想测一下该养生壶保温时的实际功率，于是他关闭了家里的其他用电器，将养生壶单独保温，测得家中如图丙所示的电能表转盘转了12r，则养生壶保温状态的实际功率是多少？
24.图甲是建造大桥时所用的起吊装置示意图，使用电动机和滑轮组图中未画出将实心长方体A从江底竖直方向匀速吊起，钢缆绳对A的拉力随时间t变化的图象如图乙所示。A完全离开水面后，电动机对绳的拉力F大小为，滑轮组的机械效率为，A上升的速度始终为取，不计钢缆绳与滑轮间的摩擦及绳重，不考虑风浪、水流等因素的影响求：
长方体A未露出水面时受到的浮力；
长方体A完全离开水面后，在上升过程中F的功率；
把长方体A按图甲中方式放在水平地面上，它对地面的压强。
六、综合题：本大题共1小题，共3分。
25.请阅读《光伏发电》并回答下列小题。
光伏发电先伏发电是利用半导体界面的“光生伏特效应”而将光能直接转变为电能的一种技术。
“光生伏特效应”简称“光伏效应”，是指光照使不均匀半导体或半导体与金属结合的不同部位之间产生电位差电压的现象，如图甲所示，太阳能电池内部的P型硅和N型硅结合在一起，它们的交界面附近的区域形成PN结，当适当频率的光照射PN结时，由于内建电场的作用，受激电子和空穴各自向相反的方向运动，电子收集到上电极，空穴收集到下电极，产生电动势，称为光生电压。这种由PN结的内建电场引起的光电效应，称为光生伏特效应。
图乙所示为某光伏发电系统结构图，该系统主要由经过串联后进行封装保护而形成大面积的太阳能电池组件、控制器和逆变器等部分组成。太阳能电池组件将太阳能转化为电能，当太阳能充足、发电量超过用户需求时，将发出的多余电能通过控制器存储在蓄电池中；当光照较差、发电量不能满足用户需求时，控制器释放蓄电池中存储的电能供用户使用。
与常用的火力发电系统相比，光伏发电具有：无枯竭危险，安全可靠，无噪声，无污染排放；不受资源分布地域的限制，可利用建筑屋面的优势；无需消耗燃料和架设输电线路即可就地发电供电等众多优点，它是各国争相发展的一种发电方式。我国在光伏产业的各个领域都具备明显领先优势，发展空间十分广阔。
请根据上述材料，回答下列问题：
太阳能电池板的下电极相当于电源的______极；选填“正”或“负”
当光照较差、用户处于用电高峰时，光伏发电系统中的蓄电池应处于______状态；选填“充电”或“放电”
根据光伏发电系统结构图，你猜想逆变器的主要作用是______。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：初中生的身高约为，能够达到的非常少，故A不符合实际；
B.一个鸡蛋的质量约为50g，故B不符合实际；
C.播放一遍中华人民共和国国歌的时间约为 46s，故C符合实际；
D.教室内课桌的高度为80cm，故D不符合实际。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】D
【解析】解：拨动琴弦时通过琴弦的振动发声，故A错误，不符合题意；
B.真空不能传声，故B错误，不符合题意；
C.我们可以根据音色来判断她使用的乐器是古筝，故C错误，不符合题意；
D.增大拨动琴弦的力，琴弦的振幅变大，发声的响度会越大，故D正确，符合题意。
故选：D。
声音是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，真空不能传声。
音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大。
本题考查了声音的产生、传播、声音的三个特性，属于声学部分的常考知识。
3.【答案】B
【解析】解：A、柔性LED显示屏可让手机折叠，说明柔性LED显示屏不易折损，柔性LED的韧性好，A正确，不符合题意；
B、使用了升级版的石墨散热技术，说明升级版的石墨散热性能良好，B不正确，符合题意；
C、双金属保护外壳利用的是金属的硬度大，C正确，不符合题意；
D、LED显示屏可以清楚看清屏内部信息，说明LED显示屏透光性好，D正确，不符合题意。
故选：B。
文中有关键信息，如“柔性LED显示屏可让手机折叠”、“双金属保护外壳”、“升级版的石墨散热技术”，这是分析选项的关键。
本题考查了物质的性质，读懂题中的信息是解题的关键。
4.【答案】B
【解析】解：A、来回摇晃手电筒，使线圈做切割磁感线的运动，产生感应电流，小灯泡就会发光，该手电筒相当于一个小发电机，故A错误；
B、该手电筒在使用过程中产生感应电流，运用了电磁感应原理，正确；
C、发光二极管 的材料是半导体，故选项C错误；
D、该手电筒运用了电磁感应原理，产生感应电流，将机械能转化为电能，故D错误。
故选：B。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。
来回摇晃手电筒，使永磁体在线圈中来回运动，线圈做切割磁感线的运动，线圈中就会产生感应电流，小灯泡就会发光，该手电筒相当于一个小发电机，将机械能转化为电能。
能够从手电筒工作过程的描述中获取有用的信息：电磁感应现象，并知道在工作过程中的能量转化情况，是解决此题的关键。
5.【答案】D
【解析】解：A、图甲“轧蔗取浆”中，牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，运动方向在不断地变化，其运动状态在不断地变化，故A错误；
B、图乙“湿田击稻”中，用力甩稻杆，稻粒由于惯性仍保持静止，又由于重力落入木桶中，故B错误；
C、图丙“北耕兼种”中，耧下端的“峨尖”是通过减小受力面积来增大压强的，故C错误；
D、图丁“长流漂米”中，水水由高处流下，水的质量不变，速度增大，高度减小，故重力势能减小，动能增加，所以是将重力势能转化为动能，故D正确。
故选：D。
力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
惯性是物体本身的性质，惯性大小只与物体的质量有关；
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；
影响动能的因素是物体的质量和速度；影响重力势能的因素是质量和高度。
本题结合我国古代科技著作《天工开物》考查相关的物理知识，具有一定的综合性，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。
6.【答案】C
【解析】解：A、a球上升过程中，质量不变，速度变小，高度增加，故动能减小，重力势能增大，故A错误；
B、b球到达最高点时，速度不为0，所以动能也不为0，故B错误；
CD、乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个球，则机械能是相同的；不计空气阻力，三个小球的机械能是守恒的，所以三个小球到达桌面时的机械能相同，由于高度相同，重力势能相同，则动能也相同，所以三球到达乒乓球台的速度相同，故C正确，D错误。
故选：C。
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
首先判定开始时三球机械能的大小；不计空气阻力，三个小球的机械能是守恒的，据此判定速度的大小。
本题考查了物体动能、重力势能的影响因素和机械能的守恒，难度不大，尤其是动能、重力势能的影响因素要熟记。
7.【答案】C
【解析】解：
A、由图丙可知，内木箱静止，处于平衡状态，故A错误；
C、由图丙可知，在内木箱做匀速直线运动，处于平衡状态，
由平衡条件可知，木箱受到的滑动摩擦力，
由图乙可知，在内推力，则木箱受到的滑动摩擦力；
由图丙可知，木箱在内做加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，
因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关，
所以，内木箱受到的摩擦力大小仍然为40N，故C正确；
BD、如果3s后人停止用力，木箱在水平方向上只受向后的摩擦力，会做减速直线运动，故B错误；
如果3s后人突然用60N的力往回拉箱子，箱子由于惯性仍然会向右运动，在向左的摩擦力和拉力作用下箱子向右做减速运动，故D错误。
故选：C。
由图象可知，内木箱静止，处于平衡状态；
由图象可知，内木箱运动的速度，判断出状态，根据二力平衡条件可知推力和摩擦力之间的关系；由图象可知此段时间内推力的大小即可得出受到的滑动摩擦力，由图象读出木箱在内的运动状态，根据滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度有关，与运动的速度无关得出受到的摩擦力；
如果3s后人停止用力，木箱水平方向只受摩擦力的作用，根据力与运动的关系可知木箱的运动状态；
如果3s后人突然用60N的力往回拉箱子，根据惯性知识分析箱子的运动状态。
本题考查了学生对力学图象的分析能力，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题。
8.【答案】D
【解析】A、由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为，根据可知，浮力的大小关系为：，故A错误；
B、由图可知，A和B处于漂浮，C处于悬浮，则由浮沉条件可知：，，，由于，所以；
由于正方体A、B、C的体积相同，所以根据可知，物体密度的大小关系：，故B错误；
C、正方体静止时，三个容器内水面高度相同，即h相同，水的密度一定，根据可知，容器底受到水的压强关系为，根据可知，受到的压力也是相同的，故C错误；
D、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为，根据可知，压强也是相同的，故D正确。
故选：D。
由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；
由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
利用判断容器底受到水的压强关系，根据判定压力的大小关系；
根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系，根据分析压强的大小。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
9.【答案】A
【解析】解：取下保险丝，在该处安装“220V 100W”的白炽灯，然后将A、B接到220V的电源上，发现灯正常发光。
说明只有接入220V的电路，家庭电路的安装部分插座出现短路现象。如果闭合开关S，则灯被短路，所以不会发光，不会被烧坏。
故选：A。
取下保险丝，在该处安装“220V 100W”的白炽灯，然后将A、B接到220V的电源上。
①发现灯正常发光，检验部分出现短路。
②发现灯不亮，检验部分是断路。
③发现灯正常发光但是比较暗，检验部分是正常的。
本题考查了用校验灯检修家庭电路的故障。根据校验灯的三种发光情况得出电路是否存在故障。
10.【答案】D
【解析】解：A、由图乙可知，OB小于OA，动力臂小于阻力臂，故舂相当于简单机械中的费力杠杆，A错误；
B、碓头的重力为G，OB为动力臂，脚对B点的力为F，OA为阻力臂，根据杠杆平衡条件，
有，
脚至少用150 N的力才可以将碓头抬起，B错误；
C、每踩一次对碓头做的功，C错误；
D、设人每踩一次做的总功为，机械效率为，则总功，
若将B踩下30次，则人做的总功，
功率，D正确。
故选：D。
根据动力臂与阻力臂大小关系分析；
根据杠杆平衡条件计算解答；
根据计算有用功；
根据机械效率计算总功，结合功率的公式解答。
本题考查杠杆平衡条件、功与功率的计算，属于中档题。
11.【答案】A
【解析】解：A、由图甲可知，、串联，电压表与的左半部分并联，当电压表示数最大为3V时，即滑片P在b端，
电路中的电流为：，
此时电阻的阻值：
，故A正确；
B、由图甲可知，当拉力变大时，滑片向右移动，但接入电路的阻值不变，电路中的总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，即电流表示数不变，故B错误；
CD、若，电路中的总电阻为：，
电路中电流为：，
当电压表指针指在处，此时与电压表并联的电阻的阻值为：
，
则此时弹簧伸长的长度为：，
由图乙可知，作用在拉环上水平向右的拉力为200N，
将电压表改为拉力器，电压表的分度值为，电压表示数增大，则增大的拉力为：，即：此拉力器的分度值为25N，故CD错误。
故选：A。
根据串联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值。
由图甲可知，当拉力变大时，滑片向右移动，但接入电路的阻值不变，据此分析电流表示数的变化；
若，由串联电路特点与欧姆定律求出与电压表并联的电阻阻值，然后求出弹簧的伸长量，再求出拉力大小，再根据电压表的分度值求出拉力器的分度值。
本题考查了求电阻、电压、拉力与拉力器量程问题，分析清楚电路结构、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题，解题时要注意分析图乙所示图象。
12.【答案】热传递 做功
【解析】解：小明在水壶中装入质量2kg、初温的水，放在燃气灶上加热，水放在燃气灶上加热，是通过火焰与水之间的温度差，使热量从火焰传递到水，这是利用热传递的方式来改变水的内能。
已知水的质量2kg，初温，在标准大气压下，水的沸点，水的比热容为，水刚烧开水吸收的热量为，
消耗了的天然气，天然气的热值取，放出热量为，
该燃气灶烧水的热效率为。
蒸汽将壶盖顶起，是蒸汽的内能转化为壶盖的机械能。汽油机的做功冲程是燃气的内能转化为活塞的机械能，压缩冲程是机械能转化为内能。所以蒸汽将壶盖顶起的过程与汽油机做功冲程的能量转化情况相同。
故答案为：热传递；；做功。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
利用及，计算燃气灶烧水的热效率。
汽油机的做功冲程是燃气的内能转化为活塞的机械能，压缩冲程是机械能转化为内能。
本题考查改变内能的方法及四冲程能量的转化，气体热值、比热容热量的计算，计算燃气灶烧水的热效率。计算量大。
13.【答案】加速 不是
【解析】解：小车匀速运动时，小球与小车相对静止，小球应在竖直方向上。当小车加速运动时，车的运动速度变快，但小球由于惯性保持原来的运动状态，故小球要向后运动；若小车做减速运动时，车运动变慢，小球由于惯性保持原来的运动状态，小球要向前运动；
小球受竖直向下的重力、沿绳斜向右上方的拉力，这两个力不在同一直线上。因为一对平衡力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，所以小球受力不是平衡力。
故答案为：加速；不是
小车匀速运动时，小球应在竖直方向上，现在小球向后运动，则小车可能加速运动。
二力平衡：一对平衡力等大反向作用在同一直线上，小球受的两个力不在同一直线上，则小球受力不平衡。
由于物体具有惯性而表现出来的惯性现象以及平衡力的问题，在生活中随处可见。要多观察、多实验、多体会。
14.【答案】0；5
【解析】对A受力分析，A受竖直方向的重力和B对A的支持力，三个物体一起向右匀速运动，A与B相对静止，故AB之间不受摩擦力，摩擦力为0N；
同理对AB整体进行受力分析，受重力、C对BA的支持力，水平的拉力，以及C对B的摩擦力，由于三个物体一起向右匀速运动，处于平衡状态，BC之间的摩擦力等于拉力，。
故答案为：0；5。
对A进行受力分析，可得AB之间的受力情况；对B进行受力分析，可得BC受力情况。
本题主要考查摩擦力的分析，注意整体法与隔离法的使用。
15.【答案】5R 9：25
【解析】解：由图结合二极管的单向导电性可知，闭合开关S时，电阻、串联，由串联电路的电阻特点可知，接入电路的总电阻；
由图结合二极管的单向导电性可知，将电源正负极对调再接回原位置时，电阻、串联，由串联电路的电阻特点可知，接入电路的总电阻，
由可知，前后两种情况消耗的功率之比：。
故答案为：5R；9：25。
由图结合二极管的单向导电性可知，闭合开关S时，电阻、串联，根据串联电路的电阻特点求出接入电路的总电阻；
将电源正负极对调再接回原位置时，电阻、串联，根据串联电路的电阻特点求出接入电路的总电阻，根据和欧姆定律求前后两种情况消耗的功率之比。
本题考查电路分析和电功率公式的应用，关键根据二极管的单向导电性分析出电路的连接。
16.【答案】解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点；过凹透镜光心的光线其传播方向不变，如图所示：

【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点三条特殊光线来作图。
凹透镜的三条特殊光线：过凹透镜光心的光线其传播方向不变；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长线通过焦点；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。
17.【答案】解：阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，动力臂越长，动力越小，B点绳子对杠杆向下的拉力是阻力；连接OA，以OA为动力臂时，动力臂最长，动力最小。过点A作垂直于OA向上的力即为最小动力，如图所示：

【解析】根据杠杆平衡条件画出使杠杆保持静止的最小动力的示意图：动力动力臂=阻力阻力臂，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
18.【答案】解：图中小磁针静止时其N极向右，说明该点的磁场方向向右，所以磁感线的方向是向右的；因磁体周围的磁感线从N极发出，回到S极，故左侧磁体的右端为N极；如图所示：

【解析】小磁针静止时其N极所指的方向为该点的磁场方向，由小磁针N极所指的方向可知磁感线的方向；由磁体周围的磁感线分布可知磁体的磁极。
该题主要考查了磁体周围的磁感线分布，是一道基础题。
19.【答案】解：温控箱内温度计与电磁铁、控制电源组成控制电路，将工作电源与两盏灯组成工作电路，两只灯泡互不影响，其中红灯接下触点，绿灯接上端触点。当温度升到一定温度时，控制电路接通，电磁铁将衔铁吸下，红灯亮、同时绿灯熄灭。如图所示：
。
【解析】根据电磁继电器的基本构造和原理进行分析。
本题考查的是温度自动报警器的基本原理；会根据电磁继电器的基本原理完成电路图。
20.【答案】 小
【解析】由图乙可知，则烧杯和牛奶的总质量为：；
由图甲可知，量筒的分度值为2mL，所以牛奶的体积为34mL，即，
牛奶的质量为：，
牛奶的密度为：，
当将量筒中的牛奶倒入烧杯中，会有牛奶沾在量筒壁上，而倒不干净，因此所测的质量会偏小，根据公式得测得的密度比真实值偏小；
合金块排开牛奶的体积等于合金块的体积，合金块的体积，
合金块排开牛奶的体积，
合金块排开牛奶的质量，
牛奶的密度。
故答案为：；；小；。
天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
在进行量筒的读数时，注意分度值，视线应与液面的凹底相平；将牛奶的质量和体积代入公式便可求出其密度；根据公式，分别分析质量和体积的偏差，即可得出结论；
已知合金的质量和密度算出合金的体积，结合题意表示出牛奶的质量、体积，利用密度计算公式写出表达式即可。
此题主要考查的是学生对天平的调节和读数、量筒的读数、密度计算公式的理解和掌握，综合性题目。
21.【答案】丁、甲、乙、丙 > 1 800
【解析】若最后再测小桶的重力，则小桶中因残留有液体会使小桶重力偏大，所测出的排开液体的重力偏小，为了减小误差，我们应先测量小桶的重力，再测物块重力，然后将金属块慢慢进入到液体中测量拉力，用小桶接溢出来的水，最后测量小桶和溢出水的总重，因此实验顺序应为丁、甲、乙、丙。
若实验过程中，溢水杯中的水没有装满，则会导致排开水的质量减小，则排开水的重力偏小，从而使。
由图戊可知，金属块的重力为4N，当时，弹簧测力计的示数为3N，则由称重法可知，此时金属块受到的浮力为
由图戊可知，随着金属块浸入深度越深，金属块受到的浮力增大，弹簧测力计示数减小，当金属块刚好浸没时，即时，弹簧测力计的示数不变，水对金属块底部的压强是
；
金属块完全浸没时，弹簧测力计的示数为2N，由称重法可知，金属块完全浸没时受到的浮力为
由阿基米德原理可得：；
物体的重力为4N，根据可得：；
解得 。
故答案为：丁、甲、乙、丙； ；；800；。
从减小误差和操作的方便性考虑；
溢水杯中的水没有装满，则会导致排开水的质量减小；
根据图戊由称重法得出金属块受到的浮力大小，根据得出水对金属块底部的压强；结合阿基米德原理与计算金属块的密度。
本题探究浮力大小跟排开液体所受重力的关系，考查对操作过程的理解及称重法测浮力、阿基米德原理及密度公式的运用。
22.【答案】导线BC断路 “ ”
【解析】闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；将与电压表“-”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，说明此时电压表与电源连通，电压表并联的电路断路，若电路中只有一处故障，则可能是导线BC断路；
由图甲可知，电源为三节干电池串联，每节电压略小于，则电源电压应该大于3V，小于；
闭合开关，电压表示数为，电流表示数为，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律和欧姆定律可知，电源电压为：
……①；
若选用“ ”的滑动变阻器，代入①式，则，不符合题意；
若选用“ ”的滑动变阻器，代入①式，则，不符合题意；
若选用“ ”的滑动变阻器，代入①式，则，符合题意；
故实验中选用的滑动变阻器的铭牌上标有“ ”字样，电源电压为；
将R换成，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值，其示数为，则定值电阻两端电压为：；
由图乙可知，在探究电流与电压的关系实验中，定值电阻的阻值为：
，故未使用过电阻的阻值为；
在探究电流与电阻的关系实验中，应控制定值电阻两端电压不变，故换接的电阻，正确操作后，电流表示数应为：
。
故答案为：导线BC断路；“ ”；；。
闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；试触B点，电压表指针偏转，说明电压表与电源连通，据此分析；
根据图甲确定电源电压大约值；闭合开关，电压表示数为，电流表示数为，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律讨论滑动变阻器最大阻值和电源电压；
根据电流表选用量程确定分度值读数，利用求出定值电阻两端电压；根据图乙结合欧姆定律求出定值电阻的阻值，然后确定未使用过的电阻，最后根据控制变量法结合欧姆定律求出电流表示数。
本题探究电流与电压、电阻的关系实验，考查了注意事项、故障分析、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
23.【答案】热 1
【解析】解：养生壶工作时将电能转化为内能，所以养生壶是利用电流的热效应工作的；
由图乙可知，当开关S接1时，只有工作，当开关S接2时，、串联；
根据串联电路的电阻特点可知、串联时，电路中的总电阻最大，由可知电路中的总功率最小，养生壶处于保温挡；
当开关S接1时，只有工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，养生壶处于加热挡；
当开关S置于1时，开路，只有工作，此时为加热挡，
由可知的阻值：；
电能表参数，表示电路中用电器每消耗电能，电能表的转盘转过3000转，
则电能表转盘转了12r，养生壶消耗的电能：，
养生壶的实际保温功率：。
答：热；1；
养生壶处于“加热”状态时是；
养生壶保温状态的实际功率是40W。
电流通过导体时，将电能转化为内能的现象叫做电流的热效应；由图乙可知，当开关S接1时，只有工作，当开关S接2时，、串联；根据串联电路的电阻特点和可知养生壶加热挡和保温挡的电路连接；
根据加热挡功率和可求出的阻值；
电能表参数，表示电路中用电器每消耗电能，电能表的转盘转过3000转，据此求出电能表转盘转了12r时养生壶消耗的电能，根据计算养生壶的实际保温功率。
本题是一道电学与热学的综合应用题，主要考查电流的热效应、电能表的参数、串联电路的特点、电功率公式的灵活运用。
24.【答案】解：以长方体A为研究对象，A出水前、完全离开水面后受力分析示意图分别为图甲、图乙。
由题意及图20乙可知：
由图甲：；
，
，
；
由题意及图20乙可知：长方体A从开始到全部露出水面所用时间，则A的高度，
，
，
。
答：长方体A未露出水面时受到的浮力为；
长方体A完全离开水面后，在上升过程中F的功率为；
把长方体A按图甲中方式放在水平地面上，它对地面的压强为。
【解析】根据图象读出物体A的重力和未露出水面时受到的拉力，然后根据称重法即可求出长方体A未露出水面时受到的浮力；
先根据机械效率的变形公式求出提升物体绳子的条数，然后求出F移动的速度，最后根据求出拉力的功率；
利用速度公式求出A的高度，进一步求出A的横截面积，最后利用求出A对地面的压强。
本题考查了浮力、功率、压强公式的计算，主要是考查公式的灵活运用，关键会选择合适的计算公式，此题有一定的拔高难度。
25.【答案】正 放电 把直流电变交流电
【解析】太阳能电池板的下电极聚集了正电荷，相当于电源的正极。
当光照较差、用户处于用电高峰时，控制器释放蓄电池中存储的电能供用户使用，即光伏发电系统中的蓄电池应处于放电状态。
根据光伏发电系统结构图看出逆变器前为直流电，后为交流电，逆变器的主要作用是把直流电变交流电。
故答案为：正；放电；把直流电变交流电。
太阳能电池板的下电极聚集了正电荷，上电极聚集负电荷。
由材料可知，当光照较差、用户处于用电高峰时，控制器释放蓄电池中存储的电能供用户使用。
根据光伏发电系统结构图看出，逆变器前为直流电，后为交流电。
本题考查了太阳能的利用和光伏发电的工作原理，难度不大。

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