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2025年上海市闵行区中考物理三模试卷
一、单选题（每题2分，共12分）
1．（2分）太阳系中质量最大的星球是（　　）
A．木星 B．太阳 C．地球 D．月球
2．（2分）吹笛子，优美笛声的发声物体是（　　）
A．嘴唇 B．手指
C．笛子 D．笛子内的空气柱
3．（2分）如图所示的“吸引”现象由大气压强引起的是（　　）
A．磁铁吸引回形针
B．吸盘吸在墙壁上
C．摩擦后的气球吸引头发
D．压紧的铅块互相吸引
4．（2分）在光具座的A点处放置一发光物体，从焦距f甲为5厘米、f乙为10厘米、f丙为20厘米的凸透镜中选择一个放置在如图所示的位置，在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则选择的凸透镜为（　　）
A．甲 B．乙 C．甲、乙 D．乙、丙
5．（2分）如图，将两个阻值不等的电阻R1和R2按如图（甲）、（乙）所示的方式接入电路中。已知电源电压相同，R1小于R2，闭合开关，则下列判断中正确的是（　　）
A．电压表V1的示数等于V2的示数
B．电流表A1的示数小于A2的示数
C．电压表V1与电流表A1的比值小于电压表V2与电流表A2的比值
D．电压表V1与电流表A1的比值大于电压表V2与电流表A2的比值
6．（2分）水平桌面上有完全相同的两个柱形容器A、B，分别装有甲、乙两种液体。将一个装有适量细沙的柱形平底试管先后放入甲、乙液体中，静止后均处于漂浮状态，放入试管后两容器中液体深度相同，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．甲液体的密度大于乙液体的密度
B．试管在甲液体中漂浮时排开液体的质量大于其在乙液体中漂浮时排开液体的质量
C．试管在甲液体中漂浮时液体对试管底部的压强大于其在乙液体中漂浮时液体对试管底部的压强
D．当试管分别在两种液体中漂浮时，容器A对桌面的压力小于容器B对桌面的压力
二、填空题（共23分）
7．（3分）教室里的电灯是 　 　 连接的（选填“串联”或“并联”），工作时将 　 　 能转化为其他形式的能；标有“220V 100W”字样的电灯正常工作8小时，耗电 　 　 度。
8．（3分）生活中的很多安全规范都蕴涵着物理学原理。空气清新剂等压缩气罐不要放置在高温环境下，是因为 　 　 可以改变物体的内能（选填“热传递”或“做功”），易使气罐升温爆炸；司机开车时要系好安全带，是因为刹车时司机由于 　 　 会继续向前运动，易造成伤害；嬉戏时不要用力推搡同学，是因为力可以改变物体的 　 　 ，易使同学摔倒。
9．（3分）如图所示，用20牛的拉力F匀速提起物体A，不计摩擦及滑轮重力，A的重力为 　 　 牛。若物体A在10秒内上升4米，此过程中拉力F做的功为 　 　 焦，功率为 　 　 瓦。
10．（3分）“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。如图，立于荷尖上的蜻蜓与水中的倒影相映成趣。蜻蜓在水中的倒影是光发生了 　 　 （选填“反射”或“折射”）形成的 　 　 （选填“实像”或“虚像”），若蜻蜓距水面0.3m，则它与其倒影之间相距 　 　 m。
11．（3分）P、Q是同一直线上相距12米的两点，甲、乙两小车同时沿该直线运动，先后经过P点向Q点运动，s﹣t图像分别如图（a）、（b）所示。整个运动过程中，甲车的动能 　 　 （选填“增大”“不变”或“减小”）；以甲车为参照物，乙车是 　 　 （选填“运动”或“静止”）的；甲车到达Q点时，乙车与Q点的距离为6米，则甲车在P点时，乙车与P点的距离为 　 　 米。
12．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为R0。闭合开关S后，电路正常工作，电压表示数为U0。一段时间后，电压表示数突然变为3U0。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1或R2上，则电源电压为 　 　 。现在M点正确串联入一个电流表来判断具体故障，请根据相关信息写出再次闭合开关S后电流表的示数及相应故障：　 　 。
13．（2分）小华一家打算前往青藏高原游览祖国大好河山，小华爸爸打算携带一个高压锅，利用它可以将食物加热到100℃以上。如图为高压锅的实物图，锅盖上有一个竖直空心柱为排气孔，空心柱上配有限压阀。
小华查阅资料后得知：
（a）限压阀有一定质量，能对锅内气体产生一定的压力。
（b）当内部压强超过限度时，限压阀被顶起，高压锅里的气体排出，锅内气压减小。
（c）高压锅内的压强限度由外部大气压强和限压阀的质量决定。
（d）下表为不同气压下水的沸点：
p/（×105Pa） 1.01 1.13 1.29 1.48 1.69 1.80 2.00
t/℃ 100 103 107 111 115 117 120
（1）根据已学知识和表格数据请判断水的沸点与海拔高度的关系，并说明理由。 　 　 。
（2）平原地区使用该高压锅内部水温最高约为118℃，该款高压锅在西藏高原地区使用时，水温无法达到118℃，理由是 　 　 。
三、作图题（共4分）
14．（2分）根据如图所示磁感线方向，在相应的括号中，标出永磁体左侧的磁极（用“N”或“S”表示）和电源的极性（用“+”或“﹣”表示）。
15．（2分）如图所示，重为8牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体受到的重力。
四、综合题（共31分）
16．（5分）质量为2kg的水温度升高5℃，求吸收的热量Q吸[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]。
17．（5分）杠杆平衡时，动力F1的大小为40牛，动力臂l1为0.5米，阻力臂l2为0.2米。求阻力F2的大小。
18．（8分）小明家的电热毯有高温和低温两挡，其简化电路如图所示。电源电压为220V，R1和R2均为电热丝，且R1＝R2。当开关S闭合时，电热毯处于高温挡，功率为88W；当S断开时，电热毯处于低温挡。求：
（1）处于高温挡时电路中的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）处于低温挡时电热毯的电功率。
19．（8分）如图所示，轻质薄壁圆柱形容器足够高且置于水平桌面上，其底面积为2×10﹣2米2，内盛有质量为6千克的水。求：
（1）容器中水的体积V水；
（2）容器底部受到水的压强p水；
（3）将一实心金属球浸没在水中，水位升高了0.1米，并且容器对桌面压强的增加量Δp为4900帕，求小球所受重力与浮力之比。
20．（9分）小青同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有新干电池若干、待测小灯泡（标有“3.5V”字样）、电流表、电压表、两个滑动变阻器（标有“10Ω 1.5A”、“20Ω 1A”字样）、开关及导线若干。小青同学选择其中一个滑动变阻器正确连接电路，实验步骤正确。当闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2伏和0.2安。接着他移动变阻器滑片P到中点位置时，小灯正常发光。
①判断小灯正常发光的依据是 　 　 。
②求电源电压 　 　 。（写出过程）
③请根据相关信息，求出小灯的额定电功率.　 　 （写出过程）。
2025年上海市闵行区中考物理三模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共6小题）
题号 1 2 3 4 5 6
答案 B D B C B D
一、单选题（每题2分，共12分）
1．（2分）太阳系中质量最大的星球是（　　）
A．木星 B．太阳 C．地球 D．月球
【分析】太阳是太阳系中质量最大的星球。
【解答】解：
太阳是太阳系中质量最大的星球，是太阳系的中心天体，故B符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查太阳系的有关知识，是一道基础题。
2．（2分）吹笛子，优美笛声的发声物体是（　　）
A．嘴唇 B．手指
C．笛子 D．笛子内的空气柱
【分析】声音是由物体的振动产生的。
【解答】解：声音是由物体的振动产生的；吹笛子能发出优美笛声，笛声是由笛子内的空气柱振动产生的，故ABC错误、D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了声音产生的原因，是一道基础题。
3．（2分）如图所示的“吸引”现象由大气压强引起的是（　　）
A．磁铁吸引回形针
B．吸盘吸在墙壁上
C．摩擦后的气球吸引头发
D．压紧的铅块互相吸引
【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
【解答】解：A.磁铁吸引回形针，是利用磁铁具有吸铁性，故A不符合题意；
B.吸盘吸在墙壁上，是利用了大气压，故B符合题意；
C.摩擦后的气球吸引头发，是利用了异种电荷相互吸引，故C不符合题意；
D.压紧的铅块互相吸引，是分子间有引力作用，故D不符合题意；
故选：B。
【点评】本题考查了大气压的存在，属于基础题目。
4．（2分）在光具座的A点处放置一发光物体，从焦距f甲为5厘米、f乙为10厘米、f丙为20厘米的凸透镜中选择一个放置在如图所示的位置，在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则选择的凸透镜为（　　）
A．甲 B．乙 C．甲、乙 D．乙、丙
【分析】根据物距和像距的大小，判断成像的性质，然后根据像距和焦距的关系判断焦距的大小。
【解答】解：由图可知，此时的像距在5cm﹣﹣20cm之间，此时的物距为25cm，物距大于像距，所以在光屏上成的是倒立、缩小的实像，像距应在一倍焦距和二倍焦距之间；
u＝25cm应该大于2f，所以f＜12.5cm；
当像距为5cm时：f＜5cm＜2f，则2.5cm＜f＜5cm；当像距为20cm时：f＜20cm＜2f，则10cm＜f＜20cm；
由此可知，凸透镜的焦距应在2.5cm﹣12.5cm之间。
故选：C。
【点评】此题通过实验探究了凸透镜成像的规律及特点，并考查了对凸透镜成像规律的应用。要解决此类题目，需要熟记凸透镜成像的规律并做到灵活应用，此题有一定的拔高难度，属于难题。
5．（2分）如图，将两个阻值不等的电阻R1和R2按如图（甲）、（乙）所示的方式接入电路中。已知电源电压相同，R1小于R2，闭合开关，则下列判断中正确的是（　　）
A．电压表V1的示数等于V2的示数
B．电流表A1的示数小于A2的示数
C．电压表V1与电流表A1的比值小于电压表V2与电流表A2的比值
D．电压表V1与电流表A1的比值大于电压表V2与电流表A2的比值
【分析】（1）由甲电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律表示出R1两端的电压以及电压表V1与电流表A1的比值；
（2）由乙电路图可知，R1与R2并联，电压表V2测电源两端的电压，电流表A2测R2支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出电流表A2的示数以及电压表V2与电流表A2的比值；
根据以上比较得出答案。
【解答】解：由甲电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中电流表A1的示数：IA1＝，
电压表V1的示数：UV1＝IA1R2＝R2＝U，
电压表V1与电流表A1的比值＝R2；
由乙电路图可知，R1与R2并联，电压表V2测电源两端的电压，电流表A2测R2支路的电流，
则电压表V2的示数UV2＝U，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电流表A2的示数：IA2＝，
电压表V2与电流表A2的比值＝R2；
综上可知：
A、由U＜U可知，UV1＜UV2，即电压表V1的示数小于V2的示数，故A错误；
B、由＜可知，IA1＜IA2，即电流表A1的示数小于A2的示数，故B正确；
CD、电压表V1与电流表A1的比值等于电压表V2与电流表A2的比值，故CD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，把电压表和电流表的比值转化为R1、R2的阻值是关键。
6．（2分）水平桌面上有完全相同的两个柱形容器A、B，分别装有甲、乙两种液体。将一个装有适量细沙的柱形平底试管先后放入甲、乙液体中，静止后均处于漂浮状态，放入试管后两容器中液体深度相同，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．甲液体的密度大于乙液体的密度
B．试管在甲液体中漂浮时排开液体的质量大于其在乙液体中漂浮时排开液体的质量
C．试管在甲液体中漂浮时液体对试管底部的压强大于其在乙液体中漂浮时液体对试管底部的压强
D．当试管分别在两种液体中漂浮时，容器A对桌面的压力小于容器B对桌面的压力
【分析】（1）同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，受到的浮力相等、都等于自身重力；
（2）排开液体的体积不同，根据公式F浮＝ρgV排可判断两液体密度的大小；
（3）根据浮力产生的原因分析试管底受到的压力和压强；
（4）根据漂浮的条件结合等效替换法分析重力大小，比较压力大小。
【解答】解：AB、装有适量细沙的柱形平底试管先后在两液体中都漂浮，
试管受到的浮力：F甲浮＝F乙浮＝G，因为F浮＝ρ水V排g，排开的液体体积V甲＞V乙，F甲浮＝F乙浮，所以ρ甲＜ρ乙，故AB错误；
C、根据浮力产生的原因是试管底受到液体的压力而产生浮力，浮力相等，故压力相等，受力面积相同，故压强相等，故C错误；
D、因为浮力相等，将物体替换为排开液体的重力，故总重力不变，替换后液面相平，体积相等，但ρ甲＜ρ乙，故甲的总重力较小，对说明的压力较小，容器A对桌面的压力小于容器B对桌面的压力，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查浮沉条件的应用，属于中档题。
二、填空题（共23分）
7．（3分）教室里的电灯是 　并联　 连接的（选填“串联”或“并联”），工作时将 　电　 能转化为其他形式的能；标有“220V 100W”字样的电灯正常工作8小时，耗电 　0.8　 度。
【分析】（1）根据并联电路的特点分析。并联电路中用电器工作时互不影响。串联电路中各用电器工作时互相影响；
（2）用电器工作时将电能转化为其他形式的能；
（3）已知灯的功率和工作时间，利用公式W＝Pt可以得到消耗的电能。
【解答】解：（1）教室中多个电灯，工作时互不影响，是并联连接的。
（2）用电器工作时将电能转化为其他形式的能，故电灯工作时将电能转化为其他形式的能。
（3）电灯的电功率P＝100W＝0.1kW，
由P＝可得，该电灯正常工作8小时消耗的电能：W＝Pt＝0.1kW×8h＝0.8kW h＝0.8度。
故答案为：并联；电；0.8。
【点评】此题考查的是并联电路的特点、用电器的能量转化以及利用电功率的定义式进行基本运算，难度不大。
8．（3分）生活中的很多安全规范都蕴涵着物理学原理。空气清新剂等压缩气罐不要放置在高温环境下，是因为 　热传递　 可以改变物体的内能（选填“热传递”或“做功”），易使气罐升温爆炸；司机开车时要系好安全带，是因为刹车时司机由于 　惯性　 会继续向前运动，易造成伤害；嬉戏时不要用力推搡同学，是因为力可以改变物体的 　运动状态　 ，易使同学摔倒。
【分析】（1）改变物体内能的方法：一是做功（能量的转化），二是热传递（能量的转移）。
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。
（3）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
【解答】解：
（1）空气清新剂等压缩气罐在高温环境下通过“热传递”提高了内能。
（2）司机在开车时原来和车一起向前运动，紧急刹车时，车由运动突然变成静止，而司机由于具有惯性，继续向前运动，容易撞到挡风玻璃发生伤害，系安全带是为了防止惯性带来的危害；
（3）本来这个同学相对于地面是静止的，其他同学推他时，给他一个力，使他倾斜，体现了力可以改变物体的运动状态。
故答案为：热传递；惯性；运动状态。
【点评】此题考查改变内能的方法、力的作用效果和惯性，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
9．（3分）如图所示，用20牛的拉力F匀速提起物体A，不计摩擦及滑轮重力，A的重力为 　40　 牛。若物体A在10秒内上升4米，此过程中拉力F做的功为 　160　 焦，功率为 　16　 瓦。
【分析】不计摩擦和滑轮重，根据F＝G求出物体重力；根据公式W＝Fs求出拉力做的功；再根据公式求出功率。
【解答】解：不计摩擦和滑轮重，
所以F＝G，物体A的重力：G＝2F＝2×20N＝40N；
拉力F做的功：W＝Fs＝F×2h＝20N×2×4m＝160J；
拉力的功率：P＝＝16W。
故答案为：40；160；16。
【点评】本题考查了使用动滑轮时重力、功、功率的计算，属于基础题。
10．（3分）“小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。如图，立于荷尖上的蜻蜓与水中的倒影相映成趣。蜻蜓在水中的倒影是光发生了 　反射　 （选填“反射”或“折射”）形成的 　虚像　 （选填“实像”或“虚像”），若蜻蜓距水面0.3m，则它与其倒影之间相距 　0.6　 m。
【分析】（1）倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的。
（2）平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
【解答】解：蜻蜓的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的虚像。
像和物体到镜面距离相等，蜻蜓距水面0.3m，则其像距水面0.3m，它与倒影之间的距离s＝0.3m+0.3m＝0.6m。
故答案为：反射；虚像；0.6。
【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
11．（3分）P、Q是同一直线上相距12米的两点，甲、乙两小车同时沿该直线运动，先后经过P点向Q点运动，s﹣t图像分别如图（a）、（b）所示。整个运动过程中，甲车的动能 　不变　 （选填“增大”“不变”或“减小”）；以甲车为参照物，乙车是 　运动　 （选填“运动”或“静止”）的；甲车到达Q点时，乙车与Q点的距离为6米，则甲车在P点时，乙车与P点的距离为 　2或10　 米。
【分析】（1）由图象判断出甲、乙二者的运动状态，求出它们的速度；根据动能与质量和速度有关判断动能的变化；根据运动的相对性，以甲车为参照物，判断乙的运动状态；
（2）由于甲、乙两小车同时沿该直线运动，先后经过P点向Q点运动，运动方向相同，甲车到达Q点时，乙车与Q点的距离为6米，可能在甲的前方，也可能在甲的后方，根据速度公式计算则甲车在P点的时间是Q点之前多少，计算乙通过的路程，确定乙车与P点的距离。
【解答】解：图象是路程随时间变化图象，由图象知，甲与乙都做匀速直线运动，由于甲的速度不变，质量不变，甲的动能不变。
由图可知，甲的速度v甲＝＝＝3m/s，乙的速度v乙＝＝＝2m/s。
甲、乙两物体的速度不同，如果以甲为参照物，则乙相对于甲的位置不断变化，乙是运动的。
由于甲、乙两小车同时沿该直线运动，先后经过P点向Q点运动，运动方向相同，甲车到达Q点时，乙车与Q点的距离为6米，可能在甲的前方，此时乙距离P点L乙＝12m+6m＝18m；也可能在甲的后方，此时乙距离P点L'乙＝12m﹣6m＝6m；
从P运动到Q，用的时间t＝＝＝4s，
此段时间乙运动距离s乙＝v乙t＝2m/s×4s＝8m，
当则甲车在P点时，乙车与P点的距离L＝L乙﹣s乙＝18m﹣8m＝10m；
或者L'＝L'乙﹣s乙＝6m﹣8m＝﹣2m；此时距离P点也是2m，且没有经过P点。
故答案为：不变；运动；2或10。
【点评】图象可以直观地反映出物理量间的关系，用图象描述物理量间的关系、反应物理规律是一种常用的方法，我们要掌握识图、读图、作图的能力。本题的难点是出现了前后的两种情况。
12．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为R0。闭合开关S后，电路正常工作，电压表示数为U0。一段时间后，电压表示数突然变为3U0。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1或R2上，则电源电压为 　3U0　 。现在M点正确串联入一个电流表来判断具体故障，请根据相关信息写出再次闭合开关S后电流表的示数及相应故障：　如果电流表有电流，故障为R2短路，无电流，故障为R1断路　 。
【分析】根据串联分压，结合电压表示数变大分析故障，得出电源电压，
根据局部短路时电路中有电流分析。
【解答】解：电阻R1的阻值为R0。闭合开关S后，电路正常工作，电压表示数为U0。一段时间后，电压表示数突然变为3U0。电压表示数变大，此时应该接近电源电压，故电源电压为3U0；此时可能电阻R1断路，或R2短路，在电路中串联电流表，如果有电流，说明电路是通路，电流表示数是I＝，故障为R2短路，无电流，说明电路是断路，故障为R1断路。
故答案为：3U0；如果电流表有电流，示数为，故障为R2短路，无电流，故障为R1断路。
【点评】本题考查串联电路的故障分析，属于中档题。
13．（2分）小华一家打算前往青藏高原游览祖国大好河山，小华爸爸打算携带一个高压锅，利用它可以将食物加热到100℃以上。如图为高压锅的实物图，锅盖上有一个竖直空心柱为排气孔，空心柱上配有限压阀。
小华查阅资料后得知：
（a）限压阀有一定质量，能对锅内气体产生一定的压力。
（b）当内部压强超过限度时，限压阀被顶起，高压锅里的气体排出，锅内气压减小。
（c）高压锅内的压强限度由外部大气压强和限压阀的质量决定。
（d）下表为不同气压下水的沸点：
p/（×105Pa） 1.01 1.13 1.29 1.48 1.69 1.80 2.00
t/℃ 100 103 107 111 115 117 120
（1）根据已学知识和表格数据请判断水的沸点与海拔高度的关系，并说明理由。 　水的沸点随海拔高度的增加而降低，因为大气压随高度的增加而减小　 。
（2）平原地区使用该高压锅内部水温最高约为118℃，该款高压锅在西藏高原地区使用时，水温无法达到118℃，理由是 　大气压强减小了　 。
【分析】液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低．但液体沸腾时温度保持不变。
【解答】解：（1）根据已学知识和表格数据请判断水的沸点与海拔高度的关系，并说明理由。水的沸点随海拔高度的增加而降低，因为大气压随高度的增加而减小。
（2）平原地区使用该高压锅内部水温最高约为118℃，该款高压锅在西藏高原地区使用时，水温无法达到118℃，理由是大气压强减小了。
故答案为：（1）水的沸点随海拔高度的增加而降低，因为大气压随高度的增加而减小；（2）大气压强减小了。
【点评】本题主要考查学生对沸点与气压的关系的了解和掌握；做题时，用所学的知识结合题意去分析。
三、作图题（共4分）
14．（2分）根据如图所示磁感线方向，在相应的括号中，标出永磁体左侧的磁极（用“N”或“S”表示）和电源的极性（用“+”或“﹣”表示）。
【分析】根据磁体周围的磁感线从N极出来回到S极，判断永磁体和电磁铁的极性；由电磁铁的磁极，根据安培定则判断电流方向，从而判断电源的正负极。
【解答】解：图中磁感线从左向右，可以判断永磁体的右端为N极、左端为S极，电磁铁的左端为S极，右端是N极；
根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，则四指所指的方向为电流的方向，则电流从电磁铁的右端流入，从左端流出，所以电源的左端为正极、右端为负极。如图所示：
【点评】知道螺线管周围的磁体磁极、螺线管的磁极、磁感线、电流方向中的任意一者都可以判断另外几者。
15．（2分）如图所示，重为8牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体受到的重力。
【分析】重力的方向竖直向下，作用在重心上，从而可以用力的图示法表示出物体受到的重力。
【解答】解：先确定标度为4N，从重心竖直向下画两段长，标出大小和方向，如图所示：
【点评】力的图示与力的示意图的画法不同，它要求更精确。在画力的图示时，一定要附上标度。
四、综合题（共31分）
16．（5分）质量为2kg的水温度升高5℃，求吸收的热量Q吸[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]。
【分析】由公式Q吸＝cmΔt计算水吸收的热量。
【解答】解：水吸收的热量为：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×2kg×5℃＝4.2×104J.
答：水吸收的热量为4.2×104J.
【点评】本题考查学生直接应用公式计算物体吸收热量的多少，难度不大。
17．（5分）杠杆平衡时，动力F1的大小为40牛，动力臂l1为0.5米，阻力臂l2为0.2米。求阻力F2的大小。
【分析】知道动力、动力臂、阻力臂的大小，根据杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2求出阻力的大小。
【解答】解：动力F1的大小为40牛，动力臂l1为0.5米，阻力臂l2为0.2米，根据F1l1＝F2l2得40N×0.5N＝F2×0.2N，
解得：F2＝100N。
答：阻力F2的大小为100N。
【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用，是一道基础题目。
18．（8分）小明家的电热毯有高温和低温两挡，其简化电路如图所示。电源电压为220V，R1和R2均为电热丝，且R1＝R2。当开关S闭合时，电热毯处于高温挡，功率为88W；当S断开时，电热毯处于低温挡。求：
（1）处于高温挡时电路中的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）处于低温挡时电热毯的电功率。
【分析】（1）根据P＝UI求出处于高温挡时电路中的电流；
（2）由图可知，开关S闭合，只有R1工作，电热毯处于高温挡，根据P＝求出R1的阻值；
（3）根据串联电路的特点和P＝求出处于低温挡时电热毯的电功率。
【解答】解：（1）由P＝UI可知，处于高温挡时电路中的电流：；
（2）当开关S闭合时，电阻R2被短路，电路中只有R1，处于高温挡，
由P＝可知，R1的阻值：；
（3）当开关S断开时，电热毯处于低温挡，两电阻串联，R1＝R2＝550Ω，
根据串联电路的特点和P＝可知，处于低温挡时电热毯的电功率：。
答：（1）处于高温挡时电路中的电流为0.4A；
（2）电阻R1的阻值为550Ω；
（3）处于低温挡时电热毯的电功率为44W。
【点评】本题考查串联电路的特点以及电功率公式的灵活运用，难度不大。
19．（8分）如图所示，轻质薄壁圆柱形容器足够高且置于水平桌面上，其底面积为2×10﹣2米2，内盛有质量为6千克的水。求：
（1）容器中水的体积V水；
（2）容器底部受到水的压强p水；
（3）将一实心金属球浸没在水中，水位升高了0.1米，并且容器对桌面压强的增加量Δp为4900帕，求小球所受重力与浮力之比。
【分析】（1）根据密度的公式的公式变形，可求出容器内水的体积；
（2）根据p＝ρgh可出水对容器底部的压强；
（3）实心金属球浸没在水中，容器对桌面压力的增加量等于小球的重力。小球浸没水中后，水位上升了0.1m，则小球的体积V球＝Sh，在根据F浮＝ρgV排可计算出小球受到的浮力。
【解答】解：
（1）由题可知水的质量m水＝6kg，，
由密度公式变形可得水的体积为：
；
（2）容器内水的深度为：
，
则容器底部受到水的压强为：
；
（3）将一实心金属球浸没在水中，容器对桌面压力的增加量为：
ΔF＝ΔpS＝4900Pa×2×10﹣2m2＝98N，
则小球的重力为：
G球＝ΔF＝98N，
小球的体积为：
，
由于小球浸没在水中，则小球排开水的体积，
小球受到的浮力为：
，
小球受到的重力与浮力之比为：
G球：F浮＝98：19.6＝5：1。
答：（1）容器中水的体积是6×10﹣3m3；
（2）容器底部受到水的压强是2940Pa；
（3）小球所受重力与浮力之比是5：1。
【点评】本题是一个综合性较高的题，综合考查了液体压强、浮力等知识，还考察了密度公式的应用。
20．（9分）小青同学做“测定小灯泡的电功率”实验，现有新干电池若干、待测小灯泡（标有“3.5V”字样）、电流表、电压表、两个滑动变阻器（标有“10Ω 1.5A”、“20Ω 1A”字样）、开关及导线若干。小青同学选择其中一个滑动变阻器正确连接电路，实验步骤正确。当闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2伏和0.2安。接着他移动变阻器滑片P到中点位置时，小灯正常发光。
①判断小灯正常发光的依据是 　移动滑片过程中，观察到电压表示数为3.5伏时，小灯泡正常发光　 。
②求电源电压 　当闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2伏和0.2安，此时变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可知，电源电压为：
U＝UL+U滑＝UL+ILR滑大＝2V+0.2A×R滑大，
当R滑大＝10Ω时，U＝4V，
当R滑大＝20Ω时，U＝6V，
由于电源用新干电池，电源电压应为1.5V的整数倍，故实验中该变阻器应选用“20Ω 1A”，故电源电压为6V　 。（写出过程）
③请根据相关信息，求出小灯的额定电功率.　移动变阻器滑片P6V﹣3.5V＝2.5V，根据串联电路电流特点结合欧姆定律，此时灯泡正常发光的电流为：
I额＝I滑＝＝＝0.25A，
小灯泡额定功率为：
P额＝U额I额＝3.5V×0.25A＝0.875W　 （写出过程）。
【分析】①灯泡两端的电压等于额定电压时，小灯泡正常发光；
②当闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2伏和0.2安，此时变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律讨论所使用的变阻器，然后求出电源电压；
③根据串联电路电压规律和欧姆定律算出灯泡正常发光时的电流，根据P＝UI算出灯泡的额定功率。
【解答】解：①因为灯泡的额定电压为3.5V，故电压表的示数为3.5V时，灯泡正常发光；
②当闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2伏和0.2安，此时变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可知，电源电压为：
U＝UL+U滑＝UL+ILR滑大＝2V+0.2A×R滑大，
当R滑大＝10Ω时，U＝4V，
当R滑大＝20Ω时，U＝6V，
由于电源用新干电池，电源电压应为1.5V的整数倍，故实验中该变阻器应选用“20Ω 1A”，故电源电压为6V；
③移动变阻器滑片P到中点位置时，即R滑＝10Ω，小灯正常发光，根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为U滑＝U﹣U额＝6V﹣3.5V＝2.5V，根据串联电路电流特点结合欧姆定律，此时灯泡正常发光的电流为：
I额＝I滑＝＝＝0.25A，
小灯泡额定功率为：
P额＝U额I额＝3.5V×0.25A＝0.875W。
故答案为：①移动滑片过程中，观察到电压表示数为3.5伏时，小灯泡正常发光；
②当闭合开关时，电压表、电流表的示数分别为2伏和0.2安，此时变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可知，电源电压为：
U＝UL+U滑＝UL+ILR滑大＝2V+0.2A×R滑大，
当R滑大＝10Ω时，U＝4V，
当R滑大＝20Ω时，U＝6V，
由于电源用新干电池，电源电压应为1.5V的整数倍，故实验中该变阻器应选用“20Ω 1A”，故电源电压为6V；
③移动变阻器滑片P到中点位置时，即R滑＝10Ω，小灯正常发光，根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为U滑＝U﹣U额＝6V﹣3.5V＝2.5V，根据串联电路电流特点结合欧姆定律，此时灯泡正常发光的电流为：
I额＝I滑＝＝＝0.25A，
小灯泡额定功率为：
P额＝U额I额＝3.5V×0.25A＝0.875W。
【点评】本题测定小灯泡的电功率，考查了实验操作、器材的选择和串联电路的规律及欧姆定律的运用，同时考查了学生推理能力，难度较大。

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