资源简介

广东省江门市蓬江区2023-2024学年八年级下学期期末调研考试物理试题
1．（2024八下·蓬江期末）下列有关力的知识中，分析不正确的是（　　）
A．鞋底凹凸不平的花纹，是为了增大有益摩擦力
B．用力推桌子，桌子静止不动，此时推力等于摩擦力
C．书包背带通常做得宽而平，是为了增大受力面积从而减小压强
D．正在运动的物体所受的外力同时消失，物体将速度逐渐变小而停止
2．（2024八下·蓬江期末）弹簧测力计测出小球重为4N，如图所示，将该小球由刚接触水面时开始读数，直至小球完全浸没在水中后继续下降，如图中绘制出弹簧测力计示数F与小球到液面深度h的图像，则该小球浸没在水中受到的浮力是（　　）
A．7N B．4N C．3N D．1N
3．（2024八下·蓬江期末）下列关于轮滑运动中涉及到的物理知识说法正确的是（　　）
A．轮滑要向前运动必须要受到向前的力
B．匀速转弯时运动员受到的几个力是相互平衡的
C．运动员所受重力和轮滑对运动员的支持力是一对相互作用力
D．轮滑停下来主要是因为受到地面对它的摩擦力
4．（2024八下·蓬江期末）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时，若它所受外力突然全部消失，则皮球将（　　）
A．保持静止 B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动 D．竖直向下做匀速直线运动
5．（2024八下·蓬江期末）用大小相同的力F，作用在质量不同的物体上，使它们分别在同一水平面上沿力的方向移动相同的距离s（如图所示），F所做的功分别为W1和W2，则
A．W1=W2 B．W1= W2 C．W1= 2W2 D．W1=4 W2
6．（2024八下·蓬江期末）如图所示，物体重400 N，F=100 N，物体和水平地面的接触面积为40 cm2，则物体对水平地面的压力和压强分别是（　　）
A．400 N，10 Pa B．500N，12.5 Pa
C．500N，1.25×105 Pa D．400N， 105Pa
7．（2024八下·蓬江期末）如图所示，放在水平桌面上的物体，两边用细线通过滑轮与吊盘相连。若在左盘中放重为10N的砝码，右盘中放总重为30N的砝码时，物体M恰好以速度v向右做匀速直线运动，如果右盘中的砝码不变，物体M在水平桌面上以速度3v向左做匀速直线运动，则左盘中砝码的重应为（吊盘重不计，绳子与滑轮摩擦不计）（　　）
A．40N B．50N C．60N D．70N
8．（2024八下·蓬江期末）自由式滑雪女子大跳台决赛中，运动员从高处急速滑下，到达跳台后双膝微弯，使劲一蹬，顺势跃向空中，说明力可以改变物体的　 　。完美翻腾后从空中下落的过程中，运动员的惯性　 　，重力势能　 　。（后两空选填“增大”“不变”或“减小”）
9．（2024八下·蓬江期末）夏天到了，清凉的河水成为许多同学的“挚爱”，同一个人在水面仰泳漂浮和水底潜泳时，仰泳漂浮所受到的浮力较　 　（大/小）。但要注意的是，河水中常常会出现如图所示的漩涡，漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较　 　（大/小），压强较　 　（大/小），从而形成压力差，导致周边的物体或游泳者被“吸入”漩涡。
10．（2024八下·蓬江期末）小强行走时被石块绊了一下，身体向前倾倒。对此情景合理的解释是：小强原来相对于地面是运动的，当他的　 　（填“脚”或“上身”）的运动状态突然改变时，他的　 　（填“脚”或“上身”）由于　 　仍保持原来的运动状态。
11．（2024八下·蓬江期末）水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的实心小球、分别放入两烧杯中，当两球静止时，两液面高度相同，两球所处的位置如图所示，球密度与甲液体密度关系为　 　，球密度与乙液体密度关系为　 　，两种液体对烧杯底的压强的大小关系为　 　（均选填“”、“ ”或“”）。
12．（2024八下·蓬江期末）如图所示，小明在体能训练时拉着重物加速前行过程中，小明对物体的拉力　 　物体对小明的拉力；小明对物体的拉力　 　地面对物体的摩擦力；地面对小明的摩擦力　 　地面对物体的摩擦力。（以上三空均选填“>”“=”或“<”）
13．（2024八下·蓬江期末）物体A重10N，体积为，若用定滑轮匀速提升该物体，则所用拉力的大小为　 　N．若将物体A浸没在水中，受到的浮力为　 　N，此时拉力的大小为　 　N。（不计摩擦和绳重，，）
14．（2024八下·蓬江期末）如图所示，物体A放在粗糙程度不变的水平台面上，用细线通过定滑轮与装有沙子的小桶相连，小桶和沙子的总重力为20N时，物体A恰好做匀速直线运动（忽略细线与滑轮之间的摩擦）。物体A做匀速直线运动过程中受到的摩擦力是　 　N，方向　 　，小桶和沙子的总机械能将　 　（填“变大”“变小”或“不变”）。
15．（2024八下·蓬江期末）如图所示，图中虚线描绘的是实心球离开人手后运动的路径，请画出实心球在图所示位置时受到的所有力的示意图（不计空气阻力）。
16．（2024八下·蓬江期末）在图中力F作用在杠杆的A端，画出它的力臂L。
17．（2024八下·蓬江期末）如图所示，一个物体静止在斜面上，请在图上画出斜面受到的压力和物体受到的摩擦力的示意图。
18．（2024八下·蓬江期末）（1）如图甲是托里拆利实验装置，测得当地大气压等于　 　mm高的水银柱所产生的压强，此时外界气压　 　标准大气压强（选填“大于”“等于”或“小于”）；在实验中，如把水银换成水，将玻璃管灌满水后，倒插在水槽内时，管中的水柱　 　（选填“会”或“不会”）下降；
（2）如图乙是“研究液体内部压强”的实验，该实验通过U形管两侧液面　 　来反映被测压强大小；将液体压强计的探头分别放入密度为和的两种液体中，U形管液面的高度差相同，则探头所处位置的液体压强　 　，两种液体的密度　 　（两空均选填“>”“=”或“<”）；
（3）手握如图丙所示的两张纸，让纸自然下垂．在两张纸的中间向下吹气，我们会看到这两张纸相互靠近，这是因为两张纸中间空气的流速增大，压强　 　。
19．（2024八下·蓬江期末）在“探究二力平衡的条件”的活动中，小红按图甲完成实验。
（1）当物体只受两个力的作用，且处于静止状态或　 　状态时，我们就说这两个力相互平衡；
（2）小红以5g的小卡片为研究对象，为了探究两个力满足什么条件才能平衡，所挂钩码质量最合适的是　 　；
A.5g B.10g C.50g D．任意质量均可
这种突出问题的主要方面、忽略次要因素的研究方法是物理学中常采用的，以下两个实例中用到此研究方法的是：　 　
A．选用薄玻璃板来探究平面镜的成像特点
B．选用轻质小球来显示发声音叉的振动
（3）小红将小卡片两边的线分别跨过滑轮，在线的两端挂上不同个数的钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向　 　（选填“相同”或“相反”），这样操作是为了探究　 　的两个力能否平衡；
（4）小红在做实验时，左右支架上的两个滑轮没有安装在相同的高度，如图乙所示，你认为小红的装置　 　进行实验（选填“能”或“不能”）。
20．（2024八下·蓬江期末）小明选取了弹簧测力计、细线、棉布、木板、5N、10N、15N的木块各一个，探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关；
（1）为了准确的测量滑动摩擦力的大小，小明应沿着水平方向使用弹簧测力计拉动木块做　 　运动；
木块重力/N 测力计示数/N
第1次 5 1.4
第2次 10 2.8
第3次 15
（2）小明将不同重力的木块放在木板上进行了下面的三次实验，其中第3次实验的现象如图所示，此时弹簧测力计示数为　 　N，仔细分析上表数据可知，滑动摩擦力的大小不仅随压力增大而增大，而且与压力的大小成　 　；
（3）小华提出质疑，认为滑动摩擦力的大小与木块重力的大小有关，为此，他们又找来一个弹簧测力计做了如图所示的探究，将重为15N的木块通过弹簧测力计B固定在墙上，木块的上端与弹簧测力计A相连，向上拉动弹簧测力计A，并抽出木板，记录下两个测力计的示数如下表，在此次实验中，　 　匀速拉动木板（选填“需要”或“不需要”）；
测力计A的示数/N 测力计B的示数/N
第4次 5 2.8
第5次 10 1.4
（4）分析前面5次实验数据，小明发现对比　 　两次实验数据可以看出，木块重力不同，但对木板压力相同，所测摩擦力大小　 　，小明得到结论：影响滑动摩擦力大小的是压力而不是重力。
21．（2024八下·蓬江期末）随着科技的发展，未来的航空母舰上将安装电磁弹射器以缩短飞机起飞距离。如图所示，航空母舰的水平跑道总长，其中电磁弹射器是一种长度为的直线电机，该电机可在弹射时提供一个恒定的牵引力。求：
（1）弹射器对舰载机所做的功；
（2）若起飞后以300m/s的速度在水平匀速直线飞行时受到的空气阻力为，求发动机推力的功率。
22．（2024八下·蓬江期末）用如图所示的滑轮组将重为300N的物体从地面匀速送到2m高处，所用拉力为150N，此过程中克服摩擦做功180J，求：
（1）工人做的有用功；
（2）此过程中该装置的机械效率。
23．（2024八下·蓬江期末）端午假日，小华随父母体验了一次快乐的乡村游，见到如图甲所示的一个老式风扇车．查资料知，我国西汉时已有风扇车，它由车架、风扇（含摇杆）、喂料斗及出粮口等构成，主要用于清除谷物颗粒中的杂物及空瘪谷．
（1）如图乙所示，风扇车工作时，空瘪谷从出风口C被吹出，绝大部分饱满谷粒从出粮口　 　（选填“A”或“B”）落下，说明　 　越大，物体的运动状态越不容易改变；
（2）如图丙为风扇示意图，风扇中的摇杆和扇叶组成一个轮轴，它相当于一个　 　杠杆，若增大摇杆力臂L的长度，则完成同样工作将　 　（前两空均选填“省力”或“费力”）一些；
（3）如图所示的生活实例中，不属于轮轴应用的是　 　；
A．自行车脚踏板与牙盘 B．螺丝刀拧螺丝
C．拧开水龙头 D．盘旋而上的盘山公路
（4）小华了解到，在风扇车被发明之前，传统的扬谷方法是在有风的时候将谷粒抛撒向空中，糠秕被风吹走，而籽粒就落在了地上，这样就很好地实现了糠、粒分离，根据你的理解，谈一谈“风扇车”相比于“传统的扬谷方式”有什么优点。　 　（写出一条即可）
24．（2024八下·蓬江期末）小明做鉴别水和盐水的实验（）．
（1）如图甲，用完全相同的烧杯盛装相同体积的水和盐水，分别放在已调平的天平托盘上，则右侧烧杯中盛装的液体是　 　；如图乙，容器左右两侧分别注入深度不同的水和盐水，直到薄膜平整不发生形变，则盛水的一侧液体深度较　 　（选填“大”或“小”）；如图丙，用同一测力计挂着相同的铝球分别浸没在水和盐水中，盛水的容器对应的测力计示数较　 　（选填“大”或“小”）；如图丁，同一支密度计分别放入水和盐水中，静止时的位置如图所示，则左侧容器中盛装的液体是　 　；
（2）鉴别出水和盐水后，小明想利用盐水测出鲜鸡蛋的密度。
①小明将新鲜鸡蛋放入盐水中，鸡蛋处于漂浮状态，此时鸡蛋受到的浮力　 　鸡蛋的重力（选填“大于”“等于”或“小于”）；
②向烧杯中慢慢加水，当鸡蛋处于　 　状态时，鸡蛋的密度等于此时盐水的密度；
③把鸡蛋从盐水中取出，将总质量为21.4g、底面积为2cm2的装有沙子的薄壁塑料管放入该盐水中，直立漂浮时测得液面下塑料管的长度为10cm，如图戊，则该新鲜鸡蛋的密度是　 　。
25．（2024八下·蓬江期末）阅读以下材料，并回答相应的问题：
材料一：研究发现，当只有重力做功的时候，物体的动能和重力势能可以相互转化，但机械能的总量保持不变，在物理学中把这个规律叫做机械能守恒定律。
现有一小球在没有空气阻力的情况下，沿无摩擦轨道运动。
（1）如图甲所示，小球从A点静止释放，在从A到C的运动过程中，动能大小的变化情况是　 　，若小球到达C点时所受外力突然消失，小球将　 　（选填“静止”或“做匀速直线运动”）；
（2）若将轨道BC段改为水平，如图乙所示，小球仍从A点静止释放，小球经过M点时的机械能　 　A点的机械能（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
材料二：进一步研究发现，动能的大小与物体质量m和速度v的具体关系为：；重力势能的大小与物体的质量m和相对高度h的关系为：；
（3）一小球以初速度v竖直向上抛出，做竖直上抛运动，则小球在向上运动的过程中小球的重力势能与高度h图像应是以下四图中的　 　
A．B． C． D．
（4）如图丙所示，一个物体从高为h的光滑斜面顶端，由静止开始滑下，不计空气阻力，物体滑到斜面底端时的速度　 　；（用字母表示）
（5）把一个质量为3kg的铁球用细线悬挂起来，就成为一个单摆，如图丁所示，若摆长为，将小球拉至离原竖直方向距离，静止释放，不计空气阻力，则当小球运动到最低点时的速度　 　m/s．（g取10N/kg）
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】牛顿第一定律；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．鞋底凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大有益摩擦力，故A正确；
B．用力推桌子，桌子静止不动，此时推力与摩擦力平衡，大小相等，故B正确；
C．书包背带通常做得宽而平，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对肩膀的压强，故C正确；
D．正在运动的物体所受的外力同时消失，由牛顿第一定律可知，物体将一直做匀速直线运动，故D不正确。
故选D。
【分析】 (1)滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；
(2)物体处于平衡状态时受平衡力；
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(4)根据牛顿第一定律可得，当物体不受任何力的作用时，物体将保持静止或匀速直线运动。
2．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】由图得出物块浸没在水中时弹簧测力计的示数，利用称重法求出受到的浮力，由图可知，小球完全浸没在水中后受到的拉力为F=3N；小球重为G=4N。所以，该小球浸没在水中受到的浮力是
，故ABC不符合题意，D符合题意。
【分析】由图得出物块浸没在水中时弹簧测力计的示数，利用称重法求出受到的浮力。
3．【答案】D
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；力与运动的关系
【解析】【解答】A．力是改变物体运动状态的原因，则轮滑运动状态不变，那么不受到力的作用，故A错误；
B．匀速转弯时，由于方向不断改变，因此没有处于平衡状态，受到非平衡力，故B错误；
C．运动员所受重力和轮滑对运动员的支持力，二者大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上，是一对平衡力，故C错误；
D．轮滑停下来主要是因为受到地面对它的摩擦力，故D正确。
故选D。
【分析】AD.根据力与运动的关系判断；
B.平衡状态受到平衡力，包括：静止状态或匀速直线运动状态；
C.根据相互作用力的条件判断。
4．【答案】B
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】根据题意可知，当皮球运动到最高点A时，此时竖直向上的速度为零，但是具有水平的速度。如果此时它所受外力突然全部消失，根据牛顿第一定律可知，皮球继续向前做匀速直线运动，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据牛顿第一定律分析外力消失时皮球的运动状态即可。
5．【答案】B
【知识点】功
【解析】【解答】功是力和在力的方向上移动距离的乘积，两个物体受到的力都是F，通过的距离都是s，根据W=Fs，则两个力做功相等，即W1=W2．故B符合题意。
故选B。
【分析】根据W=Fs，结合力的大小相等和移动的距离相等，计算做功相同。
6．【答案】C
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【解答】ABCD、由题意可知，物体对水平地面的压力等于物体重力与所受向下压力之和为
由压强公式可得物体对水平地面的压强为：
，故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】物体对地面的压力等于物体的重力与压力之和；根据可求得压强的大小。
7．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，当物体M向右做匀速直线运动时，M其受到了向左的拉力10N，向右的拉力30N，还有水平向左的摩擦力。根据平衡力的知识得到：30N=10N+f，解得：f=20N；、
当物体M在水平桌面向左做匀速直线运动时，此时受到的摩擦力向右。由于接触面的粗糙程度不变和压力不变，故摩擦力的大小不变，为20N。根据平衡力的知识得到：F左=20N+30N=50N，故向左的力为50N。
故选B。
【分析】分别对两种情况下的物体M进行受力分析，根据平衡力的知识，结合影响滑动摩擦力因素的知识列式计算即可。
8．【答案】运动状态；不变；减小
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；惯性及其现象
【解析】【解答】（1）运动员从高处急速滑下，到达跳台后双膝微弯，使劲一蹬，顺势跃向空中，此时运动的速度和运动方向都发生变化，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）运动员在下落的过程中，质量不变，其惯性不变；
（3）运动员在下落的过程中，质量不变，高度降低，其重力势能减小。
故答案为：运动状态；不变；减小。
【分析】（1）力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；运动状态的变化包括速度的大小和方向的变化；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
（3）影响重力势能的因素是质量和高度，质量越大，高度越高，物体的重力势能越大。
9．【答案】小；小；大
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）第1空，根据阿基米德原理可知，同一个人在水面仰泳漂浮和水底潜泳时，仰泳比潜泳时排开的水的体积小，且水的密度相同，仰泳时受到的浮力要小一些；
（2）第2空，第3空，漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较慢，压强较大，而漩涡中心处水的流速较快，压强较小，形成一个向旋涡中心的压力差，从而导致周边物体易被“吸入”漩涡。
故答案为：小；小；大。
【分析】物体所受浮力的大小既与物体排开液体的体积有关，又与排开液体的密度有关；流体压强与流速的关系：流体流速大的地方、压强小，流体流速小的地方、压强大，据此分析回答。
10．【答案】脚；上身；惯性
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】根据题意可知，小强原来相对于地面是运动的，当他的脚受力后运动状态突然改变时，他的上身由于惯性仍保持原来的运动状态。
【分析】根据惯性知识解释现象时，首先明确原来是什么状态，然后说明哪个物体受力改变运动状态，哪个物体由于惯性保持原来的运动状态即可。
11．【答案】；；
【知识点】液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，球在液面漂浮，球在液面悬浮，根据物体的浮沉条件可知，A液体的密度，B液体的密度；
（2）A、B两球的密度相同，所以；
两烧杯中液面相平即。
根据公式可知，液体对容器底部的压强。
【分析】（1）根据物体的浮沉条件比较物体和液体的密度大小；
（2）根据液体压强公式比较液体对容器底部的压强大小。
12．【答案】=；>；>
【知识点】力作用的相互性；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】（1）由题意可知，小明在拉着重物加速前行过程中，小明对物体施加拉力的同时物体对小明也施加拉力，故两个力是一对相互作用力，大小相等。
（2）拉着重物加速运动，受力不平衡，小明对物体的拉力大于地面对物体的摩擦力；。
（3）物体加速运动，受力不平衡，小明对物体的拉力大于地面对物体的摩擦力；小明加速运动，地面对小明的摩擦力大于拉力，而拉力大于地面对物体的摩擦力，故地面对小明的摩擦力大于地面对物体的摩擦力。
故答案为：=；＞；＞。
【分析】相互作用力大小相等，物体加速运动，受力不平衡，较大的力与运动方向相同。
13．【答案】10；5；5
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）使用定滑轮不能省力，不计摩擦和绳重，若用定滑轮匀速提升该物体，则所用拉力的大小等于物体重力为：；
（2）当物体A浸没在水中时，排开水的体积等于物体的体积，由阿基米德原理可得物体受到的浮力为
；
（3）因为物体受到的浮力、重力的方向相反，
所以，重力与浮力的合力：F合=G-F浮=10N-5N=5N，故此时拉力大小为5N。
故答案为：10；5；5。
【分析】（1）定滑轮实质是等臂杠杆，使用定滑轮不能省力，但能改变力的方向，不计摩擦和绳重，拉力等于物体重力；
（2）物体浸没水中时排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理F浮=ρ液gV排求物体受到的浮力；
（3）同一直线上反方向二力的合成：合力大小等于两个力之差，合力的方向与较大的力的方向相同。
14．【答案】20；水平向左；变小
【知识点】机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小桶和沙子的总重力为20N，则物块受到的拉力大小为20N。当物块做匀速直线运动时，它受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，即二者大小相等，方向相反，所以滑动摩擦力的大小为f=F=20N，方向水平向左。
（2）小桶和沙子匀速下降的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；速度不变，动能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，则机械能变小。
【分析】（1）对物体A进行受力分析，根据平衡力的知识计算A受到的摩擦力；
（2）根据“机械能=动能+重力势能”分析机械能的变化。
15．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】不计空气阻力，实心球在最高点时只受到重力作用，过球的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
16．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】由图知，杠杆的支点为O，先延长力F画出力的作用线，然后从支点O向力的作用线作垂线段，即为F的力臂L，如图所示：
【分析】先找到支点，然后画出力的作用线，最后从支点向力的作用线作垂线段，即为所作的力臂。
17．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】根据图片可知，物体对斜面的压力与斜面垂直且向下，作用在接触面上。由于重力作用，则物体的运动趋势向下，因此受到沿斜面向上的摩擦力，作用在物体的重心上，如图所示：
【分析】对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
18．【答案】740；小于；不会；高度差；=；<；减小
【知识点】探究液体压强的特点实验；大气压强的测量方法；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）第1空，通过甲图可以看出，当管内水银柱稳定后，管内外水银面高度差为：
760mm-20mm=740mm，故当地大气压相当于740mm水银柱产生的压强；
第2空，标准大气压能支持的水银柱高度为760mm，740mm小于760mm，说明此时外界气压小于标准大气压强；
第3空，由p=ρ水银gh水银=ρ水gh水，可知，如果水银气压计中的水银用水代替，大约能支持10m高的水柱，将玻璃管灌满水后倒插在水槽内时，管中的水柱不会下降；
（2）第4空，如图乙是“研究液体内部压强”的实验，该实验通过U形管两侧液面高度差来反映被测压强大小；
第5空，由图乙可知，两U形管中液柱的高度差h相同，说明压强相同，即p1=p2；
第6空，且两液体中左侧金属盒位置较深，由p=ρgh可知，左侧液体的密度小于右侧液体的密度，即ρ1＜ρ2；
（3）第7空，如图丙所示，用手握着两张纸，让纸自然下垂，在两张纸的中间向下吹气，这两张纸将相互靠拢，说明中间空气因为流速增大，压强减小。
故答案为：（1）740；小于；不会；（2）高度差；=；＜；（3）减小。
【分析】（1）为了测得大气压的值，这时必须测管内外水银面高度差。管内水银柱的高度只与当时的大气压有关，而与玻璃管的粗细、是否倾斜、以及水银槽中的水银的多少无关；标准大气压能支持的水银柱高度为760mm；由p=ρ水银gh水银=ρ水gh水，可知，如果水银气压计中的水银用水代替，大约能支持10m高的水柱；
（2）U形管中液柱的高度差表示了压强的大小，从图中可以看出压强的大小是相同的，再结合浸没的深度和p=ρgh可判断两液体密度的关系；
（3）流体的压强与流速有关，流速越大的地方压强越小。
19．【答案】匀速直线运动；C；A；相反；大小不相等；能
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】（1）如果物体只受两个力作用，且处于静止状态或匀速直线运动状态，说明这两个力是相互平衡的；
（2）第2空，ABCD、为了减少小卡片的重力对实验的影响，选择的钩码质量要尽量大，所挂钩码质量合适的是50g；故ABD错误，C正确；
故选C。
第3空，A．选用薄玻璃板来探究平面镜的成像特点，是因为薄玻璃板能减少玻璃板前后表面成像对实验的干扰，突出像的成像这一主要方面，忽略玻璃板厚度带来的次要影响，采用了突出问题主要方面、忽略次要因素的研究方法；故A符合题意；
B．选用轻质小球来显示发声音叉的振动，采用的是转换法，通过小球的振动来体现音叉的振动，故B不符合题意；故选A。
（3）第4空，第5空，保持两个方向相反的拉力作用在同一直线上，调整细线两端的钩码个数来改变拉力的大小，当两端钩码个数不相等时，作用在小卡片上的两个拉力方向相反，拉力大小不相等，这样操作是为了探究不相等的两个力能否平衡；
（4）因为左右两侧各通过一个定滑轮，定滑轮的位置虽然不等高，但是当两个力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上时，小卡片还是处于静止状态，照样能完成实验。
故答案为：（1）匀速直线运动；（2）C；A；（3）相反；大小不相等；（4）能。
【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态，就说明物体处于平衡状态；
（2）结合二力平衡的条件可知：若要使卡片受到的两个拉力平衡，就必须忽略重力的影响，为了不考虑小卡片的重力对实验的影响，选择的钩码质量要尽量大；
（3）钩码由于重力的作用，会对小卡片施加一个拉力的作用，左端的钩码对小卡片施加一个向左的拉力，右端的钩码对小卡片施加了一个向右的拉力，拉力的大小等于钩码的重力；
（4）判断是否能到达平衡力的四个条件，据此分析。
20．【答案】匀速直线；4.2；正比；不需要；2、4；相同
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小；
（2）第2空，测力计的分度值为0.2N，此时的读数为4.2N；
第3空，根据数据分析得出的结论是：接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力大小成正比；
（3）滑动摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关，与速度无关，压力和接触面粗糙程度不变，加速拉动木板，木块所受的摩擦力不受影响；木块相对地面静止，木块受到的滑动摩擦力和弹簧的拉力是一对平衡力，所以当长木板的速度变大，没有改变木块和木板之间的滑动摩擦力大小，故不需要匀速拉动长木板；
（4）第5空，第6空，由表格数据可知，第2、4次实验，第4次实验的压力为F压4=15N-5N=10N；与第2次实验压力相同，重力不同，滑动摩擦力相同，说明滑动摩擦力与重力无关；第3、4次实验，重力相同，压力不同，滑动摩擦力不同，说明滑动摩擦力与压力有关，且压力越大，滑动摩擦力越大，所以影响滑动摩擦力大小的是压力而不是重力。
故答案为：（1）匀速直线；（2）4.2；正比；（3）不需要；（4）对比2、4两次实验数据可以看出，木块重力不同，但对木板压力相同，所测摩擦力相等。
【分析】（1）根据二力平衡分析；
（2）根据测力计的分度值读数；根据表格数据分析，据此分析得出结论；
（3）滑动摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关，与速度无关；木块相对地面是静止的，由二力平衡分析；
（4）图2中木块对木板的压力大小等于木块的重力大小减去拉力大小，结合控制变量法分析。
21．【答案】解：（1）弹射器对舰载机所做的功为
（2）飞机做匀速直线运动，则受到的发动机推力和空气阻力是一对平衡力，大小相等，发动机推力为
发动机推力的功率为
答：（1）弹射器对舰载机所做的功为；
（2）发动机推力的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由题知，电磁弹射器的长度和牵引力，利用W=Fs求弹射器对舰载机所做的功；
（2）因为舰载机平匀速直线飞行，所以舰载机受到发动机的推力和阻力是一对平衡力，大小相等，利用P=Fv求舰载机发动机推力的功率。
22．【答案】解：（1）工人做的有用功为
（2）由图可知，由3段绳子吊着动滑轮，绳子自由端移动的距离为
拉力做的总功为
此过程中该装置的机械效率为
答：（1）工人做的有用功为；
（2）此过程中该装置的机械效率为。
【知识点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）由题意可知，物体重300N，被提高2m，根据W有=Gh得出工人做的有用功；
（2）由图可知，该滑轮组绳子的承重段数n=3，根据s=nh得出绳子自由端移动的距离，根据W总=Fs得出工人做的总功，根据得出此过程中该装置的机械效率。
23．【答案】A；质量；费力；省力；D；扇车不受天气的影响，能够改变风速的大小。
【知识点】惯性及其现象；杠杆的分类；轮轴及其他常见简单机械；斜面的机械效率
【解析】【解答】（1）第1空，第2空，风扇车工作时，空瘪谷从出风口C被吹出，绝大部分饱满谷粒因为质量大，所以从出粮口B落下，故可说明谷粒的质量越大，惯性越大，物体的运动状态越不容易改变。
（2）第3空，风扇中的摇杆和扇叶组成一个轮轴，动力作用在轴上，动力臂小于阻力臂，它相当于一个费力杠杆；第4空，根据杠杆原理，阻力和阻力臂不变时，若增大摇杆力臂L的长度，则完成同样工作将更省力。
（3）A、脚踏板与齿轮盘组成轮轴，脚踏板是轮，齿轮盘是轴，组成了一个省力轮轴，A不符合题意。
B、螺丝刀拧螺丝确实应用了轮轴的原理，B不符合题意。
C、拧水龙头的把手时可以省力，属于轮轴，C不符合题意。
D、盘山公路是利用了斜面的原理，D符合题意。%0D%0A（4）根据题意可知，扬谷方法都是需要靠老天帮忙，有大风的时候才可以采用，速度缓慢而又非常费力；而扇车不受天气的影响，能够改变风速的大小，效率较高。
故答案为：（1）B；质量；（2）费力；省力；（3）D；（4）扇车不受天气的影响，能够改变风速的大小。
【分析】（1）物体的质量越大，越不容易改变它的运动状态。
（2）轮轴是一种简单机械，动力作用在轮上省力、动力作用在轴上费力；生活中的扳手、方向盘等均属于轮轴。
（3）扬谷方法都是需要靠老天帮忙，有大风的时候才可以采用，速度缓慢而又非常费力。
24．【答案】水；大；大；水；等于；悬浮；1.07×103
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）第1空，图甲中，天平左侧下倾，说明在烧杯质量相同时，左边液体的质量大，同时液体体积相等，由可知：左侧液体密度大于右侧液体密度，水的密度小于盐水的密度，所以左侧烧杯中装的是盐水，右侧烧杯装的是水。
第2空，由题意得，薄膜不突起，说明向两侧的压强相等，而左侧的深度小，根据液体的压强公式p=ρgh；说明左侧液体的密度大，为盐水，右侧为水；
第3空，相同的铝球浸没在两液体中，排开液体的体积相等，而ρ水＜ρ盐水，由公式F浮=ρ液gV排可知：铝球在水中受到的浮力小于它在盐水中受到的浮力，由公式F浮=G-F示可得：F示=G-F浮，在铝球重力一定时，装水容器对应的测力计示数较大；
第4空，由图可知，由浮沉条件可知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，又因为F浮=ρ液gV排，右图中密度计排开液体的体积小，则右图在液体的密度大，故右侧容器中装的是盐水，左侧容器中装的是水。
（2）①漂浮的物体浮力等于重力；
②测量鸡蛋的密度间接测量盐水的密度，需要盐水的密度等于鸡蛋的密度，当鸡蛋处于悬浮状态时，鸡蛋的密度等于盐水的密度。
③由题可知，装有沙子的塑料管的总重力为：
G物=m物g=21.4×10-3kg×10N/kg=0.214N
由于塑料管漂浮在液面上，所以塑料管受到的浮力为：
F浮=G物=0.214N
且塑料管排开液体的体积
V排=Sh=2cm2×10cm=20cm3=2×10-5m3
由阿基米德原理可得盐水密度为：
，由于鸡蛋悬浮在盐水中，故鸡蛋的密度等于盐水的密度。
故答案为：（1）水；大；大；水；（2）①等于；②悬浮；③1.07×103。
【分析】（1）天平左侧下倾，说明左边液体的质量大，在液体体积相等时，由密度公式可知两烧杯中液体密度的大小关系；在观察薄膜变化的同时，要注意到两侧液体的密度与深度的变化；由公式F浮=G-F示及F浮=ρ液gV排分析测力计示数大小关系；根据漂浮条件知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，根据阿基米德原理判断液体密度大小；
（2）漂浮的物体浮力等于重力；鸡蛋悬浮在盐水中时鸡蛋的密度等于盐水的密度；根据题意计算出塑料管的重力和液面下塑料管的体积，塑料管漂浮在液面上，所以塑料管的浮力等于塑料管的重力，再根据浮力公式求得盐水的密度，即鸡蛋的密度。
25．【答案】先变大后变小；静止；等于；B；；4
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件
【解析】【解答】材料一：（1）第1空，小球从A点静止释放，在从A到B的运动过程中，速度变大，则动能变大，从B到C的运动过程中，速度减小，则动能变小，所以，在从A到C的运动过程中，动能先变大后变小；
第2空，由于不计空气阻力和摩擦，没有机械能的损失，所以小球到达C点时速度是0，若小球到达C点时所受外力突然消失，小球将静止；
（2）据题目可知，由于不计空气阻力和摩擦，机械能是守恒的，所以小球经过M点时的机械能是等于其在A点的机械能的。
材料二：
（3）小球在上升过程中，质量不变，高度增加，重力势能增加，故B符合题意；
小球A在下落过程中，不受阻力作用，机械能守恒，B受阻力，匀速下落，机械能减小；
（4）物体从斜面滑下机械能守恒：则，解得：；
（5）设小球在最低点时重力势能为零，如图所示：
摆长为L1=2m，将小球拉至离原竖直方向L2=1.6m，根据勾股定理知OB为1.2m，因为不计空气阻力，机械能守恒，所以，解得：v=4m/s。
故答案为：（1）先变大后变小；静止；不能；（2）等于；等于；材料二：（3）B；（4）；（5）4。
【分析】（1）动能与质量和速度有关；在不计阻力和摩擦的情况下，机械能是守恒的，根据牛顿第一定律分析小球的运动状态；
（2）动能和势能之间可以相互转化，根据其不同运动阶段可判断其机械能转化情况；
（3）重力势能与质量和高度有关；
（4）根据机械能守恒的计算公式进行分析解答。
1 / 1广东省江门市蓬江区2023-2024学年八年级下学期期末调研考试物理试题
1．（2024八下·蓬江期末）下列有关力的知识中，分析不正确的是（　　）
A．鞋底凹凸不平的花纹，是为了增大有益摩擦力
B．用力推桌子，桌子静止不动，此时推力等于摩擦力
C．书包背带通常做得宽而平，是为了增大受力面积从而减小压强
D．正在运动的物体所受的外力同时消失，物体将速度逐渐变小而停止
【答案】D
【知识点】牛顿第一定律；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A．鞋底凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大有益摩擦力，故A正确；
B．用力推桌子，桌子静止不动，此时推力与摩擦力平衡，大小相等，故B正确；
C．书包背带通常做得宽而平，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对肩膀的压强，故C正确；
D．正在运动的物体所受的外力同时消失，由牛顿第一定律可知，物体将一直做匀速直线运动，故D不正确。
故选D。
【分析】 (1)滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；
(2)物体处于平衡状态时受平衡力；
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(4)根据牛顿第一定律可得，当物体不受任何力的作用时，物体将保持静止或匀速直线运动。
2．（2024八下·蓬江期末）弹簧测力计测出小球重为4N，如图所示，将该小球由刚接触水面时开始读数，直至小球完全浸没在水中后继续下降，如图中绘制出弹簧测力计示数F与小球到液面深度h的图像，则该小球浸没在水中受到的浮力是（　　）
A．7N B．4N C．3N D．1N
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】由图得出物块浸没在水中时弹簧测力计的示数，利用称重法求出受到的浮力，由图可知，小球完全浸没在水中后受到的拉力为F=3N；小球重为G=4N。所以，该小球浸没在水中受到的浮力是
，故ABC不符合题意，D符合题意。
【分析】由图得出物块浸没在水中时弹簧测力计的示数，利用称重法求出受到的浮力。
3．（2024八下·蓬江期末）下列关于轮滑运动中涉及到的物理知识说法正确的是（　　）
A．轮滑要向前运动必须要受到向前的力
B．匀速转弯时运动员受到的几个力是相互平衡的
C．运动员所受重力和轮滑对运动员的支持力是一对相互作用力
D．轮滑停下来主要是因为受到地面对它的摩擦力
【答案】D
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；力与运动的关系
【解析】【解答】A．力是改变物体运动状态的原因，则轮滑运动状态不变，那么不受到力的作用，故A错误；
B．匀速转弯时，由于方向不断改变，因此没有处于平衡状态，受到非平衡力，故B错误；
C．运动员所受重力和轮滑对运动员的支持力，二者大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上，是一对平衡力，故C错误；
D．轮滑停下来主要是因为受到地面对它的摩擦力，故D正确。
故选D。
【分析】AD.根据力与运动的关系判断；
B.平衡状态受到平衡力，包括：静止状态或匀速直线运动状态；
C.根据相互作用力的条件判断。
4．（2024八下·蓬江期末）如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时，若它所受外力突然全部消失，则皮球将（　　）
A．保持静止 B．沿水平方向做匀速直线运动
C．竖直向上做匀速直线运动 D．竖直向下做匀速直线运动
【答案】B
【知识点】牛顿第一定律
【解析】【解答】根据题意可知，当皮球运动到最高点A时，此时竖直向上的速度为零，但是具有水平的速度。如果此时它所受外力突然全部消失，根据牛顿第一定律可知，皮球继续向前做匀速直线运动，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
【分析】根据牛顿第一定律分析外力消失时皮球的运动状态即可。
5．（2024八下·蓬江期末）用大小相同的力F，作用在质量不同的物体上，使它们分别在同一水平面上沿力的方向移动相同的距离s（如图所示），F所做的功分别为W1和W2，则
A．W1=W2 B．W1= W2 C．W1= 2W2 D．W1=4 W2
【答案】B
【知识点】功
【解析】【解答】功是力和在力的方向上移动距离的乘积，两个物体受到的力都是F，通过的距离都是s，根据W=Fs，则两个力做功相等，即W1=W2．故B符合题意。
故选B。
【分析】根据W=Fs，结合力的大小相等和移动的距离相等，计算做功相同。
6．（2024八下·蓬江期末）如图所示，物体重400 N，F=100 N，物体和水平地面的接触面积为40 cm2，则物体对水平地面的压力和压强分别是（　　）
A．400 N，10 Pa B．500N，12.5 Pa
C．500N，1.25×105 Pa D．400N， 105Pa
【答案】C
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【解答】ABCD、由题意可知，物体对水平地面的压力等于物体重力与所受向下压力之和为
由压强公式可得物体对水平地面的压强为：
，故ABD错误，C正确。
故选C。
【分析】物体对地面的压力等于物体的重力与压力之和；根据可求得压强的大小。
7．（2024八下·蓬江期末）如图所示，放在水平桌面上的物体，两边用细线通过滑轮与吊盘相连。若在左盘中放重为10N的砝码，右盘中放总重为30N的砝码时，物体M恰好以速度v向右做匀速直线运动，如果右盘中的砝码不变，物体M在水平桌面上以速度3v向左做匀速直线运动，则左盘中砝码的重应为（吊盘重不计，绳子与滑轮摩擦不计）（　　）
A．40N B．50N C．60N D．70N
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，当物体M向右做匀速直线运动时，M其受到了向左的拉力10N，向右的拉力30N，还有水平向左的摩擦力。根据平衡力的知识得到：30N=10N+f，解得：f=20N；、
当物体M在水平桌面向左做匀速直线运动时，此时受到的摩擦力向右。由于接触面的粗糙程度不变和压力不变，故摩擦力的大小不变，为20N。根据平衡力的知识得到：F左=20N+30N=50N，故向左的力为50N。
故选B。
【分析】分别对两种情况下的物体M进行受力分析，根据平衡力的知识，结合影响滑动摩擦力因素的知识列式计算即可。
8．（2024八下·蓬江期末）自由式滑雪女子大跳台决赛中，运动员从高处急速滑下，到达跳台后双膝微弯，使劲一蹬，顺势跃向空中，说明力可以改变物体的　 　。完美翻腾后从空中下落的过程中，运动员的惯性　 　，重力势能　 　。（后两空选填“增大”“不变”或“减小”）
【答案】运动状态；不变；减小
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；惯性及其现象
【解析】【解答】（1）运动员从高处急速滑下，到达跳台后双膝微弯，使劲一蹬，顺势跃向空中，此时运动的速度和运动方向都发生变化，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）运动员在下落的过程中，质量不变，其惯性不变；
（3）运动员在下落的过程中，质量不变，高度降低，其重力势能减小。
故答案为：运动状态；不变；减小。
【分析】（1）力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；运动状态的变化包括速度的大小和方向的变化；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
（3）影响重力势能的因素是质量和高度，质量越大，高度越高，物体的重力势能越大。
9．（2024八下·蓬江期末）夏天到了，清凉的河水成为许多同学的“挚爱”，同一个人在水面仰泳漂浮和水底潜泳时，仰泳漂浮所受到的浮力较　 　（大/小）。但要注意的是，河水中常常会出现如图所示的漩涡，漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较　 　（大/小），压强较　 　（大/小），从而形成压力差，导致周边的物体或游泳者被“吸入”漩涡。
【答案】小；小；大
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）第1空，根据阿基米德原理可知，同一个人在水面仰泳漂浮和水底潜泳时，仰泳比潜泳时排开的水的体积小，且水的密度相同，仰泳时受到的浮力要小一些；
（2）第2空，第3空，漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较慢，压强较大，而漩涡中心处水的流速较快，压强较小，形成一个向旋涡中心的压力差，从而导致周边物体易被“吸入”漩涡。
故答案为：小；小；大。
【分析】物体所受浮力的大小既与物体排开液体的体积有关，又与排开液体的密度有关；流体压强与流速的关系：流体流速大的地方、压强小，流体流速小的地方、压强大，据此分析回答。
10．（2024八下·蓬江期末）小强行走时被石块绊了一下，身体向前倾倒。对此情景合理的解释是：小强原来相对于地面是运动的，当他的　 　（填“脚”或“上身”）的运动状态突然改变时，他的　 　（填“脚”或“上身”）由于　 　仍保持原来的运动状态。
【答案】脚；上身；惯性
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】根据题意可知，小强原来相对于地面是运动的，当他的脚受力后运动状态突然改变时，他的上身由于惯性仍保持原来的运动状态。
【分析】根据惯性知识解释现象时，首先明确原来是什么状态，然后说明哪个物体受力改变运动状态，哪个物体由于惯性保持原来的运动状态即可。
11．（2024八下·蓬江期末）水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的实心小球、分别放入两烧杯中，当两球静止时，两液面高度相同，两球所处的位置如图所示，球密度与甲液体密度关系为　 　，球密度与乙液体密度关系为　 　，两种液体对烧杯底的压强的大小关系为　 　（均选填“”、“ ”或“”）。
【答案】；；
【知识点】液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，球在液面漂浮，球在液面悬浮，根据物体的浮沉条件可知，A液体的密度，B液体的密度；
（2）A、B两球的密度相同，所以；
两烧杯中液面相平即。
根据公式可知，液体对容器底部的压强。
【分析】（1）根据物体的浮沉条件比较物体和液体的密度大小；
（2）根据液体压强公式比较液体对容器底部的压强大小。
12．（2024八下·蓬江期末）如图所示，小明在体能训练时拉着重物加速前行过程中，小明对物体的拉力　 　物体对小明的拉力；小明对物体的拉力　 　地面对物体的摩擦力；地面对小明的摩擦力　 　地面对物体的摩擦力。（以上三空均选填“>”“=”或“<”）
【答案】=；>；>
【知识点】力作用的相互性；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】（1）由题意可知，小明在拉着重物加速前行过程中，小明对物体施加拉力的同时物体对小明也施加拉力，故两个力是一对相互作用力，大小相等。
（2）拉着重物加速运动，受力不平衡，小明对物体的拉力大于地面对物体的摩擦力；。
（3）物体加速运动，受力不平衡，小明对物体的拉力大于地面对物体的摩擦力；小明加速运动，地面对小明的摩擦力大于拉力，而拉力大于地面对物体的摩擦力，故地面对小明的摩擦力大于地面对物体的摩擦力。
故答案为：=；＞；＞。
【分析】相互作用力大小相等，物体加速运动，受力不平衡，较大的力与运动方向相同。
13．（2024八下·蓬江期末）物体A重10N，体积为，若用定滑轮匀速提升该物体，则所用拉力的大小为　 　N．若将物体A浸没在水中，受到的浮力为　 　N，此时拉力的大小为　 　N。（不计摩擦和绳重，，）
【答案】10；5；5
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）使用定滑轮不能省力，不计摩擦和绳重，若用定滑轮匀速提升该物体，则所用拉力的大小等于物体重力为：；
（2）当物体A浸没在水中时，排开水的体积等于物体的体积，由阿基米德原理可得物体受到的浮力为
；
（3）因为物体受到的浮力、重力的方向相反，
所以，重力与浮力的合力：F合=G-F浮=10N-5N=5N，故此时拉力大小为5N。
故答案为：10；5；5。
【分析】（1）定滑轮实质是等臂杠杆，使用定滑轮不能省力，但能改变力的方向，不计摩擦和绳重，拉力等于物体重力；
（2）物体浸没水中时排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理F浮=ρ液gV排求物体受到的浮力；
（3）同一直线上反方向二力的合成：合力大小等于两个力之差，合力的方向与较大的力的方向相同。
14．（2024八下·蓬江期末）如图所示，物体A放在粗糙程度不变的水平台面上，用细线通过定滑轮与装有沙子的小桶相连，小桶和沙子的总重力为20N时，物体A恰好做匀速直线运动（忽略细线与滑轮之间的摩擦）。物体A做匀速直线运动过程中受到的摩擦力是　 　N，方向　 　，小桶和沙子的总机械能将　 　（填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】20；水平向左；变小
【知识点】机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）根据题意可知，小桶和沙子的总重力为20N，则物块受到的拉力大小为20N。当物块做匀速直线运动时，它受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，即二者大小相等，方向相反，所以滑动摩擦力的大小为f=F=20N，方向水平向左。
（2）小桶和沙子匀速下降的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；速度不变，动能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，则机械能变小。
【分析】（1）对物体A进行受力分析，根据平衡力的知识计算A受到的摩擦力；
（2）根据“机械能=动能+重力势能”分析机械能的变化。
15．（2024八下·蓬江期末）如图所示，图中虚线描绘的是实心球离开人手后运动的路径，请画出实心球在图所示位置时受到的所有力的示意图（不计空气阻力）。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】不计空气阻力，实心球在最高点时只受到重力作用，过球的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
16．（2024八下·蓬江期末）在图中力F作用在杠杆的A端，画出它的力臂L。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】由图知，杠杆的支点为O，先延长力F画出力的作用线，然后从支点O向力的作用线作垂线段，即为F的力臂L，如图所示：
【分析】先找到支点，然后画出力的作用线，最后从支点向力的作用线作垂线段，即为所作的力臂。
17．（2024八下·蓬江期末）如图所示，一个物体静止在斜面上，请在图上画出斜面受到的压力和物体受到的摩擦力的示意图。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】根据图片可知，物体对斜面的压力与斜面垂直且向下，作用在接触面上。由于重力作用，则物体的运动趋势向下，因此受到沿斜面向上的摩擦力，作用在物体的重心上，如图所示：
【分析】对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
18．（2024八下·蓬江期末）（1）如图甲是托里拆利实验装置，测得当地大气压等于　 　mm高的水银柱所产生的压强，此时外界气压　 　标准大气压强（选填“大于”“等于”或“小于”）；在实验中，如把水银换成水，将玻璃管灌满水后，倒插在水槽内时，管中的水柱　 　（选填“会”或“不会”）下降；
（2）如图乙是“研究液体内部压强”的实验，该实验通过U形管两侧液面　 　来反映被测压强大小；将液体压强计的探头分别放入密度为和的两种液体中，U形管液面的高度差相同，则探头所处位置的液体压强　 　，两种液体的密度　 　（两空均选填“>”“=”或“<”）；
（3）手握如图丙所示的两张纸，让纸自然下垂．在两张纸的中间向下吹气，我们会看到这两张纸相互靠近，这是因为两张纸中间空气的流速增大，压强　 　。
【答案】740；小于；不会；高度差；=；<；减小
【知识点】探究液体压强的特点实验；大气压强的测量方法；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）第1空，通过甲图可以看出，当管内水银柱稳定后，管内外水银面高度差为：
760mm-20mm=740mm，故当地大气压相当于740mm水银柱产生的压强；
第2空，标准大气压能支持的水银柱高度为760mm，740mm小于760mm，说明此时外界气压小于标准大气压强；
第3空，由p=ρ水银gh水银=ρ水gh水，可知，如果水银气压计中的水银用水代替，大约能支持10m高的水柱，将玻璃管灌满水后倒插在水槽内时，管中的水柱不会下降；
（2）第4空，如图乙是“研究液体内部压强”的实验，该实验通过U形管两侧液面高度差来反映被测压强大小；
第5空，由图乙可知，两U形管中液柱的高度差h相同，说明压强相同，即p1=p2；
第6空，且两液体中左侧金属盒位置较深，由p=ρgh可知，左侧液体的密度小于右侧液体的密度，即ρ1＜ρ2；
（3）第7空，如图丙所示，用手握着两张纸，让纸自然下垂，在两张纸的中间向下吹气，这两张纸将相互靠拢，说明中间空气因为流速增大，压强减小。
故答案为：（1）740；小于；不会；（2）高度差；=；＜；（3）减小。
【分析】（1）为了测得大气压的值，这时必须测管内外水银面高度差。管内水银柱的高度只与当时的大气压有关，而与玻璃管的粗细、是否倾斜、以及水银槽中的水银的多少无关；标准大气压能支持的水银柱高度为760mm；由p=ρ水银gh水银=ρ水gh水，可知，如果水银气压计中的水银用水代替，大约能支持10m高的水柱；
（2）U形管中液柱的高度差表示了压强的大小，从图中可以看出压强的大小是相同的，再结合浸没的深度和p=ρgh可判断两液体密度的关系；
（3）流体的压强与流速有关，流速越大的地方压强越小。
19．（2024八下·蓬江期末）在“探究二力平衡的条件”的活动中，小红按图甲完成实验。
（1）当物体只受两个力的作用，且处于静止状态或　 　状态时，我们就说这两个力相互平衡；
（2）小红以5g的小卡片为研究对象，为了探究两个力满足什么条件才能平衡，所挂钩码质量最合适的是　 　；
A.5g B.10g C.50g D．任意质量均可
这种突出问题的主要方面、忽略次要因素的研究方法是物理学中常采用的，以下两个实例中用到此研究方法的是：　 　
A．选用薄玻璃板来探究平面镜的成像特点
B．选用轻质小球来显示发声音叉的振动
（3）小红将小卡片两边的线分别跨过滑轮，在线的两端挂上不同个数的钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向　 　（选填“相同”或“相反”），这样操作是为了探究　 　的两个力能否平衡；
（4）小红在做实验时，左右支架上的两个滑轮没有安装在相同的高度，如图乙所示，你认为小红的装置　 　进行实验（选填“能”或“不能”）。
【答案】匀速直线运动；C；A；相反；大小不相等；能
【知识点】探究二力平衡的条件
【解析】【解答】（1）如果物体只受两个力作用，且处于静止状态或匀速直线运动状态，说明这两个力是相互平衡的；
（2）第2空，ABCD、为了减少小卡片的重力对实验的影响，选择的钩码质量要尽量大，所挂钩码质量合适的是50g；故ABD错误，C正确；
故选C。
第3空，A．选用薄玻璃板来探究平面镜的成像特点，是因为薄玻璃板能减少玻璃板前后表面成像对实验的干扰，突出像的成像这一主要方面，忽略玻璃板厚度带来的次要影响，采用了突出问题主要方面、忽略次要因素的研究方法；故A符合题意；
B．选用轻质小球来显示发声音叉的振动，采用的是转换法，通过小球的振动来体现音叉的振动，故B不符合题意；故选A。
（3）第4空，第5空，保持两个方向相反的拉力作用在同一直线上，调整细线两端的钩码个数来改变拉力的大小，当两端钩码个数不相等时，作用在小卡片上的两个拉力方向相反，拉力大小不相等，这样操作是为了探究不相等的两个力能否平衡；
（4）因为左右两侧各通过一个定滑轮，定滑轮的位置虽然不等高，但是当两个力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上时，小卡片还是处于静止状态，照样能完成实验。
故答案为：（1）匀速直线运动；（2）C；A；（3）相反；大小不相等；（4）能。
【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态，就说明物体处于平衡状态；
（2）结合二力平衡的条件可知：若要使卡片受到的两个拉力平衡，就必须忽略重力的影响，为了不考虑小卡片的重力对实验的影响，选择的钩码质量要尽量大；
（3）钩码由于重力的作用，会对小卡片施加一个拉力的作用，左端的钩码对小卡片施加一个向左的拉力，右端的钩码对小卡片施加了一个向右的拉力，拉力的大小等于钩码的重力；
（4）判断是否能到达平衡力的四个条件，据此分析。
20．（2024八下·蓬江期末）小明选取了弹簧测力计、细线、棉布、木板、5N、10N、15N的木块各一个，探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关；
（1）为了准确的测量滑动摩擦力的大小，小明应沿着水平方向使用弹簧测力计拉动木块做　 　运动；
木块重力/N 测力计示数/N
第1次 5 1.4
第2次 10 2.8
第3次 15
（2）小明将不同重力的木块放在木板上进行了下面的三次实验，其中第3次实验的现象如图所示，此时弹簧测力计示数为　 　N，仔细分析上表数据可知，滑动摩擦力的大小不仅随压力增大而增大，而且与压力的大小成　 　；
（3）小华提出质疑，认为滑动摩擦力的大小与木块重力的大小有关，为此，他们又找来一个弹簧测力计做了如图所示的探究，将重为15N的木块通过弹簧测力计B固定在墙上，木块的上端与弹簧测力计A相连，向上拉动弹簧测力计A，并抽出木板，记录下两个测力计的示数如下表，在此次实验中，　 　匀速拉动木板（选填“需要”或“不需要”）；
测力计A的示数/N 测力计B的示数/N
第4次 5 2.8
第5次 10 1.4
（4）分析前面5次实验数据，小明发现对比　 　两次实验数据可以看出，木块重力不同，但对木板压力相同，所测摩擦力大小　 　，小明得到结论：影响滑动摩擦力大小的是压力而不是重力。
【答案】匀速直线；4.2；正比；不需要；2、4；相同
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小；
（2）第2空，测力计的分度值为0.2N，此时的读数为4.2N；
第3空，根据数据分析得出的结论是：接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力大小成正比；
（3）滑动摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关，与速度无关，压力和接触面粗糙程度不变，加速拉动木板，木块所受的摩擦力不受影响；木块相对地面静止，木块受到的滑动摩擦力和弹簧的拉力是一对平衡力，所以当长木板的速度变大，没有改变木块和木板之间的滑动摩擦力大小，故不需要匀速拉动长木板；
（4）第5空，第6空，由表格数据可知，第2、4次实验，第4次实验的压力为F压4=15N-5N=10N；与第2次实验压力相同，重力不同，滑动摩擦力相同，说明滑动摩擦力与重力无关；第3、4次实验，重力相同，压力不同，滑动摩擦力不同，说明滑动摩擦力与压力有关，且压力越大，滑动摩擦力越大，所以影响滑动摩擦力大小的是压力而不是重力。
故答案为：（1）匀速直线；（2）4.2；正比；（3）不需要；（4）对比2、4两次实验数据可以看出，木块重力不同，但对木板压力相同，所测摩擦力相等。
【分析】（1）根据二力平衡分析；
（2）根据测力计的分度值读数；根据表格数据分析，据此分析得出结论；
（3）滑动摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关，与速度无关；木块相对地面是静止的，由二力平衡分析；
（4）图2中木块对木板的压力大小等于木块的重力大小减去拉力大小，结合控制变量法分析。
21．（2024八下·蓬江期末）随着科技的发展，未来的航空母舰上将安装电磁弹射器以缩短飞机起飞距离。如图所示，航空母舰的水平跑道总长，其中电磁弹射器是一种长度为的直线电机，该电机可在弹射时提供一个恒定的牵引力。求：
（1）弹射器对舰载机所做的功；
（2）若起飞后以300m/s的速度在水平匀速直线飞行时受到的空气阻力为，求发动机推力的功率。
【答案】解：（1）弹射器对舰载机所做的功为
（2）飞机做匀速直线运动，则受到的发动机推力和空气阻力是一对平衡力，大小相等，发动机推力为
发动机推力的功率为
答：（1）弹射器对舰载机所做的功为；
（2）发动机推力的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由题知，电磁弹射器的长度和牵引力，利用W=Fs求弹射器对舰载机所做的功；
（2）因为舰载机平匀速直线飞行，所以舰载机受到发动机的推力和阻力是一对平衡力，大小相等，利用P=Fv求舰载机发动机推力的功率。
22．（2024八下·蓬江期末）用如图所示的滑轮组将重为300N的物体从地面匀速送到2m高处，所用拉力为150N，此过程中克服摩擦做功180J，求：
（1）工人做的有用功；
（2）此过程中该装置的机械效率。
【答案】解：（1）工人做的有用功为
（2）由图可知，由3段绳子吊着动滑轮，绳子自由端移动的距离为
拉力做的总功为
此过程中该装置的机械效率为
答：（1）工人做的有用功为；
（2）此过程中该装置的机械效率为。
【知识点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）由题意可知，物体重300N，被提高2m，根据W有=Gh得出工人做的有用功；
（2）由图可知，该滑轮组绳子的承重段数n=3，根据s=nh得出绳子自由端移动的距离，根据W总=Fs得出工人做的总功，根据得出此过程中该装置的机械效率。
23．（2024八下·蓬江期末）端午假日，小华随父母体验了一次快乐的乡村游，见到如图甲所示的一个老式风扇车．查资料知，我国西汉时已有风扇车，它由车架、风扇（含摇杆）、喂料斗及出粮口等构成，主要用于清除谷物颗粒中的杂物及空瘪谷．
（1）如图乙所示，风扇车工作时，空瘪谷从出风口C被吹出，绝大部分饱满谷粒从出粮口　 　（选填“A”或“B”）落下，说明　 　越大，物体的运动状态越不容易改变；
（2）如图丙为风扇示意图，风扇中的摇杆和扇叶组成一个轮轴，它相当于一个　 　杠杆，若增大摇杆力臂L的长度，则完成同样工作将　 　（前两空均选填“省力”或“费力”）一些；
（3）如图所示的生活实例中，不属于轮轴应用的是　 　；
A．自行车脚踏板与牙盘 B．螺丝刀拧螺丝
C．拧开水龙头 D．盘旋而上的盘山公路
（4）小华了解到，在风扇车被发明之前，传统的扬谷方法是在有风的时候将谷粒抛撒向空中，糠秕被风吹走，而籽粒就落在了地上，这样就很好地实现了糠、粒分离，根据你的理解，谈一谈“风扇车”相比于“传统的扬谷方式”有什么优点。　 　（写出一条即可）
【答案】A；质量；费力；省力；D；扇车不受天气的影响，能够改变风速的大小。
【知识点】惯性及其现象；杠杆的分类；轮轴及其他常见简单机械；斜面的机械效率
【解析】【解答】（1）第1空，第2空，风扇车工作时，空瘪谷从出风口C被吹出，绝大部分饱满谷粒因为质量大，所以从出粮口B落下，故可说明谷粒的质量越大，惯性越大，物体的运动状态越不容易改变。
（2）第3空，风扇中的摇杆和扇叶组成一个轮轴，动力作用在轴上，动力臂小于阻力臂，它相当于一个费力杠杆；第4空，根据杠杆原理，阻力和阻力臂不变时，若增大摇杆力臂L的长度，则完成同样工作将更省力。
（3）A、脚踏板与齿轮盘组成轮轴，脚踏板是轮，齿轮盘是轴，组成了一个省力轮轴，A不符合题意。
B、螺丝刀拧螺丝确实应用了轮轴的原理，B不符合题意。
C、拧水龙头的把手时可以省力，属于轮轴，C不符合题意。
D、盘山公路是利用了斜面的原理，D符合题意。%0D%0A（4）根据题意可知，扬谷方法都是需要靠老天帮忙，有大风的时候才可以采用，速度缓慢而又非常费力；而扇车不受天气的影响，能够改变风速的大小，效率较高。
故答案为：（1）B；质量；（2）费力；省力；（3）D；（4）扇车不受天气的影响，能够改变风速的大小。
【分析】（1）物体的质量越大，越不容易改变它的运动状态。
（2）轮轴是一种简单机械，动力作用在轮上省力、动力作用在轴上费力；生活中的扳手、方向盘等均属于轮轴。
（3）扬谷方法都是需要靠老天帮忙，有大风的时候才可以采用，速度缓慢而又非常费力。
24．（2024八下·蓬江期末）小明做鉴别水和盐水的实验（）．
（1）如图甲，用完全相同的烧杯盛装相同体积的水和盐水，分别放在已调平的天平托盘上，则右侧烧杯中盛装的液体是　 　；如图乙，容器左右两侧分别注入深度不同的水和盐水，直到薄膜平整不发生形变，则盛水的一侧液体深度较　 　（选填“大”或“小”）；如图丙，用同一测力计挂着相同的铝球分别浸没在水和盐水中，盛水的容器对应的测力计示数较　 　（选填“大”或“小”）；如图丁，同一支密度计分别放入水和盐水中，静止时的位置如图所示，则左侧容器中盛装的液体是　 　；
（2）鉴别出水和盐水后，小明想利用盐水测出鲜鸡蛋的密度。
①小明将新鲜鸡蛋放入盐水中，鸡蛋处于漂浮状态，此时鸡蛋受到的浮力　 　鸡蛋的重力（选填“大于”“等于”或“小于”）；
②向烧杯中慢慢加水，当鸡蛋处于　 　状态时，鸡蛋的密度等于此时盐水的密度；
③把鸡蛋从盐水中取出，将总质量为21.4g、底面积为2cm2的装有沙子的薄壁塑料管放入该盐水中，直立漂浮时测得液面下塑料管的长度为10cm，如图戊，则该新鲜鸡蛋的密度是　 　。
【答案】水；大；大；水；等于；悬浮；1.07×103
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）第1空，图甲中，天平左侧下倾，说明在烧杯质量相同时，左边液体的质量大，同时液体体积相等，由可知：左侧液体密度大于右侧液体密度，水的密度小于盐水的密度，所以左侧烧杯中装的是盐水，右侧烧杯装的是水。
第2空，由题意得，薄膜不突起，说明向两侧的压强相等，而左侧的深度小，根据液体的压强公式p=ρgh；说明左侧液体的密度大，为盐水，右侧为水；
第3空，相同的铝球浸没在两液体中，排开液体的体积相等，而ρ水＜ρ盐水，由公式F浮=ρ液gV排可知：铝球在水中受到的浮力小于它在盐水中受到的浮力，由公式F浮=G-F示可得：F示=G-F浮，在铝球重力一定时，装水容器对应的测力计示数较大；
第4空，由图可知，由浮沉条件可知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，又因为F浮=ρ液gV排，右图中密度计排开液体的体积小，则右图在液体的密度大，故右侧容器中装的是盐水，左侧容器中装的是水。
（2）①漂浮的物体浮力等于重力；
②测量鸡蛋的密度间接测量盐水的密度，需要盐水的密度等于鸡蛋的密度，当鸡蛋处于悬浮状态时，鸡蛋的密度等于盐水的密度。
③由题可知，装有沙子的塑料管的总重力为：
G物=m物g=21.4×10-3kg×10N/kg=0.214N
由于塑料管漂浮在液面上，所以塑料管受到的浮力为：
F浮=G物=0.214N
且塑料管排开液体的体积
V排=Sh=2cm2×10cm=20cm3=2×10-5m3
由阿基米德原理可得盐水密度为：
，由于鸡蛋悬浮在盐水中，故鸡蛋的密度等于盐水的密度。
故答案为：（1）水；大；大；水；（2）①等于；②悬浮；③1.07×103。
【分析】（1）天平左侧下倾，说明左边液体的质量大，在液体体积相等时，由密度公式可知两烧杯中液体密度的大小关系；在观察薄膜变化的同时，要注意到两侧液体的密度与深度的变化；由公式F浮=G-F示及F浮=ρ液gV排分析测力计示数大小关系；根据漂浮条件知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，根据阿基米德原理判断液体密度大小；
（2）漂浮的物体浮力等于重力；鸡蛋悬浮在盐水中时鸡蛋的密度等于盐水的密度；根据题意计算出塑料管的重力和液面下塑料管的体积，塑料管漂浮在液面上，所以塑料管的浮力等于塑料管的重力，再根据浮力公式求得盐水的密度，即鸡蛋的密度。
25．（2024八下·蓬江期末）阅读以下材料，并回答相应的问题：
材料一：研究发现，当只有重力做功的时候，物体的动能和重力势能可以相互转化，但机械能的总量保持不变，在物理学中把这个规律叫做机械能守恒定律。
现有一小球在没有空气阻力的情况下，沿无摩擦轨道运动。
（1）如图甲所示，小球从A点静止释放，在从A到C的运动过程中，动能大小的变化情况是　 　，若小球到达C点时所受外力突然消失，小球将　 　（选填“静止”或“做匀速直线运动”）；
（2）若将轨道BC段改为水平，如图乙所示，小球仍从A点静止释放，小球经过M点时的机械能　 　A点的机械能（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
材料二：进一步研究发现，动能的大小与物体质量m和速度v的具体关系为：；重力势能的大小与物体的质量m和相对高度h的关系为：；
（3）一小球以初速度v竖直向上抛出，做竖直上抛运动，则小球在向上运动的过程中小球的重力势能与高度h图像应是以下四图中的　 　
A．B． C． D．
（4）如图丙所示，一个物体从高为h的光滑斜面顶端，由静止开始滑下，不计空气阻力，物体滑到斜面底端时的速度　 　；（用字母表示）
（5）把一个质量为3kg的铁球用细线悬挂起来，就成为一个单摆，如图丁所示，若摆长为，将小球拉至离原竖直方向距离，静止释放，不计空气阻力，则当小球运动到最低点时的速度　 　m/s．（g取10N/kg）
【答案】先变大后变小；静止；等于；B；；4
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件
【解析】【解答】材料一：（1）第1空，小球从A点静止释放，在从A到B的运动过程中，速度变大，则动能变大，从B到C的运动过程中，速度减小，则动能变小，所以，在从A到C的运动过程中，动能先变大后变小；
第2空，由于不计空气阻力和摩擦，没有机械能的损失，所以小球到达C点时速度是0，若小球到达C点时所受外力突然消失，小球将静止；
（2）据题目可知，由于不计空气阻力和摩擦，机械能是守恒的，所以小球经过M点时的机械能是等于其在A点的机械能的。
材料二：
（3）小球在上升过程中，质量不变，高度增加，重力势能增加，故B符合题意；
小球A在下落过程中，不受阻力作用，机械能守恒，B受阻力，匀速下落，机械能减小；
（4）物体从斜面滑下机械能守恒：则，解得：；
（5）设小球在最低点时重力势能为零，如图所示：
摆长为L1=2m，将小球拉至离原竖直方向L2=1.6m，根据勾股定理知OB为1.2m，因为不计空气阻力，机械能守恒，所以，解得：v=4m/s。
故答案为：（1）先变大后变小；静止；不能；（2）等于；等于；材料二：（3）B；（4）；（5）4。
【分析】（1）动能与质量和速度有关；在不计阻力和摩擦的情况下，机械能是守恒的，根据牛顿第一定律分析小球的运动状态；
（2）动能和势能之间可以相互转化，根据其不同运动阶段可判断其机械能转化情况；
（3）重力势能与质量和高度有关；
（4）根据机械能守恒的计算公式进行分析解答。
1 / 1

展开更多......

收起↑