资源简介 2024-2025学年湖南省岳阳市岳阳县第一中学高二下学期5月期中数学试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。1.若复数,则( )A. B. C. D.2.若复数满足,则复数的虚部为( )A. B. C. D.3.函数有且只有一个零点的充要条件是( )A. B. C. D. 或4.若随机变量,且,则的最小值为( )A. B. C. D.5.已知椭圆:,点,若直线与椭圆交于,两点,则的周长为( )A. B. C. D.6.已知圆柱和圆锥的底面半径相等,侧面积相等,且它们的高均为,则圆锥的体积为( )A. B. C. D.7.已知正三棱锥的外接球为球,点为的中点,过点作球的截面,则所得截面图形面积的取值范围为( )A. B. C. D.8.学校要举办足球比赛,现在要从高一年级各班体育委员中挑选名不同的裁判员一名主裁判,一名助理裁判,一名助理裁判,一名第四裁判,其中高一共个班,每个班各一名体育委员,共个女生,个男生,要求四名裁判中既要有男生,也要有女生,那么在女裁判员担任主裁判的条件下,第四裁判员是男生的概率为( )A. B. C. D.二、多选题:本题共4小题,共20分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。9.下列结论中,正确的有( )A. 数据,,,,,,的第百分位数为B. 若随机变量,则C. 若,且,则,相互独立D. 根据分类变量与的成对样本数据,计算得到,依据小概率值的独立性检验,可判断与有关联,此推断犯错误的概率不大于10.已知为正实数,,则下列说法正确的是( )A. B. 的最小值为C. 的最小值为 D. 的最小值为11.如图所示,在棱长为的正方体中,,分别为棱,的中点,则以下四个结论正确的是( )A. 棱上存在一点,使得平面B. 点到平面的距离为C. 过且与面平行的平面截正方体所得截面面积为D. 过的平面截正方体的外接球所得截面面积的最小值为12.已知抛物线:的焦点为,准线为,与轴的交点为,过的直线与分别交于,两点,则以下选项正确的是( )A. 坐标为B. 当时,C. 若,则D. 过点作与垂直的直线与交于、两点,则四边形面积的最小值为三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13.已知,且,则的最小值是 .14.在数和之间插入个实数,使得这个数构成递增的等比数列,将这个数的乘积记作,再令则数列的通项公式为 .15.已知等差数列的项数为奇数,其中所有奇数项和为,所有偶数项和为,则该数列的项数为 .16.甲口袋中装有个黑球和个白球,乙口袋中装有个白球现从甲、乙两口袋中各任取一个球交换放入另一口袋,重复次这样的操作,记甲口袋中黑球个数为,恰有个黑球的概率为,恰有个黑球的概率为,则 ,的数学期望 用表示四、解答题:本题共6小题,共70分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。17.本小题分设数列的前项和为,已知,数列是以为公差的等差数列.求数列的通项公式;设,数列的前项和为,证明:.18.本小题分已知数列的首项为,且满足.求证:是等比数列;求数列的前项和.19.本小题分在一个温馨的周末,甲同学一家人齐聚在宽敞明亮的客厅里进行掷游戏币活动,假设每次掷游戏币出现正面的概率为,且,每次掷游戏币的结果相互独立.当时,若甲连续投掷了两次,求至少出现一次正面向上的概率若规定每轮游戏只要连续不断的出现三次正面向上,则游戏结束,每轮最多连续投掷次.甲在一轮游戏中恰好投掷了次游戏结束的概率为,求的表达式设甲在一轮游戏中投掷次数为,求的最大值.20.本小题分如图,在四棱锥中,,,,点在上,且,.若为线段中点,求证:平面.若平面,求平面与平面夹角的余弦值.21.本小题分为了测试一种新药对某种疾病的治疗效果,研究人员对一地区某种动物种群数量较大进行试验,从该试验种群中随机抽查了只,得到如下的样本数据单位:只: 发病 没发病 合计使用药物没使用药物合计能否在犯错误的概率不超过的前提下,认为该药物与预防该疾病有关?从该地区此动物群中任取一只,记表示此动物发病,表示此动物没发病,表示此动物使用药物,定义事件的优势,在事件发生的条件下的优势,证明:,并利用表中数据求出值.若把表中的频率视作概率,现从该地区没发病的动物中抽取只动物,记抽取的只动物中使用药物的只数为,求随机变量的分布列,数学期望.附:,其中.22.本小题分已知函数,.求函数的值域;设函数,证明:有且只有一个零点,且.参考答案1. 2. 3. 4. 5. 6. 7. 8. 9. 10. 11. 12. 13. 14., 15. 16. 17.因为,则,因为数列是以为公差的等差数列.所以,可得,当时,,又因为适合上式,因此.由可得:,故 18.证明:数列满足,即,,即,又,,数列表示首项为,公比为的等比数列.由知,,,当为偶数时,可得;当为奇数时,可得;综上可得, 19.解:设事件表示第次正面向上,其中,,,,,,且,,设事件“至少出现一次正面向上”,;设事件“恰好投掷了次游戏结束”,则,故,所以;的可能取值为,,,,则,,,,则,令,则,当,,则在上单调递减,当时,的最大值为. 20.解:取的中点为,接,则,而,故,故四边形为平行四边形,故,而平面,平面,所以平面.因为,故,故,故四边形为平行四边形,故,所以平面,而平面,故,而,故建立如图所示的空间直角坐标系,则,则设平面的法向量为,则由可得,取,设平面的法向量为,则由可得,取,故,故平面与平面夹角的余弦值为.21.提出零假设该药物与预防该疾病无关,根据表格得出,,由此推断不成立,则能在犯错误的概率不超过的前提下,认为该药物与预防该疾病有关.由条件可得,由表中数据可知,,,则.样本中没发病的动物有只,其中使用药物的有只,则使用药物且没发病的频率为,将频率视作概率,则,则,,,,则的分布列为:期望. 22.因为,所以,则,所以为偶函数,当时,令,则,令,,,又,,所以,即当时,根据偶函数关于轴对称,所以当时,综上可得.因为,当时,函数与函数均在上单调递增,故在上单调递增,又,,故存在唯一零点,当时,,,故,当时,,,故,故当时,无零点,综上所述,有且只有一个零点,且该零点;由上可知,且有,则,即,由函数在区间上单调递增,故. 第1页,共1页 展开更多...... 收起↑ 资源预览