2024-2025学年湖南省岳阳市岳阳县第一中学高二下学期5月期中数学试卷(含答案)

资源下载
  1. 二一教育资源

2024-2025学年湖南省岳阳市岳阳县第一中学高二下学期5月期中数学试卷(含答案)

资源简介

2024-2025学年湖南省岳阳市岳阳县第一中学高二下学期5月期中
数学试卷
一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.若复数,则( )
A. B. C. D.
2.若复数满足,则复数的虚部为( )
A. B. C. D.
3.函数有且只有一个零点的充要条件是( )
A. B. C. D. 或
4.若随机变量,且,则的最小值为( )
A. B. C. D.
5.已知椭圆:,点,若直线与椭圆交于,两点,则的周长为( )
A. B. C. D.
6.已知圆柱和圆锥的底面半径相等,侧面积相等,且它们的高均为,则圆锥的体积为( )
A. B. C. D.
7.已知正三棱锥的外接球为球,点为的中点,过点作球的截面,则所得截面图形面积的取值范围为( )
A. B. C. D.
8.学校要举办足球比赛,现在要从高一年级各班体育委员中挑选名不同的裁判员一名主裁判,一名助理裁判,一名助理裁判,一名第四裁判,其中高一共个班,每个班各一名体育委员,共个女生,个男生,要求四名裁判中既要有男生,也要有女生,那么在女裁判员担任主裁判的条件下,第四裁判员是男生的概率为( )
A. B. C. D.
二、多选题:本题共4小题,共20分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。
9.下列结论中,正确的有( )
A. 数据,,,,,,的第百分位数为
B. 若随机变量,则
C. 若,且,则,相互独立
D. 根据分类变量与的成对样本数据,计算得到,依据小概率值的独立性检验,可判断与有关联,此推断犯错误的概率不大于
10.已知为正实数,,则下列说法正确的是( )
A. B. 的最小值为
C. 的最小值为 D. 的最小值为
11.如图所示,在棱长为的正方体中,,分别为棱,的中点,则以下四个结论正确的是( )
A. 棱上存在一点,使得平面
B. 点到平面的距离为
C. 过且与面平行的平面截正方体所得截面面积为
D. 过的平面截正方体的外接球所得截面面积的最小值为
12.已知抛物线:的焦点为,准线为,与轴的交点为,过的直线与分别交于,两点,则以下选项正确的是( )
A. 坐标为
B. 当时,
C. 若,则
D. 过点作与垂直的直线与交于、两点,则四边形面积的最小值为
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.已知,且,则的最小值是 .
14.在数和之间插入个实数,使得这个数构成递增的等比数列,将这个数的乘积记作,再令则数列的通项公式为 .
15.已知等差数列的项数为奇数,其中所有奇数项和为,所有偶数项和为,则该数列的项数为 .
16.甲口袋中装有个黑球和个白球,乙口袋中装有个白球现从甲、乙两口袋中各任取一个球交换放
入另一口袋,重复次这样的操作,记甲口袋中黑球个数为,恰有个黑球的概率为,恰有个黑球的概率为,则 ,的数学期望 用表示
四、解答题:本题共6小题,共70分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
17.本小题分
设数列的前项和为,已知,数列是以为公差的等差数列.
求数列的通项公式;
设,数列的前项和为,证明:.
18.本小题分
已知数列的首项为,且满足.
求证:是等比数列;
求数列的前项和.
19.本小题分
在一个温馨的周末,甲同学一家人齐聚在宽敞明亮的客厅里进行掷游戏币活动,假设每次掷游戏币出现正面的概率为,且,每次掷游戏币的结果相互独立.
当时,若甲连续投掷了两次,求至少出现一次正面向上的概率
若规定每轮游戏只要连续不断的出现三次正面向上,则游戏结束,每轮最多连续投掷次.
甲在一轮游戏中恰好投掷了次游戏结束的概率为,求的表达式
设甲在一轮游戏中投掷次数为,求的最大值.
20.本小题分
如图,在四棱锥中,,,,点在上,且,.
若为线段中点,求证:平面.
若平面,求平面与平面夹角的余弦值.
21.本小题分
为了测试一种新药对某种疾病的治疗效果,研究人员对一地区某种动物种群数量较大进行试验,从该试验种群中随机抽查了只,得到如下的样本数据单位:只:
发病 没发病 合计
使用药物
没使用药物
合计
能否在犯错误的概率不超过的前提下,认为该药物与预防该疾病有关?
从该地区此动物群中任取一只,记表示此动物发病,表示此动物没发病,表示此动物使用药物,定义事件的优势,在事件发生的条件下的优势,证明:,并利用表中数据求出值.
若把表中的频率视作概率,现从该地区没发病的动物中抽取只动物,记抽取的只动物中使用药物的只数为,求随机变量的分布列,数学期望.
附:,其中.
22.本小题分
已知函数,.
求函数的值域;
设函数,证明:有且只有一个零点,且.
参考答案
1.
2.
3.
4.
5.
6.
7.
8.
9.
10.
11.
12.
13.
14.,
15.
16.
17.因为,则,
因为数列是以为公差的等差数列.
所以,可得,
当时,,
又因为适合上式,因此.
由可得:,


18.证明:
数列满足,即,

即,
又,

数列表示首项为,公比为的等比数列.
由知,


当为偶数时,可得;
当为奇数时,可得;
综上可得,

19.解:设事件表示第次正面向上,其中,,,,,,且,,
设事件“至少出现一次正面向上”,

设事件“恰好投掷了次游戏结束”,
则,


所以;
的可能取值为,,,,
则,,,

则,
令,
则,
当,,则在上单调递减,
当时,的最大值为.
20.解:取的中点为,接,则,
而,故,故四边形为平行四边形,
故,而平面,平面,
所以平面.
因为,故,故,
故四边形为平行四边形,故,所以平面,
而平面,故,而,
故建立如图所示的空间直角坐标系,
则,

设平面的法向量为,
则由可得,取,
设平面的法向量为,
则由可得,取,
故,
故平面与平面夹角的余弦值为.
21.提出零假设该药物与预防该疾病无关,
根据表格得出,,
由此推断不成立,
则能在犯错误的概率不超过的前提下,认为该药物与预防该疾病有关.
由条件可得,
由表中数据可知,,,则.
样本中没发病的动物有只,其中使用药物的有只,
则使用药物且没发病的频率为,
将频率视作概率,则,
则,,
,,
则的分布列为:
期望.

22.因为,
所以,
则,
所以为偶函数,
当时,
令,则,令,,
,又,,
所以,
即当时,根据偶函数关于轴对称,所以当时,
综上可得.
因为,
当时,函数与函数均在上单调递增,
故在上单调递增,
又,,
故存在唯一零点,
当时,,,故,
当时,,,故,
故当时,无零点,
综上所述,有且只有一个零点,且该零点;
由上可知,且有,
则,
即,
由函数在区间上单调递增,
故.

第1页,共1页

展开更多......

收起↑

资源预览