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2024年四川省达州市渠县中学中考适应性考试九年级物理测试题
1．（2024九下·渠县模拟）下列估测最接近实际情况的是（　　）
A．一张课桌高约为1.4m
B．中华人民共和国国歌播放一遍的时长5min
C．中学生正常步行速度约5m/s
D．一个苹果的质量约为0.2kg
【答案】D
【知识点】质量及其特性；时间的估测；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右。故A不符合实际；
B、我国的国歌长度较小，演奏一遍的时间不到1min，故B不符合实际；
C、中学生正常步行每秒约行走2步，约为1.1m，故步行速度约为。故C不符合实际；
D、一包方便面的质量在100g左右，一个苹果的质量大约是一包方便面质量的二倍，在200g=0.2kg左右。故D符合实际。
故选：D。
【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
2．（2024九下·渠县模拟）关于声现象，下列说法错误的是（　　）
A．“隔墙有耳”说明固体能传声
B．声音在真空中的传播速度最快
C．利用超声波传递能量可以清洗精密仪器
D．“闻其声知其人”是依据声音的音色来判断的
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与能量
【解析】【解答】解：A、声音可以在固体中传播，“隔墙有耳”说明固体能传声。故A正确，不符合题意；
B、声音传播需要介质，真空不能传声。故B错误，符合题意；
C、声音在传播过程中能够传递信息和能量，利用超声波清洗精密仪器，这就说明声音能够传递能量，故C正确，不符合题意；
D、“闻其声知其人”说明不同的人音色是不同的。故D正确，不符合题意。
故选：B。
【分析】 ①声音的传播需要介质，真空不能传声；声音的传播速度与介质种类和温度有关；
②声音能够传递信息，声音能够传递能量；
③不同发声体由于结构、材质不同，音色有所不同。
3．（2024九下·渠县模拟）光的世界绚丽多彩，小张总结的光学基础知识有：①看到池子里的水深比实际的浅是由于光的折射所致；②立竿见影、摄影中的“影”都隐含了光的反射原理；③平静湖面上山的“倒影”，说明平面镜成“与物等大正立的像”的规律不成立；④雨过天晴后天空中出现的彩虹是光的色散现象。下列判断正确的是（　　）
A．只有①④正确 B．只有①③正确
C．①②③④都正确 D．只有②④正确
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射规律；光的色散；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 解：①光线通过不同介质时传播方向会改变，即折射现象，看到池子里的水深比实际的浅是由于光的折射所致，故①正确；
②影子、立竿见影是由光的直线传播形成的，故②错误；
③平静湖面上山的“倒影”，是平面镜成像现象，根据平面镜的成像规律，“倒影”是与物等大正立的虚像，故③错误；
④太阳光经过棱镜折射后形成七种颜色的光叫做光的色散，雨过天晴后天空中出现的彩虹即为光的色散现象，故④正确。
综上所述，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【分析】 光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、筷子在水杯中会变弯等。
4．（2024九下·渠县模拟）如图是四冲程汽油机一个工作循环的其中三个冲程，已知该汽油机正常工作时飞轮转速为2400r/min，下列判断正确的是（　　）
A．缺少压缩冲程，内能转化为机械能
B．缺少做功冲程，机械能转化为内能
C．每秒完成20个工作循环
D．每秒燃气对活塞做功40次
【答案】C
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】解：AB．由图可知，甲图为进气冲程、乙图为压缩冲程、丙图为排气冲程，故缺少做功冲程，该冲程中，燃气对活塞做功，内能转化为机械能，故AB错误；
CD．该汽油机正常工作时飞轮转速为，则该飞轮每秒转40圈，1个工作循环中，包含4个冲程，飞轮转2圈，对活塞做功1次，故该汽油机每秒完成20个工作循环，对活塞做功20次，故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中机械能转化为内能；
做功冲程中内能转化为机械能。
5．（2024九下·渠县模拟）大运会于2023年6月在成都举行，体育运动中涉及的力学知识，以下说法正确的是（　　）
A．踢出去的足球虽然会继续“飞行”，但它总会停下来，说明物体的运动必须有力维持
B．蹦床运动员在空中最高点静止的瞬间是平衡状态
C．篮球运动员抢篮板球起跳时，支持力和重力是一对平衡力
D．乒乓球运动员用力挥拍铲球时，乒乓球的惯性保持不变
【答案】D
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】解：A． 牛顿第一定律指出，当物体不受任何外力时，可以做匀速直线运动，因此运动的物体不一定要力来维持，力是改变物体运动状态的原因 ，故A错误；
B．蹦床运动员在空中最高点静止的瞬间，只受到重力，受力不平衡，处于不平衡状态，故B错误；
C．篮球运动员抢篮板球起跳时，运动员向上运动，运动员受到向上的支持力大于向下的重力，因此才能跳起，这两个力不是平衡力，故C错误；
D．惯性只和物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关，故乒乓球运动员用力挥拍铲球时，乒乓球的惯性保持不变，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动的原因；
（2）在最高点时，物体只受到重力，不是平衡状态；
（3）起跳时，支持力大于重力；
（4）惯性只与质量有关，与速度无关。
6．（2024九下·渠县模拟）如图所示是小明设计的探究影响滑动摩擦力因素的装置：将弹簧测力计右端固定，左端与木块相连，木块放在上表面水平的小车上，弹簧测力计保持水平，现用F为3.5N的力拉动小车水平向左匀速运动，稳定时弹簧测力计的示数如图所示（弹簧测力计重力忽略不计）。下列说法正确的是（　　）
A．木块受到的摩擦力水平向右，大小为3.4N
B．木块受到的摩擦力水平向右，大小为2.6N
C．小车受到木块的摩擦力水平向左，大小为2.6N
D．小车受到地面的摩擦力水平向右，大小为0.9N
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】解：AB．木块相对于小车向右运动，所以木块受到小车的摩擦力水平向左，此时木块受到小车的摩擦力和弹簧测力计的拉力是一对平衡力，大小相等。弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.6N，则木块受到的摩擦力大小为2.6N，故AB错误；
C．小车相对于木块向左运动，则小车受到木块的摩擦力方向水平向右，小车受到木块的摩擦力和木块受到小车的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，则小车受到木块的摩擦力为2.6N，故C错误；
D．小车相对与地面向左运动，则受到地面的摩擦力方向水平向右。现用F为3.5N的力拉动小车水平向左匀速运动，小车处于平衡状态，水平方向上受到地面的摩擦力、木块对它的摩擦力以及拉力的作用而平衡，则小车受到地面的摩擦力f=3.5N-2.6N=0.9N，故D正确。
故选：D。
【分析】摩擦力的方向与相对运动方向相反，摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
二力平衡的条件：作用是同一物体上的两个力，如果大小相等，方向相反，且作用在同一直线上。
7．（2024九下·渠县模拟）如图所示的电路图中，下列分析错误的是（　　）
A．若只闭合S1、S3时，则L1、L2发光，L3开路
B．若同时闭合S1、S2、S3、S4，则L1、L2和L3都能发光
C．若同时闭合S1、S2、S3，则只有L1发光，L2短路，L3开路
D．若同时闭合S2、S4时，则L2、L3串联，L1开路
【答案】B
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】解：A．只闭合S1、S3时，L1、L2串联，L1、L2发光，L3不发光，即开路，故A正确，不符合题意；
B．若同时闭合S1、S2、S3、S4，L1、L3并联，L2被短路，不发光，故B错误，符合题意；
C．若同时闭合S1、S2、S3，L1通路，发光，L2被短路，不发光，L3开路，不发光，故C正确，不符合题意；
D．只闭合S2、S4时，L2、L3串联，两个灯泡发光，L1开路，不发光，故D正确，不符合题意。
故选：B。
【分析】串联电路是指将所有用电器逐个顺次连接起来的电路，并且串联电路中电流只有一条通路；
并联电路是指将所有用电器并列连接起来的电路，并且并联电路中电流有两条或多条通路。
8．（2024九下·渠县模拟）如图是小李同学家里修建楼房时提升重物的装置，他观察到20s内将重力为700N的物体匀速提升了2m，工人对绳子施加的拉力F为375N。忽略绳重和机械间的一切摩擦。下列说法正确的是（　　）
A．拉力F做功为750J
B．拉力F做的额外功为200J
C．拉力的功率为70W
D．如用该装置匀速提升重力为200N的物体，则该滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】解：由图可知，与动滑轮连接的绳子段数n=2。
A．根据滑轮组物体上升高度与绳子自由端的规律可知，绳子自由端移动的距离为
则拉力做功为，故A错误；
B．物体上升所做的有用功为，则所做的额外功为，故B错误；
C．拉力的功率为，故C错误；
D．动滑轮的重力为，，如用该装置匀速提升重力为200N的物体，则该滑轮组的机械效率为
，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；
（2）利用W有=Gh求有用功，利用W总=W有+W额求拉力F做的额外功；
（3）利用求拉力做功的功率；
（4）利用不计绳重和摩擦时求动滑轮的重力，利用不计绳重和摩擦时求提升重力700N的物体时滑轮组的机械效率。
9．（2024九下·渠县模拟）放在水平桌面上的圆柱形容器底面积为1×10-3m2，如图甲所示，将一体积为2×10-4m3的木块放入水中静止时，有五分之一的体积露出水面；用一根细线把木块连接在容器底部，如图乙所示。下列说法中错误的是（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（　　）
A．木块的密度为0.8×103kg/m3
B．木块漂浮时排开水的质量为160g
C．浸没水中时细线对木块的拉力为0.6N
D．甲乙两图中水对容器底的压强增加了4×102Pa
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：A．木块所受的浮力为
木块所受的重力为
木块有五分之一的体积露在水面，即
由于木块处于漂浮状态，即浮力等于重力，故物体的密度为，故A正确，不符合题意；
B．物体所受的浮力等于物体的重力，为，故B正确，不符合题意；
C．浸没时，木块受到的浮力为，物体的重力为
；
浸没时物体静止，受到竖直向下的重力，细线竖直向下的拉力，和竖直向上的浮力，则细线对木块的拉力为
，故C错误，符合题意；
D．甲乙中物体排开水的体积变化量为
则水面升高的高度为，则甲乙两图中水对容器底的压强增加了
，故D正确，不符合题意。
故选：C。
【分析】 （1）图甲中木块漂浮在水面上，有体积露出水面，此时受到的浮力和自身的重力相等，据此列出等式，根据阿基米德原理和G=mg=ρVg算出木块的密度；
（2）木块漂浮时，求出排开水的体积，然后根据m=ρV求出排开水的质量；
（3）图乙中，木块浸没水中，根据F浮=ρ水gV排算出物体浸没在水中时物块A受到的浮力，根据平衡力算出浸没水中时细线对A的拉力；
（4）甲、乙两图所示情况，容器里的水和木块仍然在容器中，总重力仍等于木块、水、容器的重力之和，总重力不变，对桌面的压力不变，根据判断出容器对桌面压强的变化。
10．（2024九下·渠县模拟）如图所示是科技小组设计的监测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持不变。闭合开关S，当水流的速度变大时（　　）
A．电压表的示数变大
B．电流表的示数变小
C．电路消耗的总功率变小
D．电压表示数与电流表示数的比值变小
【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】电路为串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压；当水流的速度变大时，探头上方流速大，压强小，下方流速小，压强的，会向上移动，滑动变阻器连入电路的电阻减小，电压表示数变小，电流表示数变大；根据P=UI，电路总功率变大；
电压表示数与电流表示数的比值是滑动变阻器的阻值，由于滑动变阻器阻值变小，比值变小，故ABC不符合题意，故D符合题意。
故选D。
【分析】流体在流速大的地方压强小；在串联电路中，电阻减小，电流变大，减小的电阻分压变小。
11．（2024九下·渠县模拟）如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，电压表V1的示数从12V变化到20V，电压表V2的示数从18V变化到36V，则下列说法中正确的是（　　）
A．电源电压为48V B．电阻R1的阻值为12Ω
C．灯L的阻值始终是10Ω D．电路最小功率为21.6W
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，灯泡、R1和R2串联，V1测量R1两端电压，V2测量灯泡和R1两端的总电压。
A．当变阻器的滑片滑到最右端时，变阻器的阻值为0，分压为0，此时V2测量电源电压，故电源电压为36V，故A错误；
B．当变阻器的滑片滑到最左端时，变阻器的阻值最大，为30Ω，则此时变阻器两端的电压为
电路中的电流为
根据串联分压知识可知，变阻器阻值最大时，R1的两端的电压最小，即R1两端的电压为12V，故R1的阻值为
，故B错误；
C．当变阻器最值最大时，灯泡两端的电压为；
灯泡的电阻为，
当变阻器最值最小时，灯泡两端的电压为，
此时电路中的电流为，
此时灯泡的电阻为，故C错误；
D．根据可知，当电路中的电流最小时，电路的总功率最小，当变阻器的滑片在最左端时，电路中的阻值最大，电流最小，为0.6A，电路最小功率为，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）由图知，小灯泡L、定值电阻R1以及滑动变阻器R2串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量灯泡L和定值电阻R1两端的电压，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，根据两个电压表示数的变化 判断出电源电压；
（2）当滑动变阻器的电阻最大时，电路的电流最小，根据两电压表示数算出此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律算出最小电流和电阻R1的阻值；
（3）由串联电路电压的规律算出此时小灯泡两端的电压，由欧姆定律算出小灯泡的电阻；
（4）根据可知，当电路中的电流最小时，电路的总功率最小。
12．（2024九下·渠县模拟）如图所示，电源电压恒为24V，小灯泡的规格为“6V 3W”（设灯丝电阻不变），滑动变阻器R1的规格为“60Ω 1A”，定值电阻R2的阻值为12Ω。电压表使用的量程为0~15V，电流表使用的量程为0~0.6A。闭合开关后为了保证电路安全，下列说法正确的是（　　）
A．电流表的变化范围为0.2~0.5A
B．滑动变阻器连入电路阻值的变化范围是24Ω~60Ω
C．电路总功率的变化范围是9W~12W
D．R2消耗电功率的最大值为4.32W
【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】解：由图可知，R1、R2与灯泡串联，电压表测量R1两端电压，电流表测量串联电路电流。
A．灯泡的电阻为
灯泡的额定电流为；
故电流中的最大电流为0.5A。根据串联分压知识可知，变阻器阻值越大，分压越多，由于电压表测量变阻器两端电压，故变阻器两端的最大电压为15V，则R2与灯泡两端的总电压为；
根据可知，当变阻器阻值最大时，电流表示数最小，根据串联电流规律可知，此时电路中的电流为
，故电流表的变化范围为0.375A~0.5A，故A错误；
B．根据可知，电流越大时，变阻器的阻值越小，此时电路总电阻为
则变阻器的最小阻值为
由A分析可知，当变阻器两端电压为15V时，变阻器的阻值最大，为
故滑动变阻器连入电路阻值的变化范围是24Ω~40Ω，故B错误；
C．根据可知，电路最大总功率为；
电路最小总功率为，故电路总功率的变化范围是9W~12W，故C正确；
D．R2消耗电功率的最大值为，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）为了不损坏用电器，电流不能超过用电器的额定电流，先求出灯泡的额定电流，即为最大电流，等灯泡与电阻串联时，电阻最大，则电流最小；
（2）根据可知，电流越大时，变阻器的阻值越小，当变阻器两端电压为15V时，变阻器的阻值最大，即可知滑动变阻器的范围大小；
（3）根据电流的最大值和最小值，结合电功率的公式，即可分析出最大和最小的电功率的值；
（4）根据电功率公式即可求出电阻R2的最大功率。
13．（2024九下·渠县模拟）青少年过度使用手机容易造成眼睛近视，需要带　 　透镜矫正，该透镜对光有　 　作用（选填“会聚”或“发散”）。
【答案】凹；发散
【知识点】透镜及其特点与分类；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】解：近视眼是由于晶状体变厚，对光的折射能力变强，使物体成像在视网膜前，凹透镜对光有发散作用，能使光线发散，能使像延迟会聚而落在视网膜上，所以应配戴凹透镜进行矫正。
故答案为：凹；发散。
【分析】近视眼是因为晶状体太厚、折光能力太强或眼球前后径过长，远处物体的像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线延后会聚到视网膜上。
14．（2024九下·渠县模拟）小华每天都乘公交车去上学，寒冷的冬天他进入开着暖气的车厢时，眼镜表面立即起了一层雾，这是水蒸气　 　而成，过一会又消失了，这是因为小水珠　 　而造成的（均填写适当的物态变化名称）。
【答案】液化；汽化
【知识点】物质的三态；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】解：从室外进入开着暖气的车厢时，眼镜的温度很低，而车厢内的水蒸气遇到冷的镜片发生液化形成小水珠，附着在镜面上，使镜片模糊。
镜片上的小水珠是液态的，过一会又消失了，说明小水珠变成了水蒸气；这是因为小水珠汽化而造成的。
故答案为：液化；汽化。
【分析】物质由气态变成液态，是液化现象，液化放热；
物质由液态变成气态是汽化，汽化吸热。
15．（2024九下·渠县模拟）近日“环卫小精灵”队伍亮相东安湖畔，为成都大运会的环卫工作保驾护航。图中环卫车轮胎上有许多花纹是为了　 　摩擦力。环卫车受到地面的支持力大小与　 　大小相等（选填“人的重力”、 “车的重力”或“人与车的总重力”）。
【答案】增大；人与车的总重力
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解： 轮胎上有许多凹凸不平的花纹，即在压力不变的情况下，增大了接触面的粗糙程度，增大了摩擦力；
环卫车在水平地面上静止且人的两脚站立在环卫车上时，环卫车受到的支持力与“人与车的总重力”是一对平衡力，其大小相等，方向相反。
故答案为：增大；人与车的总重力。
【分析】摩擦力的影响因素有两个，即压力和接触面的粗糙程度；故增大摩擦的方法有：在压力不变的情况下，增大接触面的粗糙程度；在接触面粗糙程度不变的情况下，增大压力；
根据二力平衡知识分析即可。
16．（2024九下·渠县模拟）中国制造的蛟龙-600是世界上最大的水陆两栖飞机，最大起飞质量高达53.5吨，其最大载荷为12吨。当水上飞机停泊在水上时，宽大船体受到的浮力，使飞机浮在水面上，此时它受到的浮力　 　它的总重力。需要起飞时，螺旋桨带动船体不断加速，如图所示，机翼上方空气的流速　 　机翼下方空气的流速（均选填“大于”、“等于”或“小于”），从而产生升力把飞机从水面上逐渐托起来，成为空中飞行的航船。
【答案】等于；大于
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：因为飞机漂浮在水面上，因此飞机受到的浮力和重力是一对平衡力，由二力平衡的知识可知，此时飞机受到的浮力等于它的总重力。
由于机翼上凸下平，在相同的时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小，上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大，所以机翼上方的气流对机翼的压强小于机翼下方的气流对机翼的压强；这样就产生了作用在机翼上的向上的升力。
故答案为：等于；大于。
【分析】根据物体浮沉条件可知，物体漂浮时，浮力等于重力；
流体的流速是，流速越大，压强越小。
17．（2024九下·渠县模拟）小张同学想知道家里空气开关的限流装置是如何工作的，他仔细阅读说明书，发现了如图所示的限流装置的工作原理图，S为开关，Q为可绕O点旋转的衔铁，当电流流向如图时，电磁铁左端为　 　极。当电流超过限定电流时，S会处于　 　状态（选填“断开”或“闭合”），保证电路安全。
【答案】N；断开
【知识点】电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 解：由图可知，电流左端流入，右端流出，由安培定则可知，电磁铁左端为N极。
当电流超过限定电流时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁的力变大，使衔铁Q向左转动，闸刀开关在弹簧的拉力作用下自动开启，切断电路，起到保险作用。
故答案为：N；断开。【分析】利用安培定则进行分析；
当电流变大时，电磁铁的磁性变强。
18．（2024九下·渠县模拟）小倩家的饮水机外形如图甲所示，她首先阅读说明书，知道饮水机有“加热”、“保温”两个档位，其简化电路如图乙所示，R1、R2是电热丝，R1=44Ω， R2=440Ω。当她同时闭合S1和S2时，饮水机功率为　 　W。当饮水机加热时（不计热量散失），正常工作3.5min后，在一个标准大气压下能将0.8L的水从25℃加热到　 　℃。[ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J(kg·℃)]
【答案】1210；100
【知识点】比热容；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：同时闭合S1 和S2 时，R1 与R2 并联，饮水机的功率最大，处于加热状态。因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻
饮水机的功率
由可得，水的质量
水吸收的热量Q吸 =cm(t t0 )=4.2×103J/(kg ℃)×0.8kg×(t 25℃)
不计热量散失，则消耗的电能W=Q吸 =1210W×3.5×60s=2.541×105J
则4.2×103J/(kg ℃)×0.8kg×(t 25℃)=2.541×105J
解得：t=100.625℃。因在一个标准大气压下水的沸点是100℃，且沸腾时继续吸热温度不变，所以，水最终温度是100℃。
故答案为：1210；100。
【分析】当闭合S1 和S2 时，R1 与R2 并联，电阻最小，饮水机的功率最大，处于加热状态，根据功率公式求出最大功率大小；
根据热量公式求出水吸收的热量，不计热量损失，则消耗的电能等于水吸收的热量，水在一个标准大气压下沸点是100℃。
19．（2024九下·渠县模拟）如图所示的电路中，电源电压U=6V，R1=10Ω，R2=20Ω。只闭合S1时电路中的工作电流是　 　A；只闭合S2时电路消耗的功率为P，闭合S1和S3时电路消耗的功率为P'，则P∶P'=　 　。
【答案】0.3；
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：只闭合S1时，电路为只有R2的简单电路，此时电路中的电流为。
只闭合S2时，电路为R1和R2的串联电路，电路的总电阻为。
电路的总功率为。
闭合S1和S3时，电路为R1和R2的并联电路，电路的总功率为。
则P∶P'为。
故答案为：0.3；2：9。
【分析】 （1）只闭合S1时，只有R2接入电路，根据可求出此时电路中的电流；
（2）只闭合S2时，R1和R2串联，根据串联电路电阻规律和可求出此时电路中的电流，根据P=UI可求出此时电路消耗的功率；只闭合S1和S3时，R1和R2并联，根据并联电路电阻规律可求出此时电路中的总电阻，根据可求出此时干路电流，根据P=UI可求出此时电路消耗的功率，从而求出两次功率之比。
20．（2024九下·渠县模拟）如图所示，两个正方体实心物体A、B叠放在水平桌面上，物体A重为4N，B重32N。已知A对B的压强与B对桌面的压强相等，则A对B的压力与B对桌面的压力FA∶FB=　 　，A的密度和B的密度ρA∶ρB=　 　。
【答案】1∶9；27∶8
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【解答】解： 物体A对B的压力与物体B对桌面的压力之比：
设A、B的边长分别为a、b，则A对B的压强
B对桌面的压强
因A对B的压强与B对桌面的压强相等，则有
解得a∶b=1∶3，则A、B的体积之比VA∶VB= a3∶b3= (1)3∶(3)3= 1∶27
由G=mg和可得，A、B的密度之比。
故答案为：1：9；27：8。
【分析】 （1）物体A对B的压力等于A的重力，物体B对桌面的压力等于A、B的重力之和，据此计算物体A对B的压力与物体B对桌面的压力之比；
（2）根据压强之比可得两正方体的体积之比，最后根据密度公式求出它们的密度之比。
21．（2024九下·渠县模拟）在如图所示的电路中，定值电阻R0的阻值为10Ω，电动机的线圈电阻为1Ω。闭合开关，电流表A1、A2示数分别为0.3A、0.8A，则电源电压为　 　V，电动机的功率为　 　W，1min内该电动机转化得到的机械能为　 　J。
【答案】3；1.5；75
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】解：由电路图可知，电动机与定值电阻R0 并联，电流表A1 测R0 支路的电流，电流表A2 测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压与电源电压相等，所以，由可得，电源的电压；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电动机的电流；
电动机的电功率；
电动机的热功率；
电动机的机械功率；
1min内该电动机转化得到的机械能。
故答案为：3；1.5；75。
【分析】在并联电路中，各支路电压等于电源电压；
根据电功率公式求出电动机的电功率；
先求出电动机的热功率，在根据功的公式求出即可。
22．（2024九下·渠县模拟）定值电阻R1、小灯泡L和滑动变阻器R2接入如图所示的电路，电源电压恒定，小灯泡上标有“6V 3W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响），以下所有操作都在保证电路安全的情况下进行。当闭合S、S1，断开S2且滑片P位于a点时，电压表V1和V2的示数之比U1：U2=3：1，电流表示数为0.5A。当滑片P位于最右端时，电压表V1和V2的示数之比U1：U2=3：5；当闭合S、S2，断开S1且滑片P位于最左端时，电压表V1和V2的示数之比。则电源电压为　 　V，R2的最大阻值为　 　Ω，闭合S、S2断开S1时，灯泡实际功率　 　W；闭合S、S1断开S2时，电路最小功率为　 　W。
【答案】12；30；1.92；3
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：当闭合S、S1，断开S2且滑片P位于a点时，R1和R2串联，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量变阻器两端电压。两电压表的示数之比U1：U2=3：1，根据串联分压知识可知，此时①
当滑片P位于最右端时，电压表V1和V2的示数之比U1：U2=3：5；根据串联分压知识可知，此时②
当闭合S、S2，断开S1且滑片P位于最左端时，R1和灯泡串联，V1测量电源电压，V2测量灯泡两端电压，电压表V1和V2的示数之比，根据串联分压知识可知，此时③
灯泡的电阻为
联立①②③与的阻值解得：，，，则R2的最大阻值为30Ω。当闭合S、S1，断开S2且滑片P位于a点时，电流表示数为0.5A，则电源电压为
闭合S、S2断开S1时，电路中的电流为
灯泡实际功率为
闭合S、S1，断开S2时，R1和R2串联，根据可知，电路中电阻越大，电路的功率越小，当R2阻值最大时，电路功率最小，为
。
故答案为：12；30；1.92；2。
【分析】 （1）根据求出灯泡的电阻；当开关S、S2闭合，S1断开，滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，灯泡与R1串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压，根据串联电路的分压原理表示出R1与灯泡的电阻RL之比，进而求出R1的阻值；
当开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，根据串联电路的分压原理表示出R1与滑片P位于a点时滑动变阻器接入电路的电阻R2a之比，进而求出滑动变阻器接入电路的电阻，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源电压；
（2）根据电路图可知，滑片P位于最右端时，滑动变阻器R2接入电路的电阻最大，根据串联电路的分压原理表示出R1与滑动变阻器R2的最大阻值之比，进而求出R2的最大阻值；
（3）当开关S、S1闭合，S2断开时，根据P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的功率最大，根据欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中电流最大，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，根据P=UI求出电路的最大功率；
（4）当开关S、S2闭合，S1断开，滑片P位于最左端时，根据串联电路的电阻特点求出此时电路中的总电阻，根据电功率公式求出最小的电功率。
23．（2024九下·渠县模拟）小明陪妈妈去看牙医，他看到牙医借助平面镜观察妈妈牙齿的背面如图甲，他根据学过的平面镜成像知识，很快明白了牙医能借助平面镜观察到妈妈牙齿背面的原因，请在图乙中画出能反映此过程的光路图。
【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】解：先作出牙齿A关于平面镜的对称点A'，即像的位置，连接像A'和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线，如图所示：
【分析】 由于光在平面镜发生镜面反射，所以牙齿和在平面镜形成的像关于平面镜对称，先确定像的位置，连接像与人的眼睛确定入射点，可得反射光线，进一步得出入射光线即可完成光路。
24．（2024九下·渠县模拟）如图甲是环保垃圾桶，它是我们城市中一道亮丽的风景线，静静地站在路边，为我们的城市增添了一份美丽。图乙为其简化示意图，环卫工人在B点用力使其静止。若将垃圾桶看成一个杠杆，A为支点，O点为垃圾桶重心，请在图乙中画出：作用在B端的最小动力F1的示意图及F1的力臂。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】解：要使作用在B点的动力F1最小，则力臂L1应最大，连接AB即为最大力臂L1，过B点斜向上作L1的垂线即为最小动力，如下图所示：
【分析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
25．（2024九下·渠县模拟）小夏同学假期与家人在锦城湖公园游玩时，在湖边捡回一块漂亮的石块，准备利用所学知识测量它的密度。她从“家庭实验室”中找出天平和量筒开始了实验。
（1）小夏用调好的天平测量石块的质量如图甲所示，请你指出她在实验操作中的错误：　 　；改正错误后，她用正确的方法测量其质量，结果如图乙所示，则石块的质量为　 　g；在量筒内装一定体积的水，石块放入前、后的情况如图丙所示，则石块的密度是　 　kg/m3。
（2）实验后，小夏发现石块表面有细孔结构，从而判断石块放入水中后会吸水，这样直接测量会导致测量密度　 　（选填“偏大”、“偏小“或”不变”）。
（3）小夏想要解决石块吸水的问题，请你帮她设计一个可行的方案　 　。
【答案】用手取放砝码；38.4；；偏大；为了防止石块吸水，可以使用适量的保鲜膜将石块紧紧包裹住再放入量筒中。
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】解：（1）取放砝码时，为防止砝码与手接触发生锈蚀，应该使用镊子进行操作，故图中的错误操作为用手取放砝码。
由乙图可知，游码的分度值为0.2g，示数为3.4g，则石块的质量为
由丙图可知，在未放入石块前量筒示数为30mL，放入石块后示数为45mL，则石块的体积为
则石块的密度为
（2）石块放入水中后会吸水，这样直接测量会导致石块的体积偏小，根据可知，测量出的密度将会偏大。
（3）为了防止石块吸水，可以使用适量的保鲜膜将石块紧紧包裹住再放入量筒中。
故答案为：（1）用手取放砝码；38.4；；（2）偏大；（3）为了防止石块吸水，可以使用适量的保鲜膜将石块紧紧包裹住再放入量筒中。
【分析】（1）在加减砝码时，应用镊子；天平平衡时被测物体的质量等于右盘中砝码的质量加上游码在标尺上所对的刻度值；
据丙图中可以计算出该石块的体积，利用密度公式求密度；
（2）石块吸水后，水的体积偏小，导致石块的体积偏小，利用密度公式分析密度的变化情况；
（3）可以用保鲜膜紧紧包住石块，防止石块吸水而影响密度的测量。
26．（2024九下·渠县模拟）某同学利用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是2.5V。
（1）该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线；　 　
（2）正确连接电路后，闭合开关时发现电流表指针不偏转但电压表指针明显偏转，故障原因可能是　 　；
（3）排除故障后，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于最　 　端（选填“A”或“B”）。闭合开关后移动滑片，使电压表的读数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是　 　W，小灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω（结果保留一位小数）；
（4）同组同学接着将小灯泡换成定值电阻来探究“电流与电阻的关系”。实验过程中，断开开关将定值阻值由5Ω调为10Ω，保持滑片的位置不变，闭合开关时电压表示数会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），要继续探究，应该将滑片P向　 　移动（选填“A”或“B”）；
（5）实验创新。要求：在只有下列实验器材的前提下，测出未知定值电阻Rx的阻值。实验器材：电阻Rx、电源（电压恒定但未知）、滑动变阻器（已知最大阻值为 R0）、电压表、开关、导线若干。小张同学设计了如图丙所示的电路图，用以下步骤测Rx的阻值：
① 滑动变阻器滑片滑到a端时，读出电压表示数U1（U1未超过电压表的量程）；
② 滑动变阻器滑片滑到b端时，读出电压表示数U2；
③ 请帮他写出Rx的表达式：Rx=　 　（用字母R0、U1、U2表示）。
【答案】；小灯泡断路；A；0.65；9.6；变大；A；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】解：（1）图中电压表被导线短路，实验中电压表应并联在灯泡两端，如图所示：
（2）电流表指针不偏转但电压表指针明显偏转，说明电压表并联的部分断路，即灯泡断路。
（3）为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，即A端。
由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W
小灯泡正常发光时的电阻
（4）断开开关将定值阻值由5Ω调为10Ω，保持滑片的位置不变，因串联电路中电阻越大分得的电压越大，所以定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数变大。
探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以应减小定值电阻两端的电压，增大滑动变阻器两端的电压。由串联电路的分压特点可知，应增大滑动变阻器接入电路中的电阻，即滑片向A端移动，直至电压表示数等于2.5V。
（5）当滑片滑到a端时，电压表测电源的电压，则电源的电压U=U1 ；当滑片滑到b端时，电压表测Rx两端的电压，则Rx两端的电压Ux =U2 ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压U滑 =U Ux =U1 U2
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流
则定值电阻的阻值。
故答案为：（1）；（2）小灯泡断路；（3）A；0.65；9.6；（4）变大；A；（5）。
【分析】（1）图中电压表被导线短路，实验中电压表应并联在灯泡两端；
（2）电流表的指针不偏转，说明电路是断路，电压表偏转，说明与电压表并联的用电器断路；
（3）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该放在滑动变阻器的最大阻值处，根据电功率的公式求出小灯泡的电功率，根据欧姆定律求出电阻的大小；
（4）串联电路是分压电路，电阻变大，则电压也变大，为了控制电阻两端的电压保持不变，应该将滑动变阻器的电阻也变大；
（5） 采用伏滑法求出位置电阻的大小。
27．（2024九下·渠县模拟）如图所示，电源电压保持不变，R1=3Ω，R2=18Ω，灯泡L标有“6V 3W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响），同时闭合开关S1S3时，电流表的示数为0.5A。求：
（1）灯泡L正常工作时的电阻；
（2）当只闭合开关S1时，电阻R1消耗的功率；
（3）此电路消耗的最大电功率与不为零的最小电功率之比。
【答案】解：（1） 灯泡L标有“6V 3W”字样，根据可得，灯泡L正常工作时的电阻；
（2）当只闭合开关S1时，灯泡L和R1串联，则总电阻R串=RL+R1=12Ω+3Ω=15Ω，
电路中的电流为：，
则电阻R1消耗的功率：P1=I2R1=（0.4A）2×3Ω=0.48W
（3）当开关S2、S3同时闭合时，灯泡L和R2并联接入电路；只闭合S1时，灯泡L和R1串联接入电路， 由串并联电路的电阻特点和可知：灯泡L和R2并联时电路消耗的电功率最大，灯泡L和R1串联时电路消耗的电功率最小， 则电路消耗的最大功率
电路消耗的最小功率
所以，此电路消耗的最大电功率与不为零的最小电功率之比P最大∶P最小=5W∶2.4W=25∶12。
答：（1）灯泡L正常工作时的电阻为12Ω；
（2）当只闭合开关S1时，电阻R1消耗的功率为0.48W；
（3）此电路消耗的最大电功率与不为零的最小电功率之比为25∶12。
【知识点】电功率的计算
【解析】【分析】 （1）灯泡L标有“6V 3W”字样，根据公式变形可计算灯泡的电阻；（2）当只闭合开关S1时，灯泡L和R1串联，由串联电路的电阻特点和求出此时电路中的电流，根据P=I2R计算R1消耗的功率；
（3）如果开关S2、S3同时闭合时，灯泡L和R2并联接入电路，并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，由可知此时通过电路的电流最大，由P=UI可知此时电路消耗的电功率最大，根据并联电路的电阻规律计算电路总电阻，根据计算电路消耗的最大电功率；只闭合S1时，灯泡和R1串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时电路总电阻最大，根据串联电路的电阻规律计算电路总电阻，根据求出该电路消耗的最小电功率，最后求出最大电功率与最小电功率的比值。
28．（2024九下·渠县模拟）如图所示，有两个不吸水的实心均匀圆柱体A和B（圆柱体B的顶部系有一根轻质细线未画），其部分物理量如下表1。薄壁容器C上、下部分均为圆柱体，但横截面积不同，容器的部分参数如表2。圆柱体A、B、容器C放在水平地面上（已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
表一
圆柱体 质量m/g 密度ρ/(g/cm3) 高度h/cm 底面积S/cm2
A 384 1.2 未知 40
B 240 0.8 6 未知
表二
容器 高度h/cm 底面积S/cm2
容器C 上部分 4 60
下部分 5 70
（1）求圆柱体A的高度；
（2）求B对水平地面的压强；
（3）将B竖直放入空容器C中，再向容器C中缓慢加入某种液体直至加满。稳定后，用细线将B竖直向上缓慢提升0.6cm，静止后，细线的拉力为1.8N，求加入液体的密度（圆柱体B始终处于竖直状态）。
【答案】解：（1）根据密度公式可知，圆柱体A的体积为
根据体积公式可知，圆柱体A的高度为
（2）B对水平地面的压强为
（3）当圆柱体B的密度大于液体的密度时，加满液体后，圆柱体B沉底，此时圆柱体B距离液面的高度为
故将圆柱体B提升0.6cm，则圆柱体B仍处于浸没状态，此时圆柱体受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力和竖直向上的拉力，圆柱体B的重力大小为
则浮力大小为
圆柱体B的体积为
则液体的密度为
当圆柱体B的密度小于液体的密度时，加满液体后，圆柱体B将漂浮，将圆柱体B提升0.6cm，则圆柱体B仍处于漂浮状态，此时圆柱体受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力和竖直向上的拉力，根据二力平衡知识可知，此时圆柱体B减小的浮力即等于细线的拉力1.8N，圆柱体B的底面积为
则圆柱体B排开液体体积的变化量为
则液体的密度为
综上所述，液体的密度为或。
答：（1）求圆柱体A的高度为8cm；
（2）求B对水平地面的压强为480Pa；
（3）加入液体的密度为或。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据密度公式求出圆柱体的体积，根据体积公式求出A的高度；
（2）对于形状规则的固体，可以采用公式计算压强大小；
（3）分别对物体密度大于和小于液体密度进行分析，结合物体的浮沉条件求出液体的密度大小。
1 / 12024年四川省达州市渠县中学中考适应性考试九年级物理测试题
1．（2024九下·渠县模拟）下列估测最接近实际情况的是（　　）
A．一张课桌高约为1.4m
B．中华人民共和国国歌播放一遍的时长5min
C．中学生正常步行速度约5m/s
D．一个苹果的质量约为0.2kg
2．（2024九下·渠县模拟）关于声现象，下列说法错误的是（　　）
A．“隔墙有耳”说明固体能传声
B．声音在真空中的传播速度最快
C．利用超声波传递能量可以清洗精密仪器
D．“闻其声知其人”是依据声音的音色来判断的
3．（2024九下·渠县模拟）光的世界绚丽多彩，小张总结的光学基础知识有：①看到池子里的水深比实际的浅是由于光的折射所致；②立竿见影、摄影中的“影”都隐含了光的反射原理；③平静湖面上山的“倒影”，说明平面镜成“与物等大正立的像”的规律不成立；④雨过天晴后天空中出现的彩虹是光的色散现象。下列判断正确的是（　　）
A．只有①④正确 B．只有①③正确
C．①②③④都正确 D．只有②④正确
4．（2024九下·渠县模拟）如图是四冲程汽油机一个工作循环的其中三个冲程，已知该汽油机正常工作时飞轮转速为2400r/min，下列判断正确的是（　　）
A．缺少压缩冲程，内能转化为机械能
B．缺少做功冲程，机械能转化为内能
C．每秒完成20个工作循环
D．每秒燃气对活塞做功40次
5．（2024九下·渠县模拟）大运会于2023年6月在成都举行，体育运动中涉及的力学知识，以下说法正确的是（　　）
A．踢出去的足球虽然会继续“飞行”，但它总会停下来，说明物体的运动必须有力维持
B．蹦床运动员在空中最高点静止的瞬间是平衡状态
C．篮球运动员抢篮板球起跳时，支持力和重力是一对平衡力
D．乒乓球运动员用力挥拍铲球时，乒乓球的惯性保持不变
6．（2024九下·渠县模拟）如图所示是小明设计的探究影响滑动摩擦力因素的装置：将弹簧测力计右端固定，左端与木块相连，木块放在上表面水平的小车上，弹簧测力计保持水平，现用F为3.5N的力拉动小车水平向左匀速运动，稳定时弹簧测力计的示数如图所示（弹簧测力计重力忽略不计）。下列说法正确的是（　　）
A．木块受到的摩擦力水平向右，大小为3.4N
B．木块受到的摩擦力水平向右，大小为2.6N
C．小车受到木块的摩擦力水平向左，大小为2.6N
D．小车受到地面的摩擦力水平向右，大小为0.9N
7．（2024九下·渠县模拟）如图所示的电路图中，下列分析错误的是（　　）
A．若只闭合S1、S3时，则L1、L2发光，L3开路
B．若同时闭合S1、S2、S3、S4，则L1、L2和L3都能发光
C．若同时闭合S1、S2、S3，则只有L1发光，L2短路，L3开路
D．若同时闭合S2、S4时，则L2、L3串联，L1开路
8．（2024九下·渠县模拟）如图是小李同学家里修建楼房时提升重物的装置，他观察到20s内将重力为700N的物体匀速提升了2m，工人对绳子施加的拉力F为375N。忽略绳重和机械间的一切摩擦。下列说法正确的是（　　）
A．拉力F做功为750J
B．拉力F做的额外功为200J
C．拉力的功率为70W
D．如用该装置匀速提升重力为200N的物体，则该滑轮组的机械效率为80%
9．（2024九下·渠县模拟）放在水平桌面上的圆柱形容器底面积为1×10-3m2，如图甲所示，将一体积为2×10-4m3的木块放入水中静止时，有五分之一的体积露出水面；用一根细线把木块连接在容器底部，如图乙所示。下列说法中错误的是（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（　　）
A．木块的密度为0.8×103kg/m3
B．木块漂浮时排开水的质量为160g
C．浸没水中时细线对木块的拉力为0.6N
D．甲乙两图中水对容器底的压强增加了4×102Pa
10．（2024九下·渠县模拟）如图所示是科技小组设计的监测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持不变。闭合开关S，当水流的速度变大时（　　）
A．电压表的示数变大
B．电流表的示数变小
C．电路消耗的总功率变小
D．电压表示数与电流表示数的比值变小
11．（2024九下·渠县模拟）如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，电压表V1的示数从12V变化到20V，电压表V2的示数从18V变化到36V，则下列说法中正确的是（　　）
A．电源电压为48V B．电阻R1的阻值为12Ω
C．灯L的阻值始终是10Ω D．电路最小功率为21.6W
12．（2024九下·渠县模拟）如图所示，电源电压恒为24V，小灯泡的规格为“6V 3W”（设灯丝电阻不变），滑动变阻器R1的规格为“60Ω 1A”，定值电阻R2的阻值为12Ω。电压表使用的量程为0~15V，电流表使用的量程为0~0.6A。闭合开关后为了保证电路安全，下列说法正确的是（　　）
A．电流表的变化范围为0.2~0.5A
B．滑动变阻器连入电路阻值的变化范围是24Ω~60Ω
C．电路总功率的变化范围是9W~12W
D．R2消耗电功率的最大值为4.32W
13．（2024九下·渠县模拟）青少年过度使用手机容易造成眼睛近视，需要带　 　透镜矫正，该透镜对光有　 　作用（选填“会聚”或“发散”）。
14．（2024九下·渠县模拟）小华每天都乘公交车去上学，寒冷的冬天他进入开着暖气的车厢时，眼镜表面立即起了一层雾，这是水蒸气　 　而成，过一会又消失了，这是因为小水珠　 　而造成的（均填写适当的物态变化名称）。
15．（2024九下·渠县模拟）近日“环卫小精灵”队伍亮相东安湖畔，为成都大运会的环卫工作保驾护航。图中环卫车轮胎上有许多花纹是为了　 　摩擦力。环卫车受到地面的支持力大小与　 　大小相等（选填“人的重力”、 “车的重力”或“人与车的总重力”）。
16．（2024九下·渠县模拟）中国制造的蛟龙-600是世界上最大的水陆两栖飞机，最大起飞质量高达53.5吨，其最大载荷为12吨。当水上飞机停泊在水上时，宽大船体受到的浮力，使飞机浮在水面上，此时它受到的浮力　 　它的总重力。需要起飞时，螺旋桨带动船体不断加速，如图所示，机翼上方空气的流速　 　机翼下方空气的流速（均选填“大于”、“等于”或“小于”），从而产生升力把飞机从水面上逐渐托起来，成为空中飞行的航船。
17．（2024九下·渠县模拟）小张同学想知道家里空气开关的限流装置是如何工作的，他仔细阅读说明书，发现了如图所示的限流装置的工作原理图，S为开关，Q为可绕O点旋转的衔铁，当电流流向如图时，电磁铁左端为　 　极。当电流超过限定电流时，S会处于　 　状态（选填“断开”或“闭合”），保证电路安全。
18．（2024九下·渠县模拟）小倩家的饮水机外形如图甲所示，她首先阅读说明书，知道饮水机有“加热”、“保温”两个档位，其简化电路如图乙所示，R1、R2是电热丝，R1=44Ω， R2=440Ω。当她同时闭合S1和S2时，饮水机功率为　 　W。当饮水机加热时（不计热量散失），正常工作3.5min后，在一个标准大气压下能将0.8L的水从25℃加热到　 　℃。[ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J(kg·℃)]
19．（2024九下·渠县模拟）如图所示的电路中，电源电压U=6V，R1=10Ω，R2=20Ω。只闭合S1时电路中的工作电流是　 　A；只闭合S2时电路消耗的功率为P，闭合S1和S3时电路消耗的功率为P'，则P∶P'=　 　。
20．（2024九下·渠县模拟）如图所示，两个正方体实心物体A、B叠放在水平桌面上，物体A重为4N，B重32N。已知A对B的压强与B对桌面的压强相等，则A对B的压力与B对桌面的压力FA∶FB=　 　，A的密度和B的密度ρA∶ρB=　 　。
21．（2024九下·渠县模拟）在如图所示的电路中，定值电阻R0的阻值为10Ω，电动机的线圈电阻为1Ω。闭合开关，电流表A1、A2示数分别为0.3A、0.8A，则电源电压为　 　V，电动机的功率为　 　W，1min内该电动机转化得到的机械能为　 　J。
22．（2024九下·渠县模拟）定值电阻R1、小灯泡L和滑动变阻器R2接入如图所示的电路，电源电压恒定，小灯泡上标有“6V 3W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响），以下所有操作都在保证电路安全的情况下进行。当闭合S、S1，断开S2且滑片P位于a点时，电压表V1和V2的示数之比U1：U2=3：1，电流表示数为0.5A。当滑片P位于最右端时，电压表V1和V2的示数之比U1：U2=3：5；当闭合S、S2，断开S1且滑片P位于最左端时，电压表V1和V2的示数之比。则电源电压为　 　V，R2的最大阻值为　 　Ω，闭合S、S2断开S1时，灯泡实际功率　 　W；闭合S、S1断开S2时，电路最小功率为　 　W。
23．（2024九下·渠县模拟）小明陪妈妈去看牙医，他看到牙医借助平面镜观察妈妈牙齿的背面如图甲，他根据学过的平面镜成像知识，很快明白了牙医能借助平面镜观察到妈妈牙齿背面的原因，请在图乙中画出能反映此过程的光路图。
24．（2024九下·渠县模拟）如图甲是环保垃圾桶，它是我们城市中一道亮丽的风景线，静静地站在路边，为我们的城市增添了一份美丽。图乙为其简化示意图，环卫工人在B点用力使其静止。若将垃圾桶看成一个杠杆，A为支点，O点为垃圾桶重心，请在图乙中画出：作用在B端的最小动力F1的示意图及F1的力臂。
25．（2024九下·渠县模拟）小夏同学假期与家人在锦城湖公园游玩时，在湖边捡回一块漂亮的石块，准备利用所学知识测量它的密度。她从“家庭实验室”中找出天平和量筒开始了实验。
（1）小夏用调好的天平测量石块的质量如图甲所示，请你指出她在实验操作中的错误：　 　；改正错误后，她用正确的方法测量其质量，结果如图乙所示，则石块的质量为　 　g；在量筒内装一定体积的水，石块放入前、后的情况如图丙所示，则石块的密度是　 　kg/m3。
（2）实验后，小夏发现石块表面有细孔结构，从而判断石块放入水中后会吸水，这样直接测量会导致测量密度　 　（选填“偏大”、“偏小“或”不变”）。
（3）小夏想要解决石块吸水的问题，请你帮她设计一个可行的方案　 　。
26．（2024九下·渠县模拟）某同学利用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是2.5V。
（1）该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线；　 　
（2）正确连接电路后，闭合开关时发现电流表指针不偏转但电压表指针明显偏转，故障原因可能是　 　；
（3）排除故障后，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于最　 　端（选填“A”或“B”）。闭合开关后移动滑片，使电压表的读数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是　 　W，小灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω（结果保留一位小数）；
（4）同组同学接着将小灯泡换成定值电阻来探究“电流与电阻的关系”。实验过程中，断开开关将定值阻值由5Ω调为10Ω，保持滑片的位置不变，闭合开关时电压表示数会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），要继续探究，应该将滑片P向　 　移动（选填“A”或“B”）；
（5）实验创新。要求：在只有下列实验器材的前提下，测出未知定值电阻Rx的阻值。实验器材：电阻Rx、电源（电压恒定但未知）、滑动变阻器（已知最大阻值为 R0）、电压表、开关、导线若干。小张同学设计了如图丙所示的电路图，用以下步骤测Rx的阻值：
① 滑动变阻器滑片滑到a端时，读出电压表示数U1（U1未超过电压表的量程）；
② 滑动变阻器滑片滑到b端时，读出电压表示数U2；
③ 请帮他写出Rx的表达式：Rx=　 　（用字母R0、U1、U2表示）。
27．（2024九下·渠县模拟）如图所示，电源电压保持不变，R1=3Ω，R2=18Ω，灯泡L标有“6V 3W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响），同时闭合开关S1S3时，电流表的示数为0.5A。求：
（1）灯泡L正常工作时的电阻；
（2）当只闭合开关S1时，电阻R1消耗的功率；
（3）此电路消耗的最大电功率与不为零的最小电功率之比。
28．（2024九下·渠县模拟）如图所示，有两个不吸水的实心均匀圆柱体A和B（圆柱体B的顶部系有一根轻质细线未画），其部分物理量如下表1。薄壁容器C上、下部分均为圆柱体，但横截面积不同，容器的部分参数如表2。圆柱体A、B、容器C放在水平地面上（已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
表一
圆柱体 质量m/g 密度ρ/(g/cm3) 高度h/cm 底面积S/cm2
A 384 1.2 未知 40
B 240 0.8 6 未知
表二
容器 高度h/cm 底面积S/cm2
容器C 上部分 4 60
下部分 5 70
（1）求圆柱体A的高度；
（2）求B对水平地面的压强；
（3）将B竖直放入空容器C中，再向容器C中缓慢加入某种液体直至加满。稳定后，用细线将B竖直向上缓慢提升0.6cm，静止后，细线的拉力为1.8N，求加入液体的密度（圆柱体B始终处于竖直状态）。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】质量及其特性；时间的估测；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右。故A不符合实际；
B、我国的国歌长度较小，演奏一遍的时间不到1min，故B不符合实际；
C、中学生正常步行每秒约行走2步，约为1.1m，故步行速度约为。故C不符合实际；
D、一包方便面的质量在100g左右，一个苹果的质量大约是一包方便面质量的二倍，在200g=0.2kg左右。故D符合实际。
故选：D。
【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
2．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与能量
【解析】【解答】解：A、声音可以在固体中传播，“隔墙有耳”说明固体能传声。故A正确，不符合题意；
B、声音传播需要介质，真空不能传声。故B错误，符合题意；
C、声音在传播过程中能够传递信息和能量，利用超声波清洗精密仪器，这就说明声音能够传递能量，故C正确，不符合题意；
D、“闻其声知其人”说明不同的人音色是不同的。故D正确，不符合题意。
故选：B。
【分析】 ①声音的传播需要介质，真空不能传声；声音的传播速度与介质种类和温度有关；
②声音能够传递信息，声音能够传递能量；
③不同发声体由于结构、材质不同，音色有所不同。
3．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射规律；光的色散；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 解：①光线通过不同介质时传播方向会改变，即折射现象，看到池子里的水深比实际的浅是由于光的折射所致，故①正确；
②影子、立竿见影是由光的直线传播形成的，故②错误；
③平静湖面上山的“倒影”，是平面镜成像现象，根据平面镜的成像规律，“倒影”是与物等大正立的虚像，故③错误；
④太阳光经过棱镜折射后形成七种颜色的光叫做光的色散，雨过天晴后天空中出现的彩虹即为光的色散现象，故④正确。
综上所述，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【分析】 光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、筷子在水杯中会变弯等。
4．【答案】C
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】解：AB．由图可知，甲图为进气冲程、乙图为压缩冲程、丙图为排气冲程，故缺少做功冲程，该冲程中，燃气对活塞做功，内能转化为机械能，故AB错误；
CD．该汽油机正常工作时飞轮转速为，则该飞轮每秒转40圈，1个工作循环中，包含4个冲程，飞轮转2圈，对活塞做功1次，故该汽油机每秒完成20个工作循环，对活塞做功20次，故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中机械能转化为内能；
做功冲程中内能转化为机械能。
5．【答案】D
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】解：A． 牛顿第一定律指出，当物体不受任何外力时，可以做匀速直线运动，因此运动的物体不一定要力来维持，力是改变物体运动状态的原因 ，故A错误；
B．蹦床运动员在空中最高点静止的瞬间，只受到重力，受力不平衡，处于不平衡状态，故B错误；
C．篮球运动员抢篮板球起跳时，运动员向上运动，运动员受到向上的支持力大于向下的重力，因此才能跳起，这两个力不是平衡力，故C错误；
D．惯性只和物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关，故乒乓球运动员用力挥拍铲球时，乒乓球的惯性保持不变，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动的原因；
（2）在最高点时，物体只受到重力，不是平衡状态；
（3）起跳时，支持力大于重力；
（4）惯性只与质量有关，与速度无关。
6．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】解：AB．木块相对于小车向右运动，所以木块受到小车的摩擦力水平向左，此时木块受到小车的摩擦力和弹簧测力计的拉力是一对平衡力，大小相等。弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.6N，则木块受到的摩擦力大小为2.6N，故AB错误；
C．小车相对于木块向左运动，则小车受到木块的摩擦力方向水平向右，小车受到木块的摩擦力和木块受到小车的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，则小车受到木块的摩擦力为2.6N，故C错误；
D．小车相对与地面向左运动，则受到地面的摩擦力方向水平向右。现用F为3.5N的力拉动小车水平向左匀速运动，小车处于平衡状态，水平方向上受到地面的摩擦力、木块对它的摩擦力以及拉力的作用而平衡，则小车受到地面的摩擦力f=3.5N-2.6N=0.9N，故D正确。
故选：D。
【分析】摩擦力的方向与相对运动方向相反，摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
二力平衡的条件：作用是同一物体上的两个力，如果大小相等，方向相反，且作用在同一直线上。
7．【答案】B
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】解：A．只闭合S1、S3时，L1、L2串联，L1、L2发光，L3不发光，即开路，故A正确，不符合题意；
B．若同时闭合S1、S2、S3、S4，L1、L3并联，L2被短路，不发光，故B错误，符合题意；
C．若同时闭合S1、S2、S3，L1通路，发光，L2被短路，不发光，L3开路，不发光，故C正确，不符合题意；
D．只闭合S2、S4时，L2、L3串联，两个灯泡发光，L1开路，不发光，故D正确，不符合题意。
故选：B。
【分析】串联电路是指将所有用电器逐个顺次连接起来的电路，并且串联电路中电流只有一条通路；
并联电路是指将所有用电器并列连接起来的电路，并且并联电路中电流有两条或多条通路。
8．【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】解：由图可知，与动滑轮连接的绳子段数n=2。
A．根据滑轮组物体上升高度与绳子自由端的规律可知，绳子自由端移动的距离为
则拉力做功为，故A错误；
B．物体上升所做的有用功为，则所做的额外功为，故B错误；
C．拉力的功率为，故C错误；
D．动滑轮的重力为，，如用该装置匀速提升重力为200N的物体，则该滑轮组的机械效率为
，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；
（2）利用W有=Gh求有用功，利用W总=W有+W额求拉力F做的额外功；
（3）利用求拉力做功的功率；
（4）利用不计绳重和摩擦时求动滑轮的重力，利用不计绳重和摩擦时求提升重力700N的物体时滑轮组的机械效率。
9．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：A．木块所受的浮力为
木块所受的重力为
木块有五分之一的体积露在水面，即
由于木块处于漂浮状态，即浮力等于重力，故物体的密度为，故A正确，不符合题意；
B．物体所受的浮力等于物体的重力，为，故B正确，不符合题意；
C．浸没时，木块受到的浮力为，物体的重力为
；
浸没时物体静止，受到竖直向下的重力，细线竖直向下的拉力，和竖直向上的浮力，则细线对木块的拉力为
，故C错误，符合题意；
D．甲乙中物体排开水的体积变化量为
则水面升高的高度为，则甲乙两图中水对容器底的压强增加了
，故D正确，不符合题意。
故选：C。
【分析】 （1）图甲中木块漂浮在水面上，有体积露出水面，此时受到的浮力和自身的重力相等，据此列出等式，根据阿基米德原理和G=mg=ρVg算出木块的密度；
（2）木块漂浮时，求出排开水的体积，然后根据m=ρV求出排开水的质量；
（3）图乙中，木块浸没水中，根据F浮=ρ水gV排算出物体浸没在水中时物块A受到的浮力，根据平衡力算出浸没水中时细线对A的拉力；
（4）甲、乙两图所示情况，容器里的水和木块仍然在容器中，总重力仍等于木块、水、容器的重力之和，总重力不变，对桌面的压力不变，根据判断出容器对桌面压强的变化。
10．【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】电路为串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压；当水流的速度变大时，探头上方流速大，压强小，下方流速小，压强的，会向上移动，滑动变阻器连入电路的电阻减小，电压表示数变小，电流表示数变大；根据P=UI，电路总功率变大；
电压表示数与电流表示数的比值是滑动变阻器的阻值，由于滑动变阻器阻值变小，比值变小，故ABC不符合题意，故D符合题意。
故选D。
【分析】流体在流速大的地方压强小；在串联电路中，电阻减小，电流变大，减小的电阻分压变小。
11．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，灯泡、R1和R2串联，V1测量R1两端电压，V2测量灯泡和R1两端的总电压。
A．当变阻器的滑片滑到最右端时，变阻器的阻值为0，分压为0，此时V2测量电源电压，故电源电压为36V，故A错误；
B．当变阻器的滑片滑到最左端时，变阻器的阻值最大，为30Ω，则此时变阻器两端的电压为
电路中的电流为
根据串联分压知识可知，变阻器阻值最大时，R1的两端的电压最小，即R1两端的电压为12V，故R1的阻值为
，故B错误；
C．当变阻器最值最大时，灯泡两端的电压为；
灯泡的电阻为，
当变阻器最值最小时，灯泡两端的电压为，
此时电路中的电流为，
此时灯泡的电阻为，故C错误；
D．根据可知，当电路中的电流最小时，电路的总功率最小，当变阻器的滑片在最左端时，电路中的阻值最大，电流最小，为0.6A，电路最小功率为，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）由图知，小灯泡L、定值电阻R1以及滑动变阻器R2串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量灯泡L和定值电阻R1两端的电压，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，根据两个电压表示数的变化 判断出电源电压；
（2）当滑动变阻器的电阻最大时，电路的电流最小，根据两电压表示数算出此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律算出最小电流和电阻R1的阻值；
（3）由串联电路电压的规律算出此时小灯泡两端的电压，由欧姆定律算出小灯泡的电阻；
（4）根据可知，当电路中的电流最小时，电路的总功率最小。
12．【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】解：由图可知，R1、R2与灯泡串联，电压表测量R1两端电压，电流表测量串联电路电流。
A．灯泡的电阻为
灯泡的额定电流为；
故电流中的最大电流为0.5A。根据串联分压知识可知，变阻器阻值越大，分压越多，由于电压表测量变阻器两端电压，故变阻器两端的最大电压为15V，则R2与灯泡两端的总电压为；
根据可知，当变阻器阻值最大时，电流表示数最小，根据串联电流规律可知，此时电路中的电流为
，故电流表的变化范围为0.375A~0.5A，故A错误；
B．根据可知，电流越大时，变阻器的阻值越小，此时电路总电阻为
则变阻器的最小阻值为
由A分析可知，当变阻器两端电压为15V时，变阻器的阻值最大，为
故滑动变阻器连入电路阻值的变化范围是24Ω~40Ω，故B错误；
C．根据可知，电路最大总功率为；
电路最小总功率为，故电路总功率的变化范围是9W~12W，故C正确；
D．R2消耗电功率的最大值为，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）为了不损坏用电器，电流不能超过用电器的额定电流，先求出灯泡的额定电流，即为最大电流，等灯泡与电阻串联时，电阻最大，则电流最小；
（2）根据可知，电流越大时，变阻器的阻值越小，当变阻器两端电压为15V时，变阻器的阻值最大，即可知滑动变阻器的范围大小；
（3）根据电流的最大值和最小值，结合电功率的公式，即可分析出最大和最小的电功率的值；
（4）根据电功率公式即可求出电阻R2的最大功率。
13．【答案】凹；发散
【知识点】透镜及其特点与分类；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】解：近视眼是由于晶状体变厚，对光的折射能力变强，使物体成像在视网膜前，凹透镜对光有发散作用，能使光线发散，能使像延迟会聚而落在视网膜上，所以应配戴凹透镜进行矫正。
故答案为：凹；发散。
【分析】近视眼是因为晶状体太厚、折光能力太强或眼球前后径过长，远处物体的像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线延后会聚到视网膜上。
14．【答案】液化；汽化
【知识点】物质的三态；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】解：从室外进入开着暖气的车厢时，眼镜的温度很低，而车厢内的水蒸气遇到冷的镜片发生液化形成小水珠，附着在镜面上，使镜片模糊。
镜片上的小水珠是液态的，过一会又消失了，说明小水珠变成了水蒸气；这是因为小水珠汽化而造成的。
故答案为：液化；汽化。
【分析】物质由气态变成液态，是液化现象，液化放热；
物质由液态变成气态是汽化，汽化吸热。
15．【答案】增大；人与车的总重力
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解： 轮胎上有许多凹凸不平的花纹，即在压力不变的情况下，增大了接触面的粗糙程度，增大了摩擦力；
环卫车在水平地面上静止且人的两脚站立在环卫车上时，环卫车受到的支持力与“人与车的总重力”是一对平衡力，其大小相等，方向相反。
故答案为：增大；人与车的总重力。
【分析】摩擦力的影响因素有两个，即压力和接触面的粗糙程度；故增大摩擦的方法有：在压力不变的情况下，增大接触面的粗糙程度；在接触面粗糙程度不变的情况下，增大压力；
根据二力平衡知识分析即可。
16．【答案】等于；大于
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：因为飞机漂浮在水面上，因此飞机受到的浮力和重力是一对平衡力，由二力平衡的知识可知，此时飞机受到的浮力等于它的总重力。
由于机翼上凸下平，在相同的时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小，上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大，所以机翼上方的气流对机翼的压强小于机翼下方的气流对机翼的压强；这样就产生了作用在机翼上的向上的升力。
故答案为：等于；大于。
【分析】根据物体浮沉条件可知，物体漂浮时，浮力等于重力；
流体的流速是，流速越大，压强越小。
17．【答案】N；断开
【知识点】电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 解：由图可知，电流左端流入，右端流出，由安培定则可知，电磁铁左端为N极。
当电流超过限定电流时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁的力变大，使衔铁Q向左转动，闸刀开关在弹簧的拉力作用下自动开启，切断电路，起到保险作用。
故答案为：N；断开。【分析】利用安培定则进行分析；
当电流变大时，电磁铁的磁性变强。
18．【答案】1210；100
【知识点】比热容；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：同时闭合S1 和S2 时，R1 与R2 并联，饮水机的功率最大，处于加热状态。因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻
饮水机的功率
由可得，水的质量
水吸收的热量Q吸 =cm(t t0 )=4.2×103J/(kg ℃)×0.8kg×(t 25℃)
不计热量散失，则消耗的电能W=Q吸 =1210W×3.5×60s=2.541×105J
则4.2×103J/(kg ℃)×0.8kg×(t 25℃)=2.541×105J
解得：t=100.625℃。因在一个标准大气压下水的沸点是100℃，且沸腾时继续吸热温度不变，所以，水最终温度是100℃。
故答案为：1210；100。
【分析】当闭合S1 和S2 时，R1 与R2 并联，电阻最小，饮水机的功率最大，处于加热状态，根据功率公式求出最大功率大小；
根据热量公式求出水吸收的热量，不计热量损失，则消耗的电能等于水吸收的热量，水在一个标准大气压下沸点是100℃。
19．【答案】0.3；
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：只闭合S1时，电路为只有R2的简单电路，此时电路中的电流为。
只闭合S2时，电路为R1和R2的串联电路，电路的总电阻为。
电路的总功率为。
闭合S1和S3时，电路为R1和R2的并联电路，电路的总功率为。
则P∶P'为。
故答案为：0.3；2：9。
【分析】 （1）只闭合S1时，只有R2接入电路，根据可求出此时电路中的电流；
（2）只闭合S2时，R1和R2串联，根据串联电路电阻规律和可求出此时电路中的电流，根据P=UI可求出此时电路消耗的功率；只闭合S1和S3时，R1和R2并联，根据并联电路电阻规律可求出此时电路中的总电阻，根据可求出此时干路电流，根据P=UI可求出此时电路消耗的功率，从而求出两次功率之比。
20．【答案】1∶9；27∶8
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【解答】解： 物体A对B的压力与物体B对桌面的压力之比：
设A、B的边长分别为a、b，则A对B的压强
B对桌面的压强
因A对B的压强与B对桌面的压强相等，则有
解得a∶b=1∶3，则A、B的体积之比VA∶VB= a3∶b3= (1)3∶(3)3= 1∶27
由G=mg和可得，A、B的密度之比。
故答案为：1：9；27：8。
【分析】 （1）物体A对B的压力等于A的重力，物体B对桌面的压力等于A、B的重力之和，据此计算物体A对B的压力与物体B对桌面的压力之比；
（2）根据压强之比可得两正方体的体积之比，最后根据密度公式求出它们的密度之比。
21．【答案】3；1.5；75
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】解：由电路图可知，电动机与定值电阻R0 并联，电流表A1 测R0 支路的电流，电流表A2 测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压与电源电压相等，所以，由可得，电源的电压；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电动机的电流；
电动机的电功率；
电动机的热功率；
电动机的机械功率；
1min内该电动机转化得到的机械能。
故答案为：3；1.5；75。
【分析】在并联电路中，各支路电压等于电源电压；
根据电功率公式求出电动机的电功率；
先求出电动机的热功率，在根据功的公式求出即可。
22．【答案】12；30；1.92；3
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：当闭合S、S1，断开S2且滑片P位于a点时，R1和R2串联，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量变阻器两端电压。两电压表的示数之比U1：U2=3：1，根据串联分压知识可知，此时①
当滑片P位于最右端时，电压表V1和V2的示数之比U1：U2=3：5；根据串联分压知识可知，此时②
当闭合S、S2，断开S1且滑片P位于最左端时，R1和灯泡串联，V1测量电源电压，V2测量灯泡两端电压，电压表V1和V2的示数之比，根据串联分压知识可知，此时③
灯泡的电阻为
联立①②③与的阻值解得：，，，则R2的最大阻值为30Ω。当闭合S、S1，断开S2且滑片P位于a点时，电流表示数为0.5A，则电源电压为
闭合S、S2断开S1时，电路中的电流为
灯泡实际功率为
闭合S、S1，断开S2时，R1和R2串联，根据可知，电路中电阻越大，电路的功率越小，当R2阻值最大时，电路功率最小，为
。
故答案为：12；30；1.92；2。
【分析】 （1）根据求出灯泡的电阻；当开关S、S2闭合，S1断开，滑片P位于最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，灯泡与R1串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压，根据串联电路的分压原理表示出R1与灯泡的电阻RL之比，进而求出R1的阻值；
当开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，根据串联电路的分压原理表示出R1与滑片P位于a点时滑动变阻器接入电路的电阻R2a之比，进而求出滑动变阻器接入电路的电阻，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源电压；
（2）根据电路图可知，滑片P位于最右端时，滑动变阻器R2接入电路的电阻最大，根据串联电路的分压原理表示出R1与滑动变阻器R2的最大阻值之比，进而求出R2的最大阻值；
（3）当开关S、S1闭合，S2断开时，根据P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的功率最大，根据欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中电流最大，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，根据P=UI求出电路的最大功率；
（4）当开关S、S2闭合，S1断开，滑片P位于最左端时，根据串联电路的电阻特点求出此时电路中的总电阻，根据电功率公式求出最小的电功率。
23．【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】解：先作出牙齿A关于平面镜的对称点A'，即像的位置，连接像A'和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线，如图所示：
【分析】 由于光在平面镜发生镜面反射，所以牙齿和在平面镜形成的像关于平面镜对称，先确定像的位置，连接像与人的眼睛确定入射点，可得反射光线，进一步得出入射光线即可完成光路。
24．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】解：要使作用在B点的动力F1最小，则力臂L1应最大，连接AB即为最大力臂L1，过B点斜向上作L1的垂线即为最小动力，如下图所示：
【分析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
25．【答案】用手取放砝码；38.4；；偏大；为了防止石块吸水，可以使用适量的保鲜膜将石块紧紧包裹住再放入量筒中。
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】解：（1）取放砝码时，为防止砝码与手接触发生锈蚀，应该使用镊子进行操作，故图中的错误操作为用手取放砝码。
由乙图可知，游码的分度值为0.2g，示数为3.4g，则石块的质量为
由丙图可知，在未放入石块前量筒示数为30mL，放入石块后示数为45mL，则石块的体积为
则石块的密度为
（2）石块放入水中后会吸水，这样直接测量会导致石块的体积偏小，根据可知，测量出的密度将会偏大。
（3）为了防止石块吸水，可以使用适量的保鲜膜将石块紧紧包裹住再放入量筒中。
故答案为：（1）用手取放砝码；38.4；；（2）偏大；（3）为了防止石块吸水，可以使用适量的保鲜膜将石块紧紧包裹住再放入量筒中。
【分析】（1）在加减砝码时，应用镊子；天平平衡时被测物体的质量等于右盘中砝码的质量加上游码在标尺上所对的刻度值；
据丙图中可以计算出该石块的体积，利用密度公式求密度；
（2）石块吸水后，水的体积偏小，导致石块的体积偏小，利用密度公式分析密度的变化情况；
（3）可以用保鲜膜紧紧包住石块，防止石块吸水而影响密度的测量。
26．【答案】；小灯泡断路；A；0.65；9.6；变大；A；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】解：（1）图中电压表被导线短路，实验中电压表应并联在灯泡两端，如图所示：
（2）电流表指针不偏转但电压表指针明显偏转，说明电压表并联的部分断路，即灯泡断路。
（3）为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，即A端。
由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W
小灯泡正常发光时的电阻
（4）断开开关将定值阻值由5Ω调为10Ω，保持滑片的位置不变，因串联电路中电阻越大分得的电压越大，所以定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数变大。
探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以应减小定值电阻两端的电压，增大滑动变阻器两端的电压。由串联电路的分压特点可知，应增大滑动变阻器接入电路中的电阻，即滑片向A端移动，直至电压表示数等于2.5V。
（5）当滑片滑到a端时，电压表测电源的电压，则电源的电压U=U1 ；当滑片滑到b端时，电压表测Rx两端的电压，则Rx两端的电压Ux =U2 ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压U滑 =U Ux =U1 U2
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流
则定值电阻的阻值。
故答案为：（1）；（2）小灯泡断路；（3）A；0.65；9.6；（4）变大；A；（5）。
【分析】（1）图中电压表被导线短路，实验中电压表应并联在灯泡两端；
（2）电流表的指针不偏转，说明电路是断路，电压表偏转，说明与电压表并联的用电器断路；
（3）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该放在滑动变阻器的最大阻值处，根据电功率的公式求出小灯泡的电功率，根据欧姆定律求出电阻的大小；
（4）串联电路是分压电路，电阻变大，则电压也变大，为了控制电阻两端的电压保持不变，应该将滑动变阻器的电阻也变大；
（5） 采用伏滑法求出位置电阻的大小。
27．【答案】解：（1） 灯泡L标有“6V 3W”字样，根据可得，灯泡L正常工作时的电阻；
（2）当只闭合开关S1时，灯泡L和R1串联，则总电阻R串=RL+R1=12Ω+3Ω=15Ω，
电路中的电流为：，
则电阻R1消耗的功率：P1=I2R1=（0.4A）2×3Ω=0.48W
（3）当开关S2、S3同时闭合时，灯泡L和R2并联接入电路；只闭合S1时，灯泡L和R1串联接入电路， 由串并联电路的电阻特点和可知：灯泡L和R2并联时电路消耗的电功率最大，灯泡L和R1串联时电路消耗的电功率最小， 则电路消耗的最大功率
电路消耗的最小功率
所以，此电路消耗的最大电功率与不为零的最小电功率之比P最大∶P最小=5W∶2.4W=25∶12。
答：（1）灯泡L正常工作时的电阻为12Ω；
（2）当只闭合开关S1时，电阻R1消耗的功率为0.48W；
（3）此电路消耗的最大电功率与不为零的最小电功率之比为25∶12。
【知识点】电功率的计算
【解析】【分析】 （1）灯泡L标有“6V 3W”字样，根据公式变形可计算灯泡的电阻；（2）当只闭合开关S1时，灯泡L和R1串联，由串联电路的电阻特点和求出此时电路中的电流，根据P=I2R计算R1消耗的功率；
（3）如果开关S2、S3同时闭合时，灯泡L和R2并联接入电路，并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，由可知此时通过电路的电流最大，由P=UI可知此时电路消耗的电功率最大，根据并联电路的电阻规律计算电路总电阻，根据计算电路消耗的最大电功率；只闭合S1时，灯泡和R1串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时电路总电阻最大，根据串联电路的电阻规律计算电路总电阻，根据求出该电路消耗的最小电功率，最后求出最大电功率与最小电功率的比值。
28．【答案】解：（1）根据密度公式可知，圆柱体A的体积为
根据体积公式可知，圆柱体A的高度为
（2）B对水平地面的压强为
（3）当圆柱体B的密度大于液体的密度时，加满液体后，圆柱体B沉底，此时圆柱体B距离液面的高度为
故将圆柱体B提升0.6cm，则圆柱体B仍处于浸没状态，此时圆柱体受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力和竖直向上的拉力，圆柱体B的重力大小为
则浮力大小为
圆柱体B的体积为
则液体的密度为
当圆柱体B的密度小于液体的密度时，加满液体后，圆柱体B将漂浮，将圆柱体B提升0.6cm，则圆柱体B仍处于漂浮状态，此时圆柱体受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力和竖直向上的拉力，根据二力平衡知识可知，此时圆柱体B减小的浮力即等于细线的拉力1.8N，圆柱体B的底面积为
则圆柱体B排开液体体积的变化量为
则液体的密度为
综上所述，液体的密度为或。
答：（1）求圆柱体A的高度为8cm；
（2）求B对水平地面的压强为480Pa；
（3）加入液体的密度为或。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据密度公式求出圆柱体的体积，根据体积公式求出A的高度；
（2）对于形状规则的固体，可以采用公式计算压强大小；
（3）分别对物体密度大于和小于液体密度进行分析，结合物体的浮沉条件求出液体的密度大小。
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