资源简介

湖南省邵阳市双清区2023-2024学年中考物理五模试卷
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．如图所示，将悬挂的乒乓球轻轻接触正在发声的音叉，观察到乒乓球被音叉多次弹开；声音消失，乒乓球便会停止运动．此现象表明声音（ ）
A．是由物体振动产生的 B．可以通过固体传播
C．不能在真空中传播 D．是以波的形式传播的
2．水平面上有两个相同的溢水杯，分别装满不同的液体，将同一个小球A分别放入溢水杯中静止时，如图所示．从甲杯中溢出了0.6N的液体，从乙杯中溢出了0.4N的液体．下列说法不正确的是
A．小球A在甲杯中受到的浮力大于在乙杯中受到的浮力
B．小球A的重力等于0.6N，在乙杯中受到的浮力等于0.4N
C．小球A放入前，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力
D．小球A放入前，液体对甲杯底的压强等于液体对乙杯底的压强
3．材料科学的发展正在影响着我们的生活，下列关于材料应用的说法中正确的是(　　)
A．利用铅锑合金做保险丝，是因为这种合金的熔点较高
B．利用半导体材料可以制成性能优良的输电线
C．利用超导材料做电热丝，电热丝会更热
D．利用铝合金材料制作飞机机体，是因为它的密度小
4．下列现象与分子热运动有关的是（）
A．春天，植物园百花争艳
B．夏天，小清河波光粼粼
C．秋天，大明湖荷花飘香
D．冬天，千佛山银装素裹
5．如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方法不同的是（ ）
A．观察水的沸腾 B．空气推动塞子时，内能减少
C．空气被压缩时内能增大 D．内燃机压缩冲程
6．关于下列四幅图中的现象，所对应的文字说法或解释正确的是
A．图示现象说明了太阳光是由红、绿、蓝三种色光混合形成的
B．皮影戏可利用光的反射原理来解释
C．水中的倒影是光的折射现象
D．透过鱼缸和水看的是鱼的虚像
7．如图是我国航母舰载机歼﹣15，它在蓝天翱翔时涉及到许多物理知识，下列分析中正确的是（　　）
A．飞机沿水平方向匀速直线飞行时，一定受到平衡力的作用
B．飞机在不同高度飞行时，受到的大气压力都相同
C．飞机在匀速爬升过程中，动能和重力势能都增大
D．飞机的机翼上凸下平，使机翼上方空气流速慢压强小，从而获得向上的升力
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．两个完全相同的容器中，分别盛有A、B两种液体，将两个完全相同的小球分别放入容器中，当两球静止时，液面相平，两球所处的位置如图所示．此时小球在A液体中受到的浮力_____小球在B液体中所受的浮力（选填：“大于”、“小于”或“等于”）；此时A液体对容器底压强_____B液体对容器底的压强（选填：“大于”、“小于”或“等于”）．
9．搓手是通过_____方式改变内能的；运动员打乒乓球，球弹出，这主要是表明力可以改变物体的_____；山顶的气压比山脚的气压_____（填高或低）。
10．已知ρ铝＜ρ铜，体积相等的实心铝球和实心铜球，_____球的质量大．冰的密度小于水的密度，冰熔化成水后质量_____，体积_____．（选填“变大”“变小”或“不变”）
11．电磁感应现象是英国物理学家_____首先发现的．探究这个现象应选用如图中______(填“甲”或“乙”)所示的装置进行实验．在这个现象中感应电流的方向与________的方向和磁感应线方向有关．利用电磁感应现象可以制成________，实现机械能转化为电能．
12．某导体两端的电压为6伏，通过该导体的电流为0.2安，10秒内通过其横截面的电荷量为_____库；若通过它的电流变为0.3安时，它两端的电压为_____伏；若通过它的电流为0.4安时，它的电阻为_____欧．
13．体积为0.5m1的钢瓶内装有密度为6kg/m1的氧气，某次电焊中用去了其中1/1，则钢瓶内剩余氧气的质量为_______kg，剩余氧气的密度为_______kg/m1．
14．小明家记录了4月初电能表示数为度，5月初示数如图所示，则小明家4月初到5月初消耗的电能是_________kW·h。若单独将一盏灯接入电路工作25h，电能表表盘转过3000转，这盏灯的电功率是_______W。
三、作图题（共7分）
15．图中，虚线方框内为旋钮开关S的设计图，开关可控制台灯的通断和亮度．请根据安全用电的原则将电路连接完整．
16．在平直轨道上匀速前进的列车内的茶几上放有一枚卤蛋和一盒饼干，卤蛋突然沿箭头所示的方向滚动而饼干保持静止未动（如图所示）．请画出此时饼干受力的示意图．
（_____）
17．如图通过滑轮组向下用力提升物体，请画出滑轮组的绕线。
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．在探究“冰的熔化特点”的实验中，如图甲所示是某时刻温度计的示数，图乙是根据实验数据绘制的温度—时间关系图像，已知冰的质量为100g.
（1）图甲所示温度计的示数是________℃.
（2）冰从开始熔化到完全熔化持续了_________min.
（3）设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收___________J的热量.[c冰＝2.1×103J/（kg·℃），c水＝4.2×103J/（kg·℃）]
（4）在图乙所示中，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为____________．
19．在利用光具座进行凸透镜成像的实验探究中：
(1)如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑．由图可知，凸透镜对光线具有__________作用，该凸透镜的焦距是__________cm．
(2)将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，无论怎样移动光屏都不能在光屏上得到像，请你指出其中一条可能的原因：_____．
(3)调整后，把烛焰放在距凸透镜16cm处时（如图乙），在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、___________的实像（填写像的性质）；__________ (填光学仪器)就是利用这一成像规律工作的．如果将蜡烛在乙图的基础上远离透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向__________ (选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动．
20．小英想测一石块的密度．
（1）先用天平测石块的质量，右盘内砝码及游码的位置 如图甲所示，则石块的质量为____ g，利用量筒和水测出石块的体积为10cm1，由此可计 算出石块的密度是___________kg/m1．
（2）小英又想探究浮力是否与液体的密度有关？她调制了密度为1.1g/cm1的盐水，将该 石块用细线悬吊在如图乙的弹簧测力计下，分别浸没在水和盐水中并读出弹簧测力计的示数 进行比较．小英______（“ 能” 或“ 不能” ）得出浮力与液体密度有关的结论，理由是：_______
（1）小明学习了浮力知识后，想利用浮力的知识来测量密度，设计了如下实验：
a．量筒中倒入适量的陈醋，读出体积V1
b．将石块用细线悬吊在弹簧测力计下，记下测力计示数F1
c．将石块浸没在陈醋中，记下弹簧测力计示数F2和量筒中液面对应的刻度V2
分析小明的设计，下列说法正确的是_____
A．只能测出小石块的密度
B．只能测出陈醋的密度
C．小石块和陈醋的密度都能测出
D．小石块和陈醋的密度都不能测出
21．小明在做探究光的折射规律的实验时，他让光从玻璃中斜射入空气中，光在分界面上同时发生反射和折射现象。当增大入射角到某一值时，发生了折射光消失而反射光却变得更亮的情况，通过查阅资料，小明得知这是光的全反射现象。小明还查到光从玻璃射向空气时的一些数据，如表所示：
入射角i 0° 30° 39° 39°30′ 40° 50°
折射角r 0° 51° 79° 82° 90°
反射的能量 4.7% 6.8% 36% 47% 100% 100%
（1）当入射角i≥_____时，发生光的全反射现象。图象中的图线_____（选填“a”或“b”）反映了上述实验中的两角关系。如果光从空气射向玻璃，则反射的能量_____（选填“可能”或“不可能”）达到100%。
22．用天平和量筒测量某金属块的密度．
（1）在调节天平平衡时，将游码移到横梁标尺的0刻度线上，此时指针偏向分度盘的左侧，要使天平平衡，应将横梁右端的平衡螺母向_____（左/右）移动；
（2）用调节好的天平称金属块的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图甲所示，则金属块的质量为_____g；
（1）用量筒测金属块的体积，如图乙所示，则金属块的体积为_____cm1；
（4）利用密度计算公式算出金属块的密度为_____g/cm1．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．如图所示的电路中，电源电压为5V且保持不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，R1为滑动变阻器，R2＝20Ω，灯泡L标有“4V1.6W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．在仪表和灯泡安全工作的情况下，求：
开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1消耗的最大功率；开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1允许的取值范围．
24．有一种挂式电热水器内部简化电路如图所示，该热水器设有高、中、低三档，已知电热丝R1=55Ω，高档加热功率为1100W，电热转化效率为80%，水的比热容为4.2×103J/kg ℃）．求：
（1）将2kg水从20℃加热到75℃需要吸收多少热量；
（2）用高档将2kg水从20℃加热到75℃需要多少时间；
（3）只闭合S、S2时，电热水器的电功率是多少．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．海基潜射导弹是指从潜伏于水下的潜水艇上发射导弹的一种先进的大型武器．图中是海基潜射导弹发射时的图片．
（1）导弹发射时，导弹内的高能燃料燃烧会产生高温高压的气体向下喷射，推动导弹加速向上运动，导弹的___能不断增加
（2）请在图中画出导弹出水后受力示意图（空气阻力不计）．
（________）
（3）导弹发射后，潜艇的浮力______（增大、减小、不变），此时，若潜艇要继续保持潜行状态不被敌人发现，应当向水仓中________（“注入”、 “排出”）适量的水．
26．支点为O的轻质杠杆（每格长度相同）原处于水平静止、现同时施加两个力F1、F2，其中力F2（图中没有画出）的作用点在A点，杠杆仍保持水平静止。
在图中画出F1的力臂l1 ；在图中大致画出F2（所用的力最小）的示意图； 比较大小：F1______F2（选填“﹥”、“﹤”或“=”）。判断依据是：_______________
27．在如图所示的电路中，闭合开关后，下列说法正确的是_____
A．小磁针静止时，A端为N极
B．向右移动滑片P，电磁铁磁性增强
C．电磁铁左端为N极
D．向左移动滑片P，电磁铁磁性增强
理由：_____．
参考答案
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、A
【解析】
声音是由物体的振动产生的；振动停止，发声停止．“将悬挂的乒乓球轻轻接触正在发声的音叉，观察到乒乓球被音叉多次弹开；声音消失，乒乓球便会停止运动”是通过乒乓球的摆动把音叉的振动放大．此现象表明声音是由物体振动产生的．
2、D
【解析】
由阿基米德原理可知, 小球A在甲杯中受到的浮力等于0.6N，乙杯中球受到的浮力为0.4N，故A正确；小球A在甲杯中漂浮，浮力等于重力，即小球A的重力等于0.6N，故B正确；小球A在甲杯中漂浮，密度小于液体密度，在乙杯中沉底，密度大于液体密度，故甲杯中液体密度大于乙杯中液体密度，小球A放入前，甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力，故C正确;根据液体压强公式可知，小球A放入前，液体对甲杯底的压强小于液体对乙杯底的压强，故D错误．故选D.
点睛：（1）浸在液体中物体都要受到浮力作用；根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，求出甲杯中小球受到的浮力；根据漂浮时浮力等于重力可求得甲杯中小球的重力，然后根据阿基米德原理分析乙杯中球受到的浮力．（2）杯对桌面的压力等于杯、水、小球的总重力，再利用p＝分析其对桌面的压强；（3）根据p＝ρgh分析液体对杯底的压强．
3、D
【解析】
（1）保险丝的材料：电阻率大，熔点低的铅锑合金；
（2）输电线要求有良好的导电性；
（3）电热丝是利用电流的热效应工作的；
（4）高速列车车体是用铝合金材料制成的，利用了这种材料密度较小的优点；
【详解】
A．保险丝选择熔点较低的铅锑合金丝，在电流过大时，保险丝的温度升高，达到保险丝的熔点，保险丝熔断，切断电源，起到保护电路的作用；故错误；
B．输电线要求有良好的导电性，半导体导电性介于导体和绝缘体之间，不适合做输电线．故B错误；
C．电热丝是利用电流的热效应工作的，超导材料因为没有电阻，所以不会发热，不能做电热丝，故C错误；
D．飞机机体是用铝合金材料制成的，利用了这种材料密度较小的优点，可以减轻飞机质量，故D正确；
此题分别考查了密度、半导体、超导现象等知识点，难度虽然不大，但跳跃性强，熟练掌握基础知识是关键．
4、C
【解析】
AD．分子的热运动属于微观运动，用肉眼是看不到的，百花争艳与银装素裹指的一种现象，与分子的运动无关，故AD错；
B．小清河波光粼粼属于机械运动，不是分子的热运动，故B错；
C．荷花飘香是由于分子无规则运动形成的，故C正确；
5、A
【解析】
改变内能的两种方法：做功和热传递．选项A是通过热传递的方式改变内能，改变了水的温度；选项B、C、D是通过做功的方式改变内能，A符合题意．
6、D
【解析】
A、图中是三种颜色的光的混合，不能说明了太阳光是由红、绿、蓝三种色光混合形成的，故A错误；
B、皮影戏可利用光的直线传播原理来解释，故B错误；
C、水中倒影属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射现象，故C错误；
D、装有水的圆形鱼缸，中间比边缘厚，所以装水的圆形鱼缸相当于一个凸透镜；当金鱼在“凸透镜”的一倍焦距以内时，就可以看到正立、放大的虚像，故D正确。
7、A
【解析】
A、飞机沿水平方向匀速直线飞行时，一定受到平衡力的作用，此选项正确；
B、飞机在不同高度飞行时，受到的大气压力不相同，此选项错误；
C、飞机在匀速爬升过程中，动能不变和重力势能增大，此选项错误；
D、飞机的机翼上凸下平，使机翼上方空气流速快压强小，从而获得向上的，此选项错误．
故选A．
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、等于 大于
【解析】
（1）由题可知，两个完全相同的小球分别放入容器中，小球在A液体中漂浮，受到的浮力FA浮=G；小球在B液体中悬浮，受到的浮力FB浮=G．所以此时小球在A液体中受到的浮力等于小球在B液体中所受的浮力．
（2）根据物体浮沉条件，小球在A液体中漂浮，则；小球在B液体中悬浮，则．
所以．当两球静止时，液面相平，由液体压强公式P=ρgh可得，此时A液体对容器底压强大于B液体对容器底的压强．
9、做功运动状态低
【解析】
力可以改变物体的运动状态和形状；大气压随着高度的增加而减小。改变内能的两种方式是做功和热传递；
【详解】
在搓手的过程中，要克服摩擦做功，使手的温度升高，内能增加，故搓手是通过做功的方式改变内能的；运动员打乒乓球，球弹出，这主要是表明力可以改变物体的运动状态；
由于大气压随着高度的增加而降低，山顶的气压比山脚的气压低；
故答案为：做功；运动状态；低。
此题重点考查了改变内能的方式、力的作用效果和大气压与高度的关系，要认真分析。
10、铜球 不变 变小
【解析】
单位体积的某种物质的质量叫做这种物质的密度；质量是物体本身的一种属性，与状态无关；密度是物质本身的一种特性，与状态和温度有关，与质量、体积无关．
【详解】
由公式m=，体积相等的实心铝球和实心铜球，，所以，铜球的质量大；冰的密度是0.9×103kg/m3，它表示的物理意义是体积是1m3的冰，质量为0.9×103kg；冰熔化成水时，它的质量不变，密度变大，由公式V=知，体积变小；
11、法拉第 甲 导线切割磁感线 发电机
【解析】
电磁感应现象是英国物理学家法拉第发现的；电磁感应现象的特点是没有电源而有一个电流表，用来测量产生的电流；感应电流的方向和电流的方向与导体切运动的方向有关；根据电磁感应现象制成了发电机，发电机将线圈运动的机械能转化为电能．
12、2 9 30
【解析】
10秒内通过该导体横截面的电荷量：Q=It=0.2A×10s=2C；导体的电阻为：R===30Ω，若通过它的电流变为0.3安时，它两端的电压U′=I′R=0.3A×30Ω=9V；导体的电阻是导体本身的一种性质，与通过的电流大小无关，故通过它的电流为0.4A时，它的电阻仍为30Ω．
13、2 4
【解析】
原来氧气的质量为m=ρV=6kg/m1×0.5m1=1kg，故钢瓶内剩下氧气的质量为×1kg=2kg
剩余氧气的密度：ρ剩===4kg/m1；
14、100 48
【解析】
由图可知电能表的示数为1536.2 kW h，4月初至5月初消耗的电能是W=1536.2 kW h -1436.2 kW h =100kW h，电能表的转盘转3000转消耗的电能为：，这盏灯的电功率：P=0.048kW=48W。
三、作图题（共7分）
15、见解析
【解析】
解：根据安全用电的原则，开关应该接到火线和用电器之间，具体接法是：火线先连接开关，滑动变阻器再与灯泡串联（控制灯泡的亮度），最后回到零线，如图所示：
点睛：从安全用电的角度分析，用电器的开关应该接到火线和用电器之间．
16、
【解析】
卤蛋是由于惯性突然向左运动，此时饼干虽未动，但说明饼干相对于桌面有向左的运动趋势，所以饼干受平行于桌面向右的摩擦力f，在竖直方向上，饼干受竖直向下的重力G，竖直向上F的支持力，饼干受力示意图如图：
17、如下图所示
【解析】
用一个定滑轮和一个动滑轮组成滑轮组，通过滑轮组向下用力提升物体，说明绳子自由端的拉力方向向下，所以绳子由定滑轮开始绕起，如图所示：
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、-4 4 2.1×103 比热容不同
【解析】
（1）由图甲可知，温度计的分度值是1℃，液柱在0℃以下，此时的温度是-4℃；
（2）读图乙可知，冰从开始熔化到完全熔化持续的时间为8min-4min=4min；
（3）由于相同时间内物质吸收的热量相同，则BC段冰熔化吸热的时间为4min，与AB段吸收的热量相同，故BC段共吸收的热量为：Q=cmΔt=2.1×103J/(kg·℃)×0.1kg×10℃=2.1×103J；
（4）在图乙中所示，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为水和冰的比热容不同，相同质量的水和冰，吸收相同的热量，其温度变化不同．
19、会聚 11.0 三者的中心不在同一高度等 放大 投影仪 靠近
【解析】
（1）平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点．焦点到光心的距离是焦距，根据图示中光屏在刻度尺上的位置，可以读出该凸透镜的焦距是11.0厘米．
（2）无论怎样移动光屏都不能在光屏上得到像，可能是物距小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上．也可能是烛焰凸透镜光屏三者中心严重不在同一高度，像无法成在光屏上，或使烛焰在焦点上，不能成像．
（3）凸透镜成像的规律及其应用之一：当时，成倒立放大的实像，所以调整后，把烛焰放在距凸透镜16cm处时，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的．凸透镜成实像时，蜡烛远离透镜一段距离，物距增大，像距减小，所以光屏要靠近凸透镜．
20、78 2.6×101 不能 弹簧测力计分度值太大，测不出浮力 C
【解析】
（1）由图可知，石块质量：m=50g+20g+5g+1g=78g，石块的密度ρ==2.6g/cm1=2.6×101kg/m1；
（2）石块浸没在盐水与水中时受到的浮力之差ΔF浮=（ρ盐水-ρ水）gV=（1.1×101kg/m1-1×101kg/m1）×10N/kg×10×10-6m1=0.01N，弹簧测力计的分度值是0.2N，浮力之差小于弹簧测力计的分度值，由该弹簧测力计测出石块受到的浮力是相等的，因此实验得出了错误的结论；
（1）石块的重力G=F1，石块的体积V=V2-V1，石块的密度ρ=，
石块受到的浮力F浮=F1-F2，石块排开液体的体积V排= V2-V1，根据阿基米德原理得到液体的密度ρ液=，所以小石块和陈醋的密度都能测出．
21、）40° a 不可能
【解析】
（1）光从玻璃斜射向空气时，折射角、反射能量随着入射角的增大而增大；由表中数据可知：当入射角达到40°时，反射能量达到100%，就发生了全反射现象，不发生折射现象。图象中的图线a反映了上述实验中的两角关系。
（2）因为光从空气斜射入玻璃中时，折射角永远小于入射角，因此折射光线不能消失，反射的能量不可能达到100%。
22、右 78.4 10 7.84
【解析】
（1）调节天平的横梁平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动，由图知道，指针偏向分度盘的左侧，说明横梁的右端上翘，所以右端或左端的平衡螺母向上翘的右端移动；
（2）因为使用天平时，物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，所以，金属块的质量是：m=50g+20g+5g+1.4g=78.4g；
（1）由乙图知道，金属块的体积是：V=40ml-10ml=10ml=10cm1；
（4）由ρ=m/V知道，金属块的密度是：ρ=m/V=18.4g/10cm1=7.84g/cm1 =7.84×101 kg/m1．
本题考查的是用天平和量筒测量某金属块密度的实验，测量固体密度是初中物理的重要实验，涉及内容较多，天平的使用、质量的测量、体积的测量和密度的计算等．
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）1.75W；（2）2.5Ω～15Ω之间．
【解析】
（1）开关S1 断开，S2 和S3 闭合时，滑动变阻器R1 和R2 并联，滑动变阻器R1 两端的最大电压为5V，由I=U/R，可得流经R2 的电流I2 =U/R2=5V/20Ω=0.25A，∵电流表测干路中的电流，∴流经滑动变阻器R1 的最大电流I1 =0.6A-0.25A=0.35A，则滑动变阻器R_1 消耗的最大功率P1 =U1 I1 =5V×0.35A=1.75W；
（2）灯泡L的电阻RL =U2L/P=(4V)2/1.6W=10Ω，开关S1 闭合，S2 和S3 断开时，R1 与L串联，由电压表量程为0～3V，可知滑动变阻器R1 的最大电压为3V，则灯泡两端电压为2V，则电路中的最小电流I1 =2V/10Ω=0.2A；则滑动变阻器R1 的最大阻值R最大 =3V/0.2A=15Ω，当灯泡L两端电压为4V时，滑动变阻器R1 的最小电压为1V，此可求得电路中的最大电流I′1=4V/10Ω=0.4A，滑动变阻器R1 的最小阻值R最小 =1V/0.4A=2.5Ω，即滑动变阻器R1 允许的取值范围在2.5Ω～15Ω之间．
24、（1）4.62×105J；（2）525s；（3）220W
【解析】
（1）水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（75℃﹣20℃）=4.62×105J；
（2）由η=×100%可得，消耗的电能：W===5.775×105J，由P=可得，需要的加热时间：t′===525s；
（3）由电路图可知，闭合S、S1、S2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，热水器处于高档，此时电热丝R1的功率P1===880W，因电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，电热丝R2的功率P2=P高﹣P1=1100W﹣880W=220W；只闭合S、S2时，电路为R2的简单电路，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电热水器的电功率为220W．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、机械 不变 注入
【解析】
（1）导弹加速向上运动，质量不变，速度增大，动能增大，高度变大，重力势能增大，机械能包括动能和势能，所以机械能增大；
（2）导弹出水后，加速上升，受力不平衡，受的向上的推力大于向下的重力，从重心沿竖直向下和竖直向上分别画出重力和推力的示意图，如图所示：
（3）导弹发射后，潜艇排开液体的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知浮力不变，受到的重力减小，浮力大于重力，潜艇要继续保持潜行状态不被敌人发现，需要使潜艇受到的浮力等于重力，所以需要对两侧水箱进行充水．
26、 ＞ 根据F1l1=F2l2，l1＜l2，所以F1＞F2
【解析】
（1）用虚线反向延长F1作用线，过支点O用实线作F1作用线的垂线，该垂线就为F1的力臂l1。如下图：
（2）因F1是向上的，杠杆要平衡，则须F2也向上。其次F2的力要最小，则其力臂须最长，即OA为最长力臂。所以过A点用带箭头的实线向上作杆子的垂线段，并标出F2，即为F2的示意图。如上图：
（3）由图可知，l1F2。
27、D 向左移动滑片，滑动变阻器的阻值减小，电源电压不变，由I=U/R得，电路中的电流变大，线圈匝数一定时，电磁铁的磁性增强．
【解析】
（1）A．如图电路，闭合开关S，电路中有电流，根据安培定则可知，通电螺线管右端为N极，左端为S极；由磁极间的相互作用可知，小磁针静止时，A端为S极，故A错误．
B．向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由I=U/R得电路中电流变小，电磁铁磁性减弱，故B错误．
C．电磁铁右端为N极，故C错误．
D．向左移动滑片P，滑动变阻器连入电路的阻值变小，电源电压不变，由I=U/R得电路中电流变大，电磁铁磁性增强，故D正确，符合题意为答案．
（2）理由：向左移动滑片，滑动变阻器的阻值减小，电源电压不变，由I=U/R得，电路中的电流变大，线圈匝数一定时，电磁铁的磁性增强．

展开更多......

收起↑