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广东省佛山市南海区2023-2024学年八年级下学期7月期末物理试题
1．（2024八下·南海期末）如图为人教版八年级下册物理课本，下列有关该课本的估测合理的是（　　）
A．长度约20mm B．厚度约2dm C．重力约2N D．质量约2kg
【答案】C
【知识点】质量及其特性；长度的估测；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A、物理课本的长度约为26cm，故A错误；
B、物理课本的厚度约为1cm，故B错误；
C、物理课本的质量约为200g，重力约为2N，故C正确；
D、物理课本的质量约为200g=0.2kg，故D错误。
故选：C。
【分析】 根据生活常识对各选项进行判断。
2．（2024八下·南海期末）如图所示，用不同的推力多次推同一箱子，推力产生的效果（　　）
A．仅与推力大小有关
B．仅与推力方向有关
C．仅与推力作用点有关
D．与推力大小、方向、作用点都有关
【答案】D
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】用不同的推力多次推同一箱子，推力产生的效果与力的大小、方向和作用点均有关，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】 力的大小、方向和作用点叫力的三要素；力的三要素会影响力的作用效果。
3．（2024八下·南海期末）如图所示，往b管中吹气，a管中的水面上升，这是因为a管上端（　　）
A．气体流速大，压强小 B．气体流速大，压强大
C．气体流速小，压强小 D．气体流速小，压强大
【答案】A
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 往b管中轻轻吹气，可以看到A管中的水面上升，原因是：往b管中吹气，吸管A上方空气的流速变大、压强变小，a管中水受到向上的压强差，所以a管水上升。
故选：A。
【分析】流体压强和流速的关系，流体流速大的地方压强小。
4．（2024八下·南海期末）如图所示的各类杠杆中，属于费力杠杆的是（　　）
A．天平
B．钢丝钳
C．用脚踏使碓（dui）头抬高
D．用棍子撬石头
【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 A、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故A不符合题意；
B、钢丝钳在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C、用脚踏使碓头抬高时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C符合题意；
D、用棍子撬石头时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
5．（2024八下·南海期末）如图所示，某小孩坐在静止的玩具飞机上，小孩所受重力的平衡力是（　　）
A．地面对玩具飞机的支持力 B．玩具飞机对小孩的支持力
C．玩具飞机对地面的压力 D．小孩对玩具飞机的压力
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 A．地面对玩具飞机的支持力大小等于车和人的重力之和，故A错误；
B．玩具飞机对小孩的支持力和小孩所受重力，作用点在同一个物体上，是一对平衡力，故B正确；
C．玩具飞机对地面的压力，小孩所受的重力，作用在两个物体上，两个力不是一对平衡力，故C错误；
D．小孩对玩具飞机的压力，小孩所受的重力，作用在两个物体上，两个力不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
【分析】 二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。
6．（2024八下·南海期末）如图是佛山南狮足球队对战无锡队的场景，下列说法正确的是（　　）
A．踢足球时，脚对足球的力大于足球对脚的力
B．踢足球时，脚受到足球的力是足球发生了弹性形变产生的
C．在空中运动的足球，若所受力全部消失，足球将静止
D．运动员带球进攻时要持续踢球，说明力是维持物体运动的原因
【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；弹力；牛顿第一定律；物体运动状态的变化
【解析】【解答】 A、踢足球时，脚对足球的力与足球对脚的力是一对相互作用力，二者大小相等，故A错误；
B、踢足球时，脚受到足球的力是足球发生了弹性形变产生的，故B正确；
C、在空中运动的足球，若所受力全部消失，根据牛顿第一定律，足球将做匀速直线运动，故C错误；
D、运动员带球进攻时要持续踢球，是力改变了物体的运动状态，力不是维持物体运动的原因，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）一对相互作用力的大小始终相等；
（2）物体发生弹性形变时会产生弹力；
（3）根据牛顿第一定律可做出判断；
（4）力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力。
7．（2024八下·南海期末）如图甲所示，棋子吸附在竖直的棋盘上。某段时间内，棋手推动棋子竖直向上运动，棋子运动的图像如图乙所示，棋子重为0.15N，下列说法中正确的是（　　）
A．棋子静止在棋盘上时，受到的摩擦力为零
B．在内，棋子处于平衡状态
C．在内，棋子运动的距离为0.05m
D．在0.75s时，棋子受到的摩擦力为0.15N
【答案】C
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、棋子静止在棋盘上时，属于平衡状态，受平衡力，摩擦力与重力平衡，摩擦力等于重力等于0.15N，故A错误；
B、由图像可知，0-0.5s时间内，棋子做加速运动，不是平衡状态，故B错误；
C、由图像可知，0.5s-1s时间内，棋子做匀速运动，速度v=0.10m/s，此过程中s=vt=0.10m/s×（1s-0.5s）=0.05m，故C正确；
D、由图像可知，在0.75s时，棋子棋子做匀速运动，受平衡力。棋子向上运动，摩擦力向下，此时推力F等于重力与摩擦力之和，F=G+f，所以棋子所受摩擦力f=F-G=F-0.15N，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）由图像可知，0-0.5s时间内，棋子做加速运动，0.5s-1s时间内，棋子做匀速运动；
（2）物体处于静止或匀速直线运动，属于平衡状态，受平衡力。
8．（2024八下·南海期末）小明乘船时，用力推另一艘静止的小船，如图甲所示，发现两船均运动起来，说明物体间力的作用是　 　的；小明还看到了渔民撒网捕鱼，如图乙所示，渔网离开人手后由于具有　 　继续向前运动；渔网由于受到　 　的作用，向下运动落入水中。
【答案】相互；惯性；重力
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】 小明乘船时，用力推另一艘静止的小船，因为物体间力的作用是相互的，所以两船均运动起来，
渔网离开人手后，由于具有惯性继续向前运动，因为重力的方向是竖直向下的，所以渔网由于受到重力的作用，向下运动落入水中。
故答案为：相互；惯性；重力。
【分析】 （1）当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即物体间力的作用是相互的；
（2）物体由于惯性会保持原来的运动状态；
（3）重力的方向是竖直向下的，物体由于受到重力作用，最终要落向地面。
9．（2024八下·南海期末）为了检验佛山新研发的ASF材料的反弹效果，如图所示，从高处释放铅球，忽略空气阻力，在铅球下落至碰到ASF材料前，铅球的动能　 　，机械能　 　，从铅球碰到ASF材料至到达最低点的过程中，ASF材料的弹性势能　 　（以上均选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】变大；不变；变大
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】如图所示，从高处释放铅球，忽略空气阻力，在铅球下落至碰到ASF材料前，小球的质量不变，高度减小，速度变大，铅球的动能变大；只有重力做功，机械能守恒，故机械能不变，从铅球碰到ASF材料至到达最低点的过程中，ASF材料发生形变越大，弹性势能变大。
故答案为：变大；不变；变大。
【分析】小球在下落的过程中，小球的质量不变，高度减小，速度变大；由于忽略空气阻力，只有重力做功，机械能守恒；弹性势能跟物体发生形变大小有关，据此分析。
10．（2024八下·南海期末）在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，如图所示，通过观察海绵的　 　来反映压力的作用效果，这采用了　 　（选填“控制变量法”或“转换法”）﹔通过比较图乙和图丙，可得出结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越　 　。
【答案】形变程度；转换法；明显
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】根据转换法，在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，如图所示，通过观察海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，这采用了转换法；图乙和图丙中，压力相同，乙中受力面积小，压力作用效果明显，通过比较图乙和图丙，可得出结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
故答案为：凹陷程度；转换法；明显。
【分析】根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
11．（2024八下·南海期末）如图甲所示，矿泉水瓶盖的外侧有密集的条纹，这是为了增大　 　；拧开矿泉水瓶盖，发现瓶盖内侧和瓶口外侧都有螺纹，如图乙所示，这是利用了　 　（选填“杠杆”“斜面”或“轮轴”）的原理；如图丙所示，手对矿泉水瓶的摩擦力方向为　 　（选填“向上”或“向下”）。
【答案】摩擦力；斜面；竖直向上
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法；斜面的机械效率
【解析】【解答】矿泉水瓶盖的外侧有密集的条纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
瓶盖内侧和瓶口外侧都有螺纹，这些螺纹主要是利用了简单机械中的斜面。
如图丙所示，矿泉水瓶的重力与手对矿泉水瓶的摩擦力是一对平衡力，重力的方向竖直向下，所以手对矿泉水瓶的摩擦力方向为竖直向上。
故答案为：摩擦力；斜面；竖直向上。
【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
（2）像搭在汽车车厢上的木板那样的简单机械，叫做斜面。斜面能省力，斜面的坡度越小越省力，坡度越大越不省力。生活中应用斜面的地方很多，如“S”形的盘山公路、各种斜坡、各种刀刃、螺丝钉的螺斜纹，高架桥的引桥等。
（3）根据二力平衡知识判断摩擦力方向。
12．（2024八下·南海期末）为了研究物体动能与质量的关系，应让不同质量的小球从斜面　 　高度由静止滚下，观察比较木块被撞后移动的距离。对比如图甲、乙，可以得出结论：速度相同的物体，质量　 　，动能就越大。由此，可以解释汽车　 　（选填“超载”或“超速”）行驶时危险性大的原因。
【答案】同一；越大；超载
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】为了研究物体动能与质量的关系，根据控制变量法可知，应控制小球的速度相同，即让不同质量的小球从斜面相同高度由静止滚下；
由图甲、乙可知，小球速度相同，质量不同，质量越大，推动木块移动的距离越远，故可得出结论：速度相同的物体，质量越大，动能就越大，由此，可以解释汽车超载行驶时危险性大的原因。
故答案为：相同；越大；超载。
【分析】 （1）影响物体动能大小的因素有质量和速度，根据控制变量法分析回答；
（2）研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。
13．（2024八下·南海期末）“海洋石油122号”是由我国自主设计建造的亚洲首艘圆筒型“海上油气加工厂”，如题图甲所示；“海洋石油122号”空载时质量为3.6×107kg，最大排水量为1×108kg，g取10N/kg，满载时受到的最大浮力为　 　N。如图乙a、b所示分别为“海洋石油122号”在某海域内装载石油前后吃水线的示意图，其受到的浮力大小关系为Fa　 　Fb，船的底部受到液体压强大小关系为pa　 　pb（后两空均选填“>”“<”或“=”）。
【答案】1×109；<；<
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】 “海洋石油122号”满载时受到的最大浮力：F浮=G排=m排g=1×108kg×10N/kg=1×109N；
由图乙a、b可知，“海洋石油122号”装载石油前排开液体的体积小于装载石油后排开液体的体积，海水的密度不变，根据阿基米德原理可知，“海洋石油122号”装载石油前受到的浮力小于装载石油后受到的浮力，即Fa＜Fb；
由图可知，“海洋石油122号”装载石油前船的底部的深度小于装载石油后船的底部的深度，海水的密度不变，由p=ρgh可知，“海洋石油122号”装载石油前船的底部受到液体的压强小于“海洋石油122号”装载石油后船的底部受到液体的压强，即pa＜pb。
故答案为：1×109；＜；＜。
【分析】 （1）根据阿基米德原理求出“海洋石油122号”满载时受到的最大浮力；
（2）根据阿基米德原理分析装载石油前后受到浮力的大小关系；
（3）根据p=ρgh分析船的底部受到液体压强大小关系。
14．（2024八下·南海期末）如图甲所示，在探究斜面机械效率的活动中，分别用力将A、B两个完全相同的物体匀速拉到斜面顶端，做功情况如图乙所示，则力对物体A做的有用功为　 　J，对物体B做的额外功为　 　J，物体A所在斜面的机械效率　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）物体B所在斜面的机械效率。
【答案】400；100；小于
【知识点】斜面的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）由图乙可知，力对物体A做的总功为600J、额外功为200J，则力对物体A做的有用功：W有A=W总A-W额A=600J-200J=400J；
（2）由题意可知，物体A、B的重力相等，上升的高度也相同，由W有=Gh可知，力对物体A和物体B做的有用功大小相等，即W有B=W有A=400J，
由图乙可知，力对物体B做的总功为500J，则力对物体B做的额外功：W额B=W总B-W有B=500J-400J=100J；
（3）两者的有用功相等，力对物体A做的总功大于力对物体B做的总功，由可知，较物体A所在斜面的机械效率小于物体B所在斜面的机械效率。
故答案为：400；100；小于。
【分析】 （1）根据图乙可知力对物体A做的总功和额外功，根据W总=W有+W额求力对物体A做的有用功；
（2）根据W有=Gh分析力对物体A和物体B做的有用功关系，根据图乙可知力对物体B做的总功，根据W总=W有+W额求力对物体B做的额外功；
（3）利用分析比较物体A所在斜面的机械效率与物体B所在斜面的机械效率的关系。
15．（2024八下·南海期末）如图，一个苹果漂浮在水面上，请画出它所受重力和浮力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】苹果漂浮在水面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，且二力平衡，二者大小相等，在同一直线上，并标出G和F浮，如下图所示：
【分析】苹果漂浮，受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力。
16．（2024八下·南海期末）用滑轮组提升重物，画出最省力的绕绳方法．
【答案】
【知识点】滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】使用滑轮组时，提升动滑轮绳子条数越多，越省力，绳子先固定在动滑轮上，再依次绕过定滑轮和动滑轮，如图所示：
【分析】滑轮组最省力时，动滑轮上绳子段数最多，则绳子固定端在动滑轮上；根据奇动偶定，判断绳子股数和绕法。
17．（2024八下·南海期末）如图甲所示，蔬菜挤水器的手柄可看作杠杆，图乙是手柄的简化示意图，O为支点，F2是手柄受到的阻力，请在图乙中画出F2的力臂l2及A点施加的最小动力F1。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】O为支点，点O到F2的垂线段就是F2的力臂；
由杠杆平衡条件F1×l1=F2×l2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向下，过A点垂直于OA向下作出最小力的示意图。如下图所示：
【分析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
（2）根据杠杆平衡的条件，F1×l1=F2×l2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
18．（2024八下·南海期末）如图甲所示，瓷片的长度为　 　cm；使用弹簧测力计测量小桶所受的重力，在测量前应先在　 　（选填“水平”或“竖直”）方向上调零，测量时如图乙所示，小桶所受的重力为　 　N。
【答案】2.55；竖直；0.8
【知识点】刻度尺的使用；弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】 （1）由甲图可知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0cm对齐，右侧与2.55cm对齐，所以物体的长度为2.55cm。
（2）因实验中要在竖直方向测量物体重力，且在竖直方向上读数，故实验前要把弹簧测力计在竖直方向上调零。弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表的是0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N；此时弹簧测力计的示数为0.8N。
故答案为：2.55；竖直；0.8。
【分析】 （1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
（2）因实验中要在竖直方向测量物体重力，且在竖直方向上读数，故实验前要把弹簧测力计在竖直方向上调零；使用弹簧测力计时，需要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻度相垂直。
19．（2024八下·南海期末）如图所示，一根竖直放置和一根倾斜放置的玻璃管，管内上端均为真空，由图可知当地大气压等于　 　mm水银柱产生的压强；将装置移到海拔较高的地方，发现玻璃管内水银柱高度减小，可知海拔越高，大气压越　 　。
【答案】746；低
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）若玻璃管内上部分为真空，由图可知，玻璃管内外的液柱高度差为746mm，可知当地大气压的数值等于746mm水银柱产生的压强；
（2）海拔越高的地方，气压越小，若将装置移到海拔较高的地方，外界大气压减小，则水银柱的高度将变小。
故答案为：746；小。
【分析】 （1）在托里拆利实验中，玻璃管内外水银面的高度差反映了大气压强的大小；
（2）海拔越高的地方，气压越小。
20．（2024八下·南海期末）如图所示，小明用压强计探究液体的压强与哪些因素有关。
①软管与U形管连接前，U形管　 　（选填“是”或“不是”）连通器；
②为探究液体内部同一深度不同方向压强大小，小明应调节图甲装置中的　 　（填序号），把探头分别朝下面、侧面、上面调节，如图乙所示，发现U形管左右两侧的液面高度差保持不变，说明在同种液体内部　 　的压强相等。
【答案】是；①；同一深度不同方向
【知识点】连通器原理及其应用；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 （1）软管与U形管连接前，U形管底部连通，上端开口，属于连通器；
（2）实验中通过调节图甲装置中的①来改变探头的方向；把探头分别朝下面、侧面、上面调节，如图乙所示，发现U形管左右两侧的液面高度差保持不变，说明同种液体同一深度，液体向各个方向的压强相等。
故答案为：（1）是；（2）①；同一深度不同方向。
【分析】 （1）底部连通，上端开口的容器叫做连通器；
（2）通过调节图甲装置中的①来改变探头的方向；液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法。
21．（2024八下·南海期末）小明做研究杠杆平衡的实验，如图所示。
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置保持静止，此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态；若要使其水平平衡，则应将平衡螺母向　 　调节。
（2）小明利用弹簧测力计和钩码，按照图乙和图丙的方式进行实验，你认为按图　 　进行实验更简便，原因是　 　。
（3）如图乙、图丙所示，杠杆均水平平衡时，图　 　中弹簧测力计的示数较大。
（4）如图乙所示，在保持杠杆水平平衡的条件下，仅使拉力F1与水平方向的夹角θ从30°增大到120°的过程中，拉力F1大小的变化情况是　 　。
【答案】平衡；右；丙；便于测量力臂；乙；先变小后变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态；
根据“左高左调、右高右调”的原则，应当将平衡螺母向右调节；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此图丙实验方案更简单，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，方便测量力臂；
（3）乙、丙两组实验，丙的拉力与杠杆垂直，力臂大于乙的力臂，根据杠杆平衡条件，乙弹簧测力计的示数大于丙；
（4）使拉力F1与水平方向的夹角θ从30°增大到120°的过程中，动力臂先变大后变小，而钩码的重力不变，即F2大小不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F1应先变小后变大。
故答案为：（1）平衡；右；（2）丙；便于测量力臂；（3）乙；（4）先变小后变大。
【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态；
杠杆调平原则：左高左调、右高右调；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
（3）根据杠杆平衡条件，力臂越小，力越大；
（4）在测力计转动过程中，左侧钩码的重力不变，即F2大小不变，且其力臂OA不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力F1变化情况。
22．（2024八下·南海期末）小明做“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验，相关操作如图所示，已知：。
（1）物体浸没在水中时受到的浮力为　 　N；
（2）由图A、B、C所示实验步骤可得出结论：物体受到的浮力大小与　 　有关；
（3）由图　 　所示3个实验步骤可得出结论：物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（4）由图A、D、E所示实验步骤可得出结论：同一物体浸没在不同液体中时，液体密度　 　则物体受到的浮力越小；
（5）小明继续利用图F所示装置进行浮力的研究。当逐渐调高升降台时，弹簧测力计甲的示数减小，乙的示数增大，若弹簧测力计甲示数的减小量等于乙示数的增大量，则可证明：物体受到的浮力等于　 　；
（6）实验发现弹簧测力计甲示数的减小量大于乙示数的增大量，原因可能是　 　（写1条即可）。
【答案】1；排开液体的体积；A、C、D；越小；排开液体受到的重力；物体碰到了溢水杯底部
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）由图A、C可知，物体浸没在水中时受到的浮力：F水=G-F=4N-3N=1N；
（2）由BC两图知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，且排开液体的体积越大，弹簧测力计的示数越小，对比A、B、C，可知浮力越大，故可以得出在液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，浮力越大；
（3）探究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关时，应控制液体的密度相同，排开液体的体积相同，深度不同，故选A、C、D图进行比较；
（4）根据D、E两图可知，液体的密度不相同，排开的液体的体积相同，弹簧测力计的示数不同，浮力不相同，由图A、D、E所示实验步骤可得出结论：同一物体浸没在不同液体中时，液体密度越小，则物体受到的浮力越小。
（5）当逐渐调高升降台时，弹簧测力计甲的示数减小，减小的数值等于物体受到的浮力，乙的示数增大，增大的量等于排开液体的重力，若弹簧测力计甲示数的减小量等于乙示数的增大量，则可证明：物体受到的浮力等于排开液体受到的重力。
（6）实验发现簧测力计甲示数的减小量大于乙示数的增大量，即浮力大于排开液体受到的重力，原因可能是溢水杯没有装满水，导致排开液体的重力偏小。
故答案为：（1）1；（2）排开液体的体积；（3）A、C、D；（4）越小；（5）排开液体受到的重力；（6）溢水杯没有装满。
【分析】（1）根据F浮=G-F求浮力大小；
（2）根据B、C中的相同点和不同点，根据控制变量分析。
（3）研究液体中的物体所受浮力的大小与液体的深度的关系时，要控制物体排开液体的体积和密度都相同。
（4）根据D、E中的相同点和不同点，根据控制变量分析；
（5）根据阿基米德原理分析；
（6）根据浮力大于排开液体的重力分析。
23．（2024八下·南海期末）2024年4月27日，我国发布首个纯电驱拟人奔跑的全尺寸人形机器人“天工”，如图所示，其身高为163cm，质量为43kg，双脚与地面的接触面积为0.04m2。某次测试中，它在“盲视”状态下，平稳登上斜面长为1m，高为0.5m的斜坡，g取10N/kg。求：
（1）“天工”受到的重力的大小；
（2）“天工”双脚站立时，对水平地面的压强；
（3）“天工”从坡底登到坡顶，克服重力所做的功。
【答案】解：（1）“天工”受到的重力：G=mg=43kg×10N/kg=430N；
（2）“天工”站立时对水平地面的压力：F=G=430N，
“天工”站立时对水平地面的压强：；
（3）“天工”从坡底登到坡顶，克服重力所做的功：W=Gh=430N×0.5m=215J；
答：（1）“天工”受到的重力的大小为430N；
（2）“天工”双脚站立时，对水平地面的压强10750Pa；
（3）“天工”从坡底登到坡顶，克服重力所做的功215J。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg求出“天工”受到的重力；
（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据压强公式求出“天工”站立时对水平地面的压强；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离，根据W=Fs求出功的大小。
24．（2024八下·南海期末）如图甲是一种搬运材料的机械装置。某次提升重3000N的材料时，卷扬机对钢丝绳的拉力F=2500N，材料上升的高度h与时间t的关系图像如图乙所示，不计绳重与摩擦。在材料上升的过程中，求：
（1）材料上升的速度；
（2）拉力F的功率；
（3）该装置的机械效率。
【答案】解：（1）由图乙可知，当材料上升12m时，所用时间为16s，材料上升的速度；
（2）由图可知，n=2，拉力F的功率；
（3）该装置的机械效率。
答：（1）材料上升的速度为；
（2）拉力F的功率为3750W；
（3）该装置的机械效率为60%。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】 （1）根据图乙可知材料上升的高度和对应的时间，根据速度公式求出材料上升的速度；
（2）由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；利用求拉力做功的功率；
（3）利用W有=Gh求有用功；利用求滑轮组的机械效率。
25．（2024八下·南海期末）输液装置如图甲所示，小明为了探究输液管在相同时间内流出的液体体积与管的粗细和长短是否有关，他设计了如图乙所示的装置进行探究，用到器材还有秒表、4根粗细均匀的玻璃管（规格如下表）等。探究过程如下：
管号 长度/cm 横截面积/cm2
a 20 0.1
b 20 0.4
c 25 0.2
d 25 0.4
（1）如图乙所示，锥形瓶中装满红色的水，用弹簧夹夹住橡胶管（相当于密封），此时玻璃管无水流出，这是由于　 　的作用。松开弹簧夹，水从玻璃管流出进入量杯开始计时，每隔2秒记录量杯中水的体积V，并描绘出量杯中水的体积V随时间t变化的V-t图象。换管时，均要保持管的底端与量杯底部距离不变。
（2）先用a玻璃管进行实验，获得的图线如图丙a所示，则5s时量杯中水的体积为　 　mL。然后将a管换成b管，再次实验，获得的图线如图丙b所示。分析可得：玻璃管在相同时间内流出的液体体积与管的粗细　 　（选填“有关”或“无关”）。
（3）小明要继续探究玻璃管在相同时间内流出的液体体积与管的长短是否有关，则应将b玻璃管换成　 　（选填“c”或“d”）管进行实验，获得的图线在图丙中的Ⅰ区域，说明在玻璃管的　 　相同时，玻璃管越长，则在相同时间内流出的液体体积越　 　。
【答案】大气压；50；有关；d；粗细；多
【知识点】液体压强的特点；大气压的综合应用；物理学方法
【解析】【解答】（1）如图乙所示，锥形瓶中装满红色的水，用弹簧夹夹住橡胶管（相当于密封），由于大气压的作用，此时玻璃管无水流出，松开弹簧夹，水从玻璃管流出进入量杯开始计时，每隔2秒记录量杯中水的体积V，并描绘出量杯中水的体积V随时间t变化的V-t图象，换管时，均要保持管的底端与量杯底部距离不变；
（2）先用a玻璃管进行实验，获得的图线如图丙a所示，a图线与时间5s对应的水的体积为50mL，则5s时量杯中水的体积为50mL，然后将a管换成b管，再次实验，获得的图线如图丙b所示，a管与b管长度相同，横截面积不同，根据控制变量法分析可得：玻璃管在相同时间内流出的液体体积与管的粗细有关；
（3）小明要继续探究玻璃管在相同时间内流出的液体体积与管的长短是否有关，则应控制玻璃管的横截面积相同，长度不同，因此可将b玻璃管换成d管进行实验，获得的图线在图丙中的Ⅰ区域，与b图线相比，在相同时间内流出水的体积较大，说明在玻璃管的横截面积相同时，玻璃管越长，则在相同时间内流出的液体体积越大。
故答案为：（1）大气压；（2）50；有关；（3）d；粗细；多。
【分析】 （1）玻璃管口大气压强大于液体压强，所以玻璃管下端管口无水流出；
（2）（3）图乙中a图线与时间5s对应的水的体积为50mL；根据控制变量法进行分析。
26．（2024八下·南海期末）小明设计了测量一枚1角硬币密度的实验，如图所示，已知：=1.0×103kg/m3。
（1）如图乙，将电子秤放在　 　桌面上，测出该硬币的质量m0=2.4g；
（2）如图丙，将装有适量水的塑料杯放在电子秤上，记录此时电子秤的示数m1=103.6g；
（3）为了测硬币体积，如图丁，用细线粘住硬币，应将其　 　在水中且不接触杯边和杯底，稳定后再次记录电子秤的示数m2=104.5g，则硬币排开水的质量为　 　g；
（4）根据以上实验，计算可得：1角硬币的体积为　 　cm3，密度为　 　g/cm3（保留一位小数）；
（5）测量一枚硬币的质量和体积误差较大，请写出一项可提高测量精确度的可行措施：　 　。
【答案】水平；浸没；0.9；0.9；2.7；多个硬币同时测量
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】（1）如图乙，将电子秤放在水平桌面上，测出该硬币的质量m0=2.4g。
（3）为了测硬币体积，如图丁，用细线粘住硬币，应将其浸没在水中且不接触杯边和杯底，稳定后再次记录电子秤的示数m2=104.5g，则硬币排开水的质量为m=104.5g-103.6g=0.9g。
（4）根据硬币浸没时，排开水的体积等于硬币的体积：1角硬币的体积；密度为；
（5）测量一枚硬币的质量和体积误差较大，因而采用多个硬币同时测量，可以减小误差，提高测量精确度。
故答案为：（1）水平；（3）浸没；0.9；（4）0.9；2.7；（5）多个硬币同时测量。
【分析】 （1）电子秤放置水平面上工作；
（2）根据浸没时测量浮力；
（3）根据密度公式计算排开水的体积即硬币的体积，根据密度公式计算硬币的密度；
（4）根据累积法分析解答。
27．（2024八下·南海期末）阅读下列短文，回答问题。
极地考察立新丰碑
2023年9月5日，“雪龙2号”极地科考破冰船首次抵达北极点区域，如图甲所示，北极地区常年寒冷冰冻，但随着全球变暖，近30年格陵兰岛的格陵兰冰川熔化了约4×1015kg。
“雪龙2号”船首尖角型的凸起部分就是破冰专用的“破冰锚”，如图乙所示。“雪龙2号”的动力来源于柴油机，由1台功率为1.32×107W的主机和3台功率均为8.8×105W的副机组成。当“雪龙2号”在海面上直线航行时，为了测量海底深度，每隔100m向海底定向发射超声波，并记录从发射到回收信号的时间；在A、B、C、D、E五处位置测量时，记录的时间分别为0.2s、0.3s、0.5s、0.4s、0.1s。
（1）“雪龙2号”的船首采用尖角型设计是通过　 　的方式来增大压强，使破冰更容易。“雪龙2号”能够破开冰层，说明力可以改变物体的　 　；
（2）若“雪龙2号”仅使用主机驱动并以0.6m/s的速度破冰前行，则它受到的平均阻力为　 　N；
（3）若全球海洋总面积为3.6×1014m2且不变，取1.0×103kg/m3，则近30年格陵兰冰川融化的部分，使海平面上升约为　 　cm（保留一位小数）；
（4）请在图丙中用点描出科考队在A、B、C、D、E五处测出的海底的海拔，并用平滑曲线将五点连接起来，即为这段航道上的海底简易地形图　 　（超声波在海水中的传播速度取1500m/s，海平面的海拔取0m）。
【答案】减小受力面积；形状；；1.1；
【知识点】密度公式及其应用；功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算；声速
【解析】【解答】 解：（1）“雪龙2号”的船首采用尖角型设计，通过减小受力面积的方法来增大对冰面的压强；
在破冰的过程中，冰受力破碎，形状发生改变，说明力可以改变物体的形状；
（2）仅使用主机驱动并以0.6m/s的速度破冰前行，“雪龙2号”受力平衡，牵引力等于阻力，故它受到的平均阻力为
；
（3）近30年格陵兰岛的格陵兰冰川熔化了约4×1015kg，冰熔化成水后质量不变，则水的体积为
；
海平面上升的高度；
（4）在经过A点时，到达海底的时间为；
A点海水的深度；
在经过B点时，到达海底的时间为；
B点海水的深度；
在经过C点时，到达海底的时间为；
C点海水的深度；
在经过D点时，到达海底的时间为；
D点海水的深度；
在经过E点时，到达海底的时间为；
E点海水的深度；
将各点描在图丙对应位置，并用光滑的曲线将给点连接起来，如图所示
故答案为：（1）减小受力面积；形状；（2）2.2×107；（3）1.1；
（4）。
【分析】 （1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；
（2）先根据求出雪龙”破冰时受到的牵引力，然后根据牵引力和阻力为一对平衡力即可求出阻力的大小；
（3）根据密度公式求出冰川熔化后水的体积，根据V=Sh求出冰川上升的高度；
（4）先分别求出超声波到达各处海底的时间，然后利用速度公式得到各处海水的深度，在图丁中描点连线得到这段航道上的简略版海底地形图。
1 / 1广东省佛山市南海区2023-2024学年八年级下学期7月期末物理试题
1．（2024八下·南海期末）如图为人教版八年级下册物理课本，下列有关该课本的估测合理的是（　　）
A．长度约20mm B．厚度约2dm C．重力约2N D．质量约2kg
2．（2024八下·南海期末）如图所示，用不同的推力多次推同一箱子，推力产生的效果（　　）
A．仅与推力大小有关
B．仅与推力方向有关
C．仅与推力作用点有关
D．与推力大小、方向、作用点都有关
3．（2024八下·南海期末）如图所示，往b管中吹气，a管中的水面上升，这是因为a管上端（　　）
A．气体流速大，压强小 B．气体流速大，压强大
C．气体流速小，压强小 D．气体流速小，压强大
4．（2024八下·南海期末）如图所示的各类杠杆中，属于费力杠杆的是（　　）
A．天平
B．钢丝钳
C．用脚踏使碓（dui）头抬高
D．用棍子撬石头
5．（2024八下·南海期末）如图所示，某小孩坐在静止的玩具飞机上，小孩所受重力的平衡力是（　　）
A．地面对玩具飞机的支持力 B．玩具飞机对小孩的支持力
C．玩具飞机对地面的压力 D．小孩对玩具飞机的压力
6．（2024八下·南海期末）如图是佛山南狮足球队对战无锡队的场景，下列说法正确的是（　　）
A．踢足球时，脚对足球的力大于足球对脚的力
B．踢足球时，脚受到足球的力是足球发生了弹性形变产生的
C．在空中运动的足球，若所受力全部消失，足球将静止
D．运动员带球进攻时要持续踢球，说明力是维持物体运动的原因
7．（2024八下·南海期末）如图甲所示，棋子吸附在竖直的棋盘上。某段时间内，棋手推动棋子竖直向上运动，棋子运动的图像如图乙所示，棋子重为0.15N，下列说法中正确的是（　　）
A．棋子静止在棋盘上时，受到的摩擦力为零
B．在内，棋子处于平衡状态
C．在内，棋子运动的距离为0.05m
D．在0.75s时，棋子受到的摩擦力为0.15N
8．（2024八下·南海期末）小明乘船时，用力推另一艘静止的小船，如图甲所示，发现两船均运动起来，说明物体间力的作用是　 　的；小明还看到了渔民撒网捕鱼，如图乙所示，渔网离开人手后由于具有　 　继续向前运动；渔网由于受到　 　的作用，向下运动落入水中。
9．（2024八下·南海期末）为了检验佛山新研发的ASF材料的反弹效果，如图所示，从高处释放铅球，忽略空气阻力，在铅球下落至碰到ASF材料前，铅球的动能　 　，机械能　 　，从铅球碰到ASF材料至到达最低点的过程中，ASF材料的弹性势能　 　（以上均选填“变大”“变小”或“不变”）。
10．（2024八下·南海期末）在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，如图所示，通过观察海绵的　 　来反映压力的作用效果，这采用了　 　（选填“控制变量法”或“转换法”）﹔通过比较图乙和图丙，可得出结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越　 　。
11．（2024八下·南海期末）如图甲所示，矿泉水瓶盖的外侧有密集的条纹，这是为了增大　 　；拧开矿泉水瓶盖，发现瓶盖内侧和瓶口外侧都有螺纹，如图乙所示，这是利用了　 　（选填“杠杆”“斜面”或“轮轴”）的原理；如图丙所示，手对矿泉水瓶的摩擦力方向为　 　（选填“向上”或“向下”）。
12．（2024八下·南海期末）为了研究物体动能与质量的关系，应让不同质量的小球从斜面　 　高度由静止滚下，观察比较木块被撞后移动的距离。对比如图甲、乙，可以得出结论：速度相同的物体，质量　 　，动能就越大。由此，可以解释汽车　 　（选填“超载”或“超速”）行驶时危险性大的原因。
13．（2024八下·南海期末）“海洋石油122号”是由我国自主设计建造的亚洲首艘圆筒型“海上油气加工厂”，如题图甲所示；“海洋石油122号”空载时质量为3.6×107kg，最大排水量为1×108kg，g取10N/kg，满载时受到的最大浮力为　 　N。如图乙a、b所示分别为“海洋石油122号”在某海域内装载石油前后吃水线的示意图，其受到的浮力大小关系为Fa　 　Fb，船的底部受到液体压强大小关系为pa　 　pb（后两空均选填“>”“<”或“=”）。
14．（2024八下·南海期末）如图甲所示，在探究斜面机械效率的活动中，分别用力将A、B两个完全相同的物体匀速拉到斜面顶端，做功情况如图乙所示，则力对物体A做的有用功为　 　J，对物体B做的额外功为　 　J，物体A所在斜面的机械效率　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）物体B所在斜面的机械效率。
15．（2024八下·南海期末）如图，一个苹果漂浮在水面上，请画出它所受重力和浮力的示意图。
16．（2024八下·南海期末）用滑轮组提升重物，画出最省力的绕绳方法．
17．（2024八下·南海期末）如图甲所示，蔬菜挤水器的手柄可看作杠杆，图乙是手柄的简化示意图，O为支点，F2是手柄受到的阻力，请在图乙中画出F2的力臂l2及A点施加的最小动力F1。
18．（2024八下·南海期末）如图甲所示，瓷片的长度为　 　cm；使用弹簧测力计测量小桶所受的重力，在测量前应先在　 　（选填“水平”或“竖直”）方向上调零，测量时如图乙所示，小桶所受的重力为　 　N。
19．（2024八下·南海期末）如图所示，一根竖直放置和一根倾斜放置的玻璃管，管内上端均为真空，由图可知当地大气压等于　 　mm水银柱产生的压强；将装置移到海拔较高的地方，发现玻璃管内水银柱高度减小，可知海拔越高，大气压越　 　。
20．（2024八下·南海期末）如图所示，小明用压强计探究液体的压强与哪些因素有关。
①软管与U形管连接前，U形管　 　（选填“是”或“不是”）连通器；
②为探究液体内部同一深度不同方向压强大小，小明应调节图甲装置中的　 　（填序号），把探头分别朝下面、侧面、上面调节，如图乙所示，发现U形管左右两侧的液面高度差保持不变，说明在同种液体内部　 　的压强相等。
21．（2024八下·南海期末）小明做研究杠杆平衡的实验，如图所示。
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置保持静止，此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态；若要使其水平平衡，则应将平衡螺母向　 　调节。
（2）小明利用弹簧测力计和钩码，按照图乙和图丙的方式进行实验，你认为按图　 　进行实验更简便，原因是　 　。
（3）如图乙、图丙所示，杠杆均水平平衡时，图　 　中弹簧测力计的示数较大。
（4）如图乙所示，在保持杠杆水平平衡的条件下，仅使拉力F1与水平方向的夹角θ从30°增大到120°的过程中，拉力F1大小的变化情况是　 　。
22．（2024八下·南海期末）小明做“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验，相关操作如图所示，已知：。
（1）物体浸没在水中时受到的浮力为　 　N；
（2）由图A、B、C所示实验步骤可得出结论：物体受到的浮力大小与　 　有关；
（3）由图　 　所示3个实验步骤可得出结论：物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（4）由图A、D、E所示实验步骤可得出结论：同一物体浸没在不同液体中时，液体密度　 　则物体受到的浮力越小；
（5）小明继续利用图F所示装置进行浮力的研究。当逐渐调高升降台时，弹簧测力计甲的示数减小，乙的示数增大，若弹簧测力计甲示数的减小量等于乙示数的增大量，则可证明：物体受到的浮力等于　 　；
（6）实验发现弹簧测力计甲示数的减小量大于乙示数的增大量，原因可能是　 　（写1条即可）。
23．（2024八下·南海期末）2024年4月27日，我国发布首个纯电驱拟人奔跑的全尺寸人形机器人“天工”，如图所示，其身高为163cm，质量为43kg，双脚与地面的接触面积为0.04m2。某次测试中，它在“盲视”状态下，平稳登上斜面长为1m，高为0.5m的斜坡，g取10N/kg。求：
（1）“天工”受到的重力的大小；
（2）“天工”双脚站立时，对水平地面的压强；
（3）“天工”从坡底登到坡顶，克服重力所做的功。
24．（2024八下·南海期末）如图甲是一种搬运材料的机械装置。某次提升重3000N的材料时，卷扬机对钢丝绳的拉力F=2500N，材料上升的高度h与时间t的关系图像如图乙所示，不计绳重与摩擦。在材料上升的过程中，求：
（1）材料上升的速度；
（2）拉力F的功率；
（3）该装置的机械效率。
25．（2024八下·南海期末）输液装置如图甲所示，小明为了探究输液管在相同时间内流出的液体体积与管的粗细和长短是否有关，他设计了如图乙所示的装置进行探究，用到器材还有秒表、4根粗细均匀的玻璃管（规格如下表）等。探究过程如下：
管号 长度/cm 横截面积/cm2
a 20 0.1
b 20 0.4
c 25 0.2
d 25 0.4
（1）如图乙所示，锥形瓶中装满红色的水，用弹簧夹夹住橡胶管（相当于密封），此时玻璃管无水流出，这是由于　 　的作用。松开弹簧夹，水从玻璃管流出进入量杯开始计时，每隔2秒记录量杯中水的体积V，并描绘出量杯中水的体积V随时间t变化的V-t图象。换管时，均要保持管的底端与量杯底部距离不变。
（2）先用a玻璃管进行实验，获得的图线如图丙a所示，则5s时量杯中水的体积为　 　mL。然后将a管换成b管，再次实验，获得的图线如图丙b所示。分析可得：玻璃管在相同时间内流出的液体体积与管的粗细　 　（选填“有关”或“无关”）。
（3）小明要继续探究玻璃管在相同时间内流出的液体体积与管的长短是否有关，则应将b玻璃管换成　 　（选填“c”或“d”）管进行实验，获得的图线在图丙中的Ⅰ区域，说明在玻璃管的　 　相同时，玻璃管越长，则在相同时间内流出的液体体积越　 　。
26．（2024八下·南海期末）小明设计了测量一枚1角硬币密度的实验，如图所示，已知：=1.0×103kg/m3。
（1）如图乙，将电子秤放在　 　桌面上，测出该硬币的质量m0=2.4g；
（2）如图丙，将装有适量水的塑料杯放在电子秤上，记录此时电子秤的示数m1=103.6g；
（3）为了测硬币体积，如图丁，用细线粘住硬币，应将其　 　在水中且不接触杯边和杯底，稳定后再次记录电子秤的示数m2=104.5g，则硬币排开水的质量为　 　g；
（4）根据以上实验，计算可得：1角硬币的体积为　 　cm3，密度为　 　g/cm3（保留一位小数）；
（5）测量一枚硬币的质量和体积误差较大，请写出一项可提高测量精确度的可行措施：　 　。
27．（2024八下·南海期末）阅读下列短文，回答问题。
极地考察立新丰碑
2023年9月5日，“雪龙2号”极地科考破冰船首次抵达北极点区域，如图甲所示，北极地区常年寒冷冰冻，但随着全球变暖，近30年格陵兰岛的格陵兰冰川熔化了约4×1015kg。
“雪龙2号”船首尖角型的凸起部分就是破冰专用的“破冰锚”，如图乙所示。“雪龙2号”的动力来源于柴油机，由1台功率为1.32×107W的主机和3台功率均为8.8×105W的副机组成。当“雪龙2号”在海面上直线航行时，为了测量海底深度，每隔100m向海底定向发射超声波，并记录从发射到回收信号的时间；在A、B、C、D、E五处位置测量时，记录的时间分别为0.2s、0.3s、0.5s、0.4s、0.1s。
（1）“雪龙2号”的船首采用尖角型设计是通过　 　的方式来增大压强，使破冰更容易。“雪龙2号”能够破开冰层，说明力可以改变物体的　 　；
（2）若“雪龙2号”仅使用主机驱动并以0.6m/s的速度破冰前行，则它受到的平均阻力为　 　N；
（3）若全球海洋总面积为3.6×1014m2且不变，取1.0×103kg/m3，则近30年格陵兰冰川融化的部分，使海平面上升约为　 　cm（保留一位小数）；
（4）请在图丙中用点描出科考队在A、B、C、D、E五处测出的海底的海拔，并用平滑曲线将五点连接起来，即为这段航道上的海底简易地形图　 　（超声波在海水中的传播速度取1500m/s，海平面的海拔取0m）。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】质量及其特性；长度的估测；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A、物理课本的长度约为26cm，故A错误；
B、物理课本的厚度约为1cm，故B错误；
C、物理课本的质量约为200g，重力约为2N，故C正确；
D、物理课本的质量约为200g=0.2kg，故D错误。
故选：C。
【分析】 根据生活常识对各选项进行判断。
2．【答案】D
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】用不同的推力多次推同一箱子，推力产生的效果与力的大小、方向和作用点均有关，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】 力的大小、方向和作用点叫力的三要素；力的三要素会影响力的作用效果。
3．【答案】A
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 往b管中轻轻吹气，可以看到A管中的水面上升，原因是：往b管中吹气，吸管A上方空气的流速变大、压强变小，a管中水受到向上的压强差，所以a管水上升。
故选：A。
【分析】流体压强和流速的关系，流体流速大的地方压强小。
4．【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 A、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故A不符合题意；
B、钢丝钳在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C、用脚踏使碓头抬高时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C符合题意；
D、用棍子撬石头时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
5．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 A．地面对玩具飞机的支持力大小等于车和人的重力之和，故A错误；
B．玩具飞机对小孩的支持力和小孩所受重力，作用点在同一个物体上，是一对平衡力，故B正确；
C．玩具飞机对地面的压力，小孩所受的重力，作用在两个物体上，两个力不是一对平衡力，故C错误；
D．小孩对玩具飞机的压力，小孩所受的重力，作用在两个物体上，两个力不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
【分析】 二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。
6．【答案】B
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；弹力；牛顿第一定律；物体运动状态的变化
【解析】【解答】 A、踢足球时，脚对足球的力与足球对脚的力是一对相互作用力，二者大小相等，故A错误；
B、踢足球时，脚受到足球的力是足球发生了弹性形变产生的，故B正确；
C、在空中运动的足球，若所受力全部消失，根据牛顿第一定律，足球将做匀速直线运动，故C错误；
D、运动员带球进攻时要持续踢球，是力改变了物体的运动状态，力不是维持物体运动的原因，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）一对相互作用力的大小始终相等；
（2）物体发生弹性形变时会产生弹力；
（3）根据牛顿第一定律可做出判断；
（4）力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力。
7．【答案】C
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、棋子静止在棋盘上时，属于平衡状态，受平衡力，摩擦力与重力平衡，摩擦力等于重力等于0.15N，故A错误；
B、由图像可知，0-0.5s时间内，棋子做加速运动，不是平衡状态，故B错误；
C、由图像可知，0.5s-1s时间内，棋子做匀速运动，速度v=0.10m/s，此过程中s=vt=0.10m/s×（1s-0.5s）=0.05m，故C正确；
D、由图像可知，在0.75s时，棋子棋子做匀速运动，受平衡力。棋子向上运动，摩擦力向下，此时推力F等于重力与摩擦力之和，F=G+f，所以棋子所受摩擦力f=F-G=F-0.15N，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）由图像可知，0-0.5s时间内，棋子做加速运动，0.5s-1s时间内，棋子做匀速运动；
（2）物体处于静止或匀速直线运动，属于平衡状态，受平衡力。
8．【答案】相互；惯性；重力
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】 小明乘船时，用力推另一艘静止的小船，因为物体间力的作用是相互的，所以两船均运动起来，
渔网离开人手后，由于具有惯性继续向前运动，因为重力的方向是竖直向下的，所以渔网由于受到重力的作用，向下运动落入水中。
故答案为：相互；惯性；重力。
【分析】 （1）当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即物体间力的作用是相互的；
（2）物体由于惯性会保持原来的运动状态；
（3）重力的方向是竖直向下的，物体由于受到重力作用，最终要落向地面。
9．【答案】变大；不变；变大
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】如图所示，从高处释放铅球，忽略空气阻力，在铅球下落至碰到ASF材料前，小球的质量不变，高度减小，速度变大，铅球的动能变大；只有重力做功，机械能守恒，故机械能不变，从铅球碰到ASF材料至到达最低点的过程中，ASF材料发生形变越大，弹性势能变大。
故答案为：变大；不变；变大。
【分析】小球在下落的过程中，小球的质量不变，高度减小，速度变大；由于忽略空气阻力，只有重力做功，机械能守恒；弹性势能跟物体发生形变大小有关，据此分析。
10．【答案】形变程度；转换法；明显
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】根据转换法，在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，如图所示，通过观察海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，这采用了转换法；图乙和图丙中，压力相同，乙中受力面积小，压力作用效果明显，通过比较图乙和图丙，可得出结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
故答案为：凹陷程度；转换法；明显。
【分析】根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
11．【答案】摩擦力；斜面；竖直向上
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法；斜面的机械效率
【解析】【解答】矿泉水瓶盖的外侧有密集的条纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
瓶盖内侧和瓶口外侧都有螺纹，这些螺纹主要是利用了简单机械中的斜面。
如图丙所示，矿泉水瓶的重力与手对矿泉水瓶的摩擦力是一对平衡力，重力的方向竖直向下，所以手对矿泉水瓶的摩擦力方向为竖直向上。
故答案为：摩擦力；斜面；竖直向上。
【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
（2）像搭在汽车车厢上的木板那样的简单机械，叫做斜面。斜面能省力，斜面的坡度越小越省力，坡度越大越不省力。生活中应用斜面的地方很多，如“S”形的盘山公路、各种斜坡、各种刀刃、螺丝钉的螺斜纹，高架桥的引桥等。
（3）根据二力平衡知识判断摩擦力方向。
12．【答案】同一；越大；超载
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】为了研究物体动能与质量的关系，根据控制变量法可知，应控制小球的速度相同，即让不同质量的小球从斜面相同高度由静止滚下；
由图甲、乙可知，小球速度相同，质量不同，质量越大，推动木块移动的距离越远，故可得出结论：速度相同的物体，质量越大，动能就越大，由此，可以解释汽车超载行驶时危险性大的原因。
故答案为：相同；越大；超载。
【分析】 （1）影响物体动能大小的因素有质量和速度，根据控制变量法分析回答；
（2）研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。
13．【答案】1×109；<；<
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】 “海洋石油122号”满载时受到的最大浮力：F浮=G排=m排g=1×108kg×10N/kg=1×109N；
由图乙a、b可知，“海洋石油122号”装载石油前排开液体的体积小于装载石油后排开液体的体积，海水的密度不变，根据阿基米德原理可知，“海洋石油122号”装载石油前受到的浮力小于装载石油后受到的浮力，即Fa＜Fb；
由图可知，“海洋石油122号”装载石油前船的底部的深度小于装载石油后船的底部的深度，海水的密度不变，由p=ρgh可知，“海洋石油122号”装载石油前船的底部受到液体的压强小于“海洋石油122号”装载石油后船的底部受到液体的压强，即pa＜pb。
故答案为：1×109；＜；＜。
【分析】 （1）根据阿基米德原理求出“海洋石油122号”满载时受到的最大浮力；
（2）根据阿基米德原理分析装载石油前后受到浮力的大小关系；
（3）根据p=ρgh分析船的底部受到液体压强大小关系。
14．【答案】400；100；小于
【知识点】斜面的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）由图乙可知，力对物体A做的总功为600J、额外功为200J，则力对物体A做的有用功：W有A=W总A-W额A=600J-200J=400J；
（2）由题意可知，物体A、B的重力相等，上升的高度也相同，由W有=Gh可知，力对物体A和物体B做的有用功大小相等，即W有B=W有A=400J，
由图乙可知，力对物体B做的总功为500J，则力对物体B做的额外功：W额B=W总B-W有B=500J-400J=100J；
（3）两者的有用功相等，力对物体A做的总功大于力对物体B做的总功，由可知，较物体A所在斜面的机械效率小于物体B所在斜面的机械效率。
故答案为：400；100；小于。
【分析】 （1）根据图乙可知力对物体A做的总功和额外功，根据W总=W有+W额求力对物体A做的有用功；
（2）根据W有=Gh分析力对物体A和物体B做的有用功关系，根据图乙可知力对物体B做的总功，根据W总=W有+W额求力对物体B做的额外功；
（3）利用分析比较物体A所在斜面的机械效率与物体B所在斜面的机械效率的关系。
15．【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】苹果漂浮在水面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，且二力平衡，二者大小相等，在同一直线上，并标出G和F浮，如下图所示：
【分析】苹果漂浮，受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力。
16．【答案】
【知识点】滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】使用滑轮组时，提升动滑轮绳子条数越多，越省力，绳子先固定在动滑轮上，再依次绕过定滑轮和动滑轮，如图所示：
【分析】滑轮组最省力时，动滑轮上绳子段数最多，则绳子固定端在动滑轮上；根据奇动偶定，判断绳子股数和绕法。
17．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】O为支点，点O到F2的垂线段就是F2的力臂；
由杠杆平衡条件F1×l1=F2×l2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向下，过A点垂直于OA向下作出最小力的示意图。如下图所示：
【分析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
（2）根据杠杆平衡的条件，F1×l1=F2×l2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
18．【答案】2.55；竖直；0.8
【知识点】刻度尺的使用；弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】 （1）由甲图可知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0cm对齐，右侧与2.55cm对齐，所以物体的长度为2.55cm。
（2）因实验中要在竖直方向测量物体重力，且在竖直方向上读数，故实验前要把弹簧测力计在竖直方向上调零。弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表的是0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N；此时弹簧测力计的示数为0.8N。
故答案为：2.55；竖直；0.8。
【分析】 （1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
（2）因实验中要在竖直方向测量物体重力，且在竖直方向上读数，故实验前要把弹簧测力计在竖直方向上调零；使用弹簧测力计时，需要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻度相垂直。
19．【答案】746；低
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）若玻璃管内上部分为真空，由图可知，玻璃管内外的液柱高度差为746mm，可知当地大气压的数值等于746mm水银柱产生的压强；
（2）海拔越高的地方，气压越小，若将装置移到海拔较高的地方，外界大气压减小，则水银柱的高度将变小。
故答案为：746；小。
【分析】 （1）在托里拆利实验中，玻璃管内外水银面的高度差反映了大气压强的大小；
（2）海拔越高的地方，气压越小。
20．【答案】是；①；同一深度不同方向
【知识点】连通器原理及其应用；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 （1）软管与U形管连接前，U形管底部连通，上端开口，属于连通器；
（2）实验中通过调节图甲装置中的①来改变探头的方向；把探头分别朝下面、侧面、上面调节，如图乙所示，发现U形管左右两侧的液面高度差保持不变，说明同种液体同一深度，液体向各个方向的压强相等。
故答案为：（1）是；（2）①；同一深度不同方向。
【分析】 （1）底部连通，上端开口的容器叫做连通器；
（2）通过调节图甲装置中的①来改变探头的方向；液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法。
21．【答案】平衡；右；丙；便于测量力臂；乙；先变小后变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态；
根据“左高左调、右高右调”的原则，应当将平衡螺母向右调节；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此图丙实验方案更简单，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，方便测量力臂；
（3）乙、丙两组实验，丙的拉力与杠杆垂直，力臂大于乙的力臂，根据杠杆平衡条件，乙弹簧测力计的示数大于丙；
（4）使拉力F1与水平方向的夹角θ从30°增大到120°的过程中，动力臂先变大后变小，而钩码的重力不变，即F2大小不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F1应先变小后变大。
故答案为：（1）平衡；右；（2）丙；便于测量力臂；（3）乙；（4）先变小后变大。
【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态；
杠杆调平原则：左高左调、右高右调；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
（3）根据杠杆平衡条件，力臂越小，力越大；
（4）在测力计转动过程中，左侧钩码的重力不变，即F2大小不变，且其力臂OA不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力F1变化情况。
22．【答案】1；排开液体的体积；A、C、D；越小；排开液体受到的重力；物体碰到了溢水杯底部
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）由图A、C可知，物体浸没在水中时受到的浮力：F水=G-F=4N-3N=1N；
（2）由BC两图知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，且排开液体的体积越大，弹簧测力计的示数越小，对比A、B、C，可知浮力越大，故可以得出在液体密度相同时，物体排开液体的体积越大，浮力越大；
（3）探究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关时，应控制液体的密度相同，排开液体的体积相同，深度不同，故选A、C、D图进行比较；
（4）根据D、E两图可知，液体的密度不相同，排开的液体的体积相同，弹簧测力计的示数不同，浮力不相同，由图A、D、E所示实验步骤可得出结论：同一物体浸没在不同液体中时，液体密度越小，则物体受到的浮力越小。
（5）当逐渐调高升降台时，弹簧测力计甲的示数减小，减小的数值等于物体受到的浮力，乙的示数增大，增大的量等于排开液体的重力，若弹簧测力计甲示数的减小量等于乙示数的增大量，则可证明：物体受到的浮力等于排开液体受到的重力。
（6）实验发现簧测力计甲示数的减小量大于乙示数的增大量，即浮力大于排开液体受到的重力，原因可能是溢水杯没有装满水，导致排开液体的重力偏小。
故答案为：（1）1；（2）排开液体的体积；（3）A、C、D；（4）越小；（5）排开液体受到的重力；（6）溢水杯没有装满。
【分析】（1）根据F浮=G-F求浮力大小；
（2）根据B、C中的相同点和不同点，根据控制变量分析。
（3）研究液体中的物体所受浮力的大小与液体的深度的关系时，要控制物体排开液体的体积和密度都相同。
（4）根据D、E中的相同点和不同点，根据控制变量分析；
（5）根据阿基米德原理分析；
（6）根据浮力大于排开液体的重力分析。
23．【答案】解：（1）“天工”受到的重力：G=mg=43kg×10N/kg=430N；
（2）“天工”站立时对水平地面的压力：F=G=430N，
“天工”站立时对水平地面的压强：；
（3）“天工”从坡底登到坡顶，克服重力所做的功：W=Gh=430N×0.5m=215J；
答：（1）“天工”受到的重力的大小为430N；
（2）“天工”双脚站立时，对水平地面的压强10750Pa；
（3）“天工”从坡底登到坡顶，克服重力所做的功215J。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg求出“天工”受到的重力；
（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据压强公式求出“天工”站立时对水平地面的压强；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离，根据W=Fs求出功的大小。
24．【答案】解：（1）由图乙可知，当材料上升12m时，所用时间为16s，材料上升的速度；
（2）由图可知，n=2，拉力F的功率；
（3）该装置的机械效率。
答：（1）材料上升的速度为；
（2）拉力F的功率为3750W；
（3）该装置的机械效率为60%。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】 （1）根据图乙可知材料上升的高度和对应的时间，根据速度公式求出材料上升的速度；
（2）由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；利用求拉力做功的功率；
（3）利用W有=Gh求有用功；利用求滑轮组的机械效率。
25．【答案】大气压；50；有关；d；粗细；多
【知识点】液体压强的特点；大气压的综合应用；物理学方法
【解析】【解答】（1）如图乙所示，锥形瓶中装满红色的水，用弹簧夹夹住橡胶管（相当于密封），由于大气压的作用，此时玻璃管无水流出，松开弹簧夹，水从玻璃管流出进入量杯开始计时，每隔2秒记录量杯中水的体积V，并描绘出量杯中水的体积V随时间t变化的V-t图象，换管时，均要保持管的底端与量杯底部距离不变；
（2）先用a玻璃管进行实验，获得的图线如图丙a所示，a图线与时间5s对应的水的体积为50mL，则5s时量杯中水的体积为50mL，然后将a管换成b管，再次实验，获得的图线如图丙b所示，a管与b管长度相同，横截面积不同，根据控制变量法分析可得：玻璃管在相同时间内流出的液体体积与管的粗细有关；
（3）小明要继续探究玻璃管在相同时间内流出的液体体积与管的长短是否有关，则应控制玻璃管的横截面积相同，长度不同，因此可将b玻璃管换成d管进行实验，获得的图线在图丙中的Ⅰ区域，与b图线相比，在相同时间内流出水的体积较大，说明在玻璃管的横截面积相同时，玻璃管越长，则在相同时间内流出的液体体积越大。
故答案为：（1）大气压；（2）50；有关；（3）d；粗细；多。
【分析】 （1）玻璃管口大气压强大于液体压强，所以玻璃管下端管口无水流出；
（2）（3）图乙中a图线与时间5s对应的水的体积为50mL；根据控制变量法进行分析。
26．【答案】水平；浸没；0.9；0.9；2.7；多个硬币同时测量
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】（1）如图乙，将电子秤放在水平桌面上，测出该硬币的质量m0=2.4g。
（3）为了测硬币体积，如图丁，用细线粘住硬币，应将其浸没在水中且不接触杯边和杯底，稳定后再次记录电子秤的示数m2=104.5g，则硬币排开水的质量为m=104.5g-103.6g=0.9g。
（4）根据硬币浸没时，排开水的体积等于硬币的体积：1角硬币的体积；密度为；
（5）测量一枚硬币的质量和体积误差较大，因而采用多个硬币同时测量，可以减小误差，提高测量精确度。
故答案为：（1）水平；（3）浸没；0.9；（4）0.9；2.7；（5）多个硬币同时测量。
【分析】 （1）电子秤放置水平面上工作；
（2）根据浸没时测量浮力；
（3）根据密度公式计算排开水的体积即硬币的体积，根据密度公式计算硬币的密度；
（4）根据累积法分析解答。
27．【答案】减小受力面积；形状；；1.1；
【知识点】密度公式及其应用；功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算；声速
【解析】【解答】 解：（1）“雪龙2号”的船首采用尖角型设计，通过减小受力面积的方法来增大对冰面的压强；
在破冰的过程中，冰受力破碎，形状发生改变，说明力可以改变物体的形状；
（2）仅使用主机驱动并以0.6m/s的速度破冰前行，“雪龙2号”受力平衡，牵引力等于阻力，故它受到的平均阻力为
；
（3）近30年格陵兰岛的格陵兰冰川熔化了约4×1015kg，冰熔化成水后质量不变，则水的体积为
；
海平面上升的高度；
（4）在经过A点时，到达海底的时间为；
A点海水的深度；
在经过B点时，到达海底的时间为；
B点海水的深度；
在经过C点时，到达海底的时间为；
C点海水的深度；
在经过D点时，到达海底的时间为；
D点海水的深度；
在经过E点时，到达海底的时间为；
E点海水的深度；
将各点描在图丙对应位置，并用光滑的曲线将给点连接起来，如图所示
故答案为：（1）减小受力面积；形状；（2）2.2×107；（3）1.1；
（4）。
【分析】 （1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；
（2）先根据求出雪龙”破冰时受到的牵引力，然后根据牵引力和阻力为一对平衡力即可求出阻力的大小；
（3）根据密度公式求出冰川熔化后水的体积，根据V=Sh求出冰川上升的高度；
（4）先分别求出超声波到达各处海底的时间，然后利用速度公式得到各处海水的深度，在图丁中描点连线得到这段航道上的简略版海底地形图。
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