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广东省韶关市乳源瑶族自治县2025年中考二模物理试卷
1．（2025·乳源模拟）【传统文化主题】潮汕英歌舞作为我国首批国家级非物质文化遗产，曾亮相2025年春晚。某次街头表演时，舞者双手各持一根“英歌槌”，两根“英歌槌”对击产生声音，舞者随之舞动，如题1~2图所示. 请完成第1~2题.
（1）舞者手中“英歌槌”的长度最接近
A．0.4 cm B．4cm C．40cm D．400cm
（2）不改变两“英歌槌”对击时的位置，若舞者想增大声音的响度，可采取的方法是
A．减小对击的力 B．增大对击的力
C．增大两次对击的时间间隔 D．减小两次对击的时间间隔
【答案】（1）C
（2）B
【知识点】长度的估测；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】（1）由图可知，舞者手中“英歌槌”的长度最接近40cm，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（2）声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，所以不改变两“英歌槌”对击时的位置，若舞者想增大声音的响度，可采取的方法是增大对击的力，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】（1）对生活中常见物体的长度要有一定的了解，如1厘米长的物体 ：黑枣、花生米、蚕豆、图钉、大拇指指甲长度、小学语文书的厚度等 ；1分米长的物体 ：文具盒长度、书本宽度、铅笔长度、梳子、笔盒等 ；1米长的物体 ：条形日光灯、家里的书桌、门框的长度等 。
（2）声音的响度与振幅有关，对打击乐器，增大用力大小，可以增大声源振动的振幅，增大响度；
声音的音调与频率有关，对弦乐器，改变弦振动的长短、粗细、松紧可以改变弦振动的频率，以改变音调。
（1）【解答】（1）由图可知，舞者手中“英歌槌”的长度最接近40cm，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（2）（2）声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，所以不改变两“英歌槌”对击时的位置，若舞者想增大声音的响度，可采取的方法是增大对击的力，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
2．（2025·乳源模拟）如图所示，市场里的商家将海鲜放在冰块上保鲜，主要是利用冰块
A．汽化吸热 B．液化放热 C．熔化吸热 D．凝华放热
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】冰块熔化时会吸热，使海鲜的温度降低，起到保鲜的作用，故C正确，ABD错误。
故选C.
【分析】熔化：物质由固态变成液态的过程，熔化吸热。
3．（2025·乳源模拟）下列汽油机的四个冲程中，利用高温高压气体推动活塞运动的冲程是
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】A.由图可知，两气门关闭，火花塞点火，将汽油和空气混合物点燃，产生高温高压的燃气，推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，为汽油机的做功冲程，故A符合题意；
B.由图可知，两个气门关闭，活塞向上运动，压缩汽油和空气的混合物，将机械能转化为内能，为汽油机的压缩冲程，故B不符合题意；
C.由图可知，进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，将汽油和空气混合物吸入汽缸，为汽油机的吸气冲程，故C不符合题意；
D.由图可知，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，将燃烧后的废气排出汽缸，为汽油机的排气冲程，故D不符合题意。
故选A。
【分析】由题意可知，利用高温高压气体推动活塞运动的冲程是做功冲程，根据图中的气门开闭情况和活塞运动的情况，判断汽油机的工作冲程。
4．（2025·乳源模拟）小明在家洗玻璃杯时，发现了如图所示的影子，其形成的原因是
A．光沿直线传播 B．光的色散
C．光的反射 D．光的折射
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】影子是由光的直线传播形成的，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播，影子的形成、日食、月食、小孔成像等都是由光的直线传播形成的。
5．（2025·乳源模拟）如题图所示，将杨梅放入装有水的玻璃杯中，杨梅恰能下沉到杯底.下列操作可能使杨梅漂浮的是
A．增加杯中的水 B．减少杯中的水
C．向杯中加酒精 D．向杯中加盐
【答案】D
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】杨梅在水中沉底，根据浮沉条件可知，杨梅的密度大于水的密度，若向杯中加盐，增大液体的密度，使杨梅的密度小于液体的密度，可以使杨梅漂浮，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】根据浮沉条件进行分析：物体上浮或漂浮时，物体密度小于液体密度；
物体悬浮时，物体密度等于液体密度；
物体下沉或沉底时，物体密度大于液体密度。
6．（2025·乳源模拟）测量小灯泡电阻的实验电路如题7图所示，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列说法正确的是
A．滑动变阻器接入电路的阻值变大
B．电流表的示数变小
C．电压表的示数变小
D．小灯泡变亮
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功计算公式的应用
【解析】【解答】由图可知，小灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流；闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器的阻值变小，则电路中总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，即电流表的示数变大；根据串联分压的关系可知，滑动变阻器的阻值变小，则滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压的关系可知，小灯泡两端的电压变大，即电压表的示数变大，根据P=UI可知，小灯泡的实际功率变大，亮度变亮，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】分析电路连接方式为串联，当滑动变阻器的滑片向左移动时，阻值变小，则串联电路的总电阻变小，根据欧姆定律分析电路中的电流变化，根据串联分压的关系分析小灯泡两端的电压变化，根据P=UI分析小灯泡的亮度变化。
7．（2025·乳源模拟）如图所示原子模型，其中粒子b不带电，则粒子a是　 　粒子b是　 　，粒子c是　 　(选填“电子”“中子”或“质子”)
【答案】电子；中子；质子
【知识点】原子结构
【解析】【解答】原子由原子核（带正电）和核外电子（带负电）构成，原子核由质子（带正电）和中子（不带电）组成；由图可知，粒子a在绕原子核运动，是电子；粒子b不带电，是中子；粒子c在原子核内，带正电，是质子。
【分析】原子由原子核（带正电）和核外电子（带负电）构成，原子核由质子（带正电）和中子（不带电）组成。
8．（2025·乳源模拟）在学校4×100米接力赛中，为顺利交接棒，接棒的同学要提前起跑，其速度应当比递棒的同学　 　(选填“大”或“小”)；交接棒完成后，以观众为参照物，接棒的同学是　 　(选填“运动”或“静止”)的；冲刺时，观众通过相同时间比较　 　来判断哪组同学跑得快。
【答案】大；运动；路程
【知识点】速度与物体运动；运动和静止的相对性
【解析】【解答】在接力赛中，为顺利交接棒，递棒的同学要追上接棒的同学，由此可知，接棒的同学的速度应当比递棒的同学大。
交接棒完成后，以观众为参照物，接棒的同学与观众之间会发生位置变化，所以接棒的同学是运动的。
冲刺时，观众通过相同时间比较路程来判断哪组同学跑得快。
【分析】1.根据交接棒的情景，比较两人的速度大小；
2.研究物体运动状态时，要选择合适的参照物，若物体和参照物之间位置发生变化，则物体是运动的，若物体和参照物之间位置没有发生变化，则物体是静止的；
3.比较物体运动快慢的方法：路程相同比较时间，时间越短，速度越快；
时间相同比较路程，路程越长，速度越快。
9．（2025·乳源模拟）肇庆“裏蒸粽”远近闻名，煮粽子时是通过加热　 　(“增大”或“减小”)棕子的内能；粽子散发出香味，这说明分子在不停地做　 　。早晨，妈妈说：“利用水来冷却煮熟的鸡蛋，效果更好。”这是利用水的　 　大的特点。
【答案】增大；无规则运动；比热容
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】煮粽子时，粽子吸收热量，温度升高，内能增大，所以煮粽子时是通过加热增大粽子的内能。
粽子散发出香味，这说明分子在不停地做无规则运动。
利用水来冷却煮熟的鸡蛋，效果更好。”这是利用水的比热容大的特点。
【分析】1.做功和热传递都可以改变物体的内能；
2.扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
3.质量相同的不同物质，温度变化相同时，比热容较大的物质吸收的热量更多。
10．（2025·乳源模拟）某小区采用智慧刷脸门禁系统识别进人小区的人员.人脸识别摄像头的镜头相当于一个　 　 透镜。当人远离摄像头时，显示屏上的像会　 　 (选填“变大”“变小”或“不变”).若摄像头的焦距为 l2 cm， 人脸到镜头的距离要大于　 　cm，才能成缩小清晰的实像。
【答案】凸；变小；24
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】人脸识别摄像头的镜头相当于凸透镜。
根据凸透镜成实像时，物远像近像变小的特点可知，当人远离摄像头时，显示屏上的像会变小。
当物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，所以若摄像头的焦距为 l2 cm， 人脸到镜头的距离要大于24cm，才能成缩小清晰的实像。
【分析】1.根据凸透镜成像规律进行分析：
u>2f，成倒立、缩小的实像，ff2f，应用：投影仪；
u2.凸透镜成实像时，根据物远像近像变小进行分析。
11．（2025·乳源模拟）如图所示，智能运动手环通过蓝牙与手机连接时，是利用　 　进行数据传输。给手环充电的过程中，手环电池属于电路构成中的　 　(选填“电源”或“用电器”)，其能量转化的形式主要是将电能转化为　 　能。
【答案】电磁波；用电器；化学能
【知识点】能量的转化或转移；电路的构成及电路图；电磁波的传播
【解析】【解答】智能运动手环通过蓝牙与手机连接时，是利用电磁波进行数据传输的。
给手环充电的过程中，手环电池消耗电能，属于电路构成中的用电器，其能量转化的形式主要是将电能转化为化学能。
【分析】1.电磁波可以在真空中传播，且能携带信息进行远距离传输，广泛应用于各种无线通信设备中；
2.电路由电源、开关、用电器、导线构成。
3.给电池充电时，将电能转化为化学能。
12．（2025·乳源模拟）如图所示，电热茶壶是利用电流的　 　效应工作的。茶壶的壶身和壶嘴构成连通器，当水静止时，壶嘴和壶身内的液面　 　。若电热茶壶　 　(选填“短路”或“断路”)，空气开关会自动切断电源。
【答案】热；相平；短路
【知识点】连通器原理及其应用；电流的热效应；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】使用电热茶壶时，消耗电能，产生热量，是利用电流的热效应工作的。
茶壶的壶身和壶嘴构成连通器，当水静止时，壶嘴和壶身内的液面相平。
若电热茶壶短路，电路中电流会过大，空气开关会自动切断电源。
【分析】1.电流的热效应 是指当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量的现象；
2.连通器：上端开口，下端连通的容器，连通器中装有同种液体，且液体不流动时，各液面总保持相平；
3.电路中电流过大的原因：电路中出现短路故障或电路中总功率过大。
13．（2025·乳源模拟）如图甲所示，用A、B两个滑轮组分别将物体P、Q匀速提升2m，两个拉力分别为FA、FB，拉力做的总功分别为WA、WB，两个滑轮组的机械效率分别ηA、ηB，做功过程相关数据如图乙所示.则WA　 　WB， ηA　 　ηB，FA　 　FB(选圾“>"<”或“=”)
【答案】<；<；>
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 由图乙可知，A滑轮组的有用功为400J，总功为500J；B滑轮组的有用功为500J，总功为600J，所以拉力做的总功关系为WAA滑轮组的机械效率为：
B滑轮组的机械效率为：
所以两个滑轮组的机械效率关系为；
用A、B两个滑轮组分别将物体P、Q匀速提升2m，A滑轮组中动滑轮上绳子段数为2，绳子端移动的距离为SA=2x2m=4m；B滑轮组中动滑轮上绳子的段数为3，绳子端移动的距离为SB=3x2m=6m；
A滑轮组的拉力为：
B滑轮组的拉力为：
所以A、B两个滑轮组的拉力关系为 FA>FB 。
【分析】由图乙可知，A、B两个滑轮组的有用功和总功的大小，可直接比较两个滑轮组总功的大小；根据求出两滑轮组的机械效率，即可比较两滑轮组机械效率的大小；
由图甲可知动滑轮上绳子的段数，根据s=nh求出绳子端移动的距离，根据分别求出绳子端的拉力，即可比较两滑轮组拉力的大小。
14．（2025·乳源模拟）
（1）如图所示，请画出篮球所受重力G的示意图.
（2）人们发现池水看起来比实际要浅，请在图中画出入射光线 AO 大致的折射光线.
（3）螺线管是汽车启动器的一个重要部件，驾驶员转动钥匙发动汽车时，相当于给螺线管通电.请在图中标出任意一条磁感线的方向，并在括号中分别标出螺线管右端和小磁针右端的极性。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；重力示意图；磁感线及其特点；安培定则
【解析】【解答】（1）过篮球的重心，作一条竖直向下的带箭头的线段，标上符号G，如图所示：
（2）过入射点O，作垂直于界面的法线，根据光从水中斜射到空气中时，折射角大于入射角，在法线的左侧空气中作出折射光线，如图所示：
（3）由图可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极；根据磁体外部磁感线从N极出发回到S极可知，磁感线的从螺线管的右端指向左端；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的右端为N极，如图所示：
【分析】（1）重力作用点：物体重心，重力方向：竖直向下，符号：G。
（2）光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内；折射光线和入射光线分居法线的两侧；光从水中斜射到空气中时，折射角大于入射角。
（3）根据安培定则判断螺线管的磁极；
在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极；
磁体间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
15．（2025·乳源模拟）.
（1）如图所示，小明用毫米刻度尺测量某品牌手机的宽度，读数为　 　cm
（2）小明在家做水的沸腾实验，电热水壶中装有适量的水，闭合开关.当水沸腾时，温度计的示数如图所示，为　 　℃.停止加热时，水停止沸腾，这说明水沸腾时需要　 　。
（3）杠杆水平静止时如图甲所示，此时杠杆处于　 　(选填“平衡”或“非平衡”)状态，小明想研究桌面不水平时杠杆的状态，于是将杠杆左下角垫上物块M，不调节平衡螺母，杠杆仍水平静止，如图乙所示，垫上物块M后杠杆右边力臂大小的变化情况是　 　。
（4）如图所示，探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件时，先在a、b两端接人　 　(选填“电源”或“灵敏电流计”)，接下来应进行的操作是：让直导线在磁场中　 　。
【答案】（1）6.45
（2）99；持续吸热
（3）平衡；不变
（4）灵敏电流计；做切割磁感线运动
【知识点】沸腾及沸腾条件；长度及其测量；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】（1）由图可知，刻度尺的分度值为1mm，手机左侧与刻度尺的0刻度线对齐，手机右侧在6.4cm多一点，读数为6.45cm。
（2）由图可知，温度计的分度值为1℃，示数为99℃；
停止加热时，水停止沸腾，这说明水沸腾时需要持续吸热。
（3）如图甲的杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态；
垫上物块M后，杠杆仍水平静止，此时杠杆的支点位置不变，杠杆右端力的方向不变，所以杠杆右边力臂大小不变。
（4）要检测是否有感应电流产生，应在a、b两端接入灵敏电流计，接下来应进行的操作是：让直导线在磁场中做切割磁感线运动。
【分析】（1）刻度尺的使用方法：会认（使用前认清刻度尺的单位、零刻度线的位置、量程、分度值）；会放（刻度尺要放正；有刻度的一边要紧靠被测物体，与所测物体边缘要平行，不能倾斜）；会看（读数时，视线与刻度尺尺面垂直）；会读（估读到分度值的下一位）。
（2）认清温度计的分度值再读数；
水沸腾的条件：到达沸点，持续吸热。
（3）杠杆是静止的，处于平衡状态；
力臂：从支点到力的作用线的垂直距离。
（4）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流。
16．（2025·乳源模拟）小明利用图所示装置，探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关
（1）为使滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的拉力大小，实验过程中，需用弹簧测力计 沿　 　方向　 　拉动木块.
（2）小明记录的实验数据如表所示，分析序号1、2、3三组数据可知：滑动摩擦力的大小与　 　有关；继续分析序号　 　三组数据可知：滑动摩擦力的大小还与接触面的粗糙程度有关。
序号 接触面情况 压力/N 弹簧测力计示数/N
1 平滑的木板 木块 1.2
2 平滑的木板 木块+2个砝码 1.6
3 平滑的木板 木块+4个砝码 2.0
4 较粗糙的木板 木块 1.8
5 更粗糙的木板 木块 3.0
（3）小明发现拉动木块时弹簧测力计的读数不稳定，于是设计了改进方案(如表所示).你认为应该采用方案　 　，理由是　 　。
方案一：先用绳子将木块与墙连接，再通过弹簧测力计水平拉动木块下方的长木板 方案二：先用绳子将木块与墙连接，再通过弹簧测力计水平拉动底部加了轮子的长木板 方案三：用弹簧测力计将木块与墙连接，弹簧测力计保持水平，直接拉动下方的长木板
【答案】（1）水平；匀速
（2）压力大小；1、4、5
（3）三；不需要拉动木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数稳定
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）为使滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的拉力大小，实验过程中，需用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块。
（2）比较1、2、3三组数据，接触面的粗糙程度相同，压力不同，弹簧测力计的示数不同，木块所受的滑动摩擦力不同，可知：滑动摩擦力的大小与压力大小有关；
比较1、4、5三组数据，压力相同，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数不同，木块所受的滑动摩擦力不同，可知：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度大小有关。
（3）实验中要测量木块受到的摩擦力的大小，所以应将弹簧测力计将木块与墙连接，无论怎样拉动下方的长木板，木块都相对于地面静止，根据二力平衡知识可知，弹簧测力计的示数等于木块受到的摩擦力大小，故应采取方案三，理由是不需要拉动木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数稳定。
【分析】（1）用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，根据二力平衡知识可知，木块所受的拉力和摩擦力是一对平衡力；
（2）滑动摩擦力与接触面所受的压力和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法进行分析；
（3）方案三中，不需要拉动木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数稳定。
17．（2025·乳源模拟）某学习小组设计了如图甲所示探究电流与电压关系的电路.
（1）请用笔画线代替导线将图乙电路连接完整.　 　。
（2）连接电路时，开关应处于　 　状态.把某定值电阻接人电路，闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，其原因可能是　 　。
（3）排除故障后，闭合开关，当电压表示数为2.00V时，电流表示数如图丙所示，则此时通过定值电阻的电流为　 　A。改变电池节数，继续进行实验，并将实验数据记录在表中，分析数据可知：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　。
实验次数 1 2 3
电压U/V 2.00 1.00 3.00
电流I/A 0 0.12 0.36
（4）该实验方案的不足之处是　 　 (写一个即可)，可采取的优化措施是　 　。
【答案】（1）
（2）断开；定值电阻断路
（3）0.24；正比
（4）通过改变电池的节数来改变定值电阻两端的电压，操作比较麻烦；在电路中串联一个滑动变阻器
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）由图乙可知，电源为2节干电池，电压为3V，电压表应使用小量程，将电压表并联到定值电阻两端，如图所示：
（2）连接电路时，开关应处于断开状态；
电路是串联的，闭合开关，电流表无示数，说明电路中出现断路，电压表有示数，说明电压表与电源两端是连通的，可能是与电压表并联的定值电阻发生了断路。
（3）由图丙可知，电流表使用的是0-0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.24A；
分析实验数据，发现，即电压与电流的比值是一定值，可知， 在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）实验通过改变电池的节数来改变定值电阻两端的电压，操作比较麻烦，可在电路中串联一个滑动变阻器，通过移动滑片来改变定值电阻两端的电压。
【分析】（1）根据图中的电源电压确定电压的量程，再将电压表并联到定值电阻两端。
（2）串联电路中，电流无示数，说明电路发生断路，电压表有示数，说明电压表与电源两端是连通的，可能是与电压表并联的部分电路发生了断路。
（3）认清电流表的量程和分度值，再读数；
（4）滑动变阻器可以保护电路，且可以多次改变定值电阻两端的电压。
18．（2025·乳源模拟）2025年1月28日，人形机器人HI 登上央视春晚舞台，惊艳全场.该款机器人采用了超轻量级设计，整机质量为47kg 表演中，假设机器人 H1 用18s的时间在舞台上沿直线前进了3.6m，取10N/Kg求：
（1）机器人Hl所受的重力；
（2）机器人Hl前行的平均速度；
（3）若机器人 Hl 与水平舞台的接触面积为 0.02m2， 求其静止时对舞台的压强.
【答案】（1）解：机器人Hl所受的重力为：
G=mg= 47kg x 10N/Kg =470N
答：机器人Hl所受的重力为470N。
（2）解：机器人Hl前行的平均速度为：
答：机器人Hl前行的平均速度为0.2m/s。
（3）解：机器人 Hl 对水平舞台的压力为：
F=G=470N
机器人 Hl 对水平舞台的压强为：
答：机器人 Hl 对水平舞台的压强为2.35x104Pa。
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）已知机器人的质量，根据G=mg求出机器人的重力；
（2）已知机器人运动的路程和时间，根据求出机器人Hl前行的平均速度；
（3）先根据F=G求出机器人对水平舞台的压力，再根据求出机器人对水平舞台的压强。
19．（2025·乳源模拟）小明家的电热毯有高温和低温两挡，其简化电路如图所示.电源电压为220V，R1和R2均为电热丝，且R1=R2。当开关S闭合时，电热毯处于高温挡，功率为88 W； 当S断开时，电热毯处于低温挡。求：
（1）处于高温挡时电路中的电流：
（2）电阻R1的阻值；
（3）处于低温挡时电热毯的电功率.
【答案】（1）解：当开关S闭合时，只有R1接入电路，电热毯处于高温挡，功率为88 W，此时电路中的电流为：
答：处于高温挡时电路中的电流为0.4A。
（2）解：电阻R1的阻为：
答：电阻R1的阻为550Ω。
（3）解：当S断开时，R1与R2串联，电热毯处于低温挡，低温挡时电热毯的电功率为：
答：低温挡时电热毯的电功率为44W。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功计算公式的应用
【解析】【分析】（1）（2）当开关S闭合时，只有R1接入电路，电热毯处于高温挡，根据求出高温挡时电路中的电流，根据求出电阻R1的阻值；
（3）当S断开时，R1与R2串联，电热毯处于低温挡，根据求出低温挡时电热毯的电功率。
20．（2025·乳源模拟） 小明想比较不同材料的隔音性能，做了以下探究.
将闹铃置于空盒中间，将分贝仪固定在距离盒子0.5 m 的位置，先后分别用报纸、棉花和隔音棉包住盒子进行实验，将闹钟发出的声音当作噪声，相关实验数据记录如表所示.
实验次序 1 2 3 4 5
材料名称 空盒 报纸 棉花 隔音棉 隔音棉
材料厚度 / d d d 2d
分贝仪示数/dB 74 68 60 63 58
（1）实验过程中，是在　 　(选填“声源处”或“传播过程中”)减弱噪声.
（2）通过分贝仪示数的变化来反映材料的隔音性能，这种实验方法叫作　 　。
（3）通过比较实验次序2、3可知，　 　的隔音性能较好.
（4）分析数据可知：不同材料隔音性能一般　 　(选填“相同”或“不同”)；同种材料，厚度越　 　，隔音性能越好.
（5）请举出生活中选用隔音性能好的材料来减弱噪声的一个实例：　 　。
【答案】（1）传播过程中
（2）转换法
（3）棉花
（4）不同；厚
（5）使用隔音棉来处理墙体隔音
【知识点】防治噪声的途径
【解析】【解答】（1）实验过程中，是在传播过程中减弱噪声。
（2）通过分贝仪示数的变化来反映材料的隔音性能，这种实验方法叫作转换法。
（3）实验次序2、3中，材料的厚度相同，用棉花做实验时，分贝仪示数较小，可知，棉花的隔音性能较好。
（4）分析2、3、4实验数据，可知，材料的厚度相同时，不同材料隔音性能一般不同；
分析4、5实验数据，可知，同种材料，厚度越厚，隔音性能越好。
（5）使用隔音棉来处理墙体隔音。
【分析】（1）减弱噪声的方法：在声源处减弱噪声，在传播过程中减弱噪声，在人耳处减弱噪声；
（2）转换法：在物理学中，对于一些看不见、摸不着的现象或不易直接测量的物理量，用一些非常直观的物理量间接测量，这种研究的方法叫做转换法；
（3）（4）根据控制变量法进行分析；
21．（2025·乳源模拟）近年来电动自行车数量急剧增加，为保障骑行安全，新国标《电动自行车安全技术规范》规定其最高车速不超过 25 km/h.
某科创小组设计了超速报警装置，其简化电路(未连接完整)如图甲所示.该装置由传感电路和执行电路两部分组成，传感电路中电源电压为12V， 定值电阻R=6Ω，当车速在10~40 km/h时，通过自动控制让可变电阻Rp的阻值与车速之间的关系如图乙所示。闭合开关S， 当车速 v<25 km/h时，绿灯正常发光；当车速v≥25 km/h 时，红灯正常发光，报警器工作.已知报警器和两灯的额定电压均为220V，电磁铁线圈的电阻忽略不计.
（1）由图乙可知，Rp的阻值随车速的增大而　 　。
（2）传感电路中电流越大，电磁铁的磁性越　 　。
（3）图甲中的B灯为　 　灯.
（4）闭合开关S，当v=20km/h时，通过电磁铁线圈的电流为　 　A.
（5）用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整，要求导线不能相交。
【答案】（1）减小
（2）强
（3）红
（4）0.75
（5）
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电磁继电器的组成、原理和特点；电路的基本连接方式
【解析】【解答】（1）由图乙可知，Rp的阻值随车速的增大而减小。
（2）线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强，所以传感电路中电流越大，电磁铁的磁性越强。
（3）由题意可知，当车速v≥25 km/h 时，RP的阻值较大，电路中电流较小， 电磁铁的磁性较弱，衔铁不被吸下，此时绿灯亮，所以，A灯为绿灯；当车速 v<25 km/h时，RP的阻值较小，电路中电流较大， 电磁铁的磁性较强，衔铁被吸引，此时红灯亮，所以，B灯为红灯；
（4）由图乙可知，闭合开关S，当v=20km/h时，RP=10Ω，电路中的总电阻为：
R总=R+RP= 6Ω +10Ω=16Ω
通过电磁铁线圈的电流为：
（5）传感电路中，定值电阻R、可变电阻RP、电磁铁串联；由题意可知，执行电路中，红灯、绿灯和报警器是并联的，当衔铁未被吸下时，绿灯（A灯）亮，当衔铁被吸下时，红灯（B灯）亮，报警器报警，如图所示：
【分析】（1）根据图乙中可变电阻Rp的阻值与车速之间的关系进行分析；
（2）电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，当线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强；当电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
（3）根据题意和图甲电路的连接进行分析；
（4）由图乙可知，当v=20km/h时RP的阻值，根据串联电路电阻的特点求出电路中的总电阻，再根据欧姆定律求出通过电磁铁线圈的电流；
（5）根据题意分别连接好传感电路和执行电路，传感电路是串联的，执行电路是并联的。
22．（2025·乳源模拟）阅读短文，回答问题.
两栖攻击舰
图甲所示是我国自主研制的两栖攻击舰。该舰艇采用燃电双推进系统，满载时排水量为4.8万吨，最大吃水深度为8 m。其在某次直线航行动力测试中，采用燃气模式，总消耗燃气5吨，燃气在发动机中完全燃烧所释放能量的30%用于推动舰艇前进。设测试中发动机当前消耗燃气质量占总消耗燃气质量的百分比为D，通过调节，航行速度v与D的关系如图乙所示，其中D<10%时的图线未画出。在航行过程中，舰艇受到的阻力大小并不恒定，当航速在 10~20 km/h时，阻力大小与航速大小成正比，当航速为 10 km/h 时，受到的阻力大小为 3×105N，航速超过20 km/h时，阻力与航速不再是正比关系，题表是测试中D在各范围内对应的航行路程s，其中(s1+s2，)：s3=3：4.(ρ海水=1.03×103kg/m3，ρ淡水=1.0×103kg/m3，q燃气=3.6x107J/kg，g取10N/kg)
D 0-10% 10%~60% 60%~100%
S s1=17km s2 s3
（1）舰艇从淡水域驶入海水域(忽略舰艇总质量的变化)，所受浮力　 　，吃水深度　 　(均选填“变大”“变小”或“不变”)
（2）若舰艇在淡水域时达到了最大吃水深度，其底部受到水的最大压强为　 　Pa.满载时所受的重力为　 　N.
（3）舰艇以10 km/h 匀速航行时牵引力做功功率为P1， 以15 km/h 匀速航行时牵引力做功功率为P2，则P1：P2=　 　。
（4）此次动力测试中，舰艇总航行路程为　 　km.
【答案】（1）不变；变小
（2）8 x 104；4.8 x 108
（3）4：9
（4）84
【知识点】功率计算公式的应用；热量的计算；液体压强的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）舰艇从淡水域驶入海水域(忽略舰艇总质量的变化)，舰艇始终处于漂浮状态，所受的浮力等于舰艇的重力，因为舰艇的总质量不变，则舰艇的总重力不变，所以舰艇所受的浮力不变；
根据可知，浮力不变，ρ海水>ρ淡水，可知V排海水（2）由题意可知，舰艇在淡水域的最大吃水深度为8m，其底部受到水的最大压强为：
P=ρ液gh=1.0×103kg/m3x 10N/kg x 8m=8 x 104Pa
由题意可知，舰艇满载时排水量为4.8万吨，舰艇所受的浮力为：
F浮=m排g=4.8 x 107kg x 10N/kg=4.8 x 108N
由于舰艇始终是漂浮的，则舰艇满载时所受的重力为：
G=F浮=4.8 x 108N
（3）当航速在 10~20 km/h时，阻力大小与航速大小成正比，当航速为v1=10 km/h 时，受到的阻力大小为f1=3×105N，即此时舰艇所受的牵引力为F1=f1=3×105N，设阻力与航速的比值为k，则，可知当航速为v2=15 km/h 时，受到的阻力大小为：
即此时舰艇所受的牵引力为F2=f2=4.5×105N
舰艇航行时受到的牵引力之比为：
舰艇航行时的速度之比为：
舰艇匀速航行时，牵引力做功功率之比为：
（4）由图乙可知，D为60%~100%时，攻击舰航行的速度为15 km/h，牵引力F2=4.5×105N，消耗的燃气的质量为：
m=5 x 103kg x （100%-60%）=2 x 103kg
燃气燃烧放出的热量为：
Q放=mq=2 x 103kg x 3.6x107J/kg =7.2 x 1010J
攻击舰航行所做的有用功为：
W有=7.2 x 1010J x 30%=2.16 x 1010J
攻击舰航行的距离为：
根据题意：(s1+s2，)：s3=3：4
即： (17km+s2，)：48km=3：4
解得：s2=19km
舰艇总航行路程为：
s=s1+s2+s3=17km+19km+48km=84km
【分析】（1）舰艇始终是漂浮的，根据浮沉条件分析舰艇所受的浮力大小变化；根据分析舰艇排开液体的体积变化，根据分析舰艇的吃水深度变化。
（2）已知舰艇的吃水深度，根据P=ρ液gh求出舰艇底部受到水的最大压强；已知舰艇满载时的排水量，根据F浮=m排g求出舰艇所受的浮力，由于舰艇是漂浮的，根据G=F浮求出舰艇满载时所受的重力。
（3）当航速在 10~20 km/h时，阻力大小与航速大小成正比，根据当航速为v1=10 km/h 时，受到的阻力大小为f1=3×105N，求出阻力与航速的比值，即可求出当航速为v2=15 km/h 时，受到的阻力大小，根据P=Fv=fv求出舰艇匀速航行时，牵引力做功功率之比。
（4）由图乙可知，D为60%~100%时，可知攻击舰航行的速度和牵引力，根据消耗燃气质量占总消耗燃气质量的百分比为D，求出此阶段消耗燃气的质量，根据Q放=mq求出燃气燃烧放出的热量，根据题意燃气在发动机中完全燃烧所释放能量的30%用于推动舰艇前进，据此求出此阶段舰艇所做的有用功，根据求出s3 ，再根据 (s1+s2，)：s3=3：4 求出s2，最后求出总航行路程。
1 / 1广东省韶关市乳源瑶族自治县2025年中考二模物理试卷
1．（2025·乳源模拟）【传统文化主题】潮汕英歌舞作为我国首批国家级非物质文化遗产，曾亮相2025年春晚。某次街头表演时，舞者双手各持一根“英歌槌”，两根“英歌槌”对击产生声音，舞者随之舞动，如题1~2图所示. 请完成第1~2题.
（1）舞者手中“英歌槌”的长度最接近
A．0.4 cm B．4cm C．40cm D．400cm
（2）不改变两“英歌槌”对击时的位置，若舞者想增大声音的响度，可采取的方法是
A．减小对击的力 B．增大对击的力
C．增大两次对击的时间间隔 D．减小两次对击的时间间隔
2．（2025·乳源模拟）如图所示，市场里的商家将海鲜放在冰块上保鲜，主要是利用冰块
A．汽化吸热 B．液化放热 C．熔化吸热 D．凝华放热
3．（2025·乳源模拟）下列汽油机的四个冲程中，利用高温高压气体推动活塞运动的冲程是
A． B．
C． D．
4．（2025·乳源模拟）小明在家洗玻璃杯时，发现了如图所示的影子，其形成的原因是
A．光沿直线传播 B．光的色散
C．光的反射 D．光的折射
5．（2025·乳源模拟）如题图所示，将杨梅放入装有水的玻璃杯中，杨梅恰能下沉到杯底.下列操作可能使杨梅漂浮的是
A．增加杯中的水 B．减少杯中的水
C．向杯中加酒精 D．向杯中加盐
6．（2025·乳源模拟）测量小灯泡电阻的实验电路如题7图所示，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列说法正确的是
A．滑动变阻器接入电路的阻值变大
B．电流表的示数变小
C．电压表的示数变小
D．小灯泡变亮
7．（2025·乳源模拟）如图所示原子模型，其中粒子b不带电，则粒子a是　 　粒子b是　 　，粒子c是　 　(选填“电子”“中子”或“质子”)
8．（2025·乳源模拟）在学校4×100米接力赛中，为顺利交接棒，接棒的同学要提前起跑，其速度应当比递棒的同学　 　(选填“大”或“小”)；交接棒完成后，以观众为参照物，接棒的同学是　 　(选填“运动”或“静止”)的；冲刺时，观众通过相同时间比较　 　来判断哪组同学跑得快。
9．（2025·乳源模拟）肇庆“裏蒸粽”远近闻名，煮粽子时是通过加热　 　(“增大”或“减小”)棕子的内能；粽子散发出香味，这说明分子在不停地做　 　。早晨，妈妈说：“利用水来冷却煮熟的鸡蛋，效果更好。”这是利用水的　 　大的特点。
10．（2025·乳源模拟）某小区采用智慧刷脸门禁系统识别进人小区的人员.人脸识别摄像头的镜头相当于一个　 　 透镜。当人远离摄像头时，显示屏上的像会　 　 (选填“变大”“变小”或“不变”).若摄像头的焦距为 l2 cm， 人脸到镜头的距离要大于　 　cm，才能成缩小清晰的实像。
11．（2025·乳源模拟）如图所示，智能运动手环通过蓝牙与手机连接时，是利用　 　进行数据传输。给手环充电的过程中，手环电池属于电路构成中的　 　(选填“电源”或“用电器”)，其能量转化的形式主要是将电能转化为　 　能。
12．（2025·乳源模拟）如图所示，电热茶壶是利用电流的　 　效应工作的。茶壶的壶身和壶嘴构成连通器，当水静止时，壶嘴和壶身内的液面　 　。若电热茶壶　 　(选填“短路”或“断路”)，空气开关会自动切断电源。
13．（2025·乳源模拟）如图甲所示，用A、B两个滑轮组分别将物体P、Q匀速提升2m，两个拉力分别为FA、FB，拉力做的总功分别为WA、WB，两个滑轮组的机械效率分别ηA、ηB，做功过程相关数据如图乙所示.则WA　 　WB， ηA　 　ηB，FA　 　FB(选圾“>"<”或“=”)
14．（2025·乳源模拟）
（1）如图所示，请画出篮球所受重力G的示意图.
（2）人们发现池水看起来比实际要浅，请在图中画出入射光线 AO 大致的折射光线.
（3）螺线管是汽车启动器的一个重要部件，驾驶员转动钥匙发动汽车时，相当于给螺线管通电.请在图中标出任意一条磁感线的方向，并在括号中分别标出螺线管右端和小磁针右端的极性。
15．（2025·乳源模拟）.
（1）如图所示，小明用毫米刻度尺测量某品牌手机的宽度，读数为　 　cm
（2）小明在家做水的沸腾实验，电热水壶中装有适量的水，闭合开关.当水沸腾时，温度计的示数如图所示，为　 　℃.停止加热时，水停止沸腾，这说明水沸腾时需要　 　。
（3）杠杆水平静止时如图甲所示，此时杠杆处于　 　(选填“平衡”或“非平衡”)状态，小明想研究桌面不水平时杠杆的状态，于是将杠杆左下角垫上物块M，不调节平衡螺母，杠杆仍水平静止，如图乙所示，垫上物块M后杠杆右边力臂大小的变化情况是　 　。
（4）如图所示，探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件时，先在a、b两端接人　 　(选填“电源”或“灵敏电流计”)，接下来应进行的操作是：让直导线在磁场中　 　。
16．（2025·乳源模拟）小明利用图所示装置，探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关
（1）为使滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的拉力大小，实验过程中，需用弹簧测力计 沿　 　方向　 　拉动木块.
（2）小明记录的实验数据如表所示，分析序号1、2、3三组数据可知：滑动摩擦力的大小与　 　有关；继续分析序号　 　三组数据可知：滑动摩擦力的大小还与接触面的粗糙程度有关。
序号 接触面情况 压力/N 弹簧测力计示数/N
1 平滑的木板 木块 1.2
2 平滑的木板 木块+2个砝码 1.6
3 平滑的木板 木块+4个砝码 2.0
4 较粗糙的木板 木块 1.8
5 更粗糙的木板 木块 3.0
（3）小明发现拉动木块时弹簧测力计的读数不稳定，于是设计了改进方案(如表所示).你认为应该采用方案　 　，理由是　 　。
方案一：先用绳子将木块与墙连接，再通过弹簧测力计水平拉动木块下方的长木板 方案二：先用绳子将木块与墙连接，再通过弹簧测力计水平拉动底部加了轮子的长木板 方案三：用弹簧测力计将木块与墙连接，弹簧测力计保持水平，直接拉动下方的长木板
17．（2025·乳源模拟）某学习小组设计了如图甲所示探究电流与电压关系的电路.
（1）请用笔画线代替导线将图乙电路连接完整.　 　。
（2）连接电路时，开关应处于　 　状态.把某定值电阻接人电路，闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，其原因可能是　 　。
（3）排除故障后，闭合开关，当电压表示数为2.00V时，电流表示数如图丙所示，则此时通过定值电阻的电流为　 　A。改变电池节数，继续进行实验，并将实验数据记录在表中，分析数据可知：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　。
实验次数 1 2 3
电压U/V 2.00 1.00 3.00
电流I/A 0 0.12 0.36
（4）该实验方案的不足之处是　 　 (写一个即可)，可采取的优化措施是　 　。
18．（2025·乳源模拟）2025年1月28日，人形机器人HI 登上央视春晚舞台，惊艳全场.该款机器人采用了超轻量级设计，整机质量为47kg 表演中，假设机器人 H1 用18s的时间在舞台上沿直线前进了3.6m，取10N/Kg求：
（1）机器人Hl所受的重力；
（2）机器人Hl前行的平均速度；
（3）若机器人 Hl 与水平舞台的接触面积为 0.02m2， 求其静止时对舞台的压强.
19．（2025·乳源模拟）小明家的电热毯有高温和低温两挡，其简化电路如图所示.电源电压为220V，R1和R2均为电热丝，且R1=R2。当开关S闭合时，电热毯处于高温挡，功率为88 W； 当S断开时，电热毯处于低温挡。求：
（1）处于高温挡时电路中的电流：
（2）电阻R1的阻值；
（3）处于低温挡时电热毯的电功率.
20．（2025·乳源模拟） 小明想比较不同材料的隔音性能，做了以下探究.
将闹铃置于空盒中间，将分贝仪固定在距离盒子0.5 m 的位置，先后分别用报纸、棉花和隔音棉包住盒子进行实验，将闹钟发出的声音当作噪声，相关实验数据记录如表所示.
实验次序 1 2 3 4 5
材料名称 空盒 报纸 棉花 隔音棉 隔音棉
材料厚度 / d d d 2d
分贝仪示数/dB 74 68 60 63 58
（1）实验过程中，是在　 　(选填“声源处”或“传播过程中”)减弱噪声.
（2）通过分贝仪示数的变化来反映材料的隔音性能，这种实验方法叫作　 　。
（3）通过比较实验次序2、3可知，　 　的隔音性能较好.
（4）分析数据可知：不同材料隔音性能一般　 　(选填“相同”或“不同”)；同种材料，厚度越　 　，隔音性能越好.
（5）请举出生活中选用隔音性能好的材料来减弱噪声的一个实例：　 　。
21．（2025·乳源模拟）近年来电动自行车数量急剧增加，为保障骑行安全，新国标《电动自行车安全技术规范》规定其最高车速不超过 25 km/h.
某科创小组设计了超速报警装置，其简化电路(未连接完整)如图甲所示.该装置由传感电路和执行电路两部分组成，传感电路中电源电压为12V， 定值电阻R=6Ω，当车速在10~40 km/h时，通过自动控制让可变电阻Rp的阻值与车速之间的关系如图乙所示。闭合开关S， 当车速 v<25 km/h时，绿灯正常发光；当车速v≥25 km/h 时，红灯正常发光，报警器工作.已知报警器和两灯的额定电压均为220V，电磁铁线圈的电阻忽略不计.
（1）由图乙可知，Rp的阻值随车速的增大而　 　。
（2）传感电路中电流越大，电磁铁的磁性越　 　。
（3）图甲中的B灯为　 　灯.
（4）闭合开关S，当v=20km/h时，通过电磁铁线圈的电流为　 　A.
（5）用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整，要求导线不能相交。
22．（2025·乳源模拟）阅读短文，回答问题.
两栖攻击舰
图甲所示是我国自主研制的两栖攻击舰。该舰艇采用燃电双推进系统，满载时排水量为4.8万吨，最大吃水深度为8 m。其在某次直线航行动力测试中，采用燃气模式，总消耗燃气5吨，燃气在发动机中完全燃烧所释放能量的30%用于推动舰艇前进。设测试中发动机当前消耗燃气质量占总消耗燃气质量的百分比为D，通过调节，航行速度v与D的关系如图乙所示，其中D<10%时的图线未画出。在航行过程中，舰艇受到的阻力大小并不恒定，当航速在 10~20 km/h时，阻力大小与航速大小成正比，当航速为 10 km/h 时，受到的阻力大小为 3×105N，航速超过20 km/h时，阻力与航速不再是正比关系，题表是测试中D在各范围内对应的航行路程s，其中(s1+s2，)：s3=3：4.(ρ海水=1.03×103kg/m3，ρ淡水=1.0×103kg/m3，q燃气=3.6x107J/kg，g取10N/kg)
D 0-10% 10%~60% 60%~100%
S s1=17km s2 s3
（1）舰艇从淡水域驶入海水域(忽略舰艇总质量的变化)，所受浮力　 　，吃水深度　 　(均选填“变大”“变小”或“不变”)
（2）若舰艇在淡水域时达到了最大吃水深度，其底部受到水的最大压强为　 　Pa.满载时所受的重力为　 　N.
（3）舰艇以10 km/h 匀速航行时牵引力做功功率为P1， 以15 km/h 匀速航行时牵引力做功功率为P2，则P1：P2=　 　。
（4）此次动力测试中，舰艇总航行路程为　 　km.
答案解析部分
1．【答案】（1）C
（2）B
【知识点】长度的估测；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】（1）由图可知，舞者手中“英歌槌”的长度最接近40cm，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（2）声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，所以不改变两“英歌槌”对击时的位置，若舞者想增大声音的响度，可采取的方法是增大对击的力，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】（1）对生活中常见物体的长度要有一定的了解，如1厘米长的物体 ：黑枣、花生米、蚕豆、图钉、大拇指指甲长度、小学语文书的厚度等 ；1分米长的物体 ：文具盒长度、书本宽度、铅笔长度、梳子、笔盒等 ；1米长的物体 ：条形日光灯、家里的书桌、门框的长度等 。
（2）声音的响度与振幅有关，对打击乐器，增大用力大小，可以增大声源振动的振幅，增大响度；
声音的音调与频率有关，对弦乐器，改变弦振动的长短、粗细、松紧可以改变弦振动的频率，以改变音调。
（1）【解答】（1）由图可知，舞者手中“英歌槌”的长度最接近40cm，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（2）（2）声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，所以不改变两“英歌槌”对击时的位置，若舞者想增大声音的响度，可采取的方法是增大对击的力，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
2．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】冰块熔化时会吸热，使海鲜的温度降低，起到保鲜的作用，故C正确，ABD错误。
故选C.
【分析】熔化：物质由固态变成液态的过程，熔化吸热。
3．【答案】A
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】A.由图可知，两气门关闭，火花塞点火，将汽油和空气混合物点燃，产生高温高压的燃气，推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，为汽油机的做功冲程，故A符合题意；
B.由图可知，两个气门关闭，活塞向上运动，压缩汽油和空气的混合物，将机械能转化为内能，为汽油机的压缩冲程，故B不符合题意；
C.由图可知，进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，将汽油和空气混合物吸入汽缸，为汽油机的吸气冲程，故C不符合题意；
D.由图可知，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，将燃烧后的废气排出汽缸，为汽油机的排气冲程，故D不符合题意。
故选A。
【分析】由题意可知，利用高温高压气体推动活塞运动的冲程是做功冲程，根据图中的气门开闭情况和活塞运动的情况，判断汽油机的工作冲程。
4．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】影子是由光的直线传播形成的，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播，影子的形成、日食、月食、小孔成像等都是由光的直线传播形成的。
5．【答案】D
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】杨梅在水中沉底，根据浮沉条件可知，杨梅的密度大于水的密度，若向杯中加盐，增大液体的密度，使杨梅的密度小于液体的密度，可以使杨梅漂浮，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】根据浮沉条件进行分析：物体上浮或漂浮时，物体密度小于液体密度；
物体悬浮时，物体密度等于液体密度；
物体下沉或沉底时，物体密度大于液体密度。
6．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功计算公式的应用
【解析】【解答】由图可知，小灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流；闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器的阻值变小，则电路中总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，即电流表的示数变大；根据串联分压的关系可知，滑动变阻器的阻值变小，则滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压的关系可知，小灯泡两端的电压变大，即电压表的示数变大，根据P=UI可知，小灯泡的实际功率变大，亮度变亮，故ABC错误，D正确。
故选D。
【分析】分析电路连接方式为串联，当滑动变阻器的滑片向左移动时，阻值变小，则串联电路的总电阻变小，根据欧姆定律分析电路中的电流变化，根据串联分压的关系分析小灯泡两端的电压变化，根据P=UI分析小灯泡的亮度变化。
7．【答案】电子；中子；质子
【知识点】原子结构
【解析】【解答】原子由原子核（带正电）和核外电子（带负电）构成，原子核由质子（带正电）和中子（不带电）组成；由图可知，粒子a在绕原子核运动，是电子；粒子b不带电，是中子；粒子c在原子核内，带正电，是质子。
【分析】原子由原子核（带正电）和核外电子（带负电）构成，原子核由质子（带正电）和中子（不带电）组成。
8．【答案】大；运动；路程
【知识点】速度与物体运动；运动和静止的相对性
【解析】【解答】在接力赛中，为顺利交接棒，递棒的同学要追上接棒的同学，由此可知，接棒的同学的速度应当比递棒的同学大。
交接棒完成后，以观众为参照物，接棒的同学与观众之间会发生位置变化，所以接棒的同学是运动的。
冲刺时，观众通过相同时间比较路程来判断哪组同学跑得快。
【分析】1.根据交接棒的情景，比较两人的速度大小；
2.研究物体运动状态时，要选择合适的参照物，若物体和参照物之间位置发生变化，则物体是运动的，若物体和参照物之间位置没有发生变化，则物体是静止的；
3.比较物体运动快慢的方法：路程相同比较时间，时间越短，速度越快；
时间相同比较路程，路程越长，速度越快。
9．【答案】增大；无规则运动；比热容
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】煮粽子时，粽子吸收热量，温度升高，内能增大，所以煮粽子时是通过加热增大粽子的内能。
粽子散发出香味，这说明分子在不停地做无规则运动。
利用水来冷却煮熟的鸡蛋，效果更好。”这是利用水的比热容大的特点。
【分析】1.做功和热传递都可以改变物体的内能；
2.扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
3.质量相同的不同物质，温度变化相同时，比热容较大的物质吸收的热量更多。
10．【答案】凸；变小；24
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】人脸识别摄像头的镜头相当于凸透镜。
根据凸透镜成实像时，物远像近像变小的特点可知，当人远离摄像头时，显示屏上的像会变小。
当物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，所以若摄像头的焦距为 l2 cm， 人脸到镜头的距离要大于24cm，才能成缩小清晰的实像。
【分析】1.根据凸透镜成像规律进行分析：
u>2f，成倒立、缩小的实像，ff2f，应用：投影仪；
u2.凸透镜成实像时，根据物远像近像变小进行分析。
11．【答案】电磁波；用电器；化学能
【知识点】能量的转化或转移；电路的构成及电路图；电磁波的传播
【解析】【解答】智能运动手环通过蓝牙与手机连接时，是利用电磁波进行数据传输的。
给手环充电的过程中，手环电池消耗电能，属于电路构成中的用电器，其能量转化的形式主要是将电能转化为化学能。
【分析】1.电磁波可以在真空中传播，且能携带信息进行远距离传输，广泛应用于各种无线通信设备中；
2.电路由电源、开关、用电器、导线构成。
3.给电池充电时，将电能转化为化学能。
12．【答案】热；相平；短路
【知识点】连通器原理及其应用；电流的热效应；家庭电路电流过大的原因
【解析】【解答】使用电热茶壶时，消耗电能，产生热量，是利用电流的热效应工作的。
茶壶的壶身和壶嘴构成连通器，当水静止时，壶嘴和壶身内的液面相平。
若电热茶壶短路，电路中电流会过大，空气开关会自动切断电源。
【分析】1.电流的热效应 是指当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量的现象；
2.连通器：上端开口，下端连通的容器，连通器中装有同种液体，且液体不流动时，各液面总保持相平；
3.电路中电流过大的原因：电路中出现短路故障或电路中总功率过大。
13．【答案】<；<；>
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 由图乙可知，A滑轮组的有用功为400J，总功为500J；B滑轮组的有用功为500J，总功为600J，所以拉力做的总功关系为WAA滑轮组的机械效率为：
B滑轮组的机械效率为：
所以两个滑轮组的机械效率关系为；
用A、B两个滑轮组分别将物体P、Q匀速提升2m，A滑轮组中动滑轮上绳子段数为2，绳子端移动的距离为SA=2x2m=4m；B滑轮组中动滑轮上绳子的段数为3，绳子端移动的距离为SB=3x2m=6m；
A滑轮组的拉力为：
B滑轮组的拉力为：
所以A、B两个滑轮组的拉力关系为 FA>FB 。
【分析】由图乙可知，A、B两个滑轮组的有用功和总功的大小，可直接比较两个滑轮组总功的大小；根据求出两滑轮组的机械效率，即可比较两滑轮组机械效率的大小；
由图甲可知动滑轮上绳子的段数，根据s=nh求出绳子端移动的距离，根据分别求出绳子端的拉力，即可比较两滑轮组拉力的大小。
14．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；重力示意图；磁感线及其特点；安培定则
【解析】【解答】（1）过篮球的重心，作一条竖直向下的带箭头的线段，标上符号G，如图所示：
（2）过入射点O，作垂直于界面的法线，根据光从水中斜射到空气中时，折射角大于入射角，在法线的左侧空气中作出折射光线，如图所示：
（3）由图可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极；根据磁体外部磁感线从N极出发回到S极可知，磁感线的从螺线管的右端指向左端；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的右端为N极，如图所示：
【分析】（1）重力作用点：物体重心，重力方向：竖直向下，符号：G。
（2）光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内；折射光线和入射光线分居法线的两侧；光从水中斜射到空气中时，折射角大于入射角。
（3）根据安培定则判断螺线管的磁极；
在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极；
磁体间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
15．【答案】（1）6.45
（2）99；持续吸热
（3）平衡；不变
（4）灵敏电流计；做切割磁感线运动
【知识点】沸腾及沸腾条件；长度及其测量；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】（1）由图可知，刻度尺的分度值为1mm，手机左侧与刻度尺的0刻度线对齐，手机右侧在6.4cm多一点，读数为6.45cm。
（2）由图可知，温度计的分度值为1℃，示数为99℃；
停止加热时，水停止沸腾，这说明水沸腾时需要持续吸热。
（3）如图甲的杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态；
垫上物块M后，杠杆仍水平静止，此时杠杆的支点位置不变，杠杆右端力的方向不变，所以杠杆右边力臂大小不变。
（4）要检测是否有感应电流产生，应在a、b两端接入灵敏电流计，接下来应进行的操作是：让直导线在磁场中做切割磁感线运动。
【分析】（1）刻度尺的使用方法：会认（使用前认清刻度尺的单位、零刻度线的位置、量程、分度值）；会放（刻度尺要放正；有刻度的一边要紧靠被测物体，与所测物体边缘要平行，不能倾斜）；会看（读数时，视线与刻度尺尺面垂直）；会读（估读到分度值的下一位）。
（2）认清温度计的分度值再读数；
水沸腾的条件：到达沸点，持续吸热。
（3）杠杆是静止的，处于平衡状态；
力臂：从支点到力的作用线的垂直距离。
（4）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流。
16．【答案】（1）水平；匀速
（2）压力大小；1、4、5
（3）三；不需要拉动木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数稳定
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）为使滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的拉力大小，实验过程中，需用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块。
（2）比较1、2、3三组数据，接触面的粗糙程度相同，压力不同，弹簧测力计的示数不同，木块所受的滑动摩擦力不同，可知：滑动摩擦力的大小与压力大小有关；
比较1、4、5三组数据，压力相同，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数不同，木块所受的滑动摩擦力不同，可知：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度大小有关。
（3）实验中要测量木块受到的摩擦力的大小，所以应将弹簧测力计将木块与墙连接，无论怎样拉动下方的长木板，木块都相对于地面静止，根据二力平衡知识可知，弹簧测力计的示数等于木块受到的摩擦力大小，故应采取方案三，理由是不需要拉动木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数稳定。
【分析】（1）用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，根据二力平衡知识可知，木块所受的拉力和摩擦力是一对平衡力；
（2）滑动摩擦力与接触面所受的压力和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法进行分析；
（3）方案三中，不需要拉动木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数稳定。
17．【答案】（1）
（2）断开；定值电阻断路
（3）0.24；正比
（4）通过改变电池的节数来改变定值电阻两端的电压，操作比较麻烦；在电路中串联一个滑动变阻器
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）由图乙可知，电源为2节干电池，电压为3V，电压表应使用小量程，将电压表并联到定值电阻两端，如图所示：
（2）连接电路时，开关应处于断开状态；
电路是串联的，闭合开关，电流表无示数，说明电路中出现断路，电压表有示数，说明电压表与电源两端是连通的，可能是与电压表并联的定值电阻发生了断路。
（3）由图丙可知，电流表使用的是0-0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.24A；
分析实验数据，发现，即电压与电流的比值是一定值，可知， 在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）实验通过改变电池的节数来改变定值电阻两端的电压，操作比较麻烦，可在电路中串联一个滑动变阻器，通过移动滑片来改变定值电阻两端的电压。
【分析】（1）根据图中的电源电压确定电压的量程，再将电压表并联到定值电阻两端。
（2）串联电路中，电流无示数，说明电路发生断路，电压表有示数，说明电压表与电源两端是连通的，可能是与电压表并联的部分电路发生了断路。
（3）认清电流表的量程和分度值，再读数；
（4）滑动变阻器可以保护电路，且可以多次改变定值电阻两端的电压。
18．【答案】（1）解：机器人Hl所受的重力为：
G=mg= 47kg x 10N/Kg =470N
答：机器人Hl所受的重力为470N。
（2）解：机器人Hl前行的平均速度为：
答：机器人Hl前行的平均速度为0.2m/s。
（3）解：机器人 Hl 对水平舞台的压力为：
F=G=470N
机器人 Hl 对水平舞台的压强为：
答：机器人 Hl 对水平舞台的压强为2.35x104Pa。
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）已知机器人的质量，根据G=mg求出机器人的重力；
（2）已知机器人运动的路程和时间，根据求出机器人Hl前行的平均速度；
（3）先根据F=G求出机器人对水平舞台的压力，再根据求出机器人对水平舞台的压强。
19．【答案】（1）解：当开关S闭合时，只有R1接入电路，电热毯处于高温挡，功率为88 W，此时电路中的电流为：
答：处于高温挡时电路中的电流为0.4A。
（2）解：电阻R1的阻为：
答：电阻R1的阻为550Ω。
（3）解：当S断开时，R1与R2串联，电热毯处于低温挡，低温挡时电热毯的电功率为：
答：低温挡时电热毯的电功率为44W。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功计算公式的应用
【解析】【分析】（1）（2）当开关S闭合时，只有R1接入电路，电热毯处于高温挡，根据求出高温挡时电路中的电流，根据求出电阻R1的阻值；
（3）当S断开时，R1与R2串联，电热毯处于低温挡，根据求出低温挡时电热毯的电功率。
20．【答案】（1）传播过程中
（2）转换法
（3）棉花
（4）不同；厚
（5）使用隔音棉来处理墙体隔音
【知识点】防治噪声的途径
【解析】【解答】（1）实验过程中，是在传播过程中减弱噪声。
（2）通过分贝仪示数的变化来反映材料的隔音性能，这种实验方法叫作转换法。
（3）实验次序2、3中，材料的厚度相同，用棉花做实验时，分贝仪示数较小，可知，棉花的隔音性能较好。
（4）分析2、3、4实验数据，可知，材料的厚度相同时，不同材料隔音性能一般不同；
分析4、5实验数据，可知，同种材料，厚度越厚，隔音性能越好。
（5）使用隔音棉来处理墙体隔音。
【分析】（1）减弱噪声的方法：在声源处减弱噪声，在传播过程中减弱噪声，在人耳处减弱噪声；
（2）转换法：在物理学中，对于一些看不见、摸不着的现象或不易直接测量的物理量，用一些非常直观的物理量间接测量，这种研究的方法叫做转换法；
（3）（4）根据控制变量法进行分析；
21．【答案】（1）减小
（2）强
（3）红
（4）0.75
（5）
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电磁继电器的组成、原理和特点；电路的基本连接方式
【解析】【解答】（1）由图乙可知，Rp的阻值随车速的增大而减小。
（2）线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强，所以传感电路中电流越大，电磁铁的磁性越强。
（3）由题意可知，当车速v≥25 km/h 时，RP的阻值较大，电路中电流较小， 电磁铁的磁性较弱，衔铁不被吸下，此时绿灯亮，所以，A灯为绿灯；当车速 v<25 km/h时，RP的阻值较小，电路中电流较大， 电磁铁的磁性较强，衔铁被吸引，此时红灯亮，所以，B灯为红灯；
（4）由图乙可知，闭合开关S，当v=20km/h时，RP=10Ω，电路中的总电阻为：
R总=R+RP= 6Ω +10Ω=16Ω
通过电磁铁线圈的电流为：
（5）传感电路中，定值电阻R、可变电阻RP、电磁铁串联；由题意可知，执行电路中，红灯、绿灯和报警器是并联的，当衔铁未被吸下时，绿灯（A灯）亮，当衔铁被吸下时，红灯（B灯）亮，报警器报警，如图所示：
【分析】（1）根据图乙中可变电阻Rp的阻值与车速之间的关系进行分析；
（2）电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，当线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强；当电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
（3）根据题意和图甲电路的连接进行分析；
（4）由图乙可知，当v=20km/h时RP的阻值，根据串联电路电阻的特点求出电路中的总电阻，再根据欧姆定律求出通过电磁铁线圈的电流；
（5）根据题意分别连接好传感电路和执行电路，传感电路是串联的，执行电路是并联的。
22．【答案】（1）不变；变小
（2）8 x 104；4.8 x 108
（3）4：9
（4）84
【知识点】功率计算公式的应用；热量的计算；液体压强的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）舰艇从淡水域驶入海水域(忽略舰艇总质量的变化)，舰艇始终处于漂浮状态，所受的浮力等于舰艇的重力，因为舰艇的总质量不变，则舰艇的总重力不变，所以舰艇所受的浮力不变；
根据可知，浮力不变，ρ海水>ρ淡水，可知V排海水（2）由题意可知，舰艇在淡水域的最大吃水深度为8m，其底部受到水的最大压强为：
P=ρ液gh=1.0×103kg/m3x 10N/kg x 8m=8 x 104Pa
由题意可知，舰艇满载时排水量为4.8万吨，舰艇所受的浮力为：
F浮=m排g=4.8 x 107kg x 10N/kg=4.8 x 108N
由于舰艇始终是漂浮的，则舰艇满载时所受的重力为：
G=F浮=4.8 x 108N
（3）当航速在 10~20 km/h时，阻力大小与航速大小成正比，当航速为v1=10 km/h 时，受到的阻力大小为f1=3×105N，即此时舰艇所受的牵引力为F1=f1=3×105N，设阻力与航速的比值为k，则，可知当航速为v2=15 km/h 时，受到的阻力大小为：
即此时舰艇所受的牵引力为F2=f2=4.5×105N
舰艇航行时受到的牵引力之比为：
舰艇航行时的速度之比为：
舰艇匀速航行时，牵引力做功功率之比为：
（4）由图乙可知，D为60%~100%时，攻击舰航行的速度为15 km/h，牵引力F2=4.5×105N，消耗的燃气的质量为：
m=5 x 103kg x （100%-60%）=2 x 103kg
燃气燃烧放出的热量为：
Q放=mq=2 x 103kg x 3.6x107J/kg =7.2 x 1010J
攻击舰航行所做的有用功为：
W有=7.2 x 1010J x 30%=2.16 x 1010J
攻击舰航行的距离为：
根据题意：(s1+s2，)：s3=3：4
即： (17km+s2，)：48km=3：4
解得：s2=19km
舰艇总航行路程为：
s=s1+s2+s3=17km+19km+48km=84km
【分析】（1）舰艇始终是漂浮的，根据浮沉条件分析舰艇所受的浮力大小变化；根据分析舰艇排开液体的体积变化，根据分析舰艇的吃水深度变化。
（2）已知舰艇的吃水深度，根据P=ρ液gh求出舰艇底部受到水的最大压强；已知舰艇满载时的排水量，根据F浮=m排g求出舰艇所受的浮力，由于舰艇是漂浮的，根据G=F浮求出舰艇满载时所受的重力。
（3）当航速在 10~20 km/h时，阻力大小与航速大小成正比，根据当航速为v1=10 km/h 时，受到的阻力大小为f1=3×105N，求出阻力与航速的比值，即可求出当航速为v2=15 km/h 时，受到的阻力大小，根据P=Fv=fv求出舰艇匀速航行时，牵引力做功功率之比。
（4）由图乙可知，D为60%~100%时，可知攻击舰航行的速度和牵引力，根据消耗燃气质量占总消耗燃气质量的百分比为D，求出此阶段消耗燃气的质量，根据Q放=mq求出燃气燃烧放出的热量，根据题意燃气在发动机中完全燃烧所释放能量的30%用于推动舰艇前进，据此求出此阶段舰艇所做的有用功，根据求出s3 ，再根据 (s1+s2，)：s3=3：4 求出s2，最后求出总航行路程。
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