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广东省东莞市佳美实验学校、众美中学、莞美学校三校联考2025年中考二模物理试题
1．（2025·东莞模拟）【交通出行主题】自2025年3月7日起，广深城际列车运行图进一步优化调整，助推粤港澳大湾区形成更加紧密便利的“一小时交通生活圈”。根据所学知识，回答下列小题。
（1）广深城际优化后，东莞樟木头站至深圳站的某次列车运行里程为60千米，运行时间缩短至30分钟。该列车的平均速度最接近（　　）
A．30m/s B．60m/s C．60km/h D．160km/h
（2）当广深城际列车从樟木头站加速出站时，乘客的身体会向后倾。这一现象的主要原因是（　　）
A．乘客受到向后的推力
B．列车的惯性较大
C．乘客的惯性导致保持原有运动状态
D．列车座椅摩擦力减小
【答案】（1）A
（2）C
【知识点】速度公式及其应用；惯性及其现象
【解析】【解答】（1）根据列车的的里程和时间，计算平均速度接近：
接近30m/s，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（2）列车加速出站时，乘客身体具有惯性，继续保持原来的运动状态，会向后倾；故ABD不符合题意，C符合题意；
故选C。
【分析】（1）根据列车的路程和时间，利用 ，计算速度，判断合理的速度；
（2）列车加速行驶，乘客具有惯性，继续保持原来的运动状态，向后仰。
2．（2025·东莞模拟）诗词是中华优秀传统文化中的一块瑰宝。下列诗句中加点的字所对应自然现象的形成过程，属于凝固的是
A．白露秋分夜，一夜凉一夜 B．塞外悲风切，交河冰已结
C．鸡声茅店月，人迹板桥霜 D．冰消出镜水，梅散入风香
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A、露是液态的水，是空气中的水蒸气遇冷，液化形成的，A不符合题意；
B、河水结冰，从液态变为固态，是凝固现象，B符合题意；
C、霜是固态的水，是水蒸气直接变为固态现象，是凝华现象，C不符合题意；
D、冰消指变变为液体，从固态变为液态，是熔化现象，D不符合题意。
故选B。
【分析】气体直接变为液体，是液化现象；液体变为固体，是凝固现象；气体直接变为固体，是凝华现象；固态变为液体，是熔化现象。
3．（2025·东莞模拟）小芳在烘焙教室整理时，需水平推动一个装有面粉的实心不锈钢盆(质量为5kg)。已知不锈钢盆与桌面的接触面积为0.02m2，小芳用10N的水平推力使其在桌面上匀速移动了1.2m，g取10N/kg。以下说法正确的是
A．重力做功60J
B．推力做功20J
C．不锈钢盆对桌面的压强为2500Pa
D．不锈钢盆对桌面的压强为250Pa
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】AB、不锈钢盆的质量为5kg，则重力为G=mg=5kg×10N/kg=50N；在重力方向上面没有移动距离，则重力不做功，为0J，推力为10N，水平移动的距离为1.2m，则推力做功W=Fs=10N×1.2m=12J；AB错误；
CD、在水平桌面上，受到的压力等于物体的重力，则F=G=50N，则压强为，C正确，D错误。
故选C。
【分析】根据G=mg，计算他的重力；物体受力且在力的方向移动距离，力对物体做了功；根据W=Fs计算做功多少；水平面受到的压力等于物体的重力，根据，计算压强。
4．（2025·东莞模拟）在用一凸透镜研究其成像的规律时，小滨同学得到的部分实验信息如下表所示。根据表中信息判定下列说法正确的是（　　）
实验次序 物距/cm 像的性质 像距/cm
1 20 倒立、等大、实像 　
2 30 　 15
3 15 倒立、放大、实像 30
A．第1次实验的像距为40cm
B．第2次实验成倒立、放大的实像
C．第3次实验成像特点与照相机成像特点相同
D．若物距是12cm，物体通过透镜所成的像是实像
【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A．根据表中信息，当物距为20cm时，成倒立、等大的实像，则物距等于二倍焦距，即，此时像距等于物距，等于20cm，故A错误；
B．当物距为30cm时，物距大于二倍焦距，即u>2f，成倒立、缩小的实像，故B错误；
C．当物距为15cm时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，即2f>u>f，成倒立放大的实像，应用是投影仪，照相机成像时，物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像，故C错误；
D．若物距是12cm，则物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像，故D正确。
故选D。
【分析】根据凸透镜成倒立、等大的实像，判断物体在二倍焦距，计算凸透镜的焦距；当u>2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像其实际应用是照相机；当2f>u>f时，凸透镜成倒立、放大的实像，实际应用是投影仪或幻灯机。
5．（2025·东莞模拟）甲、乙两个LED灯泡的参数如题图所示，假设使用过程中电阻不变，则下列说法中正确的是（　　）
A．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
B．当甲灯泡两端的电压减小时，其额定功率减小
C．当乙灯两端的电压为12V时，其实际功率为12W
D．将两灯串联在电压为24V的电路中，乙灯比甲灯亮
【答案】C
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】图中：甲灯的额定电压为24V，额定功率为24W；乙灯的额定电压为24V，额定功率为48W。
A．两灯均正常发光时，根据W=Pt，工作时间未知，两灯消耗的电能无法判断，故A错误；
B．额定功率是指用电器正常工作时的功率，与实际电压无关，当甲灯泡两端的电压减小时，其额定功率不变，故B错误；
C．根据，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，若将乙灯接入12V电路中，实际功率为额定功率的，即实际功率为12W，故C正确；
D．甲的额定功率小于乙的额定功率，根据，R甲>R乙。两灯串联在24V的电路中，电流相等，因甲灯的电阻大于乙灯的电阻，根据，甲灯的实际功率大，甲灯亮，故D错误。
故选C。
【分析】根据W=Pt，判断消耗电能的多少，要结合电功率和时间大小；额定功率是在额定电压下的功率，与实际电压无关；根据，计算实际电功率的大小；根据P=I2R，灯泡串联时，电流相同，电阻越大，实际功率越大。
6．（2025·东莞模拟）如图是电阻甲和乙的U-I关系图像，下列判断正确的是（　　）
A．电阻甲的电流与两端电压成反比
B．当电阻乙两端电压为1V时，其电阻值为0.4Ω
C．将甲和乙并联，若电路两端电压为2.5 V，则干路电流为0.5A
D．将甲和乙串联，若电路中电流为0.4A，则电路两端电压为3V
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．由图像可知，电阻甲的电流与两端电压成正比，故A错误；
B．由图像可知，电阻乙两端电压为1V时，其电流为0.4A，根据欧姆定律可知电阻为，故B错误；
C．甲和乙并联，根据并联电压规律可知，甲和乙的电压等于电源电压均为2.5V，由图像可知，甲乙的电流均为0.5A，干路电流为支路电流之和，所以，故C错误；
D．将甲和乙串联，根据串联电流规律，甲乙的电流等于电路电流均为0.4A，由图像可知，甲的电压为2V，乙的电压为1V，根据串联分压规律，电路两端电压为用电器电压之和，
故D正确。
故选D。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律.
3、欧姆定律：公式为U=IR，据题可知电阻乙两端电压为1V时，其电流为0.4A，据此计算电阻。
7．（2025·东莞模拟）我国传统拨弦乐器古琴的音色悠远，音域宽广。演奏者通过调节琴弦的松紧可以进行调音，拧紧琴弦时，琴弦振动的　 　会发生改变；在一场古琴演奏会现场，当演奏者调试古琴发出悠扬的声音时，演奏者能闻到周围空气中弥漫着淡淡的檀香味，这是因为檀木的香气分子在不停地做　 　；观看演出时禁止大声喧哗，这是在　 　控制噪声。
【答案】频率；无规则运动；声源处
【知识点】音调及音调与频率的关系；防治噪声的途径；分子热运动
【解析】【解答】对乐器进行调音时，通过调节琴弦的松紧，可以改变琴弦的频率，拧紧琴弦时，琴弦振动的频率会改变；能闻到空气中的檀香味，是檀木的香气分子在不停地做无规则运动，形成的扩散现象；禁止大声喧哗，阻止噪声产生，是在声源处控制噪声。故第1空填：频率；第2空填：无规则运动；第3空填：声源处。
【分析】改变发生体的长度，频率改变，音调改变；闻到气味，是分子不停的无规则运动形成的；阻止声音的产生，从声源处控制噪声。
8．（2025·东莞模拟）小刚将“220V 40W”的灯泡接在家庭电路上，闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，如题图所示，他发现发光的灯丝来回振动，这一现象的产生原因跟　 　（选填“电动机”或“发电机”）的工作原理一致；灯丝来回振动而不是偏向一侧的原因和　 　一直在改变有关；当用久了之后，灯丝会变细，其电阻阻值　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】电动机；电流方向；变大
【知识点】影响电阻大小的因素；磁场对通电导线的作用；发电机的构造和原理
【解析】【解答】灯丝中有电流通过，当蹄形磁铁靠近发光的灯泡时，电流在磁场中受到力的作用而振动。电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，跟电动机的工作原理一致。
家庭电路使用的是交流电，电流方向周期性改变，则灯丝在磁场中受力方向也不断改变，导致灯丝来回振动而不是偏向一侧。
灯丝用久变细，其材料、长度不变，横截面积变小。根据电阻的影响因素，在材料和长度相同时，横截面积越小，电阻越大，灯丝电阻阻值变大。故第1空填：电动机；第2空填：电流方向；第3空填：变大。
【分析】通电导线在磁场中受磁场力，发光的灯丝受磁场力而抖动；电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成；电流方向在不断发生变化，在磁场中受力方向不断改变；电阻大小和导体的材料、长度、横截面积有关。
9．（2025·东莞模拟）如题图所示，杯中重为5N的木块在水中上浮，最后木块漂浮。在木块上浮且还未露出水面的这段过程中，木块下表面受到水的压强会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”，下同），受到水的浮力会　 　。经过一段时间，木块最终静静地漂浮在水面上，此时木块受到水的浮力大小为　 　N。
【答案】变小；不变；5
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】木块上浮但未露出水面过程中，木块下表面在水中的深度减小，根据得，受到水的压强会变小。
木块上浮过程中，排开水的体积不变，根据，木块受到水的浮力会不变。
木块最终漂浮在水面上，木块受到水的浮力大小等于木块的重力，为5N。故第1空填：变小；第2空填：不变；第3空填：5。
【分析】根据p=ρgh，分析液体压强的大小变化；根据F浮=G排=ρ液gV排，判断浮力变化；物体漂浮时，浮力等于物体的重力大小。
10．（2025·东莞模拟）如图 是小明家中的部分电路，开始时各部分工作正常，将电饭锅的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常工作。拔出电饭锅的插头，电热壶仍不能工作，把测电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均能发光，可以判断用手接触电路中的D点，他　 　触电（选填“会”或“不会”），该电路中的故障是　 　之间断路。人接触C点　 　触电（选填“会”或“不会”）。
【答案】会；CD；不会
【知识点】家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】根据题意，电灯仍正常工作，则A点左边的火线和C点左边的零线是通路，且电热壶没有发生短路，而把测电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，则火线有电，是D点左边零线断路了，所以是CD之间断路，用手接触电路中的C点时，即接触零线，因为人体的电阻大于导线电阻，所以电流会从零线流出，没用电流经过人体，人不会触电。而用手接触电路中的D点，会因与火线形成通路而触电。故第1空填：会；第2空填：CD；第3空填：不会。
【分析】人体直接接触火线，有电流经过人体，会触电；测电笔接触火线，氖管发光，接触零线，不发光；正在烧水的电热壶突然不能工作，而电灯正常工作，是水壶的电路有断路。
11．（2025·东莞模拟）如题图所示装置中，R1=10Ω，R2=R3=5Ω。只闭合S1，电路中的电流为0.2A，通电5min电阻R1产生的热量为　 　J，此时研究的是电流通过导体产生的热量和　 　大小的关系；再闭合S2，左侧U形管内液柱的高度差　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）右侧液柱的高度差。
【答案】120；电阻；大于
【知识点】焦耳定律；电流的热效应
【解析】【解答】由图可知，只闭合S1，R1、R2串联，通电5min，电阻R1产生的热量为：
Q=I2R1t=(0.2A)2×10Ω×5×60s=120J；
通过两个电阻的电流和通电时间相等，两个电阻的大小不相等，探究了电流通过导体产生的热量和电阻的关系。
闭合S1和S2，R2、R3先并联后再与R1串联，根据串并联电路电流的特点，通过R1的电流大于通过R2的电流，R1的电阻大于R2的电阻，根据Q=I2Rt，R1产生的热量较大，左侧U形管内液柱的高度差比右侧液柱的高度差大。故第1空填：120；第2空填：电阻；第3空填：大于。
【分析】根据Q=I2Rt，计算电流产生热量的大小；电流和时间相同，电阻不同，可以探究电流产生热量和电阻的关系；电阻并联时，可以改变干路的电流，当电流较大，电阻较大时，产生的热量多，U形管内左、右侧液柱高度差更大。
12．（2025·东莞模拟）在建筑工地上，工人师傅使用一个由两个相同滑轮安装成的滑轮组（如题图甲所示，虚线框内为滑轮组结构）来提升建筑材料。现有一堆质量为21kg的砖块需要提升，工人施加的拉力为80N。通过安装在绳子自由端和砖块处的移动传感器，得到物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，则滑轮组中动滑轮重　 　N，拉力的功率为　 　W，该滑轮组的机械效率为　 　%。（g取10N/kg）
【答案】30；120；87.5
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】根据滑轮组的特点，滑轮组可以省力，但费距离，图己中，上面的倾斜直线是绳子自由端的s-t图像，下面的倾斜直线是物体的s-t图像，图乙中，t=4s时，绳子自由端移动的距离s=6m，
物体上升的高度h=2m，
根据s=nh，动滑轮上，绳子的股数，
t=4s时，拉力做的总功：，
拉力做功的功率：
物体的重力：
不计绳重和摩擦时，动滑轮的重力：
滑轮组的机械效率：。故第1空填：30；第2空填：120；第3空填：87.5。
【分析】使用滑轮组时，根据绳子移动距离和物体移动距离的比值，判断绳子股数，根据G=mg，计算物体的重力；利用G动=nF-G物，计算动滑轮的重力；根据 ，计算功率大小，利用，计算滑轮组的机械效率。
13．（2025·东莞模拟）如题图所示，杠杆AB放在钢制圆柱体的正中央水平凹槽CD中，杠杆AB能以凹槽两端的C点或D点为支点在竖直平面内转动，长度AC=CD=DB，左端重物G=20N。当作用在B点竖直向下的拉力F足够大时，杠杆容易绕　 　（选填“C”或“D”）点翻转，为使杠杆AB保持水平位置平衡，最小值拉力F1=　 　N，最大值F2=　 　N。（杠杆、细绳的质量及摩擦均忽略不计）
【答案】D；10；40
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】图中，当作用在B点竖直向下的拉力F足够大时将形成以D为支点的杠杆，因此杠杆容易绕D点翻转。若以C为支点，为使杠杆AB保持水平位置平衡，长度AC=CD=DB，据杠杆平衡条件所需最小拉力为：；
若以D为支点，为使杠杆AB保持水平位置平衡，长度AC=CD=DB，据杠杆平衡条件 ，最大值拉力为：。故第1空填：D；第2空填：10；第3空填：40。
【分析】杠杆转动时，绕的点为支点，拉力作用在B点，杠杆支点为D点；当以C点为支点时，拉力的力臂较大，拉力最小，以D点为支点时，力臂最小，拉力最大，结合长度关系，判断动力臂与阻力臂的比值，结合杠杆平衡条件，计算拉力的最小值和最大值。
14．（2025·东莞模拟）按要求作图；
（1）如题图所示，物体沿粗糙水平面向右运动，画出该物体所受重力G、支持力FN和摩擦力f的示意图。
（2）湖水清澈，人在湖岸上看到“云在水中漂，鱼在云上游”的景象，如题图所示，A是空中的白云，C是人的眼睛。请画出人眼看到“云在水中漂”的光路图。
（3）如题图甲为带开关和USB接口的插座。开关断开时，USB接口和三孔插座都不能工作；开关闭合时，USB接口和三孔插座都能独立工作。请将乙图中的电路图补充完整。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）物体在水平面上向右运动，受到的摩擦力水平向左，物体受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力FN，重力和支持力二力平衡，长度相等，作用点在物体的重心，如图所示：
（2）平静的水面相当于平面镜，A为云的位置，眼睛在水面看到云的像，这是光的反射形成的虚像，作出A关于水面的对称点，即为云的像A'，连接A'C，与水面的交点为入射点O，则OC为反射光线，如图所示：
（3）根据要求，开关断开时，USB接口和三孔插座都不能工作，开关闭合时，USB接口和三孔插座都能独立工作，是并联连接的，开关在干路上，且连接在火线上，测电笔测量火线，氖管发光，则最上的导线是火线，开关连接在火线上；三孔插座连接是，左零右火上接地，如图所示：
【分析】（1）物体受到的摩擦力和物体相对运动方向相反；重力竖直向下；支持力和重力是平衡力，大小相等、方向相反；
（2）平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称，像和人眼在同一直线上；
（3）各用电器互不影响时，是并联的；测电笔测量火线，氖管发光，开关连接在火线上；三孔插座连接是，左零右火上接地。
（1）物体沿粗糙水平面向右运动，所以受地面对它向左的摩擦力，同时受到重力作用，方向竖直向下，受到地面对其向上的支持力，如图所示：
（2）平静的水面相当于平面镜，A为云的位置，眼睛在水面看到云的像，这是光的反射形成的虚像，作出A关于水面的对称点，即为云的像A'，连接A'C，与水面的交点为入射点O，则OC为反射光线，如图所示：
（3）由图知，上边的电线能使测电笔的氖管发光为火线，下边的为地线，中间的为零线；三孔插座和USB接口可以独立工作，即两者是并联的，而三孔插座和USB接口由总开关控制，说明开关在干路上，由此按家庭电路连接的要求补画电路如图所示：
15．（2025·东莞模拟）按要求填空；
（1）如题图甲，被测物体的长度是　 　cm；如图乙所示，温度计所表示的温度为　 　℃；如图丙所示，该秒表的读数为　 　s。
（2）为了研究“瓜浮李沉”现象，小芳买来李子，用天平、量筒和水测量李子的密度。用天平测量李子的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和标尺上游码的位置如图丁所示，李子的质量为　 　g；用量筒和水测得李子的体积为20cm3，则李子的密度为　 　g/cm3；若测量体积时，小芳读出水的体积为50cm3，但是读取李子和水的体积时仰视读出总体积为70cm3，则测量出李子的密度　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1）2.60；；228.7
（2）24；1.2；偏大
【知识点】固体密度的测量；时间及其测量；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）图甲中，刻度尺的分度值为1mm，物体长度L=12.60cm 10.00cm=2.60cm；
图乙中温度计的分度值为1℃，液柱液面在0℃以下第6小格，则温度为-6℃。
图丙中秒表的小盘分度值为0.5min，指示为3min，大盘分度值为0.1s，指示为48.7s，则总时间为3×60s+48.7s=228.7s；
（2）图丁中天平的砝码为20g，游码在标尺上的读数为4g，则李子的质量为20g+4g=24g。
李子的密度为：；
仰视读出时会导致读数偏小，测得的李子和水的总体积偏小，计算李子的体积偏小，根据，测出的密度偏大。
【分析】（1）根据物体对应刻度尺的位置，测量长度；根据温度计液柱位置，测量体积；根据秒表分钟指针和秒钟指针位置，测量时间；
（2）根据天平上砝码和游码位置，测量质量，根据 ，计算密度；读取量筒液面位置时，若仰视，测量的体积偏小，计算的密度偏大。
（1）[1]图甲中刻度尺的分度值为1mm，物体长度L= 12.60cm 10.00cm=2.60cm
[2]图乙中温度计的分度值为1 ℃，液柱液面在0 ℃以下第6小格，则温度为-6℃。
[3]图丙中秒表的小盘分度值为0.5min，指示为3min，大盘分度值为0.1s，指示为48.7s，则总时间为3×60s+48.7s=228.7s
（2）[1]图丁中天平的砝码为20g，游码在标尺上的读数为4g，则李子的质量为20g+4g=24g。
[2]李子的密度为
[3]仰视读出时会导致读数偏小，即测得的李子和水的总体积偏小，计算得出李子的体积偏小，由可知测出的密度偏大。
16．（2025·东莞模拟）小芳用如题图所示的器材探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”：
（1）在图甲实验中，小芳用弹簧测力计沿水平方向　 　拉动木块，此过程木块所受滑动摩擦力的大小　 　弹簧测力计的示数。
①分析甲、乙两次实验，初步得出：接触面粗糙程度相同时，压力　 　，滑动摩擦力越大；
②分析甲、丙两次实验，初步得出：压力大小相同时，接触面　 　，滑动摩擦力越大；
③小芳从上述实验联想到生活中矿泉水瓶盖侧边设计竖状条纹的目的，可用　 　（选填“①”或“②”）的结论进行解释。
（2）小芳想继续探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，利用图甲实验做对比分析，又设计了如图丁所示的实验，使弹簧测力计A始终保持竖直状态，并调整高度，使其示数为　 　N。拉动木板，使木块相对于地面静止，此时弹簧测力计B的示数为2N，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小　 　。该实验过程中，　 　（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动木板。
【答案】（1）匀速；等于；越大；越粗糙；②
（2）5；无关；不需要
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关，（1）用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡可知，弹簧测力计对木块的拉力大小等于木块所受滑动摩擦力的大小。
①通过对比甲、乙两次实验，都在木板上滑动，接触面粗糙程度相同，乙图中压力大，弹簧测力计的示数大，即滑动摩擦力大，故在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
②通过对比甲、丙两次实验，压力都为10N，甲图接触面较光滑木板，丙图接触面是较粗糙木板，压力相同，接触面粗糙程度不同，丙图弹簧测力计示数大，即滑动摩擦力大，故在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
③瓶盖设计了花纹，即增大了接触面的粗糙程度，在压力相同时，通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，可用实验②中的结论进行解释。
（2）探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，需要控制压力和接触面的粗糙程度相同，弹簧测力计A始终保持竖直状态，并调整高度，使其示数为5N时，木块对木板的压力与甲相同，都是10N。
拉动木板，木块相对于地面静止，受平衡力，弹簧测力计B的示数为2N，与甲相同，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小无关。
无论是否匀速拉动木板，木块相对于地面都是静止，受平衡力，弹簧测力计对木块的拉力大小等于木块所受滑动摩擦力的大小，实验过程中，不需要匀速拉动木板。
【分析】（1）根据二力平衡，物体匀速直线运动，拉力和摩擦力大小相等；滑动摩擦力和压力大小、接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（2）探究滑动摩擦力大小与物体的重力的关系，需要控制压力和接触面的粗糙程度相同，改变物体的重力，根据实验现象，总结滑动摩擦力和物体的重力的关系；物体被测力计拉住固定，拉动木板，不需要匀速直线运动。
（1）（1）[1][2] 用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡可知，弹簧测力计对木块的拉力大小等于木块所受滑动摩擦力的大小。
①[3] 通过对比甲、乙两次实验可知，都在木板上滑动，接触面粗糙程度相同，乙图中压力大，弹簧测力计的示数大，即滑动摩擦力大，故在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
②[4] 通过对比甲、丙两次实验可知，压力都为10N，甲图接触面较光滑木板，丙图接触面是较粗糙木板，压力相同，接触面粗糙程度不同，丙图弹簧测力计示数大，即滑动摩擦力大，故在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
③[5] 瓶盖设计了花纹，即增大了接触面的粗糙程度，在压力相同时，通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，可用实验②中的结论进行解释。
（2）[1] 探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，需要控制压力和接触面的粗糙程度相同，弹簧测力计A始终保持竖直状态，并调整高度，使其示数为5N时，木块对木板的压力与甲相同，都是10N。
[2]拉动木板，木块相对于地面静止，受平衡力，此时弹簧测力计B的示数为2N，与甲相同，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小无关。
[3]无论是否匀速拉动木板，木块相对于地面都是静止，受平衡力，弹簧测力计对木块的拉力大小等于木块所受滑动摩擦力的大小，所以实验过程中，不需要匀速拉动木板。
17．（2025·东莞模拟）小明在做“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验时，连接了如题图甲所示部分电路。已知电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为3.8V。
（1）用笔画线代替导线，将实物电路图连接完整　 　（要求：导线不能交叉，滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗）。
（2）闭合开关后，小明发现小灯泡不亮，但电流表有示数。他接下来应进行的操作是（　　）
A．检查电路是否断路
B．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
（3）小明进行了多次测量，并将实验数据记录在表中。
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 2 2.5 3.0 3.8 4.0
电流I/A 0.33 0.34 0.35 0.41
电阻R/Ω 6.1 7.4 8.6 9.8
①小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，则小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω；
②分析表中数据，小灯泡的电阻变化规律最接近图丙U-I图像中哪一条：　 　；
③经过分析，小灯泡的电阻是变化的，主要是因为小灯泡灯丝的　 　（选填“温度”“长度”或“横截面积”）发生了变化；要通过多次测量总结小灯泡的电阻变化规律，下列物理学的研究方法与该方法相同的是　 　（选填字母代号）。
A．“测量物体的长度”时要多次测量求平均值
B.“研究并联电路电流规律”时换用不同灯泡多测几组数据
C.“研究凸透镜成像”时要多次改变物距找像
D.“伏安法测量定值电阻”时测量多组电压和电流值
【答案】（1）
（2）B
（3）9.5；丙；温度；BC
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗，电流变小，电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中。如图所示：
（2）闭合开关后，电流表有示数，电路为通路，小明发现小灯泡不亮，可知电路的电流过小，他接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选B。
（3）①小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，电流为0.4A，则小灯泡正常发光时的电阻为
②由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流增大，灯丝的电阻增大，且灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流变化量，因此小灯泡的电阻变化规律是一条曲线，且偏向电压轴，即丙曲线。
③小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化；
A．测量物体的长度时，要多次测量求平均值，
D．伏安法测量定值电阻时，测量多组电压和电流值，多次测量获得数据，求平均值来减小实验误差；
B．研究并联电路电流规律时，换用不同灯泡多测几组数据；
C．研究凸透镜成像时，要多次改变物距找像，多次测量的目的是获得多组数据，来寻找一定的规律；综上所述，故B、C研究方法与本实验方法相同。
故选BC。
【分析】（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗，则电阻变大，连接变阻器右下接线柱；
（2）闭合开关后，电流表有示数，电路通路，小灯泡不亮，电路的电流过小，移动滑片观察现象；
（3）根据小灯泡正常发光时电流表，测量电流，根据，计算电阻；小灯泡电阻和温度有关，随温度升高而变大；探究物理规律时，多次实验可以探究普遍性，测量定值电阻时，多次实验，计算平均值可以减小误差。
（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗，电流变小，电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中。如图所示：
（2）闭合开关后，电流表有示数，电路为通路，小明发现小灯泡不亮，可知电路的电流过小，他接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选B。
（3）①小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，电流为0.4A则小灯泡正常发光时的电阻为
②由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流增大，灯丝的电阻增大，且灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流变化量，因此小灯泡的电阻变化规律是一条曲线，且偏向电压轴，即丙曲线。
③小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化；
A.“测量物体的长度”时要多次测量求平均值，
D.“伏安法测量定值电阻”时测量多组电压和电流值，多次测量获得数据，求平均值来减小实验误差；
B．“研究并联电路电流规律”时换用不同灯泡多测几组数据；
C．“研究凸透镜成像”时要多次改变物距找像，多次测量的目的是获得多组数据，来寻找一定的规律；
综上所述，故B、C研究方法与本实验方法相同。
故选BC。
18．（2025·东莞模拟）如题图所示是“鲲龙”国产大型水陆两栖飞机AG600。这架飞机最大起飞质量为60t，正常的巡航速度为500km/h，一次能将12t的水在20s内吸至4m高处，填补了国产大型航空灭火飞机的空白。AG600的问世，是我国航空工业走向世界的一次壮举。（g取10N/kg）
（1）若火场与最近水源地之间的直线距离为s=200km，且飞机沿直线从水源地巡航到火场，求飞机至少需要多长时间到达火场？
（2）求飞机的最大起飞重力；
（3）求飞机吸水的功率。
【答案】（1）解：飞机从水源地巡航到火场至少需要的时间为
（2）解：飞机的最大起飞重力为
（3）解：克服水的重力做的功为：
则飞机吸水的功率为：
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据 ，计算物体运动的时间；
（2）根据飞机的质量，利用G=mg，计算重力大小；
（3）根据重力和高度，利用W=Gh，计算克服重力做功多少，利用 ，计算功率。
（1）飞机从水源地巡航到火场至少需要的时间为
（2）飞机的最大起飞重力为
（3）克服水的重力做的功为
则飞机吸水的功率为
19．（2025·东莞模拟）如图是一款手持式两挡电煮锅及其简化电路图，R1、R2为均为定值电阻。高温挡功率为1000W，低温挡时R1、R2的总功率为220W。请计算：
（1）R1的阻值；
（2）在标准大气压下，将2kg水从20℃烧开，水吸收的热量；[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
（3）若电煮锅的热效率为80%，在标准大气压下，用高温挡将2kg水从20℃烧开，需要多长时间。
【答案】（1）解：图中，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，电煮锅处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电煮锅处于高温挡
；由可知，R1的阻值为：
（2）解：一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg ℃)×2kg×(100℃-20℃)=6.72×105J
（3）解：根据，计算电煮锅消耗的电能：
根据，加热需要的时间为：
【知识点】热量的计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据开关状态，判断电路的连接，结合用电器规格，利用，计算电阻；
（2）根据水的比热容、质量和温度差，根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（3）根据热效率和吸收的热量，利用，计算消耗的电能，结合 ，计算工作时间。
（1）由电路图可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，电煮锅处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电煮锅处于高温挡；由可知，R1的阻值为
（2）一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J
（3）由可知，电煮锅消耗的电能
由可知，加热需要的时间为
20．（2025·东莞模拟）2025年4月11日0时47分，长征三号乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火升空，将通信技术试验卫星十七号顺利送入预定轨道，发射任务取得圆满成功。
（1）发射火箭时，为了保护发射台的铁架不被火箭向下喷射的高温火焰所熔化，工作人员在台底建造了一个大水池（导流槽），当高温火焰喷到水中时，产生了迅速扩展的庞大的白色“气团”，这些白色“气团”是　 　（选填“水蒸气”或“小水珠”）；试验卫星十七号发射的时候，试验卫星十七号相对于火箭是　 　（选填“静止”或“运动”）的；
（2）如果试验卫星十七号在太空发射很强的超声波，在地球上　 　（选填“能”或“不能”）收到信号；
（3）火箭发射成功时，长征三号乙运载火箭的专家们流下了激动的泪水，对于他们来说，火箭发射时巨大的声响属于　 　（选填“噪声”或“乐音”）；
（4）火箭发射时，燃料燃烧释放的能量转化为火箭的　 　能。从能量转化的角度分析，这与四冲程汽油机的　 　冲程能量转化情况相似。
【答案】（1）小水珠；静止
（2）不能
（3）乐音
（4）机械；做功
【知识点】物质的三态；热机的四个冲程；能量的转化或转移；声音的传播条件；运动和静止的相对性
【解析】【解答】（1）当高温火焰喷到水中时，水迅速汽化成大量高温水蒸气，然后水蒸气在水面上方液化形式小水珠，产生了迅速扩展的庞大的白色气团；
试验卫星十七号发射的时候，试验卫星十七号相对于火箭位置不变，是静止的。
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声，所以如果试验卫星十七号在太空发射很强的超声波，在地球上不能收到信号。
（3）火箭发射时巨大的声响对于专家来说使他们激动、愉悦，属于乐音。
（4）火箭发射时，燃料燃烧时化学能转化为内能，利用内能做功转化为火箭的机械能；
四冲程汽油机的做功冲程也是把内能转化为机械能，与四冲程汽油机的做功冲程能量转化情况相似。
【分析】（1）水蒸气液化形成小水滴，是液化现象，白气是液化形成的；相对于参照物，没有位置变化，是静止的；
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（3）给人带来干扰的声音是噪声，让人心情舒畅的声音，是乐音；
（4）燃料燃烧，化学能转化为内能；内能对外做功，内能转化为机械能；汽油机的做功冲程将内能转化为机械能。
（1）[1][2]当高温火焰喷到水中时，水迅速汽化成大量高温水蒸气，然后水蒸气在水面上方液化形式小水珠，产生了迅速扩展的庞大的白色“气团”；试验卫星十七号发射的时候，试验卫星十七号相对于火箭位置不变，是静止的。
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声，所以如果试验卫星十七号在太空发射很强的超声波，在地球上不能收到信号。
（3）火箭发射时巨大的声响对于专家来说使他们激动、愉悦，属于乐音。
（4）[1][2]火箭发射时，燃料燃烧时化学能转化为内能，利用内能做功转化为火箭的机械能；四冲程汽油机的做功冲程也是把内能转化为机械能，所以这与四冲程汽油机的做功冲程能量转化情况相似。
21．（2025·东莞模拟）小明在候机厅发现不同飞机机翼的形状一般不同，那么机翼的形状是否会影响飞机的升力呢？为此小明用硬纸板制作成厚度不同，长度和宽度相同的机翼模型进行了探究。如图所示，用竖直的金属杆穿过机翼模型，将模型挂在弹簧秤上。用可调速的风扇，距机翼模型相同距离，以不同的风速正对着模型吹风，分别读出弹簧测力计的示数，并进行多次实验，整理相关的数据如表。
实验组别 机翼厚度 不同时速时弹簧秤的示数（N）
0m/s 1m/s 3m/s 6m/s 12m/s
1 2cm 9.5 8.5 7.1 5.1 2.9
2 4cm 10.0 8.6 6.3 3.1 0
3 6cm 11.0 9.1 6.1 2.5 0
（1）用电风扇正对着机翼模型吹风，模型上表面凸起，空气流速快、压强　 　，形成一个向　 　的压力差，故电风扇的风速越大，弹簧秤的示数越　 　；
（2）第1组实验中，当风速为6m/s时，机翼模型受到的升力为　 　N；
（3）根据表格数据，分析机翼模型的升力和机翼厚度之间的关系：在机翼长度和宽度都相同时，机翼厚度越大，产生的升力越　 　；
（4）请你结合生活实际，猜想飞机的升力还可能与　 　有关。
【答案】小；上；小；4.4；大；自身重力
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】（1）实验时，机翼上方凸起，当用电风扇对着模型吹风时，由于模型上方凸起，下方平直，上表面空气流速快、压强小，下面表空气流速慢，压强大，形成一个向上的压力差，从而使弹簧秤的示数比没有风吹时小。
（2）第3组实验中，当风速为0m/s时，机翼模型受到的升力为0，此时弹簧秤示数为9.5N，为当风速为6m/s时，弹簧秤示数为5.1N，则机翼模型受到的升力为：
（3）三次实验中，速度为1m/s时，升力分别为：9.5N-8N=1N、10.0N-8.6N=1.4N、11.0N-9.1N=1.9N，机翼长度和宽度都相同，机翼的厚度不同，机翼的厚度越大，产生的升力越大，故结论为：在机翼长度和宽度都相同时，机翼厚度越大，产生的升力越大。
（4）生活中的飞机太重了，也不能飞起来，所以可以猜想飞机的升力还可能与自身重力有关。
【分析】（1）机翼上表面空气流速快，压强小，下方空气流速慢，压强大；根据压力差获得升力；
（2）根据风速大小不同，测力计变化不同，结合弹簧秤的两次示数之差，计算升力；
（3）计算速度为0m/s和1m/s时的升力，计算升力与机翼厚度的关系；
（4）飞机的升力还可能与机翼长度和宽度有关。
22．（2025·东莞模拟）阅读短文，回答问题。
某生态园在花棚里安装了自动喷雾和浇水系统，其简化后的电路图如题图甲所示。浇水系统的开关S2是电子时控开关，每天上午6：00~6：30、中午12：30~12：45、下午17：30~17：45会自动闭合，启动浇水系统对花卉进行浇淋。喷雾系统用于调节空气湿度，其控制电路中电源电压U=12V，R为装在探头上的湿敏电阻，其阻值随相对湿度φ（空气中含有水蒸气的百分比，单位为：%RH）变化的图像如图乙所示。当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路中的电流减小到0.03A时，衔铁被释放。
（1）浇水系统的水泵参数如下表，则水泵一个月（按31天）耗电　 　kW h。
型号 XXX 材质 不锈钢
功率 1200W 颜色 银白色
电源 220V/50Hz 重量 85kg
（2）随着花棚内空气湿度增加，控制电路的电流会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），图甲中喷雾系统的C点应连接　 　（选填“A”或“B”）点。
（3）如果花棚的湿度小于50%时喷雾系统启动，则R0的阻值为　 　Ω；当花棚湿度到达　 　，喷雾系统停止工作。当使用时间长以后，控制电路的电压U会降低，这时花棚所控制的最高湿度会　 　（选填“上升”“下降”或“不变”）。
【答案】（1）37.2
（2）变大；A
（3）250；70%RH；上升
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】（1）每天工作时间：t1=6：30-6：00=30min=0.5h，t2=12：45-12：30=15min=0.25h，t3=17：45-17：30=15min=0.25h，总时间为t=t1+t2+t3=1h，工作一天，消耗的电能：W=Pt=1.2kW×1h=1.2kW h，一个月消耗电能：W总=1.2kW h×31=37.2kW h；
（2）控制电路中，湿敏电阻R与定值电阻R0串联，随着花棚内空气湿度增加，湿敏电阻R的阻值变小，控制电路的总电阻变小，电源电压不变，控制电路的电流会变大。
当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合，此时电路电阻较小，湿敏电阻的阻值较小，空气湿度较大；当控制电路中的电流减小到0.03A时，衔铁被释放，此时电路电阻较大，湿敏电阻的阻值较大，空气湿度较小，则衔铁被吸合时，喷雾系统断开；衔铁被释放时，喷雾系统工作，故图甲中喷雾系统的C点应连接A点。
（3）花棚的湿度小于50%时，喷雾系统启动，当花棚的湿度为50%时，R的阻值为150Ω，此时电路的电流为0.03A，由欧姆定律得，此时电路电阻为：；
由串联电路电阻特点得，R0的阻值为：；
当控制电路的电流达到0.04A时，喷雾系统停止工作，计算电路电阻为：
由串联电路电阻特点，此时R的阻值为：，花棚湿度到达70%RH。
当使用时间长以后，控制电路的电压U会降低，喷雾系统停止工作时电路电流不变，由欧姆定律得，此时控制电路的电阻变小，定值电阻R0阻值不变，由串联电路电阻特点得，此时湿敏电阻的阻值变小，则这时花棚所控制的最高湿度会上升。
【分析】（1）根据工作时段，计算时间，利用W=Pt，计算水泵工作消耗的电能；
（2）结合图乙，根据湿度判断湿敏电阻R的阻值变化；控制电路中电阻变小，则电流的大，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，图甲中，判断衔铁连接的触点；
（3）根据图乙，当湿度为50%时，判断湿敏电阻的阻值，根据喷雾系统启动时的电流，根据 ，计算总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R的阻值；同理，根据喷雾系统停止工作时的电流，计算总电阻和湿敏电阻的阻值，根据图乙，判断花棚湿度；当控制电路中的电流一定时，总电压减小，可知控制电路的总电阻变小，湿敏电阻的阻值变小，根据图乙判断最高湿度的变化。
（1）每天上午6：00~6：30、中午12：30~12：45、下午17：30~17：45会自动闭合，则浇水系统的水泵一天工作的时间为
由得，水泵一个月（按31天）耗电
（2）[1]控制电路中，湿敏电阻R与定值电阻R0串联，随着花棚内空气湿度增加，湿敏电阻R的阻值变小，控制电路的总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律得，控制电路的电流会变大。
[2]当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合，此时电路电阻较小，湿敏电阻的阻值较小，空气湿度较大；当控制电路中的电流减小到0.03A时，衔铁被释放，此时电路电阻较大，湿敏电阻的阻值较大，空气湿度较小，则衔铁被吸合时，喷雾系统断开；衔铁被释放时，喷雾系统工作，故图甲中喷雾系统的C点应连接A点。
（3）[1]如果花棚的湿度小于50%时喷雾系统启动，当花棚的湿度为50%时，R的阻值为150Ω，此时电路的电流为0.03A，由欧姆定律得，此时电路电阻为
由串联电路电阻特点得，R0的阻值为
[2]当控制电路的电流达到0.04A时，喷雾系统停止工作，由欧姆定律得，此时电路电阻为
由串联电路电阻特点得，此时R的阻值为
此时花棚湿度到达70%RH。
[3]当使用时间长以后，控制电路的电压U会降低，喷雾系统停止工作时电路电流不变，由欧姆定律得，此时控制电路的电阻变小，定值电阻R0阻值不变，由串联电路电阻特点得，此时湿敏电阻的阻值变小，则这时花棚所控制的最高湿度会上升。
1 / 1广东省东莞市佳美实验学校、众美中学、莞美学校三校联考2025年中考二模物理试题
1．（2025·东莞模拟）【交通出行主题】自2025年3月7日起，广深城际列车运行图进一步优化调整，助推粤港澳大湾区形成更加紧密便利的“一小时交通生活圈”。根据所学知识，回答下列小题。
（1）广深城际优化后，东莞樟木头站至深圳站的某次列车运行里程为60千米，运行时间缩短至30分钟。该列车的平均速度最接近（　　）
A．30m/s B．60m/s C．60km/h D．160km/h
（2）当广深城际列车从樟木头站加速出站时，乘客的身体会向后倾。这一现象的主要原因是（　　）
A．乘客受到向后的推力
B．列车的惯性较大
C．乘客的惯性导致保持原有运动状态
D．列车座椅摩擦力减小
2．（2025·东莞模拟）诗词是中华优秀传统文化中的一块瑰宝。下列诗句中加点的字所对应自然现象的形成过程，属于凝固的是
A．白露秋分夜，一夜凉一夜 B．塞外悲风切，交河冰已结
C．鸡声茅店月，人迹板桥霜 D．冰消出镜水，梅散入风香
3．（2025·东莞模拟）小芳在烘焙教室整理时，需水平推动一个装有面粉的实心不锈钢盆(质量为5kg)。已知不锈钢盆与桌面的接触面积为0.02m2，小芳用10N的水平推力使其在桌面上匀速移动了1.2m，g取10N/kg。以下说法正确的是
A．重力做功60J
B．推力做功20J
C．不锈钢盆对桌面的压强为2500Pa
D．不锈钢盆对桌面的压强为250Pa
4．（2025·东莞模拟）在用一凸透镜研究其成像的规律时，小滨同学得到的部分实验信息如下表所示。根据表中信息判定下列说法正确的是（　　）
实验次序 物距/cm 像的性质 像距/cm
1 20 倒立、等大、实像 　
2 30 　 15
3 15 倒立、放大、实像 30
A．第1次实验的像距为40cm
B．第2次实验成倒立、放大的实像
C．第3次实验成像特点与照相机成像特点相同
D．若物距是12cm，物体通过透镜所成的像是实像
5．（2025·东莞模拟）甲、乙两个LED灯泡的参数如题图所示，假设使用过程中电阻不变，则下列说法中正确的是（　　）
A．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
B．当甲灯泡两端的电压减小时，其额定功率减小
C．当乙灯两端的电压为12V时，其实际功率为12W
D．将两灯串联在电压为24V的电路中，乙灯比甲灯亮
6．（2025·东莞模拟）如图是电阻甲和乙的U-I关系图像，下列判断正确的是（　　）
A．电阻甲的电流与两端电压成反比
B．当电阻乙两端电压为1V时，其电阻值为0.4Ω
C．将甲和乙并联，若电路两端电压为2.5 V，则干路电流为0.5A
D．将甲和乙串联，若电路中电流为0.4A，则电路两端电压为3V
7．（2025·东莞模拟）我国传统拨弦乐器古琴的音色悠远，音域宽广。演奏者通过调节琴弦的松紧可以进行调音，拧紧琴弦时，琴弦振动的　 　会发生改变；在一场古琴演奏会现场，当演奏者调试古琴发出悠扬的声音时，演奏者能闻到周围空气中弥漫着淡淡的檀香味，这是因为檀木的香气分子在不停地做　 　；观看演出时禁止大声喧哗，这是在　 　控制噪声。
8．（2025·东莞模拟）小刚将“220V 40W”的灯泡接在家庭电路上，闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，如题图所示，他发现发光的灯丝来回振动，这一现象的产生原因跟　 　（选填“电动机”或“发电机”）的工作原理一致；灯丝来回振动而不是偏向一侧的原因和　 　一直在改变有关；当用久了之后，灯丝会变细，其电阻阻值　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
9．（2025·东莞模拟）如题图所示，杯中重为5N的木块在水中上浮，最后木块漂浮。在木块上浮且还未露出水面的这段过程中，木块下表面受到水的压强会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”，下同），受到水的浮力会　 　。经过一段时间，木块最终静静地漂浮在水面上，此时木块受到水的浮力大小为　 　N。
10．（2025·东莞模拟）如图 是小明家中的部分电路，开始时各部分工作正常，将电饭锅的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常工作。拔出电饭锅的插头，电热壶仍不能工作，把测电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均能发光，可以判断用手接触电路中的D点，他　 　触电（选填“会”或“不会”），该电路中的故障是　 　之间断路。人接触C点　 　触电（选填“会”或“不会”）。
11．（2025·东莞模拟）如题图所示装置中，R1=10Ω，R2=R3=5Ω。只闭合S1，电路中的电流为0.2A，通电5min电阻R1产生的热量为　 　J，此时研究的是电流通过导体产生的热量和　 　大小的关系；再闭合S2，左侧U形管内液柱的高度差　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）右侧液柱的高度差。
12．（2025·东莞模拟）在建筑工地上，工人师傅使用一个由两个相同滑轮安装成的滑轮组（如题图甲所示，虚线框内为滑轮组结构）来提升建筑材料。现有一堆质量为21kg的砖块需要提升，工人施加的拉力为80N。通过安装在绳子自由端和砖块处的移动传感器，得到物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，则滑轮组中动滑轮重　 　N，拉力的功率为　 　W，该滑轮组的机械效率为　 　%。（g取10N/kg）
13．（2025·东莞模拟）如题图所示，杠杆AB放在钢制圆柱体的正中央水平凹槽CD中，杠杆AB能以凹槽两端的C点或D点为支点在竖直平面内转动，长度AC=CD=DB，左端重物G=20N。当作用在B点竖直向下的拉力F足够大时，杠杆容易绕　 　（选填“C”或“D”）点翻转，为使杠杆AB保持水平位置平衡，最小值拉力F1=　 　N，最大值F2=　 　N。（杠杆、细绳的质量及摩擦均忽略不计）
14．（2025·东莞模拟）按要求作图；
（1）如题图所示，物体沿粗糙水平面向右运动，画出该物体所受重力G、支持力FN和摩擦力f的示意图。
（2）湖水清澈，人在湖岸上看到“云在水中漂，鱼在云上游”的景象，如题图所示，A是空中的白云，C是人的眼睛。请画出人眼看到“云在水中漂”的光路图。
（3）如题图甲为带开关和USB接口的插座。开关断开时，USB接口和三孔插座都不能工作；开关闭合时，USB接口和三孔插座都能独立工作。请将乙图中的电路图补充完整。
15．（2025·东莞模拟）按要求填空；
（1）如题图甲，被测物体的长度是　 　cm；如图乙所示，温度计所表示的温度为　 　℃；如图丙所示，该秒表的读数为　 　s。
（2）为了研究“瓜浮李沉”现象，小芳买来李子，用天平、量筒和水测量李子的密度。用天平测量李子的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和标尺上游码的位置如图丁所示，李子的质量为　 　g；用量筒和水测得李子的体积为20cm3，则李子的密度为　 　g/cm3；若测量体积时，小芳读出水的体积为50cm3，但是读取李子和水的体积时仰视读出总体积为70cm3，则测量出李子的密度　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
16．（2025·东莞模拟）小芳用如题图所示的器材探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”：
（1）在图甲实验中，小芳用弹簧测力计沿水平方向　 　拉动木块，此过程木块所受滑动摩擦力的大小　 　弹簧测力计的示数。
①分析甲、乙两次实验，初步得出：接触面粗糙程度相同时，压力　 　，滑动摩擦力越大；
②分析甲、丙两次实验，初步得出：压力大小相同时，接触面　 　，滑动摩擦力越大；
③小芳从上述实验联想到生活中矿泉水瓶盖侧边设计竖状条纹的目的，可用　 　（选填“①”或“②”）的结论进行解释。
（2）小芳想继续探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，利用图甲实验做对比分析，又设计了如图丁所示的实验，使弹簧测力计A始终保持竖直状态，并调整高度，使其示数为　 　N。拉动木板，使木块相对于地面静止，此时弹簧测力计B的示数为2N，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小　 　。该实验过程中，　 　（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动木板。
17．（2025·东莞模拟）小明在做“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验时，连接了如题图甲所示部分电路。已知电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为3.8V。
（1）用笔画线代替导线，将实物电路图连接完整　 　（要求：导线不能交叉，滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗）。
（2）闭合开关后，小明发现小灯泡不亮，但电流表有示数。他接下来应进行的操作是（　　）
A．检查电路是否断路
B．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
（3）小明进行了多次测量，并将实验数据记录在表中。
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 2 2.5 3.0 3.8 4.0
电流I/A 0.33 0.34 0.35 0.41
电阻R/Ω 6.1 7.4 8.6 9.8
①小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，则小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω；
②分析表中数据，小灯泡的电阻变化规律最接近图丙U-I图像中哪一条：　 　；
③经过分析，小灯泡的电阻是变化的，主要是因为小灯泡灯丝的　 　（选填“温度”“长度”或“横截面积”）发生了变化；要通过多次测量总结小灯泡的电阻变化规律，下列物理学的研究方法与该方法相同的是　 　（选填字母代号）。
A．“测量物体的长度”时要多次测量求平均值
B.“研究并联电路电流规律”时换用不同灯泡多测几组数据
C.“研究凸透镜成像”时要多次改变物距找像
D.“伏安法测量定值电阻”时测量多组电压和电流值
18．（2025·东莞模拟）如题图所示是“鲲龙”国产大型水陆两栖飞机AG600。这架飞机最大起飞质量为60t，正常的巡航速度为500km/h，一次能将12t的水在20s内吸至4m高处，填补了国产大型航空灭火飞机的空白。AG600的问世，是我国航空工业走向世界的一次壮举。（g取10N/kg）
（1）若火场与最近水源地之间的直线距离为s=200km，且飞机沿直线从水源地巡航到火场，求飞机至少需要多长时间到达火场？
（2）求飞机的最大起飞重力；
（3）求飞机吸水的功率。
19．（2025·东莞模拟）如图是一款手持式两挡电煮锅及其简化电路图，R1、R2为均为定值电阻。高温挡功率为1000W，低温挡时R1、R2的总功率为220W。请计算：
（1）R1的阻值；
（2）在标准大气压下，将2kg水从20℃烧开，水吸收的热量；[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
（3）若电煮锅的热效率为80%，在标准大气压下，用高温挡将2kg水从20℃烧开，需要多长时间。
20．（2025·东莞模拟）2025年4月11日0时47分，长征三号乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火升空，将通信技术试验卫星十七号顺利送入预定轨道，发射任务取得圆满成功。
（1）发射火箭时，为了保护发射台的铁架不被火箭向下喷射的高温火焰所熔化，工作人员在台底建造了一个大水池（导流槽），当高温火焰喷到水中时，产生了迅速扩展的庞大的白色“气团”，这些白色“气团”是　 　（选填“水蒸气”或“小水珠”）；试验卫星十七号发射的时候，试验卫星十七号相对于火箭是　 　（选填“静止”或“运动”）的；
（2）如果试验卫星十七号在太空发射很强的超声波，在地球上　 　（选填“能”或“不能”）收到信号；
（3）火箭发射成功时，长征三号乙运载火箭的专家们流下了激动的泪水，对于他们来说，火箭发射时巨大的声响属于　 　（选填“噪声”或“乐音”）；
（4）火箭发射时，燃料燃烧释放的能量转化为火箭的　 　能。从能量转化的角度分析，这与四冲程汽油机的　 　冲程能量转化情况相似。
21．（2025·东莞模拟）小明在候机厅发现不同飞机机翼的形状一般不同，那么机翼的形状是否会影响飞机的升力呢？为此小明用硬纸板制作成厚度不同，长度和宽度相同的机翼模型进行了探究。如图所示，用竖直的金属杆穿过机翼模型，将模型挂在弹簧秤上。用可调速的风扇，距机翼模型相同距离，以不同的风速正对着模型吹风，分别读出弹簧测力计的示数，并进行多次实验，整理相关的数据如表。
实验组别 机翼厚度 不同时速时弹簧秤的示数（N）
0m/s 1m/s 3m/s 6m/s 12m/s
1 2cm 9.5 8.5 7.1 5.1 2.9
2 4cm 10.0 8.6 6.3 3.1 0
3 6cm 11.0 9.1 6.1 2.5 0
（1）用电风扇正对着机翼模型吹风，模型上表面凸起，空气流速快、压强　 　，形成一个向　 　的压力差，故电风扇的风速越大，弹簧秤的示数越　 　；
（2）第1组实验中，当风速为6m/s时，机翼模型受到的升力为　 　N；
（3）根据表格数据，分析机翼模型的升力和机翼厚度之间的关系：在机翼长度和宽度都相同时，机翼厚度越大，产生的升力越　 　；
（4）请你结合生活实际，猜想飞机的升力还可能与　 　有关。
22．（2025·东莞模拟）阅读短文，回答问题。
某生态园在花棚里安装了自动喷雾和浇水系统，其简化后的电路图如题图甲所示。浇水系统的开关S2是电子时控开关，每天上午6：00~6：30、中午12：30~12：45、下午17：30~17：45会自动闭合，启动浇水系统对花卉进行浇淋。喷雾系统用于调节空气湿度，其控制电路中电源电压U=12V，R为装在探头上的湿敏电阻，其阻值随相对湿度φ（空气中含有水蒸气的百分比，单位为：%RH）变化的图像如图乙所示。当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路中的电流减小到0.03A时，衔铁被释放。
（1）浇水系统的水泵参数如下表，则水泵一个月（按31天）耗电　 　kW h。
型号 XXX 材质 不锈钢
功率 1200W 颜色 银白色
电源 220V/50Hz 重量 85kg
（2）随着花棚内空气湿度增加，控制电路的电流会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），图甲中喷雾系统的C点应连接　 　（选填“A”或“B”）点。
（3）如果花棚的湿度小于50%时喷雾系统启动，则R0的阻值为　 　Ω；当花棚湿度到达　 　，喷雾系统停止工作。当使用时间长以后，控制电路的电压U会降低，这时花棚所控制的最高湿度会　 　（选填“上升”“下降”或“不变”）。
答案解析部分
1．【答案】（1）A
（2）C
【知识点】速度公式及其应用；惯性及其现象
【解析】【解答】（1）根据列车的的里程和时间，计算平均速度接近：
接近30m/s，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（2）列车加速出站时，乘客身体具有惯性，继续保持原来的运动状态，会向后倾；故ABD不符合题意，C符合题意；
故选C。
【分析】（1）根据列车的路程和时间，利用 ，计算速度，判断合理的速度；
（2）列车加速行驶，乘客具有惯性，继续保持原来的运动状态，向后仰。
2．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A、露是液态的水，是空气中的水蒸气遇冷，液化形成的，A不符合题意；
B、河水结冰，从液态变为固态，是凝固现象，B符合题意；
C、霜是固态的水，是水蒸气直接变为固态现象，是凝华现象，C不符合题意；
D、冰消指变变为液体，从固态变为液态，是熔化现象，D不符合题意。
故选B。
【分析】气体直接变为液体，是液化现象；液体变为固体，是凝固现象；气体直接变为固体，是凝华现象；固态变为液体，是熔化现象。
3．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】AB、不锈钢盆的质量为5kg，则重力为G=mg=5kg×10N/kg=50N；在重力方向上面没有移动距离，则重力不做功，为0J，推力为10N，水平移动的距离为1.2m，则推力做功W=Fs=10N×1.2m=12J；AB错误；
CD、在水平桌面上，受到的压力等于物体的重力，则F=G=50N，则压强为，C正确，D错误。
故选C。
【分析】根据G=mg，计算他的重力；物体受力且在力的方向移动距离，力对物体做了功；根据W=Fs计算做功多少；水平面受到的压力等于物体的重力，根据，计算压强。
4．【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】A．根据表中信息，当物距为20cm时，成倒立、等大的实像，则物距等于二倍焦距，即，此时像距等于物距，等于20cm，故A错误；
B．当物距为30cm时，物距大于二倍焦距，即u>2f，成倒立、缩小的实像，故B错误；
C．当物距为15cm时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，即2f>u>f，成倒立放大的实像，应用是投影仪，照相机成像时，物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像，故C错误；
D．若物距是12cm，则物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像，故D正确。
故选D。
【分析】根据凸透镜成倒立、等大的实像，判断物体在二倍焦距，计算凸透镜的焦距；当u>2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像其实际应用是照相机；当2f>u>f时，凸透镜成倒立、放大的实像，实际应用是投影仪或幻灯机。
5．【答案】C
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】图中：甲灯的额定电压为24V，额定功率为24W；乙灯的额定电压为24V，额定功率为48W。
A．两灯均正常发光时，根据W=Pt，工作时间未知，两灯消耗的电能无法判断，故A错误；
B．额定功率是指用电器正常工作时的功率，与实际电压无关，当甲灯泡两端的电压减小时，其额定功率不变，故B错误；
C．根据，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，若将乙灯接入12V电路中，实际功率为额定功率的，即实际功率为12W，故C正确；
D．甲的额定功率小于乙的额定功率，根据，R甲>R乙。两灯串联在24V的电路中，电流相等，因甲灯的电阻大于乙灯的电阻，根据，甲灯的实际功率大，甲灯亮，故D错误。
故选C。
【分析】根据W=Pt，判断消耗电能的多少，要结合电功率和时间大小；额定功率是在额定电压下的功率，与实际电压无关；根据，计算实际电功率的大小；根据P=I2R，灯泡串联时，电流相同，电阻越大，实际功率越大。
6．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．由图像可知，电阻甲的电流与两端电压成正比，故A错误；
B．由图像可知，电阻乙两端电压为1V时，其电流为0.4A，根据欧姆定律可知电阻为，故B错误；
C．甲和乙并联，根据并联电压规律可知，甲和乙的电压等于电源电压均为2.5V，由图像可知，甲乙的电流均为0.5A，干路电流为支路电流之和，所以，故C错误；
D．将甲和乙串联，根据串联电流规律，甲乙的电流等于电路电流均为0.4A，由图像可知，甲的电压为2V，乙的电压为1V，根据串联分压规律，电路两端电压为用电器电压之和，
故D正确。
故选D。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律.
3、欧姆定律：公式为U=IR，据题可知电阻乙两端电压为1V时，其电流为0.4A，据此计算电阻。
7．【答案】频率；无规则运动；声源处
【知识点】音调及音调与频率的关系；防治噪声的途径；分子热运动
【解析】【解答】对乐器进行调音时，通过调节琴弦的松紧，可以改变琴弦的频率，拧紧琴弦时，琴弦振动的频率会改变；能闻到空气中的檀香味，是檀木的香气分子在不停地做无规则运动，形成的扩散现象；禁止大声喧哗，阻止噪声产生，是在声源处控制噪声。故第1空填：频率；第2空填：无规则运动；第3空填：声源处。
【分析】改变发生体的长度，频率改变，音调改变；闻到气味，是分子不停的无规则运动形成的；阻止声音的产生，从声源处控制噪声。
8．【答案】电动机；电流方向；变大
【知识点】影响电阻大小的因素；磁场对通电导线的作用；发电机的构造和原理
【解析】【解答】灯丝中有电流通过，当蹄形磁铁靠近发光的灯泡时，电流在磁场中受到力的作用而振动。电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，跟电动机的工作原理一致。
家庭电路使用的是交流电，电流方向周期性改变，则灯丝在磁场中受力方向也不断改变，导致灯丝来回振动而不是偏向一侧。
灯丝用久变细，其材料、长度不变，横截面积变小。根据电阻的影响因素，在材料和长度相同时，横截面积越小，电阻越大，灯丝电阻阻值变大。故第1空填：电动机；第2空填：电流方向；第3空填：变大。
【分析】通电导线在磁场中受磁场力，发光的灯丝受磁场力而抖动；电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成；电流方向在不断发生变化，在磁场中受力方向不断改变；电阻大小和导体的材料、长度、横截面积有关。
9．【答案】变小；不变；5
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】木块上浮但未露出水面过程中，木块下表面在水中的深度减小，根据得，受到水的压强会变小。
木块上浮过程中，排开水的体积不变，根据，木块受到水的浮力会不变。
木块最终漂浮在水面上，木块受到水的浮力大小等于木块的重力，为5N。故第1空填：变小；第2空填：不变；第3空填：5。
【分析】根据p=ρgh，分析液体压强的大小变化；根据F浮=G排=ρ液gV排，判断浮力变化；物体漂浮时，浮力等于物体的重力大小。
10．【答案】会；CD；不会
【知识点】家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】根据题意，电灯仍正常工作，则A点左边的火线和C点左边的零线是通路，且电热壶没有发生短路，而把测电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，则火线有电，是D点左边零线断路了，所以是CD之间断路，用手接触电路中的C点时，即接触零线，因为人体的电阻大于导线电阻，所以电流会从零线流出，没用电流经过人体，人不会触电。而用手接触电路中的D点，会因与火线形成通路而触电。故第1空填：会；第2空填：CD；第3空填：不会。
【分析】人体直接接触火线，有电流经过人体，会触电；测电笔接触火线，氖管发光，接触零线，不发光；正在烧水的电热壶突然不能工作，而电灯正常工作，是水壶的电路有断路。
11．【答案】120；电阻；大于
【知识点】焦耳定律；电流的热效应
【解析】【解答】由图可知，只闭合S1，R1、R2串联，通电5min，电阻R1产生的热量为：
Q=I2R1t=(0.2A)2×10Ω×5×60s=120J；
通过两个电阻的电流和通电时间相等，两个电阻的大小不相等，探究了电流通过导体产生的热量和电阻的关系。
闭合S1和S2，R2、R3先并联后再与R1串联，根据串并联电路电流的特点，通过R1的电流大于通过R2的电流，R1的电阻大于R2的电阻，根据Q=I2Rt，R1产生的热量较大，左侧U形管内液柱的高度差比右侧液柱的高度差大。故第1空填：120；第2空填：电阻；第3空填：大于。
【分析】根据Q=I2Rt，计算电流产生热量的大小；电流和时间相同，电阻不同，可以探究电流产生热量和电阻的关系；电阻并联时，可以改变干路的电流，当电流较大，电阻较大时，产生的热量多，U形管内左、右侧液柱高度差更大。
12．【答案】30；120；87.5
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】根据滑轮组的特点，滑轮组可以省力，但费距离，图己中，上面的倾斜直线是绳子自由端的s-t图像，下面的倾斜直线是物体的s-t图像，图乙中，t=4s时，绳子自由端移动的距离s=6m，
物体上升的高度h=2m，
根据s=nh，动滑轮上，绳子的股数，
t=4s时，拉力做的总功：，
拉力做功的功率：
物体的重力：
不计绳重和摩擦时，动滑轮的重力：
滑轮组的机械效率：。故第1空填：30；第2空填：120；第3空填：87.5。
【分析】使用滑轮组时，根据绳子移动距离和物体移动距离的比值，判断绳子股数，根据G=mg，计算物体的重力；利用G动=nF-G物，计算动滑轮的重力；根据 ，计算功率大小，利用，计算滑轮组的机械效率。
13．【答案】D；10；40
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】图中，当作用在B点竖直向下的拉力F足够大时将形成以D为支点的杠杆，因此杠杆容易绕D点翻转。若以C为支点，为使杠杆AB保持水平位置平衡，长度AC=CD=DB，据杠杆平衡条件所需最小拉力为：；
若以D为支点，为使杠杆AB保持水平位置平衡，长度AC=CD=DB，据杠杆平衡条件 ，最大值拉力为：。故第1空填：D；第2空填：10；第3空填：40。
【分析】杠杆转动时，绕的点为支点，拉力作用在B点，杠杆支点为D点；当以C点为支点时，拉力的力臂较大，拉力最小，以D点为支点时，力臂最小，拉力最大，结合长度关系，判断动力臂与阻力臂的比值，结合杠杆平衡条件，计算拉力的最小值和最大值。
14．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）物体在水平面上向右运动，受到的摩擦力水平向左，物体受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力FN，重力和支持力二力平衡，长度相等，作用点在物体的重心，如图所示：
（2）平静的水面相当于平面镜，A为云的位置，眼睛在水面看到云的像，这是光的反射形成的虚像，作出A关于水面的对称点，即为云的像A'，连接A'C，与水面的交点为入射点O，则OC为反射光线，如图所示：
（3）根据要求，开关断开时，USB接口和三孔插座都不能工作，开关闭合时，USB接口和三孔插座都能独立工作，是并联连接的，开关在干路上，且连接在火线上，测电笔测量火线，氖管发光，则最上的导线是火线，开关连接在火线上；三孔插座连接是，左零右火上接地，如图所示：
【分析】（1）物体受到的摩擦力和物体相对运动方向相反；重力竖直向下；支持力和重力是平衡力，大小相等、方向相反；
（2）平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称，像和人眼在同一直线上；
（3）各用电器互不影响时，是并联的；测电笔测量火线，氖管发光，开关连接在火线上；三孔插座连接是，左零右火上接地。
（1）物体沿粗糙水平面向右运动，所以受地面对它向左的摩擦力，同时受到重力作用，方向竖直向下，受到地面对其向上的支持力，如图所示：
（2）平静的水面相当于平面镜，A为云的位置，眼睛在水面看到云的像，这是光的反射形成的虚像，作出A关于水面的对称点，即为云的像A'，连接A'C，与水面的交点为入射点O，则OC为反射光线，如图所示：
（3）由图知，上边的电线能使测电笔的氖管发光为火线，下边的为地线，中间的为零线；三孔插座和USB接口可以独立工作，即两者是并联的，而三孔插座和USB接口由总开关控制，说明开关在干路上，由此按家庭电路连接的要求补画电路如图所示：
15．【答案】（1）2.60；；228.7
（2）24；1.2；偏大
【知识点】固体密度的测量；时间及其测量；刻度尺的使用
【解析】【解答】（1）图甲中，刻度尺的分度值为1mm，物体长度L=12.60cm 10.00cm=2.60cm；
图乙中温度计的分度值为1℃，液柱液面在0℃以下第6小格，则温度为-6℃。
图丙中秒表的小盘分度值为0.5min，指示为3min，大盘分度值为0.1s，指示为48.7s，则总时间为3×60s+48.7s=228.7s；
（2）图丁中天平的砝码为20g，游码在标尺上的读数为4g，则李子的质量为20g+4g=24g。
李子的密度为：；
仰视读出时会导致读数偏小，测得的李子和水的总体积偏小，计算李子的体积偏小，根据，测出的密度偏大。
【分析】（1）根据物体对应刻度尺的位置，测量长度；根据温度计液柱位置，测量体积；根据秒表分钟指针和秒钟指针位置，测量时间；
（2）根据天平上砝码和游码位置，测量质量，根据 ，计算密度；读取量筒液面位置时，若仰视，测量的体积偏小，计算的密度偏大。
（1）[1]图甲中刻度尺的分度值为1mm，物体长度L= 12.60cm 10.00cm=2.60cm
[2]图乙中温度计的分度值为1 ℃，液柱液面在0 ℃以下第6小格，则温度为-6℃。
[3]图丙中秒表的小盘分度值为0.5min，指示为3min，大盘分度值为0.1s，指示为48.7s，则总时间为3×60s+48.7s=228.7s
（2）[1]图丁中天平的砝码为20g，游码在标尺上的读数为4g，则李子的质量为20g+4g=24g。
[2]李子的密度为
[3]仰视读出时会导致读数偏小，即测得的李子和水的总体积偏小，计算得出李子的体积偏小，由可知测出的密度偏大。
16．【答案】（1）匀速；等于；越大；越粗糙；②
（2）5；无关；不需要
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关，（1）用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡可知，弹簧测力计对木块的拉力大小等于木块所受滑动摩擦力的大小。
①通过对比甲、乙两次实验，都在木板上滑动，接触面粗糙程度相同，乙图中压力大，弹簧测力计的示数大，即滑动摩擦力大，故在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
②通过对比甲、丙两次实验，压力都为10N，甲图接触面较光滑木板，丙图接触面是较粗糙木板，压力相同，接触面粗糙程度不同，丙图弹簧测力计示数大，即滑动摩擦力大，故在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
③瓶盖设计了花纹，即增大了接触面的粗糙程度，在压力相同时，通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，可用实验②中的结论进行解释。
（2）探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，需要控制压力和接触面的粗糙程度相同，弹簧测力计A始终保持竖直状态，并调整高度，使其示数为5N时，木块对木板的压力与甲相同，都是10N。
拉动木板，木块相对于地面静止，受平衡力，弹簧测力计B的示数为2N，与甲相同，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小无关。
无论是否匀速拉动木板，木块相对于地面都是静止，受平衡力，弹簧测力计对木块的拉力大小等于木块所受滑动摩擦力的大小，实验过程中，不需要匀速拉动木板。
【分析】（1）根据二力平衡，物体匀速直线运动，拉力和摩擦力大小相等；滑动摩擦力和压力大小、接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（2）探究滑动摩擦力大小与物体的重力的关系，需要控制压力和接触面的粗糙程度相同，改变物体的重力，根据实验现象，总结滑动摩擦力和物体的重力的关系；物体被测力计拉住固定，拉动木板，不需要匀速直线运动。
（1）（1）[1][2] 用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡可知，弹簧测力计对木块的拉力大小等于木块所受滑动摩擦力的大小。
①[3] 通过对比甲、乙两次实验可知，都在木板上滑动，接触面粗糙程度相同，乙图中压力大，弹簧测力计的示数大，即滑动摩擦力大，故在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
②[4] 通过对比甲、丙两次实验可知，压力都为10N，甲图接触面较光滑木板，丙图接触面是较粗糙木板，压力相同，接触面粗糙程度不同，丙图弹簧测力计示数大，即滑动摩擦力大，故在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
③[5] 瓶盖设计了花纹，即增大了接触面的粗糙程度，在压力相同时，通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，可用实验②中的结论进行解释。
（2）[1] 探究滑动摩擦力大小与物体的重力大小是否有关，需要控制压力和接触面的粗糙程度相同，弹簧测力计A始终保持竖直状态，并调整高度，使其示数为5N时，木块对木板的压力与甲相同，都是10N。
[2]拉动木板，木块相对于地面静止，受平衡力，此时弹簧测力计B的示数为2N，与甲相同，分析可得滑动摩擦力大小与物体重力大小无关。
[3]无论是否匀速拉动木板，木块相对于地面都是静止，受平衡力，弹簧测力计对木块的拉力大小等于木块所受滑动摩擦力的大小，所以实验过程中，不需要匀速拉动木板。
17．【答案】（1）
（2）B
（3）9.5；丙；温度；BC
【知识点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗，电流变小，电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中。如图所示：
（2）闭合开关后，电流表有示数，电路为通路，小明发现小灯泡不亮，可知电路的电流过小，他接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选B。
（3）①小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，电流为0.4A，则小灯泡正常发光时的电阻为
②由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流增大，灯丝的电阻增大，且灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流变化量，因此小灯泡的电阻变化规律是一条曲线，且偏向电压轴，即丙曲线。
③小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化；
A．测量物体的长度时，要多次测量求平均值，
D．伏安法测量定值电阻时，测量多组电压和电流值，多次测量获得数据，求平均值来减小实验误差；
B．研究并联电路电流规律时，换用不同灯泡多测几组数据；
C．研究凸透镜成像时，要多次改变物距找像，多次测量的目的是获得多组数据，来寻找一定的规律；综上所述，故B、C研究方法与本实验方法相同。
故选BC。
【分析】（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗，则电阻变大，连接变阻器右下接线柱；
（2）闭合开关后，电流表有示数，电路通路，小灯泡不亮，电路的电流过小，移动滑片观察现象；
（3）根据小灯泡正常发光时电流表，测量电流，根据，计算电阻；小灯泡电阻和温度有关，随温度升高而变大；探究物理规律时，多次实验可以探究普遍性，测量定值电阻时，多次实验，计算平均值可以减小误差。
（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡变暗，电流变小，电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中。如图所示：
（2）闭合开关后，电流表有示数，电路为通路，小明发现小灯泡不亮，可知电路的电流过小，他接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选B。
（3）①小灯泡正常发光时电流表示数如图乙，电流为0.4A则小灯泡正常发光时的电阻为
②由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流增大，灯丝的电阻增大，且灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流变化量，因此小灯泡的电阻变化规律是一条曲线，且偏向电压轴，即丙曲线。
③小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化；
A.“测量物体的长度”时要多次测量求平均值，
D.“伏安法测量定值电阻”时测量多组电压和电流值，多次测量获得数据，求平均值来减小实验误差；
B．“研究并联电路电流规律”时换用不同灯泡多测几组数据；
C．“研究凸透镜成像”时要多次改变物距找像，多次测量的目的是获得多组数据，来寻找一定的规律；
综上所述，故B、C研究方法与本实验方法相同。
故选BC。
18．【答案】（1）解：飞机从水源地巡航到火场至少需要的时间为
（2）解：飞机的最大起飞重力为
（3）解：克服水的重力做的功为：
则飞机吸水的功率为：
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据 ，计算物体运动的时间；
（2）根据飞机的质量，利用G=mg，计算重力大小；
（3）根据重力和高度，利用W=Gh，计算克服重力做功多少，利用 ，计算功率。
（1）飞机从水源地巡航到火场至少需要的时间为
（2）飞机的最大起飞重力为
（3）克服水的重力做的功为
则飞机吸水的功率为
19．【答案】（1）解：图中，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，电煮锅处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电煮锅处于高温挡
；由可知，R1的阻值为：
（2）解：一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg ℃)×2kg×(100℃-20℃)=6.72×105J
（3）解：根据，计算电煮锅消耗的电能：
根据，加热需要的时间为：
【知识点】热量的计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据开关状态，判断电路的连接，结合用电器规格，利用，计算电阻；
（2）根据水的比热容、质量和温度差，根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（3）根据热效率和吸收的热量，利用，计算消耗的电能，结合 ，计算工作时间。
（1）由电路图可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，电煮锅处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电煮锅处于高温挡；由可知，R1的阻值为
（2）一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J
（3）由可知，电煮锅消耗的电能
由可知，加热需要的时间为
20．【答案】（1）小水珠；静止
（2）不能
（3）乐音
（4）机械；做功
【知识点】物质的三态；热机的四个冲程；能量的转化或转移；声音的传播条件；运动和静止的相对性
【解析】【解答】（1）当高温火焰喷到水中时，水迅速汽化成大量高温水蒸气，然后水蒸气在水面上方液化形式小水珠，产生了迅速扩展的庞大的白色气团；
试验卫星十七号发射的时候，试验卫星十七号相对于火箭位置不变，是静止的。
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声，所以如果试验卫星十七号在太空发射很强的超声波，在地球上不能收到信号。
（3）火箭发射时巨大的声响对于专家来说使他们激动、愉悦，属于乐音。
（4）火箭发射时，燃料燃烧时化学能转化为内能，利用内能做功转化为火箭的机械能；
四冲程汽油机的做功冲程也是把内能转化为机械能，与四冲程汽油机的做功冲程能量转化情况相似。
【分析】（1）水蒸气液化形成小水滴，是液化现象，白气是液化形成的；相对于参照物，没有位置变化，是静止的；
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（3）给人带来干扰的声音是噪声，让人心情舒畅的声音，是乐音；
（4）燃料燃烧，化学能转化为内能；内能对外做功，内能转化为机械能；汽油机的做功冲程将内能转化为机械能。
（1）[1][2]当高温火焰喷到水中时，水迅速汽化成大量高温水蒸气，然后水蒸气在水面上方液化形式小水珠，产生了迅速扩展的庞大的白色“气团”；试验卫星十七号发射的时候，试验卫星十七号相对于火箭位置不变，是静止的。
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声，所以如果试验卫星十七号在太空发射很强的超声波，在地球上不能收到信号。
（3）火箭发射时巨大的声响对于专家来说使他们激动、愉悦，属于乐音。
（4）[1][2]火箭发射时，燃料燃烧时化学能转化为内能，利用内能做功转化为火箭的机械能；四冲程汽油机的做功冲程也是把内能转化为机械能，所以这与四冲程汽油机的做功冲程能量转化情况相似。
21．【答案】小；上；小；4.4；大；自身重力
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】（1）实验时，机翼上方凸起，当用电风扇对着模型吹风时，由于模型上方凸起，下方平直，上表面空气流速快、压强小，下面表空气流速慢，压强大，形成一个向上的压力差，从而使弹簧秤的示数比没有风吹时小。
（2）第3组实验中，当风速为0m/s时，机翼模型受到的升力为0，此时弹簧秤示数为9.5N，为当风速为6m/s时，弹簧秤示数为5.1N，则机翼模型受到的升力为：
（3）三次实验中，速度为1m/s时，升力分别为：9.5N-8N=1N、10.0N-8.6N=1.4N、11.0N-9.1N=1.9N，机翼长度和宽度都相同，机翼的厚度不同，机翼的厚度越大，产生的升力越大，故结论为：在机翼长度和宽度都相同时，机翼厚度越大，产生的升力越大。
（4）生活中的飞机太重了，也不能飞起来，所以可以猜想飞机的升力还可能与自身重力有关。
【分析】（1）机翼上表面空气流速快，压强小，下方空气流速慢，压强大；根据压力差获得升力；
（2）根据风速大小不同，测力计变化不同，结合弹簧秤的两次示数之差，计算升力；
（3）计算速度为0m/s和1m/s时的升力，计算升力与机翼厚度的关系；
（4）飞机的升力还可能与机翼长度和宽度有关。
22．【答案】（1）37.2
（2）变大；A
（3）250；70%RH；上升
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】（1）每天工作时间：t1=6：30-6：00=30min=0.5h，t2=12：45-12：30=15min=0.25h，t3=17：45-17：30=15min=0.25h，总时间为t=t1+t2+t3=1h，工作一天，消耗的电能：W=Pt=1.2kW×1h=1.2kW h，一个月消耗电能：W总=1.2kW h×31=37.2kW h；
（2）控制电路中，湿敏电阻R与定值电阻R0串联，随着花棚内空气湿度增加，湿敏电阻R的阻值变小，控制电路的总电阻变小，电源电压不变，控制电路的电流会变大。
当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合，此时电路电阻较小，湿敏电阻的阻值较小，空气湿度较大；当控制电路中的电流减小到0.03A时，衔铁被释放，此时电路电阻较大，湿敏电阻的阻值较大，空气湿度较小，则衔铁被吸合时，喷雾系统断开；衔铁被释放时，喷雾系统工作，故图甲中喷雾系统的C点应连接A点。
（3）花棚的湿度小于50%时，喷雾系统启动，当花棚的湿度为50%时，R的阻值为150Ω，此时电路的电流为0.03A，由欧姆定律得，此时电路电阻为：；
由串联电路电阻特点得，R0的阻值为：；
当控制电路的电流达到0.04A时，喷雾系统停止工作，计算电路电阻为：
由串联电路电阻特点，此时R的阻值为：，花棚湿度到达70%RH。
当使用时间长以后，控制电路的电压U会降低，喷雾系统停止工作时电路电流不变，由欧姆定律得，此时控制电路的电阻变小，定值电阻R0阻值不变，由串联电路电阻特点得，此时湿敏电阻的阻值变小，则这时花棚所控制的最高湿度会上升。
【分析】（1）根据工作时段，计算时间，利用W=Pt，计算水泵工作消耗的电能；
（2）结合图乙，根据湿度判断湿敏电阻R的阻值变化；控制电路中电阻变小，则电流的大，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，图甲中，判断衔铁连接的触点；
（3）根据图乙，当湿度为50%时，判断湿敏电阻的阻值，根据喷雾系统启动时的电流，根据 ，计算总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R的阻值；同理，根据喷雾系统停止工作时的电流，计算总电阻和湿敏电阻的阻值，根据图乙，判断花棚湿度；当控制电路中的电流一定时，总电压减小，可知控制电路的总电阻变小，湿敏电阻的阻值变小，根据图乙判断最高湿度的变化。
（1）每天上午6：00~6：30、中午12：30~12：45、下午17：30~17：45会自动闭合，则浇水系统的水泵一天工作的时间为
由得，水泵一个月（按31天）耗电
（2）[1]控制电路中，湿敏电阻R与定值电阻R0串联，随着花棚内空气湿度增加，湿敏电阻R的阻值变小，控制电路的总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律得，控制电路的电流会变大。
[2]当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合，此时电路电阻较小，湿敏电阻的阻值较小，空气湿度较大；当控制电路中的电流减小到0.03A时，衔铁被释放，此时电路电阻较大，湿敏电阻的阻值较大，空气湿度较小，则衔铁被吸合时，喷雾系统断开；衔铁被释放时，喷雾系统工作，故图甲中喷雾系统的C点应连接A点。
（3）[1]如果花棚的湿度小于50%时喷雾系统启动，当花棚的湿度为50%时，R的阻值为150Ω，此时电路的电流为0.03A，由欧姆定律得，此时电路电阻为
由串联电路电阻特点得，R0的阻值为
[2]当控制电路的电流达到0.04A时，喷雾系统停止工作，由欧姆定律得，此时电路电阻为
由串联电路电阻特点得，此时R的阻值为
此时花棚湿度到达70%RH。
[3]当使用时间长以后，控制电路的电压U会降低，喷雾系统停止工作时电路电流不变，由欧姆定律得，此时控制电路的电阻变小，定值电阻R0阻值不变，由串联电路电阻特点得，此时湿敏电阻的阻值变小，则这时花棚所控制的最高湿度会上升。
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