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2024-2025学年第二学期高二年级6月阶段测试卷物里答题
在各题日的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效
请在各题日的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效
13.(12分)
15.(16分)
准考证号
贴条形码区
心
ggg。。。。。。。。ggg。。。g。。。ggg。。。g
4
55
367
姓
名：
班
级：
8
8
回
9
9
9
9
9
9
9
考
场：
必
考生先将的
证号写清楚
并认真核
填正确填涂
缺考
非选
使用0,5毫米及以上
(但不数太粗)果学学透的签学笔书写，求学体、笔迹清越
□
.请严格按照题号在相应的容题区域内作答，短出答题区装书写的
样错误填涂
项
答案
不装上
不折盘：不要损
例 区
选择题(1~7题为单选题，每小题4分：8~10题为多选题，每小题6分：共46分)
1A Bc D
6ABCD
2ABC D
7A BC D
8B□C@D□
4 A BC D
sABC D
sABCD
10A B□C回D
14.(12分)
非选择题（本题共5小题，共54分）
11.(6分，每空2分)
(1)
(2）.
(3)
12.(8分，除标注外，每空2分)
(1)
(2)
(3)
(1分)
(4)
请在各题目的答题区域内作答，超出矩形边框限定区域的答案无效
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劈裂前
劈裂后
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②③④
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YZA2024-2025 学年第二学期 6 月高二阶段测试卷
物理答案
1. D
【解析】为了解释黑体辐射的规律，普朗克提出了能量子假说，故 A 正确；微观粒子的德布
h
罗意波长为 λ＝ ，其中 p 为微观粒子的动量，故动量越大，其对应的波长就越短，故 B 正
确； p
卢瑟福通过 α 粒子散射实验的大角度偏转现象提出了原子的核式结构模型，故 C 正确；汤姆
孙实验证实阴极射线就是带负电的电子流时，并未得出电子的电荷量，最早精确测出电子电荷
量的是密立根，故 D 错误。
2. A
【解析】晶体熔化过程中温度不变，分子平均动能不变，但分子间势能增大，则晶体熔化过程
中内能变大，故 A 正确；水黾可以在水面自由活动，是因为水的表面张力，故 B 错误；实验
现象说明薄板材料在导热性上具有各向同性，故 C 错误；题图丁中 A 是浸润现象，B 是不浸
润现象，故 D 错误。
3. D
【解析】由于 r＝r0 时，分子力为 0，则可知 r1＝r0，而液体表面分子间距离略大于 r0，故液
体表面层分子间距离略大于 r1，故 A 错误；分子间距离 r 增大时，分子间引力、斥力都减
小，故 B 错误；当 r＝r0，即 r＝r1 时，分子势能最小，故 C 错误；分子间距离 r＝r2 时，即
r>r0，分子力表现为引力，从 r＝r2 到 r＝r1 分子引力做正功，分子势能减小，故 D 正确。
4. C
【解析】由“上下坡法”知，此时波源沿 y 轴负方向运动，故 A 错误；波源的起振方向为沿 y
轴负方向，故 B 错误；两列波由同一波源引起，所以波上所有质点的振动周期都相同，故 C
T
正确；P、Q 的振动周期相同，此时 P、Q 都从平衡位置开始向上振动，经过 同时到达波
峰，
4
故 D 错误。
5. A
【解析】如果题图乙、题图丙中研究的是同一金属的光电效应规律，则由题图乙可得该金属的
截止频率 c＝b，由题图丙可得该金属的截止频率 c＝d，故 A 正确；如果研究不同金属光电
效应的规律，则根据 Ek＝h －W0，可判断不同金属的逸出功不同，截止频率不同，故在题图
乙中得不到经过(b,0)点的一系列直线，故 B 错误；如果研究不同金属光电效应的规律，则根
h
据 eUc＝h －W0，可判断直线的斜率为 k1 ，故在题图丙中将得到一系列平行的倾斜直
线，故 e
a c h
C 错误；由题图乙可得普朗克常量 h k1 ，由题图丙可得，直线斜率为 k2 ，得 h
ec
＝ ， b d e d 故 D 错误。
6.B
【解析】由题图可知①和③对应的跃迁能级差相同，可知①和③的能量相等，故 A 错误；因
②对应的能级差小于④对应的能级差，可知②的能量小于④的能量，根据 E＝hν 可知②的频
率小于④的频率，②的波长大于④的波长，则②的波动性比④明显，同理可得③的波长大于④
的波长，经同一障碍物时，③比④更容易发生明显衍射，故 B 正确，C 错误；因④对应的能
级差大于①对应的能级差，可知④的能量大于①的能量，即④的频率大于①的频率，因用①照
射某金属表面时能逸出光电子的最大初动能为 Ek，根据 Ek＝hν－W0，则用④照射该金属，逸
出光电子的最大初动能大于 Ek，故 D 错误。
7.C
pAVA ＝ pBVB 其中的 p 5 B＝0.4×10 Pa，＝4×10-3m3，可解得 TB＝800K，故 A
【解析】根据
TA TB
错误；因为 C 状态的 pV 乘积大于 D 状态，则温度降低，故 B 错误；从 A 状态到 B 状态的
过程中，气体吸收了 320J 的热量，同时气体对外做功 W ＝0.4×105×2×10－3AB J＝80J，由热力
学第一定律可知 ΔU＝－80J＋320J＝240J，气体内能增加了 240J，故 C 正确；因 p－V 图像
与横轴所围的面积表示功，则从 A 状态至 D 状态整个过程中，气体对外做功 WAD＝
0.4×105×2×10－3J
0.5×10－3J＝62.5J，故 D 错误。
－×10
8. AD
h
【解析】根据德布罗意波长公式 λ＝ ，速度相同的质子和电子相比，电子的动量小，波长
长， p
波动性明显，故 A 正确；康普顿在研究射线散射时，发现散射光波长发生了变化，这种现象
用波动说无法解释，用光子说却可以解释，故 B 错误；波长越大，频率越小，波动性越明
显，高频光和低频光都具有波粒二象性，故 C 错误。激光器发出波长为 λ 的激光的光子能量
为 E＝hν
hc
＝ ，设单位时间内发出的光子数量为 n,根据 Pt＝ntE，可得激光器每秒钟发出光子的数量
为
P
n＝ ，故 D 正确。
hc
9.AC
【解析】由折射定律可得，Ⅱ光的折射角小，折射率大，所以Ⅱ光的频率大，波长短，由光子
c
能量 ε＝h ，Ⅰ光的光子能量比Ⅱ光子的小，故 A 正确；由 n＝ 得，Ⅰ光在棱镜中的传播
速 v
l
度比Ⅱ光的大，故 B 错误；根据双缝干涉条纹间距公式 Δx＝ λ 知Ⅰ光的相邻条纹间距比Ⅱ
d
1
光的大，故 C 正确；由临界角公式 sin C＝ 可知，Ⅰ光的折射率较小，Ⅰ光的临界角较
大， n 故 D 错误。
10.BC
【解析】设外界大气压为 p0，液柱的质量为 m，玻璃管的截面积为 S，斜面倾角为 θ，重力
加
mg sin
速度为 g。玻璃管和液柱均处于静止状态时，封闭气体的压强为 p1＝p0＋ ，释放玻璃
S
管稳定后，整体的加速度大小为 a＝gsin θ，此时封闭气体的压强为 p2，对液柱，根据牛顿第
二定律可得 p0S＋mgsin θ－p2S＝ma，解得 p2＝p0，所以封闭气体压强减小，根据 pV＝C，可
知体积增大，则封闭气体对外界做正功，故 A 错误，C 正确；封闭气体温度不变，根据热力
学第一定律可知 ΔU＝W＋Q，封闭气体从外界吸收热量，故 B 正确；外界温度不变，在此过
程中封闭气体的温度不变、内能不变、分子平均动能不变，气体压强减小、分子数密度减小，
则单位时间内，玻璃管内壁单位面积上所受气体分子撞击次数减少，故 D 错误。
(x2 x1)d (2 分) 7l
11.(1) C (2 分)； (2) B (2 分)； (3)
l
【解析】(1)实验中所得到的干涉条纹与双缝平行，故 A 错误；由 Δx＝ λ 可知，干涉条件的
疏 d
密程度与双缝间的距离、双缝到屏的距离以及光的波长有关，故 C 正确，B 错误；衍射条纹
中央最宽最亮，两侧的亮条纹逐渐变暗变窄，故 D 错误。
a
(2)条纹间距 Δx＝ ，其中 a 为第 1 条到第 n 条亮条纹或暗条纹之间的宽度，若测量过程
中 n 1
l
误将 5 个条纹间距数成 6 个，则条纹间距偏小；根据干涉条纹间距公式 Δx＝ λ 可知，波长
的 d
l
测量值偏小，故 A 错误；根据干涉条纹间距公式 Δx＝ λ 可知，将屏向右移动，增大了双缝
与 d
屏之间的距离 l，其他不动，干涉条纹间距变大，故 B 正确；将双缝换为间距更大的双缝
后，
l
根据干涉条纹间距公式 Δx＝ λ 可知，d 变大，干涉条纹间距变窄，故 C 错误；因激光的相
干 d
性高，用激光替代普通光源直接照射到双缝上，可以观察到干涉条纹，故 D 错误。
x2 x1 ＝ l ，解得单色光波长为 λ ＝ (x2 x1)d
(3)条纹间距为 Δx＝
7 d 7l 。
Vn (2 分) ； (2) C (2 分)
12.(1) 500nNa2
(3)偏大 (1 分) ，偏小 (1 分) ； (4) B (2 分)
1 Vn
【解析】(1)一滴油酸酒精溶液中油酸的体积为 V＝ ×
500 n
油膜的面积为 S＝N a2 所以油酸分子的直径
为
V Vn
d＝S＝ 500nNa2
(2)实验中把分子看作小球，认为油酸分子能够一个一个紧密排列，在水面上形成单分子层油
膜，是采用了理想模型法，C 正确。
(3)若实验过程中发现，撒入的爽身粉过多，导致油酸分子未形成单分子层，则油膜面积的测
V
量值偏小，根据 d＝ 计算得到的油酸分子直径将偏大；若实验中使用的油酸酒精溶液是经
久
S
置的，在溶液中的油酸浓度会变大，实际计算时仍按原来的浓度计算，计算出的油膜体积比实
际小，则计算得到的油酸分子直径将偏小。
4 d 3，由 N mol A＝V 可知，要测定阿伏加德罗常数，
(4)设一个油酸分子体积为 V，则 V＝ π·( )
3 2 V 还需知道油酸的摩尔体积，故 B 正确。
13.(1)－2 2 cm，（8＋2 2 ）cm；(2) m/s 或 24m/s
1
【解析】 (1)由题意可知 T＝ ＝0.2 s (1 分) f
2
ω＝ ＝10π rad/s (1 分)
T
a 质点的振动方程为 y 4sin(10πt)cm (1 分)
当 Δt＝0.125 s 时位移 y 22cm (1 分)
1 1
经过 Δt＝0.125 s＝ T＋ T (1 分)
2 8
a 质点经过的路程为 s＝2A＋ 2 A＝（8＋2 2 ）cm (1 分)
2
(2)若波沿 x 轴正方向传播，则有(n＋ )λ＝6 m(n＝0,1,2，…) (1 分) 由于波长
3m<λ<5m，故 n＝1 (1 分)
对应的波长 λ＝ m (1 分) 得 v＝λf＝
m/s (1 分)
若波沿 x 轴负方向传播，则有(n＋ )λ＝6 m(n＝0,1,2，…) (1 分) 同理，由限制条件可得 n＝
1，v＝λf＝24 m/s (1 分)
7E 3E
14.(1) 1 ；(2) 1
144c 16
【解析】(1) 因从 n＝4 能级向 n＝3 能级跃迁时辐射出的光子能量最小，故其光子动量最小
E E 7E
跃迁时辐射出的光子能量 h 1 1 43＝ － ＝ (2
分) 16 9
c
又根据 λ＝ (1 分)
7E
光子的动量为 p＝ h ＝ 1 (2 分) 144c
(2)氢原子从 n＝4 能级向 n＝1 能级跃迁辐射出的光子能量最大，此时从金属表面逸出的光电
子初动能最大，设为 Ekm
则有 h 41 E1 E1 15 E1 (2 分)
16 16
从 n＝2 能级向 n＝1 能级跃迁时辐射出的光恰能使该金属发生光电效应
E1 －
E1＝－ 3 E1 (2 分) 则金属的逸出功 W0＝
4 4
由 Ekm h 41 W0 (1 分)
得 Ekm＝ 15 E1 3 E1 3 E1 (2 分)
16 4 16
p0Sh ； (2) 5T0 ，Q 2p0hS
15.(1)
12 3 3
【解析】 (1)根据题意，设平衡时汽缸内气体压强为 p ，小物块的质量为 m，则有
pS mg p0S (1 分)
mg 3Sh
由玻意耳定律得 p0Sh＝(p0＋ ) (2 分) S 4
p0S (1 分)
解得 m＝
3g
h p0Sh (2 分) 根据题意，则小物块的重力做功 W＝mg
4 12
(2)根据题意，外界温度变为 T 后，由理想气体状态方程得
4
p0 Sh＝ 3 p0 S·5 h (2 分)
T0 T 4
5
联立解得 T＝ T0 (2 分)
3
根据题意，由公式 W p V 可得，气体对外做功，则外界对气体做功
W＝－ 4p0 ( 5 h－ 3h )S＝ 2p0hS (2 分)
3 4 4 3
由热力学第一定律有 ΔU＝Q＋W (2 分)
2p
代入数据解得 ΔU＝Q 0
hS
(2 分)
3

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