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广东省茂名市茂南区茂名市龙岭学校2023-2024学年九年级下学期6月期末物理试题
1．（2024九下·茂南期末）下列说法符合实际情况的是（　　）
A．一张平铺开的中考物理试卷的宽约为28cm
B．夏天，洗汤水澡的水温最好为65℃
C．1个鸡蛋的重力约为1N
D．小明体育中考1000米长跑成绩为1分9秒
2．（2024九下·茂南期末） 下列实例中，目的是减小摩擦的是（　　）
A．浴室的脚垫做得凹凸不平 B．饮料瓶盖上的条纹
C．足球守门员戴防滑手套 D．给门轴上的合页加润滑剂
3．（2024九下·茂南期末）年，能源转型将进入深水区，全球新能源将面临严峻挑战关于能量和能源说法中正确的是（　　）
A．石油、潮汐能、太阳能都属于可再生能源
B．能量的转移是有方向性的，而能量的转化没有方向性
C．光伏发电可以将太阳能全部转化为电能
D．核电站是利用核裂变产生的能量发电的
4．（2024九下·茂南期末）如图所示，这是小明在夏天清晨观察到的树叶上晶莹的露珠。形成露珠发生的物态变化是（　　）
A．汽化 B．液化 C．熔化 D．凝华
5．（2024九下·茂南期末）如图所示，体积相同的三个物体静止在水中，第三个物体沉底，以下说法正确的是（ ）
A．三个物体所受浮力F1C．三个物体所受重力G1>G2>G3 D．三个物体所受重力G1=G2=G3
6．（2024九下·茂南期末）如图所示，用滑轮组提升重物时，5s将重90N的物体匀速提升了2m。已知动滑轮重为10N（不计绳重和摩擦），则提升重物的过程中正确的是（　　）
A．绳子自由端拉力F的大小为45N
B．提升物体的过程中，拉力F做的有用功为200J
C．绳子自由端拉力F的功率为40W
D．物体被提升的高度越高，滑轮组的机械效率越大
7．（2024九下·茂南期末）如图所示是灯泡L与电阻R的电流与电压关系图像，根据图像可得（　　）
A．灯泡的电阻是
B．电阻R的阻值随电流、电压的增大而增大
C．L与R串联在5V的电源上使用时，通过L的电流是0.4A
D．L与R并联在2V的电源上使用时，通过干路的电流是0.6A
8．（2024九下·茂南期末）我国无人机技术世界领先，应用广泛。如图所示，旋翼转动时，上方气体流速大，压强　 　（填“大”或“小”）。无人机匀速下降时，机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。遥控者利用发射与接收　 　来操控无人机的飞行。
9．（2024九下·茂南期末）在游泳测试中，甲同学向后划水，人向前游，这说明力的作用是　 　；在跳绳测试中，乙同学每次从地面跳起后都会落地，是由于受到　 　力作用；篮球测试中，丙同学运球上篮的过程中，篮球的惯性　 　（选填“增大”“不变”或“减小”）。
10．（2024九下·茂南期末）“许昌越调”是国家级“非遗”项目之一，如图是许昌越调的主要伴奏乐器短杆坠胡。演奏者在拉坠胡时发出的声音是由琴弦的　 　产生的，演奏者在演奏前通过调节琴弦的松紧程度来改变发出声音的　 　（选填“音调”“响度”或“音色”），观看演出时禁止大声喧哗，这是在　 　处控制噪声。
11．（2024九下·茂南期末）如图甲所示为小明用玻璃瓶和玻璃管自制的气压计，将此气压计从教学楼顶层移到地面，玻璃管中水柱的高度将　 　（选填“下降”或“上升”）；乙图装置水银柱高度为750mm，则实验地气压可能比标准大气压　 　（选填“高”或“低”）；若将管子倾斜如图丙所示，管内水银柱高度将　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”）。
12．（2024九下·茂南期末）小明和小华两个小组用相同的酒精灯做水的沸腾实验，实验装置如图甲所示。观察图乙的气泡可判断是水沸腾　 　（前/时）的现象。丙图中a图像是小明绘制，b图像是另一组小华绘制：　 　（a/b）所用水的质量更大，a、b两组所测水的沸点均不是100℃，这是　 　（实验误差/当地气压）引起的。
13．（2024九下·茂南期末）如图所示，只闭合开关S1、S2时，灯 　 　发光；当开关 　 　闭合，其他开关断开时，灯L1、L2串联；当开关 　 　同时闭合时，会造成电源短路，应坚决避免。
14．（2024九下·茂南期末）汽车发动机的一个工作循环包括四个冲程，其中图1是　 　冲程。若该单缸四冲程汽油机飞轮转速1200r/min，则该汽油机每秒钟对外做功　 　次；如图所示为某型号汽车发动机的能量流向图，若该发动机完全燃烧0.2kg的汽油，输出的有用功为　 　J。（汽油的热值为J/kg）。
15．（2024九下·茂南期末）请在图中画出木球漂浮时所受力的示意图。
16．（2024九下·茂南期末）请在图中画出光线1对应的入射光线和光线2对应的折射光线；
17．（2024九下·茂南期末）根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）。
18．（2024九下·茂南期末）（1）小文测盐水的密度，首先测得空烧杯质量为18g，接下来在烧杯中倒入适量的盐水，测烧杯和适量盐水的总质量，再将烧杯中的盐水倒入量筒中测体积，实验信息如图1所示。则小文测得盐水的体积为　 　cm3，盐水的质量为　 　g，盐水的密度为　 　g/cm3；实验中，将烧杯内盐水倒入量筒内时，烧杯内壁会有残留水珠，则小文测得的盐水密度会偏　 　（选填“大”或“小”）。
（2）如图2所示，电能表的示数为　 　kW·h。
（3）如图3所示，用刻度尺测量物体A的长度，此刻度尺的分度值　 　cm，物体A的长度为　 　cm。
19．（2024九下·茂南期末）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中。
（1）实验前，小明同学先把杠杆的中点支在支架上，杠杆静止在如图甲所示的位置。为了水平位置平衡，此时向　 　调节平衡螺母。
（2）调节杠杆平衡后，小明进行了如图乙所示的实验，并马上由此得出杠杆的平衡条件。同组的同学认为小明的做法是不正确的，请你说明理由是：　 　。
（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡。如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆　 　（选填“左”或“右”）端将下沉。
（4）如果利用如图丙所示装置进行实验，杠杆平衡时弹簧测力计的读数为；如果保持弹簧测力计的拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，杠杆在水平位置平衡时弹簧测力计的读数为，则　 　。
（5）小明修改实验方案后，设计了实验数据记录表如下表所示。请你将表头部分补充完整：①　 　；②　 　。
次数 动力/N 动力臂/cm ① 阻力臂/cm 动力与动力臂的乘积/（N·cm） ②
1
2
3
20．（2024九下·茂南期末）在“探究电流与电阻的关系”实验中，提供的器材：电压恒为4.5V的电源，5个定值电阻R1（5Ω）、R2（10Ω）、R3（15Ω）、R4（20Ω）、R5（25Ω），标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R电压表（可用量程有0~3V和0~15V）、电流表（0~0.6A）、开关各1只，导线若干。
（1）小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关S，发现电流表有示数，电压表无示数。若电路故障只出现在R1和R上，则电路故障是　 　；
（2）排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片P移到最　 　端，闭合开关，电流表示数如图乙所示，为　 　A；移动滑片，电压表示数如图丙，则需移动滑片，使定值电阻两端电压表示数为　 　V；
（3）分别用定值电阻R2、R3、R4、R5依次替换R1，重复（2）中的实验步骤。根据实验所得的五组数据绘制出I-R图像，如图丙所示，由图像可得出的结论是：当　 　；
（4）完成步骤（2）后，若保持滑片P位置不变，断开开关，用R2替换R1，闭合开关，应向　 　（选填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求；
（5）为完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为　 　Ω。
21．（2024九下·茂南期末）近年来房车自驾游成为旅游新宠，能让游客真正的亲近自然，在旅途中享受自由。据此实践小组开展了与房车相关的综合实践活动：
（1）房车整车质量为3t，轮胎与地面总接触面积为0.2，求房车静止时对水平地面的压强。（g取10N/kg）
（2）图所示是小晋用频闪相机拍摄的房车在海边平直公路上行驶时的照片，相机每隔1s曝光一次，房车长约6m。若该房车发动机的输出功率为60kW，求房车的行驶速度和所受阻力。
22．（2024九下·茂南期末）如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻的阻值为60Ω。闭合开关S，电流表的示数为0.2A，电阻的电功率为7.2W。求：
（1）电源电压。
（2）电阻的阻值。
（3）电流表A的示数。
23．（2024九下·茂南期末）实验室常用蜡烛完成如图所示的光学实验：
（1）图甲为小孔成像实验示意图，该现象可以用光的　 　来解释；
（2）图乙为探究平面镜成像特点的实验装置，若蜡烛A到玻璃板距离为10cm，如果蜡烛A向玻璃板靠近，则它像的大小将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）图丙为探究凸透镜成像规律的实验装置。当蜡烛、凸透镜和光屏处于图示位置时，可在光屏上得到清晰的像，　 　（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）就是利用这个原理工作的。保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到25cm刻度线处，此时可将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动适当距离能再次得到清晰的像；蜡烛越烧越短，若想让像重新成在光屏中央，可以　 　（选填“向上”或“向下”）移动光屏。若有一只虫子飞到了凸透镜上，光屏上　 　（选填“会”或“不会”）出现小昆虫的像。
24．（2024九下·茂南期末）小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
（1）关于电热水器下列说法中正确的是______；
A．电源指示灯发出的红光是红外线
B．电加热管通电时电能转化为内能
C．电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与　 　相连；
（3）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变　 　；
（4）为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A和B内径相同，C和D内径相同， A、B的内径大于C、D的内径。为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的　 　（选填“A”“B”“C”或“D”）绝缘管；
（5）电热水器面板上有两个控制开关、，两个电加热管分别用、表示，要求单独控制，单独控制，两个开关同时闭合时与同时加热。请你在图丁中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
25．（2024九下·茂南期末）阅读短文，回答问题。
高速动车均安装了烟雾报警器，一旦有烟雾产生，烟雾报警系统就会报警，列车随即自动减速甚至停车。小明在查阅资料后，设计了一只“烟雾报警器”（电路如图所示）。该报警器由“控制电路”和“工作电路”所组成，其中“控制电路”由光敏电阻R、电磁铁（线圈阻值Ω）、电源V、开关等组成；“工作电路”由蓄电池、电铃、导线等组成。小明的设计思路是：当光敏电阻接收到的光照强度减弱到一定程度时，工作电路接通，电铃报警。已知该光敏电阻的阻值R与光照强度E之间的关系如表所示。
光照强度E/cd 1 2 3 4 5 6
光敏电阻R/Ω 36 18 12 9 6
（1）当车厢的烟雾浓度增大，光敏电阻的阻值将　 　（填“增大”或“减小”），表格中的光敏电阻　 　Ω；
（2）电磁继电器的工作原理是：　 　，电磁铁的下端为　 　极。
（3）根据上述报警器的工作原理判断，电铃应接在　 　（填“甲”或“乙”）处；
（4）如果光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，闭合控制电路的开关，5min后，电流通过电磁铁的线圈产生的热量为　 　J。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；长度的估测；速度与物体运动；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A．一张平铺开的中考物理试卷的宽约为28cm，故A符合题意；
B．洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，故B不符合题意；
C．一个鸡蛋的重力约为0.5N，故C不符合题意；
D．中学生1000m跑的成绩一般在3分40秒左右，故D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．【答案】D
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.浴室的脚垫做得凹凸不平，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故A不合题意；
B.饮料瓶盖上的条纹， 通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故B不合题意；
C.足球守门员戴防滑手套， 通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故C不合题意；
D.给门轴上的合页加润滑剂，通过改变接触面减小摩擦，故D不合题意。
故选D。
【分析】减小摩擦的方法：①减小压力；②减小接触面的粗糙程度；③改变接触面；④注入润滑油；⑤变滑动为滚动，据此分析判断。
3．【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核裂变；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】A、石油是不可再生能源，太阳能、潮汐能都属于可再生能源，故A错误；
B、能量转移和转化过程是有方向性的，是不可逆的，故B错误；
C、光伏发电的太阳能电池板将太阳能部分转化为电能，故C错误；
D、核电站是利用原子核裂变发生可控链式反应时释放的大量能量来发电的，故D正确。
故选项为 D。
【分析】(1)可再生能源可以在短时间内形成，不可再生能源不可在短时间内形成；
(2)能量的转移与转化是有方向性的；
(3)太阳能电池板将太阳能转化为电能；
（4）核裂变指核反应堆中原子核裂变时发生可控链式反应时会放出巨大的能量来发电；利用核裂变还可以制造原子弹。
4．【答案】B
【知识点】物质的三态；液化及液化放热
【解析】【解答】物质由气态变成液态的过程叫液化，露珠是空气中的水蒸气遇冷形成的液态小水滴，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】物体由气态变为液态的现象叫液化，由液态变为气态的现象叫汽化。
5．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．根据物体的沉浮条件进行判断，水的密度一定，由图可知V排1＜V排2=V排3，根据F浮=ρ液gV排可知，三小球所受浮力关系为F1＜F2=F3，A正确，B错误；
CD．根据物体的沉浮条件进行判断，小球1漂浮，故F1=G1，即ρ水gV排1=ρ1gV，因V排1＜V，所以ρ水＞ρ1，小球2悬浮，故F2=G2，即ρ水gV排2=ρ2gV，因V排2=V，所以ρ水=ρ2，小球3沉底，故F3＜G3，即ρ水gV排3＜ρ3gV
因V排3=V，所以ρ水＜ρ3，所以ρ1＜ρ2＜ρ3，因三个物体的体积相同，所以根据公式G=mg=ρgV，可知G1＜G2＜G3，CD错误。
故答案为：A。
【分析】 根据物体的沉浮条件进行判断，浸在液体中的物体，其沉浮条件取决于它所受到的浮力和重力的大小：当浮力大于重力时，物体上浮；当浮力小于重力时，物体下沉；当浮力等于重力时，物体处于悬浮或漂浮状态。
6．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A．根据可知，用滑轮组提升物体时，不计绳重和摩擦，则绳子自由端的拉拉力，A错误；
B．由题可知，拉力提升物体提升2m，则做的有用功，B错误；
C．由题可知，绳子自由端的拉力为50N，物体提升2m，拉力做的功；
则拉力的功率，C正确；
D．由题可知，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率
由上式分析可知，滑轮组机械效率与物重和动滑轮的重力有关，与重物提升的高度无关，D错误。
故答案为：C。
【分析】 （1）由图知，n=2，不计绳重和摩擦，根据计算绳子自由端拉力；
（2）根据W有=Gh计算有用功；
（3）根据s=nh和W总=Fs计算总功，根据计算拉力的功率；
（4）不计绳重和摩擦，利用滑轮组的机械效率进行综合分析。
7．【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；欧姆定律公式的变化量问题
【解析】【解答】A．根据图像可知，灯泡的电流和电压不成正比，灯泡的电阻是变化的，A不符合题意；
B．根据图像可知，电阻R的电流和电压成正比，电阻R为定值电阻，其阻值与电流、电压无关，B不符合题意；
C．根据图像可知，L与R串联时，当电流为0.4A时，灯泡的电压为1V，电阻R电压为4V，根据串联电压规律，则电源电压恰好为，
所以L与R串联在5V的电源上使用时，通过L的电流是0.4A，C符合题意；
D．L与R并联在2V的电源上使用时，根据并联电压规律，L与R电压均为2V，根据图像可知，此时灯泡电流为0.6A，电阻R的电流为0.2A，根据并联电流规律，干路电流为，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据过原点的一条斜线为正比例函数的图象进行判断是否成正比，灯丝的电阻受温度的影响不成正比，根据串并联电路电流电压特点，结合欧姆定律计算解题。
8．【答案】小；减小；电磁波
【知识点】机械能及其转化；流体压强与流速的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】在流体流速越大的地方，压强越小，飞机机翼的上表面较凸起，在飞行时，由流体压强与流速关系知道，机翼上方的气体流速大，压强小。
无人机匀速下降时，质量不变，高度不断减小，重力势能减小，同时其速度不变，动能不变，故它的机械能减小。
电磁波能够传递信息，也能传递能量，电磁波可以在真空中传播，所以，遥控者利用发射与接收电磁波来操控无人机的飞行。
故答案为：小；减小；电磁波。
【分析】 流体压强与流速的关系：在流体流速越大的地方，压强越小；在流体流速越小的地方，压强越大。影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。电磁波能够传递信息，也能传递能量。
9．【答案】相互的；重；不变
【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】物体间力的作用是相互的；游泳时向后划水，人对水有一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，所以水对人有一个向前的力，人就前进，所以可以说明力的作用是相互的。
地球上的一切物体都受到重力作用，重力的方向总是竖直向下的；由于受到重力作用，且重力的方向总是竖直向下，所以乙同学每次从地面跳起后都会落地。
惯性是一切物体都有的保持原来运动状态不变的性质。惯性与物体的质量有关，丙同学运球上篮的过程中，篮球的质量不变，其惯性也不变。
故答案为：相互的；重；不变。
【分析】 物体间力的作用是相互的；地球上的一切物体都受到重力作用，重力的方向总是竖直向下的；惯性是一切物体都有的保持原来运动状态不变的性质。
10．【答案】振动；音调；声源
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】根据声现象所学知识可知，拉坠胡发出的声音是由琴弦的振动产生的。调节琴弦的松紧，振动的频率不同，这样做的目的是为了改变发出声音的音调。观看演出时禁止大声喧哗，这是在声源处控制噪声。
故答案为：振动；音调；声源。
【分析】 一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止。音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，物理学中，振动快慢用每秒振动的次数来表示，称为频率。频率越高，音调越高。频率越低，音调越低。防治噪声的途径有：防止噪声的产生，阻断噪声的传播，防止噪声进入人耳。
11．【答案】下降；低；不变
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】 地球上面的空气层密度不是相等的，靠近地表层的空气密度较大，高层的空气稀薄，密度较小．大气压强既然是由空气重力产生的，高度大的地方，它上面空气柱的高度小，密度也小，所以距离地面越高，大气压强越小，大气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低；海拔越低，气压越高，故教学楼顶层移到地面，外界气压将增大，使玻璃管中水柱的高度降低。一个标准大气压水银柱的高度为760mm，乙图装置水银柱高度为750mm，则实验地气压可能低于标准大气压。托里拆利实验中，水银柱的高度指的是从玻璃管中水银面到水银槽水银面的竖直高度，所以不管是否倾斜，只要海拔高度不变，大气压不变，水银柱的高度不会改变。
故答案为：下降；低；不变。
【分析】 大气压随着高度的增加而减小；自制简易气压计的原理是瓶内气压=外界大气压+玻璃管内液柱的压强，瓶内气压几乎不变，外界大气压变化时，玻璃管内液柱的高度会随之变化；一个标准大气压是指可以支持起760mm高水银柱的大气压，根据影响液体压强的因素即可判断水柱的变化情况。
12．【答案】时；b；当地气压
【知识点】探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】探究水的沸腾实验，水沸腾时，整个容器内的水温都达到沸点，气泡上升过程中，不断有水汽化成水蒸气，进入气泡，气泡不断增大，图乙是沸腾时的情形。观察图乙中的图象可知，在装置相同的情况下，a升温快、b升温慢，a组水的质量小于b组水的质量。液体的沸点与气压有关，气压越小，沸点越低，a、b两组所测水的沸点均不是100℃，这是当地气压引起的。
故答案为：时；b；当地气压。
【分析】 探究水的沸腾实验，考查了沸腾现象、沸点与气压的关系、影响加热时间的因素等，属于沸腾实验中常考知识点， 水沸腾前，气泡上升过程中不断减小；沸腾时，气泡上升过程中不断增大；同样的装置，水的质量少升温快；液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
13．【答案】L2；S2；S1、S2、S3
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】若闭合开关S1、S2，L1被短路，因此L2发光，L1不发光。只闭合开关S2，电流经灯泡L1、开关S2、灯泡L2回负极，此时灯L1、L2首尾依次相连，属于串联。同时闭合开关S1、S2、S3时，电流直接正极回负极，造成电源短路。
综上 第1空、L2； 第2空、S2； 第3空、 S1、S2、S3。
【分析】1、电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作；
2、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
14．【答案】做功；10；
【知识点】燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】由图1可知，两个气门都关闭，活塞向下运动，火花塞点火，为做功冲程，将内能转化为机械能，对外提供动力。汽油机完成1个工作循环是4个冲程，飞轮转2转，对外做功1次，单缸四冲程汽油机飞轮转速1200r/min，即20r/s，表示每秒飞轮转动20圈，曲轴转动20周，40个冲程，对外做功10次。
汽油完全燃烧放出的热量为；
由图2可知，输出的有用功为。
故答案为：做功；10；。
【分析】 （1）根据阀门的状态和活塞移动的方向，判断冲程；
（2）汽车发动机工作时，在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2圈，做功一次；
（3）根据能量流向图可知汽车发动机的效率，根据热值计算公式求出汽油完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出汽车输出的有用功。
15．【答案】
【知识点】二力平衡的条件及其应用；浮力及其产生原因
【解析】【解答】木球漂浮在水面，处于平衡状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，这两个力是一对平衡力，大小相等，如图所示：
【分析】 木块漂浮在水中时，木块受到重力和浮力作用；重力的方向竖直向下；浮力方向竖直向上，大小等于重力的大小，作用点在木块重心上。
16．【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】凸透镜对光线具有汇聚作用，过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴，过心光的光线传播方向不变，如图所示
【分析】透镜成像规律：凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
17．【答案】
【知识点】实物的电路连接
【解析】【解答】根据电路图，灯泡并联，开关S1和L1串联，S2在干路上，依次连接开关S2、灯泡L2回到负极，再把灯泡L1、开关S1串联后并联在灯泡L2两端，如图。
【分析】灯泡并联，在不同支路上，根据开关位置，连接实物图。
18．【答案】（1）20；22.4；1.12；大
（2）2017.6
（3）0.1；1.30
【知识点】液体密度的测量；探究密度特性的实验；刻度尺的使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）由图可知，量筒中盐水对应的刻度为20，所以体积为；
根据砝码的总质量和游码对应的刻度可知，烧杯和液体总质量为m2=20g+20g+0.4g=40.4g；
量筒中盐水的质量m=m2-m1=40.4g-18g=22.4g；
盐水的密度为；
此方法中把烧杯中的盐水倒入量筒中，烧杯上还会沾有一定质量的液体，使的测量的盐水的体积变小，盐水质量是准确的，根据可知测得的盐水密度值比真实值偏大。
故答案为：20；22.4；1.12；大。
（2）电能表的最后一位是小数，故电能表的示数为2017.6kW·h。
故答案为：2017.6。
（3）由图可知，刻度尺的分度值0.1cm，物体A的长度为L=7.30cm-6.00cm=1.30cm。
故答案为：0.1；1.30。
【分析】 （1）用天平称质量和量筒测体积时，注意读数时先观察分度值，再读数。知道质量和体积，利用密度公式可以计算物质的密度大小。
（2）电能表测电功的时候，电能表的示数方框内是小数位。
（3）刻度尺测长度，先观察分度值，读数时要估读。
（1）[1]由图可知，量筒中盐水的体积为
烧杯和液体总质量为
m2=20g+20g+0.4g=40.4g
[2]量筒中盐水的质量
m=m2-m1=40.4g-18g=22.4g
[3]盐水的密度为
[4]此方法中把烧杯中的盐水倒入量筒中，烧杯上还会沾有一定质量的液体，使的测量的盐水的体积变小，盐水质量是准确的，根据可知测得的盐水密度值比真实值偏大。
（2）电能表的最后一位是小数，故电能表的示数为2017.6kW·h。
（3）[1]由图可知，刻度尺1cm之间有10个小格，1个小格代表0.1cm，故此刻度尺的分度值0.1cm。
[2]物体A的左侧与6.00cm对齐，右侧与7.30cm对齐，故物体A的长度为
L=7.30cm-6.00cm=1.30cm
19．【答案】（1）右
（2）要得出杠杆平衡条件，需要多次实验得出实验结论，使实验结论具有普遍性
（3）左
（4）＜
（5）阻力F2/N；阻力与阻力臂的乘积/（N·cm）
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，杠杆静止时左端下沉，说明左端较重，为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，此时，应向右调节平衡螺母。故答案为：右。
（2）要得出杠杆平衡条件，需要多次实验得出实验结论，使实验结论具有普遍性，故小明的做法是不正确的。
故答案为：要得出杠杆平衡条件，需要多次实验得出实验结论，使实验结论具有普遍性。
（3）假设一个钩码的重力为G，杠杆一格的长度为L，由图乙可知，如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，左侧力与力臂的乘积为；右侧力与力臂的乘积为；左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积，杠杆左端将下沉。
故答案为：左。
（4）弹簧测力计沿虚线方向拉时，动力臂将减小，阻力与阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，动力需增大，即弹簧测力计的示数将变大，故F1＜F2。
故答案为：＜。
（5）探究杠杆平衡条件，需要比较动力与动力臂的乘积跟阻力与阻力臂的乘积之间的关系，因此需要分别记录动力、动力臂、阻力、阻力臂、动力与动力臂的乘积、阻力与阻力臂的乘积，故表头部分需要补充阻力F2/N、阻力与阻力臂的乘积/（N·cm）。
故答案为：阻力F2/N；阻力与阻力臂的乘积/（N·cm）。
【分析】 （1）根据杠杆使用方法条件平衡螺母；
（2）进行多次实验，实验结论才具有普遍性，避免偶然性；
（3）用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉；
（4）利用杠杆的平衡条件，首先先判断动力臂如何变化，然后根据杠杆平衡条件计算弹簧测力计示数如何变化；
（5）此实验需要收集四个数据：动力、动力臂、阻力、阻力臂。
（1）由图甲可知，杠杆静止时左端下沉，说明左端较重，为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，此时，应向右调节平衡螺母。
（2）要得出杠杆平衡条件，需要多次实验得出实验结论，使实验结论具有普遍性，故小明的做法是不正确的。
（3）假设一个钩码的重力为G，杠杆一格的长度为L，由图乙可知，如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，左侧力与力臂的乘积为
右侧力与力臂的乘积为
左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积，杠杆左端将下沉。
（4）弹簧测力计沿虚线方向拉时，动力臂将减小，阻力与阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，动力需增大，即弹簧测力计的示数将变大，故F1＜F2。
（5）[1][2]探究杠杆平衡条件，需要比较动力与动力臂的乘积跟阻力与阻力臂的乘积之间的关系，因此需要分别记录动力、动力臂、阻力、阻力臂、动力与动力臂的乘积、阻力与阻力臂的乘积，故表头部分需要补充阻力F2/N、阻力与阻力臂的乘积/（N·cm）。
20．【答案】定值电阻短路；右；0.06；2；电压不变时，电流与电阻成反比；右；6.25
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1） 小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，发现电流表有示数，可能电路中出现短路，电压表无示数，可能是与电压表并联的定值电阻短路。
（2）为保护电路，将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端。
由图乙可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，则示数为0.06A。
由图丙可知，当电阻的阻值为10Ω时，电流为0.22A，根据欧姆定律可知，
则两端电压为U=IR=0.22A×10Ω=2.2V；
探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端电压一定，只改变电阻的阻值，
因此应需移动滑片，使定值电阻两端电压表示数为2V。
（3）根据图像可知，电流与电阻之积为一定值，故由图象可得出的结论是：电压不变时，电流与电阻成反比。
（4）完成步骤（2）后，若保持滑片P位置不变，断开开关，用R2替换R1，根据串联分压原理可知，电阻增大，其分得的电压增大，要使电压表示数保持不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以应将滑动变阻器的滑片P向右端移动。
（5）根据串联电路的分压规律得到：；
根据题意可知，等式左右两边的比值都是定值，
当最小的定值电阻接入电路时，则；
解得：R滑小=6.25Ω。
【分析】 （1）电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明定值电阻相对于整个电路的电阻来说很小，所以定值电阻能够分得的电压很小，其原因是定值电阻短路；
（2）连接电路时，滑动变阻器滑片置于最大阻值处。根据图片确定电表的分度值，根据指针位置读出二者的示数；
（3）根据实验所得的五组数据绘制出I-R图像求出电流与电阻之积分析；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入5Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
21．【答案】解：（1）由二力平衡条件可知，房车静止时对地面的压力等于其自身的重力，为；
房车静止时对地面的压强。
（2）由小晋用频闪相机拍摄的房车在海边平直公路上行驶时的照片可知，每1秒钟行驶路程为2个车身长，即；
房车的速度为；
房车所受的阻力为；
答：（1）房车静止时对水平地面的压强为；
（2）房车的行驶速度为12m/s，其所受阻力为。
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）由二力平衡条件可知，房车静止时对地面的压力等于其自身的重力，利用公式计算出房车静止时对地面的压力；再利用公式计算出房车静止时对地面的压强。
（2）由小晋用频闪相机拍摄的房车在海边平直公路上行驶时的照片可知，每1秒钟行驶路程为2个车身长，结合公式计算出房车所受的阻力。
22．【答案】解：（1）由图可知为并联电路，电流表A1测R1的电流，则电源电压为；
（2）电阻的阻值为；
（3）的电流为；
电流表A测干路电流为。
答：（1）电源电压12V；
（2）电阻的阻值20Ω；
（3）电流表A的示数0.8A。
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）根据U=IR计算电压；
（2）根据计算电阻R2的阻值。
（3）根据并联电路的特点计算电流表A的示数。
23．【答案】（1）直线传播
（2）不变
（3）照相机；右；向上；不会
【知识点】光的直线传播及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用；平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）小孔成像是由光的直线传播形成的倒立的实像，该现象可以用光的直线传播来解释。
故答案为：直线传播。
（2）平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，蜡烛A向玻璃板靠近，像的大小不变。
故答案为：不变。
（3）由图丙可知，物距大于像距，所以此时成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。
保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到25cm刻度线处，物距减小，由凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，此时可将光屏向右移动适当距离，才能再次得到清晰的像。
实验中，光屏上的像是倒立的实像，当蜡烛越烧越短时， 光屏上的像会向上移动， 为了校正这一现象， 使像重新回到光屏的中央， 可以向上移动光屏。
若有一只虫子飞到了凸透镜上，对于虫子来说， 物距实际上是小于凸透镜焦距的， 这种情况下无法形成实像， 因此光屏上也就不会出现虫子的像。
故答案为：照相机；右；向上；不会。
【分析】 （1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，小孔成像可以用光的直线传播来解释 ；
（2）平面镜中成像特点：物体在平面镜中成虚像，像物大小相等，像物连线与镜面垂直，像物到平面镜的距离相等；
（3）物距大于像距时，成倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时有物近像远像变大的特点；根据光线过光心不改变方向判断像的位置和光屏的移动情况；当物距小于一倍焦距时，成正立放大的虚像。
（1）小孔成像是由光的直线传播形成的倒立的实像，该现象可以用光的直线传播来解释。
（2）平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，蜡烛A向玻璃板靠近，像的大小不变。
（3）[1]由图丙可知，物距大于像距，所以此时成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。
[2]保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到25cm刻度线处，物距减小，由凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，此时可将光屏向右移动适当距离，才能再次得到清晰的像。
[3] 实验中，光屏上的像是倒立的实像，当蜡烛越烧越短时， 光屏上的像会向上移动， 为了校正这一现象， 使像重新回到光屏的中央， 可以向上移动光屏。
[4] 若有一只虫子飞到了凸透镜上，对于虫子来说， 物距实际上是小于凸透镜焦距的， 这种情况下无法形成实像， 因此光屏上也就不会出现虫子的像。
24．【答案】（1）B
（2）大地
（3）小
（4）D
（5）
【知识点】密度公式及其应用；红外线；能量的转化或转移；影响电阻大小的因素；家庭电路的组成
【解析】【解答】（1）A．电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线，A错误；
B．电加热管通电时电能转化为内能，B正确；
C．电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成，C错误。
故答案为：B。
（2）电热丝的电阻大、熔点较高；电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够与大地相连，防止漏电造成事故。
故答案为：大地。
（3）用电器工作时电能转化为其他形式的能量；根据水的体积的变化分析密度的变化；电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，由公式 可知，水的密度变小。
故答案为：小。
（4）电阻越大，导电性越差；厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，应选择横截面积小、长度长的绝缘管，故D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
（5）由题意可知，R1与R2并联，S1单独控制R1，S2单独控制R2，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如图所示：
【分析】 红外线是看不见的；电热丝的电阻大、熔点较高；用电器工作时电能转化为其他形式的能量；使用三脚插头是为了用电安全；根据水的体积的变化分析密度的变化；电阻越大，导电性越差；家庭电路中的用电器是并联的，开关接在火线与用电器之间。
（1）A．电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线，故A错误；
B．电加热管通电时电能转化为内能，故B正确；
C．电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成，故C错误。
故选B。
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够与大地相连，防止漏电造成事故。
（3）电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，由公式 可知，水的密度变小。
（4）厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，应选择横截面积小、长度长的绝缘管，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
（5）由题意可知，R1与R2并联，S1单独控制R1，S2单独控制R2，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如图所示：
25．【答案】（1）增大；7.2
（2）电流的磁效应；N
（3）甲
（4）400
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；焦耳定律的应用；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】（1）由题可知，当烟雾浓度增大时，光敏电阻R受到的光照强度减小，由表中数据可知，光敏电阻阻值增大。由表格数据可知，， 光照强度和光敏电阻的阻值相乘为一定值 ，解得。
故答案为：增大；7.2。
（2）电磁继电器中最主要的部分就是电磁铁，它是靠电磁铁的原理来工作的。电磁继电器的工作原理是电流的磁效应。由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的下端为N极。
故答案为：电流的磁效应；N。
（3）电磁继电器中控制电路的电流减小时，电磁铁中的磁性减弱，弹簧将衔铁拉起，电铃响报警；当烟雾增大时，光照强度减小，光敏电阻的阻值增大，由欧姆定律可知，通过电磁铁的电流减小，当电流减小到一定程度时，衔铁向上运动接通甲所在的电路报警，因此电铃应该装在甲处。
故答案为：甲。
（4）由表可知，光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，光敏电阻的阻值为，控制电路中光敏电阻和电铁的线圈串联，电路中的电流为；
5min后，电流通过电磁铁的线圈产生的热量为。
故答案为：400。
【分析】 （1）由材料得到光敏电阻与光照强度的关系，再进行计算；
（2）电磁继电器中最主要的部分就是电磁铁，它是靠电磁铁的原理来工作的；根据安培定则来判断电磁铁的极性。
（3）电磁继电器中控制电路的电流减小时，电磁铁中的磁性减弱，弹簧将衔铁拉起，电铃响报警。
（4）由表格数据知光敏电阻接收到的光照强度在6cd时光敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据Q=I2Rt求出电流通过电磁铁线圈产生的热量。
（1）[1]当烟雾浓度增大时，光敏电阻R受到的光照强度减小，由表中数据可知，光敏电阻阻值增大。
[2]将表格中的光照强度和光敏电阻的阻值相乘为一定值
解得。
（2）[1]电磁继电器的工作原理是电流的磁效应。
[2]由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的下端为N极。
（3）当烟雾增大时，光照强度减小，光敏电阻的阻值增大，由欧姆定律可知，通过电磁铁的电流减小，当电流减小到一定程度时，衔铁向上运动接通甲所在的电路报警，因此电铃应该装在甲处。
（4）由表可知，光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，光敏电阻的阻值为，控制电路中光敏电阻和电磁铁的线圈串联，电路中的电流为
5min后，电流通过电磁铁的线圈产生的热量为
1 / 1广东省茂名市茂南区茂名市龙岭学校2023-2024学年九年级下学期6月期末物理试题
1．（2024九下·茂南期末）下列说法符合实际情况的是（　　）
A．一张平铺开的中考物理试卷的宽约为28cm
B．夏天，洗汤水澡的水温最好为65℃
C．1个鸡蛋的重力约为1N
D．小明体育中考1000米长跑成绩为1分9秒
【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；长度的估测；速度与物体运动；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A．一张平铺开的中考物理试卷的宽约为28cm，故A符合题意；
B．洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，故B不符合题意；
C．一个鸡蛋的重力约为0.5N，故C不符合题意；
D．中学生1000m跑的成绩一般在3分40秒左右，故D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．（2024九下·茂南期末） 下列实例中，目的是减小摩擦的是（　　）
A．浴室的脚垫做得凹凸不平 B．饮料瓶盖上的条纹
C．足球守门员戴防滑手套 D．给门轴上的合页加润滑剂
【答案】D
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.浴室的脚垫做得凹凸不平，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故A不合题意；
B.饮料瓶盖上的条纹， 通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故B不合题意；
C.足球守门员戴防滑手套， 通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故C不合题意；
D.给门轴上的合页加润滑剂，通过改变接触面减小摩擦，故D不合题意。
故选D。
【分析】减小摩擦的方法：①减小压力；②减小接触面的粗糙程度；③改变接触面；④注入润滑油；⑤变滑动为滚动，据此分析判断。
3．（2024九下·茂南期末）年，能源转型将进入深水区，全球新能源将面临严峻挑战关于能量和能源说法中正确的是（　　）
A．石油、潮汐能、太阳能都属于可再生能源
B．能量的转移是有方向性的，而能量的转化没有方向性
C．光伏发电可以将太阳能全部转化为电能
D．核电站是利用核裂变产生的能量发电的
【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核裂变；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】A、石油是不可再生能源，太阳能、潮汐能都属于可再生能源，故A错误；
B、能量转移和转化过程是有方向性的，是不可逆的，故B错误；
C、光伏发电的太阳能电池板将太阳能部分转化为电能，故C错误；
D、核电站是利用原子核裂变发生可控链式反应时释放的大量能量来发电的，故D正确。
故选项为 D。
【分析】(1)可再生能源可以在短时间内形成，不可再生能源不可在短时间内形成；
(2)能量的转移与转化是有方向性的；
(3)太阳能电池板将太阳能转化为电能；
（4）核裂变指核反应堆中原子核裂变时发生可控链式反应时会放出巨大的能量来发电；利用核裂变还可以制造原子弹。
4．（2024九下·茂南期末）如图所示，这是小明在夏天清晨观察到的树叶上晶莹的露珠。形成露珠发生的物态变化是（　　）
A．汽化 B．液化 C．熔化 D．凝华
【答案】B
【知识点】物质的三态；液化及液化放热
【解析】【解答】物质由气态变成液态的过程叫液化，露珠是空气中的水蒸气遇冷形成的液态小水滴，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】物体由气态变为液态的现象叫液化，由液态变为气态的现象叫汽化。
5．（2024九下·茂南期末）如图所示，体积相同的三个物体静止在水中，第三个物体沉底，以下说法正确的是（ ）
A．三个物体所受浮力F1C．三个物体所受重力G1>G2>G3 D．三个物体所受重力G1=G2=G3
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．根据物体的沉浮条件进行判断，水的密度一定，由图可知V排1＜V排2=V排3，根据F浮=ρ液gV排可知，三小球所受浮力关系为F1＜F2=F3，A正确，B错误；
CD．根据物体的沉浮条件进行判断，小球1漂浮，故F1=G1，即ρ水gV排1=ρ1gV，因V排1＜V，所以ρ水＞ρ1，小球2悬浮，故F2=G2，即ρ水gV排2=ρ2gV，因V排2=V，所以ρ水=ρ2，小球3沉底，故F3＜G3，即ρ水gV排3＜ρ3gV
因V排3=V，所以ρ水＜ρ3，所以ρ1＜ρ2＜ρ3，因三个物体的体积相同，所以根据公式G=mg=ρgV，可知G1＜G2＜G3，CD错误。
故答案为：A。
【分析】 根据物体的沉浮条件进行判断，浸在液体中的物体，其沉浮条件取决于它所受到的浮力和重力的大小：当浮力大于重力时，物体上浮；当浮力小于重力时，物体下沉；当浮力等于重力时，物体处于悬浮或漂浮状态。
6．（2024九下·茂南期末）如图所示，用滑轮组提升重物时，5s将重90N的物体匀速提升了2m。已知动滑轮重为10N（不计绳重和摩擦），则提升重物的过程中正确的是（　　）
A．绳子自由端拉力F的大小为45N
B．提升物体的过程中，拉力F做的有用功为200J
C．绳子自由端拉力F的功率为40W
D．物体被提升的高度越高，滑轮组的机械效率越大
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A．根据可知，用滑轮组提升物体时，不计绳重和摩擦，则绳子自由端的拉拉力，A错误；
B．由题可知，拉力提升物体提升2m，则做的有用功，B错误；
C．由题可知，绳子自由端的拉力为50N，物体提升2m，拉力做的功；
则拉力的功率，C正确；
D．由题可知，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率
由上式分析可知，滑轮组机械效率与物重和动滑轮的重力有关，与重物提升的高度无关，D错误。
故答案为：C。
【分析】 （1）由图知，n=2，不计绳重和摩擦，根据计算绳子自由端拉力；
（2）根据W有=Gh计算有用功；
（3）根据s=nh和W总=Fs计算总功，根据计算拉力的功率；
（4）不计绳重和摩擦，利用滑轮组的机械效率进行综合分析。
7．（2024九下·茂南期末）如图所示是灯泡L与电阻R的电流与电压关系图像，根据图像可得（　　）
A．灯泡的电阻是
B．电阻R的阻值随电流、电压的增大而增大
C．L与R串联在5V的电源上使用时，通过L的电流是0.4A
D．L与R并联在2V的电源上使用时，通过干路的电流是0.6A
【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；欧姆定律公式的变化量问题
【解析】【解答】A．根据图像可知，灯泡的电流和电压不成正比，灯泡的电阻是变化的，A不符合题意；
B．根据图像可知，电阻R的电流和电压成正比，电阻R为定值电阻，其阻值与电流、电压无关，B不符合题意；
C．根据图像可知，L与R串联时，当电流为0.4A时，灯泡的电压为1V，电阻R电压为4V，根据串联电压规律，则电源电压恰好为，
所以L与R串联在5V的电源上使用时，通过L的电流是0.4A，C符合题意；
D．L与R并联在2V的电源上使用时，根据并联电压规律，L与R电压均为2V，根据图像可知，此时灯泡电流为0.6A，电阻R的电流为0.2A，根据并联电流规律，干路电流为，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据过原点的一条斜线为正比例函数的图象进行判断是否成正比，灯丝的电阻受温度的影响不成正比，根据串并联电路电流电压特点，结合欧姆定律计算解题。
8．（2024九下·茂南期末）我国无人机技术世界领先，应用广泛。如图所示，旋翼转动时，上方气体流速大，压强　 　（填“大”或“小”）。无人机匀速下降时，机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。遥控者利用发射与接收　 　来操控无人机的飞行。
【答案】小；减小；电磁波
【知识点】机械能及其转化；流体压强与流速的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】在流体流速越大的地方，压强越小，飞机机翼的上表面较凸起，在飞行时，由流体压强与流速关系知道，机翼上方的气体流速大，压强小。
无人机匀速下降时，质量不变，高度不断减小，重力势能减小，同时其速度不变，动能不变，故它的机械能减小。
电磁波能够传递信息，也能传递能量，电磁波可以在真空中传播，所以，遥控者利用发射与接收电磁波来操控无人机的飞行。
故答案为：小；减小；电磁波。
【分析】 流体压强与流速的关系：在流体流速越大的地方，压强越小；在流体流速越小的地方，压强越大。影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。电磁波能够传递信息，也能传递能量。
9．（2024九下·茂南期末）在游泳测试中，甲同学向后划水，人向前游，这说明力的作用是　 　；在跳绳测试中，乙同学每次从地面跳起后都会落地，是由于受到　 　力作用；篮球测试中，丙同学运球上篮的过程中，篮球的惯性　 　（选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】相互的；重；不变
【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】物体间力的作用是相互的；游泳时向后划水，人对水有一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，所以水对人有一个向前的力，人就前进，所以可以说明力的作用是相互的。
地球上的一切物体都受到重力作用，重力的方向总是竖直向下的；由于受到重力作用，且重力的方向总是竖直向下，所以乙同学每次从地面跳起后都会落地。
惯性是一切物体都有的保持原来运动状态不变的性质。惯性与物体的质量有关，丙同学运球上篮的过程中，篮球的质量不变，其惯性也不变。
故答案为：相互的；重；不变。
【分析】 物体间力的作用是相互的；地球上的一切物体都受到重力作用，重力的方向总是竖直向下的；惯性是一切物体都有的保持原来运动状态不变的性质。
10．（2024九下·茂南期末）“许昌越调”是国家级“非遗”项目之一，如图是许昌越调的主要伴奏乐器短杆坠胡。演奏者在拉坠胡时发出的声音是由琴弦的　 　产生的，演奏者在演奏前通过调节琴弦的松紧程度来改变发出声音的　 　（选填“音调”“响度”或“音色”），观看演出时禁止大声喧哗，这是在　 　处控制噪声。
【答案】振动；音调；声源
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】根据声现象所学知识可知，拉坠胡发出的声音是由琴弦的振动产生的。调节琴弦的松紧，振动的频率不同，这样做的目的是为了改变发出声音的音调。观看演出时禁止大声喧哗，这是在声源处控制噪声。
故答案为：振动；音调；声源。
【分析】 一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止。音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，物理学中，振动快慢用每秒振动的次数来表示，称为频率。频率越高，音调越高。频率越低，音调越低。防治噪声的途径有：防止噪声的产生，阻断噪声的传播，防止噪声进入人耳。
11．（2024九下·茂南期末）如图甲所示为小明用玻璃瓶和玻璃管自制的气压计，将此气压计从教学楼顶层移到地面，玻璃管中水柱的高度将　 　（选填“下降”或“上升”）；乙图装置水银柱高度为750mm，则实验地气压可能比标准大气压　 　（选填“高”或“低”）；若将管子倾斜如图丙所示，管内水银柱高度将　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”）。
【答案】下降；低；不变
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】 地球上面的空气层密度不是相等的，靠近地表层的空气密度较大，高层的空气稀薄，密度较小．大气压强既然是由空气重力产生的，高度大的地方，它上面空气柱的高度小，密度也小，所以距离地面越高，大气压强越小，大气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低；海拔越低，气压越高，故教学楼顶层移到地面，外界气压将增大，使玻璃管中水柱的高度降低。一个标准大气压水银柱的高度为760mm，乙图装置水银柱高度为750mm，则实验地气压可能低于标准大气压。托里拆利实验中，水银柱的高度指的是从玻璃管中水银面到水银槽水银面的竖直高度，所以不管是否倾斜，只要海拔高度不变，大气压不变，水银柱的高度不会改变。
故答案为：下降；低；不变。
【分析】 大气压随着高度的增加而减小；自制简易气压计的原理是瓶内气压=外界大气压+玻璃管内液柱的压强，瓶内气压几乎不变，外界大气压变化时，玻璃管内液柱的高度会随之变化；一个标准大气压是指可以支持起760mm高水银柱的大气压，根据影响液体压强的因素即可判断水柱的变化情况。
12．（2024九下·茂南期末）小明和小华两个小组用相同的酒精灯做水的沸腾实验，实验装置如图甲所示。观察图乙的气泡可判断是水沸腾　 　（前/时）的现象。丙图中a图像是小明绘制，b图像是另一组小华绘制：　 　（a/b）所用水的质量更大，a、b两组所测水的沸点均不是100℃，这是　 　（实验误差/当地气压）引起的。
【答案】时；b；当地气压
【知识点】探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】探究水的沸腾实验，水沸腾时，整个容器内的水温都达到沸点，气泡上升过程中，不断有水汽化成水蒸气，进入气泡，气泡不断增大，图乙是沸腾时的情形。观察图乙中的图象可知，在装置相同的情况下，a升温快、b升温慢，a组水的质量小于b组水的质量。液体的沸点与气压有关，气压越小，沸点越低，a、b两组所测水的沸点均不是100℃，这是当地气压引起的。
故答案为：时；b；当地气压。
【分析】 探究水的沸腾实验，考查了沸腾现象、沸点与气压的关系、影响加热时间的因素等，属于沸腾实验中常考知识点， 水沸腾前，气泡上升过程中不断减小；沸腾时，气泡上升过程中不断增大；同样的装置，水的质量少升温快；液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
13．（2024九下·茂南期末）如图所示，只闭合开关S1、S2时，灯 　 　发光；当开关 　 　闭合，其他开关断开时，灯L1、L2串联；当开关 　 　同时闭合时，会造成电源短路，应坚决避免。
【答案】L2；S2；S1、S2、S3
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】若闭合开关S1、S2，L1被短路，因此L2发光，L1不发光。只闭合开关S2，电流经灯泡L1、开关S2、灯泡L2回负极，此时灯L1、L2首尾依次相连，属于串联。同时闭合开关S1、S2、S3时，电流直接正极回负极，造成电源短路。
综上 第1空、L2； 第2空、S2； 第3空、 S1、S2、S3。
【分析】1、电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作；
2、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
14．（2024九下·茂南期末）汽车发动机的一个工作循环包括四个冲程，其中图1是　 　冲程。若该单缸四冲程汽油机飞轮转速1200r/min，则该汽油机每秒钟对外做功　 　次；如图所示为某型号汽车发动机的能量流向图，若该发动机完全燃烧0.2kg的汽油，输出的有用功为　 　J。（汽油的热值为J/kg）。
【答案】做功；10；
【知识点】燃料的热值；热机的效率；热机的四个冲程
【解析】【解答】由图1可知，两个气门都关闭，活塞向下运动，火花塞点火，为做功冲程，将内能转化为机械能，对外提供动力。汽油机完成1个工作循环是4个冲程，飞轮转2转，对外做功1次，单缸四冲程汽油机飞轮转速1200r/min，即20r/s，表示每秒飞轮转动20圈，曲轴转动20周，40个冲程，对外做功10次。
汽油完全燃烧放出的热量为；
由图2可知，输出的有用功为。
故答案为：做功；10；。
【分析】 （1）根据阀门的状态和活塞移动的方向，判断冲程；
（2）汽车发动机工作时，在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2圈，做功一次；
（3）根据能量流向图可知汽车发动机的效率，根据热值计算公式求出汽油完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出汽车输出的有用功。
15．（2024九下·茂南期末）请在图中画出木球漂浮时所受力的示意图。
【答案】
【知识点】二力平衡的条件及其应用；浮力及其产生原因
【解析】【解答】木球漂浮在水面，处于平衡状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，这两个力是一对平衡力，大小相等，如图所示：
【分析】 木块漂浮在水中时，木块受到重力和浮力作用；重力的方向竖直向下；浮力方向竖直向上，大小等于重力的大小，作用点在木块重心上。
16．（2024九下·茂南期末）请在图中画出光线1对应的入射光线和光线2对应的折射光线；
【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】凸透镜对光线具有汇聚作用，过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴，过心光的光线传播方向不变，如图所示
【分析】透镜成像规律：凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
17．（2024九下·茂南期末）根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）。
【答案】
【知识点】实物的电路连接
【解析】【解答】根据电路图，灯泡并联，开关S1和L1串联，S2在干路上，依次连接开关S2、灯泡L2回到负极，再把灯泡L1、开关S1串联后并联在灯泡L2两端，如图。
【分析】灯泡并联，在不同支路上，根据开关位置，连接实物图。
18．（2024九下·茂南期末）（1）小文测盐水的密度，首先测得空烧杯质量为18g，接下来在烧杯中倒入适量的盐水，测烧杯和适量盐水的总质量，再将烧杯中的盐水倒入量筒中测体积，实验信息如图1所示。则小文测得盐水的体积为　 　cm3，盐水的质量为　 　g，盐水的密度为　 　g/cm3；实验中，将烧杯内盐水倒入量筒内时，烧杯内壁会有残留水珠，则小文测得的盐水密度会偏　 　（选填“大”或“小”）。
（2）如图2所示，电能表的示数为　 　kW·h。
（3）如图3所示，用刻度尺测量物体A的长度，此刻度尺的分度值　 　cm，物体A的长度为　 　cm。
【答案】（1）20；22.4；1.12；大
（2）2017.6
（3）0.1；1.30
【知识点】液体密度的测量；探究密度特性的实验；刻度尺的使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）由图可知，量筒中盐水对应的刻度为20，所以体积为；
根据砝码的总质量和游码对应的刻度可知，烧杯和液体总质量为m2=20g+20g+0.4g=40.4g；
量筒中盐水的质量m=m2-m1=40.4g-18g=22.4g；
盐水的密度为；
此方法中把烧杯中的盐水倒入量筒中，烧杯上还会沾有一定质量的液体，使的测量的盐水的体积变小，盐水质量是准确的，根据可知测得的盐水密度值比真实值偏大。
故答案为：20；22.4；1.12；大。
（2）电能表的最后一位是小数，故电能表的示数为2017.6kW·h。
故答案为：2017.6。
（3）由图可知，刻度尺的分度值0.1cm，物体A的长度为L=7.30cm-6.00cm=1.30cm。
故答案为：0.1；1.30。
【分析】 （1）用天平称质量和量筒测体积时，注意读数时先观察分度值，再读数。知道质量和体积，利用密度公式可以计算物质的密度大小。
（2）电能表测电功的时候，电能表的示数方框内是小数位。
（3）刻度尺测长度，先观察分度值，读数时要估读。
（1）[1]由图可知，量筒中盐水的体积为
烧杯和液体总质量为
m2=20g+20g+0.4g=40.4g
[2]量筒中盐水的质量
m=m2-m1=40.4g-18g=22.4g
[3]盐水的密度为
[4]此方法中把烧杯中的盐水倒入量筒中，烧杯上还会沾有一定质量的液体，使的测量的盐水的体积变小，盐水质量是准确的，根据可知测得的盐水密度值比真实值偏大。
（2）电能表的最后一位是小数，故电能表的示数为2017.6kW·h。
（3）[1]由图可知，刻度尺1cm之间有10个小格，1个小格代表0.1cm，故此刻度尺的分度值0.1cm。
[2]物体A的左侧与6.00cm对齐，右侧与7.30cm对齐，故物体A的长度为
L=7.30cm-6.00cm=1.30cm
19．（2024九下·茂南期末）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中。
（1）实验前，小明同学先把杠杆的中点支在支架上，杠杆静止在如图甲所示的位置。为了水平位置平衡，此时向　 　调节平衡螺母。
（2）调节杠杆平衡后，小明进行了如图乙所示的实验，并马上由此得出杠杆的平衡条件。同组的同学认为小明的做法是不正确的，请你说明理由是：　 　。
（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡。如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆　 　（选填“左”或“右”）端将下沉。
（4）如果利用如图丙所示装置进行实验，杠杆平衡时弹簧测力计的读数为；如果保持弹簧测力计的拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，杠杆在水平位置平衡时弹簧测力计的读数为，则　 　。
（5）小明修改实验方案后，设计了实验数据记录表如下表所示。请你将表头部分补充完整：①　 　；②　 　。
次数 动力/N 动力臂/cm ① 阻力臂/cm 动力与动力臂的乘积/（N·cm） ②
1
2
3
【答案】（1）右
（2）要得出杠杆平衡条件，需要多次实验得出实验结论，使实验结论具有普遍性
（3）左
（4）＜
（5）阻力F2/N；阻力与阻力臂的乘积/（N·cm）
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，杠杆静止时左端下沉，说明左端较重，为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，此时，应向右调节平衡螺母。故答案为：右。
（2）要得出杠杆平衡条件，需要多次实验得出实验结论，使实验结论具有普遍性，故小明的做法是不正确的。
故答案为：要得出杠杆平衡条件，需要多次实验得出实验结论，使实验结论具有普遍性。
（3）假设一个钩码的重力为G，杠杆一格的长度为L，由图乙可知，如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，左侧力与力臂的乘积为；右侧力与力臂的乘积为；左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积，杠杆左端将下沉。
故答案为：左。
（4）弹簧测力计沿虚线方向拉时，动力臂将减小，阻力与阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，动力需增大，即弹簧测力计的示数将变大，故F1＜F2。
故答案为：＜。
（5）探究杠杆平衡条件，需要比较动力与动力臂的乘积跟阻力与阻力臂的乘积之间的关系，因此需要分别记录动力、动力臂、阻力、阻力臂、动力与动力臂的乘积、阻力与阻力臂的乘积，故表头部分需要补充阻力F2/N、阻力与阻力臂的乘积/（N·cm）。
故答案为：阻力F2/N；阻力与阻力臂的乘积/（N·cm）。
【分析】 （1）根据杠杆使用方法条件平衡螺母；
（2）进行多次实验，实验结论才具有普遍性，避免偶然性；
（3）用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉；
（4）利用杠杆的平衡条件，首先先判断动力臂如何变化，然后根据杠杆平衡条件计算弹簧测力计示数如何变化；
（5）此实验需要收集四个数据：动力、动力臂、阻力、阻力臂。
（1）由图甲可知，杠杆静止时左端下沉，说明左端较重，为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，此时，应向右调节平衡螺母。
（2）要得出杠杆平衡条件，需要多次实验得出实验结论，使实验结论具有普遍性，故小明的做法是不正确的。
（3）假设一个钩码的重力为G，杠杆一格的长度为L，由图乙可知，如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，左侧力与力臂的乘积为
右侧力与力臂的乘积为
左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积，杠杆左端将下沉。
（4）弹簧测力计沿虚线方向拉时，动力臂将减小，阻力与阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，动力需增大，即弹簧测力计的示数将变大，故F1＜F2。
（5）[1][2]探究杠杆平衡条件，需要比较动力与动力臂的乘积跟阻力与阻力臂的乘积之间的关系，因此需要分别记录动力、动力臂、阻力、阻力臂、动力与动力臂的乘积、阻力与阻力臂的乘积，故表头部分需要补充阻力F2/N、阻力与阻力臂的乘积/（N·cm）。
20．（2024九下·茂南期末）在“探究电流与电阻的关系”实验中，提供的器材：电压恒为4.5V的电源，5个定值电阻R1（5Ω）、R2（10Ω）、R3（15Ω）、R4（20Ω）、R5（25Ω），标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R电压表（可用量程有0~3V和0~15V）、电流表（0~0.6A）、开关各1只，导线若干。
（1）小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关S，发现电流表有示数，电压表无示数。若电路故障只出现在R1和R上，则电路故障是　 　；
（2）排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片P移到最　 　端，闭合开关，电流表示数如图乙所示，为　 　A；移动滑片，电压表示数如图丙，则需移动滑片，使定值电阻两端电压表示数为　 　V；
（3）分别用定值电阻R2、R3、R4、R5依次替换R1，重复（2）中的实验步骤。根据实验所得的五组数据绘制出I-R图像，如图丙所示，由图像可得出的结论是：当　 　；
（4）完成步骤（2）后，若保持滑片P位置不变，断开开关，用R2替换R1，闭合开关，应向　 　（选填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求；
（5）为完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为　 　Ω。
【答案】定值电阻短路；右；0.06；2；电压不变时，电流与电阻成反比；右；6.25
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1） 小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，发现电流表有示数，可能电路中出现短路，电压表无示数，可能是与电压表并联的定值电阻短路。
（2）为保护电路，将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端。
由图乙可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，则示数为0.06A。
由图丙可知，当电阻的阻值为10Ω时，电流为0.22A，根据欧姆定律可知，
则两端电压为U=IR=0.22A×10Ω=2.2V；
探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端电压一定，只改变电阻的阻值，
因此应需移动滑片，使定值电阻两端电压表示数为2V。
（3）根据图像可知，电流与电阻之积为一定值，故由图象可得出的结论是：电压不变时，电流与电阻成反比。
（4）完成步骤（2）后，若保持滑片P位置不变，断开开关，用R2替换R1，根据串联分压原理可知，电阻增大，其分得的电压增大，要使电压表示数保持不变，根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以应将滑动变阻器的滑片P向右端移动。
（5）根据串联电路的分压规律得到：；
根据题意可知，等式左右两边的比值都是定值，
当最小的定值电阻接入电路时，则；
解得：R滑小=6.25Ω。
【分析】 （1）电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明定值电阻相对于整个电路的电阻来说很小，所以定值电阻能够分得的电压很小，其原因是定值电阻短路；
（2）连接电路时，滑动变阻器滑片置于最大阻值处。根据图片确定电表的分度值，根据指针位置读出二者的示数；
（3）根据实验所得的五组数据绘制出I-R图像求出电流与电阻之积分析；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入5Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
21．（2024九下·茂南期末）近年来房车自驾游成为旅游新宠，能让游客真正的亲近自然，在旅途中享受自由。据此实践小组开展了与房车相关的综合实践活动：
（1）房车整车质量为3t，轮胎与地面总接触面积为0.2，求房车静止时对水平地面的压强。（g取10N/kg）
（2）图所示是小晋用频闪相机拍摄的房车在海边平直公路上行驶时的照片，相机每隔1s曝光一次，房车长约6m。若该房车发动机的输出功率为60kW，求房车的行驶速度和所受阻力。
【答案】解：（1）由二力平衡条件可知，房车静止时对地面的压力等于其自身的重力，为；
房车静止时对地面的压强。
（2）由小晋用频闪相机拍摄的房车在海边平直公路上行驶时的照片可知，每1秒钟行驶路程为2个车身长，即；
房车的速度为；
房车所受的阻力为；
答：（1）房车静止时对水平地面的压强为；
（2）房车的行驶速度为12m/s，其所受阻力为。
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）由二力平衡条件可知，房车静止时对地面的压力等于其自身的重力，利用公式计算出房车静止时对地面的压力；再利用公式计算出房车静止时对地面的压强。
（2）由小晋用频闪相机拍摄的房车在海边平直公路上行驶时的照片可知，每1秒钟行驶路程为2个车身长，结合公式计算出房车所受的阻力。
22．（2024九下·茂南期末）如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻的阻值为60Ω。闭合开关S，电流表的示数为0.2A，电阻的电功率为7.2W。求：
（1）电源电压。
（2）电阻的阻值。
（3）电流表A的示数。
【答案】解：（1）由图可知为并联电路，电流表A1测R1的电流，则电源电压为；
（2）电阻的阻值为；
（3）的电流为；
电流表A测干路电流为。
答：（1）电源电压12V；
（2）电阻的阻值20Ω；
（3）电流表A的示数0.8A。
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）根据U=IR计算电压；
（2）根据计算电阻R2的阻值。
（3）根据并联电路的特点计算电流表A的示数。
23．（2024九下·茂南期末）实验室常用蜡烛完成如图所示的光学实验：
（1）图甲为小孔成像实验示意图，该现象可以用光的　 　来解释；
（2）图乙为探究平面镜成像特点的实验装置，若蜡烛A到玻璃板距离为10cm，如果蜡烛A向玻璃板靠近，则它像的大小将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）图丙为探究凸透镜成像规律的实验装置。当蜡烛、凸透镜和光屏处于图示位置时，可在光屏上得到清晰的像，　 　（选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”）就是利用这个原理工作的。保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到25cm刻度线处，此时可将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动适当距离能再次得到清晰的像；蜡烛越烧越短，若想让像重新成在光屏中央，可以　 　（选填“向上”或“向下”）移动光屏。若有一只虫子飞到了凸透镜上，光屏上　 　（选填“会”或“不会”）出现小昆虫的像。
【答案】（1）直线传播
（2）不变
（3）照相机；右；向上；不会
【知识点】光的直线传播及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用；平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）小孔成像是由光的直线传播形成的倒立的实像，该现象可以用光的直线传播来解释。
故答案为：直线传播。
（2）平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，蜡烛A向玻璃板靠近，像的大小不变。
故答案为：不变。
（3）由图丙可知，物距大于像距，所以此时成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。
保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到25cm刻度线处，物距减小，由凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，此时可将光屏向右移动适当距离，才能再次得到清晰的像。
实验中，光屏上的像是倒立的实像，当蜡烛越烧越短时， 光屏上的像会向上移动， 为了校正这一现象， 使像重新回到光屏的中央， 可以向上移动光屏。
若有一只虫子飞到了凸透镜上，对于虫子来说， 物距实际上是小于凸透镜焦距的， 这种情况下无法形成实像， 因此光屏上也就不会出现虫子的像。
故答案为：照相机；右；向上；不会。
【分析】 （1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，小孔成像可以用光的直线传播来解释 ；
（2）平面镜中成像特点：物体在平面镜中成虚像，像物大小相等，像物连线与镜面垂直，像物到平面镜的距离相等；
（3）物距大于像距时，成倒立、缩小的实像；凸透镜成实像时有物近像远像变大的特点；根据光线过光心不改变方向判断像的位置和光屏的移动情况；当物距小于一倍焦距时，成正立放大的虚像。
（1）小孔成像是由光的直线传播形成的倒立的实像，该现象可以用光的直线传播来解释。
（2）平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，蜡烛A向玻璃板靠近，像的大小不变。
（3）[1]由图丙可知，物距大于像距，所以此时成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。
[2]保持凸透镜位置不变，将蜡烛向右移动到25cm刻度线处，物距减小，由凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，此时可将光屏向右移动适当距离，才能再次得到清晰的像。
[3] 实验中，光屏上的像是倒立的实像，当蜡烛越烧越短时， 光屏上的像会向上移动， 为了校正这一现象， 使像重新回到光屏的中央， 可以向上移动光屏。
[4] 若有一只虫子飞到了凸透镜上，对于虫子来说， 物距实际上是小于凸透镜焦距的， 这种情况下无法形成实像， 因此光屏上也就不会出现虫子的像。
24．（2024九下·茂南期末）小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
（1）关于电热水器下列说法中正确的是______；
A．电源指示灯发出的红光是红外线
B．电加热管通电时电能转化为内能
C．电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与　 　相连；
（3）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变　 　；
（4）为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A和B内径相同，C和D内径相同， A、B的内径大于C、D的内径。为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的　 　（选填“A”“B”“C”或“D”）绝缘管；
（5）电热水器面板上有两个控制开关、，两个电加热管分别用、表示，要求单独控制，单独控制，两个开关同时闭合时与同时加热。请你在图丁中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
【答案】（1）B
（2）大地
（3）小
（4）D
（5）
【知识点】密度公式及其应用；红外线；能量的转化或转移；影响电阻大小的因素；家庭电路的组成
【解析】【解答】（1）A．电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线，A错误；
B．电加热管通电时电能转化为内能，B正确；
C．电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成，C错误。
故答案为：B。
（2）电热丝的电阻大、熔点较高；电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够与大地相连，防止漏电造成事故。
故答案为：大地。
（3）用电器工作时电能转化为其他形式的能量；根据水的体积的变化分析密度的变化；电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，由公式 可知，水的密度变小。
故答案为：小。
（4）电阻越大，导电性越差；厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，应选择横截面积小、长度长的绝缘管，故D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
（5）由题意可知，R1与R2并联，S1单独控制R1，S2单独控制R2，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如图所示：
【分析】 红外线是看不见的；电热丝的电阻大、熔点较高；用电器工作时电能转化为其他形式的能量；使用三脚插头是为了用电安全；根据水的体积的变化分析密度的变化；电阻越大，导电性越差；家庭电路中的用电器是并联的，开关接在火线与用电器之间。
（1）A．电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线，故A错误；
B．电加热管通电时电能转化为内能，故B正确；
C．电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成，故C错误。
故选B。
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够与大地相连，防止漏电造成事故。
（3）电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，由公式 可知，水的密度变小。
（4）厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，应选择横截面积小、长度长的绝缘管，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
（5）由题意可知，R1与R2并联，S1单独控制R1，S2单独控制R2，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如图所示：
25．（2024九下·茂南期末）阅读短文，回答问题。
高速动车均安装了烟雾报警器，一旦有烟雾产生，烟雾报警系统就会报警，列车随即自动减速甚至停车。小明在查阅资料后，设计了一只“烟雾报警器”（电路如图所示）。该报警器由“控制电路”和“工作电路”所组成，其中“控制电路”由光敏电阻R、电磁铁（线圈阻值Ω）、电源V、开关等组成；“工作电路”由蓄电池、电铃、导线等组成。小明的设计思路是：当光敏电阻接收到的光照强度减弱到一定程度时，工作电路接通，电铃报警。已知该光敏电阻的阻值R与光照强度E之间的关系如表所示。
光照强度E/cd 1 2 3 4 5 6
光敏电阻R/Ω 36 18 12 9 6
（1）当车厢的烟雾浓度增大，光敏电阻的阻值将　 　（填“增大”或“减小”），表格中的光敏电阻　 　Ω；
（2）电磁继电器的工作原理是：　 　，电磁铁的下端为　 　极。
（3）根据上述报警器的工作原理判断，电铃应接在　 　（填“甲”或“乙”）处；
（4）如果光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，闭合控制电路的开关，5min后，电流通过电磁铁的线圈产生的热量为　 　J。
【答案】（1）增大；7.2
（2）电流的磁效应；N
（3）甲
（4）400
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；焦耳定律的应用；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】（1）由题可知，当烟雾浓度增大时，光敏电阻R受到的光照强度减小，由表中数据可知，光敏电阻阻值增大。由表格数据可知，， 光照强度和光敏电阻的阻值相乘为一定值 ，解得。
故答案为：增大；7.2。
（2）电磁继电器中最主要的部分就是电磁铁，它是靠电磁铁的原理来工作的。电磁继电器的工作原理是电流的磁效应。由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的下端为N极。
故答案为：电流的磁效应；N。
（3）电磁继电器中控制电路的电流减小时，电磁铁中的磁性减弱，弹簧将衔铁拉起，电铃响报警；当烟雾增大时，光照强度减小，光敏电阻的阻值增大，由欧姆定律可知，通过电磁铁的电流减小，当电流减小到一定程度时，衔铁向上运动接通甲所在的电路报警，因此电铃应该装在甲处。
故答案为：甲。
（4）由表可知，光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，光敏电阻的阻值为，控制电路中光敏电阻和电铁的线圈串联，电路中的电流为；
5min后，电流通过电磁铁的线圈产生的热量为。
故答案为：400。
【分析】 （1）由材料得到光敏电阻与光照强度的关系，再进行计算；
（2）电磁继电器中最主要的部分就是电磁铁，它是靠电磁铁的原理来工作的；根据安培定则来判断电磁铁的极性。
（3）电磁继电器中控制电路的电流减小时，电磁铁中的磁性减弱，弹簧将衔铁拉起，电铃响报警。
（4）由表格数据知光敏电阻接收到的光照强度在6cd时光敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据Q=I2Rt求出电流通过电磁铁线圈产生的热量。
（1）[1]当烟雾浓度增大时，光敏电阻R受到的光照强度减小，由表中数据可知，光敏电阻阻值增大。
[2]将表格中的光照强度和光敏电阻的阻值相乘为一定值
解得。
（2）[1]电磁继电器的工作原理是电流的磁效应。
[2]由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的下端为N极。
（3）当烟雾增大时，光照强度减小，光敏电阻的阻值增大，由欧姆定律可知，通过电磁铁的电流减小，当电流减小到一定程度时，衔铁向上运动接通甲所在的电路报警，因此电铃应该装在甲处。
（4）由表可知，光敏电阻接收到的光照强度在6cd时，光敏电阻的阻值为，控制电路中光敏电阻和电磁铁的线圈串联，电路中的电流为
5min后，电流通过电磁铁的线圈产生的热量为
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