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期末核心考点 单选题
一．单选题（共60小题）
1．“东风快递，使命必达”。2024年9月25日，我国洲际导弹用时21min，射程大约12000km，准确落入太平洋预定海域。如图所示，这是洲际导弹加速升空的情景。下列说法正确的是（　　）
A．洲际导弹速度越大，受到的惯性也越大
B．洲际导弹受到较大的推力后加速升空，说明力可以改变物体的运动状态
C．洲际导弹此时受到的重力和推力是一对平衡力
D．海面相对于加速升空的洲际导弹是静止的
2．如图，将轻质弹簧上端固定，下端位于A点时弹簧恰好不发生形变。若将一小球挂在弹簧下端，静止时小球于O点，现将小球从A点由静止释放，能下落至最低点B，不计空气阻力，则小球（　　）
A．从A点到O点运动过程中，速度先增大后减小
B．从A点到O点运动过程中，速度一直增大
C．从O点到B点运动过程中，速度先增大后减小
D．运动至最低点B时，速度为0，受平衡力作用
3．公安部交管局在全国开展“一盔一带”安全守护行动，要求骑摩托车和电动自行车必须戴头盔，开车必须系安全带。戴头盔、系安全带能保护人的生命安全，其原因是在遇到交通事故时（　　）
A．头盔能防止骑行者摔倒时头部受到惯性而撞击地面受伤
B．安全带能减少惯性，从而在汽车突然减速时，不至于飞出车外
C．头盔能减小人的头部撞击固体时的压强，从而保护人身安全
D．安全带在汽车突然加速的时候也能保护司机的安全
4．如图，小明在高铁的窗台上放了一枚直立的硬币。在列车行驶的过程中，硬币始终直立在列车窗台上，直到列车转弯的时候才倒下。下列选项正确的是（　　）
A．当这枚硬币始终直立不动时，硬币受到的惯性力和摩擦力是一对平衡力
B．当这枚硬币始终直立不动时，硬币没有受到窗台对它的摩擦力
C．如果硬币向列车行驶方向的左侧倒下，则列车正在向左转弯
D．如果列车突然向前加速，硬币会向列车前进的方向滚动
5．如图所示，在探究“二力平衡的条件”实验中，小车置于水平桌面上，两端的轻质细绳绕过定滑轮挂有等重的钩码。小车受到向左的拉力为F1，向右的拉力为F2，F1与F2在同一水平直线上。下列说法不正确的是（　　）
A．为了减小摩擦力的影响，应选用尽量光滑的水平桌面
B．为了方便操作，让小车开始处于静止状态进行研究
C．增减钩码个数，可以探究两个力的大小对小车平衡的影响
D．将小车水平扭转90°时，F1与F2仍在同一直线上
6．如图，是非常受欢迎的自助旋转小火锅，各类新鲜食材放在传送带上随传送带一起转动，任顾客挑选，下列说法正确的是（　　）
A．图中矿泉水瓶的高度约为15dm
B．食材随传送带一起转动时，其相对于地面是运动的
C．为了方便顾客夹取，食材相对于顾客的速度约为5m/s
D．食材随传送带一起匀速转弯时，其运动状态不变
7．如图所示，桥梁都设计有合理的排水坡度，以防止桥面积水。下列对这一设计及作用描述错误的是（　　）
A．雨天时，雨水从排水通道向下流动的速度越来越快，是因为雨水所受重力大于其所受阻力
B．同一辆汽车先后通过湿滑桥面和干燥桥面，通过干燥桥面时的惯性大
C．路面上有积水时，高速行驶的车辆从刹车到停止，通过的距离比通过干燥路面时的距离长
D．汽车缓慢匀速通过平直的湿滑桥面时（不计空气阻力），汽车的牵引力与汽车受到的阻力相互平衡
8．如图是电影中敖丙和哪吒踢毽子的场景。下列说法正确的是（　　）
A．毽子离开脚后仍能向前运动是由于毽子受到惯性的作用
B．踢出后的毽子能落回地面是因为毽子受到重力的作用
C．毽子飞到最高点时受力平衡
D．毽子飞到最高点时，若所有外力突然消失，它将保持静止
9．如图所示的事例中，不属于利用惯性的是（　　）
A．跳远运动员助跑 B．拍打脚垫上的灰尘
C．运动员将标枪掷出 D．司机开车系好安全带
10．2025年3月2日，2025重庆马拉松在重庆市南滨路海棠烟雨公园鸣枪起跑。如图，下列关于其中的物理知识描述合理的是（　　）
A．运动员只有在跑步的时候才具有惯性
B．运动员冲刺后不能马上停下来是因为受到惯性的作用
C．运动员冲刺后不能马上停下来是因为速度越大惯性越大
D．通过弯道和加速快跑说明力可以改变人的运动状态
11．如图所示，甲、乙两人在完全相同的沙滩上散步时留下了大小不同但深浅相同的脚印，下列判断正确的是（　　）
A．甲、乙对沙滩的压强大小相等
B．甲对沙滩的压强比乙对沙滩的压强大
C．乙对沙滩的压力比甲对沙滩的压力大
D．无法比较谁对沙滩的压力更大
12．如图所示，两手指用力挤压铅笔的两端使它保持静止，下列说法中正确的是（　　）
A．两手指对铅笔的压力是相等的
B．铅笔对左边手指的压力小于铅笔对右边手指的压力
C．左边手指受到的压强大于右边手指受到的压强
D．铅笔对两手指的压强是相等的
13．如图所示，将木箱乙放在水平地面上，将木箱甲平放在乙上，已知木箱甲重G1，甲的底面积为S1；物体乙重G2，乙的底面积为S2。关于甲、乙两物体的压力和压强，下列说法正确的是（　　）
A．甲对乙的压力就是甲受到的重力
B．乙对地面的压力等于乙受到的重力
C．甲对乙的压强大小为
D．乙对地面的压强大小为
14．电子秤工作时通过感应被测物体施加的压力，再经过一系列处理转换为相应的质量数值。水平桌面上有三个同一规格且已调零的电子秤，把甲、乙、丙三个质量均为200g的容器分别放在电子秤上，并倒入适量的水，使电子秤的示数均为300g，如图所示。则容器中所装的水的质量是100g的是（　　）
A．只有甲容器
B．只有乙容器
C．只有丙容器
D．甲、乙、丙三个容器都是
15．质量分布均匀的实心正方体甲、乙放在水平地面上，将甲、乙沿水平方向切去高度Δh，剩余部分对地面的压强p与Δh的关系如图所示，已知，ρ甲＝6×103kg/m3，乙的边长为30cm，下列选项正确的是（　　）（g取10N/kg）
A．乙的密度3×103kg/m3
B．图中hA＝15cm
C．未切前，甲的质量为24kg
D．图中pA＝2×103Pa
16．如图是科技探究小组制作的简易气压计，下列方法可以使玻璃管水面上升的是（　　）
A．带着压强计从六楼降低至一楼
B．用常温毛巾覆盖压强计上部
C．打开玻璃瓶的瓶塞
D．向玻璃管口以水平方向吹气
17．一只北极熊在通过一处薄冰时，趴下身子，腹部贴着冰面向前爬行。北极熊用腹部滑行可以减小（　　）
A．对冰面的压力 B．对冰面的压强
C．增大了风的阻力 D．重力
18．实心长方体A和B放置在水平地面上，物体A和物体B的质量之比为1：7，它们的长、宽、高如图所示。现在长方体A、B的右侧沿竖直方向按相同比例截取一部分长方体，叠放在对方剩余部分的上表面，此时A、B剩余部分对水平地面的压强为pA′、pB′，下列关于切割比例n取值范围和对应pA′、pB′的大小关系正确的是（　　）
A．当0＜n＜0.1时，pA′＜pB′
B．当0＜n＜0.1时，pA′＞pB′
C．当0＜n＜0.2时，pA′＜pB′
D．当0＜n＜0.2时，pA′＞pB′
19．A、B为材料相同，表面粗糙程度相同的实心正方体，分别以甲、乙、丙三种情况在相同的水平桌面上一起做匀速直线运动，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．F1＞F2＞F3
B．乙中的B受到向右的摩擦力
C．丙中桌面受到的压强最小
D．乙和丙中的A所受摩擦力大小相等
20．小明在“大气压强”一节知识进行了流理，如下表所示，其中对应的实例成实验正确的是（　　）
证实大气压强的存在——①马德堡半球实验、②三峡船闸
大气压强 测量大气压强——③托里拆利实验
应用大气压强——④轿车上的安全气囊
A．①③ B．②④ C．①② D．③④
21．图甲是彩球“温度计”，其密闭玻璃容器内装有一种特殊液体，随着温度升高，这种液体的密度会减小。液体中有5个挂有温度标牌的彩球，彩球体积（包括标牌）相等，其热胀冷缩可以忽略。当有彩球悬浮时，悬浮的彩球标牌上的温度值就是所测得的当前环境温度。图乙为这个温度计的示意图，编号为4的彩球标牌所标温度值为22℃，相邻编号的影球标牌上的温度值间隔为2℃，下列说法正确的是（　　）
A．彩球4在22℃时所受浮力小于18℃时所受浮力
B．当环境温度处于该温度计可测得的最低温度时，5个彩球均漂浮
C．若有2个彩球漂浮，3个彩球沉底，则环境温度t满足24℃＜t＜26℃
D．要增大该温度计能测得的最高温度，可增加一个与彩球1体积相等、质量更大的彩球
22．《哪吒之魔童闹海》是一部由我国导演杨宇（饺子）编剧并执导的奇幻动画电影，于2025年1月29日上映。电影中有一个令人印象深刻的文戏：敖丙在深海水中真情流露，热泪盈眶。但他的眼泪是往上方流的，而不是顺着脸颊往下流的。下列分析正确的是（　　）
A．泪珠的密度大于海水的密度
B．泪珠受到的浮力大于自身的重力
C．泪珠受到的浮力大于排开海水的重力
D．泪珠在上升过程中受到海水的压强变大
23．如图（a）所示，金属块在细绳的拉力作用下，在水中一直竖直向上做匀速直线运动，直到上升到离水面一定高度处，图（b）是绳子拉力F随时间t变化的图像，g取10N/kg，根据图像信息，下列判断中正确的是（　　）
A．该金属块重34N
B．浸没在水中的金属块受到的浮力大小是20N
C．t1～t2时间段，金属块在水中受到的浮力逐渐增大
D．该金属块的密度是3.4×103kg/m3
24．如图甲所示，体积为200cm3的实心金属块悬挂在细绳的下端静止时，细绳对金属块的拉力为F1；如图乙所示，底面积为100cm2的开口薄壁容器内装有适量的液体，放在水平桌面上，将金属块浸没在容器内的液体中静止时，容器内的液面升高了1cm，容器对桌面的压力增加了2N，此时细绳对金属块的拉力为F2，且F1与F2之比为4：3。则下列说法正确的是（　　）
A．容器底部受到液体的压力增加了2N
B．金属块浸没在液体中时受到的浮力是1N
C．拉力F2的大小为2N
D．液体的密度是1.0×103kg/m3
25．把体积为V0密度为ρ的实心球放入密度为ρ′的液体中（ρ＜ρ′），球漂浮在液面上，并有体积V0′露出液面，则球密度ρ与液体密度ρ′之比是（　　）
A． B．
C． D．
26．如图所示，质量为m0的杯子，装入适量的水后放在水平的电子秤上，示数为m1；把草莓轻放入水中，草莓漂浮，电子秤示数为m2。下列判断正确的是（　　）
A．甲图中，水对杯底的压力为（m1﹣m0）g
B．乙图中，草莓的质量为 m2﹣m1﹣m0
C．乙图中，草莓受到的浮力为（m2﹣m1）g
D．放入草莓后，杯底受到的液体压强不变
27．如图甲为我国古代的滴水计时工具——漏刻，图乙为它的模拟示意图。漏水壶通过底部的出水口向受水壶中滴水，受水壶中的箭尺始终处于漂浮状态，当受水壶中液面升高时，变化的是（　　）
A．箭尺受到的浮力 B．箭尺排开水的质量
C．箭尺排开水的重力 D．水对受水壶底的压强
28．下列说法正确的是（　　）
A．压力的方向一定和受力面垂直
B．互相不接触的两个物体之间不可能有力的作用
C．在水中上浮的物体受到浮力，下沉的物体不受浮力
D．电梯匀速上升时，钢缆对电梯厢的拉力大于电梯厢对钢缆的拉力
29．如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是（　　）
A．物体受到的浮力大小关系为FA＜FB＜FC
B．三个物体的密度大小关系为ρA＞ρB＞ρC
C．容器底部受到水的压力大小关系为F甲＞F乙＞F丙
D．容器对桌面的压强大小关系为p甲＞p乙＞p丙
30．关于浮力，下列说法中错误的是（　　）
A．浮力的方向总是竖直向上的
B．浮力是物体受到液体或气体向上托起的力
C．浸在液体中的物体，上浮时受浮力，下沉时不受浮力
D．阿基米德原理说明浸在液体中的物体所受的浮力大小等于物体排开液体所受的重力
31．滑雪是人们喜爱的运动。如图所示，某同学坐在轮胎上从雪道的A点由静止开始滑下，经最低点B滑行到右边坡道的最高点C。从A到C的过程中该同学的（　　）
A．具有的动能一直在增大
B．受到的摩擦力大小不变
C．具有的机械能一直在减小
D．受到重力的方向不断变化
32．在体育测试中，军军同学掷实心球的场景如图所示，图中a点是实心球刚离开手的位置，实心球从a点上升到最高点b点后下落到c点，然后滚到d点停止。忽略空气阻力，则下列说法中正确的是（　　）
A．实心球从a点上升到b点，是因为实心球受到手的推力的作用
B．若实心球在b点时受到的外力全部消失，实心球将处于静止状态
C．实心球从b点到c点的过程中，动能增大，机械能保持不变
D．实心球从c点运动到d点停止，说明力是维持物体运动的原因
33．2025年2月10日，我国17岁运动小将熊诗芮勇夺亚冬会单板滑雪女子大跳台比赛的冠军，如图是熊诗芮比赛时的情景，熊诗芮在空中上升过程中，熊诗芮的（　　）
A．动能减少，重力势能增加
B．动能减少，重力势能减少
C．动能增加，机械能增加
D．动能增加，机械能不变
34．下列事例中，利用了重力势能的是（　　）
A．形变的撑杆将运动员弹起
B．高处落下的重锤将地基夯实
C．喷出的气体推动火箭升空
D．拉开的弓将箭向前射出去
35．以下哪位物理学家的名字被用来作为能量的单位（　　）
A．焦耳 B．欧姆 C．伏特 D．安培
36．一本物理课本从桌面掉到地上，其重力做功约为（　　）
A．0.2焦 B．2焦 C．20焦 D．200焦
37．为美化环境，抑制扬尘，环卫洒水已形成常态化，如图所示，正在水平路面上匀速前进进行洒水作业喷洒车，水箱内水的动能以及汽车牵引力做功的功率如何变化（　　）
A．水箱内水的动能变小，汽车牵引力做功的功率变大
B．水箱内水的动能变大，汽车牵引力做功的功率变大
C．水箱内水的动能变小，汽车牵引力做功的功率变小
D．水箱内水的动能变大，汽车牵引力做功的功率变小
38．关于功、功率相互关系的说法中，正确的是（　　）
A．机械功率越高，机械做功越快
B．做功越多的机械，机械功率越高
C．功率越大的机械，做功越多
D．做功越慢的机械，机械功率越大
39．小明用手机的“连拍功能”拍摄了一个网球从高处掉落在地上又反复弹起的过程。图中所标记的四个位置中，网球的机械能最小的是（　　）
A．点A B．点B C．点C D．点D
40．下列有关功和功率的说法中，正确的是（　　）
A．做的功越多，功率越大
B．做功用的时间越短，功率越大
C．相同时间内，做功越多，功率越大
D．做相同的功，用时短的，做功慢
41．一位同学用图所示的滑轮组拉着重400N的物体，使物体以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动10s，已知物体与地面间的滑动摩擦力为地面所受压力的0.45倍，滑轮组的机械效率为60%，在此过程中下列选项错误的是（　　）
A．绳子自由端移动的距离为4m
B．物体克服摩擦力做功为240J
C．作用在绳上的力F大小为150N
D．拉力做的总功为600J
42．用滑轮组提升重物时，绳子自由端拉力做功随时间变化的关系如图所示，在20s内绳子自由端竖直匀速移动16m，重物竖直匀速上升4m。已知动滑轮总重100N，提升的物体重800N。关于该过程，下列说法正确的是（　　）
A．绳子自由端拉力的功率为20W
B．额外功为400J
C．绳子自由端拉力的大小为250N
D．滑轮组的机械效率约为88.9%
43．如图甲所示，用拉力F竖直向上匀速提升重360N的货物，货物移动的距离与时间的关系如图乙所示。动滑轮重40N，不计绳重和摩擦，则（　　）
A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
B．拉力F为400N
C．该装置可以省功
D．动滑轮的机械效率为90%
44．下列机械中，使用时不能省距离，但能省力的是（　　）
A．托盘天平
B．独轮车
C．筷子
D．船桨
45．如图所示，小明用甲、乙两装置匀速提升质量为m1的物体。滑轮的质量均为m2，相同的时间t内物体被提升的高度均为h。下列说法正确的是（　　）
A．绳子自由端的拉力一定为F1＞F2
B．两个拉力做的额外功相等
C．F1、F2两个拉力做功的功率比值为3：2
D．若不计绳重和摩擦，两种装置的机械效率均为
46．用如图所示的甲、乙两个滑轮组分别将A、B两个物体沿竖直方向匀速提升相同高度，竖直拉绳子自由端的力分别为F1、F2，此过程的有用功和总功如表所示。甲滑轮组的定滑轮、动滑轮所受的重力均为G甲，乙滑轮组的定滑轮、动滑轮所受的重力均为G乙。忽略绳重以及轮和轴之间的摩擦。下列说法正确的是（　　）
滑轮组 有用功/J 总功/J
甲 700 1200
乙 300 800
A．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组低
B．两个滑轮组都是省力机械
C．G甲＜G乙
D．F1＝F2
47．如图甲所示，重为G的物体A在水平拉力F1（F1＜G）的作用下在水平路面上匀速直线移动一段距离s，所用时间为t，改用如图乙所示滑轮组拉动物体A在同一水平路面上用相同时间匀速直线移动相同距离，拉力为F2，每个滑轮的重力为G0，此过程中（　　）
A．拉力F1的功率为
B．拉力F2做的总功为F2s
C．滑轮组的机械效率为
D．使用滑轮组时克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的比例为
48．如图所示为铁路输电线的牵引装置原理图，采用坠砣牵引来自动补偿输电线的张紧，以此保障列车电极与输电线的接触。钢绳通过滑轮组悬挂配重为6000N的坠砣，输电线的一端P点与B滑轮相连被张紧。若某段时间内坠砣竖直上升了10cm，不计滑轮和钢绳自重、摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．B滑轮是定滑轮
B．A滑轮是动滑轮
C．输电线P端受到的拉力为3000N
D．输电线P点向右移动了5cm
49．如图甲所示装置，小欢用力F向下拉绳子，使物体M在水平地面匀速移动，地面ab、bc段粗糙程度不同。物体M重为400N，动滑轮重为5N，ab＝2m，bc＝3m。物体M从a点到c点过程中，拉力F与M移动距离的关系如图乙，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．物体M从a点到c点过程中，绳子自由端移动的距离为15m
B．物体M从a点到c点过程中，拉力F做的总功为420J
C．物体M从ab段到bc段，滑轮组的机械效率不变
D．物体M从a点到c点过程中，克服摩擦力做功为815J
50．如图所示，小明想用一个定滑轮、一个动滑轮、一根绳子组成的滑轮组把一个重力为200N的物体匀速竖直提升1m，已知每个滑轮的重力都为20N。不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（　　）
A．若选择最省力的方式提起物体，拉力大小为60N
B．动滑轮上升的高度可能为2m
C．向上拉动绳子和向下拉动绳子提升物体时，机械效率相等
D．物体克服重力做功为220J
51．中国的古诗词中蕴含了大量的物理知识，如王冕的《白梅》：“冰雪林中著此身，不同桃李混芳尘。忽然一夜清香发，散作乾坤万里春”从物理学的角度来分析这首诗，下列说法正确的是（　　）
A．“清香发”说明分子在永不停息地做无规则运动
B．雪花的飞舞与尘土的飞扬都属于分子的运动
C．冰雪林中温度很低，气体分子停止运动
D．分子运动产生的扩散现象只发生在气体中
52．在天宫课堂中，在水膜表面贴一朵花后，水膜完好无损，这表明分子之间存在___；在射器抽满液体后堵住针筒口，用手指给活塞施加力发现内部的液体很难被压缩，说明分子之间存在___，下列判断正确的是（　　）
A．引力 间隙 B．引力 斥力
C．斥力 间隙 D．斥力 引力
53．“天问一号”探测器抵达火星，为探索浩瀚宇宙做出了中国贡献。下列长度最大的是（　　）
A．“天问一号”探测器高度
B．火星半径
C．地球半径
D．太阳系半径
54．两只相同的集气瓶中分别装有空气和红棕色的二氧化氮气体，用玻璃板隔开后按如图甲所示放置，抽去玻璃板，保持两瓶口紧贴静置较长时间后，两瓶中气体颜色变得相同。下列说法正确的是（　　）
A．此现象发生的剧烈程度与气体密度有关
B．该现象是扩散现象，当颜色变均匀后，扩散就不再进行了
C．此现象与图乙的成因不相同
D．此现象可以解释空中课堂中将装有界面清晰的水和油的瓶子（丙图A所示）摇晃多次后，水和油均匀地混在了一起（丙图B所示）
55．下列现象，不能用分子动理论解释的是（　　）
A．图甲中水和酒精混合后总体积变小
B．图乙中红墨水在水中散开
C．图丙中铅块紧压后粘在一起
D．图丁中丝绸摩擦过的玻璃棒吸引纸屑
56．用分子的知识解释下列现象，其中不合理的是（　　）
A．破碎的玻璃无法复原，是因为分子之间存在斥力
B．两块表面平滑的铅块紧压后会结合起来，是因为分子之间存在引力
C．变瘪的乒乓球放在热水中鼓起，是由于分子间空隙变大
D．1L水与1L酒精混合后体积小于2L，是因为分子之间存在空隙
57．太原宁化府是一条醋香飘过600多年的小巷，现在经过改造已经成为铜锣湾购物街，夏天来到此巷会感到醋味更加浓烈。这其中的原因是（　　）
A．分子数量随温度升高而增多
B．分子间引力消失只表现为斥力
C．温度越高分子热运动越剧烈
D．温度降低分子将不再做无规则运动
58．下列物体空间尺度最小的是（　　）
A．原子核 B．电子 C．原子 D．尘埃
59．下列关于“吸”的物理现象中，属于分子间作用力的是（　　）
A．干燥的冬季，化纤衣服更容易“吸”灰尘
B．两个表面平滑的铅块紧压后能“吸”在一起
C．用吸管能将饮料“吸”到嘴里
D．龙卷风袭来的时候，其所到之处可以将一切“吸”进去
60．秋季腌制咸菜需要好几天时间才能入味，而炒菜的咸味仅需几分钟。其主要原因是（　　）
A．炒菜时盐多
B．炒菜时分子间有相互作用的斥力
C．炒菜时分子间有间隙，盐分子易进入
D．炒菜时温度高，分子热运动剧烈
期末核心考点 单选题
参考答案与试题解析
一．选择题（共60小题）
1．“东风快递，使命必达”。2024年9月25日，我国洲际导弹用时21min，射程大约12000km，准确落入太平洋预定海域。如图所示，这是洲际导弹加速升空的情景。下列说法正确的是（　　）
A．洲际导弹速度越大，受到的惯性也越大
B．洲际导弹受到较大的推力后加速升空，说明力可以改变物体的运动状态
C．洲际导弹此时受到的重力和推力是一对平衡力
D．海面相对于加速升空的洲际导弹是静止的
【答案】B
【分析】（1）惯性的大小只与物体的质量有关；
（2）力可以改变物体的运动状态；
（3）物体在平衡状态下受平衡力；
（4）在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。
【解答】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，洲际导弹速度大，但惯性大小不会变，故A错误；
B、洲际导弹受到较大的推力后加速升空，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C、洲际导弹加速升空，处于非平衡状态，此时受到的重力和推力不是一对平衡力，故C错误；
D、海面相对于加速升空的洲际导弹位置发生了改变，是运动的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题主要考查了对惯性、力的作用效果、平衡力、运动与静止的判断等的掌握，有一定综合性。
2．如图，将轻质弹簧上端固定，下端位于A点时弹簧恰好不发生形变。若将一小球挂在弹簧下端，静止时小球于O点，现将小球从A点由静止释放，能下落至最低点B，不计空气阻力，则小球（　　）
A．从A点到O点运动过程中，速度先增大后减小
B．从A点到O点运动过程中，速度一直增大
C．从O点到B点运动过程中，速度先增大后减小
D．运动至最低点B时，速度为0，受平衡力作用
【答案】B
【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态，受平衡力作用。
（2）根据小球被释放后的运动状态判断重力和弹力的大小；
（3）从A点向下运动过程中，分小球到达O点前和离开O点后两个阶段进行分析讨论。
【解答】解：AB、从A点到O点运动过程中，弹簧的弹力始终小于小球的重力，小球所受的合力方向竖直向下，合力大小变小但大于零，所以小球速度一直增大，故A错误，B正确；
C、从O点到B点运动过程中，弹簧的拉力变大，大于小球的重力，速度一直减小，故C错误；
D、在O点时，小球受到平衡力的作用，O点向下，弹簧的形变变大，弹力变大，小球的重力不变，所以弹簧对小球的作用力大于小球的重力，所以运动到最点B时，小球受力不平衡，故D错误。
故选：B。
【点评】此题通过一个场景，考查学生对平衡状态的判断、力与运动的关系等，综合性强，属于中考常考题型，有一定难度。
3．公安部交管局在全国开展“一盔一带”安全守护行动，要求骑摩托车和电动自行车必须戴头盔，开车必须系安全带。戴头盔、系安全带能保护人的生命安全，其原因是在遇到交通事故时（　　）
A．头盔能防止骑行者摔倒时头部受到惯性而撞击地面受伤
B．安全带能减少惯性，从而在汽车突然减速时，不至于飞出车外
C．头盔能减小人的头部撞击固体时的压强，从而保护人身安全
D．安全带在汽车突然加速的时候也能保护司机的安全
【答案】C
【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
（2）影响压强大小的因素是压力和受力面积，在压力一定时，增大受力面积，可以减小压强。
【解答】解：A、头盔的作用是在人的头部受到撞击时，通过增大受力面积减小对头部的压强，对驾驶员起一个保护作用；惯性不是力，不能用“惯性作用描述”，故A错误；
B、惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，所以头盔和安全带不能减小或增大惯性，故B错误；
C、头盔能增大头部受力面积，减小人的头部撞击固体时的压强，从而保护人身安全，故C正确；
D、汽车在紧急刹车时，人由于惯性会继续保持原来的运动状态向前运动，容易撞上挡风玻璃受到撞击，造成伤害，所以要系安全带，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了减小压强的方法、惯性等知识在生活中的应用；要知道任何物体都有惯性，并且会用惯性知识解释身边现象。
4．如图，小明在高铁的窗台上放了一枚直立的硬币。在列车行驶的过程中，硬币始终直立在列车窗台上，直到列车转弯的时候才倒下。下列选项正确的是（　　）
A．当这枚硬币始终直立不动时，硬币受到的惯性力和摩擦力是一对平衡力
B．当这枚硬币始终直立不动时，硬币没有受到窗台对它的摩擦力
C．如果硬币向列车行驶方向的左侧倒下，则列车正在向左转弯
D．如果列车突然向前加速，硬币会向列车前进的方向滚动
【答案】B
【分析】（1）惯性是物体的一种属性，是保持原来运动状态的性质不是力；
（2）物体静止不动时，受平衡力；
（3）由硬币的惯性进行说明。
【解答】解：A.惯性是物体的一种属性，是保持原来运动状态的性质，不是力，故A错误；
B.当这枚硬币始终直立不动时，受平衡力，硬币没有受到窗台对它的摩擦力，故B正确；
C.硬币具有保持原来运动状态的性质，故如果硬币向列车行驶方向的左侧倒下，则列车正在向右转弯，故C错误；
D.列车突然加速时，由于硬币还要保持加速前相同速度的运动状态，故会向列车前进方的反向滚动，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了物体的属性惯性，任何物体都具有惯性。
5．如图所示，在探究“二力平衡的条件”实验中，小车置于水平桌面上，两端的轻质细绳绕过定滑轮挂有等重的钩码。小车受到向左的拉力为F1，向右的拉力为F2，F1与F2在同一水平直线上。下列说法不正确的是（　　）
A．为了减小摩擦力的影响，应选用尽量光滑的水平桌面
B．为了方便操作，让小车开始处于静止状态进行研究
C．增减钩码个数，可以探究两个力的大小对小车平衡的影响
D．将小车水平扭转90°时，F1与F2仍在同一直线上
【答案】D
【分析】作用在同一个物体上的两个力，如果大小相等，方向相反，并且作用在一条直线上，这两个力就是相互平衡的。
【解答】解：A．本实验中，应该将小车放在光滑的桌面上进行实验，这样可以减小摩擦力带来的影响，故A正确；
B．平衡状态包括静止和匀速直线运动两种状态，所以为了方便操作，让小车开始处于静止状态进行研究，故B正确；
C．增减钩码个数，小车左右两端所受的拉力大小不同，可以探究两个力的大小对小车平衡的影响，故C正确；
D．将小车水平扭转90°时，两个力不在同一条直线上，松开手后，小车会发生旋转，故D错误。
故选：D。
【点评】本题主要考查了二力平衡的条件；关键是牢记二力平衡的条件。
6．如图，是非常受欢迎的自助旋转小火锅，各类新鲜食材放在传送带上随传送带一起转动，任顾客挑选，下列说法正确的是（　　）
A．图中矿泉水瓶的高度约为15dm
B．食材随传送带一起转动时，其相对于地面是运动的
C．为了方便顾客夹取，食材相对于顾客的速度约为5m/s
D．食材随传送带一起匀速转弯时，其运动状态不变
【答案】B
【分析】（1）根据生活经验，结合对长度单位的了解判断；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
（3）人正常步行的速度约为1m/s；
（4）物体运动状态的变化包括：①速度大小的改变；②运动方向的改变。只要其中的一个发生了变化，我们就说物体的运动状态发生了改变。
【解答】解：A、矿泉水瓶的高度约为20cm＝2dm左右，故A错误。
B、食材随传送带一起转动时，相对于地面发生了位置变化，是运动的，故B正确。
C、为了方便顾客夹取，食材相对于顾客的速度约为1m/s，故C错误。
D、食材随传送带一起匀速转弯时，其运动方向改变，则运动状态改变，故D错误。
故选：B。
【点评】生活处处有物理，我们要能够从生活现象找出用到的物理知识。联系生活实际出题，这是中考出题最常见的一种方式，需要引起注意。
7．如图所示，桥梁都设计有合理的排水坡度，以防止桥面积水。下列对这一设计及作用描述错误的是（　　）
A．雨天时，雨水从排水通道向下流动的速度越来越快，是因为雨水所受重力大于其所受阻力
B．同一辆汽车先后通过湿滑桥面和干燥桥面，通过干燥桥面时的惯性大
C．路面上有积水时，高速行驶的车辆从刹车到停止，通过的距离比通过干燥路面时的距离长
D．汽车缓慢匀速通过平直的湿滑桥面时（不计空气阻力），汽车的牵引力与汽车受到的阻力相互平衡
【答案】B
【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）惯性的大小只与物体的质量有关；
（3）摩擦力大小与接触面粗糙程度和压力大小有关；
（4）物体匀速直线运动时，受平衡力的作用。
【解答】A．雨水从排水通道向下流动时，雨水所受重力大于其所受阻力，雨水所受合力向下，力可以改变物体的运动状态，故雨水向下流动的速度越来越快，故A正确；
B．惯性的大小只与物体的质量有关，同一辆汽车其质量相同，故惯性的大小相同，故B错误；
C．路面上有积水时，接触面较光滑，摩擦力较小，故刹车时通过的距离比通过干燥路面时的距离长，故C正确；
D．汽车缓慢匀速通过平直的湿滑桥面时（不计空气阻力），汽车处于平衡状态，故牵引力与汽车受到的阻力是一对平衡力，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查惯性、二力平衡、摩擦力等，难度适中。
8．如图是电影中敖丙和哪吒踢毽子的场景。下列说法正确的是（　　）
A．毽子离开脚后仍能向前运动是由于毽子受到惯性的作用
B．踢出后的毽子能落回地面是因为毽子受到重力的作用
C．毽子飞到最高点时受力平衡
D．毽子飞到最高点时，若所有外力突然消失，它将保持静止
【答案】B
【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（2）地面附近的一切物体都受到竖直向下的重力；
（3）对毽子进行受力分析，可判断其是否受力平衡；
（4）根据牛顿第一定律可做出判断。
【解答】解：A、毽子离开脚后仍能向前运动是由于毽子具有惯性，但不能说受到惯性的作用，故A错误；
B、踢出后的毽子能落回地面是因为毽子受到重力的作用，重力的方向竖直向下，故B正确；
C、毽子飞到最高点时受到竖直向下的重力和水平方向的空气阻力，受力不平衡，故C错误；
D、毽子飞到最高点时仍具有水平方向的速度，此时若所有外力突然消失，根据牛顿第一定律它将保持匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
【点评】本题以踢毽子为例，考查了对惯性、重力、平衡状态、牛顿第一定律等的理解与应用，属基础题。
9．如图所示的事例中，不属于利用惯性的是（　　）
A．跳远运动员助跑 B．拍打脚垫上的灰尘
C．运动员将标枪掷出 D．司机开车系好安全带
【答案】D
【分析】物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性是物体的基本属性，任何物体都具有惯性；惯性有时对人有利，有时对人有害，注意区分。
【解答】解：A、跳远助跑使人获得了较大的速度，当起跳时，人由于惯性仍向前运动，可以跳得更远，这一过程利用了惯性，故A不符合题意；
B、拍打脚垫时，脚垫受到力的作用，运动状态发生变化，脚垫上的尘土由于惯性保持原来的静止状态，就与脚垫分离开来，故B不符合题意；
C、开始投标枪时，手和标枪一起向前运动，当标枪投掷出去时，由于惯性仍保持原来的速度向前运动，因此是利用惯性的，故C不符合题意；
D、司机开车应系好安全带是为了防止当汽车急刹车时，人体由于惯性还要保持原来的速度继续向前运动，撞到驾驶台上，所以系好安全带是为了防止惯性带来的危害，不是利用惯性，故D符合题意。
故选：D。
【点评】惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性，所以的惯性现象在生活中是非常常见的，生活中有很多利用惯性的事例，自己平时要将自己的所学应用到实际生活中去。
10．2025年3月2日，2025重庆马拉松在重庆市南滨路海棠烟雨公园鸣枪起跑。如图，下列关于其中的物理知识描述合理的是（　　）
A．运动员只有在跑步的时候才具有惯性
B．运动员冲刺后不能马上停下来是因为受到惯性的作用
C．运动员冲刺后不能马上停下来是因为速度越大惯性越大
D．通过弯道和加速快跑说明力可以改变人的运动状态
【答案】D
【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，与其它因素无关。
（2）力可以改变人的运动状态。
【解答】解：A、运动员在任何时候都具有惯性，故A错误；
B、运动员冲刺后不能马上停下来是因为运动员具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C、运动员冲刺后不能马上停下来是因为运动员具有惯性，继续保持原来的运动状态；惯性大小与速度大小无关，故C错误；
D、通过弯道时运动方向发生改变，加速快跑时运动速度发生改变，都是力作用的结果，说明力可以改变人的运动状态，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了对惯性概念和惯性影响因素的理解，以及力的作用效果，要学会用惯性解释生活中的现象。
11．如图所示，甲、乙两人在完全相同的沙滩上散步时留下了大小不同但深浅相同的脚印，下列判断正确的是（　　）
A．甲、乙对沙滩的压强大小相等
B．甲对沙滩的压强比乙对沙滩的压强大
C．乙对沙滩的压力比甲对沙滩的压力大
D．无法比较谁对沙滩的压力更大
【答案】A
【分析】压强是表示压力作用效果（形变效果）的物理量，可用脚印在沙滩上留下的深浅程度来反映压力的作用效果，即压强的大小；已知甲、乙两人脚印面积大小关系，根据压强公式判断甲、乙对沙滩的压力大小关系，水平地面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，由此判断甲、乙的重力大小关系。
【解答】解：由于甲、乙两人在沙滩上留下的脚印深浅相同，即压力的作用效果相同，所以甲、乙对沙滩的压强相等；
由图知，甲的脚印大，对沙滩的受力面积大，根据F＝pS可知，甲对沙滩的压力大，由于水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，所以甲受到的重力大于乙受到的重力，所以乙对沙滩的压力比甲对沙滩的压力小，综上所述，A正确、BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了压强大小和压力大小的比较，会根据脚印的深浅得出压强关系是关键。
12．如图所示，两手指用力挤压铅笔的两端使它保持静止，下列说法中正确的是（　　）
A．两手指对铅笔的压力是相等的
B．铅笔对左边手指的压力小于铅笔对右边手指的压力
C．左边手指受到的压强大于右边手指受到的压强
D．铅笔对两手指的压强是相等的
【答案】A
【分析】（1）物体处于静止状态，受到平衡力的作用；
（2）铅笔在水平方向受到受到平衡力的作用；
（3）由压强等于压力除以受力面积进行判断；
【解答】解：AB．铅笔处于静止状态，受到平衡力的作用，故左、右两侧人对铅笔的作用力大小相等；由于力的作用是相互的，铅笔给两个手的压力大小相等，故A正确，B错误；
CD．由于两手指受到的压力相等，左手指的受力面积大于右手指的受力面积，根据p可知，左边手指受到的压强小于右边手指受到的压强，故CD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了二力平衡和固体的压强的有关知识。
13．如图所示，将木箱乙放在水平地面上，将木箱甲平放在乙上，已知木箱甲重G1，甲的底面积为S1；物体乙重G2，乙的底面积为S2。关于甲、乙两物体的压力和压强，下列说法正确的是（　　）
A．甲对乙的压力就是甲受到的重力
B．乙对地面的压力等于乙受到的重力
C．甲对乙的压强大小为
D．乙对地面的压强大小为
【答案】D
【分析】A、压力是垂直作用在物体表面上的力，而重力是由于地球的吸引而产生的力；
B．乙对地面的压力等于甲、乙两个物体受到的重力之和；
C．将甲放在乙上时，甲对乙的压力大小等于甲的重力，受力面积为乙的底面积S2，根据压强公式表示甲对乙的压强；
D．乙对桌面的压力大小等于甲、乙的总重力，受力面积为乙的底面积S2，根据压强公式表示乙对桌面的压强。
【解答】解：A、压力是垂直作用在物体表面上的力，而重力是由于地球的吸引而产生的力，这两个力产生的原因不同，是两种不同性质的力，所以不能说压力就是重力，故A错误；
B．乙对地面的压力等于甲、乙两个物体受到的重力之和，故B错误；
C．将甲放在乙上时，甲对乙的压力大小等于甲的重力，即F甲＝G1，受力面积为乙的底面积S2，则甲对乙的压强为p，故C错误；
D．乙对桌面的压力大小等于甲、乙的总重力，即F乙＝G1+G2，受力面积为乙的底面积S2，则乙对桌面的压强为p′，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查压强公式的灵活运用，知道静止在水平面上的物体对水平面的压力等于自身重力。
14．电子秤工作时通过感应被测物体施加的压力，再经过一系列处理转换为相应的质量数值。水平桌面上有三个同一规格且已调零的电子秤，把甲、乙、丙三个质量均为200g的容器分别放在电子秤上，并倒入适量的水，使电子秤的示数均为300g，如图所示。则容器中所装的水的质量是100g的是（　　）
A．只有甲容器
B．只有乙容器
C．只有丙容器
D．甲、乙、丙三个容器都是
【答案】D
【分析】根据电子秤的示数等于杯子加上水的质量之和分析。
【解答】解：电子秤的示数等于杯子加上水的质量之和，杯子都是200g，总质量都是300g，则水的质量都是100g。
故选：D。
【点评】本题考查质量的测量，属于中档题。
15．质量分布均匀的实心正方体甲、乙放在水平地面上，将甲、乙沿水平方向切去高度Δh，剩余部分对地面的压强p与Δh的关系如图所示，已知，ρ甲＝6×103kg/m3，乙的边长为30cm，下列选项正确的是（　　）（g取10N/kg）
A．乙的密度3×103kg/m3
B．图中hA＝15cm
C．未切前，甲的质量为24kg
D．图中pA＝2×103Pa
【答案】B
【分析】（1）由题可知，乙的边长和未切时乙对水平地面的压强，利用p＝ρgh得到正方体乙的密度；
（2）由图知，切去高度hA时，甲和乙对地面的压强相等，利用p＝ρgh得到hA的值；
（3）由甲的边长和正方体的体积公式得到甲的体积，甲的密度已知，利用密度公式得到甲的质量；
（4）利用p＝ρgh得到pA的值。
【解答】解：A、乙为质量分布均匀的实心正方体，边长h乙＝30cm＝0.3m，
由图知未切时，乙对水平地面的压强p乙＝6000Pa，
则乙的密度ρ乙2×103kg/m3，故A错误；
B、由图知，切去高度hA时，甲和乙对地面的压强相等，则有：pA＝ρ甲g（h甲﹣hA）＝ρ乙g（h乙﹣hA），
6×103kg/m3×g×（0.2m﹣hA）＝2×103kg/m3×g×（0.3m﹣hA），
解得：hA＝0.15m＝15cm，故B正确；
C、甲为质量分布均匀的实心正方体，由图知未切时甲的边长h甲＝20cm＝0.2m，
甲的体积V甲＝h甲3＝（0.2m）3＝0.008m3，
未切前，甲的质量m甲＝ρ甲V甲＝6×103kg/m3×0.008m3＝48kg，故C错误；
D、pA＝ρ甲g（h甲﹣hA）＝6×103kg/m3×10N/kg×（0.2m﹣0.15m）＝3×103Pa，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了压强公式、密度公式的应用，要注意对于放在水平面上的质量分布均匀的柱形物体，如圆柱、棱柱、长方体，正方体，其对水平面的压强pρgh。
16．如图是科技探究小组制作的简易气压计，下列方法可以使玻璃管水面上升的是（　　）
A．带着压强计从六楼降低至一楼
B．用常温毛巾覆盖压强计上部
C．打开玻璃瓶的瓶塞
D．向玻璃管口以水平方向吹气
【答案】D
【分析】根据简易气压计的原理是玻璃管下端瓶子内压强等于水柱压强减少外侧的压强，据此就行进行分析。
【解答】解：A、带着压强计从六楼降低至一楼，大气压增大，玻璃管液体的压强加上大气压大于瓶子内的气压加瓶子内液面到玻璃管下端液体产生的压强，于是水柱下降，故A不符合题意；
B、用常温毛巾覆盖压强计上部，压强不变，但水的蒸发吸热，使得空气温度降低，遇冷收缩，故液柱高度略有下降，故B不符合题意；
C、打开玻璃瓶的瓶塞，内外压强相等，水柱变为0，故C不符合题意；
D、向玻璃管口水平方向吹气，因为气压与气体的流速有关，流速越大，压强越小，所以向玻璃管口水平方向吹气，使玻璃管口的气压下降，玻璃管水的水柱上升，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了实验中气压计的原理，气压与气体流速的关系。
17．一只北极熊在通过一处薄冰时，趴下身子，腹部贴着冰面向前爬行。北极熊用腹部滑行可以减小（　　）
A．对冰面的压力 B．对冰面的压强
C．增大了风的阻力 D．重力
【答案】B
【分析】减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
【解答】解：北极熊在通过一处薄冰时，它趴下身子，腹部贴着冰面向前爬行，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对冰面压强，故B正确、ACD错误。
故选：B。
【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
18．实心长方体A和B放置在水平地面上，物体A和物体B的质量之比为1：7，它们的长、宽、高如图所示。现在长方体A、B的右侧沿竖直方向按相同比例截取一部分长方体，叠放在对方剩余部分的上表面，此时A、B剩余部分对水平地面的压强为pA′、pB′，下列关于切割比例n取值范围和对应pA′、pB′的大小关系正确的是（　　）
A．当0＜n＜0.1时，pA′＜pB′
B．当0＜n＜0.1时，pA′＞pB′
C．当0＜n＜0.2时，pA′＜pB′
D．当0＜n＜0.2时，pA′＞pB′
【答案】A
【分析】设设A的质量为m，物体A和物体B的质量之比为1：7，B的质量为7m，当在长方体A、B的右侧沿竖直方向按相同比例n截取一部分长方体时，截取部分的质量、剩余的底面积按等同比例变化，所以A、B截取部分的质量分别为nm、7nm，剩余的底面积分别为SA﹣nSA、SB﹣nSB，把截取部分叠放在对方剩余部分的上表面，A、B剩余部分对水平地面的压力等于它们的重力之和，即可表示出此时A、B剩余部分对水平地面的压强为pA′、pB′，在由n的取值范围进行判断。
【解答】解：设A的质量为m，物体A和物体B的质量之比为1：7，B的质量为7m，当在长方体A、B的右侧沿竖直方向按相同比例n截取一部分长方体时，截取部分的质量、剩余的底面积按等同比例变化，所以A、B截取部分的质量分别为nm、7nm，剩余的底面积分别为SA﹣nSA、SB﹣nSB，所以，4，
当0＜n＜0.1时，，所以pA′＜pB′，故A正确，B错误；
当0＜n＜0.1时，4，所以pA′与pB′大小关系不能确定，故CD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了长方体按比例截取，截取质量、截取底面积与原长方体质量与底面积的关系，固体压强的计算。
19．A、B为材料相同，表面粗糙程度相同的实心正方体，分别以甲、乙、丙三种情况在相同的水平桌面上一起做匀速直线运动，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．F1＞F2＞F3
B．乙中的B受到向右的摩擦力
C．丙中桌面受到的压强最小
D．乙和丙中的A所受摩擦力大小相等
【答案】D
【分析】（1）根据二力平衡分析三个力的大小；
（2）根据产生摩擦力的条件分析解答；
（3）根据p分析桌面受到压强的大小关系；
（4）影响滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据图示分析乙和丙中压力大小和接触面粗糙程度可知摩擦力的大小。
【解答】解：A、对整体分析，整体的重力相同，与桌面的接触面的粗糙程度相同，整体受到的摩擦力是相同的，整体做匀速直线运动，则推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，即F1＝F2＝F3，故A错误；
B、乙图中物体B相对于A没有发生相对运动、也没有相对运动的趋势，故物体B不受摩擦力，故B错误；
C、根据图示可知，S1＞S2＞S3，而桌面受到的压力等于物体的重力，总的重力相等，压力相同，由p可得，丙中桌面受到的总压强最大，故C错误；
D、图乙中，对整体分析，此时的推力F2等于桌面对A的摩擦力，图丙中物体A受到水平向右的推力和B对物体A的摩擦力，由于匀速运动，所以推力F3等于B对A的摩擦力，由于F2＝F3，所以乙和丙中的A所受摩擦力大小相等，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了二力平衡条件的应用、影响滑动摩擦力大小的因素、固体压强公式的应用，有一定的难度。
20．小明在“大气压强”一节知识进行了流理，如下表所示，其中对应的实例成实验正确的是（　　）
证实大气压强的存在——①马德堡半球实验、②三峡船闸
大气压强 测量大气压强——③托里拆利实验
应用大气压强——④轿车上的安全气囊
A．①③ B．②④ C．①② D．③④
【答案】A
【分析】（1）马德堡半球实验是一个经典的证明大气压强存在的实验；
（2）上端开口，下端连通的容器叫连通器，连通器里只有一种液体时，在液体静止时液面是相平的；
（3）托里拆利实验第一个准确测出了大气压的值；
（4）轿车上的安全气囊在发生安全事故时，气囊充入气体保护人体。
【解答】解：A．马德堡半球实验是一个经典的证明大气压强存在的实验，故①正确；
B．三峡船闸利用了连通器原理工作，故②错误；
C．托里拆利实验第一个准确测出了大气压的值，故③正确；
D．轿车上的安全气囊在发生安全事故时，气囊充入气体保护人体，与大气压无关，故④正确。
故选：A。
【点评】本题考查大气压强的存在、应用等，属于识记性内容，比较简单。
21．图甲是彩球“温度计”，其密闭玻璃容器内装有一种特殊液体，随着温度升高，这种液体的密度会减小。液体中有5个挂有温度标牌的彩球，彩球体积（包括标牌）相等，其热胀冷缩可以忽略。当有彩球悬浮时，悬浮的彩球标牌上的温度值就是所测得的当前环境温度。图乙为这个温度计的示意图，编号为4的彩球标牌所标温度值为22℃，相邻编号的影球标牌上的温度值间隔为2℃，下列说法正确的是（　　）
A．彩球4在22℃时所受浮力小于18℃时所受浮力
B．当环境温度处于该温度计可测得的最低温度时，5个彩球均漂浮
C．若有2个彩球漂浮，3个彩球沉底，则环境温度t满足24℃＜t＜26℃
D．要增大该温度计能测得的最高温度，可增加一个与彩球1体积相等、质量更大的彩球
【答案】C
【分析】（1）液体的密度随着温度升高会减小（除水外）；
（2）根据物体的浮沉条件分析解答。
【解答】解：由题意知，液体的温度升高时，密度变小，原来悬浮的小球因液体的温度升高而下沉，所以4号彩球标牌所标温度值为22℃，则5号小球应标20℃，3号小球应标24℃；
A、22℃大于18℃，液体在22℃时密度小，等于4号球的密度，4号球悬浮，浮力等于重力；18℃时密度大，大于4号球的密度，4号球漂浮，浮力等于重力，所以4号在22℃时所受浮力等于18℃时所受浮力，故A错误；
B、由于液体的密度随着环境温度降低会增大，有更多的彩球能漂浮，所以当环境温度处于该温度计可测得的最低温度时，液体的密度等于密度最大一个小球的密度，即5号彩球悬浮，其余四个小球漂浮，故B错误；
C、若有2个彩球漂浮，3个彩球沉底，则3、4、5三个彩球沉底，4号球标示22℃、3号球标示24℃、2号球标示26℃，表明当前环境温度在24℃到26℃之间，故C正确；
D、当环境温度升高时，液体的密度减小，当前1号球标示温度最高，若想测量更高的温度，应增加一个密度更小的彩球，所以与彩球1体积相等、质量更小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了物体浮沉条件的应用，认真审题，灵活利用好物体浮沉与密度的关系是关键。
22．《哪吒之魔童闹海》是一部由我国导演杨宇（饺子）编剧并执导的奇幻动画电影，于2025年1月29日上映。电影中有一个令人印象深刻的文戏：敖丙在深海水中真情流露，热泪盈眶。但他的眼泪是往上方流的，而不是顺着脸颊往下流的。下列分析正确的是（　　）
A．泪珠的密度大于海水的密度
B．泪珠受到的浮力大于自身的重力
C．泪珠受到的浮力大于排开海水的重力
D．泪珠在上升过程中受到海水的压强变大
【答案】B
【分析】眼泪是往上方流，说明浮力大于重力，结合阿基米德原理和液体压强公司分析。
【解答】解：AB、他的眼泪是往上方流的，说明向上的浮力大于重力，根据浮沉条件知，海水的密度大于眼泪的密度，故A错误，B正确；
C、根据阿基米德原理知，泪珠受到的浮力等于排开海水的重力，故C错误；
D、泪珠在上升过程中，深度减小，根据液体压强特点知，受到海水的压强变小，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查浮沉条件与阿基米德原理，属于中档题。
23．如图（a）所示，金属块在细绳的拉力作用下，在水中一直竖直向上做匀速直线运动，直到上升到离水面一定高度处，图（b）是绳子拉力F随时间t变化的图像，g取10N/kg，根据图像信息，下列判断中正确的是（　　）
A．该金属块重34N
B．浸没在水中的金属块受到的浮力大小是20N
C．t1～t2时间段，金属块在水中受到的浮力逐渐增大
D．该金属块的密度是3.4×103kg/m3
【答案】B
【分析】（1）分析绳子拉力随时间t变化的图象，当金属块从水中一直竖直向上做匀速直线运动，但未露出液面，此时金属块排开水的体积不变，由阿基米德原理可知，此时的浮力不变，绳子的拉力也不变，即为图中的AB段。当金属块完全露出液面，没有浸入水中时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，据此求出金属块重；
（2）首先判断拉力在t1至t2时间段内的变化，再利用公式F浮＝G﹣F拉判断浮力的变化；
（3）根据浮力求得V排，浸没时V＝V排，再根据ρ求得密度。
【解答】解：A．当金属块完全露出液面时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，由图可知，该金属块重力为G＝F拉1＝54N，故A错误；
B．当金属块未露出液面时，即为图中的AB段，由图中可知，此时绳子的拉力为34N，则金属块浸没时受到的浮力为F浮＝G﹣F拉2＝54N﹣34N＝20N，故B正确；
C．从图可知，绳子的拉力在t1至t2时间段内逐渐变大，由F浮＝G﹣F拉可知，浮力逐渐变小，故C错误；
D．金属块的体积
该金属块的密度，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了重力、浮力、质量、密度的计算，以及阿基米德原理，关键是公式和公式变形的应用，难点是通过图乙确定金属块的重力及绳子受到的拉力、会用称重法计算出金属块受到的浮力。
24．如图甲所示，体积为200cm3的实心金属块悬挂在细绳的下端静止时，细绳对金属块的拉力为F1；如图乙所示，底面积为100cm2的开口薄壁容器内装有适量的液体，放在水平桌面上，将金属块浸没在容器内的液体中静止时，容器内的液面升高了1cm，容器对桌面的压力增加了2N，此时细绳对金属块的拉力为F2，且F1与F2之比为4：3。则下列说法正确的是（　　）
A．容器底部受到液体的压力增加了2N
B．金属块浸没在液体中时受到的浮力是1N
C．拉力F2的大小为2N
D．液体的密度是1.0×103kg/m3
【答案】D
【分析】（1）根据ΔF＝ΔpS＝ρ液gΔhS计算液体的压力增大量；
（2）根据力的作用是相互的分析浮力大小，根据且F1与F2之比为4：3与称重法计算浮力得出两个力的大小；
（4）根据阿基米德原理计算液体的密度。
【解答】解：ABC、根据力的作用是相互的，物体受到的浮力等于物体对水杯的压力，即对桌面的增大的压力，则浮力为F浮＝2N；
根据称重法测量浮力知，F浮＝F1﹣F2＝2N；
而F1：F2＝4：3；
则F1＝8N；F2＝6N；故BC错误；
AD、F浮＝2N，根据阿基米德原理知，液体的密度为ρ液1×103kg/m3；
容器内的液面升高了1cm，液体对容器底部的压力增加了：
ΔF＝ΔpS＝ρ液gΔhS＝ρ液×10N/kg×0.01m×100×10﹣4m2＝1N，故A错误；故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查液体的压强和压力、阿基米德原理与力的作用是相互的和称重法测量浮力，属于中档题。
25．把体积为V0密度为ρ的实心球放入密度为ρ′的液体中（ρ＜ρ′），球漂浮在液面上，并有体积V0′露出液面，则球密度ρ与液体密度ρ′之比是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【分析】物体漂浮时，受到的浮力和自身的重力相等，根据密度公式和重力公式以及阿基米德原理得出等式即可求出液体密度和物体密度之间的关系。
【解答】解：因为物体漂浮，
所以F浮＝G，
因为F浮＝ρ液gV排，G＝mg＝ρ物V物g，
所以ρ′g（V0）＝ρV0g，
即 。
故选：D。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理的灵活应用，是一道中等题。
26．如图所示，质量为m0的杯子，装入适量的水后放在水平的电子秤上，示数为m1；把草莓轻放入水中，草莓漂浮，电子秤示数为m2。下列判断正确的是（　　）
A．甲图中，水对杯底的压力为（m1﹣m0）g
B．乙图中，草莓的质量为 m2﹣m1﹣m0
C．乙图中，草莓受到的浮力为（m2﹣m1）g
D．放入草莓后，杯底受到的液体压强不变
【答案】C
【分析】（1）甲图中，根据G＝mg求出水的重力，由于容器开口大，底部小，水对杯底的压力小于水的重力；
（2）乙图中，草莓漂浮，根据甲、乙示数求出草莓的质量；
（3）根据G＝mg求出草莓的重力，根据漂浮的条件计算浮力；
（4）根据放入后的深度变大，结合液体压强特点分析。
【解答】解：A、甲图中，水的重力：G＝m水g＝（m1﹣m0）g，
由于容器开口大，底部小，水对杯底的压力小于水的重力，
即水对杯底的压力小于（m1﹣m0）g，故A错误；
B、乙图中，草莓漂浮，根据甲、乙示数可得，草莓的质量：m草莓＝m2﹣m1，故B错误；
C、草莓受到的重力：G草莓＝m草莓g＝（m2﹣m1）g，根据漂浮时浮力等于重力，故浮力为（m2﹣m1）g，故C正确；
D、放入草莓后，草莓排开水，体积增大，故深度增大，根据压强p＝ρ液gh，杯底受到的液体压强变大，故D错误。故选：C。
【点评】本题考查阿基米德原理与浮沉条件以及液体的压强特点，属于中档题。
27．如图甲为我国古代的滴水计时工具——漏刻，图乙为它的模拟示意图。漏水壶通过底部的出水口向受水壶中滴水，受水壶中的箭尺始终处于漂浮状态，当受水壶中液面升高时，变化的是（　　）
A．箭尺受到的浮力 B．箭尺排开水的质量
C．箭尺排开水的重力 D．水对受水壶底的压强
【答案】D
【分析】（1）根据物体的浮沉条件即可判断浮力的变化；
（2）根据阿基米德原理判断排开水的重力变化，根据重力公式判断排开水的质量变化；
（3）根据液体内部的压强与液体深度关系判断水对受水壶底压强。
【解答】解：A、因受水壶中的箭尺始终处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知箭尺受到的浮力等于箭尺的重力，由于箭尺的重力不变，则浮力不变，故A错误；
BC、由于箭尺受到的浮力不变，根据阿基米德原理可知排开水的重力等于箭尺受到的浮力，则箭尺排开水的重力不变，根据G＝mg可知箭尺排开水的质量不变，故BC错误；
D、当受水壶中液面升高时，由于液体密度一定，深度变大，则根据p＝ρgh可知水对受水壶底压强变大，故D正确。
故选：D。
【点评】这道题通过古人计时原理考查物体的浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，属于基础题。
28．下列说法正确的是（　　）
A．压力的方向一定和受力面垂直
B．互相不接触的两个物体之间不可能有力的作用
C．在水中上浮的物体受到浮力，下沉的物体不受浮力
D．电梯匀速上升时，钢缆对电梯厢的拉力大于电梯厢对钢缆的拉力
【答案】A
【分析】（1）压力是垂直作用在物体表面上的力；
（2）没有接触的物体之间可能有力的作用；
（3）浮力产生的原因是物体上下表面受到液体的压力差，浸在液体中的物体会受到液体对它施加的竖直向上的浮力；
（4）相互作用的力大小相等。
【解答】解：A、压力是垂直作用在物体表面上的力，方向一定与受力面垂直，故A正确；
B、互相不接触的两个物体之间可能有力的作用，例如磁力，故B错误；
C、浸在液体中的物体会受到液体对它施加的竖直向上的浮力，与物体的浮沉情况无关，所以不管在液体中上浮的物体，还是下沉的物体都受浮力的作用，故C错误；
D、钢缆对电梯厢的拉力与电梯厢对钢缆的拉力是一对相互作用力，大小相等，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了压力、力、浮力、相互作用的力，属于基础题。
29．如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是（　　）
A．物体受到的浮力大小关系为FA＜FB＜FC
B．三个物体的密度大小关系为ρA＞ρB＞ρC
C．容器底部受到水的压力大小关系为F甲＞F乙＞F丙
D．容器对桌面的压强大小关系为p甲＞p乙＞p丙
【答案】A
【分析】（1）由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；
（2）由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
（3）利用p＝ρgh判断容器底受到水的压强关系，根据F ＝pS比较压力；
（4）根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系，结合压强公式比较分析。
【解答】解：由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；
A、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为VA排＜VB排＜VC排，根据F浮＝ρ液gV排可知，浮力的大小关系为：FA＜FB＜FC，故A正确；
B、由图可知，A和B处于漂浮，C处于悬浮，则由浮沉条件可知：GA＝FA，GB＝FB，GC＝FC，由于FA＜FB＜FC，所以GA＜GB＜GC；由于正方体A、B、C的体积相同，
由于正方体A、B、C的体积相同，根据可知，物体密度的大小关系：ρA＜ρB＜ρC，故B错误；
C、三个容器内水面高度相同，即h相同，水的密度一定，根据p＝ρgh可知，容器底受到水的压强关系为p甲＝p乙＝p丙，根据F＝pS，底面积相等，故压力相等，故C错误；
因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为F甲＝F乙＝F丙，根据p知，压强相等，故D错误；
故选：A。
【点评】此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
30．关于浮力，下列说法中错误的是（　　）
A．浮力的方向总是竖直向上的
B．浮力是物体受到液体或气体向上托起的力
C．浸在液体中的物体，上浮时受浮力，下沉时不受浮力
D．阿基米德原理说明浸在液体中的物体所受的浮力大小等于物体排开液体所受的重力
【答案】C
【分析】放入液体或气体中的物体下表面受到的压力大于上表面，上下表面受到压力的合力即是浮力；
根据阿基米德原理内容分析浮力的大小。
【解答】解：AB．浮力的产生原因是物体浸在液体中，上下表面受到不同的压强而产生压力差，是受到液体或气体向上托起的力，方向与重力方向相反，总是竖直向上，故AB正确；
C．浸在液体中的物体，任何时候都受到浮力，故C错误；
D．根据阿基米德原理可知，浸在液体中的物体所受的浮力大小等于物体排开液体所受的重力，即F浮＝G排，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查浮力的定义与产生原因、阿基米德原理的内容，属于基础题。
31．滑雪是人们喜爱的运动。如图所示，某同学坐在轮胎上从雪道的A点由静止开始滑下，经最低点B滑行到右边坡道的最高点C。从A到C的过程中该同学的（　　）
A．具有的动能一直在增大
B．受到的摩擦力大小不变
C．具有的机械能一直在减小
D．受到重力的方向不断变化
【答案】C
【分析】影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能；
根据影响滑动摩擦力的因素分析即可；
重力的方向是竖直向下的。
【解答】解：AC、某同学从A到B的过程中，高度变小，质量不变，重力势能变小；速度变大，质量不变，动能变大；从B到C的过程中，高度变大，质量不变，重力势能变大；速度变小，质量不变，动能变小；由于轮胎与雪道之间有摩擦力存在，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，机械能会减小；故从A到C的过程中，动能先变大后变小，重力势能先变小后变大，机械能一直减小，故A错误，C正确；
B、从A到C的过程中，由于AB面和BC面的倾斜长度不同，该同学对雪地的压力会不同，由于接触面的粗糙程度相同，所以该同学受到的摩擦力大小不同，故B错误；
D、由于重力的方向是竖直向下的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了机械能、重力的方向、摩擦力等知识，有一定的综合性。
32．在体育测试中，军军同学掷实心球的场景如图所示，图中a点是实心球刚离开手的位置，实心球从a点上升到最高点b点后下落到c点，然后滚到d点停止。忽略空气阻力，则下列说法中正确的是（　　）
A．实心球从a点上升到b点，是因为实心球受到手的推力的作用
B．若实心球在b点时受到的外力全部消失，实心球将处于静止状态
C．实心球从b点到c点的过程中，动能增大，机械能保持不变
D．实心球从c点运动到d点停止，说明力是维持物体运动的原因
【答案】C
【分析】（1）球离开手以后，球不再受手的力；
（2）物体在不受力时，物体保持静止或匀速直线运动状态；
（3）机械能包括动能与重力势能；
（4）力是改变物体运动状态的原因。
【解答】解：A、实心球从a点上升到b点，此时实心球不再受到手的推力的作用，故A错误；
B、若实心球在b点时受到的外力全部消失，实心球将处于匀速直线运动状态，故B错误；
C、实心球从b点到c点的过程中，动能增大，机械能保持不变，故C正确；
D、实心球从c点运动到d点停止，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了有关力的知识和机械能的有关知识，属于基础题。
33．2025年2月10日，我国17岁运动小将熊诗芮勇夺亚冬会单板滑雪女子大跳台比赛的冠军，如图是熊诗芮比赛时的情景，熊诗芮在空中上升过程中，熊诗芮的（　　）
A．动能减少，重力势能增加
B．动能减少，重力势能减少
C．动能增加，机械能增加
D．动能增加，机械能不变
【答案】A
【分析】动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：运动员在空中上升的过程中，质量不变，速度变小，则动能变小，同时其高度增加，重力势能增大，因为受空气阻力等，所以机械能会减小，故A正确，BCD错误；
故选：A。
【点评】本题考查了机械能的分析，属于基础题。
34．下列事例中，利用了重力势能的是（　　）
A．形变的撑杆将运动员弹起
B．高处落下的重锤将地基夯实
C．喷出的气体推动火箭升空
D．拉开的弓将箭向前射出去
【答案】B
【分析】重力势能与物体的高度及质量有关。
【解答】解：A、形变的撑杆将运动员弹起，利用了弹性势能，故A错误；
B、高处落下的重锤将地基夯实，利用了重力势能，故B正确；
C、喷出的气体推动火箭升空，利用了内能，故C错误；
D、拉开的弓将箭向前射出去，利用了弹性势能，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了重力势能，属于基础题。
35．以下哪位物理学家的名字被用来作为能量的单位（　　）
A．焦耳 B．欧姆 C．伏特 D．安培
【答案】A
【分析】根据常见物理量的单位解答即可。
【解答】解：由于能量的国际单位是焦耳，电阻的国际单位是欧姆，电压的国际单位是伏特，电流的国际单位是安培，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了对常见物理量单位的了解，属于基础题。
36．一本物理课本从桌面掉到地上，其重力做功约为（　　）
A．0.2焦 B．2焦 C．20焦 D．200焦
【答案】B
【分析】先估出课本的质量，由重力公式得到其重力，再估出桌面的高度，由功的公式得到重力对课本做的功。
【解答】解：一本物理课本大约为260g＝0.26kg，则该物理书所受的重力G＝mg＝0.26kg×10N/kg＝2.6N，
而书桌的高度约为0.75m，那么重力对课本所做的功为W＝Gh＝2.6N×0.75m＝1.95J，接近2J，故B符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查功的估算，正确估出课本的质量和书桌的高度，利用重力公式、功的公式即可解答。
37．为美化环境，抑制扬尘，环卫洒水已形成常态化，如图所示，正在水平路面上匀速前进进行洒水作业喷洒车，水箱内水的动能以及汽车牵引力做功的功率如何变化（　　）
A．水箱内水的动能变小，汽车牵引力做功的功率变大
B．水箱内水的动能变大，汽车牵引力做功的功率变大
C．水箱内水的动能变小，汽车牵引力做功的功率变小
D．水箱内水的动能变大，汽车牵引力做功的功率变小
【答案】C
【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关；
（2）根据影响摩擦力大小的因素分析喷洒车受到摩擦力的大小变化，利用二力平衡条件可知牵引力的大小变化，再根据PFv分析牵引力做功的功率变化。
【解答】解：喷洒车的速度不变，但是水箱内水的质量减小，所以水箱内水的动能变小；喷洒车的速度不变，总重力减小，对路面的压力减小，接触面的粗糙程度不变，则喷洒车受到的摩擦力减小；喷洒车做匀速直线运动，摩擦力和牵引力是一对平衡力，摩擦力减小时，牵引力也减小，由P＝Fv可知，牵引力的功率变小；故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了动能的大小变化、二力平衡条件和功率公式的应用等知识，属于综合题，但难度不大。
38．关于功、功率相互关系的说法中，正确的是（　　）
A．机械功率越高，机械做功越快
B．做功越多的机械，机械功率越高
C．功率越大的机械，做功越多
D．做功越慢的机械，机械功率越大
【答案】A
【分析】（1）功率指物体做功的快慢；
（2）机械效率指有用功与总功之比；
（3）根据W＝Pt计算功的多少。
【解答】解：A、功率指物体做功的快慢，机械功率越高，机械做功越快，故A正确；
B、机械效率指有用功与总功之比，故做功越多的机械，机械功率不一定越高，故B错误；
C、根据W＝Pt可知，功率越大的机械，做功不一定越多，故C错误；
D、做功越慢的机械，机械功率越小，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了功率，属于基础题。
39．小明用手机的“连拍功能”拍摄了一个网球从高处掉落在地上又反复弹起的过程。图中所标记的四个位置中，网球的机械能最小的是（　　）
A．点A B．点B C．点C D．点D
【答案】D
【分析】对于重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定，物体质量越大、位置越高、物体具有的重力势能就越大，机械能包括物体的动能和势能，小球弹跳的高度会越来越低隐含的信息是机械能逐渐减小。
【解答】解：由图可知，网球弹起的高度逐渐减小，说明网球在弹跳的过程中需要克服摩擦和空气阻力做功，有一部分机械能转化为其他形式的能，所以，从位置A到位置D，网球的机械能是逐渐减小的，D位置机械能最小，故D正确，ABC错误；
故选：D。
【点评】对于这类题目要抓住题目的隐含信息，小球弹跳的高度会越来越低，就是明显告诉小球的机械能越来越小。
40．下列有关功和功率的说法中，正确的是（　　）
A．做的功越多，功率越大
B．做功用的时间越短，功率越大
C．相同时间内，做功越多，功率越大
D．做相同的功，用时短的，做功慢
【答案】C
【分析】（1）功率是表示做功快慢的物理量，机器的功率大，说明它做功快，即在相同的时间内做功多。
（2）功率是单位时间内做的功的多少。要想判断功率大小，就要知道所做的功和所用的时间。
【解答】解：A、机器做功越多，不知道做功时间，它的功率不一定大，故错误。
B、机械所做的功一定时，所用的做功时间越短，它的功率就越大。光知道时间，不知道功的多少，不能判断。故错误。
C、时间一定时，所做的功与功率成正比，功越多，功率越大。故正确。
D、做功一定时，功率与时间成反比，时间越长，功率越小。故错误。
故选：C。
【点评】此题是关于功率的基本题目，难度较小，只要熟悉功率的计算公式和物理意义就能正确解决。
41．一位同学用图所示的滑轮组拉着重400N的物体，使物体以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动10s，已知物体与地面间的滑动摩擦力为地面所受压力的0.45倍，滑轮组的机械效率为60%，在此过程中下列选项错误的是（　　）
A．绳子自由端移动的距离为4m
B．物体克服摩擦力做功为240J
C．作用在绳上的力F大小为150N
D．拉力做的总功为600J
【答案】B
【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s＝ns'＝nvt求出绳子自由端移动的距离；
（2）物体对水平地面的压力等于自身的重力，已知物体与地面间的滑动摩擦力为地面所受压力的0.45倍，据此求出物体受到的摩擦力，根据W＝fs'＝fvt求出物体克服摩擦力做的功；
（3）根据η求出作用在绳上的力F大小；
（4）根据W总＝Fs求出拉力做的总功。
【解答】解：A、由图可知，n＝2，绳子自由端移动的距离为s＝ns'＝nvt＝2×0.2m/s×10s＝4m，故A正确；
B、物体对水平地面的压力等于自身的重力，即F压＝G＝400N，已知物体与地面间的滑动摩擦力为地面所受压力的0.45倍，则物体受到的摩擦力为f＝0.45F压＝0.45×400N＝180N，
物体克服摩擦力做的功为：
W＝fs'＝fvt＝180N×0.2m/s×10s＝360J，故B错误；
C、根据η可知，作用在绳上的力F大小为：
F150N，故C正确；
D、拉力做的总功为：
W总＝Fs＝150N×4m＝600J，故D正确。
故选：B。
【点评】本题主要考查的是滑轮组的机械效率，关键是会根据题目的条件进行计算。
42．用滑轮组提升重物时，绳子自由端拉力做功随时间变化的关系如图所示，在20s内绳子自由端竖直匀速移动16m，重物竖直匀速上升4m。已知动滑轮总重100N，提升的物体重800N。关于该过程，下列说法正确的是（　　）
A．绳子自由端拉力的功率为20W
B．额外功为400J
C．绳子自由端拉力的大小为250N
D．滑轮组的机械效率约为88.9%
【答案】C
【分析】（1）根据图确定20s内绳子拉力做的功，利用P求出绳子自由端拉力的功率；
（2）根据W有＝Gh求出拉力做的有用功，利用W总＝W有+W额求出额外功；
（3）根据W总＝Fs求出绳子自由端拉力的大小；
（4）根据η求出滑轮组的机械效率。
【解答】解：A、由图可知，20s内绳子拉力做的功为：W总＝4×103J，则绳子自由端拉力的功率为：
P200W，故A错误；
B、拉力做的有用功为：
W有＝Gh＝800N×4m＝3200J，
根据W总＝W有+W额可知，额外功为：
W额＝W总﹣W有＝4×103J﹣3200J＝800J，故B错误；
C、根据W总＝Fs可知，绳子自由端拉力的大小为：
F250N，故C正确；
D、滑轮组的机械效率为：
η100%＝80%，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了做功公式、功率公式和机械效率公式的综合应用。
43．如图甲所示，用拉力F竖直向上匀速提升重360N的货物，货物移动的距离与时间的关系如图乙所示。动滑轮重40N，不计绳重和摩擦，则（　　）
A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
B．拉力F为400N
C．该装置可以省功
D．动滑轮的机械效率为90%
【答案】D
【分析】（1）动滑轮绳子股数为2，根据v求出绳子自由端移动的速度；
（2）不计绳重和摩擦，根据F（G+G动）求出拉力F；
（3）任何机械都不能省功；
（4）不计绳重和摩擦，根据η求出动滑轮的机械效率。
【解答】解：A、动滑轮绳子股数为2，由图乙可知，0～4s内，货物移动的距离为2.0m，则绳子自由端移动的速度为：
v1m/s，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，拉力F为：
，故B错误；
C、使用任何机械都不能省功，故C错误；
D、不计绳重和摩擦，动滑轮的机械效率为：
η100%＝90%，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查的是滑轮组的机械效率，关键是会根据题目的条件进行简单的计算。
44．下列机械中，使用时不能省距离，但能省力的是（　　）
A．托盘天平
B．独轮车
C．筷子
D．船桨
【答案】B
【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故A错误；
B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B正确；
C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错误；
D、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误；
故选：B。
【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂
45．如图所示，小明用甲、乙两装置匀速提升质量为m1的物体。滑轮的质量均为m2，相同的时间t内物体被提升的高度均为h。下列说法正确的是（　　）
A．绳子自由端的拉力一定为F1＞F2
B．两个拉力做的额外功相等
C．F1、F2两个拉力做功的功率比值为3：2
D．若不计绳重和摩擦，两种装置的机械效率均为
【答案】D
【分析】（1）不计绳重和摩擦，根据动滑轮和定滑轮的特点分析拉力的大小关系；
（2）不计绳重和摩擦，根据W额＝G动h分析回答；
（3）因题中没有不计绳重和摩擦，无法确定两个拉力大小，据此分析；
（4）若不计绳重和摩擦，根据η求出两种装置的机械效率。
【解答】解：A、不计绳重和摩擦，甲是动滑轮，拉力为：F1（G+G动）（m1g+m2g）；
乙是滑轮组，由图乙可知，n＝3，F2（G+G动）（m1g+m2g），则F1＞F2；因题中没有不计绳重和摩擦，因此绳子自由端的拉力F1不一定大于F2，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，根据W额＝G动h可知，两个拉力做的额外功相等，因题中没有不计绳重和摩擦，因此两个拉力做的额外功不一定相等，故B错误；
C、因题中没有不计绳重和摩擦，无法确定两个拉力大小，因此也无法确定F1、F2两个拉力做功的功率大小，故C错误；
D、若不计绳重和摩擦，根据η可知，两种装置的机械效率均为，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了做功公式、功率公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
46．用如图所示的甲、乙两个滑轮组分别将A、B两个物体沿竖直方向匀速提升相同高度，竖直拉绳子自由端的力分别为F1、F2，此过程的有用功和总功如表所示。甲滑轮组的定滑轮、动滑轮所受的重力均为G甲，乙滑轮组的定滑轮、动滑轮所受的重力均为G乙。忽略绳重以及轮和轴之间的摩擦。下列说法正确的是（　　）
滑轮组 有用功/J 总功/J
甲 700 1200
乙 300 800
A．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组低
B．两个滑轮组都是省力机械
C．G甲＜G乙
D．F1＝F2
【答案】D
【分析】（1）根据表中数据结合η分别求出甲、乙滑轮组的机械效率，然后比较其大小；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总＝Fs＝Fnh和W有＝Gh分别求出甲、乙滑轮组的拉力和物重，据此分析比较；
（3）根据W总＝W有+W额分别求出甲、乙滑轮组的额外功，利用W额＝G动h确定甲、乙滑轮组动滑轮重力大小。
【解答】解：A、由表中数据可知，甲滑轮组的机械效率为：
，
乙滑轮组的机械效率为：
，故A错误；
BD、由图可知，甲滑轮组承担物重的绳子段数n＝3，乙滑轮组承担物重的绳子段数n′＝2；设物体上升高度均为h，甲滑轮组绳子自由端的拉力为：
，
A物体的重力为：
，故甲为省力机械；
乙滑轮组绳子自由端的拉力为：
，
B物体的重力为：
，故乙为费力机械；
故B错误，D正确；
C、甲滑轮组的额外功为W额甲＝W总﹣W有＝1200J﹣700J＝500J，
乙滑轮组的额外功为W额乙＝W'总﹣W'有＝800J﹣300J＝500J＝W额甲，
忽略绳重以及轮和轴之间的摩擦，则额外功W额＝G动h，甲乙滑轮组动滑轮上升的高度相同，则动滑轮所受的重力相同，即G甲＝G乙，故C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了做功公式和机械效率公式的综合应用。
47．如图甲所示，重为G的物体A在水平拉力F1（F1＜G）的作用下在水平路面上匀速直线移动一段距离s，所用时间为t，改用如图乙所示滑轮组拉动物体A在同一水平路面上用相同时间匀速直线移动相同距离，拉力为F2，每个滑轮的重力为G0，此过程中（　　）
A．拉力F1的功率为
B．拉力F2做的总功为F2s
C．滑轮组的机械效率为
D．使用滑轮组时克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的比例为
【答案】D
【分析】（1）根据P求出拉力F1的功率；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总2＝F2s'＝F2ns求出拉力F2做的总功；
（3）在图乙中，同一物体在同一路面上匀速运动，由于压力大小不变、接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，物体A受到的摩擦力不变，克服摩擦力做的功等于拉力F1做的功，根据η求出滑轮组的机械效率；
（4）根据W动＝G0s求出克服动滑轮做的额外功，利用W总2＝W有2+W动+W绳+摩求出克服绳重和摩擦所做的额外功，根据η'求出使用滑轮组时克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的比例。
【解答】解：A、拉力F1的功率为：
P，故A错误；
B、由图乙可知，n＝2，拉力F2做的总功为：
W总2＝F2s'＝F2ns＝2F2s，故B错误；
C、在图乙中，同一物体在同一路面上匀速运动，由于压力大小不变、接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，物体A受到的摩擦力不变，克服摩擦力做的功等于拉力F1做的功，即W有2＝W1＝F1s，则滑轮组的机械效率为：
η，故C错误；
D、每个滑轮的重力为G0，克服动滑轮做的额外功为W动＝G0s；
克服绳重和摩擦所做的额外功为：
W绳+摩＝W总2﹣W有2﹣W动＝2F2s﹣F1s﹣G0s，
则克服绳重和摩擦所做的额外功占总功的比例为：
η'，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了滑轮组的有用功、总功、额外功、机械效率的计算，属于综合性题目。
48．如图所示为铁路输电线的牵引装置原理图，采用坠砣牵引来自动补偿输电线的张紧，以此保障列车电极与输电线的接触。钢绳通过滑轮组悬挂配重为6000N的坠砣，输电线的一端P点与B滑轮相连被张紧。若某段时间内坠砣竖直上升了10cm，不计滑轮和钢绳自重、摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．B滑轮是定滑轮
B．A滑轮是动滑轮
C．输电线P端受到的拉力为3000N
D．输电线P点向右移动了5cm
【答案】D
【分析】（1）使用过程中，固定不动的滑轮是定滑轮，滑轮和物体一起移动的是动滑轮；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，不计滑轮和钢绳自重、摩擦，可得GFP，据此求输电线P端受到的拉力大小；
（3）根据h＝nsP求出输电线P端向左移动的距离。
【解答】解：AB、由图可知，A滑轮固定不动，是定滑轮；B滑轮随输电线一起移动，是动滑轮，故AB错误；
C、由图可知，n＝2，不计滑轮和钢绳自重、摩擦，根据GFP可知，输电线P端受到的拉力为：
FP＝nG砣＝2×6000N＝1.2×104N，故C错误；
D、根据h＝nsP可知，输电线P端向左移动的距离为：
sP5cm，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了水平使用滑轮组时拉力与提升物重的关系以及拉力端移动距离与物体升高高度的关系，注意与竖直使用滑轮组的区别。
49．如图甲所示装置，小欢用力F向下拉绳子，使物体M在水平地面匀速移动，地面ab、bc段粗糙程度不同。物体M重为400N，动滑轮重为5N，ab＝2m，bc＝3m。物体M从a点到c点过程中，拉力F与M移动距离的关系如图乙，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（　　）
A．物体M从a点到c点过程中，绳子自由端移动的距离为15m
B．物体M从a点到c点过程中，拉力F做的总功为420J
C．物体M从ab段到bc段，滑轮组的机械效率不变
D．物体M从a点到c点过程中，克服摩擦力做功为815J
【答案】D
【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s'＝ns＝n（sab+sbc）求出绳子自由端移动的距离；
（2）已知ab＝2m，bc＝3m分别求出绳子自由端移动的距离，由图乙知绳子的拉力大小，根据功的公式求出拉力做的功；
（3）使物体M在水平地面匀速移动，根据二力平衡，物体受到的滑动摩擦力等于拉力的大小，根据滑轮组的机械效率为：
η分析；
（4）忽略绳重及摩擦，根据F（f+G动）分别求出ab和bc段物体M受到的摩擦力，利用功的公式求出克服摩擦力做的功。
【解答】解：A、由图可知，n＝2，物体M从a点到c点过程中，绳子自由端移动的距离为s'＝ns＝n（sab+sbc）＝2×（2m+3m）＝10m，故A错误；
B、ab＝2m，bc＝3m，绳子自由端移动的距离分别为：
s1＝2×2m＝4m，s2＝2×3m＝6m，由图乙知绳子的拉力分别为60N和100N，拉力做的功为：
W＝W1+W2＝F1s1+F2s2＝60N×4m+100N×6m＝840J，故B错误；
C、使物体M在水平地面匀速移动，根据二力平衡，物体受到的滑动摩擦力等于水平面上绳子的拉力的大小，因100N大于60N，故可知bc段物体受到的滑动摩擦力大，滑轮组的机械效率为：
η；
动滑轮的重力不变，物体从ab段到bc段，滑动摩擦力变大，故滑轮组的机械效率变大，故C错误；
D、忽略绳重及摩擦，根据F（f+G动）可知，ab段物体M受到的摩擦力为：
f1＝nF1﹣G动＝2×60N﹣5N＝115N，
同理，bc段物体M受到的摩擦力为：
f2＝nF2﹣G动＝2×100N﹣5N＝195N，
则物体M从a点到c点过程中，克服摩擦力做功为：
W'＝f1sab+f2sbc＝115N×2m+195N×3m＝815J，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查二力平衡的条件、功和机械效率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
50．如图所示，小明想用一个定滑轮、一个动滑轮、一根绳子组成的滑轮组把一个重力为200N的物体匀速竖直提升1m，已知每个滑轮的重力都为20N。不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（　　）
A．若选择最省力的方式提起物体，拉力大小为60N
B．动滑轮上升的高度可能为2m
C．向上拉动绳子和向下拉动绳子提升物体时，机械效率相等
D．物体克服重力做功为220J
【答案】C
【分析】（1）滑轮组最省力，说明滑轮组绳子股数最多，对于一定一动滑轮组绳子最多股数为3，不计绳重和摩擦，利用F（G+G动）求出拉力大小；
（2）动滑轮随物体一起移动，其上升的高度等于物体上升的高度；
（3）分别用两种绕法匀速提升相同重物时，不计绳重和摩擦，根据η比较两种绕法的机械效率大小；
（4）根据W有＝Gh求出物体克服重力做的功。
【解答】解：A、滑轮组最省力，说明滑轮组绳子股数最多，对于一定一动滑轮组绳子最多股数为3，不计绳重和摩擦，拉力大小为：
F（G+G动）（200N+20N）≈73.3N，故A错误；
B、动滑轮随物体一起移动，其上升的高度等于物体上升的高度，即1m，故B错误；
C、分别用两种绕法匀速提升相同重物时，有用功相同，不计绳重和摩擦，克服动滑轮做的功是额外功，因同一滑轮组中动滑轮的重不变、根据η可知，机械效率相等，故C正确；
D、物体克服重力做的功为：
W有＝Gh＝200N×1m＝200J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了做功公式、机械效率公式和滑轮组绳子拉力公式的综合应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
51．中国

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