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2025年中考物理考前冲刺复习：科普阅读 押题练习题
一、科普阅读题
1．阅读短文，回答问题。
自动驾驶汽车
2022北京冬奥会首次基于5G自动驾驶汽车实现火炬接力，开启了自动驾驶汽车的里程碑。如图甲为一款自动驾驶汽车，其控制系统能根据路而情况作出应对，确保车辆正常行驶，上坡时，会自动切换到低速挡，使汽车的行驶速度减小并根据斜坡陡峭程度选择是否沿S型轨迹行驶；车轮遇到小石块时会自动改变牵引力越过障碍：前方有紧急情况时会自动断断续续地刹车，以防车轮抱死，减小刹车片磨损，由于车辆座椅材质上乘，刹车时乘客几乎感受不到颠簸。
车辆采用传统的燃油机和电动机作为动力源，电动力系统中包括高效电动机、发电机和蓄电池，行驶中燃油机既向车轮提供动力，又给蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过电动机向车轮输送，由燃油机和电动机共同驱动车辆前进，具有省油、能量利用率高等特点。
车内安装有测量汽车水平运动时速度变化的装置，其结构原理图如图乙，在箱体的前、后壁各安装一个压力传感器A和B，中间用两根相同的轻质弹簧连接一滑块，滑块可沿箱底无摩擦滑动，车辆静止时，
两弹簧均处于压缩状态，已知弹簧的弹力与其形变量成正比。测试时，该车在同一水平道路由静止开始加速到速度为v的过程中，牵引力做功W与速度v的对应关系如表。
v/m·s~ 5 10 17.5 20 25
W/J 2.0×105 8.0×105 2.45×106 3.2×106 5.0×106
（1）刹车时通过　 　的方式增加了刹车片的内能；技术人员在解释刹车“不颠簸”的原因时做了如下实验：用相同的力把两个相同的金属球分别在硬板凳和软垫上按压，其中图丙左侧水渍较大的是在　 　上按压留下的。
（2）下列关于自动驾驶汽车的说法中，正确的是　 　
A.汽车上坡选择沿S型轨迹行驶是为了省功
B.汽车上坡换挡，使行驶速度减小的目的是增大牵引力
C.汽车关闭油门后在水平路面滑行过程中，内能转化为机械能
D.汽车静止时，速度变化装置中两弹簧具有的弹性势能不相同
（3）如图所示，当汽车车轮通过一石块时，可将图中O2点看作支点，设车轮受到的水平牵引力为F1，阻力为F2，由此可以推断，石块越高（不高于车轮半径），所需水平牵引力越　 　（选填“大”或“小”）。
（4）汽车匀速运动时，水平运动速度变化装置中传感器A、B的示数均为10N。当车加速行驶时，传感器A的示数为8N，则汽车行驶方向　 　（选填“向左”或“向右”），传感器B的示数为　 　N。
2．阅读短文，回答问题。
青少年是国家的未来，国家非常关心青少年的健康成长，对于青少年日常使用物品的安全性制定了相关标准。
例如：中学生常用的中性笔笔帽上的小孔是出于保护青少年的安全，确保如果有人误吞笔帽时仍有空间进行呼吸，因此也被称为“救命孔”（如图甲、图乙）。
国家因此制定了相关标准，《中华人民共和国国家标准——学生用品的安全通用要求（GB21027﹣2007）》中的规定，书写笔、记号笔、修正笔和水彩笔的笔帽应符合下列3条规定中的至少一条：1.笔帽尺寸足够大。2.笔帽上需要有一个横截面积至少为××平方毫米的通气小孔。3.笔帽上的小孔最小通气量为1.36×10﹣4m3/s。
（1）中性笔握手的位置上有一层橡胶是为了 　 　笔与手之间的摩擦（选填“增大”、“减小”），笔尖滚珠与纸面之间的摩擦是 　 　摩擦（选填“滑动”、“滚动”或“静”）；
（2）医学上抢救气管异物堵塞的标准方法是：急救者从背后环抱患者，用力向患者上腹部施压，从而排出异物被称为“生命的拥抱”。此法的科学原理是：一定温度下，一定质量的气体体积 　 　时（选填“变大”、“变小”），压强增大；这一情况与 　 　时人体肺部压强的变化一样（选填“吸气”、“呼气”）；
（3）中性笔笔帽上的小孔会使笔帽内外的气压 　 　（选填“相同”、“不同”），摘笔帽时更容易；若不小心吸入笔帽，人体在用力吸气时通过该笔帽通气孔的气体平均流速可达20m/s。为确保生命安全，人体与外界通气量要达到国标要求的最小通气量，则通气孔的面积至少为 　 　mm2；
（4）若不小心将没有通气孔的笔帽吸入气管，由于气管堵塞导致肺内气压比外界小，若医生至少需要1N的力作用在笔帽上才能将笔帽取出。笔帽的横截面积约为0.8cm2，则此时肺内气压大约是 　 　Pa（外界气压P0＝1×105Pa）。
3．阅读短文，回答问题；
刀片式磷酸铁锂电池
题图甲所示为某刀片式磷酸铁锂电池.这种设计可使电池内部的空间利用率提高，同时刀片电池的多层结构和热隔离等安全措施，提高了电池的耐高温性能.测试者针对电池使用的七重安全维度进行了测试.测试结果发现，这款电池具有挤压不起火、不爆炸，耐高温性能强，续航里程长，使用寿命长等特点.但它也有自己的不足，如能量密度（单位质量储存的电能）比锂电池低，耐低温性能相对较弱等。
刀片式磷酸铁锂电池和其他蓄电池一样，使用寿命可以用“循环寿命”来衡量，是指电池寿命结束前进行的100%全循环放电次数，研究表明不同的放电深度会影响电池的循环寿命。例如一辆汽车将蓄电池电量从70%用到30%，则这次的放电深度为40%；再次使用前将蓄电池充电到90%后，又用到30%，这次的放电深度为60%，则这两次总共完成了1次100%全循环放电.图乙所示是蓄电池的使用寿命（100%全循环放电次数）与每次放电深度的关系。
（1）刀片式磷酸铁锂电池的优点是　 　（写出一条即可）；
（2）根据特点分析，使用刀片式磷酸铁锂电池的电动汽车更适合在　 　（选填“广东”或“黑龙江”）地区使用；
（3）某款电动汽车搭载的刀片式磷酸铁锂电池的质量是550kg，能量密度是140W·h/kg；
①这款电池充满电可储存电能　 　kW·h；
②一次驾驶使用该电池的电动汽车出行，消耗电池电能46.2kW·h，则这次的放电深度是　 　；
③若该电动汽车用户每天使用前都充电到蓄电池电量的90%，行驶一天用去的电量为蓄电池电量的50%.按此计算，每月要完成　 　次100%全循环放电；（每月按30天计算）
（4）由图乙可知，每次用掉　 　的电量再充电有助于延长电池的使用寿命。
4．阅读短文，回答问题
智能手机
随着智能手机的日益苦及， 人们的日常生活发生了翻天覆地的变化.在众多APP的帮助下，人们通过智能手机可以实现轻松出行、远距离通信、线上支付、网上办公等活动.手机电池作为手机的一个重要部分，目前正朝着大容量、快电、长待机的方向发展某款手机锂电池上标有“电压：3.7V容量：4200mAh”字样.该手机搭配了超级快充功能，采取的方式是保持充电器的电压不变，将电流从原来的1A变为5A，极大的提高了充电功串.电池充满电后，持续使用一段时间，屏幕显示电量不足20%时，靴合发出“是否开启省电视式”的提示.此时最好给手机充电续航.若无法充电，则开启“省电模式”后，手机显示还可以持续使用2h，电量将耗尽。
手机无线充电是目前比较新的一门技术，无线充电就是不借助效格管量耐手机进行充电，从而增加手机的铁时间.现阶段使用较多的一种无线充电技术的原理知图甲乙所示，交流电源过送电圈(无线充电板)产生醒场，智能手机(受电线图 格森电板上就能充电，并将电能储存到手机的锂电池内.
（1）手机在使用过程中是依靠　 　(选填“声波”或“电磁波")传递信息的.
（2）为了防止手机温度过高，手机的散热部件应选用导热快、比热容　 　(选填“大”或“小")的材料.
（3）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生　 　，无线充电工作原理与　 　(选填“发电机”或“电动机")工作原理相似.
（4）文中锂电池最好在电能还剩　 　J时给它及时充电，此手机在“省电模式”下使用时的平均功率为　 　W
5．阅读材料，回答问题.
北京时间2022年6月5日10时44分07秒，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，约577秒后，神舟十四号载人飞船与火箭成功分离，进入预定轨道，由航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲组成的飞行乘组状态良好，发射取得圆满成功.长征二号F遥十四运载火箭主要由火箭主体和四个助推器组成，利用燃料燃烧产生高温高压的燃气向下喷出，获得的起飞推力超过6×106N， 力大无穷却又身轻如燕.
神舟十四号载人飞船与核心舱的径向接口对接前，必须在19米停泊点自动对焦，使瞄准靶心与天和核心舱的十字靶心完全重合，然后平移靠拢，19米、15米、10米……对接环接触，飞船与空间站组合体合二为一.
在神舟十四号载人飞船与空间站组合体成功实现自主快速交会对接后，航天员乘组从返回舱进入轨道舱.按程序完成各项准备后，航天员陈冬成功开启天和核心舱舱门，北京时间2022年6月5日20时50分， 航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲依次全部进入天和核心舱.
（1）火箭发射时，高温高压的燃气从尾部喷出，.火箭获得上升的推力，该推力的施力物体是　 　；若火箭连同载人飞船的重力大小是G，则G　 　(选填“>”“=”或“”6×106N)
（2）神舟十四号载人飞船飞近且在与核心舱径向接口对接过程中，相对于核心舱，它是的；在与径向接口对接前，载人飞船在19米停泊点时，它与核心舱　 　(选填“需要”或“不需要”)保持相对静止.
（3）核心舱在轨道上绕地球正常运行时，处于　 　 (选填“平衡”或“非平衡”)状态.在这种状态下，　 　 (选填“能”或“不能”)用天平测出物体的质量.若核心舱内一质量为 0.5 kg的物体挂在弹簧测力计下面并静止，测力计的读数是　 　N.
6．阅读短文，回答问题。
流体阻力
物体在流体中运动时，会受到阻力作用，该阻力叫做流体阻力。流体阻力大小跟相对运动速度大小有关，速度越大，阻力越大；跟物体的横截面积有关，横截面积越大，阻力越大；跟物体的形状有关，头圆尾尖这种形状通常叫做流线型的物体受到的阻力较小。
物体从高空由静止下落，速度会越来越大，所受阻力也越来越大，下落一段距离后，当阻力大到与重力相等时，将以某一速度作匀速直线运动，这个速度通常被称为收尾速度。小聪的研究小组做了“空气对球形物体阻力大小与球的半径和速度的关系”的实验，测量数据见下表。（）
小球编号 1 2 3
小球质量（g） 2 5 45
小球半径（cm） 0.5 0.5 1.5
小球的收尾速度（） 16 40 40
（1）在实际应用中，有时需要减小物体所受的流体阻力，有时需要增大物体所受的流体阻力，以下在正常运行或工作过程中需要增大流体阻力的是　 　；
A．动车组　　B．核潜艇　　C．C919大飞机　　D．降落伞
（2）1号小球在收尾速度时受到的空气阻力为　 　N；
（3）半径相同的小球，质量　 　（选填“大”或“小”）的收尾速度大；对于3号小球，当速度为20m/s时，空气阻力　 　重力（选填“大于”“等于”或“小于”）；
（4）假设一小球从足够高度由静止下落，则该小球的速度ν随时间t变化的大致图像为如图所示的　 　（选填“甲”或“乙”）。
7．阅读短文，回答问题。
风光互补
风光互补是一套发电应用系统，该系统是利用太阳能电池板、风力发电机（将交流电转化为直流电）将发出的电能存储到蓄电池组中，当用户需要用电时，逆变器将蓄电池组中储存的直流电转变为交流电，通过输电线路送到用户负载处。风光互补系统是由太阳能电池板和风力发电机两种发电设备共同发电的。如图所示是“风光互补路灯”。有阳光时，太阳能电池板发电；有风时，风力发电机发电；两者兼备时同时发电，并将电能输送至蓄电池储存起来，供路灯晚间照明使用。蓄电池在使用过程中，充电至90%时停止充电。表所示为某型号风光互补路灯配置的相关参数。当风速在5~12m/s时，风力发电机输出功率与风速的三次方成正比。
风力发电机 太阳能电池、蓄电池
最小启动风速 1m/s 太阳能电池功率 0~200W
最小充电风速 3m/s 太阳能转换效率 15%
最大限制风速 12m/s 蓄电池容量 400A·h
最大输出功率 400W 蓄电池电压 12V
对比传统路灯，风光互补路灯以自然界中的太阳能和风能为能源，不向大气中排放污染性气体，致使污染排放量降低为零。长久下来，对环境的保护不言而喻，同时也免除了后期大量电费支出的成本。
（1）太阳能是　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源。风力发电时，将　 　能转化为电能；
（2）风力发电机给蓄电池充电时，蓄电池相当于电路中的　 　（选填“电源”或“用电器”）。
（3）蓄电池充电至90%时储存的电能，若全部用于给“12V80W”的LED路灯供电，可供路灯连续正常工作　 　h；
（4）若太阳能电池板的总面积为5m2，在某时间段光照1h，太阳能电池板平均发电功率为180W，则1m2的太阳能电池板1h所接收到的太阳辐射的能量至少为　 　J；
（5）当风速为6m/s时，持续光照10h，蓄电池的电量也只由20%充到了70%，则太阳能电池板发电的平均功率为　 　W。
8．阅读材料，回答问题。
主动式空气净化器
图甲为某型号空气净化器，在不同档位工作时的参数如下表所示。洁净空气量是指1h净化空气的体积；能效比是空气净化器洁净空气量与输入功率之比；净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。
工作挡位 待机 1挡 2挡 3挡 4挡 5挡 6挡
功率（W） 0.9 23 44 75 103 123 148
净化空气量/（m3/h） ﹣ 120 240 360 500 610 760
噪音/（dB） ﹣ 23 32 39 47 49 55
（1）颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力，这主要是因为　 　；
（2）该净化器接在家庭电路中，在2挡正常工作时的电流为　 　A，如果室内面积为50m2，房间的高度为2.5m，请你计算该空气净化器工作挡位为4挡时，理论上1h可以净化房间内空气　 　次；
（3）下列说法错误的是　 　。
A．进风口流速大，气流外侧的颗粒物也被吸入净化器
B．输入净化器中的功率越大，消耗的电能越多
C．净化器工作时发出的声音不会对人的听力造成损伤
D．净化器的能效比越大，说明该净化器越节能
（4）该空气净化器工作挡位为3挡时，出风口的面积为0.25m2，则风速为　 　m/s；
（5）利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R0=10Ω，电源电压恒为28V；如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度β的变化曲线。现用此电路检测该型号净化器的净化效率：净化器启动前，检测电路中电流表的示数为0.7A，此时空气中有害气体浓度是　 　μg/m3，净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A，则该空气净化器的实际净化效率为　 　%。
9．阅读下面的短文，回答问题。
电动自动玻璃门
小明进入商场时，发现商场大门采用的是电动自动玻璃门。当小明靠近玻璃门时，玻璃门A、B自动滑向两侧开门，如图甲箭头方向所示；无人通行时，玻璃门自动关闭。
电动自动玻璃门装置中的电路如图乙所示。控制电路主要元件：电磁铁（不计电磁铁线圈的电阻）、电源（电压恒定为U1）、红外线传感器R、定值电阻R1=120Ω工作电路主要元件：静触点a、动触点b、电源（电压恒定为）电动机。当电磁铁线圈中的电流为50mA时，衔铁刚好被吸下，动触点b与静触点α接触，电动机开始工作，玻璃门被打开。红外线传感器R的电阻随人体到大门的距离L的变化关系如图丙所示。
（1）小明走近玻璃门的过程中，在玻璃门上所成像的大小　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；当小明走到距离玻璃门L=2m时，刚好触发电动机工作，带动左右两扇玻璃门滑向两侧而开门，若玻璃门滑动过程中小明不动，则他的像的位置　 　（选填“不变”或“改变”）；通过计算，控制电路的电源电压U1为　 　V。
（2）闭合开关S时，电磁铁上端是　 　极。
（3）若将一个电压表并联在R两端，则电压表示数UR随L的变化关系式为　 　。
10．阅读下列短文，回答问题.
可燃冰
可燃冰是一种新型能源，主要成分是甲烷和水，分布在深海沉积物里或陆域的永久冻土中，如图所示，可燃冰形似冰块却能燃烧，燃烧后几乎不产生任何残渣， 1m2的可燃冰分解后可释放出约0.8m2的水和164m2的天然气，天然气中甲烷的含量占80% 99.9%.可燃冰的生成有三个基本条件：首先要求低温，可燃冰在0~10℃时生成， 超过20℃便会分解，海底温度一般保持在2~4℃左右；其次是高压，可燃冰在0℃时，只需海水产生29个标准大气压即可生成，而以海洋的深度，此高压容易保证；最后是充足的气源，海底的有机物沉淀，其中丰富的碳经过生物转化，可产生充足的气源、在温度、压强、气源三者都具备的条件下，可燃冰就会生成.
请回答下列问题：[1个标准大气压取1×105Pa，海水的密度取1×103kg/m3，g取 10N/kg， c 水=4.2×103J/(kg℃)，甲烷的热值取4.2×107J/m3]
（1）可燃冰的主要成分是　 　。
（2）若要在0℃的海底生成可燃冰，海水的深度至少要　 　m
（3）如图所示，海底上有一块体积为100m3且底部与海底紧密相连的可燃冰A， 其受到海水的浮力为　 　N.
（4） 0.5m3的可燃冰分解后，其中的甲烷完全燃烧放出的热量，在标准大气压下，至少可以将质量为　 　kg温度为20℃的水加热至沸腾.甲烷燃烧烧水是利用　 　的方式改变水的内能。
11．阅读下面短文，回答以下问题。
感应发光冰块，又名入水亮冰块，产品采用食品级PS材料及电子元件组成的发光冰块，采用先进的触水式开关具有入水即亮的特性（液体感应），外形仿如真实冰块一般。感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛。感应发光冰块内部电子元件有：液体感应器、AG3 电池和 LED 灯泡。电源为 3 个 AG3 电池（一个 AG3 电池额定电压 1.5V，容量 30mA h）。感应发光冰块的使用方法是将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用。感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后，再放入饮料内，可以起到降低饮料的温度的作用。需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中。
（1）液体感应器是先进的触水式　 　（选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）。
（2）冷冻后的感应发光冰块通过　 　的方式改变饮料的内能，饮料的内能减小。且由于感应发光冰块的　 　（选填“热值”、“比热容”或“热效率”）较大，能使饮料在短时间内的温度降得更低。
（3）某位同学在研究 LED 灯的特点时，发现将一只 LED 灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，这说明了 LED 灯具有　 　性。
（4）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于　 　状态。（选填“通路”、“断路”或“短路”）
（5）每个 AG3 电池最多释放的电能为　 　J。
12．阅读材料，回答问题。
混合动力汽车
随着汽车科技的不断进步，混合动力汽车逐渐受到人们的青睐。插电式混合动力是当前比较流行的新能源汽车动力模式，它是介于纯电动汽车和燃油汽车之间的新能源汽车，具有传统汽车的发动机、变速器、传动系统、油路、油箱和电池，可以外接充电。油电混合动力汽车燃油经济性高，驾驶性能优异。油电混合动力汽车的发动机需要燃油，起步和加速时，在电动机的辅助下，可以降低油耗。当电池电量充足时，以电动模式行驶，实现“零油耗”和“零排放”；当电池电量不足时，以燃油模式行驶，又能给电池充电，综合油耗依然比传统燃油车更低。
（1）汽车的后视镜是一个　 　镜，能让司机看到车后更大的范围；
（2）汽车上的“倒车防撞可视雷达”，通过安装在车尾的摄像头对准车后的障碍物，障碍物经摄像头中的凸透镜成倒立　 　 (选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像，这个像通过电子装置加工、调整并传递到显示屏上，如果看到显示屏中的障碍物的像变大，则障碍物离车尾的距离变　 　. (远、近)；
（3）已知该车电池能够储存电能20kW·h， 小王驾驶充满电的汽车沿平直公路如题图甲从A 地匀速行驶至B地(路面对汽车的阻力恒定不变)，假设电池消耗的电能全部用来驱动汽车行驶。当行驶到C地时，电池的能量还剩余30%，随即开启燃油模式。当汽车行驶到B地时，电池能量显示为50%(忽略充电过程中的能量损失)，若该行驶模式过程中恰好消耗3L汽油，则汽车从C地到B地的过程中汽油的综合利用效率为　 　 (汽油的热值取 q=4.0×103J/L)。
（4）如题图乙为四冲程汽油机某气缸的各冲程示意图，一个工作循环合理的顺序为 　 　。若该汽油机以3000r/min 的速度运行，则该气缸每秒对外做功　 　次
（5）请说出混合动力汽车的优点　 　。
13．阅读短文，回答问题.
铜壶滴漏
铜壶滴是我国古代的一种计时工具，如题22图甲所示，早期的铜壶滴漏由一只播水壶和一只受水壶组成，受水壶上固定一把铜尺，铜尺上刻有十二时辰，受水壶里放置一个浮舟，浮舟上装一支浮箭。当水从播水壶滴入受水壶后，受水壶中的水位升高，浮箭被慢慢托起，古人根据浮箭上端在铜尺上对应的刻度就知道当时的时间了。每个时辰是两个小时，其中子时代表 23：00~1：00，丑时代表1：00-3：00，寅时代表3：00~5：00……以此类推。
由于播水壶水位下降会导致滴水速度发生变化，后人对铜壶滴漏进行了改良，将播水壶由原先的一只增加到三只(如图乙所示)，分别称为日壶、月壶和星壶，自上而下依次放置在阶梯式座架上。钢壶滴漏中的每个壶都有盖，下面三个壶盖中还有圆孔承接上壶嘴滴漏的每一滴水。使用时，定时给日壶补水，确保星壶始终处于满水状态，一昼夜恰好能将受水壶滴满。
（1）若浮舟的重力为G，浮舟在受水壶中所受的浮力为 Fn. 随着受水壶水位的升高，G 　 　F，(选填“>""=”或“<")，浮舟浸在水中的深度　 　：
（2）正常使用铜壶滴漏时，请把星壶容器底受到水的压强随时间变化的关系在图丙中表示出来　 　：
（3）以下为早期铜壶滴漏的铜尺标度，关于“子"“丑”“寅”三个时辰刻度的大概位置正确的是　 　图
（4）铜壶滴漏经过改良后，铜尺上刻度是均匀的.相邻刻度线间隔大小的主要因素是：　 　.
（5）若铜壶滴漏受水壶容积为V，如果从星壶底部流出的每一滴水的体积为，则从星壶底部平均每分钟能流出　 　水.(写出表达式)
14．阅读短文，回答问题。
自动制冷装置
为延长蔬果保鲜时间，某同学帮助菜农设计了蔬果保鲜仓库的自动制冷装置，装置工作兴原理图如图甲所示。控制电路中电源电压恒定，R1为热敏电阻，其阻值随温度的变化关系如图乙所示，定值电阻R2=5Ω，电磁铁线圈阻值忽略不计。当温度升高到5℃时，控制电路中的电流刚好达到100mA，衔铁吸下，制冷器启动工作；当电流降至37.5mA 时，铁弹回，工作电路断开，制冷器停止工作，如此进行间歇性循环工作。图丙为工作电路1h内制冷器功率与时间的关系图像。
（1）温度升高时，热敏电阻R的阻值将　 　(选填“增大”或“减小”)；电磁铁的磁性将　 　(选填“增强”或“减弱”)。
（2）控制电路中的电源电压为　 　 V。
（3）该装置所控制的最低温度为　 　 ℃。
（4）1h内，工作电路中制冷器消耗的总电能为　 　 kW·h。
（5）在不改变控制电路中电源电压的情况下，若要降低所控制的最低温度，请写出一种简便可行的方法：　 　(合理即可)。
15．阅读短文，回答问题
蜡烛汽艇
“科技给我力量，创新伴我成长”。在刚结束的学校科技创新节活动中，“创新”学习小组的同学们用一只蜡烛使小汽艇开动起来，获得创意-等奖．同学们展示了制作过程：用中空铜管在高温下弯曲成螺旋状制成发动机，然后将发动机穿插在轻木板船体上，再向钢管里注满水，把汽艇放入水池中，点燃放在螺旋状铜管下的蜡烛，铜管中的水被加热后沸腾，产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出，使汽艇向前行驶。同时，管内压力变小，池中的水就会从管外流入管内。如此一来，铜管内的水再次被加热，反复进行，汽艇就不断前行。
（1）铜管内水沸腾后产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出时，喷出去的水就会给汽艇一个向前的力，这是因为　 　；
（2）汽艇铜管中的水喷出后，管内压力变小，在大气压作用下，池中的水从管外流入管内，试问历史上首先测出大气压的实验是著名的　 　实验；
（3）随着蜡烛不断燃烧，汽艇浸在水中的体积会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）
16．阅读下面内容，回答以下问题。
嫦娥四号月背之旅
月球是地球的天然卫星，月球绕地球公转的周期与自转周期相同，所以月球总是同一面背对地球。月球背面与地球间的通讯是一个难题，为解决该问题（如图甲所示）。2018年12月8日，我国又将嫦娥四号探测器送入太空。嫦娥四号经历地月转移、近月制动。环月飞行和落月过程，成为人类史上首个着陆于月球背面的无人探测器。为避免嫦娥四号在着陆瞬间“闪着腰”，工作人员给它研制了4条强有力的“腿”，又能有效“吸收”着陆时产生的冲击力，防止它携带的设备被震坏。在嫦娥四号的“腿”上（如图乙所示）。“大脚掌”中央装有一个形如足弓的金属构件，可以有效分散冲击力。
嫦娥四号由着陆器与巡视器（即月球车，又称“玉兔二号”）组成，2019年1月3日巡视器与着陆器成功分离，顺利在月背表面行驶。“玉兔二号”配有全景相机、红外成像光谱仪、测月雷达等科学探测仪器，总质量仅135kg。
（1）“鹊桥”中继星在轨道上运行时，受到的力　 　（选填“是”或“不是”）平衡力；
（2）嫦娥四号探测器“腿”上的圆形“大脚掌”可　 　（选填“减小”或“增大”）对月面的压强；
（3）为增大与月面间的摩擦，“玉兔二号”采用的装置是　 　，“玉兔二号”月球车在月球背面留下第一道“脚印”，这个现象说明力可以改变　 　；
（4）小海同学有一个创新设计，他计划用降落伞将探测器降落在月球上，你认为他的这种设计　 　（选填“科学”或“不科学”），若“玉兔二号”每个轮子触月面积为100cm2，则“玉兔二号”对水平月面的压强为　 　Pa（地球上g取10N/kg）。
17．阅读材料，回答问题．
福建舰
福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰.2024年1月2日播出的《新闻联播》中出现了福建舰的最新画面（如图甲所示）．
此次福建舰画面上出现了舰载机模型的身影，引发了大众对福建舰会搭载何种舰载机的讨论．福建舰采用电磁弹射技术，电磁弹射器的弹射装置与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射装置内的导体通以强电流时，飞机可受到强大的推力．大众熟知的歼舰载机早已形成全面战斗力，它在万米高空水平飞行时受到的阻力f与速度的平方的关系图象如图乙所示．从技术角度上讲，在歼基础上发展出弹射型号不存在技术困难，所以歼搭配在福建舰上的可能性很大．（取）
甲 乙
（1）舰载机喷出高温高压气体的同时，气体也对飞机施加了推力，这说明了力的作用是　 　．舰载机能够升空是因为它在甲板上运动时，机翼下表面比上表面的空气流速　 　，从而产生向上的升力．
（2）下列说法错误的是____（填字母）．
A．舰载机在航母上着落时，虽然速度逐渐减小，但舰载机的惯性不变
B．舰载机在航母上着落时，舰钩对拦阻索的拉力大于拦阻索对舰钩的拉力
C．舰载机受到支持力是因为航母甲板发生形变而产生的
D．航母沿直线匀速航行，停在水平甲板上的舰载机运动状态没有发生改变
（3）若福建舰满载时下表面平均入水深度为，则福建舰下表面受到海水的压强为　 　．
（4）当一架歼以的速度在万米高空的水平方向匀速飞行时，它所受到的阻力为　 　N．
18．阅读短文，回答问题：
中国第一辆火星车“祝融号”
2021年5月15日，由“天问一号”释放的着陆器成功着陆于火星乌托邦平原南部。其整个着陆过程大致分为进入、减速、软着陆三步。着陆器搭载着火星车进入火星大气层后，首先通过滑行进行气动减速，着陆器抛弃减速，启动缓冲火箭进入动力减速阶段。当下落到距火星表面约100m的高度时，并利用其底部的传感器进行扫描侦察，自主选择适合着陆的平坦区域，着陆器在发动机的控制下缓速触地（如图所示）。5月22日，开启勘探任务。“祝融号”的质量为240kg，车轮与火星表面接触的总面积约为。为适应火星表面的复杂地形，火星车的6个车轮均可独立升降和转向，能进行蠕动、蟹行、酷脚等机械操作。
（1）着陆过程中，着陆器受到火星大气的压强　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；在动力减速阶段，启动缓冲火箭减速利用了力的作用是　 　的原理；若悬停时受到的外力全部消失，着陆器将　 　（选填“静止”或“做匀速直线运动”）；
（2）火星车可以完成蠕动、蟹行、踏脚等操作，说明力　 　（填“是”或“不是”）改变物体运动状态的原因；火星车静止在火星水平表面上时，受到的重力为　 　N，对火星表面的压强为　 　Pa．（已知火星上g取4N/kg。
19．阅读短文，回答问题．
空心锤子
在生产、生活和科学实验中，我们常常要使用锤子．如在墙上钉钉子时，我们用锤子反复击打钉子，钉子便进入墙里．但是，在宇宙空间，当宇航员用锤子敲击物体时，锤子给物体一个作用力，物体受力运动的同时，人和锤子也会向背离物体的方向运动，并且敲击时的作用力越大，人和锤子就会被弹的越远，根本无法进行再次敲击．怎样解决这一问题呢？
科学家把宇航员用的锤子设计成空心的，并在里面装入一定量的钢砂，当手握锤子敲击物体时，锤子会把受到的反作用力传给钢砂，使原来处于相对静止的钢砂运动起来．钢砂运动产生的相互摩擦克服了此状态下的反作用力，同时产生热量，减慢了锤子的运动，使锤子不会反跳起来．由此攻克了在宇宙空间不能用锤子反复敲打物体的难题．回答下列问题：
（1）已知月球对物体的引力约为地球的，若宇航员在地球上的质量为，每只脚的触月面积为，则宇航员在月球上的质量为　 　，他对水平月面的压力为　 　N，宇航员在月球上行走时，对月面的压强为　 　（地球上g取）．
（2）用锤子击打钉子，锤子对钉子的力　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）钉子对锤子的力；
（3）宇航员用锤子敲击物体，物体会运动，人和锤子也会反向运动，敲击时的作用力越大，人和锤子就会被弹飞得越远，是因为力的　 　（选填力的三要素之一）影响了力的作用效果；
（4）宇航员与飞船一起绕地球匀速转动时，受到的是　 　（选填“平衡力”或“非平衡力”）．
20． 阅读材料，回答问题。
“大鹏公主”号运输船
“大鹏公主”号运输船是深圳第一艘8万立方米LNG（液化天然气）运输船，为全球最大的浅水航道LNG船。该船总长239米，宽36米，运力近8万立方米，于2023年2月18日正式交付使用。
该船是全球同级别舱容LNC船中设计吃水最浅的，其独特的设计使吃水深度低于8.5米，通江达海，具有卓越的适航性，尤其是在枯水季节也能进入我国长江、珠江流域，服务区域广。采用独特的双艉鳍线型，快速性能优，航向稳定性好，安全可靠性高。采用双主机双螺旋桨推进、双舵系操纵，操纵能力强，具有高度灵活的转运兼容性。
（1）“大鹏公主”号采用双艉鳍线型的优点不包括 ____（选填字母）；
A．快速性能优 B．航向稳定性好 C．抗沉性好
（2）运输船静止在水面上时，受到的浮力 　 　（选填写“大于”“小于”或“等于”）船的总重力。“大鹏公主”号从南海海域驶入珠江流域后，船身将 　 　（选填“上浮”或“下沉”）一些；
（3）该船以吃水深度为8米航行时，船底受到海水的压强为 　 　Pa；（海水密度取1.03×103kg/m3，g取10N/kg）
（4）“大鹏公主”号运输船在某地卸下1.8万立方米液化天然气，这些液化天然气完全燃烧放出的热量是 　 　J，若这些热量全部用于火力发电，且发电效率为40%，每户家庭年平均用电量为2000千瓦时，则可以满足 　 　户家庭一年的用电量。（液化天然气的热值为2.0×1010J/m3）
21．阅读短文，回答问题。
为了抗击新冠肺炎病毒，学校采取了一系列防控措施，如用消毒灯对餐具进行消毒、用过氧乙酸溶液熏蒸对教室内的空气进行消毒、用热成像技术测量同学们的体温等。若教室用过氧乙酸溶液进行熏蒸消毒，按照消毒的有关要求，过氧乙酸在空气中的浓度必须大于0.1g/m3才能达到消毒要求。小明为了测出教室中过氧乙酸气体的浓度，设计出了过氧乙酸气体浓度测试仪，如图1是其简化的工作电路图，已知电源的电压为6V，定值电阻的阻值R0=10Ω，图中过氧乙酸气体传感器Rt的阻值随过氧乙酸气体浓度的变化关系如图2所示，电压表示数的变化对应了不同的过氧乙酸气体浓度，电压表的量程为0～3V（电压表的“0”刻度线在表盘的左端）。
（1）对上述防控措施中涉及的物理知识，下列说法错误的是 ___________。
A．消毒灯消毒时利用的是紫外线
B．热成像技术测体温利用的是红外线
C．我们能闻到过氧乙酸溶液的气味，说明分子在不停地做无规则运动
D．新冠肺炎病毒的直径约为150nm，它小于分子的直径
（2）新冠肺炎病人的检查涉及肺部影像学，主要指的是肺部CT，原理是利用了X光，它在真空中的传播速度是 　 　m/s，此时是利用它传递　 　（填“信息”或“能量”）；
（3）当电路消耗的总功率为0.72W时，教室内过氧乙酸气体的浓度 　 　（填“能”或“不能”）达到消毒要求；
（4）当过氧乙酸气体浓度为0.3g/m3时，电压表的示数为 　 　V，可见将电压表改装成过氧乙酸气体浓度表时，若每相邻两个刻度的气体浓度变化量相同，则改装后的表盘从左向右刻度线将 　 　（填“越来越密”“越来越疏”或“疏密相同”）。
22．阅读短文，回答问题：
仪仗方队
2019年10月1日，庆祝中华人民共和国成立70周年大会在北京天安门广场隆重举行。10时43分，空中护旗梯队拉开了阅兵分列式的序幕，随后，20架直升飞机组成巨大的“70”字样，象征中华人民共和国走过70年光辉历程。紧接着，仪仗方队高擎党旗、国旗、军旗，迈着雄健的步伐通过天安门广场，接受祖国和人民的检阅(如图)。气势如虹的各种方队，高喊着“能打胜仗”的誓言，展示了忠诚卫士的使命担当。
（1）仪仗方队从天安门前走过，队伍看上去整齐划一，现场的观众能从不同方向看到这一场景，是由于光发生了　 　(选填“镜面反射”或“漫反射”)的缘故；
（2）在天安门广场，现场观众听到的飞机轰鸣声是通过　 　传到观众的耳中的，观众听到飞机轰鸣声，立刻抬头观看，说明声音可以传递　 　选填（“信息”或“能量”)。现场要求观众将手机调成静音状态，目的是为了在　 　处减弱噪声；
（3）在阅兵式上，军乐团中吹长号的号手通过拉动滑管改变吹出声音的　 　(选填“音调”“响度”或“音色”)。看着威武的人民军队，听着雄健的脚步声，观众心中充满了对祖国强盛的自豪感，对于观众，这脚步声是　 　(选填“乐音”或“噪声”)。
23．阅读短文，回答问题。
无人机
无人驾驶飞机简称“无人机”，英文缩写为“UAV”，是利用无线电波（无线电波与光的性质一样，可以在真空中传播）遥控设备和自备的程序控制装置操纵的不载人飞机。无人机工作时噪音小于，巡航速度可以达到每小时90-150千米，可以搭载高分辨率的摄像机、专业光学相机、红外相机等。
（1）无人机在匀速起飞过程，动能　 　，机械能　 　；（均选填“不变”“减小”或“增大”）
（2）制作无人机的材料应具有　 　小、硬度大的特点，起飞时，增大四个旋翼的转速，向下方的风量增加，无人机就会上升，这是因为力的作用是　 　；
（3）该机一个旋翼的电动机额定功率为30W，额定电压为15V，电动机正常工作时，通过的电流为　 　A；
（4）该机所需的能量是由一块输出电压为15V，容量为的电池提供。若电能的80%用于飞行，飞行时的实际功率为100W，则该机最多能飞行　 　s。
24．阅读短文，回答问题：
“鲲龙”两栖飞机
2022年5月10日上午11点，由中国航空工业集团自主研发的中国首款大型水陆两栖飞机——“鲲龙”AG600在珠海金湾机场开展高速滑行试验，这是一款民用灭火和水上救援大飞机，为岛礁补给、海上安全保障、海上执法服务，水面起降抗浪高度大于2.8m海浪
AG600选装4台国产涡轮发动机，可以在20秒内一次吸水12吨，单次投水救火面积可达4000余平方米，水上应急救援一次可救护50名遇险人员。当飞机停泊在水上时，宽大船体所产生的浮力，但在需要起飞时，螺旋桨发动机产生的拉力，机翼上产生的升力逐渐增大，从而把飞机从水面上逐渐托起来
其部分参数如下表。其中：飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比。（ρ海水≈ρ水＝1×103kg/m3，g取10N/kg）
全长/m 37 翼载/（kg/m2） 500 最大巡航速度/（km/h） 540
最大航程/km 4500 空中滞留/h 12 最大起飞质量/t 53.5
最大载水量/t 12 飞行最低高度/m 300 最多应急救援人数 50
（1）图2为AG600机翼设计截面图，飞机起飞利用了流体中流速越大的位置，压强越 　 　的原理，为缩短起飞时间，最好 　 　起飞（选填“顺风”或“逆风”）。用水灭火的原理是水汽化 　 　（选填“吸热”或“放热”）使可燃物的温度降至着火点以下，使火熄灭。
（2）关于水陆两柄飞机“鲲龙AG600”，下列说法错误的是 ____（填序号）。
A．飞机使用航空煤油，执行任务过程中，油箱中的煤油的热值不变。
B．飞机匀速水平飞行向下喷水进行森林灭火过程中它的动能、重力势能和机械能都在减小。
C．它在水面上方匀速盘旋搜寻救援目标时，受到的是平衡力。
D．执行森林灭火的投水任务中，飞机应该在到达着火点前提前投放。
（3）AG600装满货物起飞时，为确保飞机正常飞行，机翼面积至少为 　 　m2。AG600以最大载水量起飞，飞行至最低高度时，需要对水做功 　 　J。若AG600在海面执行搜救任务救援起最多人数时，飞机排开水的体积约增加 　 　m3。（假设人均质量为50kg）。
（4）飞机利用测距传感器来判断离地高度，若某测距传感器的阻值与离地高度h的关系为(h单位为米）（电源输出的电流恒定），定值电阻R1为200Ω，当电流表示数0.09A，电压表示数6V时　 　m。
25．阅读短文，回答问题。
如图甲所示，我国国产第二艘航母山东舰出海训练，航母搭载的重型舰载机质量为5150kg，舰载飞机与甲板的总接触面积为5000cm2。
（1）不计燃料消耗，下列说法中正确的是　 　；
A．航母的外壳采取硬度大的特种钢板制成的
B．航母静止在海面上受到的合力为零
C．舰载机加速起飞过程中，惯性不变
D．舰载机加速起飞过程中，对航母的压力不变
（2）海上刮东风，为便于舰载机起飞，航母航向应调整为　 　（选填“向东”或“向西”）航行。舰载机降落到甲板后，会受到阻拦索的阻挡而减速，防止飞机因　 　继续滑行而掉入海中；
（3）舰载飞机停在甲板上时对甲板的压强为　 　Pa。若因执行任务其中两架舰载机起飞后，则航母排开海水的体积减少了　 　m3（海水的密度为1.03×103kg/m3，g取10N/kg）；
（4）航母上的工作人员在不同海域取样部分海水，并利用以下方法测量某次取得的海水的密度；
方法：取一个杯身圆柱形的杯子（杯子厚度忽略不计），先在其中装水密封后，放在水平桌面上，如图乙所示；再将杯子分别倒置在盛有水和海水的容器中，静止后杯子内外液面高度差如图丙和丁所示，则图丁中的海水密度为　 　kg/m3（水的密度为1.0×103kg/m3）。
答案解析部分
1．【答案】做功；软垫；B；大；向右；12
【解析】【解答】（1）刹车时，要克服摩擦做功，是做功的方式增加了刹车片的内能。
压力相同时，硬板凳与篮球的接触面积小，软垫与篮球的接触面积大，图丙水渍较大的是在软垫上按压留下的。
（2）A．使用斜面时，斜面越长越省力，汽车上坡沿S型轨迹行驶，增大了斜面长度，可以省力，使用任何机械都不省功，故A错误；
B．根据，在功率一定时，汽车上坡换挡，减小速度，可以增大牵引力，故B正确；
C．汽车关闭油门，在水平路面滑行时，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，故C错误；
D．汽车静止时，相同的弹簧均处于相同的压缩状态，弹簧具有的弹性势能相同，故D错误。
故选B。
（3）图丁中，车轮通过石块时，车轮将绕O2点转动，O2点看作支点；车轮受到的水平牵引力为F1，阻力为F2，动力臂和阻力臂，如图：
石块越高，阻力臂越大，动力臂越小，根据F1L1=F2L2，水平牵引力越大。
（4）汽车匀速运动时，左右传感器A、B的示数均为10N；当车加速行驶时，滑块具有惯性，滑块向后方移动，使车前进方向弹簧压缩程度减小，后方弹簧压缩程度增大，由右侧传感器A的示数由10N变为8N，可知车向右行驶。
静止时，左右两侧的弹簧形变程度是相同的，加速时，一侧弹性形变程度减少多少，另一侧的弹性形变程度要增加相同的量，当传感器A的示数由10N变为8N，减少2N时，传感器B的数值要增加2N，传感器B的示数为12N。
【分析】（1）物体间相互摩擦，做功改变内能；受力面较软，受相同压力，接触面积更大；
（2）斜面越长，可以增大斜面长度，减小牵引力；功率相同时，减小速度，可以增大牵引力；弹簧的形变程度相同，弹性势能相同；
（3）杠杆转动时，绕的点是支点；从支点向力的作用线作垂线，作力臂；根据力臂大小，判断力的大小；
（4）弹力的大小与弹性形变程度有关；根据弹力大小判断弹簧的形变方向，分析物体运动方向。
2．【答案】增大；滚动；变小；呼气；相同；6.8；0.875×105
【解析】【解答】解：（1）中性笔握手的位置上有一层橡胶是为了增大笔与手之间的摩擦，笔尖滚珠与纸面之间的摩擦是滚动摩擦。
（2）医学上抢救气管异物堵塞的标准方法是：急救者从背后环抱患者，用力向患者上腹部施压，从而排出异物被称为“生命的拥抱”。此法的科学原理是：一定温度下，一定质量的气体体积变小时，压强增大；这一情况与呼气时人体肺部压强的变化一样。
（3）中性笔笔帽上的小孔会使笔帽内外的气压相同，摘笔帽时更容易；若不小心吸入笔帽，人体在用力吸气时通过该笔帽通气孔的气体平均流速可达20m/s。为确保生命安全，人体与外界通气量要达到国标要求的最小通气量，则通气孔的面积至少为：。（4）若不小心将没有通气孔的笔帽吸入气管，由于气管堵塞导致肺内气压比外界小，若医生至少需要1N的力作用在笔帽上才能将笔帽取出。
笔帽的横截面积约为0.8cm2，
此时笔帽受到的压强为：；
则此时肺气压大约是：p2=p0-p1=1×105Pa-1.25×104Pa=8.75×104Pa。
故答案为：（1）增大；滚动；（2）变小；呼气；（3）相同；6.8；（4）8.75×104。
【分析】（1）增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；在同样的条件下，滚动摩擦比滑动摩擦小得多。
（2）一定质量的气体，体积越小，压强越大。
（3）根据题目的条件进行计算。
（4）根据内外压强差进行计算。
3．【答案】空间利用率高，耐高温性能强，续航里程长，使用寿命长；广东；77；60%；15；40%
【解析】【解答】（1）由材料可知，该电池具有空间利用率高，耐高温性能强，续航里程长，使用寿命长等优点。
（2）由材料第一段最后一句可知，该电池耐低温性能相对较弱，广东气温相对较高，适合使用该电池。
（3）电池的质量是550kg，能量密度是140W·h/kg，根据单位的计算可知这款电池充满电可储存的电能W=mE=550kg×140W·h/kg=77000W·h=77kW·h；消耗电能46.2kW·h，总能量为77kW·h，所以放电深度为， 行驶一天用去的电量为蓄电池电量的50%. 2天完成1次100%全循环放电，一个月完成15次全循环放电。
（4）由图乙可知，放电深度为40%时，100%全循环放电次数最大。
综上 第1空 、空间利用率高，耐高温性能强，续航里程长，使用寿命长；第2空 、广东；第3空 、77；第4空 、60%；第5空 、15；第6空 、40%。
【分析】1、能量密度：定义为单位质量具有的能量，计算公式为能量密度×质量等于总能量；
2、常识：根据常识可知，电动车电池的放电量和温度有关，温度高，放电量高；
3、放电深度为消耗电能于总储存电流量的比值。
4．【答案】（1）电磁波
（2）大
（3）感应电流；发电机
（4）11188.8；1.554
【解析】【解答】(1)电磁波可以传递信息，手机在使用过程中就是依靠电磁波传递信息的。
(2)因为比热容大的物质，升高相同的温度，吸热较多，因此为了防止手机温度过高，手机的散热部件应选用导热快、比热容大的材料。
(3)智能手机放在无线充电板上时，受电线圈靠近该磁场时就会产生感应电流，给智能手机充电，这是利用电磁感应原理工作的，因此无线充电工作原理与发电机工作原理相似。
(4)剩余的能量为
手机在“省电模式”下使用时的平均功率为
【分析】（1）手机在使用过程中就是依靠电磁波传递信息的。
（2）比热容大的物质，升高相同的温度，吸热较多；
（3）给智能手机充电，这是利用电磁感应原理工作；
（4）根据电功以及电功率公式进行计算。
5．【答案】（1）高温高压燃气；＜
（2）需要
（3）非平衡；不能；0
【解析】【解答】（1）力的作用是相互的，火箭发射时，高温高压燃气从尾部喷出，火箭对燃气一个向下的力，高温高压燃气对火箭施加一个向上的推力，故该推力的施力物体是高温高压的燃气。
火箭发射时，火箭由静止变为运动，力是改变物体运动状态的原因，此时推力大于重力，故火箭连同载人飞船的重力大小是G，则G ＜6×106 N。
故答案为：高温高压燃气；＜。
（2）神舟十四号载人飞船飞近且在与核心舱径向接口对接过程中，两者距离逐渐缩小，故相对于核心舱，它是运动的。在与径向接口对接前，载人飞船在19米停泊点时，由于此时停泊，即两者距离不发生变化，故它与核心舱需要保持相对静止。
故答案为：需要。
（3）核心舱在轨道上绕地球正常运行时，核心舱曲线运动，故处于非平衡状态。因为处于失重状态，所以不能用)用天平测出物体的质量。由于核心舱内物体不受重力，若将核心舱内一质量为0.5kg的物体挂在弹簧测力计下面并静止，测力计的读数是0N。
故答案为：非平衡；不能； 0。
【分析】（1）根据物体间力的作用是相互的分析哪一个物体是施力物体；根据火箭和载人飞船的运动状态分析重力和推力的大小关系；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。由于此时停泊，即两者距离不发生变化，故它与核心舱需要保持相对静止。
（3）核心舱在轨道上绕地球正常运行时，核心舱曲线运动，故处于非平衡状态。因为处于失重状态，所以不能用)用天平测出物体的质量。
6．【答案】D；0.02；大；小于；乙
【解析】【解答】（1）ABC．动车组、核潜艇的形状、C919大飞机设计成流线型，可减小高速运行时的空气阻力，故ABC不符合题意；
D．降落伞展开时增大了与空气的接触面积，从而增大了空气阻力，故D符合题意。
故选D。
（2）1号小球在收尾速度时，处于匀速直线运动状态，所以小球在竖直方向上受到竖直向下的重力等于竖直向上的阻力，所以阻力=0.02N
（3）由表格中数据知，半径相同的小球，质量大的收尾速度大。当速度为20m/s时，3号小球处在收尾速度之前，运动速度不断增大，说明小球所受重力大于阻力。
（4）小球在开始运动时，速度很小，重力和阻力的合力方向向下，故小球在开始时速度越来越快，当阻力慢慢的等于重力时，小球将做匀速运动，故乙图符合
综上第1空、D；第2空、0.02；第3空、大；第4空、小于；第5空、乙
【分析】（1）流体流速的大的地方压强小，根据物体的实际使用情景即可判断需要增大流体阻力的物体；
（2）物体做匀速直线运动时，所受的力为平衡力，可判断1号小球在收尾速度时受到的空气阻力与小球的重力大小相等；
（3）根据表格可知质量大的收尾速度大，当速度为20m/s时，物体处于非平衡状态；
（4）小球加速时，所受的的合力减小，可知小球加速的趋势逐渐减缓。
7．【答案】可再生；风；用电器；54；8.64×105；190
【解析】【解答】（1）太阳能能不断从自然界获取，是可再生能源；风力发电时，得到电能，将风能转化为电能；
（2）给蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，相当于电路中的用电器；
（3）蓄电池充电至90%时，储存的电能为：
；
可供路灯连续正常工作时间为：；
（4）根据电功率和时间，计算太阳能电池板产生的电能为：
，
太阳能电池板接收的辐射的能量为：；
则1m2的太阳能电池板1h所接收到的太阳辐射的能量至少为：
；
（5）蓄电池的电量增加值为：
则发电的总功率为：；
在风速在5~12m/s时，风力发电机输出功率与风速的三次方成正比，根据表格数据，风速为时，风力发电功率为400W，设风速为时，风力发电功率为，则有
，解得，太阳能电池板发电的平均功率为：
。
【分析】（1）太阳能短时间可获得，是可再生的；发电时，机械能转化为电能；
（2）电路中，消耗电能的是用电器；
（3）根据蓄电池充电量，计算储存的电能；根据，计算工作时间；
（4）根据W=Pt，计算电能多少，结合效率，计算太阳能电池板辐射的能量；
（5）根据，计算发电功率；结合发电功率和风速的关系，计算风速大小。
8．【答案】带电体具有吸引轻小物体的性质；0.2；4；B；0.4；2.0；95
【解析】【解答】（1）带电体具有吸引轻小物体的性质，所以颗粒物接近带有负电荷的金属网时受到强烈的吸引力。
（2）家庭电路电压是220V，净化器在2挡正常工作时，电功率为44W，根据电功率公式可计算工作电路的电流；该净化器在4挡正常工作时，净化空气量是500m3/h，所以理论上1h可以净化500m3的空气， 室内面积为50m2，房间的高度为2.5m ，所以房间的体积为125m3，所以净化房间内空气的次数为；
（3）A．由于进风口流速大，压强小，气流外侧的颗粒物在外界大气压作用下会被压入净化器中，故A正确，不符合题意；
B．输入净化器中的功率越大，工作时间未知，根据W=Pt可分析不能判断消耗电能的多少，故B错误，符合题意；
C．净化器工作时发出声音的响度最大为55dB，小于90dB，不会对人听力造成损伤，故C正确，不符合题意；
D．能效比越大，说明空气净化器洁净空气量与输入功率之比越大，该净化器越节能，故D正确，不符合题意。
故选B。
（4）该空气净化器工作挡位为3挡时，净化空气量是360 m3/h，出风口的面积为0.25m2，则1h吹出的空气柱长度为，根据速度公式计算风速为；
（5）由电路图可知，R0与R串联，净化器启动前，检测电路中电流表的示数为0.7A，电源电压为28V，根据欧姆定律可计算电路的总电阻；气敏电阻的阻值；由图丙可知，此时空气中的有害气体浓度是2.0μg/m3。净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A，同理可计算电路总电阻，气敏电阻的阻值；此时空气中的有害气体浓度是0.1μg/m3所以该空气净化器的实际净化效率为。
综上 第1空、 带电体具有吸引轻小物体的性质； 第2空、0.2； 第3空、4； 第4空、B； 第5空、0.4； 第6空、2.0； 第7空、95%；
【分析】1、电荷间的作用规律为：同性电荷相互排斥、异性电荷相互吸引，吸引细小物质；
2、欧姆定律：公式为U=IR，电源电压28V，净化前的电流表示数为0.7A，据此计算电路的总电阻；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和，总电阻为40Ω，串联电路中定值电阻为10Ω，据此计算气敏电阻。
9．【答案】不变；不变；12；N；
【解析】【解答】（1）平面镜所成像时，像和物体大小相等，当小明走近玻璃门，玻璃中的像和人大小相等，像的大小不变；
平面镜所成像时，像与物体关于镜面对称，玻璃门向两侧滑动，人的位置不变，像的位置不变。
根据图丙，当L=2m时，R=120Ω，电路的总电阻为：，
根据电流，计算控制电路的电源电压：；
（2）图乙中，电流从电磁铁的下端流入，根据安培定则，判断电磁铁的上端为N极。
（3）图丙中，R与L的关系为：·····①
根据串联电路的分压规律：，将U1=12V，R1=120Ω，代入得：·····②
将①代入②，得：，当L>4m时，R不变，始终为200Ω，则
。
【分析】（1）平面镜成像时，像和物体大小相等，像和物体关于平面镜对称；根据距离，判断电阻大小；利用串联电路电阻规律，计算总电阻；根据U=IR，计算电压；
（2）根据安培定则，判断电磁铁的磁极位置；
（3）根据电阻和长度关系，判断二者关系；结合串联电路分压规律，分析电压和长度的函数关系式。
10．【答案】（1）水和甲烷
（2）290
（3）0
（4）8.2×103；热传递
【解析】【解答】（1）由题意“1m3的可燃冰分解后可释放出约0.8m3的水和164m3的天然气”知可燃冰的主要成分是水和甲烷；
（2）因为可燃冰在0℃时，只需海水产生29个标准大气压即可生成，
所以可燃冰形成的气压为p=29×1×105Pa=2.9×106Pa，
根据p=ρ液gh得海水的深度：；
（3）浮力产生的原因是上下表面的压力差，即F浮=F向上-F向下，
当可燃冰的底部与海底紧密相连时，F向上=0，其受到海水的浮力为0；
（4）①0.5m3的可燃冰分解出的天然气为×164m3=82m3，
甲烷最少为：82m3×80%=65.6m3；
甲烷完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=65.6m3×4.2×107J/m3=2.7552×109J，
水吸收的热量与甲烷完全燃烧放出的热量相等，即Q吸=2.7552×109J，
根据Q=cmΔt得水的质量为：
。
②甲烷燃烧烧水是利用热传递的方式改变水的内能。
【分析】（1）根据题意分析可燃冰的主要成分；
（2）根据p=ρ液gh算出海水的深度；
（3）根据浮力产生的原因分析解答；
（4）①根据“1m3的可燃冰分解后可释放出约0.8m3的水和164m3的天然气”算出0.5m3的可燃冰分解的甲烷，由Q=mq和Q=cmΔt算出放出的热量和水的质量。
②改变内能的方法：①做功，本质为能量的转化；②热传递，本质为能量的转移。
11．【答案】（1）开关
（2）热传递；比热容
（3）单向导电
（4）断路
（5）162
【解析】【解答】（1）根据触水式开关入水即亮，则电路接通，液体感应器是触水式开关；
（2）冷冻后的感应发光冰块温度低，通过热传递的方式改变饮料的内能，且由于感应发光冰块的吸热能力强，比热容较大，能使饮料在短时间内的温度降得更低；
（3）将一只LED灯接在电池两端不亮，电路为接通，对调电池正负极后亮了，电路接通了，可知电路中的电流改变了，是LED灯具有单向导电性；
（4）用布擦干后的感应发光冰块，触水式开关断开，内部的电路处于断路状态；
（5）根据电压和电池容量，计算电能为W=UIt=1.5V×0.03A×3600s=162J。
【分析】（1）控制电路通断的是开关；
（2）温度不同的物体间，通过热传递改变内能；物体的比热容越大， 吸热能力强；
（3）LED灯是半导体，具有单向导电性；
（4）开关断开，电路未接通，是断路状态；
（5）根据W=UIt，计算电池的容量。
12．【答案】（1）凸面
（2）缩小；近
（3）40%
（4）DACB；25
（5）经济性高， 驾陜性能优异等， 电动模式行驶， 实现 “零油耗” 和 “零排放”
【解析】【解答】1） 汽车的后视镜是一个凸面镜， 能让司机看到车后更大的范围
综上 第1空为凸面
2） 障碍物经摄像头中的凸透镜成倒立 缩小的实像， 这个像通过电子装置加工、调整并传递到显示屏上，如果看到显示屏中的障碍物的像变大，则障碍物离车尾的距离变近
综上第1空为缩小；第2空为近
3）热量的计算：公式为Q=mq=3L× 4.0×107J/L=1.2×108J，电池充电的能量为0.2× 20kW·h =4kW·h=1.44×107J，从A到C，电能消耗为（1-30%）×20 kW·h =14 kW·h ，F=W/s=840N
从C到B牵引力做功W=Fs=840N×40×103m=3.36×107J，所以功率为（1.44×107J+3.36×107J）/1.2×108J=40%
综上 第1空为40%
4） 工作循环合理的顺序为 进气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，所以为DABC，汽车转速为50r/s，所以一秒对外做功25次
综上第1空为DACB；第2空为25
5） 混合动力汽车的优点 经济性高 实现“零油耗”和“零排放”
综上第1空为经济性高， 驾陜性能优异等， 电动模式行驶， 实现 “零油耗” 和 “零排放”
【分析】根据凸面镜成像规律、凸透镜成像规律、热量的计算
1、凸面镜对光线有发散作用；透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像；物体大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像；物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，物近像远像变大，物近像远像变大
2、热量的计算：公式为Q=mq，据题可知 消耗3L汽油 ，据此计算消耗的能量，根据W=Fs计算牵引力作用，据题分析电能消耗为（1-30%）×20 kW·h ，根据效率公式η=W有/W计算效率
3、汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4、热机转速和做功的关系，热机转2次，对应一次做功，对应四个冲程。
13．【答案】（1）=；不变
（2）
（3）B
（4）受水壶的底面积、液体蒸发快慢
（5）
【解析】【解答】1） 若浮舟的重力为G，浮舟在受水壶中所受的浮力为 Fn. 随着受水壶水位的升高 G=Fn， 浮舟浸在水中的深度 不变
综上第1空为=；第2空为不变
2）浮舟深度不变，根据P=ρgh可知压强不变，
3） 铜壶滴漏开始漏水时，水流的快，所以铜尺上升的快，相同时间铜尺上升的距离大，所以下端刻度疏，上端密集，B正确，ACD错误
综上选B
4） 铜壶滴漏经过改良后，铜尺上刻度是均匀的.相邻刻度线间隔大小的主要因素是： 受水壶的底面积、液体蒸发快慢
综上 第1空为受水壶的底面积、液体蒸发快慢
5）总体积为V，一天24h，所以 平均每分钟流出的数量为V/24/60/V0
综上第1空、
【分析】根据浮力的计算、速度公式、压强的计算填空
1、浮力：浮力产生的原因为上下表面存在压强差，根据阿基米德远离可知浮力的大小等于排开水的重力，浮力的公式F浮=ρ液gV排，应用：通过改变自身重力改变浮力，轮船以及潜水艇，由于 浮舟 漂浮水面所以重力等于浮力，所以排水体积不变，深度不变
2、压强的计算：公式为P=ρgh可知，深度不变，压强不变
3、速度的计算：公式s=vt铜壶滴漏开始漏水时，水流的快，所以铜尺上升的快，相同时间铜尺上升的距离大
14．【答案】（1）减小；增强
（2）3
（3）2
（4）1.6
（5）惐小定值电阻 的阻值
【解析】【解答】(1)由图乙可知，温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小； 电磁铁的磁性将 增强 。
(2)、 控制电路中的电源电压为 3 V。
(3)当温度升高到5℃时，=25Ω，控制电路中电流达到100mA=0.1A；电源电压
制冷器启动工作时温度降低，当制冷器停止工作时该装置所控制的温度最低，此时电路中的电流 I =0.0375A
此时电路中的总电阻
热敏电阻
由图乙可知，热敏电阻的阻值为75Ω时，温度为2 ℃ ；
(4)、1h内，工作电路中制冷器消耗的总电能为 1.6 kW·h。
(5)、在不改变控制电路中电源电压的情况下，若要降低所控制的最低温度，请写出一种简便可行的方法：惐小定值电阻 的阻值。
【分析】根据图乙分析电阻随温度的变化情况；
制冷器启动工作时温度降低，当制冷器停止工作时该装置所控制的温度最低；
15．【答案】（1）物体间力的作用是相互的
（2）托里拆利
（3）变小
【解析】【解答】（1）通过燃烧蜡烛释放出内能，再通过发动机使汽艇运动，所以是把内能转化为机械能。铜管内水沸腾后，管中产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出时，因为物体间力的作用是相互的，所以喷出去的水就会给汽艇一个向前的力。
（2）历史上首先测出大气压的实验是托里拆利做的著名的托里拆利实验。
（3）随着蜡烛不断燃烧，汽艇的总重力就会减小，汽艇漂浮在水面上，受到的浮力等于其重力，由可得，汽艇浸在水中的体积会变小。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的，相互作用力方向相反；
（2） 托里拆利实验证明了大气压的存在，并首次测出了大气压的值。
（3）蜡烛不断燃烧，汽艇的总重力就会减小，浮力减小，根据阿基米德原理， 汽艇浸在水中的体积会 变小。
16．【答案】不是；减小；带齿纹的轮子；物体的形状；不科学；3750
【解析】【解答】（1）“鹊桥”中继星在轨道上运行状态不断变化，所以受到的力不是平衡力。
（2）嫦娥四号探测器“腿”上的圆形“大脚掌”可通过增大受力面积来减小对月面的压强。
（3）“玉兔二号”利用底部带齿纹的轮子，可以增大接触面的粗糙程度，进而增大摩擦力。“玉兔二号”月球车在月球背面留下第一道“脚印”，说明力可以改变物体的形状。
（4）月球上没有空气，降落伞是利用空气阻力原理工作的，小海同学的设计不科学。
“玉兔二号”对水平月面的压力等于重力的1/6，；玉兔二号的受力面积：S=0.06m2；
则“玉兔二号”对水平月面的压强：；
故答案为：不是；减小；带齿纹的轮子；物体的形状；不科学；3750。
【分析】根据力和运动、压强的计算、摩擦力的计算填空
（1）物体运动方向和速度大小的变化都属于运动状态的改变；物体受平衡力的作用时，总保持静止或者匀速直线运动状态；
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；
（3）增大摩擦力的方法有：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变；②力可以改变物体的运动状态；
（4）降落伞是利用空气阻力原理工作的；“玉兔二号”对水平月面的压力和自身的重力相等，根据求出其大小，受力面积等于6个轮子触月面积之和，根据求出对水平月面的压强。
17．【答案】（1）相互的；小
（2）B
（3）
（4）
【解析】【解答】（1）舰载机喷出气体，对空气有作用力，气体也对飞机施加了推力，利用力的作用是相互的；舰载机能够升空时，机翼上表面凸起，流速大，下表面比上表面的空气流速小，压强大，从而产生向上的升力；
（2）A.舰载机在航母上着落时，速度逐渐减小，但舰载机的惯性不变，正确；
B.舰载机在航母上着落时，舰钩对拦阻索的拉力和拦阻索对舰钩的拉力是相互作用力，大小相等，错误，B符合题意；
C.舰载机受到支持力，是因为航母甲板发生形变，在恢复原状时产生的，正确；
D.航母沿直线匀速航行，停在水平甲板上的舰载机运动状态没有发生改变，正确；
（3）根据深度，计算海水的压强为p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×4m=4×104Pa；
（4）根据图乙，阻力和速度的平方成正比，阻力和速度的关系式f=kv2，计算阻力和速度的关系，根据速度，计算阻力为f=kv2=0.3N·s2/m2×(400m/s)2=4.8×104N。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；流体在流速大的地方压强小；
（2）相互作用力大小相等；惯性只和物体的质量有关；静止的物体运动状态没有改变；
（3）根据p=ρgh，计算液体压强的大小；
（4）根据阻力和速度的数据，计算函数关系f=kv2；根据速度，计算阻力大小。
18．【答案】（1）变大；相互；静止
（2）是；960；
【解析】【解答】1） 着陆器受到火星大气的压强 变大， 在动力减速阶段，启动缓冲火箭减速利用了力的作用是 相互的， 若悬停时受到的外力全部消失，着陆器将 静止
综上第1空为变大；第2空为相互；第3空为静止
2) 火星车可以完成蠕动、蟹行、踏脚等操作，说明力是改变物体运动状态的原因， 火星车静止在火星水平表面上时，受到的重力为 240kg×4N/kg=960N，压强为960N/0.02m2= Pa
综上第1空为是；第2空为960；第3空为
【分析】根据相互作用力、力和运动、重力、压强的计算填空
1、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上，所以 在动力减速阶段，启动缓冲火箭减速利用了力的作用是相互的
2、力和运动：物体不受力后，将会保持原来的运动状态，力是改变物体运动状态的原因
3、重力计算：G=mg，据题可知探测器质量为240kg，重力加速度为4N/kg，据此计算物体重力，压强公式P=F/s据此计算压强
19．【答案】（1）60；100；5000
（2）等于
（3）大小
（4）非平衡力
【解析】【解答】（1）宇航员在月球上，位置改变，质量保持不变，仍为60kg，宇航员的重力G=mg=60kg×10N/kg=600N，对水平月面的压力为，宇航员对月面的压强为；
（2）锤子击打钉子时，锤子对钉子的力和钉子对锤子的力是相互作用力，大小相等；
（3）用锤子敲击物体，敲击时的作用力越大，锤子被弹飞得越远，是力的大小影响了力的作用效果；
（4）宇航员与飞船一起绕地球匀速转动时，运动方向在改变，运动状态改变，受到非平衡力。
【分析】（1）质量是物体的属性，和空间位置无关；根据G=mg，计算物体的重力；根据，计算压强；
（2）物体间的力是相互的，相互作用力大小相等；
（3）力的大小影响力的作用效果；
（4）物体运动方向改变，受到了非平衡力。
20．【答案】（1）C
（2）等于；下沉
（3）8.24×104
（4）3.6×1014；20000
【解析】【解答】（1）“大鹏公主”号采用双艉鳍线型，快速性能优，航向稳定性好，安全可靠性高，故选C。
（2）运输船静止在水面上时处于漂浮状态，受到的浮力等于船的总重力。
“大鹏公主”号从南海海域驶入珠江流域后，始终处于漂浮状态，受到的浮力不变，液体密度变小，根据F浮=ρ液gV排可知船身将下沉一些。
（3）该船以吃水深度为8米航行时，船底受到海永的压强为p=ρgh=1.03×103kg/m3×10N/kg×8m=8.24×104Pa；
（4）“大鹏公主”号运输船在某地卸下1.8万立方米液化天然气，这些液化天然气完全燃烧放出的热量是Q=qV=2.0×1010J/m3×1.8×104m3=3.6×1014J。
若这些热量全部用于火力发电，且发电效率为40%，每户家庭年平均用电量为2000千瓦时，则可以满足户家庭一年的用电量。
故答案为：（1）C；（2）等于；下沉；（3）8.24×104；（4）3.6×1014；20000。
【分析】（1）“大鹏公主”号采用双艉鳍线型，快速性能优，航向稳定性好，安全可靠性高。
（2）运输船静止在水面上时处于漂浮状态，受到的浮力等于船的总重力。
“大鹏公主”号从南海海域驶入珠江流域后，始终处于漂浮状态，受到的浮力不变，液体密度变小，根据F浮=ρ液gV排分析即可。
（3）根据液体压强公式计算该船以吃水深度为8米航行时船底受到海永的压强。
（4）“大鹏公主”号运输船在某地卸下1.8万立方米液化天然气，根据Q=qV计算这些液化天然气完全燃烧放出的热量，
若这些热量全部用于火力发电，且发电效率为40%，每户家庭年平均用电量为2000千瓦时，进一步计算可以满足多少户家庭一年的用电量。
21．【答案】（1）D
（2）3×108；信息
（3）不能
（4）3；越来越密
【解析】【解答】（1）A．紫外线可以杀死微生物，所以医院用紫外线来消毒灭菌，A正确，不符合题意。
B．物体温度越高，辐射红外线越强，热成像技术测体温利用的是红外线，B正确，不符合题意。
C．我们能闻到过氧乙酸溶液的气味，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，C正确，不符合题意。
D．新冠肺炎病毒的直径约为150nm=150×1×10-9m=1.5×10-7m
一个分子的直径大约是10-10m，所以新冠肺炎病毒的直径大于分子的直径，D错误，符合题意。
故答案为：D。
（2）电磁波是个大家族，X光是电磁波的一部分，因此X光在真空中的传播速度为3×108m/s；通过肺部CT可以观察肺部情况，是利用电磁波能传递信息。
（3）由图1可知，定值电阻与过氧乙酸气体传感器串联，电压表测定值电阻的电压，当电路消耗的总功率为0.72W时，电路中的电流为
由欧姆定律可得，定值电阻的电压U0=IR0=0.12A×10Ω=1.2V
根据串联电路电压的规律及欧姆定律可得，此时传感器的电阻
由图2可知，此时过氧乙酸气体浓度为0.075g/m3<0.1g/m3
故教室内过氧乙酸气体的浓度不能达到消毒要求。
（4）根据串联电阻的规律及欧姆定律，电压表的示数
由图2知，当过氧乙酸气体的浓度为0时，Rt>60Ω，代入上式可得UV<0.86V；
当过氧乙酸气体的浓度为0.15g/m3时，Rt=20Ω，代入上式可得UV=2V；
当过氧乙酸气体的浓度为0.3g/m3时，Rt=10Ω，代入上式可得UV=3V；
若按照“相邻两条浓度的刻度线表示浓度的变化量相同”的规则，将电压表改为过氧乙酸气体的浓度表，则可知电压表示数的增大量变小，因此改装后的浓度表的表盘从左向右刻度线将越来越密。
【分析】（1）新冠肺炎病毒的直径大于分子的直径；
（2）X光在真空中的传播速度为3×108m/s；电磁波能传递信息；
（3）根据公式，可求出电阻，确定浓度；
（4）改装后的浓度表的表盘从左向右刻度线将越来越密。
22．【答案】（1）漫反射
（2）空气；信息；声源处
（3）音调；乐音
【解析】【解答】（1）由于光发生漫反射，现场的观众能从不同方向看到这一场景。
（2）]现场观众听到的飞机轰鸣声是通过空气传到观众的耳中的，由于声能传递信息，所以观众听到飞机轰鸣声，立刻抬头观看。
噪声控制的三种途径分别是：在声源处、在传播过程中和在人耳处。现场要求观众将手机调成静音状态，是在声源处减弱噪声。
（3）军乐团中吹长号的号手通过拉动滑管，改变声音的频率，目的是为了改变声音的音调。
听着雄健的脚步声，对于观众，这脚步声是乐音。
【分析】（1）光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；射分为镜面反射和漫反射，光在光滑的表面发生的是镜面反射，在凹凸不平的表面发生的是漫反射。
（2）声音的发生：由物体的振动而产生。振动停止，发声也停止。
减弱噪声的途径：(1)在声源处减弱；(2)在传播过程中减弱；(3)在人耳处减弱。
（3）乐音的三个特征：音调、响度、音色。(1)音调：是指声音的高低，它与发声体的频率有关系。(2)响度：是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系。
23．【答案】（1）不变；增大
（2）密度；相互的
（3）2
（4）2160
【解析】【解答】（1）无人机在匀速起飞过程，质量不变，速度不变，高度变大，动能不变，重力势能变大，机械能变大
第一空填写：不变；第二空填写：变大
（2） 制作无人机的材料应具有密度小、硬度大的特点，起飞时，增大四个旋翼的转速，向下方的风量增加，无人机就会上升，这是因为力的作用是相互的
第一空填写：密度；第二空填写：相互的
（3）
答案填写：2
（4）根据W=UIt进行计算，，，计算可知t=2160s
答案填写：2160
【分析】机械能包括势能和动能，动能影响因素：质量和速度；重力势能影响因素：质量和高度。力的作用是相互的。功率计算公式P=UI。电能计算公式W=UIt=Pt
24．【答案】（1）小；逆风；吸热
（2）C
（3）107；3.4×107；2.5
（4）300
【解析】【解答】（1）在气体和液体中，流速越大的位置，压强越小，AG600飞机起飞是利用了流体流速越大的地方，压强越小的原理。
顺风飞机行时，相对于气流的速度较小，由流体压强与流速的关系可知，飞机机翼上下的压强差较小，获得的升力小，飞机不容易起飞；故当飞机逆风起飞时，相对于气流的速度较大，上、下面的压强差较大，产生向上的升力较大，所以逆风可缩短飞机起飞时间。
水汽化吸热，使可燃物的温度降至着火点以下，火就熄灭了。
（2）A、燃料的热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关，所以油箱中的煤油只剩下一半后，煤油的热值不变，故A正确。
B、AG600在火场上空水平匀速盘旋并向下喷水的过程中，飞机的质量变小，速度不变，高度不变，其动能变小、重力势能变小，则机械能变小，故B正确。
C、它在水面上方匀速盘旋搜寻救援目标时，运动方向不断发生变化，处于非平衡状态，受到的是非平衡力，故C错误。
D、执行森林灭火的投水任务中，飞机和水一起向前运动，当飞机投水后，水由于惯性保持原来的运动状态继续向前运动，所以要提前投放，故D正确。
故选：C。
（3）飞机的最大起飞质量m=53.5t=5.35×104kg，翼载为500kg/m2；
根据飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比可知，
机翼面积为：。
AG600机最大载水质量m=12t=1.2×104kg，
水的重力G=mg=1.2×104kg×10N/kg=1.2×105N，
AG600以最大载水量起飞，飞行至最低高度时，需要对水做功；W=Gh=1.2×105N×300m=3.6×107J。
AG600在海面执行搜救任务救起最多人数为50人，假设每人的质量为50kg，
则增大载水量为：m'=50×50kg=2500kg，
由可知，增加排开水的体积为：。
（4）由图3可知，R1、R2并联，由题意可知电源电压U=U1=U2=6V，
根据欧姆定律可知通过R1的电流。
根据并联电路电流规律可知通过R2的电流I2=I-I1=0.09A-0.03A=0.06A，
由欧姆定律可知，传感器的R2阻值，
由题意可知，测距传感器的阻值与离地高度h的关系为，
当R2=100Ω时，飞机飞行的高度h=6×（R2-50）m=6×50m=300m。
故答案为：（1）小；逆风；吸热；（2）C；（3）107；3.6×107；2.5；（4）300。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速大的位置，压强小。
水汽化吸热，使可燃物的温度降至着火点以下。
（2）A、燃料的热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关。
B、向下喷水的过程中，飞机的质量变小，速度不变，高度不变，其动能变小、重力势能变小。
C、受平衡力时，物体处于静止或匀速直线运动状态。
D、物体具有保持原来运动状态不变的形状叫做惯性。
（3）知道飞机的翼载，飞机的增大起飞质量，根据飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比，可以计算出机翼的面积。
已知最大载水质量，由G=mg可求得其重力，已知飞行最低高度为300m，由W=Gh可求得需要对水做的功。
知道增大排水质量，根据可以计算出水的体积约增加有多少。
（4）由图3可知，R1、R2并联，据此可知电源电压U=U1=U2=6V，
根据欧姆定律可知通过R1的电流，根据并联电路电流规律可知通过R2的电流，由欧姆定律可知传感器的R2阻值，由题意可知，测距传感器的阻值与离地高度h的关系为，据此得出飞机飞行的高度。
25．【答案】ABC；向东；惯性；1.03×105；10；1.1×103
【解析】【解答】（1）A．航母自身重，抗打击，耐腐蚀，制作材料要求用硬高大的特种钢材，故A正确；
B．航母静止在海面上，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力的作用，它们是一对平衡力，合力为零，故B正确；
C．惯性是物体的一种属性，与速度无关，舰载机加速起飞过程中，不计燃料消耗，惯性将不变；故C正确；
D．飞机在加速起飞过程中，机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，上方压强小，从而产生向上的升力，飞机对航母的压力减小，故D错误。
故选ABC。
（2）海上刮东风，航母航向应调整为向东行驶，机翼上面空气流速会更大，压强更小，更有利于飞机起飞。惯性是物体的一种属性，降落到甲板后，会继续向前运动，因此用阻拦索的阻挡，防止飞机掉入海中。
（3）舰载飞机对甲板的压力等于重力，即F压=G=mg=5150kg×10N/kg=51500N，根据压强公式计算舰载飞机对甲板的压强；两架舰载飞机起飞前后，航母的总重力变化量为ΔG=2G=2×51500N=1.03×105N；飞机漂浮在水面上，所受浮力大小等于自身的重力，浮力的变化量为等于重力的变化量，即ΔF浮=ΔG=1.03×105N；根据浮力公式计算排开海水的体积减少量是；
（4）设杯子的底面积为S，杯子在水中和海水中都处于漂浮状态，所以浮力等于自身的重力，F浮水=F浮海水，由F浮=ρ液V排g可得ρ水g(V水+Sh2)=ρ海水g(V水+Sh3)；水的体积V水=Sh1，图中h1=0.10m，h2=0.032m，h3=0.02m，代入数据解得ρ海水=1.1×103kg/m3。
综上 第1空、ABC； 第2空、向东； 第3空、惯性； 第4空、1.03×105； 第5空、 10；第6空、1.1×103。
【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
4、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
5、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度

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