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四川省凉山州宁南县初级中学校2024-2025学年九年级下学期4月月考物理试题
1．（2025九下·宁南月考）小明参观博物馆时看到了祝融号模型，发现祝融号和一个初二的女学生一样高，如图所示（　　）
A．0.9m B．16dm C．16cm D．72mm
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】解：一个初二的女学生的身高可能为1.6m=16dm，祝融号和一个初二的女学生一样高，约为16dm=160cm，故B正确。
故选：B。
【分析】根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
2．（2025九下·宁南月考）在2023年春节联欢晚会上，“一带一路”沿线国家的艺术家与中国音乐家一起相聚云端，共同演唱了《一带繁花一路歌》。下列说法正确的是（　　）
A．歌声是由声带振动产生的
B．不同艺术家发出声音的音色相同
C．歌声在空气中的传播速度是
D．使用扩音器主要是为了改变歌声的音调
【答案】A
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 解：A．声音由物体的振动产生，歌声是由声带振动产生的，故A正确，符合题意；
B．不同艺术家发出声音的音色不相同，因为不同人发声的音色一般不同，可据音色区别不同艺术家的发声，故B错误，不符合题意；
C．歌声在空气中的传播速度约为340m/s，故C错误，不符合题意；
D．扩音器的作用主要是增大声音的响度（音量），而不是改变音调。故D错误，不符合题意。
故选：A。
【分析】 （1）声音是由发声体的振动产生的。
（2）不同的歌手音色一般不同。
（3）声音的传播需要介质，真空不能传声。
（4）声音在15℃的空气中的传播速度约为340m/s。
3．（2025九下·宁南月考）如图所示，轻质杠杆AB可绕O点转动，已知，在C点处挂一个重力为60N的金属球，要使杠杆在水平位置平衡，施加的最小力是（　　）
A．在A点施加一个竖直向下的力，大小为60N
B．在B点施加一个竖直向下的力，大小为60N
C．在A点施加一个竖直向上的力，大小为30N
D．在B点施加一个竖直向上的力，大小为30N
【答案】D
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】解：已知支点在O点，在杠杆的A、B两点都可以施加一个力，力臂AO＜OB，所以在B点作用一个竖直向上的力最省力，由杠杆的平衡条件可得：
F×OB=G×OC，
即：F×2×OC=60N×OC，
解得：F=30N。
故选：D。
【分析】支点在O点，C点挂重物，在杠杆的A、B两点都可以施加一个力，在A点竖直向下的力使杠杆在水平位置平衡，在B点竖直向上的力使杠杆在水平位置平衡，根据力臂越长，越省力，确定在杠杆的哪端用力，向哪个方向用力，根据杠杆的平衡条件，可算出F的大小。
4．（2025九下·宁南月考）厨房不仅是加工食材，制作家庭美食的场所，也是日常生活中充满物态变化的“实验室”。关于厨房中的现象以下说法正确的是（　　）
A．烧水煮面，当锅底开始产生少量气泡时水就沸腾了
B．煮饺子时，锅周围出现大量“白气”，这是空气液化形成的小水滴
C．新鲜的豆腐放入冰箱内制成冻豆腐，这主要是凝华现象
D．和好的面团在醒发时要盖上保鲜膜，是为了防止面团水分蒸发变干
【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；沸腾及沸腾条件；影响蒸发快慢的因素；液化及液化放热
【解析】【解答】解：A．烧水煮面，当锅底开始产生少量气泡时水还没有沸腾，故A错误；
B．煮饺子时，锅周围出现大量“白气”，这是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误；
C．新鲜的豆腐放入冰箱内制成冻豆腐，这主要是凝固现象，故C错误；
D．和好的面团在醒发时要盖上保鲜膜，是为了防止面团水分蒸发变干，故D正确。
故选：D。
【分析】物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
减慢液体蒸发快慢的措施有三个：①降低液体的温度；②减小液体的表面积；③减慢液体表面空气的流动速度。
液化指物质由气态转变成液态。
5．（2025九下·宁南月考）在探究甲、乙两种物质的质量和体积的关系时，得出如图所示的图像。下列说法正确的是（　　）
A．甲的密度比乙的密度大
B．甲、乙质量相同时，
C．乙的质量为5g时，体积是
D．物质的质量越大，体积越大，密度也越大
【答案】C
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】解：A．由图可知，甲的密度为，乙的密度为，因此甲的密度小于乙的密度，故A错误；
B．由图可知，当质量都为4g时，甲的体积为2cm3，乙的体积为1cm3，则，故B错误；
C．乙的质量为5g时，体积是，故C正确；
D．密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与质量、体积、形状无关，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）从图中找出加以的横坐标和纵坐标，利用密度公式求出密度大小；
（2）从坐标轴上可以看出质量相同时体积之比；
（3）利用密度公式即可求出乙的体积；
（4）密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关。
6．（2025九下·宁南月考）在一次活动中，小明和小华先后在同一水平地面上，水平拉着物体A做匀速直线运动，如图所示是物体A两次运动的路程随时间变化的图像。下列判断正确的是（　　）
A．物体两次运动的速度：
B．物体两次所受的拉力：
C．两人拉力对物体所做的功：
D．两人拉力对物体做功的功率：
【答案】D
【知识点】功率大小的比较；二力平衡的条件及其应用；功；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】解：A、由图象可知，在相同时间内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，所以v1＞v2，故A错误；
B、同一物体重力相等，对水平面的压力相等，在同一水平面接触面的粗糙程度相同，因此两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等，由于物体做匀速直线运动，所受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以两次物体所受的拉力F1=F2，故B错误；
C、由图象可知，0～t1物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，又因为F1=F2，根据W=Fs可得，0～t1两次拉力对物体所做的功W1＞W2，故C错误；
D、已知两次物体所受的拉力F1=F2，v1＞v2，由可知，0～t1两人拉力对物体做功的功率：P1＞P2，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）比较相同时间内物体两次通过的路程，或者比较物体通过相同路程两次所用时间得出速度的大小；
（2）根据力的平衡和摩擦力大小的影响因素分析两次物体所受的拉力的大小；
（3）从图中得出0～t1物体两次通过的路程的大小关系，然后利用W=Fs分析两次拉力对物体所做的功的大小；
（4）由可比较出功率关系。
7．（2025九下·宁南月考）半潜船可用来运输超大型货物，空载时漂浮于海面（如图甲）；装载时需向半潜船的水舱中注水，船体重力增加，巨大的甲板下沉至海面以下（如图乙）；待货物被拖到甲板上方后，排出半潜船水舱中的水，船体重力减小，甲板上浮至海面，完成货物装载（如图丙）。半潜船在甲、乙、丙三种状态时所受的浮力分别为、、。下列判断正确的是（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】解：据图可知，乙图中半载船排开水的体积最大，其次是丙图，甲图排开水的体积最小，液体的密度是相同的，根据可知，乙图中船受浮力最大，其次是丙图，再次是甲图，即浮力大小关系是，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【分析】根据阿基米德原理进行分析，半载船排开水的体积越大，所受浮力就越大。
8．（2025九下·宁南月考）如图所示，两个实心正方体A、B放在水平面上，高度之比hA∶hB=2∶3，对地面的压强之比pA∶pB=1∶3，则（　　）
A．它们的体积之比VA∶VB=4∶9
B．它们的密度之比ρA∶ρB=1∶2
C．它们的质量之比mA∶mB=27∶4
D．它们对地面的压力之比FA∶FB=2∶9
【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】解：A、根据正方体的体积等于边长的3次方，故它们的体积之比，故A错误；B、根据正方体的压强，则ρAhAg：ρBhBg=1：3；且hA：hB=2：3，解得ρA：ρB=1：2，故B正确；
CD、根据知，质量之比mA：mB=ρAVA：ρBVB=（1×8）：（2×27）=4：27，
根据水平面的压力等于重力，而重力与质量成正比，故压力之比等于质量之比，为4：27，故CD错误。
故选：B。
【分析】（1）根据正方体的体积公式计算比值；
（2）根据柱体压强计算密度之比；
（3）根据密度和体积计算质量，结合水平面的压力等于重力计算之比。
9．（2025九下·宁南月考）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，电压表V1的示数为3V，电压表V2的示数为8V，则灯L1与L2两端的电压之比为（　　）
A．3∶8 B．5∶8 C．3∶5 D．5∶3
【答案】C
【知识点】电压的测量及电压表的使用；串联电路的电压规律
【解析】【解答】解：由电路图可知，L1与L2串联，电流相等，
电压表V1测L1两端电压U1=3V，电压表V2测电源电压U=8V，
串联电路两端的总电压等于各部分电路两端电压之和，即U=U1+U2，
则L2两端电压U2=U-U1=5V，则灯L1与L2的电压之比为U1：U2=3：5。
故选：C。
【分析】由电路图可知，L1与L2串联，电压表V1测L1两端电压，电压表V2测电源电压，根据串联电路两端的总电压等于各部分电路两端电压之和，可得L1两端电压，进而得到电压比。
10．（2025九下·宁南月考）如图所示电源电压恒为U，电阻R1、R2的阻值均为R0，闭合开关S，只有两个电表的指针发生偏转，若电路中仅有一处故障，且只发生在R1、R2上。下列判断正确的是（　　）
A．若R1断路，则A的示数为0，的示数为U
B．若R2断路，则A的示数为0，的示数为U
C．若R1短路，则A的示数为，的示数为0
D．若R2短路，则A的示数为，的示数为0
【答案】C
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流；电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压；
A.若 R1断路，则V1测电源电压，示数为U，V2与电源之间是断开的，示数为0；A的示数为0，所以只有一只电表的指针发生偏转，故A错误；
B.若 R2断路，则V2测电源电压，示数为U，V1与电源之间是断开的，示数为0，A的示数为0，所以只有一只电表的指针发生偏转，故B错误；
C.若 R1短路，则V1测量的是一段导线两端的电压，示数为0，V2测电源电压，示数为U，A的示数为，所以有两只电表的指针发生偏转，故C正确；
D.若 R2短路，则V2测量的是一段导线两端的电压，示数为0，V1测电源电压，示数为U，A的示数为，故D错误。
故选：C。
【分析】由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流；电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压；根据每个选项发生的故障分析电表示数的变化，得出正确的选项。
11．（2025九下·宁南月考）小文在上学路上发现商贩在用沙子翻炒栗子，如图所示。翻炒栗子用沙子的主要原因是因为沙子的比热容较 　 　（选填“大”或“小”）；栗子飘出诱人的香味，这是 　 　现象；最终栗子被炒熟是通过 　 　的方式使栗子内能增加，温度升高。
【答案】小；扩散；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】解：（1）翻炒栗子用沙子的主要原因是因为沙子的比热容较小，相同质量的沙子与其它物质相比，吸收相同的热量，其温度变化较快；
（2）栗子飘出诱人的香味，这是扩散现象，是分子无规则运动形成的；
（3）最终栗子被炒熟是通过热传递的方式使栗子内能增加，温度升高。
故答案为：小；扩散；热传递。
【分析】 （1）相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容越小，其温度变化越明显；
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，产生扩散现象；
（3）改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
12．（2025九下·宁南月考）光在同一种均匀介质中沿　 　传播；电影院里各个位置的观众都能看到银幕上的画面，是因为光在银幕的表面发生了　 　（填“漫”或“镜面”）反射，这种反射　 　（选填“遵循”或“不遵循”）光的反射定律。
【答案】直线；漫；遵循
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射定律；镜面反射与漫反射
【解析】【解答】 解：光在同一种均匀介质中沿直线传播；
平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人的眼睛，使每个人都能看到银幕上的画面，这是漫反射。电影院里各个位置的观众都能看到银幕上的画面，是因为光在银幕的表面发生了漫反射。
不管是镜面反射还是漫反射都遵循光的反射定律。
故答案为：直线；漫；遵循。
【分析】 （1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）平行光射向平而光滑的反射面，反射光线平行射出，这种反射是镜面反射；平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射，无论是镜面反射还是漫反射都遵循光的反射定律。
13．（2025九下·宁南月考）如图甲所示，重5N的物体A放在粗糙程度相同的水平地面上。用水平拉力F作用于物体A，拉力F的大小与时间t的关系图像如图乙所示，物体A运动的速度v与时间t的关系图像如图丙所示。由图像可知，6~9s内物体做　 　运动；9~10s内物体受到的合力为　 　N。
【答案】匀速直线；6
【知识点】匀速直线运动特点；二力平衡的条件及其应用；力与图象的结合
【解析】【解答】解：由F-t图象可知，6～9s内的推力F=6N，由v-t图象可知，物体以v=6m/s的速度做匀速直线运动，处于平衡状态，
因物体做匀速直线运动时受到的摩擦力和推力是一对平衡力，二力大小相等，所以，物体受到的滑动摩擦力为6N；
由v-t图象可知，9-12秒内物体做减速运动，由于物体受到的压力和接触面的粗糙程度均不变，因此物体受到的滑动摩擦力不变，仍为6N；
9～12s物体受到的合力为F合=f=6N。
故答案为：匀速直线；6。【分析】由F-t图象可知6s～9s内的推力，由v-t图象可知对应的速度，然后判断出物体的状态，利用二力平衡条件求出受到的滑动摩擦力；再根据v-t图象确定物体在9～12s内的运动状态，并根据～影响滑动摩擦力的因素进行判断；利用同一条直线上的二力合成求出物体受到的合力。
14．（2025九下·宁南月考）如图，王兵同学用20N的水平拉力F将重100N的物体M向左匀速拉动，物体以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动，则在此过程中，拉力F的功率为　 　W，物体与地面间的滑动摩擦力为　 　N，物体重力做功为　 　J。（滑轮重、绳重、摩擦均忽略不计）
【答案】12；60；0
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】解：由图知，动滑轮上的绳子股数n=3，则绳子自由端移动的速度为
拉力F的功率为
滑轮重、绳重、摩擦均忽略不计，根据可得，物体与地面间的滑动摩擦力为
重力的方向竖直向下，物体在水平地面上向左匀速运动，没有在重力的方向上移动距离，根据做功的条件可知，重力没有做功，即做功为0J。
故答案为：12；60；0。
【分析】 由图知，动滑轮上的绳子股数n=3，根据v=nv物求绳子自由端移动的速度，根据求拉力F的功率；
滑轮重、绳重、摩擦均忽略不计，根据求物体与地面间的滑动摩擦力大小；
根据做功的条件可知重力做功的多少。
15．（2025九下·宁南月考）如图甲所示，密闭的容器中装有一定量的水，静置在水平桌面上，容器内水面到容器底的距离为6cm。若把该容器倒放在该桌面上，如图乙所示、容器对水平桌面的压强将　 　，水对容器底的压力将　 　。（后两空均选填：“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】变大；变小
【知识点】压强大小比较；压强的大小及其计算
【解析】【解答】解：（1）由图知，水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，容器对桌面的压力不变，由可知，容器对水平桌面的压强变大。
（2）甲图中容器上面细、下面粗，由于容器侧壁对液体有斜向下的压力，则液体对容器底部的压力大于液体的重力，即F甲＞G液；
倒置后（如乙图所示）容器上面粗、下面细，有一部分液体压在容器的侧壁上，则液体对容器底的压力小于液体的重力，即F乙＜G液；
倒置后容器内液体质量不变，重力不变，比较可知F乙＜F甲，即把该容器倒放在该桌面上，水对容器底部的压力将变小。
故答案为：变大；变小。
【分析】 （1）根据水物体对水平面的压力和自身的重力相等可知容器对桌面的压力变化；
（2）液体对容器底部的压力，可以根据液体产生的压力和液体的重力的关系进行分析，注意上下粗细一样的容器中，液体对容器底的压力等于液体的重力；上面粗、下面细的容器中液体对容器底的压力小于液体的重力；上面细、下面粗的容器中液体的压力大于液体的重力。
16．（2025九下·宁南月考）将一个体积为的小球，轻轻放入盛满水的溢水杯中，小球静止后（未碰触杯壁和杯底）排出水的质量为80g，此时小球所受浮力为　 　N；将小球取出，放入盛足够多的密度为的酒精的杯中，松手后，小球最终将会　 　（选填“漂浮”“悬浮”或“沉底”），小球在酒精中静止时受到的浮力为　 　N。（，g取）
【答案】0.8；悬浮；0.8
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：根据阿基米德原理可知，小球放入盛满水的溢水杯中静止时受浮力为F浮=G排=m排g=80×10-3kg×10N/kg=0.8N；
小球在水中排水的体积为
由于V排=80cm3可知小球在水中静止时处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知，小球的重力为G=F浮=0.8N
小球的密度为
由于小球的密度等酒精的密度，根据物体的浮沉条件可知，所以将小球放入酒精中，小球最终将会悬浮。
根据物体的浮沉条件可知，小球在酒精中静止时受到的浮力为F浮'=G=0.8N。
故答案为：0.8；悬浮；0.8。
【分析】（1）根据阿基米德原理求出小球受到的浮力；
（2）假设小球完全浸没，根据阿基米德原理求出此时小球受到的浮力，然后比较两个浮力的大小，然后判断小球处于漂浮状态，再根据漂浮状态求出小球的重力，根据密度公式和重力公式求出小球的密度；比较小球和酒精的密度判断小球放入酒精中所处的状态；
（3）根据物体的浮沉条件求出小球在酒精中静止时受到的浮力。
17．（2025九下·宁南月考）一个装满水的烧杯中浮着一块体积为的冰块，已知冰的密度与水的密度的比值为0.9，则冰块在水面以下部分的体积为　 　；若该冰块完全熔化为水，则烧杯中　 　（选填“有”或“无”）水溢出。
【答案】；无
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：冰块在水面漂浮，重力与浮力相等，其水面以下部分的体积即排开水的体积为
该冰块完全熔化为水，由于冰块在水面漂浮，重力与浮力相等，熔化前后质量不变，化成水后体积为，即，则烧杯中无水溢出。
故答案为：；无。
【分析】 （1）已知冰的密度与水的密度之比为0.9，即，冰块漂浮，所受的浮力等于自身的重力，根据公式G=mg=ρVg可表示冰块的总重力；根据公式F浮=ρ水gV排可求浸入液面以下的体积；
（2）冰化成水后，冰熔化前后质量不变，冰排开水的体积与最终所化成的水的体积是相同的，这样不会影响整个水面的变化，因此，要从这一角度出发，利用浮力、密度、重力的公式进行分析。
18．（2025九下·宁南月考）A、B两个均匀实心柱体单独放置在水平地面上如图甲、乙所示，A的高为5cm，底面积为20cm2，B的底面积为50cm2，已知A的密度2×103kg/m3，则甲图中A对地面的压强为 　 　Pa；若按图丙的方式放置时，B对A的压强为5.0×103Pa，则图乙中B对地面的压强与图丙中A对地面的压强之比为 　 　。
【答案】1000；1：3
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】 解：（1）甲图中A对地面的压力为：
F=GA=mg=ρAgV=ρAgSAhA=2×103kg/m3×10N/kg×20×10-4m2×5×10-2m=2N，
甲图中A对地面的压强为：；（2）若按图丙的方式放置时，B对A的压力为：F'=p'SA=5.0×103Pa×20×10-4m2=10N，
B的重力为：GB=F'=10N；
图乙中B对地面的压强与图丙中A对地面的压强之比为：。
故答案为：1000；1：3。
【分析】 （1）根据F=G=mg=ρgV=ρgSh算出甲图中A对地面的压力，由压强公式算出甲图中A对地面的压强；
（2）根据F=G=pS算出B的重力，由压强公式算出图乙中B对地面的压强与图丙中A对地面的压强之比。
19．（2025九下·宁南月考）假期小明家出门旅游，出发前家里只有一台冰箱正常工作，其它用电器都已关闭，小明看到家里电能表的示数为，过了7天小明回到家再次查看电能表的示数如图所示。这段时间冰箱消耗的电能是　 　，冰箱在正常工作时的电功率为200W，每天冰箱平均工作的时间为　 　h，冰箱正常工作3min电能表指示灯闪烁　 　次
【答案】7；5；16
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】解：由图知，小明回到家时电能表的读数为2628.8kW h，而离开家时电能表的示数为2621.8kW h，则在这7天内所消耗的电能：W=2628.8kW h-2621.8kW h=7kW h。
P=200W=0.2kW，由可得正常工作时间：，则每天工作的时间为；
冰箱正常工作3min，消耗的电能为
电能表指示灯闪烁的次数为。
故答案为：7；5；16。
【分析】 （1）消耗电能的计算：七天前后电能表读数之差为这段时间内消耗的电能，注意：最后一位是小数位、单位是度（千瓦时）；
（2）求出每天消耗的电能，知道冰箱的电功率，利用求每天工作时间；
（3）利用W=Pt求冰箱正常工作1min消耗的电能，利用“1600imp/（kW h）”求电能表转盘的转数；
20．（2025九下·宁南月考）如图所示，在电路中，要使和串联，应只闭合开关　 　，如果和闭合，断开，两灯　 　（选填“串联”或“并联”），如果所有开关全部闭合，则会出现　 　（选填“短路”或“断路”）。
【答案】S2；并联；短路
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】解：只闭合开关S2时，电流从电源正极流出，依次流过开关S2、灯L2、L1回到负极，所以灯L1、L2串联；
如果S1和S3闭合，S2断开时，电流从电源正极流出经过开关S1分支，一支经过灯L1，另一支经过灯L2、开关S3，然后两支汇合共同回到负极，所以灯L1、L2并联；
如果所有开关全部闭合，电流从电源正极经过S2、S3直接到电源负极，形成了电源短路，这种电路时不允许的。
故答案为：S2；并联；短路。
【分析】（1）串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极；
（2）电源短路是指用导线直接将电源两端相连，这种电路时不允许的。
21．（2025九下·宁南月考）根据图中小磁针的指向，请标出通电螺线管的极性和电源的正负极。
【答案】
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 解：（1）根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针N极的右端为S极，则通电螺线管的左端为N极；
（2）根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：
【分析】 （1）根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；
（2）根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
22．（2025九下·宁南月考）如图所示，一个物体以某一速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在上滑过程中所受到的力的示意图。
【答案】
【知识点】弹力；重力示意图
【解析】【解答】解；物体一定受到竖直向下的重力G，冲上粗糙斜面时会受到斜面对它沿斜面向下的摩擦力f、斜面对它的支持力F（方向垂直于斜面向上），力的作用点画在物体的重心上，其受力示意图如下图所示：
【分析】重力的用点在物体的重心，方向竖直向下；支持力（弹力）的方向垂直接触面指向受力的物体；摩擦力的方向与物体运动方向相反。
23．（2025九下·宁南月考）如图所示，请用笔画线代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：①带保险丝的三孔插座单独接入；②开关控制电灯后接入。
【答案】
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】 解：（1）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
（2）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。如图所示：
【分析】（1）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
（2）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
24．（2025九下·宁南月考）某物理实验小组正在使用“伏安法”测量未知电阻Rx阻值，实验电路如图甲所示（电源电压3V）。
（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片P移到最　 　端（选填“左”或“右”）；
（2）闭合开关后，发现电流表无示数，电压表有示数且示数接近3V，则电路故障原因可能是　 　；
（3）排除故障后，当滑片移到某一位置时，电压表示数为1.6V，电流表示数如图乙所示，其读数为　 　A，则未知电阻　 　Ω。接下来测量多组实验其目的是：　 　；
（4）利用图甲实验器材还能完成下列探究实验___________（选填“A”或“B”）。
A．探究电流与电压的关系 B．探究电流与电阻的关系
（5）实验中电流表突然损坏，小组同学经过讨论设计了一种实验方案也可测出阻值。电路如图丙所示，电源电压未知且恒定不变，a、b为滑动变阻器左右两个端点，滑动变阻器最大阻值为R，请你把以下测量步骤补充完整。
①闭合开关S，滑片P移到a端时，读出电压表示数为；
②闭合开关S，滑片P移到b端时，读出电压表示数为；
③待测电阻　 　（用已知和测量出的物理量符号表示）。
【答案】（1）右
（2）Rx短路
（3）0.16；10；多次实验求平均值，减小误差
（4）A
（5）
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】解：（1）为保护电路，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端；
（2）电流表无示数可能是电路断路；电压表示数接近3V，等于电源电压，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源两端相连，所以故障为定值电阻Rx断路；
（3）由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流为0.16A，由欧姆定律得未知电阻
实验中测量多组数据，根据欧姆定律求平均值，减小实验误差。
（4）图甲电阻不变，可以通过移动滑片改变电阻两端的电压，因而可以探究电流与电压的关系，故选A。
（5）在①中，闭合开关S，滑片P移到a端时，只有Rx的简单电路，电压表测电源电压U1；在②中，闭合开关S，滑片P移到b端时，变阻器的最大电阻与定值电阻串联，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为U滑=U1-U2
根据串联电路电流的规律得到
待测电阻
故答案为： （1）右；（2）Rx断路；（3）0.16；10；多次实验求平均值，减小误差；（4）A；（5）②滑片P移到b端时；。
【分析】 （1）为保护电路，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（2）电流表无示数可能是电路断路；电压表示数接近3V，等于电源电压，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源两端相连，电压表并联电路之外，不存在断路，据此判断出故障；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出未知电阻大小；
（4）根据控制变量法可知探究电流与电压的关系需控制电阻不变；
（5）用电压表分别测量出电源电压和变阻器的最大电阻连入电路中时定值电阻的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律求出定值电阻的大小。
（1）为保护电路，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端。
（2）电流表无示数可能是电路断路；电压表示数接近3V，等于电源电压，说明电压表与电源两端相连，所以故障可能为定值电阻Rx断路。
（3）[1][2]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，电流为0.16A，由欧姆定律得未知电阻
[3]实验中测量多组数据，根据欧姆定律求平均值，减小实验误差。
（4）图甲电阻不变，可以通过移动滑片改变电阻两端的电压，因而可以探究电流与电压的关系，故选A。
（5）在①中，闭合开关S，滑片P移到a端时，只有Rx的简单电路，电压表测电源电压U1；在②中，闭合开关S，滑片P移到b端时，变阻器的最大电阻与定值电阻串联，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为U滑=U1-U2
根据串联电路电流的规律得到
待测电阻
25．（2025九下·宁南月考）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验。图甲、乙、丙是三次测量滑动摩擦力时规范操作的情景。
（1）实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，其目的是使拉力　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）滑动摩擦力；图甲中，木块与木板表面间滑动摩擦力的大小为　 　N；
（2）比较甲、乙两图中弹簧测力计的示数大小，可得出的结论是滑动摩擦力大小与　 　有关；比较　 　两图中弹簧测力计的示数大小，可得出的结论是滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关；
（3）由此实验结果说明，如果要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重较　 　（选填“大”或“小”）的同学参加比赛，同时在比赛中选用图丁中　 　（选填“a”、“b”或“c”）类型的鞋子；
（4）若图丙中的拉力为6N，木块加速运动，则此时木块与毛巾表面间滑动摩擦力的大小为　 　N。
【答案】（1）等于；3.6
（2）压力大小；甲、丙
（3）大；a
（4）5.6
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】解：（1）实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，应拉动木块使其做匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，此时受到的滑动摩擦力等于拉力大小。
图甲中弹簧测力计分度值为0.2N，弹簧测力计示数为3.6N，根据二力平衡可知木块与木板表面间滑动摩擦力大小为3.6N。
（2）比较甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，压力越大，测力计示数越大，滑动摩擦力越大，所以结论是滑动摩擦力大小与压力大小有关。
研究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系要控制压力大小相同，所以比较甲、丙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关。
（3）根据影响滑动摩擦力大小的因素，压力越大，接触面越粗糙滑动摩擦力越大，故要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重大的。
压力相同时，接触面越粗糙，摩擦力越大，a鞋子花纹较深，接触面比较粗糙，摩擦力较大；b鞋子花纹较浅，接触面粗糙程度较小，摩擦力较小；c旱冰鞋变滑动为滚动可减小摩擦力，所以在比赛中选用图丁中a类型的鞋子。
（4）若图丙中的拉力为6N，木块加速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，木块与木板表面间滑动摩擦力不变，仍为5.6N。
故答案为：（1）等于；3.6；（2）压力大小；甲、丙；（3）大；a；（4）5.6。
【分析】 （1）根据测力计分度值读数；根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）木块加速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，木块与木板表面间滑动摩擦力不变。
（1）[1]实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，应拉动木块使其做匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，此时受到的滑动摩擦力等于拉力大小。
[2]图甲中弹簧测力计分度值为0.2N，弹簧测力计示数为3.6N，根据二力平衡可知木块与木板表面间滑动摩擦力大小为3.6N。
（2）[1]比较甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，压力越大，测力计示数越大，滑动摩擦力越大，所以结论是滑动摩擦力大小与压力大小有关。
[2]研究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系要控制压力大小相同，所以比较甲、丙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关。
（3）[1]根据影响滑动摩擦力大小的因素，压力越大，接触面越粗糙滑动摩擦力越大，故要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重大的。
[2]压力相同时，接触面越粗糙，摩擦力越大，a鞋子花纹较深，接触面比较粗糙，摩擦力较大；b鞋子花纹较浅，接触面粗糙程度较小，摩擦力较小；c旱冰鞋变滑动为滚动可减小摩擦力，所以在比赛中选用图丁中a类型的鞋子。
（4）若图丙中的拉力为6N，木块加速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，木块与木板表面间滑动摩擦力不变，仍为5.6N。
26．（2025九下·宁南月考）如图所示，小明的新家使用即热式天然气热水器供家里洗刷用水，他想估测家中热水器的加热效率。打开热水器，用温度计测得热水器进水管的水温为16℃，出水管的水温为56℃，放出50kg的热水后，从燃气表中看到天然气表示数由2380.19m3变为2380.69m3。[q天然气=4.2×107J/m3，c水=4.2×103J/（kg·℃）]求：
（1）0.5m3的天然气完全燃烧放出的热量；
（2）50kg的水吸收的热量；
（3）热水器的加热效率。
【答案】（1）解：由题意可知，燃烧的天然气为2380.69m3-2380.19m3=0.5m3
0.5m3的天然气完全燃烧放出的热量。
（2）解：水吸收的热量为：。
（3）解：热水器的实际效率为。
【知识点】比热容；燃料的热值；热机效率的计算——烧锅炉
【解析】【分析】（1）根据燃料释放热量的公式求出天然气释放的热量；
（2）由公式Q=cmΔt求出水吸收的热量；
（3）吸收的热量与放出的热量比值即为热水器的实际效率。
（1）由题意可知，燃烧的天然气为2380.69m3-2380.19m3=0.5m3
0.5m3的天然气完全燃烧放出的热量
（2）水吸收的热量为
（3）热水器的实际效率为
27．（2025九下·宁南月考）如图甲所示为小红设计的液体密度测量装置的电路图，其中电源电压恒定为18V，电流表所选量程为0~0.6A、开关S为单刀双掷开关，可分别与a、b接触，R1、R2均为定值炮阻，其中R2=20Ω，R为压敏电阻，R的阻值与它所受压力的关系如图乙所示。在R上水平放置一个质量不计的轻质柱形容器，容器容积为1000mL，每次小红都在容器中装满待测液体，根据电流表的示数便可计算出待测液体密度。已知当开关S1接a，容器中没有装液体时，电流表的示数为0.2A。已知水的密度为=1×103kg/m3。求：
（1）定值电阻R1的阻值；
（2）当S1接a，容器装满水时，电路消耗的总功率；
（3）在电路安全的前提下，本装置能测量的最大液体密度。（每次测量时都在容器中装满待测液体）
【答案】（1）解：容器的重力：G=mg=200×10-3kg×10N/kg=2N，
当开关S1接a，R1和R串联接入电路，容器中没有装液体时，由乙图可知此时R=80Ω，
由欧姆定律可得电路总电阻：，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以R1的阻值：R1=R总-R=90Ω-80Ω=10Ω；
（2）当容器中装满水时，水的质量为m0=ρ水V=1.0×103kg/m3×1000×10-6m3=1kg
水的重力G0=m0g=1kg×10N/kg=10N
此时压敏电阻受到的压力G'=G0=10N
由乙图可知压敏电阻的阻值R'=30Ω，电路消耗的总功率
。
（3）电流表所选量程为0~0.6A，当通过电路的电流最大为0.6A时，电路总电阻最小，此时压敏电阻受到的压力最大，所测液体的密度最大，此时电路的总电阻；
开关S1接a，压敏电阻的阻值为R″=R总1-R1=30Ω-10Ω=20Ω；
由图乙可知，压敏电阻受到的压力为12N，容器中液体的重力为G″=12N，容器中液体的密度为；
开关S1接b，压敏电阻的阻值为R″'=R总1-R2=30Ω-20Ω=10Ω；
由图乙可知，压敏电阻受到的压力为14N，容器中液体的重力为G″'=14N，容器中液体的密度为；
因为1.4×103kg/m3>1.2×103kg/m3；所以本装置能测量的最大液体密度是1.4×103kg/m3。
【知识点】密度公式及其应用；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）根据重力公式计算容器的重力，由乙图可知容器中没有装液体时压敏电阻的阻值，当开关S1接a，R1和R串联接入电路，由欧姆定律可得电路总电阻，根据串联电路电阻规律计算R1的阻值；
（2）根据密度公式计算当容器中装满水时水的质量，根据重力公式计算水的重力，进一步计算压敏电阻此时受到的压力，由乙图可知压敏电阻的压力每增大1N，压敏电阻的阻值就减小5Ω，据此确定压敏电阻此时的阻值，根据功率公式求出电功率大小；
（3）根据欧姆定律计算当容器中没有装液体且开关S1接a时R两端的电压，根据已知的比例关系计算当容器中没有装液体且开关S1接b时R两端的电压，进一步计算此时通过电路的电流，根据串联电路电压规律计算定值电阻R2两端的电压，根据欧姆定律计算R2的阻值，
电流表所选量程为0～0.6A，当通过电路的电流最大为0.6A时，电路总电阻最小，此时压敏电阻受到的压力最大，所测液体的密度最大，
根据欧姆定律计算通过电路电流最大时电路的总电阻，进一步计算开关S1分别接a、接b时压敏电阻的阻值，由乙图可知压敏电阻受到的压力，进一步确定容器中液体的重力，根据重力公式计算容器中液体的质量，根据密度公式计算液体的密度，比较可知本装置能测量的最大液体密度是多少。
（1）当开关S1接a，R1和R串联接入电路，容器中没有装液体时，由乙图可知此时R=80Ω，由欧姆定律可得电路总电阻
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以R1的阻值
R1=R总-R=90Ω-80Ω=10Ω
（2）当容器中装满水时，水的质量为
m0=ρ水V=1.0×103kg/m3×1000×10-6m3=1kg
水的重力
G0=m0g=1kg×10N/kg=10N
此时压敏电阻受到的压力
G'=G0=10N
由乙图可知压敏电阻的阻值R'=30Ω，电路消耗的总功率
（3）电流表所选量程为0~0.6A，当通过电路的电流最大为0.6A时，电路总电阻最小，此时压敏电阻受到的压力最大，所测液体的密度最大，此时电路的总电阻
开关S1接a，压敏电阻的阻值为
R″=R总1-R1=30Ω-10Ω=20Ω
由图乙可知，压敏电阻受到的压力为12N，容器中液体的重力为G″=12N，容器中液体的密度为
开关S1接b，压敏电阻的阻值为
R″'=R总1-R2=30Ω-20Ω=10Ω
由图乙可知，压敏电阻受到的压力为14N，容器中液体的重力为G″'=14N，容器中液体的密度为
因为
1.4×103kg/m3>1.2×103kg/m3
所以本装置能测量的最大液体密度是1.4×103kg/m3。
1 / 1四川省凉山州宁南县初级中学校2024-2025学年九年级下学期4月月考物理试题
1．（2025九下·宁南月考）小明参观博物馆时看到了祝融号模型，发现祝融号和一个初二的女学生一样高，如图所示（　　）
A．0.9m B．16dm C．16cm D．72mm
2．（2025九下·宁南月考）在2023年春节联欢晚会上，“一带一路”沿线国家的艺术家与中国音乐家一起相聚云端，共同演唱了《一带繁花一路歌》。下列说法正确的是（　　）
A．歌声是由声带振动产生的
B．不同艺术家发出声音的音色相同
C．歌声在空气中的传播速度是
D．使用扩音器主要是为了改变歌声的音调
3．（2025九下·宁南月考）如图所示，轻质杠杆AB可绕O点转动，已知，在C点处挂一个重力为60N的金属球，要使杠杆在水平位置平衡，施加的最小力是（　　）
A．在A点施加一个竖直向下的力，大小为60N
B．在B点施加一个竖直向下的力，大小为60N
C．在A点施加一个竖直向上的力，大小为30N
D．在B点施加一个竖直向上的力，大小为30N
4．（2025九下·宁南月考）厨房不仅是加工食材，制作家庭美食的场所，也是日常生活中充满物态变化的“实验室”。关于厨房中的现象以下说法正确的是（　　）
A．烧水煮面，当锅底开始产生少量气泡时水就沸腾了
B．煮饺子时，锅周围出现大量“白气”，这是空气液化形成的小水滴
C．新鲜的豆腐放入冰箱内制成冻豆腐，这主要是凝华现象
D．和好的面团在醒发时要盖上保鲜膜，是为了防止面团水分蒸发变干
5．（2025九下·宁南月考）在探究甲、乙两种物质的质量和体积的关系时，得出如图所示的图像。下列说法正确的是（　　）
A．甲的密度比乙的密度大
B．甲、乙质量相同时，
C．乙的质量为5g时，体积是
D．物质的质量越大，体积越大，密度也越大
6．（2025九下·宁南月考）在一次活动中，小明和小华先后在同一水平地面上，水平拉着物体A做匀速直线运动，如图所示是物体A两次运动的路程随时间变化的图像。下列判断正确的是（　　）
A．物体两次运动的速度：
B．物体两次所受的拉力：
C．两人拉力对物体所做的功：
D．两人拉力对物体做功的功率：
7．（2025九下·宁南月考）半潜船可用来运输超大型货物，空载时漂浮于海面（如图甲）；装载时需向半潜船的水舱中注水，船体重力增加，巨大的甲板下沉至海面以下（如图乙）；待货物被拖到甲板上方后，排出半潜船水舱中的水，船体重力减小，甲板上浮至海面，完成货物装载（如图丙）。半潜船在甲、乙、丙三种状态时所受的浮力分别为、、。下列判断正确的是（　　）
A． B． C． D．
8．（2025九下·宁南月考）如图所示，两个实心正方体A、B放在水平面上，高度之比hA∶hB=2∶3，对地面的压强之比pA∶pB=1∶3，则（　　）
A．它们的体积之比VA∶VB=4∶9
B．它们的密度之比ρA∶ρB=1∶2
C．它们的质量之比mA∶mB=27∶4
D．它们对地面的压力之比FA∶FB=2∶9
9．（2025九下·宁南月考）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，电压表V1的示数为3V，电压表V2的示数为8V，则灯L1与L2两端的电压之比为（　　）
A．3∶8 B．5∶8 C．3∶5 D．5∶3
10．（2025九下·宁南月考）如图所示电源电压恒为U，电阻R1、R2的阻值均为R0，闭合开关S，只有两个电表的指针发生偏转，若电路中仅有一处故障，且只发生在R1、R2上。下列判断正确的是（　　）
A．若R1断路，则A的示数为0，的示数为U
B．若R2断路，则A的示数为0，的示数为U
C．若R1短路，则A的示数为，的示数为0
D．若R2短路，则A的示数为，的示数为0
11．（2025九下·宁南月考）小文在上学路上发现商贩在用沙子翻炒栗子，如图所示。翻炒栗子用沙子的主要原因是因为沙子的比热容较 　 　（选填“大”或“小”）；栗子飘出诱人的香味，这是 　 　现象；最终栗子被炒熟是通过 　 　的方式使栗子内能增加，温度升高。
12．（2025九下·宁南月考）光在同一种均匀介质中沿　 　传播；电影院里各个位置的观众都能看到银幕上的画面，是因为光在银幕的表面发生了　 　（填“漫”或“镜面”）反射，这种反射　 　（选填“遵循”或“不遵循”）光的反射定律。
13．（2025九下·宁南月考）如图甲所示，重5N的物体A放在粗糙程度相同的水平地面上。用水平拉力F作用于物体A，拉力F的大小与时间t的关系图像如图乙所示，物体A运动的速度v与时间t的关系图像如图丙所示。由图像可知，6~9s内物体做　 　运动；9~10s内物体受到的合力为　 　N。
14．（2025九下·宁南月考）如图，王兵同学用20N的水平拉力F将重100N的物体M向左匀速拉动，物体以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动，则在此过程中，拉力F的功率为　 　W，物体与地面间的滑动摩擦力为　 　N，物体重力做功为　 　J。（滑轮重、绳重、摩擦均忽略不计）
15．（2025九下·宁南月考）如图甲所示，密闭的容器中装有一定量的水，静置在水平桌面上，容器内水面到容器底的距离为6cm。若把该容器倒放在该桌面上，如图乙所示、容器对水平桌面的压强将　 　，水对容器底的压力将　 　。（后两空均选填：“变大”、“变小”或“不变”）
16．（2025九下·宁南月考）将一个体积为的小球，轻轻放入盛满水的溢水杯中，小球静止后（未碰触杯壁和杯底）排出水的质量为80g，此时小球所受浮力为　 　N；将小球取出，放入盛足够多的密度为的酒精的杯中，松手后，小球最终将会　 　（选填“漂浮”“悬浮”或“沉底”），小球在酒精中静止时受到的浮力为　 　N。（，g取）
17．（2025九下·宁南月考）一个装满水的烧杯中浮着一块体积为的冰块，已知冰的密度与水的密度的比值为0.9，则冰块在水面以下部分的体积为　 　；若该冰块完全熔化为水，则烧杯中　 　（选填“有”或“无”）水溢出。
18．（2025九下·宁南月考）A、B两个均匀实心柱体单独放置在水平地面上如图甲、乙所示，A的高为5cm，底面积为20cm2，B的底面积为50cm2，已知A的密度2×103kg/m3，则甲图中A对地面的压强为 　 　Pa；若按图丙的方式放置时，B对A的压强为5.0×103Pa，则图乙中B对地面的压强与图丙中A对地面的压强之比为 　 　。
19．（2025九下·宁南月考）假期小明家出门旅游，出发前家里只有一台冰箱正常工作，其它用电器都已关闭，小明看到家里电能表的示数为，过了7天小明回到家再次查看电能表的示数如图所示。这段时间冰箱消耗的电能是　 　，冰箱在正常工作时的电功率为200W，每天冰箱平均工作的时间为　 　h，冰箱正常工作3min电能表指示灯闪烁　 　次
20．（2025九下·宁南月考）如图所示，在电路中，要使和串联，应只闭合开关　 　，如果和闭合，断开，两灯　 　（选填“串联”或“并联”），如果所有开关全部闭合，则会出现　 　（选填“短路”或“断路”）。
21．（2025九下·宁南月考）根据图中小磁针的指向，请标出通电螺线管的极性和电源的正负极。
22．（2025九下·宁南月考）如图所示，一个物体以某一速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在上滑过程中所受到的力的示意图。
23．（2025九下·宁南月考）如图所示，请用笔画线代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：①带保险丝的三孔插座单独接入；②开关控制电灯后接入。
24．（2025九下·宁南月考）某物理实验小组正在使用“伏安法”测量未知电阻Rx阻值，实验电路如图甲所示（电源电压3V）。
（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片P移到最　 　端（选填“左”或“右”）；
（2）闭合开关后，发现电流表无示数，电压表有示数且示数接近3V，则电路故障原因可能是　 　；
（3）排除故障后，当滑片移到某一位置时，电压表示数为1.6V，电流表示数如图乙所示，其读数为　 　A，则未知电阻　 　Ω。接下来测量多组实验其目的是：　 　；
（4）利用图甲实验器材还能完成下列探究实验___________（选填“A”或“B”）。
A．探究电流与电压的关系 B．探究电流与电阻的关系
（5）实验中电流表突然损坏，小组同学经过讨论设计了一种实验方案也可测出阻值。电路如图丙所示，电源电压未知且恒定不变，a、b为滑动变阻器左右两个端点，滑动变阻器最大阻值为R，请你把以下测量步骤补充完整。
①闭合开关S，滑片P移到a端时，读出电压表示数为；
②闭合开关S，滑片P移到b端时，读出电压表示数为；
③待测电阻　 　（用已知和测量出的物理量符号表示）。
25．（2025九下·宁南月考）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验。图甲、乙、丙是三次测量滑动摩擦力时规范操作的情景。
（1）实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，其目的是使拉力　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）滑动摩擦力；图甲中，木块与木板表面间滑动摩擦力的大小为　 　N；
（2）比较甲、乙两图中弹簧测力计的示数大小，可得出的结论是滑动摩擦力大小与　 　有关；比较　 　两图中弹簧测力计的示数大小，可得出的结论是滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关；
（3）由此实验结果说明，如果要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重较　 　（选填“大”或“小”）的同学参加比赛，同时在比赛中选用图丁中　 　（选填“a”、“b”或“c”）类型的鞋子；
（4）若图丙中的拉力为6N，木块加速运动，则此时木块与毛巾表面间滑动摩擦力的大小为　 　N。
26．（2025九下·宁南月考）如图所示，小明的新家使用即热式天然气热水器供家里洗刷用水，他想估测家中热水器的加热效率。打开热水器，用温度计测得热水器进水管的水温为16℃，出水管的水温为56℃，放出50kg的热水后，从燃气表中看到天然气表示数由2380.19m3变为2380.69m3。[q天然气=4.2×107J/m3，c水=4.2×103J/（kg·℃）]求：
（1）0.5m3的天然气完全燃烧放出的热量；
（2）50kg的水吸收的热量；
（3）热水器的加热效率。
27．（2025九下·宁南月考）如图甲所示为小红设计的液体密度测量装置的电路图，其中电源电压恒定为18V，电流表所选量程为0~0.6A、开关S为单刀双掷开关，可分别与a、b接触，R1、R2均为定值炮阻，其中R2=20Ω，R为压敏电阻，R的阻值与它所受压力的关系如图乙所示。在R上水平放置一个质量不计的轻质柱形容器，容器容积为1000mL，每次小红都在容器中装满待测液体，根据电流表的示数便可计算出待测液体密度。已知当开关S1接a，容器中没有装液体时，电流表的示数为0.2A。已知水的密度为=1×103kg/m3。求：
（1）定值电阻R1的阻值；
（2）当S1接a，容器装满水时，电路消耗的总功率；
（3）在电路安全的前提下，本装置能测量的最大液体密度。（每次测量时都在容器中装满待测液体）
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】解：一个初二的女学生的身高可能为1.6m=16dm，祝融号和一个初二的女学生一样高，约为16dm=160cm，故B正确。
故选：B。
【分析】根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
2．【答案】A
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 解：A．声音由物体的振动产生，歌声是由声带振动产生的，故A正确，符合题意；
B．不同艺术家发出声音的音色不相同，因为不同人发声的音色一般不同，可据音色区别不同艺术家的发声，故B错误，不符合题意；
C．歌声在空气中的传播速度约为340m/s，故C错误，不符合题意；
D．扩音器的作用主要是增大声音的响度（音量），而不是改变音调。故D错误，不符合题意。
故选：A。
【分析】 （1）声音是由发声体的振动产生的。
（2）不同的歌手音色一般不同。
（3）声音的传播需要介质，真空不能传声。
（4）声音在15℃的空气中的传播速度约为340m/s。
3．【答案】D
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】解：已知支点在O点，在杠杆的A、B两点都可以施加一个力，力臂AO＜OB，所以在B点作用一个竖直向上的力最省力，由杠杆的平衡条件可得：
F×OB=G×OC，
即：F×2×OC=60N×OC，
解得：F=30N。
故选：D。
【分析】支点在O点，C点挂重物，在杠杆的A、B两点都可以施加一个力，在A点竖直向下的力使杠杆在水平位置平衡，在B点竖直向上的力使杠杆在水平位置平衡，根据力臂越长，越省力，确定在杠杆的哪端用力，向哪个方向用力，根据杠杆的平衡条件，可算出F的大小。
4．【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；沸腾及沸腾条件；影响蒸发快慢的因素；液化及液化放热
【解析】【解答】解：A．烧水煮面，当锅底开始产生少量气泡时水还没有沸腾，故A错误；
B．煮饺子时，锅周围出现大量“白气”，这是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误；
C．新鲜的豆腐放入冰箱内制成冻豆腐，这主要是凝固现象，故C错误；
D．和好的面团在醒发时要盖上保鲜膜，是为了防止面团水分蒸发变干，故D正确。
故选：D。
【分析】物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。
减慢液体蒸发快慢的措施有三个：①降低液体的温度；②减小液体的表面积；③减慢液体表面空气的流动速度。
液化指物质由气态转变成液态。
5．【答案】C
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】解：A．由图可知，甲的密度为，乙的密度为，因此甲的密度小于乙的密度，故A错误；
B．由图可知，当质量都为4g时，甲的体积为2cm3，乙的体积为1cm3，则，故B错误；
C．乙的质量为5g时，体积是，故C正确；
D．密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与质量、体积、形状无关，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）从图中找出加以的横坐标和纵坐标，利用密度公式求出密度大小；
（2）从坐标轴上可以看出质量相同时体积之比；
（3）利用密度公式即可求出乙的体积；
（4）密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关。
6．【答案】D
【知识点】功率大小的比较；二力平衡的条件及其应用；功；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】解：A、由图象可知，在相同时间内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，所以v1＞v2，故A错误；
B、同一物体重力相等，对水平面的压力相等，在同一水平面接触面的粗糙程度相同，因此两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等，由于物体做匀速直线运动，所受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以两次物体所受的拉力F1=F2，故B错误；
C、由图象可知，0～t1物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，又因为F1=F2，根据W=Fs可得，0～t1两次拉力对物体所做的功W1＞W2，故C错误；
D、已知两次物体所受的拉力F1=F2，v1＞v2，由可知，0～t1两人拉力对物体做功的功率：P1＞P2，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）比较相同时间内物体两次通过的路程，或者比较物体通过相同路程两次所用时间得出速度的大小；
（2）根据力的平衡和摩擦力大小的影响因素分析两次物体所受的拉力的大小；
（3）从图中得出0～t1物体两次通过的路程的大小关系，然后利用W=Fs分析两次拉力对物体所做的功的大小；
（4）由可比较出功率关系。
7．【答案】B
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】解：据图可知，乙图中半载船排开水的体积最大，其次是丙图，甲图排开水的体积最小，液体的密度是相同的，根据可知，乙图中船受浮力最大，其次是丙图，再次是甲图，即浮力大小关系是，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【分析】根据阿基米德原理进行分析，半载船排开水的体积越大，所受浮力就越大。
8．【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】解：A、根据正方体的体积等于边长的3次方，故它们的体积之比，故A错误；B、根据正方体的压强，则ρAhAg：ρBhBg=1：3；且hA：hB=2：3，解得ρA：ρB=1：2，故B正确；
CD、根据知，质量之比mA：mB=ρAVA：ρBVB=（1×8）：（2×27）=4：27，
根据水平面的压力等于重力，而重力与质量成正比，故压力之比等于质量之比，为4：27，故CD错误。
故选：B。
【分析】（1）根据正方体的体积公式计算比值；
（2）根据柱体压强计算密度之比；
（3）根据密度和体积计算质量，结合水平面的压力等于重力计算之比。
9．【答案】C
【知识点】电压的测量及电压表的使用；串联电路的电压规律
【解析】【解答】解：由电路图可知，L1与L2串联，电流相等，
电压表V1测L1两端电压U1=3V，电压表V2测电源电压U=8V，
串联电路两端的总电压等于各部分电路两端电压之和，即U=U1+U2，
则L2两端电压U2=U-U1=5V，则灯L1与L2的电压之比为U1：U2=3：5。
故选：C。
【分析】由电路图可知，L1与L2串联，电压表V1测L1两端电压，电压表V2测电源电压，根据串联电路两端的总电压等于各部分电路两端电压之和，可得L1两端电压，进而得到电压比。
10．【答案】C
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流；电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压；
A.若 R1断路，则V1测电源电压，示数为U，V2与电源之间是断开的，示数为0；A的示数为0，所以只有一只电表的指针发生偏转，故A错误；
B.若 R2断路，则V2测电源电压，示数为U，V1与电源之间是断开的，示数为0，A的示数为0，所以只有一只电表的指针发生偏转，故B错误；
C.若 R1短路，则V1测量的是一段导线两端的电压，示数为0，V2测电源电压，示数为U，A的示数为，所以有两只电表的指针发生偏转，故C正确；
D.若 R2短路，则V2测量的是一段导线两端的电压，示数为0，V1测电源电压，示数为U，A的示数为，故D错误。
故选：C。
【分析】由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流；电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压；根据每个选项发生的故障分析电表示数的变化，得出正确的选项。
11．【答案】小；扩散；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】解：（1）翻炒栗子用沙子的主要原因是因为沙子的比热容较小，相同质量的沙子与其它物质相比，吸收相同的热量，其温度变化较快；
（2）栗子飘出诱人的香味，这是扩散现象，是分子无规则运动形成的；
（3）最终栗子被炒熟是通过热传递的方式使栗子内能增加，温度升高。
故答案为：小；扩散；热传递。
【分析】 （1）相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容越小，其温度变化越明显；
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，产生扩散现象；
（3）改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
12．【答案】直线；漫；遵循
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射定律；镜面反射与漫反射
【解析】【解答】 解：光在同一种均匀介质中沿直线传播；
平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人的眼睛，使每个人都能看到银幕上的画面，这是漫反射。电影院里各个位置的观众都能看到银幕上的画面，是因为光在银幕的表面发生了漫反射。
不管是镜面反射还是漫反射都遵循光的反射定律。
故答案为：直线；漫；遵循。
【分析】 （1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）平行光射向平而光滑的反射面，反射光线平行射出，这种反射是镜面反射；平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射，无论是镜面反射还是漫反射都遵循光的反射定律。
13．【答案】匀速直线；6
【知识点】匀速直线运动特点；二力平衡的条件及其应用；力与图象的结合
【解析】【解答】解：由F-t图象可知，6～9s内的推力F=6N，由v-t图象可知，物体以v=6m/s的速度做匀速直线运动，处于平衡状态，
因物体做匀速直线运动时受到的摩擦力和推力是一对平衡力，二力大小相等，所以，物体受到的滑动摩擦力为6N；
由v-t图象可知，9-12秒内物体做减速运动，由于物体受到的压力和接触面的粗糙程度均不变，因此物体受到的滑动摩擦力不变，仍为6N；
9～12s物体受到的合力为F合=f=6N。
故答案为：匀速直线；6。【分析】由F-t图象可知6s～9s内的推力，由v-t图象可知对应的速度，然后判断出物体的状态，利用二力平衡条件求出受到的滑动摩擦力；再根据v-t图象确定物体在9～12s内的运动状态，并根据～影响滑动摩擦力的因素进行判断；利用同一条直线上的二力合成求出物体受到的合力。
14．【答案】12；60；0
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】解：由图知，动滑轮上的绳子股数n=3，则绳子自由端移动的速度为
拉力F的功率为
滑轮重、绳重、摩擦均忽略不计，根据可得，物体与地面间的滑动摩擦力为
重力的方向竖直向下，物体在水平地面上向左匀速运动，没有在重力的方向上移动距离，根据做功的条件可知，重力没有做功，即做功为0J。
故答案为：12；60；0。
【分析】 由图知，动滑轮上的绳子股数n=3，根据v=nv物求绳子自由端移动的速度，根据求拉力F的功率；
滑轮重、绳重、摩擦均忽略不计，根据求物体与地面间的滑动摩擦力大小；
根据做功的条件可知重力做功的多少。
15．【答案】变大；变小
【知识点】压强大小比较；压强的大小及其计算
【解析】【解答】解：（1）由图知，水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，容器对桌面的压力不变，由可知，容器对水平桌面的压强变大。
（2）甲图中容器上面细、下面粗，由于容器侧壁对液体有斜向下的压力，则液体对容器底部的压力大于液体的重力，即F甲＞G液；
倒置后（如乙图所示）容器上面粗、下面细，有一部分液体压在容器的侧壁上，则液体对容器底的压力小于液体的重力，即F乙＜G液；
倒置后容器内液体质量不变，重力不变，比较可知F乙＜F甲，即把该容器倒放在该桌面上，水对容器底部的压力将变小。
故答案为：变大；变小。
【分析】 （1）根据水物体对水平面的压力和自身的重力相等可知容器对桌面的压力变化；
（2）液体对容器底部的压力，可以根据液体产生的压力和液体的重力的关系进行分析，注意上下粗细一样的容器中，液体对容器底的压力等于液体的重力；上面粗、下面细的容器中液体对容器底的压力小于液体的重力；上面细、下面粗的容器中液体的压力大于液体的重力。
16．【答案】0.8；悬浮；0.8
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：根据阿基米德原理可知，小球放入盛满水的溢水杯中静止时受浮力为F浮=G排=m排g=80×10-3kg×10N/kg=0.8N；
小球在水中排水的体积为
由于V排=80cm3可知小球在水中静止时处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知，小球的重力为G=F浮=0.8N
小球的密度为
由于小球的密度等酒精的密度，根据物体的浮沉条件可知，所以将小球放入酒精中，小球最终将会悬浮。
根据物体的浮沉条件可知，小球在酒精中静止时受到的浮力为F浮'=G=0.8N。
故答案为：0.8；悬浮；0.8。
【分析】（1）根据阿基米德原理求出小球受到的浮力；
（2）假设小球完全浸没，根据阿基米德原理求出此时小球受到的浮力，然后比较两个浮力的大小，然后判断小球处于漂浮状态，再根据漂浮状态求出小球的重力，根据密度公式和重力公式求出小球的密度；比较小球和酒精的密度判断小球放入酒精中所处的状态；
（3）根据物体的浮沉条件求出小球在酒精中静止时受到的浮力。
17．【答案】；无
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】解：冰块在水面漂浮，重力与浮力相等，其水面以下部分的体积即排开水的体积为
该冰块完全熔化为水，由于冰块在水面漂浮，重力与浮力相等，熔化前后质量不变，化成水后体积为，即，则烧杯中无水溢出。
故答案为：；无。
【分析】 （1）已知冰的密度与水的密度之比为0.9，即，冰块漂浮，所受的浮力等于自身的重力，根据公式G=mg=ρVg可表示冰块的总重力；根据公式F浮=ρ水gV排可求浸入液面以下的体积；
（2）冰化成水后，冰熔化前后质量不变，冰排开水的体积与最终所化成的水的体积是相同的，这样不会影响整个水面的变化，因此，要从这一角度出发，利用浮力、密度、重力的公式进行分析。
18．【答案】1000；1：3
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】 解：（1）甲图中A对地面的压力为：
F=GA=mg=ρAgV=ρAgSAhA=2×103kg/m3×10N/kg×20×10-4m2×5×10-2m=2N，
甲图中A对地面的压强为：；（2）若按图丙的方式放置时，B对A的压力为：F'=p'SA=5.0×103Pa×20×10-4m2=10N，
B的重力为：GB=F'=10N；
图乙中B对地面的压强与图丙中A对地面的压强之比为：。
故答案为：1000；1：3。
【分析】 （1）根据F=G=mg=ρgV=ρgSh算出甲图中A对地面的压力，由压强公式算出甲图中A对地面的压强；
（2）根据F=G=pS算出B的重力，由压强公式算出图乙中B对地面的压强与图丙中A对地面的压强之比。
19．【答案】7；5；16
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算
【解析】【解答】解：由图知，小明回到家时电能表的读数为2628.8kW h，而离开家时电能表的示数为2621.8kW h，则在这7天内所消耗的电能：W=2628.8kW h-2621.8kW h=7kW h。
P=200W=0.2kW，由可得正常工作时间：，则每天工作的时间为；
冰箱正常工作3min，消耗的电能为
电能表指示灯闪烁的次数为。
故答案为：7；5；16。
【分析】 （1）消耗电能的计算：七天前后电能表读数之差为这段时间内消耗的电能，注意：最后一位是小数位、单位是度（千瓦时）；
（2）求出每天消耗的电能，知道冰箱的电功率，利用求每天工作时间；
（3）利用W=Pt求冰箱正常工作1min消耗的电能，利用“1600imp/（kW h）”求电能表转盘的转数；
20．【答案】S2；并联；短路
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】解：只闭合开关S2时，电流从电源正极流出，依次流过开关S2、灯L2、L1回到负极，所以灯L1、L2串联；
如果S1和S3闭合，S2断开时，电流从电源正极流出经过开关S1分支，一支经过灯L1，另一支经过灯L2、开关S3，然后两支汇合共同回到负极，所以灯L1、L2并联；
如果所有开关全部闭合，电流从电源正极经过S2、S3直接到电源负极，形成了电源短路，这种电路时不允许的。
故答案为：S2；并联；短路。
【分析】（1）串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极；
（2）电源短路是指用导线直接将电源两端相连，这种电路时不允许的。
21．【答案】
【知识点】通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 解：（1）根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针N极的右端为S极，则通电螺线管的左端为N极；
（2）根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：
【分析】 （1）根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；
（2）根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
22．【答案】
【知识点】弹力；重力示意图
【解析】【解答】解；物体一定受到竖直向下的重力G，冲上粗糙斜面时会受到斜面对它沿斜面向下的摩擦力f、斜面对它的支持力F（方向垂直于斜面向上），力的作用点画在物体的重心上，其受力示意图如下图所示：
【分析】重力的用点在物体的重心，方向竖直向下；支持力（弹力）的方向垂直接触面指向受力的物体；摩擦力的方向与物体运动方向相反。
23．【答案】
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接
【解析】【解答】 解：（1）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
（2）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。如图所示：
【分析】（1）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
（2）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
24．【答案】（1）右
（2）Rx短路
（3）0.16；10；多次实验求平均值，减小误差
（4）A
（5）
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】解：（1）为保护电路，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端；
（2）电流表无示数可能是电路断路；电压表示数接近3V，等于电源电压，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源两端相连，所以故障为定值电阻Rx断路；
（3）由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流为0.16A，由欧姆定律得未知电阻
实验中测量多组数据，根据欧姆定律求平均值，减小实验误差。
（4）图甲电阻不变，可以通过移动滑片改变电阻两端的电压，因而可以探究电流与电压的关系，故选A。
（5）在①中，闭合开关S，滑片P移到a端时，只有Rx的简单电路，电压表测电源电压U1；在②中，闭合开关S，滑片P移到b端时，变阻器的最大电阻与定值电阻串联，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为U滑=U1-U2
根据串联电路电流的规律得到
待测电阻
故答案为： （1）右；（2）Rx断路；（3）0.16；10；多次实验求平均值，减小误差；（4）A；（5）②滑片P移到b端时；。
【分析】 （1）为保护电路，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（2）电流表无示数可能是电路断路；电压表示数接近3V，等于电源电压，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源两端相连，电压表并联电路之外，不存在断路，据此判断出故障；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出未知电阻大小；
（4）根据控制变量法可知探究电流与电压的关系需控制电阻不变；
（5）用电压表分别测量出电源电压和变阻器的最大电阻连入电路中时定值电阻的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律求出定值电阻的大小。
（1）为保护电路，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端。
（2）电流表无示数可能是电路断路；电压表示数接近3V，等于电源电压，说明电压表与电源两端相连，所以故障可能为定值电阻Rx断路。
（3）[1][2]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，电流为0.16A，由欧姆定律得未知电阻
[3]实验中测量多组数据，根据欧姆定律求平均值，减小实验误差。
（4）图甲电阻不变，可以通过移动滑片改变电阻两端的电压，因而可以探究电流与电压的关系，故选A。
（5）在①中，闭合开关S，滑片P移到a端时，只有Rx的简单电路，电压表测电源电压U1；在②中，闭合开关S，滑片P移到b端时，变阻器的最大电阻与定值电阻串联，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为U滑=U1-U2
根据串联电路电流的规律得到
待测电阻
25．【答案】（1）等于；3.6
（2）压力大小；甲、丙
（3）大；a
（4）5.6
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】解：（1）实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，应拉动木块使其做匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，此时受到的滑动摩擦力等于拉力大小。
图甲中弹簧测力计分度值为0.2N，弹簧测力计示数为3.6N，根据二力平衡可知木块与木板表面间滑动摩擦力大小为3.6N。
（2）比较甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，压力越大，测力计示数越大，滑动摩擦力越大，所以结论是滑动摩擦力大小与压力大小有关。
研究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系要控制压力大小相同，所以比较甲、丙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关。
（3）根据影响滑动摩擦力大小的因素，压力越大，接触面越粗糙滑动摩擦力越大，故要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重大的。
压力相同时，接触面越粗糙，摩擦力越大，a鞋子花纹较深，接触面比较粗糙，摩擦力较大；b鞋子花纹较浅，接触面粗糙程度较小，摩擦力较小；c旱冰鞋变滑动为滚动可减小摩擦力，所以在比赛中选用图丁中a类型的鞋子。
（4）若图丙中的拉力为6N，木块加速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，木块与木板表面间滑动摩擦力不变，仍为5.6N。
故答案为：（1）等于；3.6；（2）压力大小；甲、丙；（3）大；a；（4）5.6。
【分析】 （1）根据测力计分度值读数；根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）木块加速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，木块与木板表面间滑动摩擦力不变。
（1）[1]实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，应拉动木块使其做匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，此时受到的滑动摩擦力等于拉力大小。
[2]图甲中弹簧测力计分度值为0.2N，弹簧测力计示数为3.6N，根据二力平衡可知木块与木板表面间滑动摩擦力大小为3.6N。
（2）[1]比较甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，压力越大，测力计示数越大，滑动摩擦力越大，所以结论是滑动摩擦力大小与压力大小有关。
[2]研究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系要控制压力大小相同，所以比较甲、丙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关。
（3）[1]根据影响滑动摩擦力大小的因素，压力越大，接触面越粗糙滑动摩擦力越大，故要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重大的。
[2]压力相同时，接触面越粗糙，摩擦力越大，a鞋子花纹较深，接触面比较粗糙，摩擦力较大；b鞋子花纹较浅，接触面粗糙程度较小，摩擦力较小；c旱冰鞋变滑动为滚动可减小摩擦力，所以在比赛中选用图丁中a类型的鞋子。
（4）若图丙中的拉力为6N，木块加速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，木块与木板表面间滑动摩擦力不变，仍为5.6N。
26．【答案】（1）解：由题意可知，燃烧的天然气为2380.69m3-2380.19m3=0.5m3
0.5m3的天然气完全燃烧放出的热量。
（2）解：水吸收的热量为：。
（3）解：热水器的实际效率为。
【知识点】比热容；燃料的热值；热机效率的计算——烧锅炉
【解析】【分析】（1）根据燃料释放热量的公式求出天然气释放的热量；
（2）由公式Q=cmΔt求出水吸收的热量；
（3）吸收的热量与放出的热量比值即为热水器的实际效率。
（1）由题意可知，燃烧的天然气为2380.69m3-2380.19m3=0.5m3
0.5m3的天然气完全燃烧放出的热量
（2）水吸收的热量为
（3）热水器的实际效率为
27．【答案】（1）解：容器的重力：G=mg=200×10-3kg×10N/kg=2N，
当开关S1接a，R1和R串联接入电路，容器中没有装液体时，由乙图可知此时R=80Ω，
由欧姆定律可得电路总电阻：，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以R1的阻值：R1=R总-R=90Ω-80Ω=10Ω；
（2）当容器中装满水时，水的质量为m0=ρ水V=1.0×103kg/m3×1000×10-6m3=1kg
水的重力G0=m0g=1kg×10N/kg=10N
此时压敏电阻受到的压力G'=G0=10N
由乙图可知压敏电阻的阻值R'=30Ω，电路消耗的总功率
。
（3）电流表所选量程为0~0.6A，当通过电路的电流最大为0.6A时，电路总电阻最小，此时压敏电阻受到的压力最大，所测液体的密度最大，此时电路的总电阻；
开关S1接a，压敏电阻的阻值为R″=R总1-R1=30Ω-10Ω=20Ω；
由图乙可知，压敏电阻受到的压力为12N，容器中液体的重力为G″=12N，容器中液体的密度为；
开关S1接b，压敏电阻的阻值为R″'=R总1-R2=30Ω-20Ω=10Ω；
由图乙可知，压敏电阻受到的压力为14N，容器中液体的重力为G″'=14N，容器中液体的密度为；
因为1.4×103kg/m3>1.2×103kg/m3；所以本装置能测量的最大液体密度是1.4×103kg/m3。
【知识点】密度公式及其应用；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）根据重力公式计算容器的重力，由乙图可知容器中没有装液体时压敏电阻的阻值，当开关S1接a，R1和R串联接入电路，由欧姆定律可得电路总电阻，根据串联电路电阻规律计算R1的阻值；
（2）根据密度公式计算当容器中装满水时水的质量，根据重力公式计算水的重力，进一步计算压敏电阻此时受到的压力，由乙图可知压敏电阻的压力每增大1N，压敏电阻的阻值就减小5Ω，据此确定压敏电阻此时的阻值，根据功率公式求出电功率大小；
（3）根据欧姆定律计算当容器中没有装液体且开关S1接a时R两端的电压，根据已知的比例关系计算当容器中没有装液体且开关S1接b时R两端的电压，进一步计算此时通过电路的电流，根据串联电路电压规律计算定值电阻R2两端的电压，根据欧姆定律计算R2的阻值，
电流表所选量程为0～0.6A，当通过电路的电流最大为0.6A时，电路总电阻最小，此时压敏电阻受到的压力最大，所测液体的密度最大，
根据欧姆定律计算通过电路电流最大时电路的总电阻，进一步计算开关S1分别接a、接b时压敏电阻的阻值，由乙图可知压敏电阻受到的压力，进一步确定容器中液体的重力，根据重力公式计算容器中液体的质量，根据密度公式计算液体的密度，比较可知本装置能测量的最大液体密度是多少。
（1）当开关S1接a，R1和R串联接入电路，容器中没有装液体时，由乙图可知此时R=80Ω，由欧姆定律可得电路总电阻
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以R1的阻值
R1=R总-R=90Ω-80Ω=10Ω
（2）当容器中装满水时，水的质量为
m0=ρ水V=1.0×103kg/m3×1000×10-6m3=1kg
水的重力
G0=m0g=1kg×10N/kg=10N
此时压敏电阻受到的压力
G'=G0=10N
由乙图可知压敏电阻的阻值R'=30Ω，电路消耗的总功率
（3）电流表所选量程为0~0.6A，当通过电路的电流最大为0.6A时，电路总电阻最小，此时压敏电阻受到的压力最大，所测液体的密度最大，此时电路的总电阻
开关S1接a，压敏电阻的阻值为
R″=R总1-R1=30Ω-10Ω=20Ω
由图乙可知，压敏电阻受到的压力为12N，容器中液体的重力为G″=12N，容器中液体的密度为
开关S1接b，压敏电阻的阻值为
R″'=R总1-R2=30Ω-20Ω=10Ω
由图乙可知，压敏电阻受到的压力为14N，容器中液体的重力为G″'=14N，容器中液体的密度为
因为
1.4×103kg/m3>1.2×103kg/m3
所以本装置能测量的最大液体密度是1.4×103kg/m3。
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