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浙江省星光联盟2024-2025学年九年级下学期三月份学科素养调查科学试卷
1．（2025·浙江模拟）生物的长期进化，使生物在形态、结构、功能等各个方面都表现出适应性。下列各种生物的特征中，为了增大压强的是（　　）
A．鸭子的蹼足
B．啄木鸟的喙
C．鲫鱼流线型体型
D．仙人掌针状叶
【答案】B
【知识点】增大或减小压强的方法
【解析】【分析】由可知，可通过增大压力或减小受力面积来增大压强。【解答】A、鸭子的蹼足面积较大，在压力一定时，增大与地面的接触面积，减小了压强，故A不符合题意；
B、啄木鸟的喙细长而尖，在压力一定时，减小了与树表面的接触面积，增大了压强，故B符合题意；
C、鱼类生活在水中，身体呈流线型，游泳时减小水的阻力，C不符合题意；
D、沙漠中干旱、高温，水分蒸发很快。仙人掌适合在沙漠中生存，因为它的叶子是针状的，尽量减与与空气接触的表面积，从而减小水分的蒸发，故D不浮合题意。
故答案为：B。
2．（2025·浙江模拟）标准大气压下，液态氮的沸点为﹣196℃，室温下将液态氮置于试管中，会看到试管周围有大量“白气”产生，并且筷子上有霜形成，如图所示。下列关于该现象的分析正确的是（　　）
A．霜的形成需要吸热 B．霜是水蒸气凝华形成的
C．“白气”的形成需要吸热 D．“白气”是氮气液化形成的
【答案】B
【知识点】液化及液化现象；凝华及凝华现象
【解析】【分析】由气态转化为固态的过程称为凝华；由气态转化为液态的过程称为液化。【解答】AB、霜是由空气中水蒸气遇冷凝华形成的，该过程需要放热，故A错误，B正确；
CD、“白气”是由空气中的水蒸气遇冷液化形成小水珠，液化过程需要放热，故CD错误。
故答案为：B。
3．（2025·浙江模拟）为响应国家提出的“节能减排，低碳生活”的号召，小金每天骑如图所示自行车上学，下列相关估测值中最符合实际的是（　　）
A．自行车的质量约为200kg
B．车座到地面的高度约为1m
C．骑行时的平均速度约为
D．一中学生从地面骑上自行车坐垫至少做功5000J
【答案】B
【知识点】长度的测量；速度公式及其应用；平均速度的计算及测量；功的计算公式的应用
【解析】【分析】估测时遇到不是很熟悉的物理量或单位，可通过计算转化为熟悉的物理量或单位再进行判断，例如将前面每小时换算成米每秒。【解答】A、自行车的质量约为20kg，故A不符合题意；
B、车座到地面的高度约为中年人身高的一半多一点，即约为1m，故B符合题意；
C、骑行时的平均速度约为，故C不符合题意；
D、一中学生从地面骑上自行车坐垫至少做功
故D不符合题意。
故答案为：B。
4．（2025·浙江模拟）在班级组织的“自制指南针”活动中，小伟同学用条形磁体将缝衣针磁化后，将其放在水中漂浮的一片树叶上。多次将树叶轻轻旋转，待树叶静止后，观察到树叶的尖端总是指向南方，如图所示。下列说法中正确的是（　　）
A．树叶尖端指向地磁南极
B．指南针的“N”应标注在树叶尖端
C．树叶周围存在磁场和磁感线
D．若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引
【答案】D
【知识点】磁体、磁极、磁化；磁极间的相互作用；磁场和磁感线
【解析】【分析】AB.当磁体静止下来时，指南的一端为南极，指北的一端为北极，且地磁两极和地理两极交错分布；
C.根据磁感线和磁场的定义判断；
D.根据磁极之间的相互作用规律判断。
【解答】A．地理两极和地磁两极交错分布，因为树叶尖端指向南方，即树叶尖端为地理南极，也就是地磁的北极，故A错误；
B．根据题意可知，树叶尖端指向地理的南极，指南针的“S”应标注在树叶尖端，故B错误；
C．树叶周围存在磁场，磁感线实际并不存在，故C错误；
D．根据异名磁极相互吸引可在，树叶的尖端是指南针的S极，若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引，故D正确。
故选D。
5．（2025·浙江模拟）一水平放置静止的气缸内充满了空气，在大小为F的恒力作用下，活塞沿着粗糙的气缸壁向左运动，下列说法正确的是（　　）
A．活塞向左运动，气缸内气体分子运动速度不变，但是气缸内气体的内能增加了
B．若活塞在恒力F作用下向左运动了S长的距离，则活塞克服气缸壁摩擦力做功的大小为：
C．恒力F推动活塞向左运动过程中，活塞的机械能始终保持不变
D．力F推动活塞向左运动，这一过程中能量转化形式和四冲程汽油机的压缩冲程的能量转化相同
【答案】D
【知识点】动能和势能的转化与守恒；物体内能的改变方法；热机的工作原理；机械能守恒
【解析】【分析】外界对气体做功，气体的内能增加，温度升高，机械能转化为内能，整个过程能量守恒，可知活塞的机械能减小。【解答】A、活塞向左运动，对气体做功，气体内能增加，温度升高，分子运动速度增大，故A错误；
B、若活塞在恒力F作用下向左运动了S长的距离， 则活塞克服气缸壁摩檫力做功的大小为：，其中f为摩擦力，故B错误；
C、恒力F推动活塞向左运动过程中，活塞克服摩擦力做功，机械能减小，故C错误；
D、力F推动活塞向左运动，对气体做功，将机械能转化为内能，这一过程中能量转化形式和四冲程汽 油机的压缩冲程的能量转化相同，故D正确。
故答案为：D。
6．（2025·浙江模拟）小敏透过水杯看见《科学作业本》上的“科”字呈如图所示的放大效果。下列选项中与其成像规律相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】凸透镜成像的应用
【解析】【分析】凸透镜成像规律：物距在一倍焦距以内，成正立、放大的虚像；物距在一倍和两倍焦距之间，像距大于两倍焦距时，成倒立、放大的实像，物距等于像距等于两倍焦距时，成倒立、等大的实像；物距大于两倍焦距，像距在一倍和两倍焦距之间时，成倒立、缩小的实像【解答】透过水杯看见《科学作业本》上的“科”字呈如图所示的放大效果，成像原理是放大镜，成的是正立放大的虚像，物距处于1倍焦距以内，故D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
7．（2025·浙江模拟）科学课上，教师演示了一个有趣的小实验。将一根长筷子插入苹果中（如图甲），然后将筷子提起，竖直悬在空中，用锤子不断轻敲筷子上端，发现苹果不断的往上爬升（如图乙）。下列说法正确的是（　　）
A．苹果往上爬升，说明它具有惯性
B．提着筷子的手受到的摩擦力方向始终竖直向上
C．敲击时，锤子对筷子的力与筷子对锤子的力是一对平衡力
D．静止时，苹果受到的重力和筷子对苹果的静摩擦力是一对相互作用力
【答案】A
【知识点】力的作用是相互的；惯性；平衡力的辨别；力与运动的关系；摩擦力的存在
【解析】【分析】平衡力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线、同一物体上。
相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线、两个物体上。【解答】A、将一根长筷子插入苹果中，然后将筷子提起，竖直悬在空中，用锤子不断轻敲筷子上端，筷子受力而向下运动，苹果具有惯性保持静止，苹果相对于筷子向上运动了，发现苹果不断的往上爬升。说明苹果具有惯性，故A正确；
B、手提筷子，有向上运动的趋势，故受到的摩擦力向下，故B错误；
C、敲击时，锤子对筷子的力与筷子对锤子的力作用在不同物体上，不是平衡力，故C错误；
D、静止时，受力平衡，苹果受到的重力和筷子对苹果的静摩擦力是一对平衡力，故D错误。
故答案为：A。
8．（2025·浙江模拟）2024年4月20日，乒乓球世界杯已经决出四强，林高远迎战张本智和。下列说法正确的是（　　）
A．林高远的鞋底凹凸不平，有利于增大摩擦力
B．林高远扣球时，球拍对乒乓球的作用力大于乒乓球对球拍的作用力
C．乒乓球离开球拍后仍能继续前进，是由于受到了惯性力的作用
D．乒乓球在水平桌面继续滚动的过程中，摩擦力和机械能均保持不变
【答案】A
【知识点】力的作用是相互的；惯性；影响摩擦力大小的因素；动能和势能的转化与守恒
【解析】【分析】滑动摩擦力的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度，压力越大，接触面的粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。【解答】A、林高远的鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；
B、林高远扣球时，球拍对乒乓球的作用力与乒乓球对球拍的作用力是一对相互作用力，二者大小相 等，故B错误；
C、乒乓球离开球拍后仍能继续前进，是由于乒乓球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故C错误；
D、乒乓球在水平桌面继续滚动的过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故D错误。
故答案为：A。
9．（2025·浙江模拟）小敏将橙子放入水中，静止后如图甲，将该橙子剥去部分表皮后放入水中，静止后如图乙，剥去全部表皮后放入水中，静止后如图丙（不考虑实验过程中橙子吸水）。下列说法正确的是（　　）
A．三种状态下橙子的密度关系：
B．甲图中，橙子所受浮力大于自身重力
C．乙图中橙子的 V排小于甲图中橙子的V排
D．丙图中，橙子对容器底部压力为零
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据物体的沉浮状态判断密度大小及浮力大小，当物体的密度小于液体的密度时，物体将漂浮，此时物体受到的浮力等于重力；当物体的密度等于液体的密度时，物体将悬浮，此时物体受到的浮力等于重力；当物体密度大于液体密度时，物体将下沉，此时物体受到的浮力小于物体的重力。【解答】A、由浮沉条件知道，甲图中橙子漂浮ρ甲＜ρ水，乙中橙子悬浮ρ乙=ρ水，丙中橙子下沉ρ丙＞ρ水，故三种状态下橙子的密度关系ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，故A错误；
B、甲图中，橙子漂浮，橙子所受浮力等于自身重力，故B错误；
C、甲、乙两图中，橙子分别漂浮和悬浮，所受的浮力均等于自身的重力，而甲图中橙子的重力较大，故甲图中橙子所受的浮力较大，根据知道，乙图中橙子的V排小于甲图中橙子的V排，故C正确；
D、丙图中，橙子沉底，所受的浮力小于自身的重力，橙子收到竖直向上的浮力和支持力及竖直向下的重力，且对容器底部压力大小等于所受的支持力大小，橙子对容器底部压力不为零，故D错误。
故答案为：C。
10．（2025·浙江模拟）科学研究中常常用到“控制变量法”、“转换法”、“类比法”、“模型法”等科学方法。下列研究实例中，用到的科学方法与其它三项不同的是（　　）
A．甲实验用木块滑动距离表示动能大小
B．乙实验通过小灯泡发光情况比较金属丝电阻大小
C．丙实验通过海绵形变程度判断压力作用效果
D．丁实验用磁感线描述磁场
【答案】D
【知识点】压力的作用效果；影响电阻大小的因素；磁场和磁感线；动能的影响因素
【解析】【分析】转换法：用更易观察的现象来反映不易观察的现象的研究方法。【解答】A用木块滑动距离表示动能大小，运用了转换法；
B通过小灯泡发光情况比较金属丝电阻大小，运用了转换法；
C通过海绵形变程度判断压力作用效果，运用了转换法；
D用磁感线描述磁场，运用了模型法。
D选项和其他三个选项所用科学方法不同。
故答案为：D。
11．（2025·浙江模拟）目前大多国产电动汽车都采用智能遥控车钥匙。有两种方式可以解锁车门：当车钥匙离车辆较远时，按下开锁键（相当于S1闭合），车门自动解锁；当钥匙靠近车辆时，车上感应开关S2自动闭合，再触摸门把手（相当于S3闭合）车门也自动解锁。下列四个设计图符合要求的是（P为自动解锁模块）（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【分析】由题中信息可知，只闭合S1能打开车门或者同时闭合S2S3可以打开车门，可知S1与S2S3并联，且S2与S3串联。【解答】根据题意知道，当车钥匙离车辆较远时，按下开锁键（相当于S1闭合），车门自动解锁；当钥匙靠近车辆时，车上感应开关S2自动闭合，再触摸门把手（相当于S3闭合）车门也自动解锁，这说明开关S2、S3相互影响，是串联的，然后再与开关S1并联在电路中，自动解锁模块串联在干路中，故D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
12．（2025·浙江模拟）关于下列四幅图，分析正确的是（　　）
A．图甲所示实验，冰在融化过程中吸收热量，温度保持不变，内能也不变
B．图乙所示实验中，厚玻璃内的空气被压缩时，瓶内气压增大
C．图丙是沿海地区白天吹的风，风向是从陆地吹向海洋
D．图丁所示是四冲程汽油机工作过程的压缩冲程，内能转化为机械能
【答案】B
【知识点】熔化与熔化现象；流体压强与流速的关系；气体压强跟体积的关系；物体内能的改变方法；热机的工作原理
【解析】【分析】内能不仅与温度有关，吸收或放出热量，物体的内能一定增大或减小。【解答】A、冰是晶体，晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大，但是温度保持不变，故A错误；
B、图乙所示实验中，厚玻璃内的空气被压缩时，空气的体积变小，气压增大，故B正确；
C、海水的比热容大于陆地的比热容，白天吸收了相同的热量后，陆地上方空气升高的温度比海洋上空空气的温度升高的多。所以，陆地上方空气的气压低，海洋上方空气的气压高。风从气压高的海洋流向气压低的陆地，故C错误；
D、图丁进气门和排气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程，内能转化为机械能，故D错误。
故答案为：B。
13．（2025·浙江模拟）医生给心脏疾病的患者做手术时，往往要用一种称为“人工心脏泵”的体外装置来代替心脏，以推动血液循环。如图是该装置的示意图，线圈ab固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），通电时线圈与活害柄组成的系统与固定在左侧的磁体相互作用，从而带动活塞运动。活塞通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启。下列说法正确的是（　　）
A．若电流从a端流进线圈，从b端流出线圈，则电磁铁左侧为S极
B．若电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，则电磁铁右侧为S极
C．要使血液流出该“血泵”，电流需从a端流进线圈，从b端流出线圈
D．要使血液流入该“血泵”，电流需从a端流进线圈，b从端流出线圈
【答案】C
【知识点】磁极间的相互作用；右手螺旋定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【分析】根据右手螺旋定则判断线圈产生磁场的磁极方向，再根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引判断活塞移动方向，从而确定血液进出情况。【解答】由图知道，当“人工心脏泵”工作时，血液从阀门S2 抽进，从阀门S1 送出。
A、若电流从a端流进线圈，从b端流出线圈，由安培定则知道，电磁铁左侧为N极，故A错误；
B、若电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，由安培定则知道，电磁铁右侧为N极，故B错误；
C、要使血液流出该“血泵”，活塞要向右移动，即电磁铁和左侧磁体相互排斥，电磁铁左侧应该为N极，由安培定则知道，电流从a端流进线圈，从b端流出线圈，故C正确；
D、要使血液流入该“血泵”活塞要向左移动，即电磁铁和左侧磁体相互吸引，电磁铁左侧应该为S极，由安培定则知道，电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，故D错误。
故答案为：C。
14．（2025·浙江模拟）如图所示凤凰飞天秀，凤凰正沿直线朝斜右下方匀速运动。用G表示凤凰所受的重力，F表示空气对它的作用力，下列四幅图中能表示此过程中“凤凰”受力情况的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力与运动的关系
【解析】【分析】物体受平衡力或不受力时，运动状态不会发生改变，将保持静止或做匀速直线运动。平衡力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线、同一物体上。【解答】凤凰做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零，故空气对它的作用力竖直向上，和重力大小相等，方向相反，故B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
15．（2025·浙江模拟）图像是表征事物的一种方法。小明用如图甲所示电路测定小灯泡的电功率，将滑片从b移至a，记录多组电压表和电流表的示数并描绘出如图乙所示的I-U图像。若图中面积S1表示灯泡两端电压为U1时消耗的电功率大小，则此时滑动变阻器所消耗的电功率可表示为（　　）
A．S2 B．S3 C．S1+S2 D．S1+S3
【答案】B
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】串联电路电源电压等于各用电器两端电压之和，电路中电流处处相等，结合电功率公式P=UI表示出滑动变阻器的电功率的表达式，从而确定对应的图像。【解答】当滑片在阻值最大处时电路中的电流最小，由图乙知，电压表的示数为U1，当滑片在阻值最小处时，电路中的电流最大，电压表的示数最大，为电源电压，由图乙知，此时电压表的示数为U0，当电压为U1时，根据串联电路电压的规律知，滑动变阻器两端的电压为
电流与小灯泡的电流相同，由知，滑动变阻器的功率为
此时滑动变阻器所消耗的电功率可表示为S3，故B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
16．（2025·浙江模拟）小明暑假外出旅游。他到火车站乘坐复兴号列车，进入车厢时，发现旁边停着一列和谐号列车。
（1）坐到座位上后，透过车窗只能看到和谐号列车，发现它动了，据此判断：　 　；
A．一定是和谐号运动了
B．一定是复兴号运动了
C．可能是两车都运动了
（2）列车在平直轨道上向西行驶，小明发现桌上茶杯中的水面突然变为图示情形，此现象说明杯内的水具有　 　，此时茶杯受到的摩擦力方向向　 　。
【答案】C；惯性；东
【知识点】参照物及其选择；惯性；摩擦力的存在
【解析】【分析】（1）运动和静止是相对的，同一物体，参照物不同，运动状态可能不同。物体与参照物之间的空间位置没有发生改变，则物体是静止的，物体与参照物之间的空间位置发生改变，则物体是运动的。
（2）摩擦力方向与相对运动或相对运动的趋势相反。【解答】（1）乘坐复兴号列车，透过车窗只能看到和谐号列车且发现它动了，有三种情形：和谐号运动，相对于复兴号，位置发生变化，是运动的；复兴号运动，相对于和谐号，位置发生变化，是运动的；也可能是两车都运动，因为速度不同，位置发生变化，是运动的，故AB不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
（2）如图，杯子中的水东低西高，说明列车在向西减速行驶，杯内的水具有惯性，继续向前运动，此时茶杯有向西的运动趋势，受到的摩擦力方向向东。
17．（2025·浙江模拟）某游客参加蹦极挑战，从开始自由下落至第1次到达最低点的过程中，下落速度与时间关系如图甲，若该过程中蹦极绳的弹力与时间的关系如图乙（忽略空气阻力）。t1至t2过程中，游客速度继续增大的原因是自身重力　 　（选填“>”、“＜”或“＝”）游客受到的拉力，t2至t3过程中，游客和蹦极绳之间的能量转化情况是　 　。
【答案】>；游客的重力势能和动能转化成蹦极绳的弹性势能
【知识点】力与运动的关系；动能和势能的转化与守恒
【解析】【分析】力是改变物体运动状态的原因，当动力大于阻力时，物体将做加速运动，动力小于阻力时，物体将做减速运动，动力等于阻力时，物体受力平衡，将做匀速直线运动或保持静止状态。【解答】t1至t2过程中，弹力开始有，但弹力较小，继续加速，则游客速度继续增大的原因是自身重力大于蹦极绳对游客的拉力，在t2时刻速度最大，弹力等于重力；
t2至t3过程中，游客的速度和高度减小，动能和重力势能减小，机械能减小，绳子伸长，弹性势能增大，则游客和蹦极绳之间的能量转化情况是游客的机械能转化为弹性绳子的弹性势能。
18．（2025·浙江模拟）某兴趣小组设计了一款自带风力发电机的一体式路灯，其模型及纵截面示意图如图所示。任意方向吹来的风经过灯罩的上、下表面时都会产生上升气流，带动风叶转动而发电。
（1）风力发电机的发电原理是______（填字母）；
A．电磁感应
B．电流周围存在磁场
C．通电线圈在磁场中转动
（2）灯罩上方空气流速大，压强　 　；
（3）若路灯额定功率为100瓦，风力发电机产生1千瓦时的电能，能使该路灯正常工作　 　小时。
【答案】（1）A
（2）小
（3）10
【知识点】流体压强与流速的关系；电磁感应
【解析】【分析】（1）通电导体在磁场中转动是电动机的原理。
（2）流体流速大，压强小。
（3）根据计算时间，注意单位换算。
【解答】（1）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流，风力发电机原理是电磁感应现象。
故答案为：A。
（2）流体流速越大的位置，压强越小，灯罩上方空气流速大，所以压强小。
（3）已知额定功率
路灯正常工作的时间
（1）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流，风力发电机原理是电磁感应现象，故选A。
（2）流体流速越大的位置，压强越小；灯罩上方空气流速大，压强小。
（3）已知额定功率
路灯正常工作的时间
19．（2025·浙江模拟）如图所示，狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速直线运动，它对雪橇的水平拉力为100牛。
（1）以地面为参照物，雪橇处于　 　（填“静止状态”或“运动状态”）；
（2）雪橇运动5米，狗的拉力对雪橇做功为　 　焦；
（3）货物和雪橇保持相对静止且两者的接触面水平，不计空气阻力，则雪橇对货物的摩擦力为　 　牛。
【答案】（1）运动状态
（2）500
（3）0
【知识点】参照物及其选择；摩擦力的存在；功的计算公式的应用
【解析】【分析】（1）运动和静止是相对的，物体与参照物之间的空间位置没有发生改变，则物体是静止的，物体与参照物之间的空间位置发生改变，则物体是运动的。
（2）根据计算功的大小，做功的条件是物体在力的方向上移动距离。
（3）存在摩擦力的条件：物体间存在相对运动或相对运动的趋势。
【解答】（1）狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速直线运动，以地面为参照物，雪橇的位置发生改变，是运动的。
（2）狗的拉力对雪橇做功为
（3）货物和雪橇保持相对静止且两者的接触面水平，未发生相对运动，也无相对运动的趋势，因此雪橇对货物无摩擦力。
（1）狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速直线运动，以地面为参照物，雪橇的位置发生改变，是运动的。
（2）狗的拉力对雪橇做功为
（3）货物和雪橇保持相对静止且两者的接触面水平，未发生相对运动，也无相对运动的趋势，因此雪橇对货物无摩擦力。
20．（2025·浙江模拟）如图所示是小明为爷爷购买的一款助听器及部分结构名称。
（1）助听器能帮助听力衰减患者听见声音是因为它能将声音放大，即增大了声音的　 　这一特性；
（2）调节助听器上的音量控制旋钮可以改变声音的放大程度，它的实质是　 　（填某种电学元件）；
（3）小明查阅说明书后，了解到助听器的麦克风能将收集到的声信号转化为电信号，而内部的动圈式受话器则会将音频电信号转换成声信号。其中动圈式受话器的原理是通电导体　 　。
【答案】响度；变阻器；在磁场中受力运动
【知识点】响度、音调与声源振动的关系；滑动变阻器的原理及其使用；磁场对通电导线的作用
【解析】【分析】（1）将声音放大，指的是声音的音量更大，即响度大。
（2）声音放大程度不同，原因是电路中电流大小不同，可知音量控制按钮相当于滑动变阻器，通过改变连入电路中的电阻大小来改变电路中电流大小。
（3）声音是由物体振动产生的，动圈式话筒能将电能转化为机械能，与电动机的能量转化形式相同，原理是通电导体在磁场中受力运动。【解答】（1）响度是指声音的大小和强弱，也就是日常生活中的音量，因此是增大了声音的响度这一特性。
（2）调节广播音量大小的电位器实质是滑动变阻器，改变电路中的电流也就是声音的大小。
（3）动圈式受话器则会将音频电信号转换成声信号，与电动机的原理相同，即：通电导体在磁场中受力而运动。
21．（2025·浙江模拟）如图甲所示为水火箭制作项目化活动，在可乐瓶中装入适量的水，再用带有打气管的瓶塞将瓶口塞住，最后配置上火箭顶端的整流罩，将水火箭竖立于地面，利用打气筒通过打气管向瓶内打气，当瓶内压强足够大时，瓶塞脱落，瓶内的水向下喷出，水火箭竖直向上飞起。
（1）瓶内的水向下喷出的同时水火箭向上运动，这是因为　 　；
（2）若水火箭发射前的总质量为2千克，则当水火箭竖直上升至10米高时，水火箭克服自身重力做功将　 　200焦（选填“等于”、“大于”或“小于”）；
（3）图乙为水火箭发射后的速度时间图像，则t1、t2.、t3时刻中水火箭受到平衡力的时刻有　 　。
【答案】物体间力的作用是相互的或力能改变物体的运动状态；小于；t1
【知识点】力的作用是相互的；二力平衡的条件及其应用；力与运动的关系；功的计算公式的应用；水火箭模型
【解析】【分析】（1）力的作用是相互的，相互作用力大小相等、方向相反，作用在同一直线上。
（2）克服重力做功=力与物体在重力的方向上移动的距离，因重力在减小，可知功小于初始重力与移动距离的乘积。
（3）物体做加速运动时，说明动力大于阻力，物体做减速运动时，阻力大于动力，可知当速度达到最大值时，动力与阻力相等。【解答】（1）水火箭上升时，瓶内的水向下喷出，同时水火箭向上运动，这是因为物体间力的作用是相互的或力可以改变物体的运动状态。
（2）发射前，水火箭的重力为
如果水火箭的重力不变，那么上升10m克服重力做功为
而实际上，随着高度的增大，水流不断喷出，则火箭的重力逐渐减小，因此水火箭克服重力做功将小于200J。
（3）在开始一段时间内，火箭受到的向上的推力大于重力，则它做加速运动。随着推力的逐渐减小，当推力与重力相等时，此时合力为零，加速停止，即此时速度最大，此时受到平衡力。根据图乙可知，当t1时刻时，火箭的速度最大，则此时它受到平衡力。
22．（2025·浙江模拟）受《天工开物》中枯棒汲水（图甲）启发，小明自制了“杠杆密度计”如图乙，将一轻质细硬杆用细线固定在O点并悬挂起来，物块固定悬挂在A点，把不计质量的矿泉水瓶装满水，用细线悬挂在杆上，将悬挂点移至B点，使杆在水平位置平衡。换用相同的矿泉水瓶装满不同液体，重复以上操作，在杆上可标出悬挂点B1、B2、B3……对应密度的刻度值。
（1）如图甲所示，若向下拉绳子，则放下空桶时，桔槔为　 　杠杆；
（2）如图乙所示，若测得B、B2到O点的距离分别为l、l2，则B2点标注的密度值为　 　；（用ρ水及题给字母表示）
（3）为了制作出精确度更高的“杠杆密度计”，下列改进措施可行的是　 　；
A．把O点位置往物块一侧移动一段距离
B．减小物块的质量
C．减少加入杯中的液体体积
【答案】费力；；C
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【分析】（1）阻力臂大于动力臂，为费力杠杆；阻力臂小于动力臂，为省力杠杆；阻力臂等于动力臂，为等臂杠杆。
（2）根据杠杆平衡条件和重力公式计算密度值。
（3）精度更高，即液体密度变化量一定时，OB距离变化量增大，根据杠杆平衡条件进行分析。【解答】（1）如图甲所示，若向下拉绳子，则放下空桶时，阻力臂大于动力臂，桔槔为费力杠杆。
（2）测得B、B2到O点的距离分别为l、l2，据杠杆平衡条件知
则
所以B2点标注的密度值为。
（3）物块悬挂在A点施加的力是阻力，AO是阻力臂，施加在矿泉水瓶上的力是动力，BO是动力臂，即。
A、把O点位置往物块一侧移动一段距离，说明阻力臂变小，动力和阻力不变，在动力臂减小，AB两点之间长度缩短，密度秤不会更精确，故A不符合题意；
B、减小物块的质量，说明阻力减小，阻力臂和动力不变，则动力臂要变小，AB两点之间长度缩短，密度秤不会更精确，故B不符合题意；
C、减少加入杯中的液体体积，说明动力减小，而阻力、阻力臂不变，则动力臂增大，AB两点之间长度变长，密度秤会更精确，故C符合题意。
故答案为：C。
23．（2025·浙江模拟）在探究物体动能大小与质量的关系时，课本方案为：让不同质量的小钢球从同一斜面上相同高度处分别由静止开始沿斜面滚下，比较木块被小钢球推出的距离大小。
（1）小金认为课本方案难以操作，将斜面和水平面都改成了滑轨，将木块换成圆柱体块，方案迭代为1.0。这样改进的优点是　 　；实验过程中，若圆柱体块滑出滑轨，可以如何改进实验　 　；
（2）小科质疑：不同质量的小钢球从同一倾斜滑轨上相同高度由静止滚下，到达底部时速度真的相同吗？她在倾斜滑轨的底部安装光控灯（当球滚过时，光控灯会亮起），进行三轨同步实验，方案迭代为2.0。利用分割槽使三个不同质量的小钢球分别从三个相同倾斜轨道的同一高度由静止同时滚下，若出现　 　的现象，说明三个小球到达斜面底部时速度相同；
（3）实验发现，不同质量的小钢球到达斜面底部时速度并不相同，查阅资料后发现是由于小钢球体积不同所导致。如何在改变小钢球质量的情况下控制其体积不变，你的方法是　 　。
【答案】（1）避免小球和圆柱体木块在运动过程发生偏移；降低小球释放高度
（2）三个光控灯同时亮起
（3）选择体积相同的实心和空心小钢球
【知识点】动能的影响因素
【解析】【分析】（1）圆柱体划出轨道，说明小球的动能过大，可通过减小下滑高度、减小小球质量或增大圆柱体重力等方式进行改进。
（2）小球到达斜面底部的速度相同，将观察到灯同时亮起。
（3）要得到质量不同但体积相同的小球，可将小球制成空心的。
【解答】（1）将斜面和水平面都改成了滑轨，将木块换成圆柱体块，可以避免小球和圆柱体木块在运动过程中发生偏移。
圆柱体块滑出滑轨，说明小球的速度过快，因此应降低小球释放高度，减小小球到达斜面底端的速度。
（2）当小球滚过时，光控灯会亮起，如果三个光控灯同时亮起，说明三个小球同时到达光控灯处，时间相同，由于路程相同，所以三个小球到达斜面底部时速度相同。
（3）选择体积相同的实心和空心小钢球，它们质量不同，但是体积相同，可以排除小球体积对实验结果的影响。
（1）[1]将斜面和水平面都改成了滑轨，将木块换成圆柱体块，可以避免小球和圆柱体木块在运动过程中发生偏移。
[2]圆柱体块滑出滑轨，说明小球的速度过快，因此应降低小球释放高度，减小小球到达斜面底端的速度。
（2）当小球滚过时，光控灯会亮起，如果三个光控灯同时亮起，说明三个小球同时到达光控灯处，时间相同，由于路程相同，所以三个小球到达斜面底部时速度相同。
（3）选择体积相同的实心和空心小钢球，它们质量不同，但是体积相同，可以排除小球体积对实验结果的影响。
24．（2025·浙江模拟）小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。
（1）压强计通过U形管两侧液面的　 　来反映被测压强大小。使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，接下来应进行的操作是　 　；
A．向U形管中注入一些水
B．将U形管中水倒出一些
C．检查装置是否漏气
（2）小明在图甲中，保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了探究液体内部压强大小与　 　是否有关；
（3）小明还猜想液体压强与液体深度和密度有关。他在图甲基础上，继续将金属盒下移一段距离，发现压强变大。若接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较，　 　（选填“能”或“不能”）得出液体压强与液体密度有关的初步结论。
【答案】高度差；C；方向；能
【知识点】影响液体压强大小的因素
【解析】【分析】（1）用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，说明不能形成稳定的压强差，即装置漏气，接下来应检查装置的气密性。
（2）改变朝向，可知探究的是液体压强大小与方向的关系。
（3）图乙和图甲控制深度相同，可探究液体压强与液体密度的关系，同一装置，可探究液体压强与液体深度的关系。【解答】（1）根据转换法，实验是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的。
使用前用手轻轻按压几下橡皮膜是检查装置的气密性；如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；液面没有明显变化，则说明装置漏气，故AB不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
（2）保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，说明液体对橡皮膜的压力的方向不同，故目的是为了探究液体内部压强大小与方向是否有关。
（3）要探究液体压强与液体密度的关系，需控制液体的深度相同，图甲基础上，继续将金属盒下移一段距离，此时的密度不变，深度变深，发现压强变大；接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较，这属于寻找普遍规律，更换不同密度的液体多次实验，所以能得出液体压强与液体密度有关的初步结论。
25．（2025·浙江模拟）如图甲所示是小金同学探究“平面镜成像特点”的实验装置。
（1）A、B两根蜡烛的大小和形状相同，这样做的目的是　 　；
（2）小金同学按照如图甲所示测出来蜡烛和像的位置以及它们到平面镜的距离后，让蜡烛以的速度在桌面上沿着平面镜向右水平直线移动，像相对于蜡烛的速度是　 　；
（3）实验中，若看到蜡烛A通过玻璃板成两个像，如图乙所示，其中距离观察者较近的像较　 　（选填“亮”或“暗”）；
（4）丙图为猫咪照镜子的情境，若猫的头部位置保持不变，把镜子沿中间截成两半，将右边一半沿原来位置直线向右移一段距离，则左、右两半面镜子　 　。
A.各成半个像，合起来成一个完整的像
B.左半边镜子成完整像，右半边不成像
C.都成完整的像，但两个像在不同位置
D.都成完整的像，且两个像在同一位置
【答案】便于确定像的位置；0；亮；D
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象
【解析】【分析】（1）实验采用了等效替代法，用于探究像与物的大小关系。
（2）物与像关于平面镜对称，蜡烛向右移，没有改变蜡烛与平面镜之间的相对位置，所以像的位置不变。
（3）前面的像是由光的反射形成的，光线较多，所以较亮，后面的像是由光的折射形成的，折射光线较少，所以像较暗。
（4）平面镜所成的像是由反射光线的反向延长线会聚而成的虚像，两块平面镜分别成完整的像，猫与平面镜之间的相对位置相同，可知像的位置相同。【解答】（1）A、B两根蜡烛的大小和形状应相同，当B与A的像重合时可知像与物大小相等，这样便于验证像和物的大小关系。
（2）平面镜成像中物与像始终关于平面镜对称，当以蜡烛为参照物时，像与蜡烛的位置未变，则为静止，因此速度为0cm/s。
（3）光线射到玻璃上，要发生反射和折射，玻璃有两个表面，前表面直接反射，较亮，所以其中距离观察者较近的像较亮。
（4）平面镜所成的像，像和物体形状、大小相同，与平面镜的大小无关，半个平面镜仍能成完整像；平面镜左右两部分都能成完整的像，像与小猫关于镜面对称，将其中的一半平行向右移一段距离，没有改变猫与平面镜之间的相对位置，所以像的位置相同，故D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
26．（2025·浙江模拟）乒乓球是我国的“国球”，由于直径38mm的球速度快、旋转强，比赛时，回合数太少，观众不易看清球路。为了提高观赏性和趣味性，现今的乒乓球比赛用的都是直径40mm的大球。小宁认为，乒乓球直径的改变可能会影响它的弹性，于是展开了相关实验。
[实验准备]
选择同一厂家生产的材料、质量相同，直径不同的乒乓球各一，在同一台面上，探究其弹性强弱。
[实验数据]
由静止释放的高度h1/cm 直径38mm乒乓球弹起高度h2/cm 直径40mm乒乓球弹起高度h3/cm
30 24 23
60 44 42
[实验分析及结论]
当由静止释放的高度相同时，可根据　 　比较两种乒乓球的弹性。
由以上实验数据可初步判断直径40mm乒乓球的弹性稍弱些。
[反思与完善]
为使实验结论更为可靠，在上述实验基础上，还可以补充进行的操作是　 　（答出一点即可）
[拓展]
小宁在课余时间喜欢打乒乓球。如图所示，他发了一个“旋转球”，箭头表示乒乓球的旋转方向，请预测乒乓球将会向　 　（选填“a”“b”或“c”）方向运动。
【答案】乒乓球弹起的高度；如：①各多用几个同款乒乓球，重复实验；②多次改变由静止释放的高度，重复实验；c
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】小球由静止释放后弹起的高度越高是，说明弹性越好。
为了避免偶然性，得出普遍性规律，可改变由静止释放的高度，进行重复实验。
根据流体流速大、压强小进行分析。【解答】实验分析及结论：当由静止释放的高度相同时，可根据乒乓球弹起高度比较两种乒乓球的弹性，这是转换法。
反思与完善：为使实验结论更为可靠，在上述实验基础上，还可以补充进行的操作是①各多用几个同款乒乓球，重复实验；②多次改变由静止释放的高度，重复实验。
拓展：由于球逆时针旋转，球上方的空气流动速度小，压强大，球下方的空气流动速度大，压强小，因此，球受到向下的压力，在空中会沿弧线迅速下落，乒乓球将会向c方向运动。
27．（2025·浙江模拟）某兴趣小组的同学利用甲图所示的电路进行了多个电学实验。实验器材有：学生电源（输出电压6V）、滑动变阻器（“10Ω，2A”、“30Ω，1.5A”、“50Ω，1A”）、电流表、电压表各一只，若干导线。
（1）第一小组的同学要测量电阻Rx的阻值，他们在A、B间接入待测电阻Rx，请你用笔画线代替导线，将答题卡图乙中的实物图连接完整　 　；
（2）第二小组的同学要研究“电流与电阻的关系”。他们将阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻分别接在A、B间，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记下电流表示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。实验中选择的滑动变阻器规格是“　 　”；
（3）第三小组的同学要测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。在A、B间接入2.5V的小灯泡，正确连接电路，实验步骤及操作都正确。闭合开关后，调节滑动变阻器滑片直到电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图丁所示，则小灯泡的额定功率为　 　W；
（4）若将图甲去掉电压表，把电流表改装为直接能读出A、B两间电阻的电阻表，电源电压保持6V不变，电流表量程选择：0~0.6A，先将A、B直接用导线连接，并移动滑动变阻器的滑片使电流表满偏，电流表0.6A的刻度上标定的电阻值为0Ω，此时滑动变阻器的阻值为　 　Ω。保持滑动变阻器接入电路的阻值不变，就可以在电流表盘上标注其他刻度的阻值；
（5）改装后可直接测电阻的表，其表盘刻度　 　（选填“均匀”或“不均匀”）。
【答案】；50Ω，1A；0.6；10；不均匀
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【分析】（1）由电路图可知，滑片向右移，滑动变阻器连入电路的阻值减小，所以应将滑动变阻器右下角接线柱连入电路，如图所示
。
（2）根据表中数据计算定值电阻两端电压，根据串联电路的电压规律可求得和滑动变阻器两端电压，由电压比等于电阻比或欧姆定律计算定值电阻阻值最大时滑动变阻器连入电路的阻值，即为滑动变阻器的最小规格。
（3）电流表小量程的分度值为0.02A，读出电流表示数，再用P=UI计算额定功率。
（4）此时电路中只有滑动变阻器，根据欧姆定律计算阻值。
（5）电路中电流为，可知电流与AB间电阻不成正比，所以刻度不均匀。【解答】（1）电压表是测量A、B间的电压，所以电压表应并联在A、B两端；滑动变阻器应遵循“一上一下”，而由电路图可知，当滑片向右滑动时，滑动变阻器的阻值小，所以滑动变阻器应接下端右侧的接线柱，实物图连接如下图所示：。
（2）因为第二小组的同学要研究“电流与电阻的关系”。由图丙可知，定值电阻两端的电压为
保持不变。当定值电阻阻值为25Ω时，电路中的电流为
滑动变阻器两端的电压为
则滑动变阻器的最大阻值至少为
所以，实验中选择的滑动变阻器规格是“50Ω，1A”。
（3）由图丙可知
所以
小灯泡的额定功率为0.6W。
（4）将A、B直接用导线连接，并移动滑动变阻器的滑片使电流表满偏，此时电路中只有滑动变阻器且阻值处于最小值，则
此时滑动变阻器的阻值为10Ω。
（5）流过改装后可直接测电阻的表的电流为
因为改装后保持滑动变阻器接入电路的阻值不变，则
由此可见Ix与Rx不成正比，所以改装后可直接测电阻的表，其表盘刻度不均匀。
28．（2025·浙江模拟）电动汽车因其绿色环保而备受人们的青睐。电动汽车提供能量的装置是车内的电池组。某电动汽车的部分参数如表所示。
（1）若空载时轮胎与地面接触总面积400 厘米2，则此时车对地面的压强为多少帕？
（2）对该车充电，电池容量从30%至100%，需用5小时。充满电后，质量为60千克的司机驾车匀速行驶了40千米，此时仪表盘显示电池剩余容量为80%。若汽车行驶时所受阻力为总重力的0.05倍，则该电动汽车将电能转化为机械能的效率为多少？
某电动汽车性能参数表
空车质量 1380千克 充电电压 220伏
最高车速 225 千米/时 充电功率 7千瓦
【答案】（1）电动汽车对水平地面的压力
电动汽车对水平地面的压强
（2）汽车重力
因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，电动汽车的牵引力
电动汽车匀速行驶40km，牵引力所做的功
由“电池容量从30%至100%，需用5小时。充满电后，质量为60千克的司机驾车匀速行驶了40千米，此时仪表盘显示电池剩余容量为80%”知道，消耗的电能为
则该电动汽车将电能转化为机械能的效率为
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算公式的应用；能量利用效率；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）根据计算压强，此时的压力等于重力，注意单位换算。
（2）汽车匀速行驶，受力平衡，牵引力等于阻力。机械效率等于有用功即机械能除以总能即消耗的电能。
29．（2025·浙江模拟）如图所示，水底有一块体积100cm3的铝块。现用一电源电压为6V的电动机把浸没在水中的铝块提出水面，离开水面后，铝块3s内匀速提升了1m，电路中的电流为0.2A。已知铝的密度为2.7×103kg/m3，铝块提升过程中受到的阻力、绳子自重和摩擦等都不计。求：
（1）铝块浸没在水中受到的浮力。
（2）铝块的重力。
（3）铝块离开水面后，电动机工作1s内产生的电热。
（4）电动机线圈阻值。
【答案】（1）铝块浸没时受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N
（2）铝块的质量为m=ρ铝V=2.7×103kg/m3×100×10-6m3=0.27kg
铝块的重力为G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
（3）铝块离开水面后，1s电动机对铝块做的功为W=Gh=2.7N×1m=0.9J
电动机消耗的电能为W'=UIt=6V×0.2A×1s=1.2J
电动机工作1s内产生的电热为Q=W'-W=1.2J-0.9J=0.3J
（4）根据得电动机线圈阻值为
【知识点】重力的大小；阿基米德原理；浮力大小的计算；焦耳定律的计算公式及其应用；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）根据阿基米德原理计算浮力。
（2）根据计算重力。
（3）消耗的电能转化为内能和机械能，可知内能为电能减去机械能。
（4）根据焦耳定律计算电阻的阻值。
（1）铝块浸没时受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N
（2）铝块的质量为m=ρ铝V=2.7×103kg/m3×100×10-6m3=0.27kg
铝块的重力为G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
（3）铝块离开水面后，1s电动机对铝块做的功为W=Gh=2.7N×1m=0.9J
电动机消耗的电能为W'=UIt=6V×0.2A×1s=1.2J
电动机工作1s内产生的电热为Q=W'-W=1.2J-0.9J=0.3J
（4）根据得电动机线圈阻值为
30．（2025·浙江模拟）图甲是某款电火锅，其内部简化电路如图乙所示，S1是旋钮开关，S2是温控开关（当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合），R是指示灯的分压电阻，不起到加热作用，发热管内部结构如图丙所示，滑片转动时只能与滑动触头接触，0档为断开状态，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ档是不同功率的档位，电热丝被均分为四节接入电路，其他元件的电阻均忽略不计。
（1）S1从0档转到Ⅰ档开始工作，温控开关S2的状态是　 　（选填“断开”或“闭合”）
（2）加热时，锅内水温逐渐升高，其中改变水的内能的方式是　 　（选填“做功”或“热传递”）。
（3）图丙中，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，IV档时功率最大，则接线柱a、b、c中连入电路的应该是　 　。
（4）已知电火锅IV档加热功率为1000瓦，若电火锅在Ⅲ档工作5分钟，求发热管消耗的电能。　 　
【答案】闭合；热传递；b，c；由于电热丝被均分为四节接入电路，由图知道，Ⅲ档长度是IV档长度的2倍，由知道，电火锅IV档接入电路的电阻所以Ⅲ档时，连入阻值为96.8欧，此时功率电火锅在Ⅲ档工作5分钟，发热管消耗的电能W=Pt=500W×300s=1.5×105J
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；物体内能的改变方法；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用；常用电热器
【解析】【分析】（1）由题中“当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合”可知， S1从0档转到Ⅰ档开始工作，温控开关S2的状态是闭合。
（2）改变内能的方式：做功和热传递。
（3）滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，由可知，此时电功率大，则电阻小，即滑动变阻器连入电路的有效长度减小，可知连接的是bc。
（4）根据和电阻大小与长度成正比计算在Ⅲ档时的电功率，再由计算消耗的电能。【解答】（1）根据题意知道，S2是温控开关，即当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合，所以，S1从0档转到Ⅰ档是开始工作，故温控开关S2的状态应是闭合的。
（2）锅中的水温度升高，是水吸收了热量，所以，是通过热传递增加了水的内能。
（3）根据题意知道，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，且IV档时功率最大，由知道，说明滑片顺时针转动，接入电路的电阻减小，由图知道，滑片与b连接，当接线柱b、c中连入电路时，满足要求。
31．（2025·浙江模拟）如图所示是高空修剪树枝的工具——高枝剪。当树枝进入两剪片形成的刀口中，拉动拉绳就能轻松剪断树枝。
（1）为了剪断较粗较硬的枝条，除了增大拉力外，还应尽量将枝条靠近　 　（选填“A点”或“O点”）；
（2）用80N的拉力作用在绳子自由端时，B点受到绳子a的拉力是多少　 　
（3）某时刻，弹簧处于原长，若修剪刀的刀口A点对树枝施加的力为540牛，此时绳子端需施加的力F为多大　 　 （已知（厘米，厘米，滑轮中各股绳子视为平行，不计绳重、滑轮自重及摩擦）
【答案】（1）O点
（2）240N
（3）120N
【知识点】杠杆的平衡条件；滑轮组及其工作特点
【解析】【分析】（1）根据杠杆平衡条件进行分析，阻力变大时，可通过减小阻力臂或增大拉力或增大动力臂实现剪断较粗较硬枝条的目的。
（2）由图可知，B端有一根绳子，滑轮下方有三根绳子，可知自由端拉力为B端拉力的三分之一。
（3）根据杠杆平衡条件进行计算，力臂指的是支点到力的作用线的垂直距离。
【解答】（1）根据图片可知，为了剪断较粗较硬的枝条，除了增大拉力外，据杠杆的平衡条件尽可能增大动力臂或者减小阻力臂，所以尽量将枝条靠近O点。
（2）若不计绳重、滑轮自重及摩擦，当用80N的拉力作用在绳子自由端时，根据滑轮组绳末端力的关系可得
将数据带入上式可得
所以Fa=240N。
（3）根据图片可知，O为支点，OB为动力臂，OA为阻力臂，根据杠杆平衡条件，代入数据为
解得F=120N。
（1）根据图片可知，为了剪断较粗较硬的枝条，除了增大拉力外，据杠杆的平衡条件尽可能增大动力臂或者减小阻力臂，所以尽量将枝条靠近O点。
（2）若不计绳重、滑轮自重及摩擦，当用80N的拉力作用在绳子自由端时，根据滑轮组绳末端力的关系可得
将数据带入上式可得
所以Fa=240N。
（3）根据图片可知，O为支点，OB为动力臂，OA为阻力臂，根据杠杆平衡条件，代入数据为
解得F=120N。
32．（2025·浙江模拟）根据电动扶梯“有人乘时运行较快，无人乘时运行较慢”的特点，项目化学习小组设计了它的工作电路如图甲。该电路由“控制电路”和“工作电路”两部分组成，其中“控制电路”由压敏电阻R、滑动变阻器R1、电磁铁、电压为9伏的电源 U1等组成，压敏电阻的阻值与所受压力的变化关系如图乙：“工作电路”由电源、电动机、定值电阻等组成。无人乘时电动扶梯以较慢的速度运行，当控制电路的电流增大到设定值10毫安，衔铁被吸下，电动机功率增大，电动扶梯运行速度变快。（电磁铁线圈电阻忽略不计）
（1）请将图甲中“工作电路”补充完整，使电路设计能满足实际工作情况的需要；　 　
（2）根据图乙，压敏电阻所受的压力F增大，压敏电阻R的阻值将　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”）；
（3）若滑动变阻器R1接入电路的阻值为300欧，某次运行时，通过电磁铁线圈的电流恰好达到10毫安，则此时电动扶梯载重为多少？　 　
（4）在保持设定电流10毫安不变的情况下，若要使自动扶梯在更小的载重下就能实现快速运行，如何改进？（写出一点改进意见）　 　
【答案】；减小；根据欧姆定律知道，控制电路的总电阻为根据串联电阻的特点查表知道， 当电阻R=600Ω时， 压力F=400N，则G=F=400N，所以电动扶梯载重为400N。；①减小电路的总电阻，即滑动变阻器R1接的滑片向左移动；②增大电源电压。
【知识点】电阻和电阻的串联、并联；欧姆定律及其应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）电磁铁磁性强弱与线圈匝数和电流大小有关，匝数一定时，电流越大，电磁铁磁性越强，将衔铁吸下。
（2）根据图乙可知，压力增大，压敏电阻的阻值减小。
（3）根据欧姆定律计算总电阻，串联电路总电阻等于各用电器电阻之和，根据电阻值由图乙读出压力大小。
（4）电流不变，根据欧姆定律可知，若电压不变，则总电阻不变；若电阻改变，则同步改变电源电压。【解答】（1）有人乘坐时，压力大，则压敏电阻的阻值小，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，衔铁被吸下；工作电路中的电梯运行快，说明工作电路中的电流大，根据欧姆定律可知，电路中的电阻小，故应该只让电动机接入电路；无人乘时，压力小，则压敏电阻的阻值大，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变小，电磁铁磁性减弱，衔铁被拉起；无人乘时运行较慢，说明工作电路中的电流小，根据欧姆定律可知，电路的总电阻大，则电动机和定值电阻串联，如下图
（2）根据图像乙知道，当压力增大时，压敏电阻的阻值变小，即压敏电阻的阻值随压力的增大而减小。
（4）要求质量更小的人站上电梯就能使其较快运行，质量变小，重力变小，则对电梯的压力变小，根据图甲可知，此时力敏电阻的阻值变大，控制电路的总电阻变大，根据欧姆定律知道，电路中的电流变小，由于吸合电流不变，要使此时的电流达到吸合电流，则需要增大电路中的电路，故采取的方法是：①减小电路的总电阻，即滑动变阻器R1接的滑片向左移动；②增大电源电压。
1 / 1浙江省星光联盟2024-2025学年九年级下学期三月份学科素养调查科学试卷
1．（2025·浙江模拟）生物的长期进化，使生物在形态、结构、功能等各个方面都表现出适应性。下列各种生物的特征中，为了增大压强的是（　　）
A．鸭子的蹼足
B．啄木鸟的喙
C．鲫鱼流线型体型
D．仙人掌针状叶
2．（2025·浙江模拟）标准大气压下，液态氮的沸点为﹣196℃，室温下将液态氮置于试管中，会看到试管周围有大量“白气”产生，并且筷子上有霜形成，如图所示。下列关于该现象的分析正确的是（　　）
A．霜的形成需要吸热 B．霜是水蒸气凝华形成的
C．“白气”的形成需要吸热 D．“白气”是氮气液化形成的
3．（2025·浙江模拟）为响应国家提出的“节能减排，低碳生活”的号召，小金每天骑如图所示自行车上学，下列相关估测值中最符合实际的是（　　）
A．自行车的质量约为200kg
B．车座到地面的高度约为1m
C．骑行时的平均速度约为
D．一中学生从地面骑上自行车坐垫至少做功5000J
4．（2025·浙江模拟）在班级组织的“自制指南针”活动中，小伟同学用条形磁体将缝衣针磁化后，将其放在水中漂浮的一片树叶上。多次将树叶轻轻旋转，待树叶静止后，观察到树叶的尖端总是指向南方，如图所示。下列说法中正确的是（　　）
A．树叶尖端指向地磁南极
B．指南针的“N”应标注在树叶尖端
C．树叶周围存在磁场和磁感线
D．若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引
5．（2025·浙江模拟）一水平放置静止的气缸内充满了空气，在大小为F的恒力作用下，活塞沿着粗糙的气缸壁向左运动，下列说法正确的是（　　）
A．活塞向左运动，气缸内气体分子运动速度不变，但是气缸内气体的内能增加了
B．若活塞在恒力F作用下向左运动了S长的距离，则活塞克服气缸壁摩擦力做功的大小为：
C．恒力F推动活塞向左运动过程中，活塞的机械能始终保持不变
D．力F推动活塞向左运动，这一过程中能量转化形式和四冲程汽油机的压缩冲程的能量转化相同
6．（2025·浙江模拟）小敏透过水杯看见《科学作业本》上的“科”字呈如图所示的放大效果。下列选项中与其成像规律相同的是（　　）
A． B．
C． D．
7．（2025·浙江模拟）科学课上，教师演示了一个有趣的小实验。将一根长筷子插入苹果中（如图甲），然后将筷子提起，竖直悬在空中，用锤子不断轻敲筷子上端，发现苹果不断的往上爬升（如图乙）。下列说法正确的是（　　）
A．苹果往上爬升，说明它具有惯性
B．提着筷子的手受到的摩擦力方向始终竖直向上
C．敲击时，锤子对筷子的力与筷子对锤子的力是一对平衡力
D．静止时，苹果受到的重力和筷子对苹果的静摩擦力是一对相互作用力
8．（2025·浙江模拟）2024年4月20日，乒乓球世界杯已经决出四强，林高远迎战张本智和。下列说法正确的是（　　）
A．林高远的鞋底凹凸不平，有利于增大摩擦力
B．林高远扣球时，球拍对乒乓球的作用力大于乒乓球对球拍的作用力
C．乒乓球离开球拍后仍能继续前进，是由于受到了惯性力的作用
D．乒乓球在水平桌面继续滚动的过程中，摩擦力和机械能均保持不变
9．（2025·浙江模拟）小敏将橙子放入水中，静止后如图甲，将该橙子剥去部分表皮后放入水中，静止后如图乙，剥去全部表皮后放入水中，静止后如图丙（不考虑实验过程中橙子吸水）。下列说法正确的是（　　）
A．三种状态下橙子的密度关系：
B．甲图中，橙子所受浮力大于自身重力
C．乙图中橙子的 V排小于甲图中橙子的V排
D．丙图中，橙子对容器底部压力为零
10．（2025·浙江模拟）科学研究中常常用到“控制变量法”、“转换法”、“类比法”、“模型法”等科学方法。下列研究实例中，用到的科学方法与其它三项不同的是（　　）
A．甲实验用木块滑动距离表示动能大小
B．乙实验通过小灯泡发光情况比较金属丝电阻大小
C．丙实验通过海绵形变程度判断压力作用效果
D．丁实验用磁感线描述磁场
11．（2025·浙江模拟）目前大多国产电动汽车都采用智能遥控车钥匙。有两种方式可以解锁车门：当车钥匙离车辆较远时，按下开锁键（相当于S1闭合），车门自动解锁；当钥匙靠近车辆时，车上感应开关S2自动闭合，再触摸门把手（相当于S3闭合）车门也自动解锁。下列四个设计图符合要求的是（P为自动解锁模块）（　　）
A． B．
C． D．
12．（2025·浙江模拟）关于下列四幅图，分析正确的是（　　）
A．图甲所示实验，冰在融化过程中吸收热量，温度保持不变，内能也不变
B．图乙所示实验中，厚玻璃内的空气被压缩时，瓶内气压增大
C．图丙是沿海地区白天吹的风，风向是从陆地吹向海洋
D．图丁所示是四冲程汽油机工作过程的压缩冲程，内能转化为机械能
13．（2025·浙江模拟）医生给心脏疾病的患者做手术时，往往要用一种称为“人工心脏泵”的体外装置来代替心脏，以推动血液循环。如图是该装置的示意图，线圈ab固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），通电时线圈与活害柄组成的系统与固定在左侧的磁体相互作用，从而带动活塞运动。活塞通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启。下列说法正确的是（　　）
A．若电流从a端流进线圈，从b端流出线圈，则电磁铁左侧为S极
B．若电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，则电磁铁右侧为S极
C．要使血液流出该“血泵”，电流需从a端流进线圈，从b端流出线圈
D．要使血液流入该“血泵”，电流需从a端流进线圈，b从端流出线圈
14．（2025·浙江模拟）如图所示凤凰飞天秀，凤凰正沿直线朝斜右下方匀速运动。用G表示凤凰所受的重力，F表示空气对它的作用力，下列四幅图中能表示此过程中“凤凰”受力情况的是（　　）
A． B．
C． D．
15．（2025·浙江模拟）图像是表征事物的一种方法。小明用如图甲所示电路测定小灯泡的电功率，将滑片从b移至a，记录多组电压表和电流表的示数并描绘出如图乙所示的I-U图像。若图中面积S1表示灯泡两端电压为U1时消耗的电功率大小，则此时滑动变阻器所消耗的电功率可表示为（　　）
A．S2 B．S3 C．S1+S2 D．S1+S3
16．（2025·浙江模拟）小明暑假外出旅游。他到火车站乘坐复兴号列车，进入车厢时，发现旁边停着一列和谐号列车。
（1）坐到座位上后，透过车窗只能看到和谐号列车，发现它动了，据此判断：　 　；
A．一定是和谐号运动了
B．一定是复兴号运动了
C．可能是两车都运动了
（2）列车在平直轨道上向西行驶，小明发现桌上茶杯中的水面突然变为图示情形，此现象说明杯内的水具有　 　，此时茶杯受到的摩擦力方向向　 　。
17．（2025·浙江模拟）某游客参加蹦极挑战，从开始自由下落至第1次到达最低点的过程中，下落速度与时间关系如图甲，若该过程中蹦极绳的弹力与时间的关系如图乙（忽略空气阻力）。t1至t2过程中，游客速度继续增大的原因是自身重力　 　（选填“>”、“＜”或“＝”）游客受到的拉力，t2至t3过程中，游客和蹦极绳之间的能量转化情况是　 　。
18．（2025·浙江模拟）某兴趣小组设计了一款自带风力发电机的一体式路灯，其模型及纵截面示意图如图所示。任意方向吹来的风经过灯罩的上、下表面时都会产生上升气流，带动风叶转动而发电。
（1）风力发电机的发电原理是______（填字母）；
A．电磁感应
B．电流周围存在磁场
C．通电线圈在磁场中转动
（2）灯罩上方空气流速大，压强　 　；
（3）若路灯额定功率为100瓦，风力发电机产生1千瓦时的电能，能使该路灯正常工作　 　小时。
19．（2025·浙江模拟）如图所示，狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速直线运动，它对雪橇的水平拉力为100牛。
（1）以地面为参照物，雪橇处于　 　（填“静止状态”或“运动状态”）；
（2）雪橇运动5米，狗的拉力对雪橇做功为　 　焦；
（3）货物和雪橇保持相对静止且两者的接触面水平，不计空气阻力，则雪橇对货物的摩擦力为　 　牛。
20．（2025·浙江模拟）如图所示是小明为爷爷购买的一款助听器及部分结构名称。
（1）助听器能帮助听力衰减患者听见声音是因为它能将声音放大，即增大了声音的　 　这一特性；
（2）调节助听器上的音量控制旋钮可以改变声音的放大程度，它的实质是　 　（填某种电学元件）；
（3）小明查阅说明书后，了解到助听器的麦克风能将收集到的声信号转化为电信号，而内部的动圈式受话器则会将音频电信号转换成声信号。其中动圈式受话器的原理是通电导体　 　。
21．（2025·浙江模拟）如图甲所示为水火箭制作项目化活动，在可乐瓶中装入适量的水，再用带有打气管的瓶塞将瓶口塞住，最后配置上火箭顶端的整流罩，将水火箭竖立于地面，利用打气筒通过打气管向瓶内打气，当瓶内压强足够大时，瓶塞脱落，瓶内的水向下喷出，水火箭竖直向上飞起。
（1）瓶内的水向下喷出的同时水火箭向上运动，这是因为　 　；
（2）若水火箭发射前的总质量为2千克，则当水火箭竖直上升至10米高时，水火箭克服自身重力做功将　 　200焦（选填“等于”、“大于”或“小于”）；
（3）图乙为水火箭发射后的速度时间图像，则t1、t2.、t3时刻中水火箭受到平衡力的时刻有　 　。
22．（2025·浙江模拟）受《天工开物》中枯棒汲水（图甲）启发，小明自制了“杠杆密度计”如图乙，将一轻质细硬杆用细线固定在O点并悬挂起来，物块固定悬挂在A点，把不计质量的矿泉水瓶装满水，用细线悬挂在杆上，将悬挂点移至B点，使杆在水平位置平衡。换用相同的矿泉水瓶装满不同液体，重复以上操作，在杆上可标出悬挂点B1、B2、B3……对应密度的刻度值。
（1）如图甲所示，若向下拉绳子，则放下空桶时，桔槔为　 　杠杆；
（2）如图乙所示，若测得B、B2到O点的距离分别为l、l2，则B2点标注的密度值为　 　；（用ρ水及题给字母表示）
（3）为了制作出精确度更高的“杠杆密度计”，下列改进措施可行的是　 　；
A．把O点位置往物块一侧移动一段距离
B．减小物块的质量
C．减少加入杯中的液体体积
23．（2025·浙江模拟）在探究物体动能大小与质量的关系时，课本方案为：让不同质量的小钢球从同一斜面上相同高度处分别由静止开始沿斜面滚下，比较木块被小钢球推出的距离大小。
（1）小金认为课本方案难以操作，将斜面和水平面都改成了滑轨，将木块换成圆柱体块，方案迭代为1.0。这样改进的优点是　 　；实验过程中，若圆柱体块滑出滑轨，可以如何改进实验　 　；
（2）小科质疑：不同质量的小钢球从同一倾斜滑轨上相同高度由静止滚下，到达底部时速度真的相同吗？她在倾斜滑轨的底部安装光控灯（当球滚过时，光控灯会亮起），进行三轨同步实验，方案迭代为2.0。利用分割槽使三个不同质量的小钢球分别从三个相同倾斜轨道的同一高度由静止同时滚下，若出现　 　的现象，说明三个小球到达斜面底部时速度相同；
（3）实验发现，不同质量的小钢球到达斜面底部时速度并不相同，查阅资料后发现是由于小钢球体积不同所导致。如何在改变小钢球质量的情况下控制其体积不变，你的方法是　 　。
24．（2025·浙江模拟）小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。
（1）压强计通过U形管两侧液面的　 　来反映被测压强大小。使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，接下来应进行的操作是　 　；
A．向U形管中注入一些水
B．将U形管中水倒出一些
C．检查装置是否漏气
（2）小明在图甲中，保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了探究液体内部压强大小与　 　是否有关；
（3）小明还猜想液体压强与液体深度和密度有关。他在图甲基础上，继续将金属盒下移一段距离，发现压强变大。若接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较，　 　（选填“能”或“不能”）得出液体压强与液体密度有关的初步结论。
25．（2025·浙江模拟）如图甲所示是小金同学探究“平面镜成像特点”的实验装置。
（1）A、B两根蜡烛的大小和形状相同，这样做的目的是　 　；
（2）小金同学按照如图甲所示测出来蜡烛和像的位置以及它们到平面镜的距离后，让蜡烛以的速度在桌面上沿着平面镜向右水平直线移动，像相对于蜡烛的速度是　 　；
（3）实验中，若看到蜡烛A通过玻璃板成两个像，如图乙所示，其中距离观察者较近的像较　 　（选填“亮”或“暗”）；
（4）丙图为猫咪照镜子的情境，若猫的头部位置保持不变，把镜子沿中间截成两半，将右边一半沿原来位置直线向右移一段距离，则左、右两半面镜子　 　。
A.各成半个像，合起来成一个完整的像
B.左半边镜子成完整像，右半边不成像
C.都成完整的像，但两个像在不同位置
D.都成完整的像，且两个像在同一位置
26．（2025·浙江模拟）乒乓球是我国的“国球”，由于直径38mm的球速度快、旋转强，比赛时，回合数太少，观众不易看清球路。为了提高观赏性和趣味性，现今的乒乓球比赛用的都是直径40mm的大球。小宁认为，乒乓球直径的改变可能会影响它的弹性，于是展开了相关实验。
[实验准备]
选择同一厂家生产的材料、质量相同，直径不同的乒乓球各一，在同一台面上，探究其弹性强弱。
[实验数据]
由静止释放的高度h1/cm 直径38mm乒乓球弹起高度h2/cm 直径40mm乒乓球弹起高度h3/cm
30 24 23
60 44 42
[实验分析及结论]
当由静止释放的高度相同时，可根据　 　比较两种乒乓球的弹性。
由以上实验数据可初步判断直径40mm乒乓球的弹性稍弱些。
[反思与完善]
为使实验结论更为可靠，在上述实验基础上，还可以补充进行的操作是　 　（答出一点即可）
[拓展]
小宁在课余时间喜欢打乒乓球。如图所示，他发了一个“旋转球”，箭头表示乒乓球的旋转方向，请预测乒乓球将会向　 　（选填“a”“b”或“c”）方向运动。
27．（2025·浙江模拟）某兴趣小组的同学利用甲图所示的电路进行了多个电学实验。实验器材有：学生电源（输出电压6V）、滑动变阻器（“10Ω，2A”、“30Ω，1.5A”、“50Ω，1A”）、电流表、电压表各一只，若干导线。
（1）第一小组的同学要测量电阻Rx的阻值，他们在A、B间接入待测电阻Rx，请你用笔画线代替导线，将答题卡图乙中的实物图连接完整　 　；
（2）第二小组的同学要研究“电流与电阻的关系”。他们将阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻分别接在A、B间，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记下电流表示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。实验中选择的滑动变阻器规格是“　 　”；
（3）第三小组的同学要测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。在A、B间接入2.5V的小灯泡，正确连接电路，实验步骤及操作都正确。闭合开关后，调节滑动变阻器滑片直到电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图丁所示，则小灯泡的额定功率为　 　W；
（4）若将图甲去掉电压表，把电流表改装为直接能读出A、B两间电阻的电阻表，电源电压保持6V不变，电流表量程选择：0~0.6A，先将A、B直接用导线连接，并移动滑动变阻器的滑片使电流表满偏，电流表0.6A的刻度上标定的电阻值为0Ω，此时滑动变阻器的阻值为　 　Ω。保持滑动变阻器接入电路的阻值不变，就可以在电流表盘上标注其他刻度的阻值；
（5）改装后可直接测电阻的表，其表盘刻度　 　（选填“均匀”或“不均匀”）。
28．（2025·浙江模拟）电动汽车因其绿色环保而备受人们的青睐。电动汽车提供能量的装置是车内的电池组。某电动汽车的部分参数如表所示。
（1）若空载时轮胎与地面接触总面积400 厘米2，则此时车对地面的压强为多少帕？
（2）对该车充电，电池容量从30%至100%，需用5小时。充满电后，质量为60千克的司机驾车匀速行驶了40千米，此时仪表盘显示电池剩余容量为80%。若汽车行驶时所受阻力为总重力的0.05倍，则该电动汽车将电能转化为机械能的效率为多少？
某电动汽车性能参数表
空车质量 1380千克 充电电压 220伏
最高车速 225 千米/时 充电功率 7千瓦
29．（2025·浙江模拟）如图所示，水底有一块体积100cm3的铝块。现用一电源电压为6V的电动机把浸没在水中的铝块提出水面，离开水面后，铝块3s内匀速提升了1m，电路中的电流为0.2A。已知铝的密度为2.7×103kg/m3，铝块提升过程中受到的阻力、绳子自重和摩擦等都不计。求：
（1）铝块浸没在水中受到的浮力。
（2）铝块的重力。
（3）铝块离开水面后，电动机工作1s内产生的电热。
（4）电动机线圈阻值。
30．（2025·浙江模拟）图甲是某款电火锅，其内部简化电路如图乙所示，S1是旋钮开关，S2是温控开关（当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合），R是指示灯的分压电阻，不起到加热作用，发热管内部结构如图丙所示，滑片转动时只能与滑动触头接触，0档为断开状态，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ档是不同功率的档位，电热丝被均分为四节接入电路，其他元件的电阻均忽略不计。
（1）S1从0档转到Ⅰ档开始工作，温控开关S2的状态是　 　（选填“断开”或“闭合”）
（2）加热时，锅内水温逐渐升高，其中改变水的内能的方式是　 　（选填“做功”或“热传递”）。
（3）图丙中，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，IV档时功率最大，则接线柱a、b、c中连入电路的应该是　 　。
（4）已知电火锅IV档加热功率为1000瓦，若电火锅在Ⅲ档工作5分钟，求发热管消耗的电能。　 　
31．（2025·浙江模拟）如图所示是高空修剪树枝的工具——高枝剪。当树枝进入两剪片形成的刀口中，拉动拉绳就能轻松剪断树枝。
（1）为了剪断较粗较硬的枝条，除了增大拉力外，还应尽量将枝条靠近　 　（选填“A点”或“O点”）；
（2）用80N的拉力作用在绳子自由端时，B点受到绳子a的拉力是多少　 　
（3）某时刻，弹簧处于原长，若修剪刀的刀口A点对树枝施加的力为540牛，此时绳子端需施加的力F为多大　 　 （已知（厘米，厘米，滑轮中各股绳子视为平行，不计绳重、滑轮自重及摩擦）
32．（2025·浙江模拟）根据电动扶梯“有人乘时运行较快，无人乘时运行较慢”的特点，项目化学习小组设计了它的工作电路如图甲。该电路由“控制电路”和“工作电路”两部分组成，其中“控制电路”由压敏电阻R、滑动变阻器R1、电磁铁、电压为9伏的电源 U1等组成，压敏电阻的阻值与所受压力的变化关系如图乙：“工作电路”由电源、电动机、定值电阻等组成。无人乘时电动扶梯以较慢的速度运行，当控制电路的电流增大到设定值10毫安，衔铁被吸下，电动机功率增大，电动扶梯运行速度变快。（电磁铁线圈电阻忽略不计）
（1）请将图甲中“工作电路”补充完整，使电路设计能满足实际工作情况的需要；　 　
（2）根据图乙，压敏电阻所受的压力F增大，压敏电阻R的阻值将　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”）；
（3）若滑动变阻器R1接入电路的阻值为300欧，某次运行时，通过电磁铁线圈的电流恰好达到10毫安，则此时电动扶梯载重为多少？　 　
（4）在保持设定电流10毫安不变的情况下，若要使自动扶梯在更小的载重下就能实现快速运行，如何改进？（写出一点改进意见）　 　
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】增大或减小压强的方法
【解析】【分析】由可知，可通过增大压力或减小受力面积来增大压强。【解答】A、鸭子的蹼足面积较大，在压力一定时，增大与地面的接触面积，减小了压强，故A不符合题意；
B、啄木鸟的喙细长而尖，在压力一定时，减小了与树表面的接触面积，增大了压强，故B符合题意；
C、鱼类生活在水中，身体呈流线型，游泳时减小水的阻力，C不符合题意；
D、沙漠中干旱、高温，水分蒸发很快。仙人掌适合在沙漠中生存，因为它的叶子是针状的，尽量减与与空气接触的表面积，从而减小水分的蒸发，故D不浮合题意。
故答案为：B。
2．【答案】B
【知识点】液化及液化现象；凝华及凝华现象
【解析】【分析】由气态转化为固态的过程称为凝华；由气态转化为液态的过程称为液化。【解答】AB、霜是由空气中水蒸气遇冷凝华形成的，该过程需要放热，故A错误，B正确；
CD、“白气”是由空气中的水蒸气遇冷液化形成小水珠，液化过程需要放热，故CD错误。
故答案为：B。
3．【答案】B
【知识点】长度的测量；速度公式及其应用；平均速度的计算及测量；功的计算公式的应用
【解析】【分析】估测时遇到不是很熟悉的物理量或单位，可通过计算转化为熟悉的物理量或单位再进行判断，例如将前面每小时换算成米每秒。【解答】A、自行车的质量约为20kg，故A不符合题意；
B、车座到地面的高度约为中年人身高的一半多一点，即约为1m，故B符合题意；
C、骑行时的平均速度约为，故C不符合题意；
D、一中学生从地面骑上自行车坐垫至少做功
故D不符合题意。
故答案为：B。
4．【答案】D
【知识点】磁体、磁极、磁化；磁极间的相互作用；磁场和磁感线
【解析】【分析】AB.当磁体静止下来时，指南的一端为南极，指北的一端为北极，且地磁两极和地理两极交错分布；
C.根据磁感线和磁场的定义判断；
D.根据磁极之间的相互作用规律判断。
【解答】A．地理两极和地磁两极交错分布，因为树叶尖端指向南方，即树叶尖端为地理南极，也就是地磁的北极，故A错误；
B．根据题意可知，树叶尖端指向地理的南极，指南针的“S”应标注在树叶尖端，故B错误；
C．树叶周围存在磁场，磁感线实际并不存在，故C错误；
D．根据异名磁极相互吸引可在，树叶的尖端是指南针的S极，若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引，故D正确。
故选D。
5．【答案】D
【知识点】动能和势能的转化与守恒；物体内能的改变方法；热机的工作原理；机械能守恒
【解析】【分析】外界对气体做功，气体的内能增加，温度升高，机械能转化为内能，整个过程能量守恒，可知活塞的机械能减小。【解答】A、活塞向左运动，对气体做功，气体内能增加，温度升高，分子运动速度增大，故A错误；
B、若活塞在恒力F作用下向左运动了S长的距离， 则活塞克服气缸壁摩檫力做功的大小为：，其中f为摩擦力，故B错误；
C、恒力F推动活塞向左运动过程中，活塞克服摩擦力做功，机械能减小，故C错误；
D、力F推动活塞向左运动，对气体做功，将机械能转化为内能，这一过程中能量转化形式和四冲程汽 油机的压缩冲程的能量转化相同，故D正确。
故答案为：D。
6．【答案】D
【知识点】凸透镜成像的应用
【解析】【分析】凸透镜成像规律：物距在一倍焦距以内，成正立、放大的虚像；物距在一倍和两倍焦距之间，像距大于两倍焦距时，成倒立、放大的实像，物距等于像距等于两倍焦距时，成倒立、等大的实像；物距大于两倍焦距，像距在一倍和两倍焦距之间时，成倒立、缩小的实像【解答】透过水杯看见《科学作业本》上的“科”字呈如图所示的放大效果，成像原理是放大镜，成的是正立放大的虚像，物距处于1倍焦距以内，故D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
7．【答案】A
【知识点】力的作用是相互的；惯性；平衡力的辨别；力与运动的关系；摩擦力的存在
【解析】【分析】平衡力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线、同一物体上。
相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线、两个物体上。【解答】A、将一根长筷子插入苹果中，然后将筷子提起，竖直悬在空中，用锤子不断轻敲筷子上端，筷子受力而向下运动，苹果具有惯性保持静止，苹果相对于筷子向上运动了，发现苹果不断的往上爬升。说明苹果具有惯性，故A正确；
B、手提筷子，有向上运动的趋势，故受到的摩擦力向下，故B错误；
C、敲击时，锤子对筷子的力与筷子对锤子的力作用在不同物体上，不是平衡力，故C错误；
D、静止时，受力平衡，苹果受到的重力和筷子对苹果的静摩擦力是一对平衡力，故D错误。
故答案为：A。
8．【答案】A
【知识点】力的作用是相互的；惯性；影响摩擦力大小的因素；动能和势能的转化与守恒
【解析】【分析】滑动摩擦力的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度，压力越大，接触面的粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。【解答】A、林高远的鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；
B、林高远扣球时，球拍对乒乓球的作用力与乒乓球对球拍的作用力是一对相互作用力，二者大小相 等，故B错误；
C、乒乓球离开球拍后仍能继续前进，是由于乒乓球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故C错误；
D、乒乓球在水平桌面继续滚动的过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故D错误。
故答案为：A。
9．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】根据物体的沉浮状态判断密度大小及浮力大小，当物体的密度小于液体的密度时，物体将漂浮，此时物体受到的浮力等于重力；当物体的密度等于液体的密度时，物体将悬浮，此时物体受到的浮力等于重力；当物体密度大于液体密度时，物体将下沉，此时物体受到的浮力小于物体的重力。【解答】A、由浮沉条件知道，甲图中橙子漂浮ρ甲＜ρ水，乙中橙子悬浮ρ乙=ρ水，丙中橙子下沉ρ丙＞ρ水，故三种状态下橙子的密度关系ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，故A错误；
B、甲图中，橙子漂浮，橙子所受浮力等于自身重力，故B错误；
C、甲、乙两图中，橙子分别漂浮和悬浮，所受的浮力均等于自身的重力，而甲图中橙子的重力较大，故甲图中橙子所受的浮力较大，根据知道，乙图中橙子的V排小于甲图中橙子的V排，故C正确；
D、丙图中，橙子沉底，所受的浮力小于自身的重力，橙子收到竖直向上的浮力和支持力及竖直向下的重力，且对容器底部压力大小等于所受的支持力大小，橙子对容器底部压力不为零，故D错误。
故答案为：C。
10．【答案】D
【知识点】压力的作用效果；影响电阻大小的因素；磁场和磁感线；动能的影响因素
【解析】【分析】转换法：用更易观察的现象来反映不易观察的现象的研究方法。【解答】A用木块滑动距离表示动能大小，运用了转换法；
B通过小灯泡发光情况比较金属丝电阻大小，运用了转换法；
C通过海绵形变程度判断压力作用效果，运用了转换法；
D用磁感线描述磁场，运用了模型法。
D选项和其他三个选项所用科学方法不同。
故答案为：D。
11．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【分析】由题中信息可知，只闭合S1能打开车门或者同时闭合S2S3可以打开车门，可知S1与S2S3并联，且S2与S3串联。【解答】根据题意知道，当车钥匙离车辆较远时，按下开锁键（相当于S1闭合），车门自动解锁；当钥匙靠近车辆时，车上感应开关S2自动闭合，再触摸门把手（相当于S3闭合）车门也自动解锁，这说明开关S2、S3相互影响，是串联的，然后再与开关S1并联在电路中，自动解锁模块串联在干路中，故D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
12．【答案】B
【知识点】熔化与熔化现象；流体压强与流速的关系；气体压强跟体积的关系；物体内能的改变方法；热机的工作原理
【解析】【分析】内能不仅与温度有关，吸收或放出热量，物体的内能一定增大或减小。【解答】A、冰是晶体，晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大，但是温度保持不变，故A错误；
B、图乙所示实验中，厚玻璃内的空气被压缩时，空气的体积变小，气压增大，故B正确；
C、海水的比热容大于陆地的比热容，白天吸收了相同的热量后，陆地上方空气升高的温度比海洋上空空气的温度升高的多。所以，陆地上方空气的气压低，海洋上方空气的气压高。风从气压高的海洋流向气压低的陆地，故C错误；
D、图丁进气门和排气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程，内能转化为机械能，故D错误。
故答案为：B。
13．【答案】C
【知识点】磁极间的相互作用；右手螺旋定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【分析】根据右手螺旋定则判断线圈产生磁场的磁极方向，再根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引判断活塞移动方向，从而确定血液进出情况。【解答】由图知道，当“人工心脏泵”工作时，血液从阀门S2 抽进，从阀门S1 送出。
A、若电流从a端流进线圈，从b端流出线圈，由安培定则知道，电磁铁左侧为N极，故A错误；
B、若电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，由安培定则知道，电磁铁右侧为N极，故B错误；
C、要使血液流出该“血泵”，活塞要向右移动，即电磁铁和左侧磁体相互排斥，电磁铁左侧应该为N极，由安培定则知道，电流从a端流进线圈，从b端流出线圈，故C正确；
D、要使血液流入该“血泵”活塞要向左移动，即电磁铁和左侧磁体相互吸引，电磁铁左侧应该为S极，由安培定则知道，电流从b端流进线圈，从a端流出线圈，故D错误。
故答案为：C。
14．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力与运动的关系
【解析】【分析】物体受平衡力或不受力时，运动状态不会发生改变，将保持静止或做匀速直线运动。平衡力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线、同一物体上。【解答】凤凰做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零，故空气对它的作用力竖直向上，和重力大小相等，方向相反，故B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
15．【答案】B
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】串联电路电源电压等于各用电器两端电压之和，电路中电流处处相等，结合电功率公式P=UI表示出滑动变阻器的电功率的表达式，从而确定对应的图像。【解答】当滑片在阻值最大处时电路中的电流最小，由图乙知，电压表的示数为U1，当滑片在阻值最小处时，电路中的电流最大，电压表的示数最大，为电源电压，由图乙知，此时电压表的示数为U0，当电压为U1时，根据串联电路电压的规律知，滑动变阻器两端的电压为
电流与小灯泡的电流相同，由知，滑动变阻器的功率为
此时滑动变阻器所消耗的电功率可表示为S3，故B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
16．【答案】C；惯性；东
【知识点】参照物及其选择；惯性；摩擦力的存在
【解析】【分析】（1）运动和静止是相对的，同一物体，参照物不同，运动状态可能不同。物体与参照物之间的空间位置没有发生改变，则物体是静止的，物体与参照物之间的空间位置发生改变，则物体是运动的。
（2）摩擦力方向与相对运动或相对运动的趋势相反。【解答】（1）乘坐复兴号列车，透过车窗只能看到和谐号列车且发现它动了，有三种情形：和谐号运动，相对于复兴号，位置发生变化，是运动的；复兴号运动，相对于和谐号，位置发生变化，是运动的；也可能是两车都运动，因为速度不同，位置发生变化，是运动的，故AB不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
（2）如图，杯子中的水东低西高，说明列车在向西减速行驶，杯内的水具有惯性，继续向前运动，此时茶杯有向西的运动趋势，受到的摩擦力方向向东。
17．【答案】>；游客的重力势能和动能转化成蹦极绳的弹性势能
【知识点】力与运动的关系；动能和势能的转化与守恒
【解析】【分析】力是改变物体运动状态的原因，当动力大于阻力时，物体将做加速运动，动力小于阻力时，物体将做减速运动，动力等于阻力时，物体受力平衡，将做匀速直线运动或保持静止状态。【解答】t1至t2过程中，弹力开始有，但弹力较小，继续加速，则游客速度继续增大的原因是自身重力大于蹦极绳对游客的拉力，在t2时刻速度最大，弹力等于重力；
t2至t3过程中，游客的速度和高度减小，动能和重力势能减小，机械能减小，绳子伸长，弹性势能增大，则游客和蹦极绳之间的能量转化情况是游客的机械能转化为弹性绳子的弹性势能。
18．【答案】（1）A
（2）小
（3）10
【知识点】流体压强与流速的关系；电磁感应
【解析】【分析】（1）通电导体在磁场中转动是电动机的原理。
（2）流体流速大，压强小。
（3）根据计算时间，注意单位换算。
【解答】（1）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流，风力发电机原理是电磁感应现象。
故答案为：A。
（2）流体流速越大的位置，压强越小，灯罩上方空气流速大，所以压强小。
（3）已知额定功率
路灯正常工作的时间
（1）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流，风力发电机原理是电磁感应现象，故选A。
（2）流体流速越大的位置，压强越小；灯罩上方空气流速大，压强小。
（3）已知额定功率
路灯正常工作的时间
19．【答案】（1）运动状态
（2）500
（3）0
【知识点】参照物及其选择；摩擦力的存在；功的计算公式的应用
【解析】【分析】（1）运动和静止是相对的，物体与参照物之间的空间位置没有发生改变，则物体是静止的，物体与参照物之间的空间位置发生改变，则物体是运动的。
（2）根据计算功的大小，做功的条件是物体在力的方向上移动距离。
（3）存在摩擦力的条件：物体间存在相对运动或相对运动的趋势。
【解答】（1）狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速直线运动，以地面为参照物，雪橇的位置发生改变，是运动的。
（2）狗的拉力对雪橇做功为
（3）货物和雪橇保持相对静止且两者的接触面水平，未发生相对运动，也无相对运动的趋势，因此雪橇对货物无摩擦力。
（1）狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速直线运动，以地面为参照物，雪橇的位置发生改变，是运动的。
（2）狗的拉力对雪橇做功为
（3）货物和雪橇保持相对静止且两者的接触面水平，未发生相对运动，也无相对运动的趋势，因此雪橇对货物无摩擦力。
20．【答案】响度；变阻器；在磁场中受力运动
【知识点】响度、音调与声源振动的关系；滑动变阻器的原理及其使用；磁场对通电导线的作用
【解析】【分析】（1）将声音放大，指的是声音的音量更大，即响度大。
（2）声音放大程度不同，原因是电路中电流大小不同，可知音量控制按钮相当于滑动变阻器，通过改变连入电路中的电阻大小来改变电路中电流大小。
（3）声音是由物体振动产生的，动圈式话筒能将电能转化为机械能，与电动机的能量转化形式相同，原理是通电导体在磁场中受力运动。【解答】（1）响度是指声音的大小和强弱，也就是日常生活中的音量，因此是增大了声音的响度这一特性。
（2）调节广播音量大小的电位器实质是滑动变阻器，改变电路中的电流也就是声音的大小。
（3）动圈式受话器则会将音频电信号转换成声信号，与电动机的原理相同，即：通电导体在磁场中受力而运动。
21．【答案】物体间力的作用是相互的或力能改变物体的运动状态；小于；t1
【知识点】力的作用是相互的；二力平衡的条件及其应用；力与运动的关系；功的计算公式的应用；水火箭模型
【解析】【分析】（1）力的作用是相互的，相互作用力大小相等、方向相反，作用在同一直线上。
（2）克服重力做功=力与物体在重力的方向上移动的距离，因重力在减小，可知功小于初始重力与移动距离的乘积。
（3）物体做加速运动时，说明动力大于阻力，物体做减速运动时，阻力大于动力，可知当速度达到最大值时，动力与阻力相等。【解答】（1）水火箭上升时，瓶内的水向下喷出，同时水火箭向上运动，这是因为物体间力的作用是相互的或力可以改变物体的运动状态。
（2）发射前，水火箭的重力为
如果水火箭的重力不变，那么上升10m克服重力做功为
而实际上，随着高度的增大，水流不断喷出，则火箭的重力逐渐减小，因此水火箭克服重力做功将小于200J。
（3）在开始一段时间内，火箭受到的向上的推力大于重力，则它做加速运动。随着推力的逐渐减小，当推力与重力相等时，此时合力为零，加速停止，即此时速度最大，此时受到平衡力。根据图乙可知，当t1时刻时，火箭的速度最大，则此时它受到平衡力。
22．【答案】费力；；C
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【分析】（1）阻力臂大于动力臂，为费力杠杆；阻力臂小于动力臂，为省力杠杆；阻力臂等于动力臂，为等臂杠杆。
（2）根据杠杆平衡条件和重力公式计算密度值。
（3）精度更高，即液体密度变化量一定时，OB距离变化量增大，根据杠杆平衡条件进行分析。【解答】（1）如图甲所示，若向下拉绳子，则放下空桶时，阻力臂大于动力臂，桔槔为费力杠杆。
（2）测得B、B2到O点的距离分别为l、l2，据杠杆平衡条件知
则
所以B2点标注的密度值为。
（3）物块悬挂在A点施加的力是阻力，AO是阻力臂，施加在矿泉水瓶上的力是动力，BO是动力臂，即。
A、把O点位置往物块一侧移动一段距离，说明阻力臂变小，动力和阻力不变，在动力臂减小，AB两点之间长度缩短，密度秤不会更精确，故A不符合题意；
B、减小物块的质量，说明阻力减小，阻力臂和动力不变，则动力臂要变小，AB两点之间长度缩短，密度秤不会更精确，故B不符合题意；
C、减少加入杯中的液体体积，说明动力减小，而阻力、阻力臂不变，则动力臂增大，AB两点之间长度变长，密度秤会更精确，故C符合题意。
故答案为：C。
23．【答案】（1）避免小球和圆柱体木块在运动过程发生偏移；降低小球释放高度
（2）三个光控灯同时亮起
（3）选择体积相同的实心和空心小钢球
【知识点】动能的影响因素
【解析】【分析】（1）圆柱体划出轨道，说明小球的动能过大，可通过减小下滑高度、减小小球质量或增大圆柱体重力等方式进行改进。
（2）小球到达斜面底部的速度相同，将观察到灯同时亮起。
（3）要得到质量不同但体积相同的小球，可将小球制成空心的。
【解答】（1）将斜面和水平面都改成了滑轨，将木块换成圆柱体块，可以避免小球和圆柱体木块在运动过程中发生偏移。
圆柱体块滑出滑轨，说明小球的速度过快，因此应降低小球释放高度，减小小球到达斜面底端的速度。
（2）当小球滚过时，光控灯会亮起，如果三个光控灯同时亮起，说明三个小球同时到达光控灯处，时间相同，由于路程相同，所以三个小球到达斜面底部时速度相同。
（3）选择体积相同的实心和空心小钢球，它们质量不同，但是体积相同，可以排除小球体积对实验结果的影响。
（1）[1]将斜面和水平面都改成了滑轨，将木块换成圆柱体块，可以避免小球和圆柱体木块在运动过程中发生偏移。
[2]圆柱体块滑出滑轨，说明小球的速度过快，因此应降低小球释放高度，减小小球到达斜面底端的速度。
（2）当小球滚过时，光控灯会亮起，如果三个光控灯同时亮起，说明三个小球同时到达光控灯处，时间相同，由于路程相同，所以三个小球到达斜面底部时速度相同。
（3）选择体积相同的实心和空心小钢球，它们质量不同，但是体积相同，可以排除小球体积对实验结果的影响。
24．【答案】高度差；C；方向；能
【知识点】影响液体压强大小的因素
【解析】【分析】（1）用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，说明不能形成稳定的压强差，即装置漏气，接下来应检查装置的气密性。
（2）改变朝向，可知探究的是液体压强大小与方向的关系。
（3）图乙和图甲控制深度相同，可探究液体压强与液体密度的关系，同一装置，可探究液体压强与液体深度的关系。【解答】（1）根据转换法，实验是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的。
使用前用手轻轻按压几下橡皮膜是检查装置的气密性；如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；液面没有明显变化，则说明装置漏气，故AB不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
（2）保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，说明液体对橡皮膜的压力的方向不同，故目的是为了探究液体内部压强大小与方向是否有关。
（3）要探究液体压强与液体密度的关系，需控制液体的深度相同，图甲基础上，继续将金属盒下移一段距离，此时的密度不变，深度变深，发现压强变大；接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较，这属于寻找普遍规律，更换不同密度的液体多次实验，所以能得出液体压强与液体密度有关的初步结论。
25．【答案】便于确定像的位置；0；亮；D
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象
【解析】【分析】（1）实验采用了等效替代法，用于探究像与物的大小关系。
（2）物与像关于平面镜对称，蜡烛向右移，没有改变蜡烛与平面镜之间的相对位置，所以像的位置不变。
（3）前面的像是由光的反射形成的，光线较多，所以较亮，后面的像是由光的折射形成的，折射光线较少，所以像较暗。
（4）平面镜所成的像是由反射光线的反向延长线会聚而成的虚像，两块平面镜分别成完整的像，猫与平面镜之间的相对位置相同，可知像的位置相同。【解答】（1）A、B两根蜡烛的大小和形状应相同，当B与A的像重合时可知像与物大小相等，这样便于验证像和物的大小关系。
（2）平面镜成像中物与像始终关于平面镜对称，当以蜡烛为参照物时，像与蜡烛的位置未变，则为静止，因此速度为0cm/s。
（3）光线射到玻璃上，要发生反射和折射，玻璃有两个表面，前表面直接反射，较亮，所以其中距离观察者较近的像较亮。
（4）平面镜所成的像，像和物体形状、大小相同，与平面镜的大小无关，半个平面镜仍能成完整像；平面镜左右两部分都能成完整的像，像与小猫关于镜面对称，将其中的一半平行向右移一段距离，没有改变猫与平面镜之间的相对位置，所以像的位置相同，故D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D。
26．【答案】乒乓球弹起的高度；如：①各多用几个同款乒乓球，重复实验；②多次改变由静止释放的高度，重复实验；c
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】小球由静止释放后弹起的高度越高是，说明弹性越好。
为了避免偶然性，得出普遍性规律，可改变由静止释放的高度，进行重复实验。
根据流体流速大、压强小进行分析。【解答】实验分析及结论：当由静止释放的高度相同时，可根据乒乓球弹起高度比较两种乒乓球的弹性，这是转换法。
反思与完善：为使实验结论更为可靠，在上述实验基础上，还可以补充进行的操作是①各多用几个同款乒乓球，重复实验；②多次改变由静止释放的高度，重复实验。
拓展：由于球逆时针旋转，球上方的空气流动速度小，压强大，球下方的空气流动速度大，压强小，因此，球受到向下的压力，在空中会沿弧线迅速下落，乒乓球将会向c方向运动。
27．【答案】；50Ω，1A；0.6；10；不均匀
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【分析】（1）由电路图可知，滑片向右移，滑动变阻器连入电路的阻值减小，所以应将滑动变阻器右下角接线柱连入电路，如图所示
。
（2）根据表中数据计算定值电阻两端电压，根据串联电路的电压规律可求得和滑动变阻器两端电压，由电压比等于电阻比或欧姆定律计算定值电阻阻值最大时滑动变阻器连入电路的阻值，即为滑动变阻器的最小规格。
（3）电流表小量程的分度值为0.02A，读出电流表示数，再用P=UI计算额定功率。
（4）此时电路中只有滑动变阻器，根据欧姆定律计算阻值。
（5）电路中电流为，可知电流与AB间电阻不成正比，所以刻度不均匀。【解答】（1）电压表是测量A、B间的电压，所以电压表应并联在A、B两端；滑动变阻器应遵循“一上一下”，而由电路图可知，当滑片向右滑动时，滑动变阻器的阻值小，所以滑动变阻器应接下端右侧的接线柱，实物图连接如下图所示：。
（2）因为第二小组的同学要研究“电流与电阻的关系”。由图丙可知，定值电阻两端的电压为
保持不变。当定值电阻阻值为25Ω时，电路中的电流为
滑动变阻器两端的电压为
则滑动变阻器的最大阻值至少为
所以，实验中选择的滑动变阻器规格是“50Ω，1A”。
（3）由图丙可知
所以
小灯泡的额定功率为0.6W。
（4）将A、B直接用导线连接，并移动滑动变阻器的滑片使电流表满偏，此时电路中只有滑动变阻器且阻值处于最小值，则
此时滑动变阻器的阻值为10Ω。
（5）流过改装后可直接测电阻的表的电流为
因为改装后保持滑动变阻器接入电路的阻值不变，则
由此可见Ix与Rx不成正比，所以改装后可直接测电阻的表，其表盘刻度不均匀。
28．【答案】（1）电动汽车对水平地面的压力
电动汽车对水平地面的压强
（2）汽车重力
因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，电动汽车的牵引力
电动汽车匀速行驶40km，牵引力所做的功
由“电池容量从30%至100%，需用5小时。充满电后，质量为60千克的司机驾车匀速行驶了40千米，此时仪表盘显示电池剩余容量为80%”知道，消耗的电能为
则该电动汽车将电能转化为机械能的效率为
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算公式的应用；能量利用效率；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）根据计算压强，此时的压力等于重力，注意单位换算。
（2）汽车匀速行驶，受力平衡，牵引力等于阻力。机械效率等于有用功即机械能除以总能即消耗的电能。
29．【答案】（1）铝块浸没时受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N
（2）铝块的质量为m=ρ铝V=2.7×103kg/m3×100×10-6m3=0.27kg
铝块的重力为G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
（3）铝块离开水面后，1s电动机对铝块做的功为W=Gh=2.7N×1m=0.9J
电动机消耗的电能为W'=UIt=6V×0.2A×1s=1.2J
电动机工作1s内产生的电热为Q=W'-W=1.2J-0.9J=0.3J
（4）根据得电动机线圈阻值为
【知识点】重力的大小；阿基米德原理；浮力大小的计算；焦耳定律的计算公式及其应用；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）根据阿基米德原理计算浮力。
（2）根据计算重力。
（3）消耗的电能转化为内能和机械能，可知内能为电能减去机械能。
（4）根据焦耳定律计算电阻的阻值。
（1）铝块浸没时受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N
（2）铝块的质量为m=ρ铝V=2.7×103kg/m3×100×10-6m3=0.27kg
铝块的重力为G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
（3）铝块离开水面后，1s电动机对铝块做的功为W=Gh=2.7N×1m=0.9J
电动机消耗的电能为W'=UIt=6V×0.2A×1s=1.2J
电动机工作1s内产生的电热为Q=W'-W=1.2J-0.9J=0.3J
（4）根据得电动机线圈阻值为
30．【答案】闭合；热传递；b，c；由于电热丝被均分为四节接入电路，由图知道，Ⅲ档长度是IV档长度的2倍，由知道，电火锅IV档接入电路的电阻所以Ⅲ档时，连入阻值为96.8欧，此时功率电火锅在Ⅲ档工作5分钟，发热管消耗的电能W=Pt=500W×300s=1.5×105J
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；物体内能的改变方法；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用；常用电热器
【解析】【分析】（1）由题中“当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合”可知， S1从0档转到Ⅰ档开始工作，温控开关S2的状态是闭合。
（2）改变内能的方式：做功和热传递。
（3）滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，由可知，此时电功率大，则电阻小，即滑动变阻器连入电路的有效长度减小，可知连接的是bc。
（4）根据和电阻大小与长度成正比计算在Ⅲ档时的电功率，再由计算消耗的电能。【解答】（1）根据题意知道，S2是温控开关，即当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合，所以，S1从0档转到Ⅰ档是开始工作，故温控开关S2的状态应是闭合的。
（2）锅中的水温度升高，是水吸收了热量，所以，是通过热传递增加了水的内能。
（3）根据题意知道，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，且IV档时功率最大，由知道，说明滑片顺时针转动，接入电路的电阻减小，由图知道，滑片与b连接，当接线柱b、c中连入电路时，满足要求。
31．【答案】（1）O点
（2）240N
（3）120N
【知识点】杠杆的平衡条件；滑轮组及其工作特点
【解析】【分析】（1）根据杠杆平衡条件进行分析，阻力变大时，可通过减小阻力臂或增大拉力或增大动力臂实现剪断较粗较硬枝条的目的。
（2）由图可知，B端有一根绳子，滑轮下方有三根绳子，可知自由端拉力为B端拉力的三分之一。
（3）根据杠杆平衡条件进行计算，力臂指的是支点到力的作用线的垂直距离。
【解答】（1）根据图片可知，为了剪断较粗较硬的枝条，除了增大拉力外，据杠杆的平衡条件尽可能增大动力臂或者减小阻力臂，所以尽量将枝条靠近O点。
（2）若不计绳重、滑轮自重及摩擦，当用80N的拉力作用在绳子自由端时，根据滑轮组绳末端力的关系可得
将数据带入上式可得
所以Fa=240N。
（3）根据图片可知，O为支点，OB为动力臂，OA为阻力臂，根据杠杆平衡条件，代入数据为
解得F=120N。
（1）根据图片可知，为了剪断较粗较硬的枝条，除了增大拉力外，据杠杆的平衡条件尽可能增大动力臂或者减小阻力臂，所以尽量将枝条靠近O点。
（2）若不计绳重、滑轮自重及摩擦，当用80N的拉力作用在绳子自由端时，根据滑轮组绳末端力的关系可得
将数据带入上式可得
所以Fa=240N。
（3）根据图片可知，O为支点，OB为动力臂，OA为阻力臂，根据杠杆平衡条件，代入数据为
解得F=120N。
32．【答案】；减小；根据欧姆定律知道，控制电路的总电阻为根据串联电阻的特点查表知道， 当电阻R=600Ω时， 压力F=400N，则G=F=400N，所以电动扶梯载重为400N。；①减小电路的总电阻，即滑动变阻器R1接的滑片向左移动；②增大电源电压。
【知识点】电阻和电阻的串联、并联；欧姆定律及其应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）电磁铁磁性强弱与线圈匝数和电流大小有关，匝数一定时，电流越大，电磁铁磁性越强，将衔铁吸下。
（2）根据图乙可知，压力增大，压敏电阻的阻值减小。
（3）根据欧姆定律计算总电阻，串联电路总电阻等于各用电器电阻之和，根据电阻值由图乙读出压力大小。
（4）电流不变，根据欧姆定律可知，若电压不变，则总电阻不变；若电阻改变，则同步改变电源电压。【解答】（1）有人乘坐时，压力大，则压敏电阻的阻值小，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，衔铁被吸下；工作电路中的电梯运行快，说明工作电路中的电流大，根据欧姆定律可知，电路中的电阻小，故应该只让电动机接入电路；无人乘时，压力小，则压敏电阻的阻值大，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变小，电磁铁磁性减弱，衔铁被拉起；无人乘时运行较慢，说明工作电路中的电流小，根据欧姆定律可知，电路的总电阻大，则电动机和定值电阻串联，如下图
（2）根据图像乙知道，当压力增大时，压敏电阻的阻值变小，即压敏电阻的阻值随压力的增大而减小。
（4）要求质量更小的人站上电梯就能使其较快运行，质量变小，重力变小，则对电梯的压力变小，根据图甲可知，此时力敏电阻的阻值变大，控制电路的总电阻变大，根据欧姆定律知道，电路中的电流变小，由于吸合电流不变，要使此时的电流达到吸合电流，则需要增大电路中的电路，故采取的方法是：①减小电路的总电阻，即滑动变阻器R1接的滑片向左移动；②增大电源电压。
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