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广东省2025中考二模考试物理练习试卷
1．（2025·广东模拟）如题图所示，中学生小红正常状态下走一步两脚之间的距离S约为（　　）
A．0.6cm B．6cm C．0. 6m D．6m
【答案】C
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】解：中学生行走一步的距离约0.6m=60cm，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．（2025·广东模拟）在炎热的夏天，当我们吃冰棒的时候，常常看到在冰棒的周围有“白气”冒出，按生活经验，有关“白气”的说法正确的是（　　）
A．“白气”会向上飘
B．“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴
C．“白气”是空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶
D．“白气”是冰棒蒸发的水蒸气
【答案】B
【知识点】物质的三态
【解析】【解答】 解：冰棒的周围有“白气”冒出，“白气”是空气中的水蒸气液化形成的小水滴；由于小水滴的密度大于空气，应下降。
故ACD错误，B正确；
故选：B。
【分析】 （1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）小水滴的密度大于空气的密度，在空气中会下降。
3．（2025·广东模拟）如图所示，小明在荡秋千。下列说法正确的是（　　）
A．到达最高点的重力势能最大
B．通过最低点时的动能为零
C．下降过程中的动能转化为重力势能
D．上升过程中的重力势能转化为动能
【答案】A
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】A、到达最高点时，质量不变，高度最大，重力势能最大，故A正确；
B、人的质量一定，通过最低点时速度最大，动能最大，故B错误；
C、下降过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度增大，动能增大，故C错误；
D、上升过程中，质量不变，高度增大，重力势能增大，速度减小，动能减小，动能转化为重力势能，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）影响动能的因素是质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；
（2）影响重力势能的因素是质量和高度，质量一定时，高度越高，重力势能越大。
4．（2025·广东模拟）如题图所示是四冲程汽油机的剖面图，关于这个冲程的描述正确的是（　　）
A．吸气冲程中，汽油和空气的混合物进入汽缸
B．压缩冲程中，通过做功的方式使汽缸内气体的内能增加
C．做功冲程中，为外部系统提供动力
D．排气冲程中，废气带走了燃料释放的能量的极少部分
【答案】B
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】从图中看出，两气门关闭，活塞自下而上运动，是压缩冲程中，压缩汽油和空气的混合物，是通过做功的方式使汽缸内气体的内能增加，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；根据气门的状态、活塞运动的方向确定冲程的种类。
5．（2025·广东模拟） 如图所示，是电动自行车在楼道中充电时电源线短路引发火灾的宣传警示图，以此警示大家要注意安全用电。下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．电动车充电线绝缘皮破损后仍可继续使用
B．充电时空气开关跳闸，立即合上空气开关
C．为了确保电动车充满电，可以进行长时间充电
D．充电过程发生电火灾时应立即切断电源
【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A、电源线的绝缘皮破损时应及时更换，继续使用，容易发生触电事故或短路，故A不符合安全用电原则；
B、因为电路有短路或总功率过大的情况，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，因此不可以立刻合上空气开关，故B不符合安全用电原则；
C、由电流的热效应可知，电动车长时间充电，可能产生热量过高，引起火灾，故B不符合安全用电原则；
D、发生火灾时应立即切断电源，再灭火，防止灭火时触电，故D符合安全用电原则。
故选：D。
【分析】 （1）电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故或发生短路；
（2）空气开关跳闸有多种情况，所以应先检修电路；
（3）充电器内电子元件长时间充电时，会产生较多的热量，容易引发火灾；
（4）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害。
6．（2025·广东模拟）如题图所示，标有“5Ω 0.5A”的定值电阻R1和标有“15Ω 0.3A”的定值电阻R2连接而成，电源电压可调节，闭合开关S，使电源电压从0V逐渐增加，则下列说法中正确的是（　　）
A．电流先通过R1再通过R2
B．R1与R2两端的电压之比是1：3
C．随着电源电压的调高R1比R2先损坏
D．为确保电路安全，电源可调到的最高值为7V
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 A．闭合开关S，电路中有电流，电流同时通过R1、R2，故A错误；
B．R1与R2串联，所以通过R1与R2的电流相等，由得，R1与R2两端的电压之比：U1：U2=R1：R2=5Ω：15Ω=1：3，故B正确；
C．随着电源电压的调高，电路中电流增大，R1的额定电流大于R2的额定电流，则R2比R1先损坏，故C错误；
D．为确保电路安全，电路中电流最大为0.3A，由得，电源可调到的最高值为：U=IR=0.3A×（5Ω+15Ω）=6V，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）串联电路中电流处处相等；
（2）根据U=IR得出R1与R2两端的电压之比；
（3）根据每个电阻的额定电流的大小分析；
（4）根据电路中的最大电流，利用U=IR求出最大电压。
7．（2025·广东模拟）盐水选种是古代我国劳动人民的发明的一种巧妙的挑选种子的方法，用盐水选种时需要配制一定浓度的盐水，然后把种子倒入盐水中，则漂浮于盐水面的是次种，沉入容器底的是良种，有关盐水选种过程中下列说法正确的是（　　）
A．良种所受浮力小于重力，次种所受浮力大于重力
B．若良种和次种的体积相同，则良种受到的浮力较大
C．盐水选种时所用盐水的密度都要大于所有种子的密度
D．若要选出更饱满种子，则需要往盐水中加入适当的水
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．良种重力大于浮力，下沉，次种漂浮，所受浮力等于重力，故A错误；
B．若良种和次种的体积相同，良种沉底，排开的水的体积大，由，良种受到的浮力较大，故B正确；
C．盐水选种时，若盐水的密度大于所有种子的密度，所有种子将漂浮，无法选种，故C错误；
D．饱满种子的密度更大，若要选出更饱满种子，则需要往盐水中加入适当的盐，增大盐水的密度，故D错误。
故选B。
【分析】漂浮物体受到的浮力等于自身重力，沉底物体受到的浮力小于重力；根据F浮=ρ液gV排，液体密度相同时，排开液体的体积越大， 浮力越大。
8．（2025·广东模拟）如图所示，用不锈钢水壶在天然气灶上烧水，在此过程中水的内能是通过　 　（选填：“做功”或“热传递”）的方式改变的，水的温度越高，水具有的　 　（选填：“内能”或“热量”）越多，水沸腾后，继续加热，水的　 　（选填：“温度”或“内能”）不变。
【答案】热传递；内能；温度
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能
【解析】【解答】烧水的过程是通过热传递的方式改变水的内能。水沸腾时，吸收热量，分子运动剧烈，内能增大，但是温度保持不变。
综上 第1空、热传递； 第2空、内能； 第3空、温度不变 。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能，
2、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
9．（2025·广东模拟）“棹影斡波飞万剑，鼓声劈浪鸣千雷”，如题图所示图是2023年6月22日端午佳节中华龙舟（广东站）比赛的情景，运动员所使用的船桨是　 　（选填“省力”或“费力”）杠杆，运动员用力向后划水，龙舟飞速前进，这既说明力的作用是相互的，又说明力可以改变物体的　 　 ，停止划桨后龙舟还会前进是因为龙舟具有　 　。
【答案】费力；运动状态；惯性
【知识点】惯性及其现象；杠杆的分类
【解析】【解答】运动员用浆划船时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
水对船桨的力使船前进，龙舟运动的速度和方向发生了变化，说明力能改变物体的运动状态；
龙舟到达终点时具有一定的速度，由于惯性龙舟要保持原来的运动状态，继续前进。
故答案为：费力；运动状态；惯性。
【分析】根据动力臂和阻力臂的关系很容易判断出是省力还是费力杠杆；
力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；
物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性。
10．（2025·广东模拟）如图甲所示，在深盘中盛一些水，盘边斜放一个平面镜，使镜的下部浸入水中，让一束阳光照射在水下的平面镜上，并反射到白色光屏上，在光屏上可看到一条七彩光带，产生这一现象的原因是白光中包含的不同颜色的光通过水面发生 　 　（填“反射”或“折射”）时的偏折程度不同，同时也说明了太阳光是　 　（选填“单色光”或“复色光”），若从七彩光带中选取红、绿、蓝三种色光照白纸上（图乙），则中间相互重叠区域会出现　 　色。
【答案】折射；复色光；白
【知识点】光的折射现象及其应用；光的色散；色光的三（基）原色和颜料的三原色
【解析】【解答】 由于不同颜色的光的波长不同，通过三棱镜的折射程度不同；
白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，即白光是复色光；
色光的三原色为红、绿、蓝；因此将红、绿、蓝三种色光照白纸上，中间相互重叠区域会出现白色；
故答案为：折射；复色光；白。
【分析】太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光；
白光是由七种颜色的色光组成是复色光；
红、绿、蓝三种色光 混合在一起出现白色。
11．（2025·广东模拟）小明用透镜观察自己的手指，现象如图甲所示，则他用的是一个　 　（选填“凸”或“凹”）透镜；若要图甲中手指的像变得更大，透镜应适当　 　（选填“远离”或“靠近”）手指；如图乙所示，通过此透镜观察窗外远处的房屋　 　（选填“放大”“等大”或“缩小”）的像。
【答案】凸；远离；缩小
【知识点】生活中的透镜
【解析】【解答】 解：当用透镜观察自己的手指时，看到的是正立、放大的虚像，所以该透镜为凸透镜；凸透镜成虚像时，物距变大，像变大，若要图甲中手指的像变得更大，透镜应适当远离手指；
若看远处的物体，此时物体在凸透镜的2倍焦距之外，所以成倒立、缩小的实像。
故答案为：凸；远离；缩小。
【分析】 凸透镜成像规律：
①物距小于焦距成正立、放大的虚像；②物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大的实像；③物距等于二倍焦距成倒立、等大实像；⑤物距大于二倍焦距成倒立、缩小的实像。
12．（2025·广东模拟）人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得　 　性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼。图中是指南鱼静止时的指向，鱼头应标注　 　（选填“N”或“S”）极。指南鱼的腹部磁性最 　 　（选填“强”或“弱”）。
【答案】磁；N；弱
【知识点】磁现象；磁性材料
【解析】【解答】 解：古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼。图中是它静止时的指向，鱼头应标注N极。指南鱼的腹部磁性最弱。
故答案为：地磁场；N；弱。
【分析】指南针（指南鱼）是由于地磁场的作用指示南北方向的。
13．（2025·广东模拟）如题图所示电路，导线a的一端固定连接在铅笔芯上，当导线b的一端在铅笔芯上向右移动时，灯泡的亮度将　 　（选填“变亮”、“变暗”或“不这”）；这个实验说明导体的电阻与　 　有关；如果要增强灯泡的亮度变化效果，实验中的铅笔芯应该选择横截面积　 　（选填：“大”或“小”）一些的更好。
【答案】变亮；导体的长度；小
【知识点】电阻；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】 导线a的一端固定连接在铅笔芯上，当导线b的一端在铅笔芯上向右移动时，铅笔芯接入电路的阻值变小，电路中的电流变大，故灯泡变亮；
该实验还能说明导体的电阻与导体长度有关；
其它条件相同时，铅笔芯越细，电阻越大；为了使灯泡亮度发生明显改变，应使用电阻大的铅笔芯，故应该选择更细的铅笔芯来做实验。
故答案为：变亮；导体长度；小。
【分析】 滑动变阻器的原理是：通过改变接入电路中电阻线的长度，从而改变电阻的大小；
电压一定时，电路的电阻越小，电路中的电流越大；
导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
14．（2025·广东模拟）如图所示，分别利用甲、乙两个滑轮匀速提起重力均为50牛的物体，其中甲装置为　 　选填“定”或“动”滑轮，使用它提升重物的好处是　 　。若滑轮重力和摩擦均不计，分别用力、、匀速提升重物时，、、的大小关系是　 　选用“>”、“=”或“<”表示出它们之间的关系。
【答案】定；改变力的方向；FA=FB>FC
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】 由图示可知，甲装置中的滑轮的轴固定不动，是定滑轮，使用动滑轮可以改变用力的方向；
滑轮重力和摩擦均不计，使用甲装置的定滑轮时，拉力FA=FB=G，
使用乙装置的动滑轮时，拉力，
可见，FA=FB＞FC。
故答案为：定；改变力的方向；FA=FB＞FC。
【分析】 轴固定不动的滑轮叫定滑轮，随重物一起运动的滑轮叫动滑轮；使用定滑轮不能省力，但可以改变用力的方向；使用动滑轮可以省一半力。
15．（2025·广东模拟）
（1）如图甲是款磁悬浮蓝牙音箱，底座通电，上面的磁体音箱在底座产生的磁场作用下浮起，请画出音箱悬浮时的受力示意图（点O为重心）；
（2）根据图乙中小磁针静止时的指向，在A点标出通电螺线管磁感线的方向和电源左端的极性（“+”或“-”）；
（3）如图所示，烛焰上A点发出的一条光线经过凸透镜的光心O。
①画出光线AO经透镜后的光线；
②通过作图找到点A经透镜所成的像A'的位置。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】凸透镜成像的应用；磁现象；磁场；通电螺线管的磁场
【解析】【解答】解：（1）正在工作的音箱处于平衡状态，它受到竖直向下的重力和竖直向上的磁场的作用力，从重心分别做竖直向下的重力G和竖直向上的磁场力F，如图所示；
（2）①根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针S极的一端为N极，所以通电螺线管的左端是S极，磁感线的方向由N极到S极。
②根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：
（3）根据凸透镜对光线的作用可知，经过光心的光线的传播方向不变；平行于主光轴的光线经过凸透镜后过焦点，据此做出折射光线，折射光线与过光心的光线的交点为A的像A'，如下所示：
【分析】（1）音箱悬浮时处于平衡状态受力平衡，它受到竖直向下的重力和竖直向上的磁场的作用力，是一对平衡力。
（2）根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
（3）经过光心的光线的传播方向不变；平行于主光轴的光线经过凸透镜后过焦点。
16．（2025·广东模拟）
（1）如图甲所示，台式温度计的读数是　 　℃，如图乙是某次测物体质量的情况，则所测到的质量大小是　 　g.
（2）为了比较水和煤油的吸热能力的大小，李军用两个相同的装置做了如图甲、乙所示的实验：
1 在图甲、乙中除了所给的实验器材外，还需要的测量工具有天平和 　 　；
②实验中物质吸热的多少是通过　 　（选填：“升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来反映的；
③若根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图丙所示，则　 　的吸热能力更强。
（3）某小组在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关实验中组发现较难保持木块匀速直线运动，于他们改进实验，如图所示，固定弹簧测力计，拉动长木板即可读出滑动摩擦力的大小，这样改进的好处是　 　，但若这样改进后弹簧测力计示数依然不稳定，则其可能的原因是　 　。
【答案】（1）12；27
（2）秒表；加热时间的长短；水
（3）不需要匀速拉动木板，弹簧测力计示数稳定；木板表面粗糙程度不均匀
【知识点】液体温度计的构造与工作原理；探究影响摩擦力大小因素的实验；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】 解：（1）如图甲所示温度计的分度值为1℃，且指针在0℃右侧，温度计的示数12℃；
在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表0.2g，即天平的分度值为0.2g.被测物体的质量为m=20g+5g+2g=27g；
（2）由图乙知，要记录温度随加热时间的变化，故要用到秒表；
实验中选择相同规格的电加热器，根据转换法可知，在相同时间内水和煤油吸收的热量相同，所以可以通过比较加热时间来比较水和煤油吸收热量的多少；
由图象可知，质量相等的煤油和水在升高相同的温度时，水需要加热更长的时间，则水吸收的热量较多说明水的吸热能力较强，即水的比热容大。
（3） 改进后，由于滑动摩擦力的大小与运动速度无关，所以无需匀速拉动长木板；若长木板表面的粗糙程度不均匀，则拉动长木板时，木块受到的摩擦力会变化，使得弹簧测力计示数不稳定。
故答案为：（1）12；27；（2）秒表；加热时间的长短；（3）需要匀速拉动木板，弹簧测力计示数稳定；木板表面粗糙程度不均匀。
【分析】（1）用温度计测量液体的温度，读数时先看清是零上还是零下的，然后认清量程和分度值，最后读出示数；
使用天平测量物体质量时，首先要明确标尺的分度值。被测物体质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；
(2) 使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3） 改进后，由于滑动摩擦力的大小与运动速度无关，所以无需匀速拉动长木板；若长木板表面的粗糙程度不均匀，则拉动长木板时，木块受到的摩擦力会变化，使得弹簧测力计示数不稳定。
17．（2025·广东模拟） 在“探究杠杆平衡的条件”实验中，如图甲所示：
（1）如图甲所示，若要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　调；
（2）实验过程，使杠杆在水平位置平衡目的是便于确定　 　的大小；
（3）实验数据如下表所示：
实验次序 动力F1l1cm 动力臂l1cm 阻力F2/N 　
1 1.0 15.0 1.5 10.0
2 1.5 20.0 3.0 10.0
3 2.0 10.0 1.0 20.0
①表格中横线处应填写的内容是　 　；
②进行多次实验的目的是　 　；
③分析表格数据，可得出实验结论：　 　。
【答案】（1）右
（2）力臂
（3）阻力臂l2/cm；使结论更具普遍性；F1L1=F2L2
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆的右端上翘，要使它在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的右端移动；
（2）使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，目的是便于测量力臂大小；
（3） ①探究杠杆平衡条件的实验中除要测量每次实验中动力臂、阻力臂的大小，还要测量出每次实验中的动力和阻力的大小，故表格中横线处应填写的内容是阻力臂l2/cm；
②通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律；
③通过分析实验数据，可知杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，可写作F1l1=F2l2。
故答案为：（1）右；（2）力臂；（3）①阻力臂l2/cm； ②使结论具有普遍性；③F1l1=F2l2。
【分析】 （1）实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；
（3）①探究杠杆平衡条件的实验中除要测量每次实验中动力臂、阻力臂的大小，还要测量出每次实验中的动力和阻力的大小据此解答；
②通过实验总结实验结论时，一般要进行多次实验，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出普遍的物理规律；
③要能够观察和分析试验数据，知道杠杆的平衡条件为动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1l1=F2l2；
18．（2025·广东模拟）小芳在探究“电流与电压和电阻的关系”实验中，设计的实验电路图如图甲所示，电源为4节新干电池组成电池组，电压恒为6V，可供选择的定值电阻的阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“60Ω 1A”。
（1）图乙是其中的一个电池盒，实验中安装电池时，电池平底的一端应安装在电池盒的　 　（选填：“A”或“B”）端；
（2）实验中闭合开关前，发现电流表指针如图丙所示，接下来应　 　；
（3）在探究电流与电压的关系时：
①闭合开关后，发现两只电表的指针总在晃动，请分析造成这一现象的原因：电路存在的问题是　 　；
②排除电路问题后，小芳将所测得的数据记录在如下表，通过分析可知其中有一组数据有明显的错误需要把它剔除，这组数据是 　 　（填序号）；
数据序号 1 2 3 4 5 6
电压U/V 0.6 1.2 1.8 2.4 3 3.6
电流I/A 0.12 0.23 0.35 0.40 0.58 0.70
（4）在探究电流与电阻的关系时：
①小芳完成第一次实验后，断开开关，将5Ω的定值电阻换成了10Ω的定值电阻，然后闭合开关并向　 　（选填“左”或“右”）移动滑片直至电压表示数与上一次示数相同。小芳同学该操作不符合实验操作规范，规范的操作应该是　 　；
②本实验要保持电阻两端电压相同，通过分析可知本实验中电压表控制不变的电压值应该在2V 至　 　V 范围之内选择。
【答案】（1）A
（2）对电流表调零
（3）接线处接触不良；4
（4）右；将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置；5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】解：（1） 实验中安装电池时，电池平底的一端应安装在电池盒的A端；
（2）从丙图看出，电流表的指针偏向左边，说明没有调零，接下来应该是对电流表调零；
（3）① 连完电路，闭合开关后，发现两只电表的指针总在晃动。造成这一现象的原因：电路存在接触不良。
② 根据欧姆定律，分别求出6次实验电阻阻值分别为：5Ω、5Ω、5Ω、6Ω、5Ω、5Ω，因本实验中保持定值电阻阻值不变，考虑到误差因素，第4次实验数据错误；
（4）① 因探究电流与电阻的关系的实验时，应保持电阻两端的电压为不变，根据串联电路电压的规律，应增大变阻器分得的电压，由分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，所以应向右移动滑片直至电压表示数为与原来保持一致；将5Ω的定值电阻换成10Ω定值电阻，再将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置，再闭合开关，进行实验；
②当电阻为30Ω时，滑动变阻器的阻值最大为60Ω，根据分压原理可知，电压表示数应该为2V，根据滑动变阻器的规格可知电路中的电流最大为1A，当电阻为5Ω时，电压表的示数为5V。
故答案为：（1）A；（2）对电流表调零；（3）接线处接触不良；4；（4）右；将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置；5。
【分析】（1）安装电池时，电池夹的弹簧端应该与电池的平底接触；
（2）电流表在使用前，应该先调零；
（3）如电路存在接触不良，会造成电表的指针总在晃动；
根据欧姆定律求出对应的电阻比较，找出错误的数据；
（4）探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压不变，根据欧姆定律求出电压表的示数，更换电阻时为保护电路开关应断开、闭合开关时滑动变阻器处于最大阻值处；
滑动变阻器要能控制最大电阻和最小电阻。
19．（2025·广东模拟）如图是我国自主研发的大型运输机“运-20”，它是中国自主研制的一款大型运输机，也是中国第一款大型涡扇发动机运输机。“运-20”的最大起飞重量为220吨，最大运载能力为66吨，最大航程为8000公里，最高飞行高度为12100米，正常的飞行速度为800公里每小时。（g=10N/kg)求：
（1）“运-20”以正常的速度完成最大航程的行驶需要多长时间？
（2）若“运-20”达到最大起飞重量时，它静止在地面时其轮胎与地面的接触总面积为5m2，则此时运-20对地面的压强是多大？
（3）若“运-20”在高空中按正常速度飞行时受到的水平推力恒为1.6×105N，则“运-20”这样飞行2小时需要克服阻力做多少功？
【答案】（1）解：根据速度公式得，“运-20”以正常的速度完成最大航程的行驶需要的时间：。
（2）解： “运-20”的最大起飞重量时，对地面的压力：F压=G=mg=220×103kg×10N/kg=2.2×106N，
此时运-20对地面的压强：；
（3）解： “运-20”这样飞行2小时通过的路程：s=vt=800km/h×2h=1600km=1.6×106m，
推力做的功：W=F推s=1.6×105N×1.6×106m=2.56×1011J。
则“运-20”这样飞行2小时需要克服阻力做的功为2.56×1011J。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）知道路程和速度，根据速度公式可求出时间；
（2）根据F压=G=mg求出“运-20”的最大起飞重量时，对地面的压力，根据求出此时运-20对地面的压强；
（3）根据速度公式求出“运-20”这样飞行2小时通过的路程，根据W=Fs求出推力做的功。
20．（2025·广东模拟）小强用铅笔芯代替电阻线制作了一盏实验台灯。如图所示是台灯的原理图，AB表示铅笔芯，P是滑片，闭合开关S后，把滑片P移到A端时，小灯泡正常发光，这时电流表的示数为0.6A；把滑片P移到B端时，电流表的示数为0.25A。已知小灯泡正常发光时的电阻为10Ω，铅笔芯全部连入电路的阻值是20Ω。求：
（1）电源电压；
（2）滑片P移到B端时，铅笔芯两端的电压；
（3）滑片P移到B端时，小灯泡的电阻。
【答案】（1）解：闭合开关，灯泡和铅笔芯电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，
滑片P移到A端时，此时铅笔芯接入电路的电阻为0，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A；
已知小灯泡正常发光时的电阻为10Ω，则电源电压：U=ILRL=0.6A×10Ω=6V；
（2）解：滑片P移到B端时，铅笔芯接入电路最大阻值20Ω，电流表的示数为0.25A，根据欧姆定律可得铅笔芯两端的电压：UAB=IRAB=0.25A×20Ω=5V；
（3）串联电路总电阻等于各部分电压之和，此时灯泡两端的电压：UL=U-UAB=6V-5V=1V，
此时灯泡的电阻： 。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】 （1）闭合开关，灯泡和铅笔芯电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，
滑片P移到A端时，此时铅笔芯接入电路的电阻为0，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A；已知小灯泡正常发光时的电阻为10Ω，根据U=IR计算电源电压；
（2）滑片P移到B端时，铅笔芯接入电路最大阻值20Ω，电流表的示数为0.25A，根据U=IR计算铅笔芯两端的电压；
（3）根据串联电路电压规律计算此时灯泡两端的电压。根据欧姆定律计算此时灯泡的电阻。
21．（2025·广东模拟）2023年1月3日凌晨，被誉为“争气机”首台全国产化F级50兆瓦重型燃气轮机发电机组，在广东华电清远华侨园燃气分布式能源站并网发电，填补了我国自主燃气轮机应用领域空白，标志着我国步入自主重型燃气轮机领域运行阶段。
重型燃气轮机是发电和驱动领域的核心设备，是一个国家重工业整体实力的重要象征。此次应用的G50重型燃气轮机整机有2万多个零部件，工作压强达18个大气压，工作温度超过1300℃，能够以6000r/min的转速高速旋转。正式并网发电后，该燃气轮机发电机组联合循环一小时发电量超过7万千瓦时，可满足7000个家庭1天的用电需求。
燃气轮机工作简单过程如图甲所示，空气从进气口进入燃气轮机，高速旋转的压气机把空气压缩为高压空气；高压空气进入燃烧室，燃料与空气混合在燃烧室燃烧，产生高温高压燃气；高温高压燃气膨胀推动涡轮旋转做功；做功后的气体从排气口排出。
（1）若将燃气轮机的能量流向制成如图乙所示的图表，请把该能量流向图补充完整：①　 　；②　 　；
（2）该燃气轮机产生的电能是　 　（选填“一”或“二”）次能源，燃气轮机工作压强为18个标准大气压，则1cm2的面积大小的零件上受到的压力约为　 　N。
（3）在燃气轮机高速转动发电过程中，轴承中加入润滑油可以减小　 　， 若将G50重型燃气轮机安装在某型号舰船上，按每小时产生7万千瓦时的电能计算，且有50%用来推动舰船前进，而该舰船匀速直线行驶时受到的阻力为5.04×106N，则匀速直线行驶一小时能前进　 　km。
【答案】（1）料燃烧释放的内能；输出有用功
（2）二；180
（3）摩擦；25
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；增大或减小摩擦的方法；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 （1）燃气轮机 通过使燃料在机器内部燃烧，并将其放出的内能转换为动力，故①为：燃料释放的内能，②为：输出有用功。
（2）电能必须通过一次能源（例如机械能、内能）的消耗才能得到，是二次能源；
1cm2的面积大小的零件上受到的压力约为：；
（3）轴承中加入润滑油可以减小摩擦；
，
由W=FS可得：。
故答案为：（1）料燃烧释放的内能；输出有用功；（2）二；180；（3）摩擦；25。
【分析】（1）根据热机的做功冲程进行分析；
（2）可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源，根据压强公式变形即可求出压力大小；
（3）增加润滑油可以减小摩擦；先求出有用的功，利用功的公式求出求出前进的距离。
22．（2025·广东模拟）现在，一些大厦都用许多大块的镀膜玻璃做外墙（俗称“玻璃幕墙”），这种外墙既能透射光线也能反射光线（如图所示）。
（1）从外面看玻璃幕墙相当于平面镜，光线照射在光滑的玻璃幕墙上时会发生　 　反射（“镜面”或“漫”）。
（2）如图A、B、C三幅图中，图　 　（选填“A”、“B”或“C”）能真实反映太阳光线通过玻璃幕墙进入室内的传播途径；
（3）小明想进一步探究光的折射规律，通过网络查询到光在几种不同均匀介质中的传播速度如下表所示。
介质 玻璃 冰 水 酒精 空气
光速（×108m/s） 1.87 2.29 2.25 2.26 3.00
①通过分析表格数据，　 　（选填“能“或“不能”）得出结论：光在固体中传播速度最小，在气体中传播速度最大。
②图甲是光在几种均匀介质中传播的光路图，结合表格数据，可得出结论：光从一种介质斜射入另一种介质时，在界面处会发生　 　，在传播速度较小的介质内，光线与法线的夹角　 　（选填“较大”或“较小”）。
③如图乙所示，一束光经过A点，要射中B点，则入射点应在O点的　 　（选填“左侧”或“右侧”）。
【答案】（1）镜面
（2）B
（3）不能；折射；较小；左侧
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射现象及其应用；光学实验设计与探究
【解析】【解答】 （1）玻璃幕墙相当于平面镜，光线照射在光滑的玻璃幕墙上时会发生镜面反射；
（2）太阳光线通过玻璃幕墙进入室内，经历了两次折射，第一次是从空气斜射入玻璃中，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；第二次是从玻璃斜射入空气中，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角，所以B图都能真实反映太阳光线通过玻璃幕墙进入室内的传播途径；
（3）①根据表格中的数据可知，光在空气中的传播速度是最快的，在冰中的传播速度要大于在水、酒精中的速度，所以不能得出光在固体中传播速度最小，在气体中传播速度最大。
②由图可知，光从一种介质斜射入另一种介质时，在界面处会发生折射；光从速度大的空气中斜射入光速小的水中时，折射光线靠近法线，即折射角小于入射角；光从速度小的玻璃中斜射入光速大的空气中时，折射光线会远离法线偏折，即折射角大于入射角；所以在传播速度较小的介质内，光线与法线的夹角较小。
③光从玻璃斜射入冰中，光的传播速度会变大，则折射角会大于入射角，折射光线会远离法线，要想射中B点，入射点应在O点的左侧。
故答案为：（1）镜面；（2）B；（3）不能；折射；较小；左侧。
【分析】 （1）光的反射分为镜面反射和漫反射，当平行光线射到光滑表面时发生镜面反射，反射光线依然平行；
（2）当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；
（3）根据表格中的数据分析传播速度与介质的关系；
光从一种介质斜射入另一种介质中时会发生折射；根据甲图光路分析光线与法线的夹角的大小；
光从玻璃斜射入冰中，光的传播速度会变大。
23．（2025·广东模拟）光伏发电系统的主要部件是太阳能电池板(组件)、蓄电池组和充放电控制器等，如题23图甲所示．太阳能电池板利用半导体的光电效应发电，光照射到金属上时，它的能量可以被金属中某个电子全部吸收，当电子吸收的能量足够大，便能克服金属内部引力做功，离开金属表面逃逸出来，成为光电子，产生电能．电流经控制器向蓄电池组充电，或向直流负载供电，或输入到逆变器将直流电流变成交流电流，给家庭电路或电网供电．受光照强度、灰尘、温度等多种因素的影响，太阳能电池板的发电功率并不恒定，因此，需要利用控制器调节负载电阻的大小，使发电功率始终保持最大值且与光照强度成正比，以获得最大效率．
某品牌太阳能电池板的光照有效尺寸为1600×1000 mm2，在光照强度为1000 W/m2、温度为 25℃时，用题23图乙所示电路，不断改变负载电阻R0的阻值，得到多组输出电压和电流，绘制出U-I 图象，再改变光照强度，重复上述步骤，最终得到如题23 图丙所示的图象．
（1）猜想：逆变器具有　 　(选填“升高”或“降低”)电压的作用，实现并入家庭电网输电．
（2）由题图丙可知，光照强度主要影响的是　 　(选填“电压”或“电流”).当光照强度不变时，太阳能电池板内部的电阻　 　(选填“改变”或“不改变”)，输出功率随电压的增大而　 　(选填“一直增大”“一直减小”或“先增大后减小”)．
（3）当光照强度为600W/m2时，该品牌太阳能电池板的最大转化效率约为　 　%(结果保留一位小数)．
（4）小明家屋顶安装该品牌太阳能电池板的面积为48m2.某天各段时间的光照强度如题图丁所示(数据已作了处理)，则小明家该天的发电量是　 　kW·h．(结果保留一位小数)．
【答案】（1）升高
（2）电流；改变；先增大后减小
（3）19.8
（4）74.1
【知识点】能源与可持续发展
【解析】【解答】（1）在家庭电路中，输电需要较高的电压以减少输电线上的电能损耗。太阳能电池板产生的电压相对较低，所以逆变器具有升高电压的作用，实现并入家庭电阻输电；
（2）观察丙图，当光照强度改变时，电流的变化较为明显，所以光照强度主要影响的是电流；
根据欧姆定律可知，当光照强度不变时，U - I图象不是直线，说明电阻是变化的，即太阳能电池板内部的电阻改变；
观察U-I图象，随着电压增大，电流减小，开始时P=UI增大，后来P=UI减小，所以输出功率随电压的增大而先增大后减小。
（3）太阳能电池板的有效面积：
S=1600×1000 mm2=1.6m2，
当光照强度为600W/m2时，输入功率为：
P输入=600W/m2×1.6m2=960W，
由丙图可知，当光照强度为600W/m2时，输出电流为5A时，输出电压为38V，此时输出功率为：
P输出=UI=38V×5A=190W，
该品牌太阳能电池板的最大转化效率约为：
；
（4）6-8时间段和18-20时间段，接收的太阳能为：
W1=0.2KW/m2×48m2×2h×2=38.4kW·h，
8-10时间段，接收的太阳能为：
W2=0.4KW/m2×48m2×2h=38.4kW·h，
10-12时间段和14-16时间段，接收的太阳能为：
W3=0.8KW/m2×48m2×2h×2=153.6kW·h，
12-14时间段，接收的太阳能为：
W4=1KW/m2×48m2×2h=96kW·h，
16-18时间段，接收的太阳能为：
W5=0.5KW/m2×48m2×2h=48kW·h，
则小明家该天接收的太阳能为：
W总=W1+W2+W3+W4+W5=38.4kW·h+38.4kW·h+153.6kW·h+96kW·h+48kW·h=374.4kW·h，
小明家该天的发电量是：
。
故答案为：（1）升高；（2）电流；改变；先增大后减小；（3）19.8；（4）74.1。
【分析】（1）在家庭电路中，输电需要较高的电压以减少输电线上的电能损耗，据此分析；
（2）根据丙图，当光照强度改变时，电流的变化较为明显，据此分析；
根据欧姆定律可知，当光照强度不变时，U- I图象不是直线，说明电阻是变化的，进而判断太阳能电池板内部的电阻的变化情况；
观察U-I图象，随着电压增大，电流减小，开始时P=UI增大，后来P=UI减小，得出输出功率随电压的变化关系；
（3）当光照强度为600W/m2时，计算出输入功率，由丙图可知，当光照强度为600W/m2时，输出电流为5A时，输出电压为38V，根据P输出=UI求出输出功率，根据求出该品牌太阳能电池板的最大转化效率；
（4） 由光照强度 - 时间图象丁，将时间分为不同的区间，分别计算每个区间的光照强度与时间的乘积，再乘以电池板面积。求出各区间接收的能量，将各个区间的能量相加得到总接收能量，再根据电池板的转化效率，计算出发电量。
1 / 1广东省2025中考二模考试物理练习试卷
1．（2025·广东模拟）如题图所示，中学生小红正常状态下走一步两脚之间的距离S约为（　　）
A．0.6cm B．6cm C．0. 6m D．6m
2．（2025·广东模拟）在炎热的夏天，当我们吃冰棒的时候，常常看到在冰棒的周围有“白气”冒出，按生活经验，有关“白气”的说法正确的是（　　）
A．“白气”会向上飘
B．“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴
C．“白气”是空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶
D．“白气”是冰棒蒸发的水蒸气
3．（2025·广东模拟）如图所示，小明在荡秋千。下列说法正确的是（　　）
A．到达最高点的重力势能最大
B．通过最低点时的动能为零
C．下降过程中的动能转化为重力势能
D．上升过程中的重力势能转化为动能
4．（2025·广东模拟）如题图所示是四冲程汽油机的剖面图，关于这个冲程的描述正确的是（　　）
A．吸气冲程中，汽油和空气的混合物进入汽缸
B．压缩冲程中，通过做功的方式使汽缸内气体的内能增加
C．做功冲程中，为外部系统提供动力
D．排气冲程中，废气带走了燃料释放的能量的极少部分
5．（2025·广东模拟） 如图所示，是电动自行车在楼道中充电时电源线短路引发火灾的宣传警示图，以此警示大家要注意安全用电。下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．电动车充电线绝缘皮破损后仍可继续使用
B．充电时空气开关跳闸，立即合上空气开关
C．为了确保电动车充满电，可以进行长时间充电
D．充电过程发生电火灾时应立即切断电源
6．（2025·广东模拟）如题图所示，标有“5Ω 0.5A”的定值电阻R1和标有“15Ω 0.3A”的定值电阻R2连接而成，电源电压可调节，闭合开关S，使电源电压从0V逐渐增加，则下列说法中正确的是（　　）
A．电流先通过R1再通过R2
B．R1与R2两端的电压之比是1：3
C．随着电源电压的调高R1比R2先损坏
D．为确保电路安全，电源可调到的最高值为7V
7．（2025·广东模拟）盐水选种是古代我国劳动人民的发明的一种巧妙的挑选种子的方法，用盐水选种时需要配制一定浓度的盐水，然后把种子倒入盐水中，则漂浮于盐水面的是次种，沉入容器底的是良种，有关盐水选种过程中下列说法正确的是（　　）
A．良种所受浮力小于重力，次种所受浮力大于重力
B．若良种和次种的体积相同，则良种受到的浮力较大
C．盐水选种时所用盐水的密度都要大于所有种子的密度
D．若要选出更饱满种子，则需要往盐水中加入适当的水
8．（2025·广东模拟）如图所示，用不锈钢水壶在天然气灶上烧水，在此过程中水的内能是通过　 　（选填：“做功”或“热传递”）的方式改变的，水的温度越高，水具有的　 　（选填：“内能”或“热量”）越多，水沸腾后，继续加热，水的　 　（选填：“温度”或“内能”）不变。
9．（2025·广东模拟）“棹影斡波飞万剑，鼓声劈浪鸣千雷”，如题图所示图是2023年6月22日端午佳节中华龙舟（广东站）比赛的情景，运动员所使用的船桨是　 　（选填“省力”或“费力”）杠杆，运动员用力向后划水，龙舟飞速前进，这既说明力的作用是相互的，又说明力可以改变物体的　 　 ，停止划桨后龙舟还会前进是因为龙舟具有　 　。
10．（2025·广东模拟）如图甲所示，在深盘中盛一些水，盘边斜放一个平面镜，使镜的下部浸入水中，让一束阳光照射在水下的平面镜上，并反射到白色光屏上，在光屏上可看到一条七彩光带，产生这一现象的原因是白光中包含的不同颜色的光通过水面发生 　 　（填“反射”或“折射”）时的偏折程度不同，同时也说明了太阳光是　 　（选填“单色光”或“复色光”），若从七彩光带中选取红、绿、蓝三种色光照白纸上（图乙），则中间相互重叠区域会出现　 　色。
11．（2025·广东模拟）小明用透镜观察自己的手指，现象如图甲所示，则他用的是一个　 　（选填“凸”或“凹”）透镜；若要图甲中手指的像变得更大，透镜应适当　 　（选填“远离”或“靠近”）手指；如图乙所示，通过此透镜观察窗外远处的房屋　 　（选填“放大”“等大”或“缩小”）的像。
12．（2025·广东模拟）人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得　 　性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼。图中是指南鱼静止时的指向，鱼头应标注　 　（选填“N”或“S”）极。指南鱼的腹部磁性最 　 　（选填“强”或“弱”）。
13．（2025·广东模拟）如题图所示电路，导线a的一端固定连接在铅笔芯上，当导线b的一端在铅笔芯上向右移动时，灯泡的亮度将　 　（选填“变亮”、“变暗”或“不这”）；这个实验说明导体的电阻与　 　有关；如果要增强灯泡的亮度变化效果，实验中的铅笔芯应该选择横截面积　 　（选填：“大”或“小”）一些的更好。
14．（2025·广东模拟）如图所示，分别利用甲、乙两个滑轮匀速提起重力均为50牛的物体，其中甲装置为　 　选填“定”或“动”滑轮，使用它提升重物的好处是　 　。若滑轮重力和摩擦均不计，分别用力、、匀速提升重物时，、、的大小关系是　 　选用“>”、“=”或“<”表示出它们之间的关系。
15．（2025·广东模拟）
（1）如图甲是款磁悬浮蓝牙音箱，底座通电，上面的磁体音箱在底座产生的磁场作用下浮起，请画出音箱悬浮时的受力示意图（点O为重心）；
（2）根据图乙中小磁针静止时的指向，在A点标出通电螺线管磁感线的方向和电源左端的极性（“+”或“-”）；
（3）如图所示，烛焰上A点发出的一条光线经过凸透镜的光心O。
①画出光线AO经透镜后的光线；
②通过作图找到点A经透镜所成的像A'的位置。
16．（2025·广东模拟）
（1）如图甲所示，台式温度计的读数是　 　℃，如图乙是某次测物体质量的情况，则所测到的质量大小是　 　g.
（2）为了比较水和煤油的吸热能力的大小，李军用两个相同的装置做了如图甲、乙所示的实验：
1 在图甲、乙中除了所给的实验器材外，还需要的测量工具有天平和 　 　；
②实验中物质吸热的多少是通过　 　（选填：“升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来反映的；
③若根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图丙所示，则　 　的吸热能力更强。
（3）某小组在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关实验中组发现较难保持木块匀速直线运动，于他们改进实验，如图所示，固定弹簧测力计，拉动长木板即可读出滑动摩擦力的大小，这样改进的好处是　 　，但若这样改进后弹簧测力计示数依然不稳定，则其可能的原因是　 　。
17．（2025·广东模拟） 在“探究杠杆平衡的条件”实验中，如图甲所示：
（1）如图甲所示，若要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　调；
（2）实验过程，使杠杆在水平位置平衡目的是便于确定　 　的大小；
（3）实验数据如下表所示：
实验次序 动力F1l1cm 动力臂l1cm 阻力F2/N 　
1 1.0 15.0 1.5 10.0
2 1.5 20.0 3.0 10.0
3 2.0 10.0 1.0 20.0
①表格中横线处应填写的内容是　 　；
②进行多次实验的目的是　 　；
③分析表格数据，可得出实验结论：　 　。
18．（2025·广东模拟）小芳在探究“电流与电压和电阻的关系”实验中，设计的实验电路图如图甲所示，电源为4节新干电池组成电池组，电压恒为6V，可供选择的定值电阻的阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“60Ω 1A”。
（1）图乙是其中的一个电池盒，实验中安装电池时，电池平底的一端应安装在电池盒的　 　（选填：“A”或“B”）端；
（2）实验中闭合开关前，发现电流表指针如图丙所示，接下来应　 　；
（3）在探究电流与电压的关系时：
①闭合开关后，发现两只电表的指针总在晃动，请分析造成这一现象的原因：电路存在的问题是　 　；
②排除电路问题后，小芳将所测得的数据记录在如下表，通过分析可知其中有一组数据有明显的错误需要把它剔除，这组数据是 　 　（填序号）；
数据序号 1 2 3 4 5 6
电压U/V 0.6 1.2 1.8 2.4 3 3.6
电流I/A 0.12 0.23 0.35 0.40 0.58 0.70
（4）在探究电流与电阻的关系时：
①小芳完成第一次实验后，断开开关，将5Ω的定值电阻换成了10Ω的定值电阻，然后闭合开关并向　 　（选填“左”或“右”）移动滑片直至电压表示数与上一次示数相同。小芳同学该操作不符合实验操作规范，规范的操作应该是　 　；
②本实验要保持电阻两端电压相同，通过分析可知本实验中电压表控制不变的电压值应该在2V 至　 　V 范围之内选择。
19．（2025·广东模拟）如图是我国自主研发的大型运输机“运-20”，它是中国自主研制的一款大型运输机，也是中国第一款大型涡扇发动机运输机。“运-20”的最大起飞重量为220吨，最大运载能力为66吨，最大航程为8000公里，最高飞行高度为12100米，正常的飞行速度为800公里每小时。（g=10N/kg)求：
（1）“运-20”以正常的速度完成最大航程的行驶需要多长时间？
（2）若“运-20”达到最大起飞重量时，它静止在地面时其轮胎与地面的接触总面积为5m2，则此时运-20对地面的压强是多大？
（3）若“运-20”在高空中按正常速度飞行时受到的水平推力恒为1.6×105N，则“运-20”这样飞行2小时需要克服阻力做多少功？
20．（2025·广东模拟）小强用铅笔芯代替电阻线制作了一盏实验台灯。如图所示是台灯的原理图，AB表示铅笔芯，P是滑片，闭合开关S后，把滑片P移到A端时，小灯泡正常发光，这时电流表的示数为0.6A；把滑片P移到B端时，电流表的示数为0.25A。已知小灯泡正常发光时的电阻为10Ω，铅笔芯全部连入电路的阻值是20Ω。求：
（1）电源电压；
（2）滑片P移到B端时，铅笔芯两端的电压；
（3）滑片P移到B端时，小灯泡的电阻。
21．（2025·广东模拟）2023年1月3日凌晨，被誉为“争气机”首台全国产化F级50兆瓦重型燃气轮机发电机组，在广东华电清远华侨园燃气分布式能源站并网发电，填补了我国自主燃气轮机应用领域空白，标志着我国步入自主重型燃气轮机领域运行阶段。
重型燃气轮机是发电和驱动领域的核心设备，是一个国家重工业整体实力的重要象征。此次应用的G50重型燃气轮机整机有2万多个零部件，工作压强达18个大气压，工作温度超过1300℃，能够以6000r/min的转速高速旋转。正式并网发电后，该燃气轮机发电机组联合循环一小时发电量超过7万千瓦时，可满足7000个家庭1天的用电需求。
燃气轮机工作简单过程如图甲所示，空气从进气口进入燃气轮机，高速旋转的压气机把空气压缩为高压空气；高压空气进入燃烧室，燃料与空气混合在燃烧室燃烧，产生高温高压燃气；高温高压燃气膨胀推动涡轮旋转做功；做功后的气体从排气口排出。
（1）若将燃气轮机的能量流向制成如图乙所示的图表，请把该能量流向图补充完整：①　 　；②　 　；
（2）该燃气轮机产生的电能是　 　（选填“一”或“二”）次能源，燃气轮机工作压强为18个标准大气压，则1cm2的面积大小的零件上受到的压力约为　 　N。
（3）在燃气轮机高速转动发电过程中，轴承中加入润滑油可以减小　 　， 若将G50重型燃气轮机安装在某型号舰船上，按每小时产生7万千瓦时的电能计算，且有50%用来推动舰船前进，而该舰船匀速直线行驶时受到的阻力为5.04×106N，则匀速直线行驶一小时能前进　 　km。
22．（2025·广东模拟）现在，一些大厦都用许多大块的镀膜玻璃做外墙（俗称“玻璃幕墙”），这种外墙既能透射光线也能反射光线（如图所示）。
（1）从外面看玻璃幕墙相当于平面镜，光线照射在光滑的玻璃幕墙上时会发生　 　反射（“镜面”或“漫”）。
（2）如图A、B、C三幅图中，图　 　（选填“A”、“B”或“C”）能真实反映太阳光线通过玻璃幕墙进入室内的传播途径；
（3）小明想进一步探究光的折射规律，通过网络查询到光在几种不同均匀介质中的传播速度如下表所示。
介质 玻璃 冰 水 酒精 空气
光速（×108m/s） 1.87 2.29 2.25 2.26 3.00
①通过分析表格数据，　 　（选填“能“或“不能”）得出结论：光在固体中传播速度最小，在气体中传播速度最大。
②图甲是光在几种均匀介质中传播的光路图，结合表格数据，可得出结论：光从一种介质斜射入另一种介质时，在界面处会发生　 　，在传播速度较小的介质内，光线与法线的夹角　 　（选填“较大”或“较小”）。
③如图乙所示，一束光经过A点，要射中B点，则入射点应在O点的　 　（选填“左侧”或“右侧”）。
23．（2025·广东模拟）光伏发电系统的主要部件是太阳能电池板(组件)、蓄电池组和充放电控制器等，如题23图甲所示．太阳能电池板利用半导体的光电效应发电，光照射到金属上时，它的能量可以被金属中某个电子全部吸收，当电子吸收的能量足够大，便能克服金属内部引力做功，离开金属表面逃逸出来，成为光电子，产生电能．电流经控制器向蓄电池组充电，或向直流负载供电，或输入到逆变器将直流电流变成交流电流，给家庭电路或电网供电．受光照强度、灰尘、温度等多种因素的影响，太阳能电池板的发电功率并不恒定，因此，需要利用控制器调节负载电阻的大小，使发电功率始终保持最大值且与光照强度成正比，以获得最大效率．
某品牌太阳能电池板的光照有效尺寸为1600×1000 mm2，在光照强度为1000 W/m2、温度为 25℃时，用题23图乙所示电路，不断改变负载电阻R0的阻值，得到多组输出电压和电流，绘制出U-I 图象，再改变光照强度，重复上述步骤，最终得到如题23 图丙所示的图象．
（1）猜想：逆变器具有　 　(选填“升高”或“降低”)电压的作用，实现并入家庭电网输电．
（2）由题图丙可知，光照强度主要影响的是　 　(选填“电压”或“电流”).当光照强度不变时，太阳能电池板内部的电阻　 　(选填“改变”或“不改变”)，输出功率随电压的增大而　 　(选填“一直增大”“一直减小”或“先增大后减小”)．
（3）当光照强度为600W/m2时，该品牌太阳能电池板的最大转化效率约为　 　%(结果保留一位小数)．
（4）小明家屋顶安装该品牌太阳能电池板的面积为48m2.某天各段时间的光照强度如题图丁所示(数据已作了处理)，则小明家该天的发电量是　 　kW·h．(结果保留一位小数)．
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】解：中学生行走一步的距离约0.6m=60cm，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．【答案】B
【知识点】物质的三态
【解析】【解答】 解：冰棒的周围有“白气”冒出，“白气”是空气中的水蒸气液化形成的小水滴；由于小水滴的密度大于空气，应下降。
故ACD错误，B正确；
故选：B。
【分析】 （1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）小水滴的密度大于空气的密度，在空气中会下降。
3．【答案】A
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】A、到达最高点时，质量不变，高度最大，重力势能最大，故A正确；
B、人的质量一定，通过最低点时速度最大，动能最大，故B错误；
C、下降过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度增大，动能增大，故C错误；
D、上升过程中，质量不变，高度增大，重力势能增大，速度减小，动能减小，动能转化为重力势能，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）影响动能的因素是质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；
（2）影响重力势能的因素是质量和高度，质量一定时，高度越高，重力势能越大。
4．【答案】B
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】从图中看出，两气门关闭，活塞自下而上运动，是压缩冲程中，压缩汽油和空气的混合物，是通过做功的方式使汽缸内气体的内能增加，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；根据气门的状态、活塞运动的方向确定冲程的种类。
5．【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A、电源线的绝缘皮破损时应及时更换，继续使用，容易发生触电事故或短路，故A不符合安全用电原则；
B、因为电路有短路或总功率过大的情况，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，因此不可以立刻合上空气开关，故B不符合安全用电原则；
C、由电流的热效应可知，电动车长时间充电，可能产生热量过高，引起火灾，故B不符合安全用电原则；
D、发生火灾时应立即切断电源，再灭火，防止灭火时触电，故D符合安全用电原则。
故选：D。
【分析】 （1）电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故或发生短路；
（2）空气开关跳闸有多种情况，所以应先检修电路；
（3）充电器内电子元件长时间充电时，会产生较多的热量，容易引发火灾；
（4）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害。
6．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 A．闭合开关S，电路中有电流，电流同时通过R1、R2，故A错误；
B．R1与R2串联，所以通过R1与R2的电流相等，由得，R1与R2两端的电压之比：U1：U2=R1：R2=5Ω：15Ω=1：3，故B正确；
C．随着电源电压的调高，电路中电流增大，R1的额定电流大于R2的额定电流，则R2比R1先损坏，故C错误；
D．为确保电路安全，电路中电流最大为0.3A，由得，电源可调到的最高值为：U=IR=0.3A×（5Ω+15Ω）=6V，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）串联电路中电流处处相等；
（2）根据U=IR得出R1与R2两端的电压之比；
（3）根据每个电阻的额定电流的大小分析；
（4）根据电路中的最大电流，利用U=IR求出最大电压。
7．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．良种重力大于浮力，下沉，次种漂浮，所受浮力等于重力，故A错误；
B．若良种和次种的体积相同，良种沉底，排开的水的体积大，由，良种受到的浮力较大，故B正确；
C．盐水选种时，若盐水的密度大于所有种子的密度，所有种子将漂浮，无法选种，故C错误；
D．饱满种子的密度更大，若要选出更饱满种子，则需要往盐水中加入适当的盐，增大盐水的密度，故D错误。
故选B。
【分析】漂浮物体受到的浮力等于自身重力，沉底物体受到的浮力小于重力；根据F浮=ρ液gV排，液体密度相同时，排开液体的体积越大， 浮力越大。
8．【答案】热传递；内能；温度
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能
【解析】【解答】烧水的过程是通过热传递的方式改变水的内能。水沸腾时，吸收热量，分子运动剧烈，内能增大，但是温度保持不变。
综上 第1空、热传递； 第2空、内能； 第3空、温度不变 。
【分析】1、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能，
2、水沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大；标准大气压下水的沸点为100℃，低于标准气压，沸点低于100℃。
9．【答案】费力；运动状态；惯性
【知识点】惯性及其现象；杠杆的分类
【解析】【解答】运动员用浆划船时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
水对船桨的力使船前进，龙舟运动的速度和方向发生了变化，说明力能改变物体的运动状态；
龙舟到达终点时具有一定的速度，由于惯性龙舟要保持原来的运动状态，继续前进。
故答案为：费力；运动状态；惯性。
【分析】根据动力臂和阻力臂的关系很容易判断出是省力还是费力杠杆；
力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；
物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性。
10．【答案】折射；复色光；白
【知识点】光的折射现象及其应用；光的色散；色光的三（基）原色和颜料的三原色
【解析】【解答】 由于不同颜色的光的波长不同，通过三棱镜的折射程度不同；
白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，即白光是复色光；
色光的三原色为红、绿、蓝；因此将红、绿、蓝三种色光照白纸上，中间相互重叠区域会出现白色；
故答案为：折射；复色光；白。
【分析】太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光；
白光是由七种颜色的色光组成是复色光；
红、绿、蓝三种色光 混合在一起出现白色。
11．【答案】凸；远离；缩小
【知识点】生活中的透镜
【解析】【解答】 解：当用透镜观察自己的手指时，看到的是正立、放大的虚像，所以该透镜为凸透镜；凸透镜成虚像时，物距变大，像变大，若要图甲中手指的像变得更大，透镜应适当远离手指；
若看远处的物体，此时物体在凸透镜的2倍焦距之外，所以成倒立、缩小的实像。
故答案为：凸；远离；缩小。
【分析】 凸透镜成像规律：
①物距小于焦距成正立、放大的虚像；②物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大的实像；③物距等于二倍焦距成倒立、等大实像；⑤物距大于二倍焦距成倒立、缩小的实像。
12．【答案】磁；N；弱
【知识点】磁现象；磁性材料
【解析】【解答】 解：古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼。图中是它静止时的指向，鱼头应标注N极。指南鱼的腹部磁性最弱。
故答案为：地磁场；N；弱。
【分析】指南针（指南鱼）是由于地磁场的作用指示南北方向的。
13．【答案】变亮；导体的长度；小
【知识点】电阻；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】 导线a的一端固定连接在铅笔芯上，当导线b的一端在铅笔芯上向右移动时，铅笔芯接入电路的阻值变小，电路中的电流变大，故灯泡变亮；
该实验还能说明导体的电阻与导体长度有关；
其它条件相同时，铅笔芯越细，电阻越大；为了使灯泡亮度发生明显改变，应使用电阻大的铅笔芯，故应该选择更细的铅笔芯来做实验。
故答案为：变亮；导体长度；小。
【分析】 滑动变阻器的原理是：通过改变接入电路中电阻线的长度，从而改变电阻的大小；
电压一定时，电路的电阻越小，电路中的电流越大；
导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
14．【答案】定；改变力的方向；FA=FB>FC
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点
【解析】【解答】 由图示可知，甲装置中的滑轮的轴固定不动，是定滑轮，使用动滑轮可以改变用力的方向；
滑轮重力和摩擦均不计，使用甲装置的定滑轮时，拉力FA=FB=G，
使用乙装置的动滑轮时，拉力，
可见，FA=FB＞FC。
故答案为：定；改变力的方向；FA=FB＞FC。
【分析】 轴固定不动的滑轮叫定滑轮，随重物一起运动的滑轮叫动滑轮；使用定滑轮不能省力，但可以改变用力的方向；使用动滑轮可以省一半力。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】凸透镜成像的应用；磁现象；磁场；通电螺线管的磁场
【解析】【解答】解：（1）正在工作的音箱处于平衡状态，它受到竖直向下的重力和竖直向上的磁场的作用力，从重心分别做竖直向下的重力G和竖直向上的磁场力F，如图所示；
（2）①根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针S极的一端为N极，所以通电螺线管的左端是S极，磁感线的方向由N极到S极。
②根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：
（3）根据凸透镜对光线的作用可知，经过光心的光线的传播方向不变；平行于主光轴的光线经过凸透镜后过焦点，据此做出折射光线，折射光线与过光心的光线的交点为A的像A'，如下所示：
【分析】（1）音箱悬浮时处于平衡状态受力平衡，它受到竖直向下的重力和竖直向上的磁场的作用力，是一对平衡力。
（2）根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
（3）经过光心的光线的传播方向不变；平行于主光轴的光线经过凸透镜后过焦点。
16．【答案】（1）12；27
（2）秒表；加热时间的长短；水
（3）不需要匀速拉动木板，弹簧测力计示数稳定；木板表面粗糙程度不均匀
【知识点】液体温度计的构造与工作原理；探究影响摩擦力大小因素的实验；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】 解：（1）如图甲所示温度计的分度值为1℃，且指针在0℃右侧，温度计的示数12℃；
在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表0.2g，即天平的分度值为0.2g.被测物体的质量为m=20g+5g+2g=27g；
（2）由图乙知，要记录温度随加热时间的变化，故要用到秒表；
实验中选择相同规格的电加热器，根据转换法可知，在相同时间内水和煤油吸收的热量相同，所以可以通过比较加热时间来比较水和煤油吸收热量的多少；
由图象可知，质量相等的煤油和水在升高相同的温度时，水需要加热更长的时间，则水吸收的热量较多说明水的吸热能力较强，即水的比热容大。
（3） 改进后，由于滑动摩擦力的大小与运动速度无关，所以无需匀速拉动长木板；若长木板表面的粗糙程度不均匀，则拉动长木板时，木块受到的摩擦力会变化，使得弹簧测力计示数不稳定。
故答案为：（1）12；27；（2）秒表；加热时间的长短；（3）需要匀速拉动木板，弹簧测力计示数稳定；木板表面粗糙程度不均匀。
【分析】（1）用温度计测量液体的温度，读数时先看清是零上还是零下的，然后认清量程和分度值，最后读出示数；
使用天平测量物体质量时，首先要明确标尺的分度值。被测物体质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；
(2) 使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3） 改进后，由于滑动摩擦力的大小与运动速度无关，所以无需匀速拉动长木板；若长木板表面的粗糙程度不均匀，则拉动长木板时，木块受到的摩擦力会变化，使得弹簧测力计示数不稳定。
17．【答案】（1）右
（2）力臂
（3）阻力臂l2/cm；使结论更具普遍性；F1L1=F2L2
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）杠杆的右端上翘，要使它在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的右端移动；
（2）使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，目的是便于测量力臂大小；
（3） ①探究杠杆平衡条件的实验中除要测量每次实验中动力臂、阻力臂的大小，还要测量出每次实验中的动力和阻力的大小，故表格中横线处应填写的内容是阻力臂l2/cm；
②通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律；
③通过分析实验数据，可知杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，可写作F1l1=F2l2。
故答案为：（1）右；（2）力臂；（3）①阻力臂l2/cm； ②使结论具有普遍性；③F1l1=F2l2。
【分析】 （1）实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；
（3）①探究杠杆平衡条件的实验中除要测量每次实验中动力臂、阻力臂的大小，还要测量出每次实验中的动力和阻力的大小据此解答；
②通过实验总结实验结论时，一般要进行多次实验，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出普遍的物理规律；
③要能够观察和分析试验数据，知道杠杆的平衡条件为动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1l1=F2l2；
18．【答案】（1）A
（2）对电流表调零
（3）接线处接触不良；4
（4）右；将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置；5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】解：（1） 实验中安装电池时，电池平底的一端应安装在电池盒的A端；
（2）从丙图看出，电流表的指针偏向左边，说明没有调零，接下来应该是对电流表调零；
（3）① 连完电路，闭合开关后，发现两只电表的指针总在晃动。造成这一现象的原因：电路存在接触不良。
② 根据欧姆定律，分别求出6次实验电阻阻值分别为：5Ω、5Ω、5Ω、6Ω、5Ω、5Ω，因本实验中保持定值电阻阻值不变，考虑到误差因素，第4次实验数据错误；
（4）① 因探究电流与电阻的关系的实验时，应保持电阻两端的电压为不变，根据串联电路电压的规律，应增大变阻器分得的电压，由分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，所以应向右移动滑片直至电压表示数为与原来保持一致；将5Ω的定值电阻换成10Ω定值电阻，再将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置，再闭合开关，进行实验；
②当电阻为30Ω时，滑动变阻器的阻值最大为60Ω，根据分压原理可知，电压表示数应该为2V，根据滑动变阻器的规格可知电路中的电流最大为1A，当电阻为5Ω时，电压表的示数为5V。
故答案为：（1）A；（2）对电流表调零；（3）接线处接触不良；4；（4）右；将滑动变阻器滑片移到阻值最大位置；5。
【分析】（1）安装电池时，电池夹的弹簧端应该与电池的平底接触；
（2）电流表在使用前，应该先调零；
（3）如电路存在接触不良，会造成电表的指针总在晃动；
根据欧姆定律求出对应的电阻比较，找出错误的数据；
（4）探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压不变，根据欧姆定律求出电压表的示数，更换电阻时为保护电路开关应断开、闭合开关时滑动变阻器处于最大阻值处；
滑动变阻器要能控制最大电阻和最小电阻。
19．【答案】（1）解：根据速度公式得，“运-20”以正常的速度完成最大航程的行驶需要的时间：。
（2）解： “运-20”的最大起飞重量时，对地面的压力：F压=G=mg=220×103kg×10N/kg=2.2×106N，
此时运-20对地面的压强：；
（3）解： “运-20”这样飞行2小时通过的路程：s=vt=800km/h×2h=1600km=1.6×106m，
推力做的功：W=F推s=1.6×105N×1.6×106m=2.56×1011J。
则“运-20”这样飞行2小时需要克服阻力做的功为2.56×1011J。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）知道路程和速度，根据速度公式可求出时间；
（2）根据F压=G=mg求出“运-20”的最大起飞重量时，对地面的压力，根据求出此时运-20对地面的压强；
（3）根据速度公式求出“运-20”这样飞行2小时通过的路程，根据W=Fs求出推力做的功。
20．【答案】（1）解：闭合开关，灯泡和铅笔芯电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，
滑片P移到A端时，此时铅笔芯接入电路的电阻为0，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A；
已知小灯泡正常发光时的电阻为10Ω，则电源电压：U=ILRL=0.6A×10Ω=6V；
（2）解：滑片P移到B端时，铅笔芯接入电路最大阻值20Ω，电流表的示数为0.25A，根据欧姆定律可得铅笔芯两端的电压：UAB=IRAB=0.25A×20Ω=5V；
（3）串联电路总电阻等于各部分电压之和，此时灯泡两端的电压：UL=U-UAB=6V-5V=1V，
此时灯泡的电阻： 。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】 （1）闭合开关，灯泡和铅笔芯电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，
滑片P移到A端时，此时铅笔芯接入电路的电阻为0，小灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A；已知小灯泡正常发光时的电阻为10Ω，根据U=IR计算电源电压；
（2）滑片P移到B端时，铅笔芯接入电路最大阻值20Ω，电流表的示数为0.25A，根据U=IR计算铅笔芯两端的电压；
（3）根据串联电路电压规律计算此时灯泡两端的电压。根据欧姆定律计算此时灯泡的电阻。
21．【答案】（1）料燃烧释放的内能；输出有用功
（2）二；180
（3）摩擦；25
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；增大或减小摩擦的方法；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 （1）燃气轮机 通过使燃料在机器内部燃烧，并将其放出的内能转换为动力，故①为：燃料释放的内能，②为：输出有用功。
（2）电能必须通过一次能源（例如机械能、内能）的消耗才能得到，是二次能源；
1cm2的面积大小的零件上受到的压力约为：；
（3）轴承中加入润滑油可以减小摩擦；
，
由W=FS可得：。
故答案为：（1）料燃烧释放的内能；输出有用功；（2）二；180；（3）摩擦；25。
【分析】（1）根据热机的做功冲程进行分析；
（2）可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源，根据压强公式变形即可求出压力大小；
（3）增加润滑油可以减小摩擦；先求出有用的功，利用功的公式求出求出前进的距离。
22．【答案】（1）镜面
（2）B
（3）不能；折射；较小；左侧
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射现象及其应用；光学实验设计与探究
【解析】【解答】 （1）玻璃幕墙相当于平面镜，光线照射在光滑的玻璃幕墙上时会发生镜面反射；
（2）太阳光线通过玻璃幕墙进入室内，经历了两次折射，第一次是从空气斜射入玻璃中，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；第二次是从玻璃斜射入空气中，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角，所以B图都能真实反映太阳光线通过玻璃幕墙进入室内的传播途径；
（3）①根据表格中的数据可知，光在空气中的传播速度是最快的，在冰中的传播速度要大于在水、酒精中的速度，所以不能得出光在固体中传播速度最小，在气体中传播速度最大。
②由图可知，光从一种介质斜射入另一种介质时，在界面处会发生折射；光从速度大的空气中斜射入光速小的水中时，折射光线靠近法线，即折射角小于入射角；光从速度小的玻璃中斜射入光速大的空气中时，折射光线会远离法线偏折，即折射角大于入射角；所以在传播速度较小的介质内，光线与法线的夹角较小。
③光从玻璃斜射入冰中，光的传播速度会变大，则折射角会大于入射角，折射光线会远离法线，要想射中B点，入射点应在O点的左侧。
故答案为：（1）镜面；（2）B；（3）不能；折射；较小；左侧。
【分析】 （1）光的反射分为镜面反射和漫反射，当平行光线射到光滑表面时发生镜面反射，反射光线依然平行；
（2）当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；
（3）根据表格中的数据分析传播速度与介质的关系；
光从一种介质斜射入另一种介质中时会发生折射；根据甲图光路分析光线与法线的夹角的大小；
光从玻璃斜射入冰中，光的传播速度会变大。
23．【答案】（1）升高
（2）电流；改变；先增大后减小
（3）19.8
（4）74.1
【知识点】能源与可持续发展
【解析】【解答】（1）在家庭电路中，输电需要较高的电压以减少输电线上的电能损耗。太阳能电池板产生的电压相对较低，所以逆变器具有升高电压的作用，实现并入家庭电阻输电；
（2）观察丙图，当光照强度改变时，电流的变化较为明显，所以光照强度主要影响的是电流；
根据欧姆定律可知，当光照强度不变时，U - I图象不是直线，说明电阻是变化的，即太阳能电池板内部的电阻改变；
观察U-I图象，随着电压增大，电流减小，开始时P=UI增大，后来P=UI减小，所以输出功率随电压的增大而先增大后减小。
（3）太阳能电池板的有效面积：
S=1600×1000 mm2=1.6m2，
当光照强度为600W/m2时，输入功率为：
P输入=600W/m2×1.6m2=960W，
由丙图可知，当光照强度为600W/m2时，输出电流为5A时，输出电压为38V，此时输出功率为：
P输出=UI=38V×5A=190W，
该品牌太阳能电池板的最大转化效率约为：
；
（4）6-8时间段和18-20时间段，接收的太阳能为：
W1=0.2KW/m2×48m2×2h×2=38.4kW·h，
8-10时间段，接收的太阳能为：
W2=0.4KW/m2×48m2×2h=38.4kW·h，
10-12时间段和14-16时间段，接收的太阳能为：
W3=0.8KW/m2×48m2×2h×2=153.6kW·h，
12-14时间段，接收的太阳能为：
W4=1KW/m2×48m2×2h=96kW·h，
16-18时间段，接收的太阳能为：
W5=0.5KW/m2×48m2×2h=48kW·h，
则小明家该天接收的太阳能为：
W总=W1+W2+W3+W4+W5=38.4kW·h+38.4kW·h+153.6kW·h+96kW·h+48kW·h=374.4kW·h，
小明家该天的发电量是：
。
故答案为：（1）升高；（2）电流；改变；先增大后减小；（3）19.8；（4）74.1。
【分析】（1）在家庭电路中，输电需要较高的电压以减少输电线上的电能损耗，据此分析；
（2）根据丙图，当光照强度改变时，电流的变化较为明显，据此分析；
根据欧姆定律可知，当光照强度不变时，U- I图象不是直线，说明电阻是变化的，进而判断太阳能电池板内部的电阻的变化情况；
观察U-I图象，随着电压增大，电流减小，开始时P=UI增大，后来P=UI减小，得出输出功率随电压的变化关系；
（3）当光照强度为600W/m2时，计算出输入功率，由丙图可知，当光照强度为600W/m2时，输出电流为5A时，输出电压为38V，根据P输出=UI求出输出功率，根据求出该品牌太阳能电池板的最大转化效率；
（4） 由光照强度 - 时间图象丁，将时间分为不同的区间，分别计算每个区间的光照强度与时间的乘积，再乘以电池板面积。求出各区间接收的能量，将各个区间的能量相加得到总接收能量，再根据电池板的转化效率，计算出发电量。
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