资源简介 (共95张PPT)第八章 解析几何第3课时 圆的方程[考试要求] 1.理解确定圆的几何要素,在平面直角坐标系中,掌握圆的标准方程与一般方程.2.能根据圆的方程解决一些简单的数学问题与实际问题.考点一 圆的方程1.圆的定义及方程定义 平面上到____的距离等于____的点的集合(轨迹)标准 方程 (x-a)2+(y-b)2=r2(r>0) 圆心__________,半径r一般 方程 x2+y2+Dx+Ey+F=0(D2+E2-4F>0) 圆心,半径定点定长(a,b)提醒:当D2+E2-4F=0时,方程x2+y2+Dx+Ey+F=0只有实数解x=-,y=-,它表示一个点;当D2+E2-4F<0时,方程x2+y2+Dx+Ey+F=0没有实数解,它不表示任何图形.2.点与圆的位置关系的判定设点M(x0,y0),圆A的标准方程为(x-a)2+(y-b)2=r2(r>0),其中圆心为A(a,b),半径为r,圆A的一般方程为x2+y2+Dx+Ey+F=0(D2+E2-4F>0),则点M与圆A的位置关系的判断方法如下:位置关系 判断方法几何法 代数法点M(x0,y0) 在圆A内 |MA|+Dx0+Ey0+F__0<<位置关系 判断方法几何法 代数法点M(x0,y0) 在圆A上 |MA|=r (x0-a)2+(y0-b)2__r2;+Dx0+Ey0+F__0点M(x0,y0) 在圆A外 |MA|>r (x0-a)2+(y0-b)2__r2;+Dx0+Ey0+F__0==>>[常用结论](1)以A(x1,y1),B(x2,y2)为直径端点的圆的方程为(x-x1)(x-x2)+(y-y1)(y-y2)=0.(2)圆心在过圆的切点且与切线垂直的直线上.(3)圆心在圆的任一弦的垂直平分线上.[典例1] (1)(2025·蚌埠模拟)以(1,-2)为圆心,半径为的圆的方程是( )A.(x-1)2+(y+2)2=2B.(x+1)2+(y-2)2=2C.(x-1)2+(y+2)2=D.(x+1)2+(y-2)2=√(2)(2025·长春模拟)经过A(1,1),B(-1,1),C(0,2)三个点的圆的方程为( )A.(x+1)2+(y-1)2=2B.(x-1)2+(y-1)2=2C.x2+(y-1)2=1D.x2+(y+1)2=1√(3)(2024·聊城三模)已知圆C与两坐标轴及直线x+y-2=0都相切,且圆心在第二象限,则圆C的方程为( )A.(x+)2+(y-)2=B.(x-)2+(y+)2=2C.(x-)2+(y+)2=D.(x+)2+(y-)2=2√(1)A (2)C (3)D [(1)以(1,-2)为圆心,半径为的圆的方程是(x-1)2+(y+2)2=2.故选A.(2)设圆的一般方程为x2+y2+Dx+Ey+F=0,点A,B,C在圆上,则解得则圆的一般方程为x2+y2-2y=0,即x2+(y-1)2=1,故选C.(3)由题意设所求圆的方程为(x-a)2+(y-b)2=r2(a<0,b>0),∵圆C与两坐标轴及直线x+y-2=0相切,则即解得所以圆C的方程为(x+)2+(y-)2=2.故选D.]反思领悟 本例(1)中已知圆心坐标和半径,可直接写出圆的标准方程;本例(2)的已知条件中没有明确给出圆心和半径,则选择圆的一般方程,依据已知条件列出关于D,E,F的方程组,进而求D,E,F的值;本例(3)中已知条件与圆心(a,b)和半径r有关,可设圆的标准方程,求出a,b,r的值.巩固迁移1 (1)(2025·大连市中山区模拟)过点C(-1,1)和D(1,3),圆心在x轴上的圆的方程是( )A.x2+(y-2)2=10 B.x2+(y+2)2=10C.(x-2)2+y2=10 D.(x+2)2+y2=10(2)(人教A版选择性必修第一册P102复习参考题2T7改编)若曲线C:x2+y2+2ax-4ay-10a=0表示圆,则实数a的取值范围为( )A.(-2,0) B.(-∞,-2)∪(0,+∞)C.[-2,0] D.(-∞,-2)∪[0,+∞)√√(1)C (2)B [(1)设所求圆的方程为(x-a)2+y2=r2,将C(-1,1)和D(1,3)代入得解得a=2,r2=10,∴圆的方程是(x-2)2+y2=10,故选C.(2)由x2+y2+2ax-4ay-10a=0,得(x+a)2+(y-2a)2=5a2+10a,由该曲线表示圆,可知5a2+10a>0,解得a>0或a<-2.故选B.]考点二 与圆有关的轨迹问题[典例2] 已知Rt△ABC的斜边为AB,且A(-1,0),B(3,0).求:(1)直角顶点C的轨迹方程;(2)直角边BC的中点M的轨迹方程.[解] (1)法一(直接法):设C(x,y),因为A,B,C三点不共线,所以y≠0.因为AC⊥BC,所以kAC·kBC=-1.又kAC=,kBC=,所以·=-1,化简得x2+y2-2x-3=0.因此,直角顶点C的轨迹方程为x2+y2-2x-3=0(y≠0).法二(定义法):设AB的中点为D,由中点坐标公式得D(1,0),由直角三角形的性质知|CD|=|AB|=2.由圆的定义知,动点C的轨迹是以D(1,0)为圆心,半径为2的圆(由于A,B,C三点不共线,所以应除去圆与x轴的交点).所以直角顶点C的轨迹方程为(x-1)2+y2=4(y≠0).(2)设M(x,y),C(x0,y0),因为M是线段BC的中点,由中点坐标公式得x=,y=,所以x0=2x-3,y0=2y.由(1)知,点C的轨迹方程为(x-1)2+y2=4(y≠0),将x0=2x-3,y0=2y代入得(2x-4)2+(2y)2=4,即(x-2)2+y2=1.因此动点M的轨迹方程为(x-2)2+y2=1(y≠0).反思领悟 本例(1)法一直接根据CA⊥CB得出kAC·kBC=-1,化条件为方程,化简整理得解;法二的关键是根据直角三角形的性质得到直角顶点C的轨迹是以AB的中点为圆心,半径为|AB|的圆,利用圆的定义求解;本例(2)中,直角边BC的中点M随着已知点C在曲线(x-1)2+y2=4(y≠0)上的移动而变化,只需找出要求点M与已知点C之间的关系,代入已知点C满足的曲线(x-1)2+y2=4(y≠0),化简整理即可得解.巩固迁移2 (1)在平面直角坐标系xOy中,已知点A(0,-2),若动点M满足=,则点M的轨迹方程是( )A.x2+(y+2)2=2B.x2+(y-2)2=2C.x2+(y+2)2=8D.x2+(y-2)2=8√(2)(人教A版选择性必修第一册P87例5改编)已知圆C经过点A(3,1),B(-1,3),且它的圆心在直线3x-y-2=0上,则圆C的标准方程为__________________;若点D为圆C上任意一点,且点E(3,0),则线段ED的中点M的轨迹方程为___________________.(x-2)2+(y-4)2=10+(y-2)2=(1)D (2)(x-2)2+(y-4)2=10 +(y-2)2= [(1)设M(x,y),因为=,A(0,-2),所以=,所以x2+(y+2)2=2(x2+y2),所以x2+(y-2)2=8为点M的轨迹方程.(2)由题意可设圆C的标准方程为(x-a)2+(y-b)2=r2,则解得所以圆C的标准方程为(x-2)2+(y-4)2=10.设M(x,y),D(x1,y1).由E(3,0)及M为线段ED的中点,得解得又点D在圆C:(x-2)2+(y-4)2=10上,所以(2x-3-2)2+(2y-4)2=10,化简得+(y-2)2=,故点M的轨迹方程为+(y-2)2=.]【教用·备选资源】阿波罗尼斯圆如图,点A,B为两定点,动点P满足|PA|=λ|PB|.当λ=1时,动点P的轨迹为直线;当λ>0且λ≠1时,动点P的轨迹为圆,后世称之为阿波罗尼斯圆.证明:设|AB|=2m(m>0),|PA|=λ|PB|,以AB的中点为原点,直线AB为x轴建立平面直角坐标系(图略),则A(-m,0),B(m,0).又设P(x,y),则由|PA|=λ|PB|得=λ,两边平方并化简整理得(λ2-1)x2-2m(λ2+1)x+(λ2-1)y2=m2(1-λ2).当λ=1时,x=0,动点P的轨迹为线段AB的垂直平分线;当λ>0且λ≠1时,+y2=,动点P的轨迹为以点为圆心,为半径的圆.[典例] (1)(多选)已知在平面直角坐标系xOy中,A,B(4,0).点P满足=,设点P所构成的曲线为C,下列结论正确的是( )A.C的方程为+y2=16 B.在C上存在点D,使得D到点(1,1)的距离为10C.在C上存在点M,使得=2 D.C上的点到直线3x-4y-13=0的最大距离为9√√(2)在平面直角坐标系xOy中,设点A(1,0),B(3,0),C(0,a),D(0,a+2),若存在点P,使得|PA|=|PB|,|PC|=|PD|,则实数a的取值范围是___________________.[-2-1,2-1](1)AD (2)[-2-1,2-1] [(1)由题意可设点P,由A,B=,得=,化简得x2+y2+8x=0,即+y2=16,故A正确;点(1,1)到圆上的点的最大距离为+4<10,故不存在符合题意的点D,故B错误;设M(x0,y0),由=2,得=,又=16,联立方程消去y0得x0=2,解得y0无解,故C错误;C的圆心(-4,0)到直线3x-4y-13=0的距离为d==5,且C的半径为4,则C上的点到直线3x-4y-13=0的最大距离为d+r=5+4=9,故D正确.故选AD.(2)设P(x,y),则=·,整理得(x-5)2+y2=8,即动点P在以(5,0)为圆心,半径为2的圆上运动.另一方面,由|PC|=|PD|知动点P在线段CD的垂直平分线y=a+1上运动,因而问题就转化为直线y=a+1与圆(x-5)2+y2=8有交点.所以|a+1|≤2.故实数a的取值范围是[-2-1,2-1].]考点三 与圆有关的最值问题考向1 利用几何性质求最值[典例3] (2025·泉州模拟)已知实数x,y满足方程x2+y2-4x+1=0.求:(1)的最大值和最小值;(2)y-x的最大值和最小值;(3)x2+y2的最大值和最小值.[解] 原方程可化为(x-2)2+y2=3,表示以(2,0)为圆心,为半径的圆.(1)的几何意义是圆上一点与原点连线的斜率,所以设=k,即y=kx.当直线y=kx与圆相切时,斜率k取最大值或最小值,此时=,解得k=±(如图1).所以的最大值为,最小值为-.(2)y-x可看作是直线y=x+b在y轴上的截距,当直线y=x+b与圆相切时,纵截距b取得最大值或最小值,此时=,解得b=-2±(如图2).所以y-x的最大值为-2+,最小值为-2-.(3)x2+y2表示圆上的一点与原点距离的平方,由平面几何知识知,x2+y2在原点和圆心连线所在直线与圆的两个交点处取得最大值和最小值(如图3).又圆心到原点的距离为=2,所以x2+y2的最大值是(2+)2=7+4,x2+y2的最小值是(2-)2=7-4.反思领悟 与圆有关的最值问题的三种几何转化法(1)形如μ=形式的最值问题可转化为动直线斜率的最值问题.(2)形如t=ax+by形式的最值问题可转化为动直线截距的最值问题.(3)形如m=(x-a)2+(y-b)2形式的最值问题可转化为动点到定点的距离的平方的最值问题.巩固迁移3 (2025·广州模拟)已知圆的方程为x2+y2-2x=0,M(x,y)为圆上任意一点,则的取值范围是( )A.[-]B.[-1,1] C.(-∞,-]∪[,+∞)D.(-∞,-1]∪[1,+∞)√C [圆的方程即(x-1)2+y2=1,表示圆上的点与点(1,2)连线的斜率,过点(1,2)作圆的切线(图略),设切线方程为y-2=k(x-1),即kx-y-k+2=0,圆心到切线的距离等于半径,即=1,解得k=±,则的取值范围是(-∞,-]∪[,+∞).故选C.]圆(x-a)2+(y-b)2=r2(r>0)的参数方程为其中θ为参数.[典例] 利用圆的参数方程解答例3(2)(3).[解] (x-2)2+y2=3的参数方程为(2)y-x=sin θ-cos θ-2=-2=sin -2∈[--2,-2],所以y-x的最大值为-2,最小值为--2.(3)x2+y2=(2+cos θ)2+(sin θ)2=7+4cos θ∈[7-4,7+4],所以x2+y2的最大值为7+4,最小值为7-4.反思领悟 形如t=ax+by,m=(x-a)2+(y-b)2形式的最值问题用圆的参数方程求解比几何法更简便易行.应用体验 (多选)(2025·六安市金安区模拟)已知圆C:x2+y2-4x-5=0,点P(a,b)是圆C上的一点,则下列说法正确的是( )A.圆C关于直线x-3y-2=0对称B.已知A(1,-2),B(5,0),则|PA|2+|PB|2的最小值为32-12C.2a+b的最小值为2-3D.的最大值为√√√ABD [圆C:x2+y2-4x-5=0,可化为(x-2)2+y2=9,圆心为(2,0),半径为3,A.显然直线x-3y-2=0过点(2,0),其为圆C的圆心,因此圆C关于直线x-3y-2=0对称,因此选项A正确.B.点P(a,b)是圆C上的一点,有(a-2)2+b2=9,设a=3cos α+2,b=3sin α.因为A(1,-2),B(5,0),则|PA|2+|PB|2=(a-1)2+(b+2)2+(a-5)2+(b-0)2=2a2+2b2-12a+4b+30=8a+10-12a+4b+30=-4a+4b+40=-4(3cos α+2)+4·3sin α+40=12sin α-12cos α+32=12sin +32≥-12+32,因此选项B正确.C.2a+b=3sin α+6cos α+4≥-+4=4-3,因此选项C错误.D.=1+=1+2理解成点P(a,b)与点(-3,-3)连线的斜率,取最大时,即为过点(-3,-3)的直线与圆(x-2)2+y2=9相切时直线的斜率,故设过点(-3,-3)的直线为y+3=k(x+3),即kx-y+3k-3=0,圆心到kx-y+3k-3=0的距离d==r=3,解得k=或k=0(舍去),即的最大值为1+2×=1+=,因此选项D正确.故选ABD.]考向2 利用对称性求最值[典例4] 已知圆C1:(x-2)2+(y-3)2=1,圆C2:(x-3)2+(y-4)2=9,M,N分别是圆C1,C2上的动点,P为x轴上的动点,则|PM|+|PN|的最小值为________.5-4 5-4 [由题意知P是x轴上任意一点,则|PM|的最小值为|PC1|-1,同理|PN|的最小值为|PC2|-3,则|PM|+|PN|的最小值为|PC1|+|PC2|-4.作C1关于x轴的对称点C1′(2,-3)(图略),所以|PC1|+|PC2|=|PC1′|+|PC2|≥|C1′C2|=5,即|PM|+|PN|=|PC1|+|PC2|-4≥5-4.]反思领悟 求解形如|PM|+|PN|且与圆C有关的折线段的最值问题的基本思想:(1)“动化定”,把与圆上动点的距离转化为与圆心的距离;(2)“曲化直”,即将折线段之和转化为同一直线上的两线段之和,一般要通过对称性解决.巩固迁移4 (2024·渭南市临渭区三模)已知两点A(-2,0),B(0,2),点C是圆x2+y2-4x+4y+6=0上任意一点,则△ABC面积的最小值是( )A.8 B.6C.3+ D.4√D [圆x2+y2-4x+4y+6=0 即 (x-2)2+(y+2)2=2,∴圆心为(2,-2),半径是 r=.直线AB的方程为x-y+2=0,∴圆心到直线AB的距离为=3,∴直线AB和圆相离,∴点C到直线AB距离的最小值是3-r=3=2,即△ABC的面积的最小值为×2=4.故选D.]考向3 建立函数关系求最值[典例5] 设点P(x,y)是圆:x2+(y-3)2=1上的动点,定点A(2,0),B(-2,0),则·的最大值为________.12 [由题意,知=(2-x,-y),=(-2-x,-y),所以·=x2+y2-4,由于点P(x,y)是圆上的点,12故其坐标满足方程x2+(y-3)2=1,故x2=-(y-3)2+1,所以·=-(y-3)2+1+y2-4=6y-12.由圆的方程x2+(y-3)2=1,易知2≤y≤4,当y=4时,·的值最大,最大值为6×4-12=12.]反思领悟 本例关键是列出·的函数式,然后根据关系式的特征求最值.巩固迁移5 设点P(x,y)是圆:(x-3)2+y2=4上的动点,定点A(0,2),B(0,-2),则||的最大值为________.10 [由题意,知=(-x,2-y),=(-x,-2-y),所以=(-2x,-2y),由于点P(x,y)是圆上的点,故其坐标满足方程(x-3)2+y2=4,故y2=-(x-3)2+4,所以||==2.由圆的方程(x-3)2+y2=4,易知1≤x≤5,所以当x=5时,||的值最大,最大值为2=10.]10随堂练习√1.(多选)(人教A版选择性必修第一册P88习题2.4T1改编)已知x2+y2-4x+6y=0表示圆C,则下列结论正确的是( )A.圆心坐标为C(-2,3)B.圆心坐标为C(2,-3)C.半径r=13D.半径r=√BD [圆的方程可化为(x-2)2+(y+3)2=13,所以圆心坐标是C(2,-3),半径r=.]2.圆心为C(-8,3),且经过点M(-5,-1)的圆的方程是( )A.(x+8)2+(y-3)2=25B.(x-8)2+(y-3)2=25C.(x+8)2+(y-3)2=16D.(x-8)2+(y+3)2=25√A [因为圆的圆心为C(-8,3),且经过点M(-5,-1),所以圆的半径为|MC|==5,故圆的标准方程为(x+8)2+(y-3)2=25.故选A.]3.(2024·昆明市西山区期末)若点P(x,y)是圆C:x2+y2-8x+6y+16=0上一点,则x2+y2的最小值为( )A.2 B.4C.6 D.8√B [圆C:x2+y2-8x+6y+16=0可化为(x-4)2+(y+3)2=9.x2+y2表示点P(x,y)到点O(0,0)的距离的平方,因为|CO|==5,所以x2+y2的最小值为(5-3)2=4.故选B.]4.(2025·佛山模拟)在平面直角坐标系中,已知A(1,2),B(3,2),C(3,0),则△ABC的外接圆的标准方程为________________.(x-2)2+(y-1)2=2(x-2)2+(y-1)2=2 [设△ABC的外接圆的方程为(x-a)2+(y-b)2=r2(r>0),由A(1,2),B(3,2),C(3,0)三点在圆上,可得解得所以△ABC的外接圆的标准方程为(x-2)2+(y-1)2=2.]【教用·备选题】1.(2024·厦门市思明区月考)已知圆C:x2+y2+mx+1=0的面积为π,则m=( )A.±2 B.±2C.±4 D.±8√B [因为圆C:x2+y2+mx+1=0,即+y2=-1,所以S=πr2=π=π,解得m=±2.故选B.]2.(2024·济南二模)在平面直角坐标系xOy中,已知P(-2,4),Q(2,6)两点,若圆M以PQ为直径,则圆M的标准方程为( )A.x2+(y+5)2=5 B.x2+(y-5)2=5C.x2+(y+5)2=25 D.x2+(y-5)2=25√B [因为圆M以PQ为直径,所以圆心M的坐标为(0,5),半径为|MQ|==,所以圆M的标准方程为x2+(y-5)2=5.故选B.]3.(多选)(2024·眉山市东坡区月考)已知圆的方程为x2+y2+kx+2y+k2=0,则下列结论中正确的是( )A.实数k的取值范围是B.实数k的取值范围是C.当圆的周长最大时,圆心坐标是(0,-1)D.圆的最大面积是π√√√ACD [将圆的方程x2+y2+kx+2y+k2=0化为标准方程为+(y+1)2=1-k2,由1-k2>0,解得-当k=0时,圆的半径最大,则圆的周长以及面积最大,此时半径为1,圆心坐标为(0,-1),圆的面积为π·12=π,故CD正确.故选ACD.]4.(2025·北京市东城区模拟)已知点P(x,y)在圆C:(x-1)2+(y-1)2=1上,则的最小值是( )A. B.C. D.√C [根据题意,圆C:(x-1)2+(y-1)2=1,圆心坐标为(1,1),半径r=1,设=k,则有y+2=kx,即kx-y-2=0,则即k表示与圆有公共点的直线kx-y-2=0的斜率,则有≤1,解得k≥,即k的最小值为.故选C.]5.(2024·白城市洮北区期末)某圆拱桥的示意图如图所示,该圆拱的跨度AB是36 m,拱高OP是6 m,在建造时,每隔3 m需用一个支柱支撑,则支柱A2P2的长为( )A.(12-24)m B.(12+24)mC.(24-12)m D.不确定√A [如图,以线段AB所在的直线为x轴,线段AB的中点O为坐标原点建立平面直角坐标系,那么点A,B,P的坐标分别为(-18,0),(18,0),(0,6).设圆拱所在的圆的方程是x2+y2+Dx+Ey+F=0.因为A,B,P在此圆上,故有解得又D2+E2-4F>0,故圆拱所在圆的方程是x2+y2+48y-324=0.将点P2的横坐标x=6代入上式,结合图形解得y=-24+12.故支柱A2P2的长为(12-24)m.故选A.]课后习题(五十二) 圆的方程1.(苏教版选择性必修第一册P61习题2.1T2改编)已知圆的内接正方形的一条对角线上的两个顶点的坐标分别是(5,6),(3,-4),则这个圆的方程为( )A.x2+y2-4x-2y+7=0B.x2+y2-8x-2y-9=0C.x2+y2+8x+2y-6=0D.x2+y2-4x+2y-5=0√题号135246879101112题号135246879101112B [根据题意,圆的内接正方形的一条对角线上的两个顶点的坐标分别是(5,6),(3,-4),则圆的圆心坐标为(4,1),半径r==,则圆的方程为(x-4)2+(y-1)2=26,即x2+y2-8x-2y-9=0,故选B.]√题号1352468791011122.(人教A版选择性必修第一册P102复习参考题2T7改编)已知点P(1,-2)在圆C:x2+y2+kx+4y+k2+1=0的外部,则k的取值范围是( )A.-2C.k<-2 D.-2题号135246879101112B [由x2+y2+kx+4y+k2+1=0,得+(y+2)2=3-k2,由3-k2>0,解得-2∵点P(1,-2)在圆C的外部,∴1+4+k-8+k2+1>0,即k2+k-2>0,得k<-2或k>1,②由①②得1题号1352468791011123.(人教A版选择性必修第一册P84例3改编)过点A(1,-1),B(-1,1),且圆心在直线x+y-2=0上的圆的方程是( )A.(x-3)2+(y+1)2=4B.(x+3)2+(y-1)2=4C.(x-1)2+(y-1)2=4D.(x+1)2+(y+1)2=4√题号135246879101112C [法一:设圆心C的坐标为(a,b),半径为r.因为圆心C在直线x+y-2=0上,所以b=2-a.又|CA|2=|CB|2,所以(a-1)2+(2-a+1)2=(a+1)2+(2-a-1)2,解得a=1,b=1.所以r=2.所以圆的方程为(x-1)2+(y-1)2=4.法二:由已知条件得,线段AB的垂直平分线的方程是y=x,由解得∴圆心坐标为(1,1),∴r2=(1-1)2+[1-(-1)]2=4,∴圆的方程为(x-1)2+(y-1)2=4.故选C.]题号1352468791011124.(人教A版选择性必修第一册P86例4改编)在平面直角坐标系中,经过三点(0,0),(1,1),(2,0)的圆的方程为_____________.x2+y2-2x=0 [设圆的方程为x2+y2+Dx+Ey+F=0.∵圆经过点(0,0),(1,1),(2,0),∴ 解得∴圆的方程为x2+y2-2x=0.]x2+y2-2x=0题号1352468791011125.(2024·杭州期末)已知⊙C:x2+y2+2x-y+=0,则该圆的圆心坐标和半径分别为( )A. B.(2,-1),C. D.(-2,1),√题号135246879101112A [⊙C:x2+y2+2x-y+=0,即(x+1)2+=,故该圆的圆心坐标为,半径为.故选A.]题号1352468791011126.(多选)(2024·西安市雁塔区期末)过点A(1,-1)与B(-1,1)且半径为2的圆的方程可以为( )A.(x-3)2+(y+1)2=4B.(x-1)2+(y-1)2=4C.(x+1)2+(y+1)2=4D.(x+3)2+(y-1)2=4√√题号135246879101112BC [设圆心为C(a,b),则圆心C在线段AB的中垂线y=x上,故有a=b,圆心C(a,a).再根据|CA|=2,可得(a-1)2+(a+1)2=4,解得a=±1,故圆心C(1,1)或C(-1,-1),故圆的方程为(x-1)2+(y-1)2=4或(x+1)2+(y+1)2=4,故选BC.]题号1352468791011127.(多选)(2024·巴音郭楞蒙古自治州期末)过四点(0,0),(4,0),(-1,1),(4,2)中的三点的圆的方程为( )A.(x-2)2+(y-3)2=13B.(x-2)2+(y-1)2=5C.+(y-1)2=D.+=√√√题号135246879101112ABC [对于A,点(0,0),(4,0),(-1,1)在圆(x-2)2+(y-3)2=13上,故A正确;对于B,点(0,0),(4,0),(4,2)在圆(x-2)2+(y-1)2=5上,故B正确;对于C,点(4,0),(-1,1),(4,2)在圆+(y-1)2=上,故C正确;对于D,题干中的四个点都不在圆+=上,故D不正确.故选ABC.]题号1352468791011128.(2024·惠州调研)已知圆(x+1)2+(y+2)2=4关于直线ax+by+1=0(a>0,b>0)对称,则的最小值为( )A. B.9C.4 D.8√题号135246879101112B [圆(x+1)2+(y+2)2=4的圆心为(-1,-2),依题意,点(-1,-2)在直线ax+by+1=0上,因此-a-2b+1=0,即a+2b=1(a>0,b>0),所以=(a+2b)=5+≥5+2=9,当且仅当=,即a=b=时取“=”,所以的最小值为9.故选B.]题号1352468791011129.(2024·银川市兴庆区一模)我国享誉世界的数学大师华罗庚曾说:“数缺形时少直观,形少数时难入微;数形结合百般好,隔离分家万事休.”告知我们把“数”与“形”、“式”与“图”结合起来是解决数学问题的有效途径.若x2+y2-2x-2=0,则的取值范围为( )A. B.C.[-2,2] D.[-]√题号135246879101112D [可看作圆(x-1)2+y2=3上的点P(x,y)与点A(-1,0)连线的斜率,如图,只需求出临界状态,即PA所在直线与圆相切时的斜率,设直线方程为y=k(x+1),则圆心到直线的距离=,解得k=±,所以的取值范围为[-].故选D.]题号13524687910111210.(2025·天津市和平区模拟)已知圆C以点(1,1)为圆心,且与直线mx-y-2m=0(m∈R)相切,则满足以上条件的圆C的半径最大时,圆C的标准方程为_________________.(x-1)2+(y-1)2=2题号135246879101112(x-1)2+(y-1)2=2 [直线mx-y-2m=0,可化为m(x-2)-y=0,∴直线过定点(2,0),当圆C的半径最大时,半径为=,∴所求圆的标准方程为(x-1)2+(y-1)2=2.]题号13524687910111211.(2025·潍坊模拟)已知圆O的方程为x2+y2=4,定点A(1,0),若B,C为圆O上的两个动点,则线段AB的中点P的轨迹方程为_______________;若弦BC经过点A,则BC中点Q的轨迹方程为_______________.+y2=1+y2=题号135246879101112+y2=1 +y2= [设B(x0,y0),P(x,y),因为P为线段AB的中点,所以x0=2x-1,y0=2y,又因为B为圆O上一点,所以=4,即(2x-1)2+(2y)2=4,所以点P的轨迹方程为+y2=1.因为BC的中点为Q,所以OQ⊥BC,又因为BC经过点A,所以OQ⊥AQ,所以点Q的轨迹是以线段OA为直径的圆,其轨迹方程为+y2=.]题号13524687910111212.(2024·成都调研)等腰梯形ABCD的底边AB和CD的长分别为6和2,高为3,O为AB的中点,建立如图所示的平面直角坐标系.(1)求这个等腰梯形的外接圆E的方程;(2)若线段MN的端点N的坐标为(5,2),端点M在圆E上运动,求线段MN的中点P的轨迹方程.题号135246879101112[解] (1)由已知可设圆心E(0,b),则C(,3),B(3,0).由|EB|=|EC|,得=,解得b=1,所以外接圆E的方程为x2+(y-1)2=10.(2)设P(x,y),由于P是MN的中点,由中点坐标公式,得M(2x-5,2y-2),代入x2+(y-1)2=10,化简得+=,即线段MN的中点P的轨迹方程为+=.题号135246879101112谢 谢 ! 展开更多...... 收起↑ 资源预览