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第十一章　电磁感应
第十一章　电磁感应
题型 广东省近三年考情
2024年 2023年 2022年
选择题 T4，4分，考查电磁感应发生的条件 T10，6分，考查电磁感应发生的条件
计算题 T14，13分，考查感生、动生电动势的计算、电磁感应中电荷量的计算以及电磁感应与能量结合的问题
第十一章　电磁感应
考情分析
1．广东高考对本专题的考查主要是电磁感应现象的分析与判断、感应电动势与感应电流的计算，电磁感应现象中的电路、图像、能量、动量等问题。本专题命题综合性较强，经常以选择题和计算题的形式出现。
2．备考中，要重视体现新情境的电磁感应问题，导体棒的受力及运动分析、电磁感应与动量定理和动量守恒定律相结合的综合性问题。
第1节
电磁感应现象　楞次定律
链接教材·夯基固本
1．磁通量
(1)公式：Φ＝____，其中S为与磁场方向垂直的平面面积。
(2)单位：韦伯(Wb)。
(3)物理意义：形象地表示穿过某一面积的磁感线条数的多少。
(4)磁通量变化：ΔΦ＝Φ2－Φ1。
BS
2．电磁感应现象
(1)产生感应电流的条件
①条件：穿过闭合电路的______发生变化。
②特例：闭合电路的一部分导体在磁场内做____磁感线运动。
(2)能量转化：发生电磁感应现象时，机械能或其他形式的能转化为____。
磁通量
切割
电能
3．感应电流方向的判定
(1)楞次定律
①内容：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要____引起感应电流的______的变化。
②适用范围：一切电磁感应现象。
阻碍
磁通量
(2)右手定则
①内容：如图，伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让______从掌心进入，并使拇指指向________的方向，这时四指所指的方向就是________的方向。
②适用情况：导线____磁感线产生感应电流。
磁感线
导线运动
感应电流
切割
1．易错易混辨析
(1)磁通量大小与线圈匝数有关。 (　　)
(2)只要磁通量发生变化就一定有感应电流。 (　　)
(3)感应电流的磁场一定与引起感应电流的磁场方向相反。 (　　)
(4)由楞次定律知，感应电流的磁场只起到阻碍作用而不能阻止。 (　　)
(5)当闭合回路里有导线切割磁感线，则电路中就一定有感应电流。 (　　)
×
×
×
√
×
2．(粤教版选择性必修第二册改编)(多选)延时继电器是生产生活中常用的电气设备，一种延时继电器的电路原理图如图所示。对于该延时继电器，下列说法正确的是(　　)
A．使用时，电路中的线圈P起到延时作用
B．使用时，电路中的线圈Q起到延时作用
C．断开S瞬间，Q中感应电流的方向为a→G→b
D．闭合S瞬间，Q中感应电流的方向为a→G→b
√
√
BC　[由题意可知，当S接通后，线圈P中产生磁场，线圈P不具有延时作用，故A错误；将S断开，导致穿过线圈Q的磁通量减小，根据楞次定律可知，Q产生的感应电流有延时释放衔铁的作用，故B正确；将S断开，导致穿过线圈Q的磁通量减小，根据楞次定律可知，Q产生的感应电流方向为a→G→b，故C正确；将S闭合，线圈P中产生磁场，导致穿过线圈Q的磁通量增加，根据楞次定律可知，Q产生的感应电流方向为b→G→a，故D错误。故选BC。]
3．(人教版选择性必修第二册改编)如图所示，CDEF 是金属框，框内存在着垂直纸面向里的匀强磁场。当导体AB向右移动时，金属框中CD、EF 边的感应电流的方向为(　　)
√
A．C→D，E→F B．D→C，E→F
C．C→D，F →E D．D→C，F →E
C　[根据右手定则可以判断，AB中感应电流的方向为A→B，则在ABCD回路中，CD的感应电流方向为C→D，在ABF E回路中，EF 的感应电流方向为F →E，C正确。]
细研考点·突破题型
考点1　电磁感应现象的理解及判断
1．磁通量变化的四类情况
B与S垂直 B不变 S变化 ΔΦ＝B·ΔS
B变化 S不变 ΔΦ＝ΔB·S
B变化 S变化 ΔΦ＝B2·S2－B1·S1
B与S夹角θ≠ B与S不变 θ变化 ΔΦ＝BS(sin θ2－sin θ1)
2．常见的产生感应电流的三种情况
角度1　磁通量变化
[典例1]　磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量，如图所示，通有恒定电流的直导线MN与闭合线框共面，第一次将线框由位置1平移到位置2，第二次将线框由位置1绕cd边翻转到位置2，设前后两次通过线框的磁通量变化大小分别为ΔΦ1和ΔΦ2，则(　　)
A．ΔΦ1>ΔΦ2 B．ΔΦ1＝ΔΦ2
C．ΔΦ1<ΔΦ2 D．无法确定
√
C　[设线框在位置1时磁通量为Φ1，在位置2时磁通量为Φ2，第一次由1平移到2位置，ΔΦ1＝|Φ2－Φ1|；第二次由1绕cd边翻转到2位置，ΔΦ2＝＝|Φ2＋Φ1|，故ΔΦ1<ΔΦ2，C项正确。]
角度2　感应电流产生条件
[典例2]　(2024·北京卷)用如图1所示的实验装置探究影响感应电流方向的因素。如图2所示，分别把条形磁体的N极或S极插入、拔出螺线管，观察并标记感应电流的方向。
关于本实验，下列说法正确的是________(填选项前的字母)。
A．需要记录感应电流的大小
B．通过观察电流表指针的偏转方向确定感应电流的方向
C．图2中甲和乙表明，感应电流的方向与条形磁体的插入端是N极还是S极有关
BC
BC　[本实验探究影响感应电流方向的因素，故不需要记录感应电流的大小，故A错误；本实验通过电流表指针的偏转方向确定感应电流的方向，故B正确；由题图2甲和乙知，条形磁体插入N极和S极时，电流方向不同，故感应电流的方向与条形磁体的插入端是N极还是S极有关，故C正确。故选BC。]
考点2　楞次定律的理解及应用
1．楞次定律中“阻碍”的含义可以推广为：感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的原因。列表说明如下：
内容 例证
阻碍原磁通量变化 ——“增反减同”
磁铁靠近，B感与B原反向，二者相斥
内容 例证
阻碍相对运动 ——“来拒去留”
磁铁远离，B感与B原同向，二者相吸
内容 例证
使回路面积有扩大 或缩小的趋势—— “增缩减扩”
P、Q是光滑固定导轨，a、b是可动金属棒，磁铁下移，面积应减小，a、b靠近
B减小，线圈扩张
内容 例证
阻碍原电流的变化 ——“增反减同”
合上S，B灯先亮
2．“四步法”判断感应电流方向
角度1　感应电流方向的判断
[典例3]　汽车测速利用了电磁感应现象，汽车可简化为一个矩形线圈abcd，埋在地下的线圈分别为1、2，通上顺时针(俯视)方向电流，当汽车经过线圈时
(　　)
A．线圈1、2产生的磁场方向竖直向上
B．汽车进入线圈1过程产生感应电流方向为abcd
C．汽车离开线圈1过程产生感应电流方向为abcd
D．汽车进入线圈2过程受到的安培力方向与速度方向相同
√
C　[由题知，埋在地下的线圈1、2通顺时针(俯视)方向的电流，则根据右手螺旋定则，可知线圈1、2产生的磁场方向竖直向下，A错误；汽车进入线圈1过程中，磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流方向为adcb(逆时针)，B错误；汽车离开线圈1过程中，磁通量减小，根据楞次定律可知产生感应电流方向为abcd(顺时针)，C正确；汽车进入线圈2过程中，磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流方向为adcb(逆时针)，再根据左手定则，可知汽车受到的安培力方向与速度方向相反，D错误。故选C。]
【典例3　教用·备选题】(多选)如图所示，在一竖直平面内的三条平行导线上串有两个电阻R1和R2，导体棒PQ与三条导线均接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里，导体棒的电阻可忽略。若导体棒向左加速运动，则(　　)
A．流经R1的电流方向向上
B．流经R2的电流方向向下
C．流经R1的电流方向向下
D．流经R2的电流方向向上
√
√
AD　[导体棒PQ向左切割磁感线运动时，由右手定则可判断出导体棒与R1组成的回路中产生的感应电流是顺时针方向的，即流经R1的电流方向向上，A项正确；导体棒与R2组成的回路中产生的感应电流是逆时针方向的，即流经R2的电流方向向上，D项正确。]
角度2　楞次定律结论的推广应用
[典例4]　(多选)(2024·广东梅州一模)某款磁力小车的内部结构可以简化为如图所示电路图，其中A、B是具有单向导电性的发光二极管(正向电阻为零，反向电阻为无穷大)，与线圈C构成闭合回路。实验前，磁力小车静止在水平桌面上(不计一切阻力)。关于实验现象，下列说法正确的是(　　)
A．将强磁铁N极快速靠近小车，二极管A将闪亮
B．将强磁铁S极快速靠近小车，二极管B将闪亮
C．将强磁铁N极快速靠近小车，小车将向右运动
D．将强磁铁S极快速靠近小车，小车将向左运动
√
√
√
ABC　[将强磁铁N极快速靠近线圈，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，整个回路中产生逆时针方向的感应电流，二极管A将闪亮，故A正确；将强磁铁S极快速靠近线圈，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，整个回路中产生顺时针方向的感应电流，则二极管B将闪亮，故B正确；不管是强磁铁N极快速靠近小车，还是强磁铁S极快速靠近小车，根据楞次定律的推论“来拒去留”，小车都将向右运动，故C正确，D错误。故选ABC。]
【典例4　教用·备选题】(多选)如图1所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q中的电流i随时间t变化的规律如图2所
示，取图1中电流方向为正方向，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为F N，则(　　)
A．在0～t1时间内，F N>G，P有收缩的趋势
B．在t1～t2时间内，F N＝G，穿过P的磁通量不变
C．在t2～t4时间内，线圈所受安培力方向不变
D．在t3时刻，F N>G，P有收缩的趋势
√
√
AB　[在0～t1时间内，螺线管中电流增大，其形成的磁场不断增强，因此线圈P中的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈P将阻碍其磁通量的增大，故线圈有远离和收缩的趋势，即F N>G，A项正确；在t1～t2时间内，螺线管中电流不变，其形成的磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此线圈P中无感应电流产生，则在t1～t2时间内F N＝G，B项正确；在t2～t4时间内，穿过线圈的磁通量先减小后增大，根据楞次定律可知，为阻碍磁通量的变化，线圈所受安培力先向上后向下，C项错误；t3时刻，螺线管Q中电流为0，但线圈P中磁通量变化，此时P中有感应电流，但二者无相互作用力，故t3时刻F N＝G，此时P没有收缩的趋势，D项错误。]
考点3　“三定则一定律”的综合应用
1．“三个定则一个定律”的应用对比
名称 基本现象 应用的定则或定律
电流的磁效应 运动电荷、电流产生磁场 右手螺旋定则
洛伦兹力、安培力 磁场对运动电荷、电流有作用力 左手定则
名称 基本现象 应用的定则或定律
电磁感应 部分导体做切割磁感线运动 右手定则
闭合回路磁通量变化 楞次定律
2．“三个定则一个定律”的应用技巧
(1)应用楞次定律时，一般要用到右手螺旋定则。
(2)研究感应电流受到的安培力时，一般先用右手定则确定感应电流方向，再用左手定则确定安培力方向，有时也可以直接用楞次定律的推广应用确定。
3．利用程序法和逆向推理法分析二次感应问题
如果要判断二次感应后的现象或结果，选择程序法；如果已知二次感应后的结果，要判断导体棒的运动情况或磁场的变化，需选择逆向推理法。
(1)程序法(正向推理法)：
(2)逆向推理法：
①依据二次感应产生的效应，判断二次感应电流的方向。
②依据二次感应电流的方向，应用右手螺旋定则，判定第二次感应电流产生的磁通量方向，明确它是阻碍第一个感应磁场变化的。
③依据楞次定律，得出第一个感应磁场的方向及相应变化的可能情况，从而得到引起磁场变化的电流的方向与变化。
④依据电流的方向，判断导体切割磁感线运动的方向与速度。
[典例5]　(多选)如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一闭合电路，当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动。则PQ所做的运动可能是(　　)
A．向右加速运动 B．向左加速运动
C．向右减速运动 D．向左减速运动
√
√
BC　[MN向右运动，说明MN受到向右的安培力，因为ab在MN处的磁场垂直纸面向里MN中的感应电流由M到NL1中感应电流的磁场方向向上。若L2中磁场方向向上减弱PQ中电流为由Q到P且减小向右减速运动；若L2中磁场方向向下增强PQ中电流为由P到Q且增大向左加速运动。]
1．(多选)(2024·广东茂名二模)如图所示是一种经颅磁刺激的医疗技术，在人体头部上方放置的金属线圈内通以脉冲电流，电流流经线圈产生高强度脉冲磁场，磁场穿过头颅对脑部特定区域产生感应电流，下列说法正确的是(　　)
学情诊断·当堂评价
A．脉冲电流流经线圈会产生高强度的磁场是电磁感应现象
B．变化的磁场会使得脑部特定区域产生感应电场
C．若将脉冲电流改为恒定电流，也会持续对脑部产生感应电流
D．若脉冲电流最大强度不变，但脉冲电流时间Δt缩短，则在脑部产生的感应电流会增强
√
√
BD　[脉冲电流流经线圈会产生高强度的磁场是电生磁，是电流的磁效应，故A错误；脉冲磁场对脑部特定区域产生感应电流是磁生电，是电磁感应现象，即变化的磁场会使得脑部特定区域产生感应电场，故B正确；将脉冲电流改为恒定电流，不会产生变化的磁场，不会产生感应电流，不会持续对脑部产生感应电流，故C错误；若脉冲电流最大强度不变，但缩短脉冲电流时间，则产生的磁场变化得更快，在脑部产生的感应电场及感应电流会增强，故D正确。故选BD。]
2．(多选)(2022·广东卷)如图所示，水平地面(Oxy平面)下有一根平行于y轴且通有恒定电流I的长直导线。P、M和N为地面上的三点，P点位于导线正上方，MN平行于y轴，PN平行于x轴。一闭合的圆形金属线圈，圆心在P点，可沿不同方向以相同的速率做匀速直线运动，运动过程中线圈平面始终与地面平行。下列说法正确的有(　　)
A．N点与M点的磁感应强度大小相等，方向相同
B．线圈沿PN方向运动时，穿过线圈的磁通量不变
C．线圈从P点开始竖直向上运动时，线圈中无感应电流
D．线圈从P到M过程的感应电动势与从P到N过程的感应电动势相等
√
√
AC　[依题意，M、N两点连线与长直导线平行、两点与长直导线的距离相同，根据右手螺旋定则可知，通电长直导线在M、N两点产生的磁感应强度大小相等，方向相同，故A正确；根据右手螺旋定则，线圈在P点时，磁感线穿进与穿出线圈对称，磁通量为零，在向N点平移过程中，磁感线穿进与穿出线圈不再对称，线圈的磁通量会发生变化，故B错误；根据右手螺旋定则，线圈从P点竖直向上运动过程中，磁感线穿进与穿出线圈对称，线圈的磁通量始终为零，没有发生变化，线圈无感应电流，故C正确；线圈从P点到M点与从P点到N点，线圈的磁通量变化量相同，依题意P点到M点所用时间较从P点到N点时间长，根据法拉第电磁感应定律可知两次的感应电动势不相等，故D错误。故选AC。]
3．如图所示，通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间，ab和cd是放在导轨上的两根金属棒，它们分别静止在螺线管的左右两侧，现使滑动变阻器的滑片向左滑动，则ab和cd棒的运动情况是(　　)
A．ab向左运动，cd向右运动
B．ab向右运动，cd向左运动
C．ab、cd都向右运动
D．ab、cd保持静止
√
A　[由安培定则可知螺线管中磁感线方向向上，金属棒ab、cd处的磁感线方向均向下，当滑片向左滑动时，螺线管中电流增大，因此磁场变强，即磁感应强度变大，回路中的磁通量增大，由楞次定律及安培定则知，感应电流方向为a→c→d→b→a，由左手定则知ab受安培力方向向左，cd受安培力方向向右，故ab向左运动，cd向右运动，故A项正确。]
4．(2024·江苏卷)如图所示，在绝缘的水平面上，有闭合的两个线圈a、b，线圈a处在垂直纸面向里的匀强磁场中，线圈b位于右侧无磁场区域，现将线圈a从磁场中匀速拉出，线圈a、b中产生的感应电流方向分别是(　　)
A．顺时针，顺时针
B．顺时针，逆时针
C．逆时针，顺时针
D．逆时针，逆时针
√
A　[线圈a从磁场中匀速拉出的过程中穿过线圈a的磁通量在减小，则根据楞次定律可知线圈a中产生的感应电流方向为顺时针，由于线圈a从磁场中匀速拉出，则线圈a中产生的感应电流为恒定电流，则线圈a靠近线圈b的过程中线圈b的磁通量在向外增大，同理可得线圈b产生的感应电流方向为顺时针。故选A。]
5．从置于匀强磁场中的金属圆盘中央和边缘各引出一根导线，与套在铁芯上部的线圈A相连。套在铁芯下部的线圈B引出两根导线接在两根水平光滑的导轨上，如图所示，导轨上有一根金属棒ab静止在垂直于纸面向外的匀强磁场中。下列说法正确的是(　　)
A．圆盘顺时针加速转动时，ab棒将向右运动
B．圆盘顺时针匀速转动时，ab棒将向右运动
C．圆盘顺时针减速转动时，ab棒将向右运动
D．圆盘逆时针加速转动时，ab棒将向左运动
√
C　[圆盘顺时针加速转动时，感应电流从圆盘边缘流出，线圈A中产生向下且增强的磁场，由楞次定律可知线圈B中产生的感应电流方向由a→b，由左手定则可知，金属棒ab将向左运动，A项错误；同理可知，C项正确，D项错误；圆盘匀速转动，A中产生的磁场恒定，B中不产生感应电流，ab棒不运动，B项错误。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
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13
课时分层作业(二十七)　电磁感应现象　楞次定律
1．从奥斯特发现电流周围存在磁场后，法拉第坚信磁一定能生电。他使用如图所示的装置进行实验研究，但经过了10年都没发现“磁生电”。主要原因是(　　)
题号
1
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A．励磁线圈A中的电流较小，产生的磁场不够强
B．励磁线圈A中的电流是恒定电流，不会产生磁场
C．感应线圈B的匝数较少，产生的电流很小
D．励磁线圈A中的电流是恒定电流，产生稳恒磁场
√
D　[励磁线圈A中的电流是恒定电流，产生稳恒磁场，穿过线圈B的磁通量不发生变化，不产生感应电流，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
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13
2．(2024·北京卷)如图所示，线圈M和线圈P绕在同一个铁芯上，下列说法正确的是(　　)
A．闭合开关瞬间，线圈M和线圈P相
互吸引
B．闭合开关，达到稳定后，电流表的
示数为0
C．断开开关瞬间，流过电流表的电流方向由a到b
D．断开开关瞬间，线圈P中感应电流的磁场方向向左
√
题号
1
3
5
2
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B　[闭合开关瞬间，线圈P中感应电流的磁场与线圈M中电流的磁场方向相反，由楞次定律可知，二者相互排斥，故A错误；闭合开关，达到稳定后，通过线圈P的磁通量保持不变，则感应电流为零，电流表的示数为零，故B正确；断开开关瞬间，通过线圈P的磁场方向向右，磁通量减小，由楞次定律可知感应电流的磁场方向向右，因此流过电流表的感应电流方向由b到a，故C、D错误。故选B。]
3．(多选)(2024·广东韶关高三统考)近年来，无线门铃逐渐流行。某款无线门铃按钮，其“自发电”原理如图所示，按下门铃按钮过程磁铁靠近螺线管，松开门铃按钮过程磁铁远离螺线管回归原位置。下列说法正确的是(　　)
题号
1
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13
A．按下按钮过程，螺线管上的导线Q端电势较高
B．松开按钮过程，螺线管上的导线P端电势较低
C．按住按钮不动，螺线管上导线两端PQ间仍有电势差
D．按下和松开按钮过程，螺线管产生的感应电动势大小不一定相等
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
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12
13
√
AD　[按下按钮过程，螺线管内水平向左的磁通量增加，若PQ间用导线接通，由楞次定律可得PQ间导线上感应电流方向从P流向Q，所以Q相当于电源正极，Q端电势较高，故A正确；松开按钮过程，螺线管内水平向左的磁通量减小，若PQ间用导线接通由楞次定律可得PQ间导线上感应电流方向从Q流向P，所以P相当于电源正极，P端电势较高，故B错误；按住按钮不动，螺线管内磁通量不变，无感应电动势，PQ间无电势差，故C错误；按下和松开按钮过程有可能所用时间不同，螺线管内磁通量的变化率可能不同，所以产生的感应电动势大小可能不相等，故D正确。故选AD。]
题号
1
3
5
2
4
6
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4．(多选)如图所示，光滑绝缘的水平面上固定有一通电直导线，一个金属圆环分别沿图示v1、v2、v3三个不同方向运动，下列说法正确的有(　　)
题号
1
3
5
2
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6
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13
A．沿三个方向运动时，圆环中将产生顺时针方向的电流
B．当圆环沿v1方向运动时，圆环先减速运动后沿平行导线方向匀速运动
C．当圆环沿v1和v2方向运动时，圆环所受的安培力方向相同
D．圆环沿这三个方向运动，最终都将停止运动
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
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13
√
BC　[圆环沿与导线平行方向即沿v3方向运动时，穿过圆环的磁通量不变，圆环中无感应电流产生，圆环不会受到安培力，从而一直做匀速直线运动，A、D错误；当圆环沿v1方向运动时，穿过圆环的磁通量变化，圆环中产生感应电流，根据“来拒去留”可知，圆环受到的安培力垂直于导线方向指向导线，故圆环先减速运动，当垂直于导线方向的速度减为零后，圆环将沿平行导线方向匀速运动，穿过圆环的磁通量不变，圆环中无感应电流产生，圆环不会受到安培力，B正确；当圆环沿v1和v2方向运动时，穿过圆环的磁通量变化，圆环中产生感应电流，根据“来拒去留”可知，圆环受到的安培力都垂直于导线方向指向导线，C正确。]
题号
1
3
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2
4
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5．如图甲所示是法拉第制作的世界上最早的发电机的实验装置。有一个可绕固定转轴转动的铜盘，铜盘的一部分处在蹄形磁体中，实验时用导线连接铜盘的中心C，用导线通过滑片与铜盘的边线D连接且接触良好，如图乙所示。若用外力转动手柄使铜盘转动起来，在CD两端会产生感应电动势，则下列说法正确的是(　　)
题号
1
3
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2
4
6
8
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A．如图甲所示，产生感应电动势的原因是铜盘盘面上无数个以C为圆心的同心圆环中的磁通量发生了变化
B．如图甲所示，因为铜盘转动过程中穿过铜盘的磁通量不变，所以没有感应电动势
C．如图乙所示，用外力顺时针(从左边看)转动铜盘，电路中会产生感应电流，通过R的电流自下而上
D．如图乙所示，用外力顺时针(从左边看)转动铜盘，电路中会产生感应电流，通过R的电流自上而下
√
题号
1
3
5
2
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13
C　[铜盘盘面可看作由无数个沿半径方向的铜棒组成，外力转动手柄使得铜盘转动时铜棒切割磁感线，所以铜盘上产生感应电动势，A、B错误；若用外力顺时针(从左边看)转动铜盘时，根据右手定则可得感应电流方向为由C到D(电源内部)，D端是电源的正极，所以通过R的电流自下而上，C正确，D错误。]
题号
1
3
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2
4
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6．某探究小组模拟法拉第在1831年发现“磁生电”现象的实验。如图所示，他们把两个线圈绕在同一个软铁环上，线圈A和电池、滑动变阻器连接，线圈B用导线和开关连接，导线下面平行放置一个小磁针，开始时开关闭合。下列关于实验现象的说法正确的是(　　)
题号
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A．用一节电池作电源小磁针不偏转，用十节电池作电源小磁针会偏转
B．线圈B匝数较少时小磁针不偏转，匝数足够多时小磁针会偏转
C．断开开关S瞬间，小磁针会偏转
D．匀速移动滑动变阻器的滑片，小磁针会偏转
√
题号
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D　[根据电磁感应现象的产生条件可知，只有线圈B中磁通量变化时才能在线圈B中产生感应电流，因此无论线圈B匝数多少，用多少节电池作电源，都不能在线圈B中产生感应电流，小磁针不偏转，A、B错误；开关S在线圈B的回路中，断开开关，线圈B不会有感应电流，小磁针不偏转，C错误；移动滑动变阻器的滑片，线圈A中的电流变化，线圈B上有感应电流，小磁针偏转，D正确。]
题号
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7．通常磁性合金能够通过加热的方式减弱磁性，从而使它周围的线圈中产生感应电流。如图所示，一圆形线圈放在圆柱形磁性合金材料下方，现对合金材料进行加热，下列说法正确的是(　　)
A．线圈中的感应电流产生的磁场的磁感应强度方向一定向上
B．线圈中将一定产生顺时针方向的电流
C．线圈有扩张的趋势
D．线圈有收缩的趋势
题号
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√
C　[题目中原磁场方向(磁性合金材料产生磁场方向)未知，故无法判断感应电流的方向，A、B错误；现对合金材料进行加热，合金材料磁性减弱，穿过圆形线圈的磁通量减小，根据楞次定律推论可知，线圈将有扩张趋势以阻碍磁通量的减小，C正确，D错误。]
题号
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8．某同学学习了电磁感应相关知识之后，做了如下探究性实验：将闭合线圈按图示方式放在电子秤上，线圈正上方有一N极朝下竖直放置的条形磁铁，手握磁铁在线圈的正上方静止，此时电子秤的示数为m0。下列说法正确的是(　　)
题号
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A．将磁铁N极加速插向线圈的过程中，电子秤的示数小于m0
B．将静止于线圈内的磁铁匀速抽出的过程中，电子秤的示数大于m0
C．将磁铁N极加速插向线圈的过程中，线圈中产生的电流沿逆时针方向(俯视)
D．将磁铁N极加速插向线圈的过程中，线圈中产生的电流沿顺时针方向(俯视)
√
题号
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C　[将条形磁铁插向线圈或从线圈中抽出的过程中，穿过线圈的磁通量发生了变化，线圈中产生了感应电流，线圈与条形磁铁会发生相互作用，根据楞次定律的推论“来拒去留”可知，在将磁铁插向线圈(无论是匀速、加速还是减速)的过程中，线圈与磁铁相互排斥，导致电子秤的示数大于m0，在抽出磁铁(无论是匀速、加速还是减速)的过程中，线圈与磁铁相互吸引，导致电子秤的示数小于m0，故A、B错误；根据楞次定律和安培定则可判断，将一条形磁铁的N极加速插向线圈时，线圈中产生的感应电流方向为逆时针方向(俯视)，故C正确，D错误。]
题号
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9．(多选)航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的。电磁驱动原理如图所示，当固定线圈上突然通过直流电流时，线圈端点的金属环被弹射出去。现在固定线圈左侧同一位置，先后放有分别用横截面积相等的铜和铝导线制成的形状、
大小相同的两个闭合环，且电阻率ρ铜
<ρ铝。闭合开关S的瞬间(　　)
题号
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A．从左侧看环中感应电流沿顺时针方向
B．铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力
C．若将环放置在线圈右方，环将向左运动
D．电池正负极调换后，金属环不能向左弹射
题号
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√
√
AB　[线圈中电流为右侧流入，线圈内部磁场方向向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律及安培定则可知，环中感应电流方向由左侧看为顺时针方向，A项正确；由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大，故铜环受到的安培力要大于铝环受到的安培力，B项正确；若将环放在线圈右方，根据楞次定律推论可得，环将向右运动，C项错误；电池正负极调换后，金属环受力仍向左，故仍将向左弹射，D项错误。]
题号
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10．(多选)(2024·广东湛江月考)如图甲所示，abcd区域有垂直于平面的磁场，磁场变化规律如图乙所示，设垂直abcd面向里的磁场方向为正方向，金属线圈M与导线abcd连接成闭合电路，N为独立的金属小圆环，N环套在穿过M线圈的铁芯上，下列说法正确的是(　　)
题号
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A．0～t0时间内闭合电路中有abcda方向的电流
B．t0～2t0时间内闭合电路abcd中有大小恒定、方向不变的感应电流
C．0～t0时间内N环内有自右向左看顺时针方向的电流
D．2t0～3t0时间内N环向右运动
√
题号
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√
AB　[由题图乙可以看出，0～t0时间内磁感应强度正向增大，回路的磁通量向里增大，根据楞次定律，回路中要产生垂直纸面向外的磁场，则感应电流为逆时针方向，即有abcda方向的电流，故A正确；t0～2t0时间内，题图乙中图线的斜率不变，则磁通量的变化率不变，回路产生的感应电动势不变，感应电流的方向为顺时针且不变，故B正确；0～t0和2t0～3t0时间内，B-t图线的斜率都不变，回路abcd中的感应电流方向不变，大小也恒定，所以回路产生的磁场大小、方向都不发生变化，则N环中磁通量不发生变化，所以不会产生感应电流，也不会受到安培力而运动，故C、D错误。]
题号
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11．电阻R、电容器C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示。现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是(　　)
A．从a到b，上极板带正电
B．从a到b，下极板带正电
C．从b到a，上极板带正电
D．从b到a，下极板带正电
题号
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√
D　[由题图知，穿过线圈的磁场方向向下，在磁铁向下运动的过程中，线圈的磁通量在增大，故感应电流的磁场方向向上，再根据右手螺旋定则可判断，流过R的电流从b到a，电容器下极板带正电，所以A、B、C错误，D正确。]
题号
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12．(多选)如图所示，一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内，其下方(略靠前)固定一根与导线框平面平行，并与导线框底边BC平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流。释放导线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中(　　)
题号
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A．导线框中感应电流的方向依次为ACBA→ABCA→ACBA
B．导线框内的磁通量为零时，感应电流不为零
C．导线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上
D．导线框所受安培力的合力为零，做自由落体运动
√
题号
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√
AB　[根据安培定则可知导线上方的磁场方向垂直于纸面向外，下方的磁场方向垂直于纸面向里，而且越靠近导线磁场越强，所以闭合导线框ABC在下落过程中，导线框内磁通量先垂直于纸面向外且逐渐增大，当BC边与导线处于同一水平面时，达到最大，再向下运动，导线框内磁通量垂直于纸面向外且逐渐减小至零，然后随着导线框的下落，导线框内磁通量垂直于纸面向里且逐渐增大，当到达某一位置时，达到最大，继续下落时，导线框内磁通量垂直于纸面向里且逐渐减小，根据楞次定律可知，感应电流的磁场方向先向里，
题号
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再向外，最后向里，再由安培定则可知导线框中感应电流的方向依次为ACBA→ABCA→ACBA，A正确；导线框在下落过程中，穿过导线框的磁通量时刻都在变化，当导线框内的磁通量为零时，仍有感应电动势产生，所以感应电流不为零，B正确；根据楞次定律的推论，感应电流的效果总是阻碍导体间的相对运动，由于导线框一直向下运动，所以导线框所受安培力的合力方向一直向上，大小不为零，导线框不做自由落体运动，C、D错误。]
题号
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13．(多选)两个相同的电流表G1和G2如图所示连接，晃动G1表，当指针向左偏转时，静止的G2表的指针也向左偏转，原因是(　　)
A．两表都是“发电机”
B．G1表是“发电机”，G2表是
“电动机”
C．G1表和G2表之间存在互感现象
D．G1表产生的电流流入G2表，产
生的安培力使G2表指针偏转
题号
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√
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BD　[晃动G1表，当指针向左偏转时，静止的G2表的指针也向左偏转，其原因是G1表中的线圈在磁场中做切割磁感线运动产生了感应电动势，闭合回路中产生了感应电流，则G2表中线圈存在电流，产生的安培力使G2表的指针发生偏转，因此G1表是“发电机”，G2表是“电动机”，B、D正确，A、C错误。]
题号
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谢 谢 ！

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