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广东省揭阳市榕城区2025年中考二模数学试题
1．（2025·榕城模拟）下列各数中，是负数的是（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】有理数的乘方法则；化简多重符号有理数；求有理数的绝对值的方法；用正数、负数表示相反意义的量
【解析】【解答】解：A、，是正数，故A不符合题意；
B、，是正数，故B不符合题意；
C、，是正数，故C不符合题意；
D、，是负数，故D符合题意；
故答案为：D．
【分析】
根据同号为正可判断A；根据负数的偶次方结果为正可判断B；根据一个负数的绝对值等于它的相反数为正可判断C；-2是一个负数可判断D ；逐一判断即可解答.
2．（2025·榕城模拟）据统计，2024年我国新能源汽车产量超过988万辆，其中988万用科学记数法表示为（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】科学记数法表示大于10的数
【解析】【解答】解：988万
故答案为：B
【分析】
根据科学记数法的表示方法，科学记数法的表示形式为的形式，其中，n为整数，n比原位数少1，计算即可解答.
3．（2025·榕城模拟）端午节是中国传统节日，下列与端午节有关的文创图案中，成轴对称的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】轴对称的性质；轴对称图形
【解析】【解答】A、图案不成轴对称，故A不符合题意；
B、图案成轴对称，故B符合题意；
C、图案不成轴对称，故C不符合题意；
D、图案不成轴对称，故D不符合题意；
故答案为：B．
【分析】
根据成轴对称的定义：把一个图形沿着某一条直线折叠，如果它能够与另一个图形重合，那么就说这两个图形关于这条直线对称，这条直线叫作对称轴，折叠后重合的点是对应点，叫作对称点，逐一判断即可解答．
4．（2025·榕城模拟）下列计算正确的是（　　）
A． B． C． D．
【答案】C
【知识点】同底数幂的除法；合并同类项法则及应用；幂的乘方运算；求算术平方根
【解析】【解答】解：A、，选项错误，故A不符合题意；
B、，选项错误，故B不符合题意；
C、，选项正确，故C符合题意；
D、，选项错误，故D不符合题意．
故答案为：D.
【分析】
根据合并同类项法则只把系数相加可判断A；根据同底数幂的除法底数不变指数相减可判断B，根据幂的乘方可判断C，根据算术平方根的性质可判断D，逐一判断即可解答.
5．（2025·榕城模拟）为积极适应智能时代发展趋势，响应国家“人工智能+”行动战略部署，某校开展了以“人工智能在教育场景中的融合应用”为主题的比赛，其中六位参赛选手的成绩分别为：，则这组数据的中位数是（　　）
A． B． C． D．
【答案】C
【知识点】中位数
【解析】【解答】解：数据按由小到大排列为，，，，，，
∴这组数据的中位数是，
故答案为：．
【分析】
根据中位数的定义：把数据按由小到大排列为，，，，，，取中间两个数的平均数，即可求解．
6．（2025·榕城模拟）如图，在菱形中，于点，，，则的长是（　　）
A． B．6 C． D．12
【答案】A
【知识点】勾股定理；菱形的性质；面积及等积变换
【解析】【解答】解：∵在菱形中，，
∴，
∵，
∴，
∵，
∴，解得：．
故答案为：A．
【分析】由菱形的性质可得、，再运用勾股定理可得，再用面积法求解即可解答．
7．（2025·榕城模拟）如图，一幅画装裱前是一个长为米，宽为米的长方形，在四周添加边衬装裱后，整幅画宽与长的比是，且边衬的宽度相等，则边衬的宽度应是多少米？设边衬的宽度为米，根据题意可列方程（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】列分式方程
【解析】【解答】解：设边衬的宽度为米，根据题意得：
，
故答案为：D．
【分析】
设边衬的宽度为米，根据题意列出方程，即可解答．
8．（2025·榕城模拟）如图，A，B，C是⊙O上的三个点，若∠B＝66°，则∠OAC的度数为（　　）
A．24° B．29° C．33° D．132°
【答案】A
【知识点】三角形内角和定理；等腰三角形的性质；圆周角定理
【解析】【解答】解：∵A，B，C是⊙O上的三个点，∠B＝66°，
∴∠AOC＝132°，
∵OA=OC，
∴∠OAC=∠OCA，
∴∠OAC===24°，
故答案为：A．
【分析】
根据圆周角定理先计算∠AOC＝132°，再三角形内角和为180计算底角即可解答．
9．（2025·榕城模拟）我们规定关于任意正整数m，n的一种新运算：，如：，则．若，那么的结果是（　　）
A． B． C． D．
【答案】C
【知识点】同底数幂的乘法；乘方的相关概念
【解析】【解答】解：由题意得，
，
∴，
故答案为：C.
【分析】
根据新定义先计算；再计算，最后计算二者的乘积，即可解答．
10．（2025·榕城模拟）如图1，在中，连接，，．动点从点出发，沿边匀速运动．运动到点停止．过点作交边于点，连接，．设，，与的函数图象如图2所示，函数图象最低点坐标为（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】勾股定理；平行四边形的判定与性质；矩形的判定与性质；通过函数图象获取信息；二次函数-线段周长问题
【解析】【解答】解：延长至，使，连接，连接交于，
，
，
，
四边形是平行四边形，
，
，
，
，
四边形是平行四边形，
，
，
四边形是平行四边形，
，
，
，
，
四边形是矩形，
，
当、、三点共线时，最小，
即最小，
当运动到时，最小，
由图得：当时，，
此时与重合，与重合，
，
，
，
，
，
，
，，
，
，
当时，
，
函数图象最低点坐标为，
故答案为：B．
【分析】
延长至，使，连接，连接交于， 当、、三点共线时，最小，即最小，当运动到时，最小，由图得当时，，此时与重合，与重合，结合平行四边形的判定方法可得四边形是平行四边形，再利用一个90的平行四边形时矩形得四边形是矩形，根据正切的定义和勾股定理，计算即可求解．
11．（2025·榕城模拟）已知2和分别是一元二次方程的两根，则　 　．
【答案】4
【知识点】一元二次方程的根与系数的关系（韦达定理）
【解析】【解答】解：∵2和分别是一元二次方程的两根
∴2m=8，解得：m=4
故答案为：4
【分析】根据二次方程根与系数的关系建立方程，解方程即可求出答案.
12．（2025·榕城模拟）如图，是某商店售卖的花架，其中，，，，则长为　 　．
【答案】30
【知识点】两条直线被一组平行线所截，所得的对应线段成比例
【解析】【解答】解∵，
∴，
即，
∴．
故答案为：30.
【分析】利用平行线分线段成比例解题即可．
13．（2025·榕城模拟）已知x，y为实数，若满足，则的值为　 　．
【答案】5
【知识点】二次根式有意义的条件；求代数式的值-直接代入求值
【解析】【解答】解：由可知，，
∴，
∴，
∴．
故答案为：5．
【分析】
根据二次根式有意义的条件求出，由此得到y的值，再进行计算即可解答．
14．（2025·榕城模拟）如图，已知扇形的面积为，点在圆周上，，则的半径为　 　．
【答案】3
【知识点】圆周角定理；扇形面积的计算
【解析】【解答】解：设的半径为r，
∵，
∴，
∵扇形的面积为，
∴，
解得（负值已舍去），
即的半径为3，
故答案为：3．
【分析】设的半径为r，由圆周角定理“同圆或等圆中，圆周角等于它所对的弧上的圆心角的一半
”可得，然后根据扇形面积公式“S=”可得关于r的方程，解方程即可求解．
15．（2025·榕城模拟）已知，直线与x轴相交于点，以为边作等边三角形，点在第一象限内，过点作x轴的平行线与直线l交于点，与y轴交于点，以为边作等边三角形（点在点的上方），以同样的方式依次作等边三角形，等边三角形…，则点的横坐标为　 　．
【答案】
【知识点】等边三角形的性质；勾股定理；一次函数的实际应用-几何问题；探索规律-点的坐标规律
【解析】【解答】解：∵直线与轴交于点，
∴点坐标为，
，
过，作轴交轴于点轴交于点，交轴于点，
∵为等边三角形，
∴，
∴，
∴，
∴，
当时，，解得：，
∴，
，
，
，
∴当时，，解得：，
∴；
而，
同理可得：的横坐标为，
∴点的横坐标为，
故答案为：．
【分析】
由直线l的解析式可知点坐标为，可得，由是等边三角形可得点，把代入直线解析式即可求得的横坐标，可得，由是等边三角形，可得点；同理，，发现规律即可解答．
16．（2025·榕城模拟）解方程组：．
【答案】解：，
由，得，
解得：，
把代入①，得，解得，
∴方程组的解为
【知识点】加减消元法解二元一次方程组
【解析】【分析】
根据二元一次方程组的解法：利用①+2×②即可消去y，求得x的值，然后代入求得y的值，于是就得到原方程组的解，用的形式表示．
17．（2025·榕城模拟）已知：如图，，，垂足分别为，，，相交于点，且．
（1）求证：；
（2）已知，，求的长度．
【答案】（1）证明：∵，
∴，
∴；
∵，
∴，
∴；
在和中，
，
∴；
（2）解：∵，，
∴，，
∵，
∴，
∴．
【知识点】三角形全等及其性质；三角形全等的判定-ASA；线段的和、差、倍、分的简单计算；余角
【解析】【分析】
（1）利用同角的余角相等可求得，再利用可证明，解答即可；
（2）根据全等三角形的性质得，，则，然后再根据即可得出答案．
（1）证明：∵，
∴，
∴；
∵，
∴，
∴；
在和中，
，
∴；
（2）解：∵，，
∴，，
∵，
∴，
∴．
18．（2025·榕城模拟）电影《哪吒之魔童闹海》截止至2025年3月10日，票房突破148.87亿元人民币，成为全球动画电影票房冠军．如图，有4张分别印有《哪吒之魔童闹海》角色图案的卡片：A哪吒，B敖丙，C太乙真人，D申公豹．将这4张卡片（形状、大小、质地都相同）放在不透明的盒子中，搅匀后从中任意取出1张卡片不放回，记录后搅匀，再随机取出1张卡片．求下列事件发生的概率：
（1）第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的概率为　 　；
（2）用画树状图或列表的方法，求取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的概率．
【答案】（1）
（2）解：如图：
共有12种等可能的结果，其中取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的结果有2种，
∴取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的概率为．
【知识点】用列表法或树状图法求概率；概率公式
【解析】【解答】解：（1）由题意知，共有4种等可能的结果，其中第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的结果有1种，
∴第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的概率为．
故答案为：
【分析】
（1）由题意知，共有4种等可能的结果，其中第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的结果有1种，利用概率公式P=，即可解答；
（2）列表可得出所有等可能的结果数为12；取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的结果数为2，再利用概率公式P=，即可解答．
（1）解：由题意知，共有4种等可能的结果，其中第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的结果有1种，
∴第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的概率为．
故答案为：
（2）解：如图：
共有12种等可能的结果，其中取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的结果有2种，
∴取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的概率为．
19．（2025·榕城模拟）根据要求作图并证明．
（1）如图，请按以下步骤进行尺规作图，并保留作图痕迹：
①画一条直径；
②作的垂直平分线交于点C，D；
③连结，得到．
（2）根据第（1）小题作法，给出是等边三角形的证明．
【答案】（1）解：如图1即为所求；
（2）解：如图2，连结OD，BD，
∵为的直径，是的中垂线，
∴，，，
∴，
∵，
∴，
∴是等边三角形，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴是等边三角形．
【知识点】线段垂直平分线的性质；等边三角形的判定与性质；垂径定理；圆周角定理；尺规作图-垂直平分线
【解析】【分析】（1）先过圆心O画一条直径AB，然后分别以点O，B为圆心，以大于为半径画弧，然后过弧的两个交点画直线，与交于点C，D，最后连接即可；
（2）连结，，根据垂径定理、垂直平分线的性质得，，，从而得，进而得，于是根据等边三角形的判定推出是等边三角形，得，接下来根据圆周角定理得，结合，可求出，据此即可得证结论.
（1）解：图1即为所作图形．
（2）解：如图2，连结OD，BD．
∵是的中垂线，为的直径，
∴，
∴．
∵，
∴是等边三角形，
∴，
∴．
∵，
∴，
∴是等边三角形．
20．（2025·榕城模拟）已知反比例函数的图象与正比例函数的图象交于点，点P在线段的延长线上．
（1）如图1，过点P作y轴的平行线l，l与的图象交于点B，与x轴交于点C，当线段时，求反比例函数的表达式和点B的坐标；
（2）在（1）的条件下，如图2，连接并延长，与x轴交于点D，点Q为x轴上一点，且满足，求点Q的坐标．
【答案】（1）解：∵反比例函数的图象与正比例函数的图象交于点，
∴，，
∴反比例函数的解析式为；
设点B的坐标为，则，，
∴，，
∵，
∴，
整理得：，
∴或（不符合题意舍去），
∴点B的坐标为；
（2）解：∵点P在直线图象上，轴，由（1）可知，
∴是等腰直角三角形，
∴，
∵，，
∴，
设直线的解析式为，将，代入，得
，
解得，
∴直线的解析式为，
当时，，
∴，
∴，
∵，，
∴，
∴，即，
∴，
∴，
∴点Q的坐标为．
【知识点】待定系数法求一次函数解析式；待定系数法求反比例函数解析式；反比例函数与一次函数的交点问题；等腰直角三角形；利用开平方求未知数
【解析】【分析】
（1）根据待定系数法把代入解析式求出反比例函数解析式；再设点B的坐标为，得到，，根据线段列出方程求出m值，即可得到点B的坐标，解答即可；
（2）结合已知条件可推出，用待定系数法，把，代入即可得到直线AB得解析式；再利用AA证明，根据相似三角形性质列出，即，求出即可得到线段长，从得到点Q的坐标，即可解答．
（1）解：∵反比例函数的图象与正比例函数的图象交于点，
∴，，
∴反比例函数的解析式为；
设点B的坐标为，则，，
∴，，
∵，
∴，
整理得：，
∴或（不符合题意舍去），
∴点B的坐标为；
（2）解：∵点P在直线图象上，轴，由（1）可知，
∴是等腰直角三角形，
∴，
∵，，
∴，
设直线的解析式为，将，代入，得
，
解得，
∴直线的解析式为，
当时，，
∴，
∴，
∵，，
∴，
∴，即，
∴，
∴，
∴点Q的坐标为．
21．（2025·榕城模拟）综合与实践活动中，要利用测角仪测量建筑物的高度．
如图，建筑物前有个斜坡，已知在同一条水平直线上．
某学习小组在处测得广告牌底部的仰角为，沿坡面向上走到处测得广告牌顶部的仰角为，广告牌．
（1）求点到地面距离的长；
（2）设建筑物的高度为（单位：）；
①用含有的式子表示线段的长（结果保留根号）；
②求建筑物的高度（取取1.7，结果取整数）
【答案】（1）解：由题意得
在中，，
．即的长为．
（2）解：①在中，，
在中，由，得．
．即HE的长为
②如图，过点作，垂足为．
根据题意，，
四边形是矩形．
，
∴．
在中，，
．即，
（m）．
答：建筑物的高度约为．
【知识点】含30°角的直角三角形；矩形的判定与性质；解直角三角形的实际应用﹣坡度坡角问题；解直角三角形的实际应用﹣仰角俯角问题
【解析】【分析】
（1）在中，利用30角的性质求解即可；
（2）①在中，求出，在中，求出，进而可表示线段的长，解答即可；
②过点作，垂足为，可得，从而，在中，构建方程，计算即可求解．
22．（2025·榕城模拟）在平面直角坐标系中，已知抛物线C：和直线l：，点均在直线l上
（1）求出直线l的函数解析式；
（2）当，的自变量x满足时，函数y的最小值为，求m的值；
（3）若抛物线C与线段有两个不同的交点，求a的取值范围
【答案】（1）解：把点，代入中，
得：，解得，
直线的解析式为：；
（2）解：根据题意可得：，
，
抛物线开口向上，对称轴为，
自变量满足时，函数的最小值为，
当时，有，
或，
在对称轴左侧，随的增大而减小，
时，有最小值，
；
在对称轴右侧，随的增大而增大，
时，有最小值；
综上所述：或；
（3）解：直线的解析式为：，
抛物线与直线联立：，
，
，
，
抛物线与y轴交点为，对称轴为；
时，抛物线对称轴为，
当时，，当时，，则，即，
，
时，抛物线对称轴为，
当时，，即，
，
的取值范围为：或．
【知识点】待定系数法求一次函数解析式；二次函数的最值；二次函数与一次函数的综合应用；二次函数y=ax²+bx+c的性质；二次函数与一元二次方程的综合应用
【解析】【分析】
（1）利用待定系数法把点，代入中，计算即可求出直线的解析式，解答即可 ；
（2）分两种情况：时，抛物线对称轴为，时，抛物线对称轴为，分别求解即可解答；
（3）当结合已知得到、当时解得，结合，分别求解即可解答．
23．（2025·榕城模拟）如图，为的直径，弦于，为弦上一点，且，射线与射线相交与点．
（1）求证：为的中点．
（2）①若，求的值．
②当为直角三角形时，求的正切值．
【答案】（1）证明：为的直径，弦，
，
，
，
，
．
为的直径，
，
，，
，
，
即为的中点．
（2）解：①，且，
∴，
设，则，
∴．
，
，
，
，
解得，
．
②（i）当时，，
∴，
由（1）得，
∴，
，，
设，
，，
由（1）知，，
，
．
（ii）当时，，
∴．
，，
∴，
∴，
四边形为平行四边形，
由，
∴四边形为正方形，
，
．
综上，的正切值为或1．
【知识点】三角形全等及其性质；圆周角定理；解直角三角形；等圆、等弧的概念
【解析】【分析】（1）由垂径定理可得，根据等弧所对圆周角相等可得，结合已知得，，根据等角的余角相等可得，从而得，即得为的中点，解答即可．
（2）①根据，设，则，由勾股定理计算可得．根据，建立比例关系得，计算可得，，解答即可；
②当时，先用AAS证明，可得，，设，，由勾股定理计算可得，根据三角函数的定义即得；当时，，，可得，四边形为正方形，即得，解答即可．
（1）证明：为的直径，弦，
，
，
，
，
．
为的直径，
，
，，
，
，
即为的中点．
（2）解：①，且，
∴，
设，则，
∴．
，
，
，
，
解得，
．
②（i）当时，，
∴，
由（1）得，
∴，
，，
设，
，，
由（1）知，，
，
．
（ii）当时，，
∴．
，，
∴，
∴，
四边形为平行四边形，
由，
∴四边形为正方形，
，
．
综上，的正切值为或1．
1 / 1广东省揭阳市榕城区2025年中考二模数学试题
1．（2025·榕城模拟）下列各数中，是负数的是（　　）
A． B． C． D．
2．（2025·榕城模拟）据统计，2024年我国新能源汽车产量超过988万辆，其中988万用科学记数法表示为（　　）
A． B． C． D．
3．（2025·榕城模拟）端午节是中国传统节日，下列与端午节有关的文创图案中，成轴对称的是（　　）
A． B．
C． D．
4．（2025·榕城模拟）下列计算正确的是（　　）
A． B． C． D．
5．（2025·榕城模拟）为积极适应智能时代发展趋势，响应国家“人工智能+”行动战略部署，某校开展了以“人工智能在教育场景中的融合应用”为主题的比赛，其中六位参赛选手的成绩分别为：，则这组数据的中位数是（　　）
A． B． C． D．
6．（2025·榕城模拟）如图，在菱形中，于点，，，则的长是（　　）
A． B．6 C． D．12
7．（2025·榕城模拟）如图，一幅画装裱前是一个长为米，宽为米的长方形，在四周添加边衬装裱后，整幅画宽与长的比是，且边衬的宽度相等，则边衬的宽度应是多少米？设边衬的宽度为米，根据题意可列方程（　　）
A． B．
C． D．
8．（2025·榕城模拟）如图，A，B，C是⊙O上的三个点，若∠B＝66°，则∠OAC的度数为（　　）
A．24° B．29° C．33° D．132°
9．（2025·榕城模拟）我们规定关于任意正整数m，n的一种新运算：，如：，则．若，那么的结果是（　　）
A． B． C． D．
10．（2025·榕城模拟）如图1，在中，连接，，．动点从点出发，沿边匀速运动．运动到点停止．过点作交边于点，连接，．设，，与的函数图象如图2所示，函数图象最低点坐标为（　　）
A． B． C． D．
11．（2025·榕城模拟）已知2和分别是一元二次方程的两根，则　 　．
12．（2025·榕城模拟）如图，是某商店售卖的花架，其中，，，，则长为　 　．
13．（2025·榕城模拟）已知x，y为实数，若满足，则的值为　 　．
14．（2025·榕城模拟）如图，已知扇形的面积为，点在圆周上，，则的半径为　 　．
15．（2025·榕城模拟）已知，直线与x轴相交于点，以为边作等边三角形，点在第一象限内，过点作x轴的平行线与直线l交于点，与y轴交于点，以为边作等边三角形（点在点的上方），以同样的方式依次作等边三角形，等边三角形…，则点的横坐标为　 　．
16．（2025·榕城模拟）解方程组：．
17．（2025·榕城模拟）已知：如图，，，垂足分别为，，，相交于点，且．
（1）求证：；
（2）已知，，求的长度．
18．（2025·榕城模拟）电影《哪吒之魔童闹海》截止至2025年3月10日，票房突破148.87亿元人民币，成为全球动画电影票房冠军．如图，有4张分别印有《哪吒之魔童闹海》角色图案的卡片：A哪吒，B敖丙，C太乙真人，D申公豹．将这4张卡片（形状、大小、质地都相同）放在不透明的盒子中，搅匀后从中任意取出1张卡片不放回，记录后搅匀，再随机取出1张卡片．求下列事件发生的概率：
（1）第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的概率为　 　；
（2）用画树状图或列表的方法，求取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的概率．
19．（2025·榕城模拟）根据要求作图并证明．
（1）如图，请按以下步骤进行尺规作图，并保留作图痕迹：
①画一条直径；
②作的垂直平分线交于点C，D；
③连结，得到．
（2）根据第（1）小题作法，给出是等边三角形的证明．
20．（2025·榕城模拟）已知反比例函数的图象与正比例函数的图象交于点，点P在线段的延长线上．
（1）如图1，过点P作y轴的平行线l，l与的图象交于点B，与x轴交于点C，当线段时，求反比例函数的表达式和点B的坐标；
（2）在（1）的条件下，如图2，连接并延长，与x轴交于点D，点Q为x轴上一点，且满足，求点Q的坐标．
21．（2025·榕城模拟）综合与实践活动中，要利用测角仪测量建筑物的高度．
如图，建筑物前有个斜坡，已知在同一条水平直线上．
某学习小组在处测得广告牌底部的仰角为，沿坡面向上走到处测得广告牌顶部的仰角为，广告牌．
（1）求点到地面距离的长；
（2）设建筑物的高度为（单位：）；
①用含有的式子表示线段的长（结果保留根号）；
②求建筑物的高度（取取1.7，结果取整数）
22．（2025·榕城模拟）在平面直角坐标系中，已知抛物线C：和直线l：，点均在直线l上
（1）求出直线l的函数解析式；
（2）当，的自变量x满足时，函数y的最小值为，求m的值；
（3）若抛物线C与线段有两个不同的交点，求a的取值范围
23．（2025·榕城模拟）如图，为的直径，弦于，为弦上一点，且，射线与射线相交与点．
（1）求证：为的中点．
（2）①若，求的值．
②当为直角三角形时，求的正切值．
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】有理数的乘方法则；化简多重符号有理数；求有理数的绝对值的方法；用正数、负数表示相反意义的量
【解析】【解答】解：A、，是正数，故A不符合题意；
B、，是正数，故B不符合题意；
C、，是正数，故C不符合题意；
D、，是负数，故D符合题意；
故答案为：D．
【分析】
根据同号为正可判断A；根据负数的偶次方结果为正可判断B；根据一个负数的绝对值等于它的相反数为正可判断C；-2是一个负数可判断D ；逐一判断即可解答.
2．【答案】B
【知识点】科学记数法表示大于10的数
【解析】【解答】解：988万
故答案为：B
【分析】
根据科学记数法的表示方法，科学记数法的表示形式为的形式，其中，n为整数，n比原位数少1，计算即可解答.
3．【答案】B
【知识点】轴对称的性质；轴对称图形
【解析】【解答】A、图案不成轴对称，故A不符合题意；
B、图案成轴对称，故B符合题意；
C、图案不成轴对称，故C不符合题意；
D、图案不成轴对称，故D不符合题意；
故答案为：B．
【分析】
根据成轴对称的定义：把一个图形沿着某一条直线折叠，如果它能够与另一个图形重合，那么就说这两个图形关于这条直线对称，这条直线叫作对称轴，折叠后重合的点是对应点，叫作对称点，逐一判断即可解答．
4．【答案】C
【知识点】同底数幂的除法；合并同类项法则及应用；幂的乘方运算；求算术平方根
【解析】【解答】解：A、，选项错误，故A不符合题意；
B、，选项错误，故B不符合题意；
C、，选项正确，故C符合题意；
D、，选项错误，故D不符合题意．
故答案为：D.
【分析】
根据合并同类项法则只把系数相加可判断A；根据同底数幂的除法底数不变指数相减可判断B，根据幂的乘方可判断C，根据算术平方根的性质可判断D，逐一判断即可解答.
5．【答案】C
【知识点】中位数
【解析】【解答】解：数据按由小到大排列为，，，，，，
∴这组数据的中位数是，
故答案为：．
【分析】
根据中位数的定义：把数据按由小到大排列为，，，，，，取中间两个数的平均数，即可求解．
6．【答案】A
【知识点】勾股定理；菱形的性质；面积及等积变换
【解析】【解答】解：∵在菱形中，，
∴，
∵，
∴，
∵，
∴，解得：．
故答案为：A．
【分析】由菱形的性质可得、，再运用勾股定理可得，再用面积法求解即可解答．
7．【答案】D
【知识点】列分式方程
【解析】【解答】解：设边衬的宽度为米，根据题意得：
，
故答案为：D．
【分析】
设边衬的宽度为米，根据题意列出方程，即可解答．
8．【答案】A
【知识点】三角形内角和定理；等腰三角形的性质；圆周角定理
【解析】【解答】解：∵A，B，C是⊙O上的三个点，∠B＝66°，
∴∠AOC＝132°，
∵OA=OC，
∴∠OAC=∠OCA，
∴∠OAC===24°，
故答案为：A．
【分析】
根据圆周角定理先计算∠AOC＝132°，再三角形内角和为180计算底角即可解答．
9．【答案】C
【知识点】同底数幂的乘法；乘方的相关概念
【解析】【解答】解：由题意得，
，
∴，
故答案为：C.
【分析】
根据新定义先计算；再计算，最后计算二者的乘积，即可解答．
10．【答案】B
【知识点】勾股定理；平行四边形的判定与性质；矩形的判定与性质；通过函数图象获取信息；二次函数-线段周长问题
【解析】【解答】解：延长至，使，连接，连接交于，
，
，
，
四边形是平行四边形，
，
，
，
，
四边形是平行四边形，
，
，
四边形是平行四边形，
，
，
，
，
四边形是矩形，
，
当、、三点共线时，最小，
即最小，
当运动到时，最小，
由图得：当时，，
此时与重合，与重合，
，
，
，
，
，
，
，，
，
，
当时，
，
函数图象最低点坐标为，
故答案为：B．
【分析】
延长至，使，连接，连接交于， 当、、三点共线时，最小，即最小，当运动到时，最小，由图得当时，，此时与重合，与重合，结合平行四边形的判定方法可得四边形是平行四边形，再利用一个90的平行四边形时矩形得四边形是矩形，根据正切的定义和勾股定理，计算即可求解．
11．【答案】4
【知识点】一元二次方程的根与系数的关系（韦达定理）
【解析】【解答】解：∵2和分别是一元二次方程的两根
∴2m=8，解得：m=4
故答案为：4
【分析】根据二次方程根与系数的关系建立方程，解方程即可求出答案.
12．【答案】30
【知识点】两条直线被一组平行线所截，所得的对应线段成比例
【解析】【解答】解∵，
∴，
即，
∴．
故答案为：30.
【分析】利用平行线分线段成比例解题即可．
13．【答案】5
【知识点】二次根式有意义的条件；求代数式的值-直接代入求值
【解析】【解答】解：由可知，，
∴，
∴，
∴．
故答案为：5．
【分析】
根据二次根式有意义的条件求出，由此得到y的值，再进行计算即可解答．
14．【答案】3
【知识点】圆周角定理；扇形面积的计算
【解析】【解答】解：设的半径为r，
∵，
∴，
∵扇形的面积为，
∴，
解得（负值已舍去），
即的半径为3，
故答案为：3．
【分析】设的半径为r，由圆周角定理“同圆或等圆中，圆周角等于它所对的弧上的圆心角的一半
”可得，然后根据扇形面积公式“S=”可得关于r的方程，解方程即可求解．
15．【答案】
【知识点】等边三角形的性质；勾股定理；一次函数的实际应用-几何问题；探索规律-点的坐标规律
【解析】【解答】解：∵直线与轴交于点，
∴点坐标为，
，
过，作轴交轴于点轴交于点，交轴于点，
∵为等边三角形，
∴，
∴，
∴，
∴，
当时，，解得：，
∴，
，
，
，
∴当时，，解得：，
∴；
而，
同理可得：的横坐标为，
∴点的横坐标为，
故答案为：．
【分析】
由直线l的解析式可知点坐标为，可得，由是等边三角形可得点，把代入直线解析式即可求得的横坐标，可得，由是等边三角形，可得点；同理，，发现规律即可解答．
16．【答案】解：，
由，得，
解得：，
把代入①，得，解得，
∴方程组的解为
【知识点】加减消元法解二元一次方程组
【解析】【分析】
根据二元一次方程组的解法：利用①+2×②即可消去y，求得x的值，然后代入求得y的值，于是就得到原方程组的解，用的形式表示．
17．【答案】（1）证明：∵，
∴，
∴；
∵，
∴，
∴；
在和中，
，
∴；
（2）解：∵，，
∴，，
∵，
∴，
∴．
【知识点】三角形全等及其性质；三角形全等的判定-ASA；线段的和、差、倍、分的简单计算；余角
【解析】【分析】
（1）利用同角的余角相等可求得，再利用可证明，解答即可；
（2）根据全等三角形的性质得，，则，然后再根据即可得出答案．
（1）证明：∵，
∴，
∴；
∵，
∴，
∴；
在和中，
，
∴；
（2）解：∵，，
∴，，
∵，
∴，
∴．
18．【答案】（1）
（2）解：如图：
共有12种等可能的结果，其中取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的结果有2种，
∴取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的概率为．
【知识点】用列表法或树状图法求概率；概率公式
【解析】【解答】解：（1）由题意知，共有4种等可能的结果，其中第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的结果有1种，
∴第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的概率为．
故答案为：
【分析】
（1）由题意知，共有4种等可能的结果，其中第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的结果有1种，利用概率公式P=，即可解答；
（2）列表可得出所有等可能的结果数为12；取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的结果数为2，再利用概率公式P=，即可解答．
（1）解：由题意知，共有4种等可能的结果，其中第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的结果有1种，
∴第一次取出的卡片图案为“A哪吒”的概率为．
故答案为：
（2）解：如图：
共有12种等可能的结果，其中取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的结果有2种，
∴取出的2张卡片为“A哪吒”和“C太乙真人”的概率为．
19．【答案】（1）解：如图1即为所求；
（2）解：如图2，连结OD，BD，
∵为的直径，是的中垂线，
∴，，，
∴，
∵，
∴，
∴是等边三角形，
∴，
∴，
∵，
∴，
∴是等边三角形．
【知识点】线段垂直平分线的性质；等边三角形的判定与性质；垂径定理；圆周角定理；尺规作图-垂直平分线
【解析】【分析】（1）先过圆心O画一条直径AB，然后分别以点O，B为圆心，以大于为半径画弧，然后过弧的两个交点画直线，与交于点C，D，最后连接即可；
（2）连结，，根据垂径定理、垂直平分线的性质得，，，从而得，进而得，于是根据等边三角形的判定推出是等边三角形，得，接下来根据圆周角定理得，结合，可求出，据此即可得证结论.
（1）解：图1即为所作图形．
（2）解：如图2，连结OD，BD．
∵是的中垂线，为的直径，
∴，
∴．
∵，
∴是等边三角形，
∴，
∴．
∵，
∴，
∴是等边三角形．
20．【答案】（1）解：∵反比例函数的图象与正比例函数的图象交于点，
∴，，
∴反比例函数的解析式为；
设点B的坐标为，则，，
∴，，
∵，
∴，
整理得：，
∴或（不符合题意舍去），
∴点B的坐标为；
（2）解：∵点P在直线图象上，轴，由（1）可知，
∴是等腰直角三角形，
∴，
∵，，
∴，
设直线的解析式为，将，代入，得
，
解得，
∴直线的解析式为，
当时，，
∴，
∴，
∵，，
∴，
∴，即，
∴，
∴，
∴点Q的坐标为．
【知识点】待定系数法求一次函数解析式；待定系数法求反比例函数解析式；反比例函数与一次函数的交点问题；等腰直角三角形；利用开平方求未知数
【解析】【分析】
（1）根据待定系数法把代入解析式求出反比例函数解析式；再设点B的坐标为，得到，，根据线段列出方程求出m值，即可得到点B的坐标，解答即可；
（2）结合已知条件可推出，用待定系数法，把，代入即可得到直线AB得解析式；再利用AA证明，根据相似三角形性质列出，即，求出即可得到线段长，从得到点Q的坐标，即可解答．
（1）解：∵反比例函数的图象与正比例函数的图象交于点，
∴，，
∴反比例函数的解析式为；
设点B的坐标为，则，，
∴，，
∵，
∴，
整理得：，
∴或（不符合题意舍去），
∴点B的坐标为；
（2）解：∵点P在直线图象上，轴，由（1）可知，
∴是等腰直角三角形，
∴，
∵，，
∴，
设直线的解析式为，将，代入，得
，
解得，
∴直线的解析式为，
当时，，
∴，
∴，
∵，，
∴，
∴，即，
∴，
∴，
∴点Q的坐标为．
21．【答案】（1）解：由题意得
在中，，
．即的长为．
（2）解：①在中，，
在中，由，得．
．即HE的长为
②如图，过点作，垂足为．
根据题意，，
四边形是矩形．
，
∴．
在中，，
．即，
（m）．
答：建筑物的高度约为．
【知识点】含30°角的直角三角形；矩形的判定与性质；解直角三角形的实际应用﹣坡度坡角问题；解直角三角形的实际应用﹣仰角俯角问题
【解析】【分析】
（1）在中，利用30角的性质求解即可；
（2）①在中，求出，在中，求出，进而可表示线段的长，解答即可；
②过点作，垂足为，可得，从而，在中，构建方程，计算即可求解．
22．【答案】（1）解：把点，代入中，
得：，解得，
直线的解析式为：；
（2）解：根据题意可得：，
，
抛物线开口向上，对称轴为，
自变量满足时，函数的最小值为，
当时，有，
或，
在对称轴左侧，随的增大而减小，
时，有最小值，
；
在对称轴右侧，随的增大而增大，
时，有最小值；
综上所述：或；
（3）解：直线的解析式为：，
抛物线与直线联立：，
，
，
，
抛物线与y轴交点为，对称轴为；
时，抛物线对称轴为，
当时，，当时，，则，即，
，
时，抛物线对称轴为，
当时，，即，
，
的取值范围为：或．
【知识点】待定系数法求一次函数解析式；二次函数的最值；二次函数与一次函数的综合应用；二次函数y=ax²+bx+c的性质；二次函数与一元二次方程的综合应用
【解析】【分析】
（1）利用待定系数法把点，代入中，计算即可求出直线的解析式，解答即可 ；
（2）分两种情况：时，抛物线对称轴为，时，抛物线对称轴为，分别求解即可解答；
（3）当结合已知得到、当时解得，结合，分别求解即可解答．
23．【答案】（1）证明：为的直径，弦，
，
，
，
，
．
为的直径，
，
，，
，
，
即为的中点．
（2）解：①，且，
∴，
设，则，
∴．
，
，
，
，
解得，
．
②（i）当时，，
∴，
由（1）得，
∴，
，，
设，
，，
由（1）知，，
，
．
（ii）当时，，
∴．
，，
∴，
∴，
四边形为平行四边形，
由，
∴四边形为正方形，
，
．
综上，的正切值为或1．
【知识点】三角形全等及其性质；圆周角定理；解直角三角形；等圆、等弧的概念
【解析】【分析】（1）由垂径定理可得，根据等弧所对圆周角相等可得，结合已知得，，根据等角的余角相等可得，从而得，即得为的中点，解答即可．
（2）①根据，设，则，由勾股定理计算可得．根据，建立比例关系得，计算可得，，解答即可；
②当时，先用AAS证明，可得，，设，，由勾股定理计算可得，根据三角函数的定义即得；当时，，，可得，四边形为正方形，即得，解答即可．
（1）证明：为的直径，弦，
，
，
，
，
．
为的直径，
，
，，
，
，
即为的中点．
（2）解：①，且，
∴，
设，则，
∴．
，
，
，
，
解得，
．
②（i）当时，，
∴，
由（1）得，
∴，
，，
设，
，，
由（1）知，，
，
．
（ii）当时，，
∴．
，，
∴，
∴，
四边形为平行四边形，
由，
∴四边形为正方形，
，
．
综上，的正切值为或1．
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