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{#{QQABRQQl4wA4kEYACY7bUQGuCUgQkIESLYoGBVAeKAwiiAFIFCA=}#}2024-2025 学年度第二学期期末质量监测
高一物理参考答案及评分标准
一、单项选择题
1.B 2.C 3.D 4.D 5.A 6.A 7.C 8.D
二、多项选择题
9.AC 10.BD 11.BC 12.BCD
三、非选择题
3
13.（1）CD (2) 1.03m/s (3) （每空 2 分）
2g
14.（1）水平、确保每次平抛的初速度相同（每空 1 分）
（2）①1 ② 5 ③（-10，-5）（每空 2 分）
15．（8 分）
解：（1）因小球做直线运动，合力与速度方向共线，小球带负电…………………1 分
mg qE tan 37 ………………………………………………………………2 分
q 4mg解得 ……………………………………………………………………1 分
3E
（2）设小球匀减速运动位移为 l
qEl cos37 mgl sin 37 1 0 mv20 …………………………………2 分2
U El cos37 ……………………………………………………………………1分
2
解得U 6Ev 0 ……………………………………………………………………1分
25g
16．（10 分）
解：（1）细线与杆的夹角从 37°增加至 53°的过程中，小球上升的高度为
h L(cos37 cos53 ) 1 L……………………………………………1 分
5
细线与杆的夹角为 37°时，根据牛顿第二定律有
高一物理答案
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2
mg tan 37 v m 1 ……………………………………………………………1 分
L sin 37
细线与杆的夹角为 53°时，根据牛顿第二定律有
2
mg tan 53 m v 2 ……………………………………………………………1 分
L sin 53
对小球根据动能定理有
W mgh 1 mv2 12 mv
2
1 …………………………………………………………2 分2 2
W 61解得 mgL……………………………………………………………………1分
120
（2）细线断裂后做平抛运动
h 1 21 gt ……………………………………………………………………………1 分2
小球平抛的水平位移
x v2t…………………………………………………………………………………1 分
落点到 O 点位移为
s x2 (L sin 53 )2 ………………………………………………………………1 分
联立解得 s=1.7L………………………………………………………………………1 分
17．（12 分）
解：（1）在加速电场中 eU 1 mv2 …………………………………………………………1 分1 2 0
解得 v 2eU 1 ……………………………………………………………………1 分0 m
（2）电子在偏转电场做类平抛运动，有 l v0 t1 ……………………………………1分
eU 2 ma …………………………………………………………………………1 分
d
y 1 at 21 ……………………………………………………………………………1 分2
W eU 2 y …………………………………………………………………………1 分
d
高一物理答案
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eU 2l 2
解得W 2 2 ……………………………………………………………………1 分4U1d
（3 l）电子在偏转电场中运动时间 t 2t0 ………………………………………1 分v0
故 t= nt0(n = 0,1,2,…)时射入电子出偏转电场时的偏转距离最大……………1 分
y 2 1 2m at0 ……………………………………………………………………………1 分2
eU0 ma………………………………………………………………………………1 分
d
解得 y U
2
0
l
………………………………………………………………………1 分
m 8U1d
18．（16 分）
解：（1）小物块 a从释放后到 C点过程中，由机械能守恒
Ep 6mgR……………………………………………………………………………1 分
（2）小物块 b从释放后到 D点过程中，由机械能守恒
E 1 mv2 mg 2R…………………………………………………………………1 分p 2 D
2
在 D 点 F mg mv D ………………………………………………………………1 分N R
解得 FN 7mg………………………………………………………………………1 分
（3）小物块 b从释放后到 N点过程中，根据能量守恒
Ep mg 2.5R
1
mv2 ……………………………………………………………1 分
2 N
解得 v 19 gR……………………………………………………………………1 分N 2
（4）若滑块 b恰好到达挡板，根据能量守恒
Ep mg (2.5R x1)…………………………………………………………………1分
解得 x1 9.5R………………………………………………………………………1 分
若滑块 b与挡板第一次碰后恰好到达 G'，由能量守恒
高一物理答案
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Ep mgR mg 2(2.5R x2 ) ………………………………………………………1 分
解得 x2 2.5R………………………………………………………………………1 分
若滑块 b与挡板第一次碰后恰好通过 D点
由能量守恒 Ep mg 2R mg 2(2.5R x )
1
mv2 ……………………………1 分3 2 D1
mv2在 D点mg D1
R
解得 x3 R……………………………………………………………………………1 分
此后，滑块 b与挡板第二次碰撞，设反弹后向左运动距离为 x4，由能量守恒
Ep mg 3(2.5R x3 ) mg x4
解得 x4 1.5R x3 2.5R，即物块 b未脱轨………………………………………1分
若滑块 b与挡板第二次碰后恰好到达 G'，由能量守恒
Ep mgR mg 4(2.5R x5 )
解得 x5 0 ……………………………………………………………………………1 分
综上：可移动挡板与 N点间距离 x应满足的条件为
0 x R ……………………………………………………………………………1 分
或 2.5R x 9.5R…………………………………………………………………1 分
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