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专题16 解题思想
五年（2021-2025）中考（一年模拟）物理真题分类汇编，研真题，明考向。为了进一步配合广大师生复习备考，21教育重磅推出《（2021-2025）五年中考真题和一年模拟分类汇编》系列。本套资料设计科学，根据地区试题汇编，按照知识点构成情况，将试题分解组合，全面呈现各学科知识点在五年中考和一年模拟题中的考查情况，是考生掌握当地中考命题动向、熟悉中考考查方式、复习备考不可或缺的精品资料！
1．（2025 河北）如图所示，小明在站台上的安全线外候车，是为了防止列车进站时，列车附近的空气流速大，压强 　 　 而带来的危险。列车出站后，在列车座位上的小明相对于列车车窗是 　 　 的。
2．（2024 河北）2024年4月26日，神舟十八号载人飞船成功对接空间站天和核心舱径向端口。对接成功后，飞船相对于空间站是 　 　 的；宇航员在空间站通过 　 　 波与地面联系；飞船在太空中 　 　 （选填“有”或“没有”）惯性。
（多选）3．（2024 河北）如图1所示，在一次社会实践活动中，小明用一辆小车运送货物时，先后经过同一平直路面上的甲、乙、丙三个地点，图2为运动路径示意图。小明先用水平推力F把装有货物的小车从甲匀速推到乙，用时为t1；在乙停车卸货用时为t2；再用水平推力将空车从乙匀速推到丙，用时为t3；两次推力做功之比为2：1。下列说法正确的是（　　）
A．小明全程的平均速度为
B．从乙到丙的过程中，小明的水平推力为
C．从乙到丙的过程中，小明推力做功的功率为
D．若把空车从丙沿原路匀速推回到甲，推力做功为F（s1+s2）
4．（2023 河北）在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中，小明把电源、定值电阻、滑动变阻器、电压表、电流表和开关连成电路进行实验。
（1）图1是小明连接的部分电路，请你用笔画线代替导线将电路补充完整。
表一：
导线连接点 a和b a和c
电压表指针是否偏转 否 是
电流表指针是否偏转 否 是
（2）连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表的指针都不偏转。图中a为电源的正极，b、c分别为滑动变阻器上电阻丝右侧的接线柱和金属杆右端的接线柱，用一条导线的两端分别连接a和b、a和c进行检测，结果如表一所示。发生故障的元件是 　 　 。
（3）排除故障后进行实验。某次实验时，电压表的示数如图2所示，示数为 　 　 V。移动滑动变阻器的滑片，记录多组数据填入表二。
数据序号 1 2 3 4 5 6
电压U/V 1.0 1.2 1.4 1.8 2.0 2.4
电流I/A 0.10 0.12 0.14 0.28 0.20 0.24
（4）小明根据表二中的数据画出图像，如图3所示。从图像可以看出，第 　 　 （选填数据序号）组数据明显是错误的，分析时需要把它剔除掉。
根据以上数据，小明得出结论：电阻两端的电压与通过电阻的电流之比为定值。
（5）小红按图4连接电路，测量并记录几组电压和电流值，如表三所示，其中R1＝10Ω、R2＝5Ω，U1、U2、I分别表示电压表V1、V2和电流表A的示数。
数据序号 1 2 3 4 5
电压U1/V 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0
电压U2/V 1.5 3.0 4.5 6.0 7.5
电流I/A 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50
小红在与小明的交流中，发现用图像法处理数据可以更直观地看出两个量之间的变化关系，于是她也利用表三中的数据在坐标系中画出了三条直线①②③，如图5所示，其中 　 　 是由表三中的I和U2的数据画出的。小明认为小红的实验相当于探究了三个定值电阻的电流与电压的关系，证据更充分。交流评估后得出结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
【拓展】某小灯泡L的额定电流是I0，但额定电压的标识模糊不清，为测定L正常发光时的电阻，小明设计了下列的电路，其中定值电阻R0和滑动变阻器的最大阻值R已知，但电源电压未知。为保证电路安全，滑动变阻器均不能调到最小阻值。实验时各电路中的小灯泡L都能调至正常发光。以下电路图中，能够达到目的的有图
　 　 。
5．（2022 河北）雨过天晴，地面上会出现建筑物的影子，影子是由于 　 　 形成的。通过地面上一层薄薄的积水还可以看到建筑物的像，如图所示，像的大小与建筑物的大小 　 　 。一些建筑物外部采用了玻璃幕墙作为装饰，强光照射到玻璃幕墙时会发生 　 　 反射，造成“光污染”。
6．（2022 河北）一家火锅店用某种材质的纸折成火锅，加上水，放在点燃的天然气炉上涮菜，如图所示。天然气属于 　 　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。纸锅中的水在沸腾过程中温度 　 　 （选填“继续升高”或“保持不变”），该温度低于纸的着火点。若纸锅中水的质量为1kg，水温从20℃升高到100℃，则水需要吸收 　 　 J的热量。[已知水的比热容为4.2×103J/（kg ℃）]
7．（2022 河北）如图是小明做“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置。
（1）实验时，小明通过观察 　 　 来判断电路中是否产生感应电流。
（2）小明进行了如图乙所示的5次操作，其中能产生感应电流的是 　 　 （选填所有符合要求的操作序号）。
（3）完成实验后，小明认为实验现象不太明显，请你提出一条改进措施：　 　 。
（4）利用“磁生电”工作的装置有 　 　 （选填“电铃”“扬声器”“动圈式话筒”或“电磁起重机”）。
8．（2021 河北）下列数据最接近实际情况的是（　　）
A．人正常体温约为37.8℃
B．初中语文课本的长度约为26cm
C．一个苹果的质量约为1.2kg
D．正常人脉搏跳动10次所用时间约为1min
9．（2021 河北）如图所示的做法中符合安全原则的是（　　）
A．图甲用湿抹布擦发光的灯泡 B．图乙发现有人触电迅速切断电源
C．图丙用手指触碰插座的插孔 D．图丁多个大功率用电器同时用一个插座
（多选）10．（2021 河北）如图所示能够说明流体压强与流速关系的是（　　）
A．图甲拦河坝设计成上窄下宽 B．图乙向下吹气，乒乓球不下落
C．图丙用吸盘搬运玻璃 D．图丁站在安全线以外候车
一．选择题（共10小题）
1．（2025 邢台模拟）如图是运动员射门时的足球轨迹，下列说法正确的是（　　）
A．脚踢球使球飞出，说明力是物体运动的原因
B．足球在空中飞行时，运动状态一定在改变
C．足球在空中飞行时，以球为参照物，运动员是静止的
D．足球运动到最高点时，若所有力都消失，足球将静止
2．（2025 大名县校级模拟）国产动画大电影《哪吒之魔童闹海》今年寒假燃爆荧屏。如图所示是哪吒与敖丙在踢毽子，下列说法正确的是（　　）
A．哪吒将毽子踢向敖丙，说明力可以改变物体的运动状态
B．踢毽子时毽子对脚没有力的作用
C．以地面为参照物，空中的毽子是静止的
D．毽子在最高点时，受到平衡力的作用
3．（2025 竞秀区模拟）如图所示，警察骑着电动平衡车巡逻，下列说法正确的是（　　）
A．平衡车匀速直线运动时，以平衡车为参照物，人是运动的
B．刹车时，人会向前倾是因为人具有惯性
C．骑着车匀速转弯时，人的运动状态不变
D．人对车的压力和地面对车的支持力是一对平衡力
4．（2025 张家口一模）在现代生活与生产中，“电”已广泛融入各个领域。关于安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．用电器短路着火时立即用水浇灭
B．更换灯泡前先断开电源开关
C．发生触电事故时用手直接去拉触电的同伴
D．控制智能电灯的开关可以接在零线和电灯之间
5．（2025 安次区一模）如图所示，在北京冬奥会上武大靖带领三名队友，在速滑混合团体2000米接力赛中一路领先。下列说法正确的是（　　）
A．运动员在匀速滑行时，溜冰鞋与冰面间摩擦力为零
B．运动员在匀速转弯时，受到平衡力作用
C．到达终点不能立即停下来，是因为运动员受到惯性作用
D．运动员用力向后蹬冰面，人就会快速向前，这是因为物体间力的作用是相互的
6．（2025 正定县二模）如图所示是小明在“跨学科实践课”上利用不同的粗细均匀吸管制成的三只密度计，放入同一杯水中时的情形，下列说法正确的是（　　）
A．密度计漂浮时所受浮力小于其自身重力
B．三只密度计在水面处的刻度值不同
C．向水中加入食盐后密度计会下沉
D．密度计②在测量其他液体密度时结果更精确
7．（2025 广阳区一模）下列图示所蕴含的物理知识的说法中，正确的是（　　）
A．甲图，带正电物体接触验电器金属球，两金属箔片因得到正电荷互相排斥张开
B．乙图，给沸腾的水加热，它的温度保持不变，内能不变
C．丙图，是四冲程汽油机的做功冲程，该冲程发生的能量转化是内能转化为机械能
D．丁图，深秋夜，桔子喷水结冰防冻是利用水的比热容大这一特性为人类服务的
8．（2025 保定模拟）如图甲所示，物体A在大小不变的水平拉力F的作用下，先后在粗糙程度不同的表面DE和HG上做直线运动，图乙为物体在DE、HG两段运动过程中距离和时间关系的图像。F在DE段所做的功为W1，功率为P1，受到的摩擦力为f1；在HG段所做的功为W2，功率为P3，受到的摩擦力为f2。则下列说法正确的是（　　）
A．W1＞W2 B．F＝f1 C．P1＞P2 D．f1＝f2
9．（2025 张家口模拟）图甲所示为冬奥会使用的创可贴体温计，图乙所示为该装置感温区的电路图，其中电源电压恒为6V，定值电阻R0的阻值为10Ω，R为热敏电阻，其阻值会随体温的升高而增大。当电压表的示数达到2V时便会报警。下列判断正确的是（　　）
A．体温越高，电压表示数越小
B．恰好报警时，电流表的示数为0.2A
C．恰好报警时，热敏电阻的阻值为20Ω
D．增大R0的阻值，会使装置在体温更高时报警
10．（2025 莲池区一模）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片由最右端向中点滑动过程中，下列说法正确的是（　　）
A．电压表示数不变，电流表A1示数变大
B．电压表示数变大，电流表A2示数变大
C．电压表示数与电流表A2示数比值变小，电压表示数与电流表A1示数乘积不变
D．电压表示数与电流表A1示数比值不变，电压表示数与电流表A2示数乘积不变
二．多选题（共2小题）
（多选）11．（2025 河北模拟）用弹簧测力计在同一木板上拉同一木块，使它先后在水平面和斜面上均以v的速度做匀速直线运动，如图所示。已知水平面上拉力与斜面上拉力之比为5：9，请分析下列说法正确的是（　　）
A．相同时间内，甲、乙两次拉力对木块做功之比为5：9
B．甲、乙两次拉力做功的功率之比为5：9
C．甲中的木块受到的摩擦力比乙中的木块受到的摩擦力大
D．相同时间内，甲、乙两次克服摩擦力做功相等
（多选）12．（2025 沧州模拟）如图是小明在综合实践活动中用带抽屉的纸盒和透镜自制的简易投影仪，将手机放入抽屉中，通过推拉抽屉，能将手机上的画面放大投影到白墙上。下列说法正确的是（　　）
A．手机到凸透镜的距离应大于透镜的二倍焦距
B．若要在墙上正常阅读手机内容，手机应如图所示正立放置
C．要使墙上的像变大，应减小手机与透镜间的距离且同时增大像距
D．物距不变，在凸透镜前放置一个合适的凸透镜，调整像距，墙上的像逐渐变小
三．填空题（共6小题）
13．（2025 永年区一模）如所示，一只小鸟从树上迅速俯冲至湖面，湖面上映出了小鸟的倒影。在俯冲过程中，小鸟在水中的倒影大小 　 　 （选填“变大”“变小”或“不变”）且相对于小鸟本身是 　 　 的（选填“运动”或“静止”）。
14．（2025 丛台区一模）斧子的斧头变松了，人们常用撞击斧柄下端的方法使斧头紧套在斧柄上（如图所示），这是因为斧柄突然停止运动，斧头由于 　 　 会继续向下运动，这样斧头就会牢牢地套在斧柄上了。斧柄下端撞击木墩时，以斧柄为参照物，斧头是 　 　 （选填“运动”或“静止”）的。
15．（2025 路南区二模）小华家电茶炉的加热电阻为60.5Ω，只将电茶炉接入220V的家庭电路中正常工作10min，刚好将电茶炉内1kg的水从20℃加热至100℃水吸收的热量为 　 　 J，电茶炉烧水的效率为 　 　 。
16．（2025 裕华区二模）如图1，小明用两个不同电路中的电阻丝R1、R2，分别同时给质量均为200g的甲、乙液体加热（c甲＜c乙），假设该过程中电阻丝产生的热量全部被液体吸收。这两种液体的温度随加热时间变化的图像如图2所示：
（1）加热时，是通过 　 　 的方式使液体的内能增大；
（2）同一时刻，　 　 （选填“甲”或“乙”）液体的分子运动更剧烈；
（3）加热相同时间，甲液体吸收的热量 　 　 （选填“＞”“＜”或“＝”）乙液体吸收的热量；
（4）实验中测得通过R1和R2的电流大小相等，可以判断R1　 　 R2（选填“＞”“＜”或“＝”）；
（5）若甲液体的比热容为2.1×103J/（kg ℃），则加热150s时甲液体吸收的热量为 　 　 J。
17．（2025 任泽区一模）如图（a）所示，展示了我省太行山脉某座山峰的立体图。图中的环状线代表海拔高度相同的相邻点所构成的闭合曲线，我们称之为“等高线”。将这些等高线投影到平面图上，如图（b）所示，可以看到射线与等高线是垂直的。
（1）若山坡表面光滑，某物体沿射线方向运动（从3号等高线滑向1号等高线）时，动能会 　 　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）若质量相等的两个物体分别处在山峰上的3号等高线的A、B两处，则此时两物体的重力势能 　 　 （选填“不相等”或“相等”）。
18．（2025 裕华区一模）小明发现小轿车后挡风玻璃上有一条条“细线”，如图甲所示，咨询维修师傅得知这些“细线”是一种电阻丝，是用来清除后挡风玻璃上的雾或霜的。闭合汽车驾驶室的除霜开关，玻璃上的电阻丝就会发热。他从维修师傅那里要来一块带“细线”的玻璃带到实验室，将其接入如图乙所示的电路的MN之间进行实验。闭合开关并移动滑片，当电压表示数为6V时，电流表示数为0.5A，则1min玻璃“细线”产生的热量为 　 　 J。小明发现刚才的实验中玻璃里有一根“细线”是断开的，说明这些“细线”的连接方式是 　 　 联。由此分析可知：与玻璃“细线”未断相比，该玻璃的除霜能力将 　 　 （选填“保持不变”“增强”或“减弱”）。
四．实验探究题（共5小题）
19．（2025 隆化县校级模拟）小明用如图甲所示装置来探究某种固体熔化时温度的变化规律，实验过程中，从20℃开始，每隔1min记录一次试管中温度计的示数。
（1）组装图甲中的实验器材时，应按 　 　 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序安装；
（2）某时刻温度计的示数如图乙，示数为 　 　 ℃；
（3）根据实验数据，作出如图丙所示的图象，分析图象并结合实验现象可知：
①该物质的熔点是 　 　 ℃；t1﹣t2阶段，试管中的物质处于 　 　 态；
②这种固体是 　 　 （选填“晶体”或“非晶体”）。
20．（2025 邯郸模拟）小宁“探究影响浮力大小的因素”的实验过程如图所示，图中带有盖子的圆筒可以密封，圆筒中可以添加砝码（每个砝码重为1N）。
（1）通过比较图a和c，圆筒浸没在水中受到的浮力为 　 　 N；通过比较图b和c，可知：物体所受浮力的大小与 　 　 有关；通过比较图c和d，可知：物体所受浮力的大小与物体 　 　 无关；
（2）小明对a、b、c、d四个步骤进行了观察研究，能正确反映弹簧测力计的示数F和金属块下表面在水中的深度h关系的图象是如图2中 　 　 ；（填写A、B、C、D序号，金属块未接触容器底）
（3）通过比较图c和e，发现浮力的大小与液体密度有关。小宁受启发利用圆筒自制一个如图3所示的密度计，实验步骤如下：
①让密度计漂浮在水中，测得此时水面到密度计底部的距离h0＝6.0cm；
②让密度计漂浮在某溶液中，测得此时液面到密度计底部的距离h1＝5.0cm，则此溶液的密度ρ＝ 　 　 g/cm3。
【拓展】在第（3）问中若适当增大圆筒中配重的质量，这支密度计所能测量液体密度的最大值 　 　 （选填“减小”、“不变”或“增大”）。
21．（2025 正定县二模）小明和同组同学用“伏安法”测未知电阻R的阻值，电源电压为6V，滑动变阻器标有“30Ω 1A”字样。其中小明设计的电路如图甲所示。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中未完成的电路补充完整（要求：变阻器的滑片向右移动时电流表示数变小）。
（2）实验中，电压表示数突然变为0，而电流表示数变大，产生这一现象的原因可能是　 　 。
（3）排除故障后继续实验，记录的实验数据如下表所示。其中有一组数据不是本实验测得的，它是第　 　 组（填序号）。
序号 1 2 3 4 5
U/V 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0
I/A 0.10 0.19 0.30 0.40 0.51
（4）本实验多次测量的目的是　 　 。
（5）小明根据实验数据绘制的定值电阻的 I﹣U图像如图乙中的A所示，小亮采用相同的器材进行该实验时根据实验数据绘出的 I﹣U 图像如图乙中的B所示。你认为小亮得到的图像与小明得到的图像不同的原因可能是　 　 。
【拓展】小明想继续使用原电路探究电流与电阻关系：
①他又找到阻值为5Ω、15Ω和20Ω的定值电阻各一个，若要4个电阻都能完成实验，且保证各元件安全，电压表示数范围应为　 　 V。
②小明用以上电阻进行实验时，在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的5倍，则电流最小时小明用的R应为　 　 Ω的电阻。
22．（2025 平乡县模拟）小明利用图中所示的电路，测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率。
（1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路补充完整。要求：导线不得交叉，滑动变阻器的滑片向左移动时，电路中的电流变大。
（2）连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不会发光，两电表示数均无变化。产生这一故障的原因可能是：　 　 。
（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，小灯泡正常发光，电流表的示数如图乙所示，此时通过小灯泡的电流为 　 　 A，小灯泡的额定功率为 　 　 W。
（4）继续移动滑动变阻器的滑片，记下了多组电压值和电流值，如图丙所示的图像。根据图像可知，小灯泡的电阻是变化的，原因是 　 　 。
（5）利用图丁所示电路，测出额定电压为U额的小灯泡的额定功率（定值电阻R0阻值已知，电源电压未知）。
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器R的滑片，使电压表的示数为U额；
②保持滑动变阻器的滑片不动，　 　 （填写各开关断开或闭合），读出电压表的示数为U1；
③则小灯泡的额定功率P额＝　 　 （用U额、U1、R0表示）。
23．（2025 秦皇岛一模）在“探究电流与电阻的关系”的实验中，小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，电压为6V的电源等器材进行探究。
（1）请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整（要求：滑片P向右移动时电路中电流变大）；
（2）正确连接并规范操作后，闭合开关，两电表均无示数。为了检查电路故障，小华将电压表接在滑动变阻器两端时无示数，接在开关两端时有示数，则电路的故障是 　 　 （选填“A”、“B”或“C”）；
A.开关断路 B.滑动变阻器断路 C.定值电阻断路
（3）图乙是改正故障后根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为 　 　 V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，应该将滑动变阻器的滑片P向 　 　 端（选填“左”或“右”）滑动；要完成该实验滑动变阻器的最大阻值至少是 　 　 Ω；由图像得到实验结论为：　 　 。
五．综合应用题（共7小题）
24．（2025 藁城区模拟）如图甲所示为小明新买的电热饭盒的简易电路图，R1和R2是两个电热丝，图乙是某次使用电热饭盒30min内其功率随时间的变化图像。求：
（1）本次使用电热饭盒共消耗的电能；
（2）电热丝R2的阻值；
（3）在实际使用过程中小明发现此饭盒保温功率太大，他想在不改变加热功率的情况下，将保温功率改为50W，请在图丙中作出改进后的电路，计算并标出相应的电阻值。
25．（2025 桥西区一模）如图甲、乙所示，小明把定值电阻R1和滑动变阻器R2先后以不同方式接入相同电源的电路中。R2的规格为“20Ω，1A”或“50Ω，1A”，电压表选用0～15V量程。在保证电路安全的情况下，移动滑片时发现有一个电路中的滑动变阻器的滑片P既不能移到最左端，也不能移到最右端，并且两电路中总电流的最大变化量均为0.6A。
（1）图 　 　 （选填“甲”或“乙”）中电路的滑片既不能移到最左端，也不能移到最右端。
（2）通过计算说明变阻器R2的规格。
（3）求出定值电阻R1的阻值。
额定电压 220V
加热功率 16W
保温功率 8W
26．（2025 邯郸模拟）某兴趣小组的同学对如图1的某品牌恒温热奶器进行了深入研究，发现其内部只有两个发热丝，如图2。经研究发现其内部电路可简化为图3所示，热奶器铭牌上的部分内容如表所示。
（1）要使用热奶器的加热功能，开关S应该 　 　 （选填“断开”或“闭合”）。
（2）热奶器正常加热时，电路中的电流是多少安？（结果保留两位小数）
（3）若热奶器正常加热半小时所放出的热量全部被牛奶吸收，可让一盒初温为15℃、质量为250g牛奶升高到多少摄氏度？（c牛奶＝4.0×103J/（kg ℃））
27．（2025 裕华区校级二模）甲物体密度为2×103kg/m3，边长如图甲所示，乙容器为一个矩形容器，底部边长如图乙所示，容器内水对容器底部的压强为1200Pa，容器足够高。，g取10N/kg）
（1）求甲物体的质量。
（2）求乙容器中水的深度。
（3）将甲物体放入乙容器里，让甲物体对容器底部压力最大，求此时物体受到的浮力。
28．（2025 长安区模拟）重力为10N、底面积为200cm2的圆柱形薄壁容器放在水平桌面上，内部盛有50N的水，如图中甲所示。现用弹簧测力计悬挂一金属圆柱体，从液面处开始缓慢浸入水中，拉力F与圆柱体下表面到水面距离h的变化关系如图乙所示。当圆柱体下表面距液面为20cm时，将系圆柱体的细线松开，圆柱体沉入容器底部（水未溢出），如图丙所示。ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）圆柱体浸没在水中时所受到的浮力；
（2）圆柱体的密度；
（3）圆柱体沉入容器底部时，容器对桌面的压强。
（解答时，要有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
29．（2025 保定模拟）如图甲，边长为20cm的薄壁正方体容器（质量不计）放在水平桌面上，将质地均匀的实心圆柱体竖直放在容器底部，圆柱体横截面积为200cm2，高度为10cm。现向容器内缓慢注入水，圆柱体始终直立，圆柱体对容器底部的压力与注入水的质量关系如图乙所示，g取10N/kg，。求：
（1）圆柱体的密度；
（2）图乙中纵坐标上F1的大小；
（3）当水对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为1：3时，容器内水的质量。
30．（2025 邢台模拟）2023年我国自主品牌比亚迪发布了一款仰望U8汽车电动汽车，该车型具备四轮独立能力，能够实现极限操稳、应急浮水、原地调头等功能，该车启动应急浮水功能后可以像船一样浮在水面并前进，如图是该汽车行驶在水面的情景。已知仰望U8汽车的总质量为4t，每个车轮与地面的接触面积为200cm2，在水中行驶时汽车底盘距离水面达0.8m，平均速度可达1.6km/h，水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）U8汽车空载时漂浮在水面上所受浮力。
（2）U8以平均速度在水中行驶3min的直线距离。
（3）U8汽车空载时对水平路面的压强和在水中行驶时底盘受到水的压强。
五年真题参考答案与试题解析
1．【考点】流体压强与流速的关系；运动和静止的相对性．版权所有
【专题】定性思想；气体的压强、流体压强与流速的关系；理解能力．
【解答】（1）在列车驶过时列车附近的空气流动速度加快、压强小，会产生一个向内侧的压强差；
（2）以车窗为参照物，小明相对于车窗的位置没有发生变化，所以小明是静止的。
故答案为：小；静止。
2．【考点】电磁波的传播；运动和静止的相对性；惯性的概念．版权所有
【专题】定性思想；信息的传递；应用能力．
【解答】（1）对接成功后，飞船相对于空间站没有位置的变化，飞船相对于空间站是静止的；
（2）空间站是通过电磁波与地面联系的；
（3）飞船在太空中质量不变，有惯性且大小不变。
故答案为：静止；电磁；有。
3．【考点】功率的计算；平均速度；功的简单计算．版权所有
【专题】定量思想；功、功率、机械效率；应用能力．
【解答】A、小明全程的平均速度为：v，故A错误；
B、小车在甲、乙段做的功为：W1＝Fs1，
由两次推力做功之比为：2：1
所以从乙到丙的过程中，小明的水平推力为：F′，故B正确；
C、从乙到丙的过程中，小明推力做功的功率为：P，故C正确；
D、若把空车从丙沿原路匀速推回到甲，推力做功为：
W3＝F′（s1+s2）（s1+s2），故D错误。
故选：BC。
4．【考点】探究电流与电压的关系．版权所有
【专题】定量思想；测量型实验综合题；实验基本能力．
【解答】（1）将电压表并联在定值电阻两端的电压，如下图所示：
；
（2）连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电流表的指针不偏转，说明电路中没有电流，电路为断路，电压表没有示数，说明电压表与电源的两端不相连，说明与电压表并联以外的部分有断路，导线接在a和b上，电流表和电压表都没有示数，说明a和b间没有断路，导线接在a和c上，电流表和电压表都有示数，说明滑动变阻器有断路；
（3）由图2知电压表选用0～3V的量程，分度值为0.1V，示数为1.2V；
（4）同一电阻电流与电压值成正比，都在同一直线上，而图3中第4次数据没有在同一直线上，说明第4组数据明显是错误的，分析时需要把它剔除掉；
（5）由图4知电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2时测量定值电阻R1和R2两端的总电压，由于R1＝10Ω、R2＝5Ω，所以R1+R2＝10Ω+5Ω＝15Ω；
由图5知①的电阻值为：R5Ω；②的电阻值为：R′10Ω，③的电阻值为：R″15Ω，所以③是由表三中的I和U2的数据画出的；
【拓展】：A、图中只有电流表，先只闭合开关S1，小灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，移动滑动变阻器使电流表的示数为I0，再闭合开关S2，保持滑片位置不变，读出电流表的示数I1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电流表的示数为I2，此时电源电压为：U＝I2（R+R0），则开始两次滑动变阻器接入电路的电阻为：R滑R0，根据U额＝U﹣U0﹣U滑算出小灯泡的额定电压，由R表示出小灯泡正常发光时的电阻，故A符合题意；
B、图中只有电压表，无法确定灯泡何时正常发光，所以不能测量出小灯泡的额定电阻，故B不符合题意；
C、图中只有电流表，先只闭合开关S1，小灯泡与滑动变阻器串联，移动滑动变阻器使电流表的示数为I0，再断开开关S1，闭合开关S2，保持滑片位置不变，读出电流表的示数为I1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电流表的示数为I2，此时电源电压为：U＝I2（R+R0），则开始两次滑动变阻器接入电路的电阻为：R滑R0，根据U额＝U﹣U滑算出小灯泡的额定电压，由R表示出小灯泡正常发光时的电阻，故C符合题意；
D、图中只有电压表，先只闭合开关S1，小灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，移动滑动变阻器使电压表的示数为I0R0，再闭合开关S2，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，保持滑片位置不变，读出电压表的示数U1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电压表的示数为U2，此时电路中的电流为：I，滑动变阻器两端的电压为：U滑＝IR，根据串联电路电压的规律算出电源电压U＝U2+U滑＝U2，由欧姆定律算出开始两次滑动变阻器接入电路的电阻和第一次滑动变阻器两端的电压，由串联电路电压的规律算出小灯泡的额定电压，根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的电阻，故D符合题意。
故选：ACD。
故答案为：（1）见解答图；（2）滑动变阻器；（3）1.2；（4）4；（5）③；（6）ACD。
5．【考点】镜面反射；像与物大小相等；光沿直线传播的现象．版权所有
【专题】定性思想；光的传播和反射、平面镜成像；理解能力．
【解答】（1）影子是沿直线传播的光被不透明的建筑物挡住，在建筑物后面的地面上光照不到的地方形成影子；
（2）通过地面上一层薄薄的积水还可以看到建筑物的像，是平面镜成像，像的大小与建筑物的大小相等；
（3）当强烈的太阳光照射到玻璃幕墙的表面时，会发生镜面反射，反射光线非常集中，炫目的光会干扰人们的正常生活，造成“光污染”。
故答案为：光的直线传播；相等；镜面。
6．【考点】利用比热容的公式计算热量．版权所有
【专题】定量思想；比热容、热机、热值；应用能力．
【解答】（1）天然气不能源源不断地从自然界获得，也不可重复利用，故天然气属于不可再生能源；
（2）水沸腾时吸收热量，温度保持不变；
（3）水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J。
故答案为：不可再生；保持不变；3.36×105。
7．【考点】探究产生感应电流的条件．版权所有
【专题】定性思想；探究型实验综合题；科学探究能力．
【解答】
（1）实验时，通过观察灵敏电流计的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流，这用到了转换法；
（2）①当导体AB水平向右运动时，会切割磁感线，产生感应电流；
②当导体AB竖直向上运动时，不会切割磁感线，不会产生感应电流；
③当导体AB斜向上运动时，会切割磁感线，产生感应电流；
④磁体水平向左运动时，会切割磁感线，产生感应电流；
⑤磁体竖直向上运动时，不会切割磁感线，不会产生感应电流；
综合分析会产生感应电流的是：①③④；
（3）实验现象不太明显，说明感应电流太小，故需要增大感应电流；增大感应电流的方法：①换一个磁性更强的磁体；②加快导体AB切割磁感线的运动速度；③将导体AB换成多匝线圈；
（4）扬声器是把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受力原理；电铃、电磁起重机的主要部件是电磁铁，利用电流的磁效应；动圈式话筒是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动，产生电流，是电磁感应原理。
故答案为：（1）灵敏电流计的指针是否偏转；（2）①③④；（3）换一个磁性更强的磁体；（4）动圈式话筒。
8．【考点】常见的长度及估测；时间的估测；质量的估测；摄氏温度的规定及单位．版权所有
【专题】定性思想；估算法；估算综合应用题；应用能力．
【解答】A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合实际；
B、一根筷子的长度约25cm，初中语文课本的长度略大于此数值，在26cm左右。故B符合实际；
C、三个苹果的质量约1斤，而1斤＝500g，所以一个苹果的质量在160g＝0.16kg左右。故C不符合实际；
D、正常情况下，人的脉搏跳动一次的时间接近1s，跳动10次的时间在8s左右。故D不符合实际。
故选：B。
9．【考点】安全用电原则．版权所有
【专题】定性思想；顺推法；电与热、生活用电；应用能力．
【解答】A、由于生活用水是导体，所以用湿抹布擦发光的灯泡很容易使得人触电。故A不符合安全用电原则；
B、发现有人触电，施救时应先将触电者与带电体分离，切断电源或用干燥竹竿等绝缘体将电线挑开。故B符合安全用电原则；
C、用手指触碰插座的插孔的做法是很危险的，很容易碰到里面的火线而触电。故C不符合安全用电原则；
D、插座板负载过多，干路电流过大，可能会造成火灾。故D不符合安全用电原则。
故选：B。
10．【考点】流体压强与流速的关系．版权所有
【专题】定性思想；气体的压强、流体压强与流速的关系；理解能力．
【解答】A、液体内部压强随着深度的增加而增大，即越往下面，河水的压强越大，所以拦河坝设计成下宽上窄，故A不合题意；
B、对着漏斗吹气，乒乓球上方的空气流速变大，压强变小，小于下部的气压，产生了一个向上的压强差，将乒乓球托住，故B符合题意；
C、吸盘要固定在玻璃上，需要先用力挤压吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了玻璃上，利用的是大气压，故C不合题意；
D、在站台上的乘客要站在安全线以外候车，是因为空气流速越快的位置压强越小，故D符合题意。
故选：BD。
一年模拟参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题）
1．【考点】牛顿第一定律的应用；物体运动状态变化的判断；运动和静止的相对性；力可以改变物体的运动状态．版权所有
【专题】应用题；参照思想；运动和力；重力、弹力、摩擦力；应用能力．
【解答】A、脚踢球使球飞出，说明力可以改变物体的运动状态，力不是物体运动的原因，故A错误；
B、足球在空中飞行过程中，受到重力和空气阻力的作用，这两个力不是平衡力，故其运动状态一定发生改变，故B正确；
C、足球在空中飞行时，以球为参照物，运动员相对于球的位置发生了变化，足球是运动的，故C错误；
D、足球运动到最高点时，在水平方向上仍有一定速度，根据牛顿第一定律可知，若所有力都消失，足球将做匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
2．【考点】平衡状态与平衡力的概念；运动和静止的相对性；力可以改变物体的运动状态；力的相互性．版权所有
【专题】应用题；参照思想；运动和力；重力、弹力、摩擦力；应用能力．
【解答】A、哪吒将毽子踢向敖丙，毽子的运动方向和速度大小发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确。
B、物体间力的作用是相互的，踢毽子时脚给毽子一个力，同时毽子也给脚一个大小相等的反作用力，故B错误。
C、以地面为参照物，空中的毽子相对地面的位置发生了变化，是运动的，故C错误。
D、毽子在最高点时，受到重力和空气阻力的作用，这两个力不在同一直线上，不是平衡力，所以毽子受到非平衡力的作用，故D错误。
故选：A。
3．【考点】运用惯性判断物体的运动；平衡力的判断；运动和静止的相对性；物体运动状态变化的判断．版权所有
【专题】应用题；解题思想；运动和力；应用能力．
【解答】A．平衡车匀速直线运动时，以平衡车为参照物，人相对于平衡车没有发生位置变化，是静止的，故A错误；
B．刹车时人会向前倾，是因为人具有惯性，会保持原来的运动状态，故B正确；
C．骑着车匀速转弯时，人的运动方向变化，所以运动状态改变，故C错误；
D．地面对车的支持力等于人和车的总重力，则人对车的压力和地面对车的支持力大小不等，不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
4．【考点】安全用电原则；家庭电路中各元件的连接方式；触电急救．版权所有
【专题】定性思想；电与热、生活用电；理解能力．
【解答】A、生活用水是导体，发生电火灾时如果直接用水去灭火，会发生触电事故，所以用电器着火时应先切断电源再用水浇灭，故A错误；
B、更换灯泡时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，故B正确；
C、发生触电事故，立即切断电源，防止施救者二次触电，故C错误；
D、控制电灯的开关应安装在火线和电灯之间，故D错误。
故选：B。
5．【考点】摩擦力的方向；力的相互性；运用惯性判断物体的运动；平衡状态的判断．版权所有
【专题】定性思想；重力、弹力、摩擦力；理解能力．
【解答】A、运动员在快速滑行过程中，溜冰鞋与冰面间摩擦力不为零，故A错误；
B、运动员在匀速转弯时，运动速度大小不变但方向在不断改变，处于非平衡状态，受到的不是平衡力，故B错误；
C、运动员到达终点时不能立即停下来，是因为运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能用受到惯性作用来表述，故C错误；
D、运动员用力向后蹬冰面，人就会快速向前，这是因为物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
6．【考点】密度计原理；阿基米德原理的定性分析．版权所有
【专题】定性思想；浮沉的应用；理解能力．
【解答】A、该密度计在水中静止时，所受的浮力等于自身的重力，故A错误；
B、密度计在水面处的刻度值为水的密度，故刻度值相同，故B错误；
C、加食盐前后，密度计都漂浮，自重不变，密度计受到的浮力不变，F浮＝G；
因为F浮＝ρ液V排g，液体的密度增大，所以密度计排开水的体积减小，将上浮一些，故C错误；
D、密度计的特点是刻度不均匀，上疏下密，上小下大，而且分度值越小越准确；深度深，相邻两密度值的间距越大；由题图可知密度计②所处的深度最深，相邻两密度值的间距最大，测量值最准确，故D正确。
故选：D。
7．【考点】验电器的原理；沸腾的特点；水的比热容特点及实际应用；四冲程的能量转化．版权所有
【专题】定性思想；其他综合题；理解能力．
【解答】A．用带正电体接触验电器时，两箔片因失去电子而带正电，由于同种电荷相互排斥金属箔张开，故A错误；
B．水在沸腾过程中，吸收热量，温度保持沸点不变，内能增加，故B错误；
C．丙图中，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，火花塞点火，是做功冲程，做功冲程将内能转化为机械能，故C正确；
D．深秋夜晚，给桔子喷水可防冻，利用的是水凝固放热给橘子保温不至于冻坏，不是利用水的比热容大这一特性为人类服务的，故D错误。
故选：C。
8．【考点】功率的大小比较；功的比较大小．版权所有
【专题】应用题；比较思想；功、功率、机械效率；应用能力；获取知识解决问题能力．
【解答】A、由图2可知，物体A在水平拉力F的作用下在DE段移动了3m，用时6s，物体A在水平拉力F的作用下在HG段移动了3m，用时3s，已知物体A在大小不变的水平拉力F的作用下，即拉力F相同，移动的距离相等，根据W＝Fs可知，F在DE段所做的功等于在GH段所做的功，即W1＝W2，故A错误；
B、从乙图看，DE段做匀速直线运动，拉力等于摩擦力，即F＝f1，故B正确；
C、F在DE段所做的功等于在HG段所做的功，HG段的时间少于DE段的时间，根据P可知，F在DE段所做功的功率小于在HG段所做功的功率，即P1＜P2，故C错误；
D、DE段做匀速直线运动，拉力等于摩擦力，在HG段，不做匀速直线运动，拉力不等于此阶段的摩擦力，故两次的摩擦力不相等，故D错误。
故选：B。
9．【考点】欧姆定律的应用；动态电路的分析．版权所有
【专题】定量思想；欧姆定律；电路变化分析综合题；应用能力．
【解答】A、由图知两电阻串联，电压表测热敏电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流，由于热敏电阻的阻值会随体温的升高而增大，所以当体温越高热敏电阻的阻值会越大，根据串联电路的分压作用知热敏电阻分得的电压会越大，电压表示数越大，故A错误；
B、当电压表的示数达到2V时便会报警串联电路总电压等于各部分电压之和，当电压表示数为2V时，定值电阻两端的电压：U0＝U﹣UR＝6V﹣2V＝4V，
串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I0.4A，故B错误；
C、根据欧姆定律可得此时热敏电阻的阻值：R5Ω，故C错误；
D、由题知热敏电阻的阻值随温度的升高而增大，温度越高电阻R阻值越大，分压越多，定值电阻R0分得的电压越少，此时应增大保护电阻R0的阻值使其分得的电压越多，故D正确。
故选：D。
10．【考点】动态电路的分析．版权所有
【专题】定性思想；电路变化分析综合题；应用能力．
【解答】由电路图可知，R2与R1并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压；
AB、电源电压不变，则滑片移动过程中电压表示数不变；
滑动变阻器R2的滑片P从最右端向中点移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大；
因并联电路中各支路互不影响，则通过R1的电流不变，即电流表A1示数不变；
根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，即电流表A2示数变大，故AB错误；
C、电压表示数与电流表A2示数比值变小，电压表示数与电流表A1示数乘积不变，故C正确；
D、电压表示数与电流表A1示数比值不变，电压表示数与电流表A2示数乘积变大，故D错误。
故选：C。
二．多选题（共2小题）
11．【考点】功率的大小比较．版权所有
【专题】应用题；比较思想；控制变量法；功、功率、机械效率．
【解答】
A、木块在水平面和斜面上的速度相等，根据v知，相同时间内，木块通过的路程相等，又知拉力之比为5：9，所以甲、乙两次拉力对木块做功之比：5：9．故A正确；
B、拉力之比为5：9，且木块在水平面和斜面上的速度相同，
由PFv可得，甲、乙两次拉力做功的功率之比为：
5：9．故B正确；
C、用同一木板和同一木块做实验，则接触面的粗糙程度相同，但木块对水平面的压力大于对斜面的压力，所以，甲中的木块受到的摩擦力比乙中的木块受到的摩擦力大，故C正确；
D、相同时间内，木块两次通过的路程相等，甲、乙两次拉动木块时，木块受到的摩擦力大小不等，所以根据W＝fs可知，相同时间内，甲、乙两次克服摩擦力做功不相等，故D错误。
故选：ABC。
12．【考点】凸透镜成像规律的应用．版权所有
【专题】定性思想；透镜及其应用；应用能力．
【解答】A、投影仪成像规律是物距处于一倍焦距和二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，所以手机到透镜的距离为一倍焦距和二倍焦距之间，故A错误；
B、由于投影仪成倒立、放大的实像，所以若要在墙上正常阅读手机内容，手机应如图所示倒立放置，故B错误；
C、要使墙上的像变大，根据凸透镜成像规律“物近像远，像变大”，所以需要减小手机到透镜间的距离，同时增大像距，故C正确；
D、在物距一定时，在凸透镜前放置一个合适的凸透镜，由于凸透镜对光线具有会聚作用，像距变小，墙上的像逐渐变小，故D正确。
故选：CD。
三．填空题（共6小题）
13．【考点】像与物大小相等；运动和静止的相对性．版权所有
【专题】应用题；参照思想；光的传播和反射、平面镜成像；运动和力；应用能力．
【解答】由平面镜成像的特点知道，像和物体的大小相等，所以不管小鸟向下俯冲还是向上飞，像始终和小鸟等大，不发生变化。
根据平面镜成像特点可知，在俯冲过程中，小鸟在水中的倒影和小鸟到水面的距离都在变小，则小鸟在水中的倒影相对于小鸟的位置发生了变化，所以是运动的。
故答案为：不变；运动。
14．【考点】运用惯性判断物体的运动；运动和静止的相对性．版权所有
【专题】应用题；参照思想；运动和力；应用能力．
【解答】斧子的斧头变松了，撞击斧柄下端，斧柄突然停止运动，斧头由于惯性会继续向下运动，这样斧头就会牢牢地套在斧柄上了。
斧柄下端撞击木墩时，以斧柄为参照物，斧头相对于斧柄的位置发生了变化，所以是运动的。
故答案为：惯性；运动。
15．【考点】电功与电能的计算；利用比热容的公式计算热量；能量的利用效率．版权所有
【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．
【解答】只将电茶炉接入220V电路中正常工作10min消耗的电能：
Wt10×60s＝4.8×105JkW h，
水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；
电茶炉烧水的效率：
η70%。
故答案为：3.36×105；70%。
16．【考点】利用比热容的公式计算热量；温度对分子热运动的影响；热传递改变物体的内能．版权所有
【专题】定量思想；比热容、热机、热值；应用能力．
【解答】（1）燃料燃烧放出热量，液体吸收热量，内能增大，通过热传递的方式使液体的内能增大；
（2）同一时刻，甲的温度高，甲液体的分子运动更剧烈；
（3）加热相同的时间150s，甲的温度40℃，乙的温度升高60℃，甲和乙的质量相同，c甲＜c乙，甲吸收的热量比乙吸收的热量少，加热器放出的热量全部被液体吸收，所以R1产生的热量比R2产生的热量少；
（4）实验中测得通过R1和R2的电流大小相等，R1产生的热量比R2产生的热量少，加热时间相同，根据焦耳定律Q＝I2Rt，所以R1＜R2；
（5）加热150s时甲液体吸收的热量为：
Q＝cmΔt＝2.1×103J/（kg ℃）×200×10﹣3kg×（100℃﹣60℃）＝1.68×104J。
故答案为：（1）热传递；（2）甲；（3）＜；（4）＜；（5）1.68×104。
17．【考点】比较重力势能的大小；动能大小与速度的关系．版权所有
【专题】应用题；比较思想；机械能及其转化；应用能力．
【解答】（1）若山坡表面光滑，某物体沿射线方向从3号等高线滑向1号等高线时，高度降低，重力势能转化为动能，所以动能会变大。
（2）重力势能与质量和高度有关，质量相等的两个物体处在山峰上的3号等高线的A、B两处，高度相同，所以此时两物体的重力势能相等。
故答案为：（1）变大；（2）相等。
18．【考点】焦耳定律的简单计算；串联和并联的概念与辨析．版权所有
【专题】定量思想；电与热、生活用电；应用能力．
【解答】（1）1min玻璃“细线”产生的热量为：
W＝UIt＝6V×0.5A×60s＝180J；
（2）小明发现刚才的实验中玻璃里有一根“细线”是断开的，但电流表和电压表都有示数，即各”细线“互不影响，说明玻璃中的各“细线”的连接方式是并联的；由并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以该玻璃中其他未断“细丝”的除霜能力将保持不变，但电路中的总电流减小，整个玻璃的除霜能量减弱。
故答案为：180；并；减弱。
四．实验探究题（共5小题）
19．【考点】探究固体熔化时温度的变化规律；探究固体熔化时实验装置的组装顺序；探究固体熔化时的实验数据以及图像处理；温度计的读数．版权所有
【专题】定性思想；温度计、熔化和凝固；理解能力．
【解答】（1）安装实验器材时，需要用酒精灯的外焰加热，并且避免温度计的玻璃泡碰到容器底或容器壁，应按照“自下而上”的顺序进行；
（2）图乙中，该温度计的分度值为1℃，0刻度线在下方，液柱的液面在0℃以上，所以温度计的示数为37℃；
（3）①从图象可以看出，熔化过程中，温度保持在55℃不变，即该物质的熔点是55℃；t1～t2阶段，试管中的物质处于熔化过程中，因此物质处于固液共存状态；因为该物质熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，因此水杯中的这种固体颗粒是晶体；
②从图丙可以看出，该物质有固定的熔点，是晶体。
故答案为：（1）自下而上；（2）37；（3）①55；固液共存；②晶体。
20．【考点】探究浮力大小的影响因素．版权所有
【专题】定量思想；探究型实验综合题；科学探究能力．
【解答】（1）图a中弹簧测力计分度值为0.1N，示数为1.4N，即放入一个钩码的圆筒重力为1.4N；图c中圆筒浸没在水中时，测力计示数为0.8N，根据称重法，圆筒浸没在水中受到的浮力为F浮＝G﹣F示＝1.4N﹣0.8N＝0.6N。
比较图b和c，只有物体浸入液体的体积不同，测力计示数不同，则浮力不同，可得：物体所受浮力的大小与浸入液体的体积有关。
图d中，测力计示数为1.8N，则受到的浮力为F浮'＝G+G钩码﹣F示'＝1.4N+1N﹣1.8N＝0.6N，所以图c和d中浮力相同，只有物体的重力不同，说明物体所受浮力的大小与物体重力大小无关。
（2）圆柱体逐渐浸入水中的过程中，浸入水中越深，它排开水的体积越大受到的浮力越大，弹簧测力计的示数越小；浸没后，它排开水的体积不变，受到的浮力不变，则弹簧测力计的示数也不变。故弹簧测力计的示数是先变小后不变。
故选：D。
（3）密度计始终漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变，根据F浮＝ρ液gV排则有ρ水gSh0＝ρgSh1；
解得此溶液的密度为：
；
若适当增大圆筒中配重的质量，则密度计的重力变大，则浮力变大，根据F浮＝ρ液gV排，在V排不变时，液体的密度变大，所以这支密度计所能测量液体密度的最大值增大。
故答案为：（1）0.6；浸入液体的体积；重力；（2）D；（3）②1.2；【拓展】增大。
21．【考点】伏安法测电阻．版权所有
【专题】实验题；参照思想；分析、综合能力；实验基本能力．
【解答】（1）变阻器的滑片向右移动时电流表示数变小，可知电路的电阻变大，变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：
（2）实验中，而电流表示数变大，电路为通路，电压表示数突然变为0，产生这一现象的原因可能是电阻短路。
（3）由表中第1组数据，由串联电阻的规律及欧姆定律可知，变阻器连入电路的电阻为
R滑30Ω
排除故障后继续实验，记录的实验数据如下表所示。其中有一组数据不是本实验测得的，它是第1组。
（4）根据一组数据得出的电阻误差较大，本实验多次测量的目的是多次测量求平均值减小误差。
（5）灯与变阻器串联，通过灯的电流变大时，根据U＝IR，灯的电压变大，由串联电路电压规律，变阻器的电压变小，小亮采用相同的器材进行该实验时根据实验数据绘出的 I﹣U 图像如图乙中的B所示，小亮得到的图像与小明得到的图像不同的原因可能是小亮把电压表并在滑动变阻器两端。
【拓展】
①根据串联电路的规律及分压原理有
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻也最大，这时电压表控制的电压最小，即
控制的最小电压为
UV＝2.4V
最大电流为0.6A，对应的电阻为5欧，由欧姆定律易知最大电压为3V，若要4个电阻都能完成实验，且保证各元件安全，电压表示数范围应为2.4～3V。
②小明用以上电阻进行实验时，在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流（为0.6A）恰好是最小电流的5倍，最小电流为0.12A，根据串联电阻的规律及欧姆定律有
I最小
即为0.12A
R＝20Ω
则此时小明用的R应为20Ω的电阻。
故答案为：
（1）见解析中图；
（2）电阻短路；
（3）1；
（4）求平均值减小误差；
（5）小亮把电压表并在滑动变阻器两端。
【拓展】①2.4～3；②20。
22．【考点】伏安法测量小灯泡的电功率．版权所有
【专题】定量思想；测量型实验综合题；实验基本能力．
【解答】（1）滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱串联入电路中，如下图所示：
（2）电流表无示数，灯泡不亮，说明电路出现了断路，电压表有示数，且任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变，说明与电压表并联的灯泡断路，即灯泡断路；
（3）由图乙知电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，
小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.26＝0.65W；
（4）由图丙所示I﹣U图象可知，随灯泡电压U变大，通过电阻电流变大，根据R可知，灯丝电阻变大，
由于电压变大，电流变大，灯泡变亮，灯泡的温度升高，所以灯丝电阻随温度升高而变大；
（5）①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器R的滑片，使电压表的示数为U额，此时L、R0、变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器的滑片不动，断开开关S1，闭合开关S、S2，读出电压表的示数为U1，此时电路的连接方式不变，电压表测L、R0的总电压，各元件电阻大小不变，所以灯泡仍正常发光；
③由串联电路特点和欧姆定律可知，灯泡正常发光电流：I＝I0，
小灯泡额定功率为：
P额＝U额I＝U额 。
故答案为：（1）见解析；（2）小灯泡断路；（3）0.26；0.65；（4）灯丝电阻随温度升高而变大；（5）断开开关S1，闭合开关S、S2；U额 。
23．【考点】探究电流与电阻的关系．版权所有
【专题】定量思想；控制变量法；欧姆定律；分析、综合能力；实验基本能力．
【解答】（1）在“探究电流与电阻关系”的实验中，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量定值电阻两端的电压。当滑片P向右移动时电路中电流变大，即电路中的电阻变小，所以滑动变阻器应选择右下方接线柱接入电路，如下图所示：
；
（2）闭合开关，电流表无示数，说明电路中某处断路，电压表无示数，说明电压表不能与电源两极连通，即电压表所测电路之外的电路有断路，当电压表与开关并联时，电压表有示数，说明此时电压表能与电源两极连通，则除开关外，其它电路没有断路，电路的故障是开关断路，故选A；
（3）由图乙可知，当R1＝5Ω时，电流为I1＝0.4A，当R2＝10Ω时，电流为I2＝0.2A，当R3＝20Ω时，电流为I3＝0.1A，由U＝IR可知，R两端的电压为2V；
当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，由串联电路的分压原理可知，R两端的电压会变大，要控制R两端的电压不变，就应将变阻器两端的电压调大，即将变阻器接入电路的阻值调大，所以应该将滑动变阻器的滑片P向左端滑动；
已知电源电压为U＝6V、R两端所控制的电压为U定＝2V，
所以变阻器两端的电压为U滑＝U﹣U定＝6V﹣2V＝4V，
由串联电路的分压大原理可得：R滑大：R定大＝U滑大：U定大＝4V：2V＝2：1，
即：R滑大＝2R定大＝2×25Ω＝50Ω；
由图象知，当导体两端电压一定时，流过导体的电流与电阻成反比。
故答案为：（1）图见解答；（2）A；（3）2；左；50；当导体两端电压一定时，流过导体的电流与电阻成反比。
五．综合应用题（共7小题）
24．【考点】电功率的综合计算；电功与电能的计算．版权所有
【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．
【解答】（1）由P＝ 可知使用高温挡时电热饭盒消耗的电能为：
W＝Pt＝400W×10×60s＝2.4×105J；
使用低温挡时电热饭盒消耗的电能：
W′＝P′t′＝100W×20×60s＝1.2×105J；
本次使用电热饭盒总共消耗的电能为：
W总＝W+W′＝2.4×105J+1.2×105J＝3.6×105J；
（2）当开关S接2时，电路中只有R1接入电路，此时电路中的电阻最小，根据P＝ 知此时电路的电功率最大，为高温挡，由图知可知此时功率为400W，
电热丝R1的阻值为：
R1＝ 121Ω；
当电热饭盒处于保温功能时，电路的总功率最小，此时电路的总电阻最大，即R1与R2串联，保温功能时电路中的总电阻为：
R总＝ 484Ω，
根据串联电路电阻规律可得电热丝R2的阻值为：
R2＝R总﹣R1＝484Ω﹣121Ω＝363Ω；
（3）由题可知，不改变加热功率，则R1的电阻不变，依据R＝ 得保温时电路的总电阻R总′＝ 968Ω，则需要增加的电阻R3＝R总′﹣R总＝968Ω﹣484Ω＝484Ω或者将R2换为R2′＝R总′﹣R1＝968Ω﹣121Ω＝847Ω，如答图所示．
。
答：（1）本次使用电热饭盒共消耗的电能为3.6×105J；
（2）电热丝R2的阻值为363Ω；
（3）见解答图。
25．【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用．版权所有
【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．
【解答】（1）（2）甲图不能，因为甲图为并联电路，滑片一定能移到最大阻值处，即滑片一定能移到最右端。
由滑动变阻器的规格可知通过滑动变阻器的最大电流为1A，两电路中总电流的最大变化量均为0.6A。
乙图中两电阻串联，因ΔImax＝0.6A，则电路的最小电流为：Imin＝Imax﹣ΔImax＝1A﹣0.6A＝0.4A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大（但未移到最右端），由串联分压原理可知此时其两端电压最大，且电压表选用0～15V量程，所以其两端电压最大为：U2max＝15V，
此时滑动变阻器接入电路的阻值：R237.5Ω＞20Ω，
所以，滑动变阻器的规格为“50Ω 1A”。
（3）图甲中两电阻并联，由并联电路的特点可知，滑片移动时通过R1的电流不变，
因ΔImax＝0.6A，且I滑max＝1A，则通过变阻器的最小电流为：I滑min＝I滑max﹣ΔImax＝1A﹣0.6A＝0.4A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大为50Ω，则电源电压为：U＝U滑＝I滑minR滑max＝0.4A×50Ω＝20V。
乙图中，当电压表示数最大为15V时，电流最小为0.4A，
因串联电路总电压等于各部分电压之和，则此时R1两端的电压为：Ub1min＝U﹣Ub2max＝20V﹣15V＝5V，
由欧姆定律可得R1的电阻为：R112.5Ω。
答：（1）乙。
（2）滑动变阻器的规格为“50Ω 1A”。
（3）定值电阻R1的阻值12.5Ω。
26．【考点】电功率的综合计算；利用比热容的公式计算热量；电功率P＝UI的简单计算．版权所有
【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．
【解答】（1）由P＝UI可知，电压一定，电阻较大时，电路中的功率较小，热奶器处于保温状态，否则处于加热状态，
由电路图可知，开关S断开时电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，饮水机处于保温状态；
当开关S闭合时电路为R1的简单电路，饮水机处于加热状态；
（2）热奶器正常加热时，电路中的电流是：
I0.07A；
（3）若热奶器正常加热半小时所放出的热量全部被牛奶吸收，正常加热0.5h＝1800s牛奶吸收的热量Q吸＝W＝P中加热t＝16W×1800s＝28800J，
根据Q吸＝cmΔt可知牛奶升高的温度Δt28.8℃，
牛奶升高到的温度为：
t＝t0+Δt＝15℃+28.8℃＝43.8℃。
故答案为：（1）闭合；
（2）热奶器正常加热时，电路中的电流是0.07A；
（3）若热奶器正常加热半小时所放出的热量全部被牛奶吸收，可让一盒初温为15℃、质量为250g牛奶升高到43.8℃。
27．【考点】利用阿基米德原理进行简单计算；密度公式的变形运用计算质量和体积；变形公式h＝p/ρg求液体的深度．版权所有
【专题】定量思想；浮力；应用能力．
【解答】（1）物体体积为：V＝0.3m×0.2m×0.2m＝1.2×10﹣2m3，
物体质量为：m＝ρV＝2×103kg/m3×1.2×10﹣2m3＝24kg；
（2）根据p＝ρgh得乙容器中水的深度为：
；
（3）将物体竖直放入容器时，物体受到的浮力最小，对容器底部的压力最大。
水的总体积为：；
放入物体后，由V水＝（S容﹣S物）h得，1.2×10﹣2m3＝（0.4m×0.25m﹣0.2m×0.2m） h，
解得此时水的深度为：
h＝0.2m，
物体排开水的体积为：
，
物体受到的浮力为：
。
答：（1）甲物体的质量为24kg。
（2）乙容器中水的深度为0.12m。
（3）将甲物体放入乙容器里，让甲物体对容器底部压力最大，此时物体受到的浮力为80N。
28．【考点】称重法测量浮力；密度的简单计算；压强的公式的应用．版权所有
【专题】定量思想；浮力；应用能力．
【解答】（1）由图乙可知，圆柱体未进入水中时拉力为3N，则圆柱体的重力为G＝3N，圆柱体浸没在水中后拉力为F＝2N，由称重法可知，圆柱体浸没在水中时所受的浮力为F浮＝G﹣F＝3N﹣2N＝1N
（2）当圆柱体浸没在水中，圆柱体的体积V＝V排，由F浮＝ρ水V排g可得圆柱体的体积为：
V＝V排1×10﹣4m3；
则圆柱体的质量为：
m0.3kg，
故圆柱体的密度为：
ρ3×103kg/m3；
（3）根据题意可知，容器对桌面的压力为F＝G容+G水+G圆柱
圆柱体沉入容器底部时，容器对桌面的压强为：
p3150Pa。
答：（1）圆柱体浸没在水中时所受到的浮力为1N；
（2）圆柱体的密度为3×103kg/m3；
（3）圆柱体沉入容器底部时，容器对桌面的压强为3150Pa。
29．【考点】利用阿基米德原理进行简单计算；密度的简单计算；压强的公式的应用；液体压强的公式及计算．版权所有
【专题】定量思想；浮力；应用能力．
【解答】（1）由图乙可知，当注入液体的质量为0时，此时圆柱体对容器底部的压力F压等于圆柱体的重力G，即F压＝G＝180N，
故由G＝mg可得，圆柱体的质量为m18kg；
圆柱体的体积为V＝Sh＝200cm2×10cm＝2000cm3＝2×10﹣3m3，
圆柱体的密度：ρ9×103kg/m3；
（2）由阿基米德原理可得，当圆柱体刚被浸没时，它受到的浮力为：
F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV柱＝1×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3＝20N，
圆柱体对容器底部的压力：F1＝G﹣F浮＝180N﹣20N＝160N；
（3）由（2）中可知圆柱体刚好浸没时注入水的质量为2kg，
当注入水质量m1小于等于2kg时，容器内的水深度为h′，
ΔS＝S容﹣S0＝0.04m2﹣0.02m2＝0.02m2，
由p＝ρgh可得此时水对容器底的压强为p1＝ρ水g①，
由图乙可知当没有注入水时圆柱体对容器底的压力，则注入水后容器对桌面的压力为F＝180N+m1g，
容器对桌面的压强为：p2②，
由题意可知p1：p2＝1：3﹣﹣﹣﹣﹣﹣③，
将①②代入③中解得m1＝3.6kg，因m1＝3.6kg＞2kg，故应舍去，
当注入水的质量大于2kg时，即注入水的深度大于10cm，因液体体积与圆柱体体积之和等于容器底面积乘以液体的深度，即V水+V0＝S容h′，
液体的体积为V水，
故可得V0＝S容h′，
解得此时水的深度为h′，
由p＝ρgh可得此时液体对容器底的压强为p水＝ρ水gh′＝ρ水g④，
由受力分析可知，容器对桌面的压强为p容，
由题意可知p水：p容＝1：3，
故可得（mg+ρ水gV0）：（180N+mg）＝1：3，
代入数据可得（m×10N/kg+1×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3）：（180N+m×10N/kg）＝1：3，
解得m＝6kg。
答：（1）圆柱体的密度为9×103kg/m3；
（2）图乙中纵坐标上F1的大小为160N；
（3）容器内水的质量为6kg。
30．【考点】速度公式的应用；压强的公式的应用；液体压强的公式及计算；利用物体的浮沉条件求浮力的大小．版权所有
【专题】定量思想；压强、液体的压强；应用能力．
【解答】（1）U8汽车空载时漂浮在水面上所受浮力等于重力，即：F浮＝G＝mg＝4×103kg×10N/kg＝4×104N；
（2）根据v得U8以平均速度在水中行驶3min的直线距离为：
s＝vt＝1.6km/hh＝0.08km＝80m；
（3）U8汽车空载时对水平路面的压强为：
p5×105Pa；
在水中行驶时底盘受到水的压强为：
p′＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.8m＝8000Pa。
答：（1）U8汽车空载时漂浮在水面上所受浮力为4×104N；
（2）U8以平均速度在水中行驶3min的直线距离为80m；
（3）U8汽车空载时对水平路面的压强为5×105Pa、在水中行驶时底盘受到水的压强8000Pa。
4；邮箱：540160554@；学号：4723941
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