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广东省佛山市禅城区2024-2025学年八年级下学期物理期末卷
1．（2025八下·禅城期末）若哪吒公仔和八下物理课本的重量相当，则公仔的重量约为
A．0.2N B．2N C．20N D．200N
2．（2025八下·禅城期末）哪吒向上踢键子，键子向上飞：向前踢键子，键子向前飞.造成键子两种运动效果的主要原因是
A．力的大小不同 B．力的方向不同
C．力的作用点不同 D．以上说法都不对
3．（2025八下·禅城期末）哪吒竖直向上踢踢子，下列说法正确的是
A．在最高点时动能最大
B．向上运动的过程中，动能增大
C．向上运动的过程中，机械能增大
D．向下运动的过程中，重力势能减小
4．（2025八下·禅城期末）下列安全事例中，与“流体的压强与流速的关系”无关的现象是
A．高压锅因安全阀堵塞引发爆炸
B．地铁站台设置安全黄线，防止乘客靠近轨道
C．两艘船并排航行时因距离过近自动相撞
D．台风天气中靠近未关闭门窗的物品会被强风吸“出窗外
5．（2025八下·禅城期末）如图所示实例中没有利用连通器原理的是
A．水壶
B．三峡船闸
C．自动供水盆景
D．下水道存水弯
6．（2025八下·禅城期末）在乘坐公交车出游时，属于利用惯性的操作的是
A．车辆起步时站稳扶好 B．汽车未到站就关闭油门
C．路上行车时保持车距 D．坐在座位时系好安全带
7．（2025八下·禅城期末）为了提高快递配送效率，酒店使用图甲所示的机器人完成快速智能配送，某次配送机器人从O点到A点运动了30s，从A点到B点运动了30s，其运动过程的V-图像如图乙所示，此过程中机器人的速度V、受到的牵引力F、牵引力对机器人做的功W和功率P的大小关系判断正确的是
A． B． C． D．
8．（2025八下·禅城期末）长征七号火箭点火升空，火箭发动机向下喷射燃气时，燃气对火箭产生向上的推力，这说明力的作用是　 　的：在加速上升阶段，火箭机械能　 　（后两空选填“增大”、“不变”或“减小”）：若上升过程中所有外力突然消失，火箭的运动速度将　 　。
9．（2025八下·禅城期末）冰壶比赛中，运动员给冰壶施加5N的水平推力，使冰壶从静止开始运动，说明力可以改变物体的　 　：这个过程中冰壶受到3N的阻力，冰壶受到的合力为　 　N：若质量为20kg的冰壶在水平冰面上滑行10m，则重力对冰壶做的功为　 　J.（取g=10N/kg）
10．（2025八下·禅城期末）小明用如图所示装置“探究影响压力作用效果的因素”，通过观察　 　来比较压力的作用效果：由　 　两图可知，压力的作用效果与压力大小有关：将图乙中的桌子放在如图丁所示的木板上，则图乙中面团受到的压强　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）图丁中木板受到的压强。
11．（2025八下·禅城期末）小明利用如图装置探究“动能大小的影响因素”，小车从斜面静止滑下，撞击水平面上的压力传感器，通过压力反映小球动能的大小，这个研究方法是　 　法：让同一小车从不同高度滑下可以探究动能与　 　的关系：两个质量不同的小车从同一高度滑下，质量较大的小车撞击传感器时的力更大，由此可知：速度相同时，物体的质量越大，动能越　 　。
12．（2025八下·禅城期末）小明做托里拆利实验，他将玻璃管倾斜，观察到液面稳定后如图甲，测得当地大气压相当于　 　毫米水银柱产生的压强：若在玻璃管顶端开一个小孔，管内水银柱将　 　（后两空选填“升高”、“降低”或“不变”），图乙是小明自制的气压计，若将此实验装置从1楼移至30楼，则玻璃管内液柱的高度会　 　。
13．（2025八下·禅城期末）图为（天工开物》记载的水碾装置，水流冲击叶轮带动石磨转动来加工谷物。石磨转动研磨谷物时，谷物受到磨盘的摩擦力方向与磨盘转动方向　 　：当工人推动磨柄使石磨匀速转动时，手对磨柄的推力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）磨柄受到的摩擦力：若在磨盘表面刻出更深的纹路，研磨时谷物受到的摩擦力会　 　。
14．（2025八下·禅城期末）图甲为小明探究植物细胞吸水与失水的原理的装置：将冬瓜制成“冬瓜碗”，加入240g密度为1.2g/cm3的食盐水，再让土密度计竖直漂在食盐水中（食盐溶解后溶液体积变化可忽略）.实验过程中：土密度计所受的浮力　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）.图乙为土密度计浸入溶液的深度随时间变化图像，土密度计稳定后盐水的密度　 　g/cm3：若要使土密度计恢复初始浸入深度，可以向溶液中　 　（选填“加盐”或“加水”），
15．（2025八下·禅城期末）
（1）为将一石块拉至树边，工人师傅利用滑轮、绳子组建了一简单机械，如图甲所示.请画出：①最省力的绳子绕法：②石块重心为点0，拉动过程中，石块所受重力、支持力、摩擦力的示意图.
（2）图乙是笔记本电脑，请在图丙中画出人掀开电脑屏幕的最小动力F及其力臂L
16．（2025八下·禅城期末）
（1）如图甲，物体A静止时受到的拉力是　 　N：弹簧测力计拉物体A突然向上运动，拉力的示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（2）在操究二力平衡的条件实验中，选择装置　 　（选填“甲”或“乙”）更科学，此装置可以减小　 　对实验的影响：用手按住小车不动，在两个托盘中放入质量相等的码，放手后小车静止：在左盘中再添加一个砝码，小车将运动，这说明相互平衡的两个力　 　。
（3）小明设计了如图所示的实验装置，探究“影响滑动摩擦力大小的因素”。两个传感器可分别显示拉力和压力的大小，该实验装置　 　（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动长木板。若想探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系，可采取的措施是　 　。
17．（2025八下·禅城期末）小明用如图装置“探究影响液体压强大小的因素”，他在U形管接头处加装了一个“三通接头”（一端连接软管，一端连接U形管，阀门k控制管内是否与大气的连通），如图甲。
（1）U形管与探头连接时，網门K应处于　 　（选填“打开”或“关闭”）状态，以确保U形管内的水面相平：组装完成后，轻压探头的橡皮膜，若U形管内液面有明显的高度差并保持稳定，说明装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）
（2）比较图乙与　 　图，可知液体压强随深度的增加而增大：比较图丙与图丁，可知液体在同一深度向各个方向的压强　 　：比较图丁和图戊，可知液体的压强还与　 　有关
（3）小婷保持丁图中探头的位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，她发现U形管两侧液面的高度差变大了，于是得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论，小明认为她的操作是不可靠的，原因是加入盐水后探头所处的　 　改变。
（4）根据液体压强知识，东平河边的佛山大坝的横截面示意图中，设计最合理的是　 　。
18．（2025八下·禅城期末）小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件，
（1）杠杆未挂钩码前，在如图甲所示的位置静止时，杠杆处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，这样做的目的是　 　。
（2）实验时，小明在杠杆左侧A位置先挂了3个钩码，如图乙所示。则在右侧B位置应挂　 　个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡，
（3）实验中，小明记录的数据如表所示.
实验序号 动力F1 动力臂L1 阻力F2 阻力臂L2
1 1.0 20 2.0 10
2 1.5 10 1.0 15
3 2.0 15 1.5 20
做多次实验的目的是　 　。
（4）小明用自制杆秤称量水果：
①如图丙所示，称芒果时，秤碗移到A点秤杆水平静止：
②称苹果时，秤碗需移到更远的B点秤杆才水平静止：
③由此可知，　 　（选填“芒果”或“苹果”）更重
19．（2025八下·禅城期末）如图，“四川舰”是全球第一款配备电磁弹射器的两栖攻击舰，可弹射最大起飞重量30吨的“歼-35”.舰长约260m，宽约52m，可搭载直升机、两栖坦克等装备，四川舰满载时排水量为4万吨.求：（g=10N/kg，ρ海水=1.0×103kg/m3）
（1）“四川舰”在5m深处的海水产生的压强：
（2）“四川舰”满载时受到的浮力：
（3）“四川舰”在进行某次训练时，4台最大起飞质量的“歼一35”起飞后，“四川舰”排开水的体积变化了多少㎡”？
20．（2025八下·禅城期末）某智能物流中心使用斜面与滑轮组搬运货物，如图甲所示.斜面长L=8m，高h=4m，通过滑轮组将质量为120kg的货物匀速拉上斜面顶端，货物沿斜面移动的距离s随时间：变化的图像如图乙所示，拉力F=600N，忽略绳重和滑轮摩擦，（g=10N/kg）.求：
（1）提升货物做的有用功：
（2）拉力F在20s内做的总功和总功率：
（3）整个装置的机械效率
21．（2025八下·禅城期末）小明感觉从水里爬上岸很费力，他猜想这跟物体所受浮力大小有关，于是他用一块柱形合金块做了如下实验：
（1）由图甲可知，当物体部分漫入水中，如图B所示时，柱形金属块所受的浮力为　 　N.
（2）由图甲的A、B、C、D可知，小明感觉从水里向岸上爬时，感觉自己忽然变得很沉，是因为　 　。
（3）由图A、E、F可知，柱形合金块浸没在水中受到的浮力　 　（选填“小于”、“等于”或“大于”）其漫没在盐水中受到的浮力，但两者的差别不大.为了使实验效果更明显，可以采取的操作是　 　。
（4）他将一个两端蒙有橡皮膜的玻璃管，分别以图乙和图丙的方式浸没于水中，能说明浮力产生原因的是图　 　。
（5）小丽想探究“物体在空气中是否受到浮力”，于是她把一只充满气的篮球和一只加了气嘴的气球置于电子秤上，如图丁：接着她将气嘴插进篮球气孔中，一段时间后，气球膨胀，如图戊，若这个过程中电子秤的示数　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”），则说明物体在空气中会受到浮力的作用.
22．（2025八下·禅城期末）阅读短文，回答下列问题，
我国古代，粮食的加工很多依靠捶打，为了节省人力，古代劳动人民发明了水確，实现了最原始的自动化作业.图甲是《天工开物》记载的水碓，立式水轮下半部分浸在河流中，被水流推动转动。叶板均匀分布在水轮上，有较大的面积接受水流的冲击，带动水轮转动，立式水轮的横轴随着水轮的转动而转动.而拨板被固定在立式水轮的横轴上，随着横轴的转动而拨动碓尾（碓杆的尾部），图乙为每根確杆的侧视图，碓杆AB之间长3米，AO之间长为0.9米，確杆一端连接碓头（石制或铁制），另一端被架起，随着拨板的拨动，使得確头不断抬起，再反复下落.由于確头本身质量较大，可达27kg，直接捶打昌里的粮食、药物及竹蔑纸浆等就更高效了，
（1）水碓在工作时，通过水流推动水轮转动，对水轮做功，所以水流具有　 　能，
（2）碓头的落下是受到　 　力的作用，此过程中確头的惯性　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（3）如乙图所示碓杆可视为　 　（选填“省力”或“费力”）杠杆：若不计確杆的重力，要将確头缓慢抬起，作用在A端的最小力为　 　N.
（4）若考虑碓杆的自重，并忽略摩擦力。将碓头B向左移动时，碓杆的机械效率将　 　。
（5）若要使碓头捶打物体的力更大，可以采取的办法是　 　。
23．（2025八下·禅城期末）据统计，我国每年发生汽车落水事件300余起，死亡率很高，汽车落水后，因为电源被切断，导致车窗无法打开，那么，落水后我们应该如何自救呢？
【小资料】
手肘的面积 2.5×-310m2
成年男性手肘的冲击力 6000N
成年男性推门的力 600N
钢化玻璃至少能承受的压强 7×107Pa
（1）车落水后，由于水压的作用，车门难以打开，成年男性若用手肘撞击车窗，车窗受到的压强为　 　Pa，这种方法逃生　 　（选填“可行”或“不可行”），
（2）若车窗无法打碎，车门也无法打开，落水者应保持冷静，等待水进入车内。当车内的水位上升至接近乘员头部高度时，当车门内外　 　几乎相等时，车门容易被打开.
（3）为了能让落水者即使在水里也能轻松破窗，可以使用一款小巧易携带的弹簧破窗神器，总长约9cm，其头部设计得较为尖锐，是为了　 　：其核心部件是一根高强度弹簧（如图乙），触发前，弹簧被压缩储存弹性势能：触发后，弹簧迅速恢复原状，释放能量，提供强大的冲击力推动锤头撞击玻璃，图丙为某高强度弹簧的弹力与弹簧伸长量的关系，小明测出该破窗神器使用时锤头与玻璃的接触面积约为0.5mm2，弹簧压缩量约为8mm，则该神器破窗时产生的压强约为　 　Pa
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】ABCD、一本初中物理课本的质量大约是m=200g=0.2kg，其重力G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，因为哪吒公仔和八下物理课本重量相当，那么公仔的重力约为2N，故ACD错误，B正确。
故选：B。
【分析】先估出物体的质量，再由G=mg得到物体的重力。
2．【答案】B
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】 ABCD、哪吒向上踢，向前踢键子， 毽子运动方向不同，“向上向前”是说力的方向不同，力的作用效果不同。故ACD错误，B正确。
故选：B。
【分析】力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，力的三要素不同，力的作用效果也就不同。
3．【答案】D
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化；机械能守恒条件
【解析】【解答】AB、 哪吒竖直向上踢毽子，质量不变，速度逐渐变小，高度增大， 动能转化为重力势能，动能减小，重力势能增大，毽子在最高点时，速度为0，故动能为0，故AB错误；
C、人在向上运动过程中，需要克服阻力做功，机械能减少，故C错误；
D、 毽子向下运动的过程中，质量不变，高度减小 ，故重力势能减小，故D正确；
故选：D。
【分析】（1）动能的大小与物体的质量、速度有关；
（2）重力势能的大小与物体的质量、高度有关；
（3）机械能指物体动能和势能之和；不考虑空气阻力和摩擦力的情况下，机械能守恒。
4．【答案】A
【知识点】大气压强的存在；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 A、高压锅是密闭容器，锅内气体随温度升高，压强不断变大，安全阀堵塞，是因为锅内压强过大引
发爆炸，与流体的压强与流速的关系”无关，故A符合题意；
B、地铁进站时，地铁带动周围空气流动速度变快，压强变小，故B不符合题意；
C、两艘船并排航行时，中间水流速度过快，压强变小，因距离过近自动相撞，故C不符合题意；
D、台风天气中，窗外空气流速变快，压强变小，室内外压强差变大，故靠近未关闭门窗的物品会被
强风吸“出窗外，故D不符合题意。
故选A。
【分析】（1）质量一定的气体，随温度升高压强不断增大；
（2）流速越快的位置压强越小。
5．【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强的存在
【解析】【解答】A．茶壶的壶嘴与壶身底部相通，上端开口，壶嘴和壶身在同一高度，倒满水后，液面相平，利用了连通器原理，故A不符合题意；
B．船闸的上游与闸室下面通过阀门相通，当下游阀门关闭，上游阀门打开，上游与闸室内的水位逐渐相平，打开上游闸门，船就可以进入闸室；同理，船再进入下游，就通过了船闸，船闸使用了连通器原理，故B不符合题意；
C．盆景的自动给水装置，虽然底部相互连通，但上端不是都开口，不是连通器，是利用大气压工作的，故C符合题意；
D．下水道存水弯，水不流动时，弯管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，利用了连通器原理，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】上端开口下部连通的容器称为连通器，在连通器内若装入同种液体，在液体不流动时，液面总是保持相平的；如生活中的茶壶、船闸、锅炉水位计、涵洞等都是连通器。
6．【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A、车辆起步时，乘客的脚因为受到力的作用向前运动，而乘客的上半身由于惯性仍要保持原来的静止状态，容易摔倒，造成伤害，所以车辆起步时站稳扶好是防止惯性带来危害，故A不符合题意；
B、汽车未到站就关闭油门，是利用列车的惯性使其继续前进，故B符合题意；
C、行车时保持车距是防止急刹车时，由于车具有惯性，继续向前运动，碰到前面的车辆，发生事故，故C不符合题意；
D、坐在座位时系好安全带，防止突然刹车时，由于惯性人向前倾倒，造成伤害，是防止惯性带来危害，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】判断某一现象是否利用了惯性，主要看物体是否在这一现象中由于保持原来运动状态不变的性质而被利用。
7．【答案】D
【知识点】功率的计算；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；摩擦力的大小；功的计算及应用
【解析】【解答】A、 机器人从O点到A点运动了30s， 从A点到B点运动了30s， 由图乙可知，机器人在两个阶段动作匀速直线运动，OA段速度为1m/s，AB段速度为2m/s，故vOAB、物流机器人匀速行驶时受到的牵引力与阻力是一对平衡力，因为阻力不变，故牵引力不变，即，故B错误；
C、由速度公式s=vt，可知，机器人在OA和AB段所用时间相同，而vOAD、机器人在OA和AB段所用时间相同，由可知，因为，故可得 ，故D正确。
故选D。
【分析】（1）分析图像可知速度关系；
（2）物流机器人匀速行驶时受到的牵引力与阻力是一对平衡力，据此可知牵引力的大小；
(3)由W=Fs比较两个阶段做功大小；
(4)根据得出物流机器人匀速行驶时牵引力做功的功率。
8．【答案】相互；增大；不变
【知识点】动能和势能的大小变化；动能的影响因素；力作用的相互性；牛顿第一定律
【解析】【解答】（1）如图甲所示，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，火箭点火后向下喷射燃气从而获得推力，这是因为力的作用是相互的。
（2）火箭加速上升时，质量不变，速度变大，火箭的动能增大，高度增大，重力势能增大，机械能增大。
（3）由牛顿第一定律可知， 若上升过程中所有外力突然消失，火箭将做匀速直线运动，故火箭的运动速度将不变。
故答案为：相互；增大；不变。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、所处的高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或者匀速直线运动状态。
9．【答案】运动状态；2；0
【知识点】物体运动状态的变化；力的合成与应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）运动员给冰壶施加5N的水平推力，使冰壶从静止开始保存进入下一题运动，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）这个过程中冰壶受到3N的阻力，冰壶受到的合力为F=F1-F2=5N-3N=2N；
（3）质量为20kg的冰壶在水平冰面上滑行10m，重力的方向竖直向下，冰壶在竖直方向上没有移动距离，根据W=Gh可知重力对冰壶做的功为0J。
故答案为：运动状态；2；0。
【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）运动员给冰壶施加5N的水平推力，这个过程中冰壶受到3N的阻力，两力的方向相反，根据F=F1-F2计算冰壶受到的合力；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；据此判断重力对物体是否做功。
10．【答案】面团凹陷程度；甲乙；等于
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）实验是通过观察面团凹陷程度（面团的形变程度）来比较压力的作用效果；
（2）通过比较图中甲、乙两图可知，受力面积相同，而乙中压力大，压力作用效果明显，说明压力的作用效果与压力大小有关；
（3）根据，丙丁中，因压力和受力面积相同，将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁的大小关系为p乙=p丁；
故答案为：面团凹陷程度（面团的形变程度）；甲、乙；等于。
【分析】（1）根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法。
（2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
（3）根据分析，比较压力作用效果时，要控制作用力施加的材料相同。
11．【答案】转换；速度；大
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）小球从斜面上滚下撞击压力传感器时，小球动能越大，对压力传感器做功越多，而压力传感器示数越大，这种方法叫做转化法；
（2） 让同一小车从不同高度滑下 时，小车到达斜面底端的速度不同，故可探究动能大小与速度的关系；
（3） 两个质量不同的小车从同一高度滑下， 到达斜面底端时的速度相同， 质量较大的小车撞击传感器时的力更大，由此可知：速度相同时，物体的质量越大，动能越 大。
故答案为：转换；速度；大。
【分析】（1）由功和能的关系可知，物体能量越大，对外做功越多；
（2）物体从斜面同一高度滑下，到达斜面底端速度相同，根据控制变量法分析判断。
12．【答案】750；下降；变大
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）玻璃管倾斜，则水银柱的长度变长，大气压的值不变，托起的水银柱的高度不变，水银柱的竖直高度指玻璃管内外水银面的高度差，由图可知，此高度差为750mm，故 测得当地大气压相当于752mm水银柱产生的压强；
（2） 若在玻璃管顶端开一个小孔，管内水银柱在大气压的作用下将会降低；
（3）外界大气压随高度增大而减小，瓶内气压不变， 从1楼移至30楼， 外界气压变小，故 玻璃管内液柱的高度会变大。
故答案为：750；下降；变大。
【分析】（1）在托里拆利实验中，大气压所能支持的水银柱的高度是指玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，据此读图可得出结果；大气压强等于管内的水银面到槽中水银面的高度的水银柱产生的压强；当把玻璃管倾斜时，大气压不变，水银柱产生的压强与大气压强相等，水银柱的高度不变；
（2）大气压随高度增大而减小。
13．【答案】相同；等于；增大
【知识点】摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）石磨转动研磨谷物时，谷物阻碍磨盘的转动，磨盘受到与磨盘转动方向相反的摩擦力，根据力的作用是相互的，谷物受到磨盘的摩擦力方向与磨盘转动方向相同；
（2）当工人推动磨柄使石磨匀速转动时，处于平衡状态，手对磨柄的推力等于磨柄受到的摩擦力；
（3）若在磨盘表面刻出更深的纹路，增大接触面的粗糙程度，研磨时谷物受到的摩擦力会 增大。
故答案为：相同；等于；增大。
【分析】（1）摩擦力的性质是阻碍相互接触的两个物体间的相对运动或相对运动趋势，所以研究摩擦力的方向时一定要取与研究对象接触的那个物体为参照物，并判断研究对象与参照物之间是否存在相对运动或相对运动趋势．若有，则被研究物体所受的摩擦力一定与此相对运动或相对运动趋势方向相反；
（2）当物体处于平衡状态时，所受力为平衡力，依据二力平衡条件分析判断；
（3）增大接触面的粗糙程度，可以增大摩擦。
14．【答案】不变；1.125；加盐
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）实验过程中，土密度计始终处于漂浮，受浮力和重力，而重力不变，所以浮力不变。
（2）根据图象数据算可知：开始时浸没深度为h1=6cm，则F浮1=G，即ρ盐水1gSh1=G；一段时间后浸没深度为h2=6.4cm，则F浮2=G，即ρ盐水2gSh2=G；所以，ρ盐水2gSh2=ρ盐水1gSh1；则盐水的密度
；
（3）根据图象可知：土密度计浸没深度逐渐变大，则V排变大，而浮力不变，由阿基米德原理F浮=ρ盐水gV排可知，ρ盐水变小，即盐水里的水增加，所以冬瓜在盐水中失水，则将盐水密度变大，土密度计就可以恢复浸入深度，故可以向溶液中加盐。
故答案为：不变；1.125；加盐。
【分析】（1）根据漂浮的条件（浮力等于物体重力）分析；
（2）根据图象数据可知土密度计浸没的深度，据此根据阿基米德原理得出开始时和一段时间后的浮力；由于浮力相等，据此即可求出一段时间后盐水的密度。
（3）根据土密度计浸没深度的变化情况可知，排开液体的体积变化，可以分析出溶液密度的变化，据此分析判断。
15．【答案】（1）
（2）
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力的方向；力臂的画法；杠杆中最小力的问题；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】（1）①用最小的拉绳子，则承担拉力的绳子段数最多，则应从动滑轮绕起。因此将绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮；
②重力的方向是竖直向下的，支持力的方向竖直向上，因石块水平向左运动，故摩擦力的方向水平向右，作用点在O，石块所受重力、支持力、摩擦力的示意图如下所示：
；
（2）由题可知，杠杆受到的阻力大小与阻力臂一定，杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力与动力臂的乘积一定，要使动力最小应使动力臂最大，在A点施加力的最大力臂就是OA的长，最小动力F应与OA垂直，因为杠杆所受到的阻力竖直向下，所以F的方向垂直OA向上，如图所示：
。
【分析】（1）①若想使滑轮组的拉力最小，应使承担物重的绳子的段数尽量多一些，即用更多股的绳子拉着动滑轮，因此要从动滑轮绕起。
②重力的方向是竖直向下的，支持力的方向竖直向上，根据石块水平向左运动确定摩擦力的方向，作用点在O，据此作出石块所受重力、支持力、摩擦力的示意图。
（2）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
16．【答案】（1）3.0；变大
（2）乙；摩檫力；大小相等
（3）不需要；改变桶内沙的质量
【知识点】弹簧测力计及其使用；物体运动状态的变化；二力平衡的条件及其应用；探究二力平衡的条件；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）第1空，弹簧测力计的分度值是0.2N，根据指针位置可知物体A静止时受到的拉力是3.0N；
第2空，A弹簧测力计拉着物体A突然向上运动，拉力大于重力，拉力的示数变大；
（2）第1空，乙图中的实验用小车来代替木块，目的是用滚动摩擦力来代替滑动摩擦，减小摩擦力对实验的影响；
第2空，在两托盘中放入质量不相等的砝码，放手后小车运动，小车不能处于平衡状态，说明相互平衡的两个力大小需要相等；
（3）第1空，图3装置，铜块和长木板之间接触面的粗糙程度一定，当压力大小恒定时，滑动摩擦力的大小是固定不变的，因此只要让铜块和长木板发生相对滑动，不需要做匀速直线运动就可以测出滑动摩擦力的大小；
第2空，改变沙桶质量时，可改变铜块受到的拉力，从而改变铜块对木板的压力，因此往沙桶中加减沙子的目的是探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系。
故答案为：（1）3.0；变大；（2）乙；摩檫力；大小相等；（3）不需要；改变桶内沙的质量。
【分析】（1）弹簧测力计的分度值是0.2N，根据指针位置读数，弹簧测力计拉着物体A突然向上运动，拉力大于重力；
（2）用滚动摩擦力来代替滑动摩擦，减小摩擦力的大小；探究两个力的大小关系；探究两个力的方向关系；
（3）改变沙桶的质量可改变铜块对木板的压力；滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
17．【答案】（1）打开；不漏气
（2）图丙；相等；液体密度
（3）深度
（4）C
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）第1空，为了保持内外气压平衡，U形管与探头连接时，阀门K应处于打开状态，以确保U形管内的水面相平；
第2空，按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化明显并保持稳定，说明实验装置密封良好不漏气。
（2）第1空，研究液体压强与深度的关系，要控制液体的密度相同，比较图乙与丙两图，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；
第2空，比较图丙与丁两图可知，探头在水中的深度相同，方向不同，U形管内液柱的高度差相同，因此可初步得出液体在同一深度向各个方向的压强相等；
第3空， 比较图丁和图戊， 探头在水中的深度相同，液体密度不同，图戊U形管内液柱的高度差较大， 可知液体的压强还 与液体密度有关；
（3） 小婷保持丁图中探头的位置不变，向容器内加入适量的浓盐水， 盐水密度变大的同时，探头所在液体深度也发生了改变；
（4） 根据液体压强知识， 同种液体，深度越深压强越大，故大坝下部应该做的横截面积更大一些，故选C。
故答案为：（1）打开；不漏气；（2）丙；相等；液体密度；（3）深度；（4）C。
【分析】（1）为了保持内外气压平衡，连接时应将阀门K打开；按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化明显，说明实验装置密封良好；
（2）液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，液体压强与液体的深度和液体密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；由实验结论分析回答；
（3）分析题中物理量 的变化，由控制变量法分析判断；
（4）液体压强的特点：同种液体深度越深压强越大，据此分析判断。
18．【答案】（1）平衡；右；使杠杆的重心落在支点上，避免杠杆自重影响实验
（2）4
（3）使结论具有普遍性
（4）苹果
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】(1)第1空，杠杆静止或匀速转动叫杠杆的平衡，在图甲所示位置静止，这时的杠杆处于平衡状态；
第2空，第3空，此时杠杆左低右高，应将杠杆右端平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂且避免杠杆自重影响实验；
(2)设杠杆的一个小格是l，一个钩码重为G，根据杠杆平衡条件得，3G x4l=nG x3l，所以n =4，
所以挂在右侧B位置应挂4个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡；
(3)探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性；
(4)由图丙可知，阻力臂、动力相同，苹果对应的动力臂较大，故苹果的重力大。
故答案为：(1)平衡；右；便于测量力臂，避免杠杆自重影响实验；(2)4，(3)得出普遍结论，避免偶然性；(4)苹果。
【分析】(1)根据杠杆平衡的定义分析；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；
(2)根据杠杆的平衡条件得出挂钩码的位置；
(3)用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量
发现变化规律，有的是为了使实验结论具有普遍性；
(4)根据杠杆平衡条件分析。
19．【答案】（1）P=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×5m=5×104Pa
（2）F 浮=G 排=m 排 g=4×107kg×10N/kg=4×108N
（3）解： △F 浮=△G=mg=4×30×103kg×10N/kg=1.2×106N
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据p=ρgh求5m深处的海水产生的压强；
（2）根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排求出军舰满载时所受浮力；
（3）4台最大起飞质量的“歼一35”起飞后，“四川舰”浮力变小，浮力变化量等于起飞的飞机的总重力，据此根据计算军舰排开水的体积变化量。
20．【答案】（1）货物重力：G = mg = 120kg×10N/kg = 1200N
有用功（克服重力做功）：W 有用 = Gh = 1200×4m= 4800J
（2）由图像知货物 20s 内沿斜面移动距离 L= 8m，
绳子自由端移动距离 s 绳= nL =3×8 =24m
W 总 = Fs 绳 = 600N×24m = 14400J
（3）解：
【知识点】功率的计算；斜面的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据G=mg计算物体重力，提升货物做的有用功为克服重力做的功，即W 有用 = Gh计算解答；
（2）利用W 总 = Fs 绳 计算总功；利用计算总功率；
（3）利用计算机械效率。
21．【答案】（1）0.1
（2）物体浸入液体的体积越小，受到的浮力越小
（3）小于；换成两种密度相差较大的液体
（4）丙
（5）变小
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）由图A可知，金属块的重力G = 2.7N（弹簧测力计示数为2.7N ）。 图B中弹簧测力计示数F示=2.6N 。 根据称重法F浮=G - F示，可得浮力F浮=2.7N - 2.6N = 0.1N 。
（2） 从水里向上爬时，人浮力水中的体积逐渐减小。根据F浮=ρ水gV排，水的密度ρ水不变，V排减小，所以浮力减小。人对水底的压力等于重力减去浮力，浮力减小，人感觉对水底的压力增大，就觉得变沉了。所以原因是物体浸入液体的体积越小，受到的浮力越小。
（3）第1空， 由图A可知G = 2.7N，图D中金属块浸没在水中时F示水=2.4N，则在水中浮力F浮水=2.7N - 2.4N = 0.3N ；图F中金属块浸没在盐水中时F示盐=2.3N，则在盐水中浮力F浮盐=2.7N - 2.3N = 0.4N 。所以柱形金属块浸没在水中受到的浮力小于其浸没在盐水中受到的浮力；
第2空， 因为水和盐水的密度差较小，导致浮力差异不大。为使实验效果更明显，可以换成两种密度相差较大的液体，比如水和酒精（酒精密度小于水 ）或者水和浓盐水（增大盐水密度 ）等。
（4）图乙中，玻璃管上下表面是玻璃，上下表面受到的压力差效果不明显；图丙中，玻璃管上下端是橡皮膜，且都向里凹，下表面受到向上的压力，凹陷的更明显，上表面受到向下的压力，凹陷程度较小，故能更明显地体现出浮力是由上下表面压力差产生的。所以能说明浮力产生原因的是图丙。
（5）把气嘴插进篮球气孔，篮球的气体进入气球内，气球的体积增大，篮球的体积不变，篮球和气球以及球内气体的总重力不变 若这个过程中电子秤的示数减小，根据F浮空气=ρ空气gV排，则说明篮球和气球所受到的空气竖直向上的浮力。
故答案为：（1）0.1；（2）物体浸入液体的体积越小，受到的浮力越小；（3）小于；换成两种密度相差较大的液体；（4）丙；（5）变小。
【分析】（1）称重法测浮力，F浮=G - F示（G是物体重力， F示是弹簧测力计示数 ）。
（2）阿基米德原理，浮力与排开液体体积的关系（F浮=ρ水gV排，在液体密度不变时，V排越小，浮力越小 ）。
（3）称重法测浮力，F浮=G - F示 。要使浮力差异更明显，根据F浮=ρ水gV排，可以增大液体密度差。
（4）浮力产生的原因是物体上下表面受到液体的压力差（F浮=F向上-F向下）。
（5）阿基米德原理，物体在空气中受到浮力（F浮空气=ρ空气gV排），以及电子秤示数与总重力、浮力的关系（电子秤示数等于总重力减去浮力 ）。篮球内气体进入气球后，总重力不变，但气球受到的浮力变大，所以电子秤的示数会减小 ，这说明物体在空气中会受到浮力的作用（因为浮力变化导致示数变化 ）。
22．【答案】（1）动
（2）重；不变
（3）费力；630
（4）变大
（5）增大碓头的质量
【知识点】动能和势能的概念；惯性及其现象；杠杆的分类；杠杆中最小力的问题；杠杆的机械效率
【解析】【解答】（1）水碓在工作时，通过水流推动水轮转动，对水轮做功，所以水流具有动能；
（2）第1空，因为力可以改变物体的运动状态，所以碓头的石杵落下是受到重力的作用效果；
第2空，惯性是物体的属性，与其质量有关，与位置无关，落下过程中石杵的质量不变，惯性不变；
（3）第1空，根据图中的杠杆可知，动力臂小于阻力臂，因此杠杆为费力杠杆；
第2空，由图可知，OA为动力臂时动力臂最大，此时作用在A端的力最小，根据杠杆的平衡条件可列式得：
G×OB=F×OA；代入数据得：27kg×10N/kg×（3m-0.9m）=F×0.9m；解得：F=630N。
（4）若考虑木杆的自重，将B向左移动时，额外功不变，有用功变多，有用功与总功的比值变大，杠杆的机械效率变大；
（5）根据G×OB=F×OA知，增大碓头的质量、将支点向右移、碓头向左移、增大叶板的面积都可以使碓头捶打物体的力更大。
故答案为：（1）动； （2）重；不变；（3）费力；630；（4）变大；（5）增大碓头的质量或将支点向右移或碓头向左移或增大叶板的面积。
【分析】（1）动能：物体由于运动而具有的能，叫做动能；在一定条件下，一种形式的能量可以转化成另一种形式的能量；
（2）力可以改变物体的运动状态；惯性是物体的属性，与其质量有关，与位置无关；
（3）比较动力臂和阻力臂，确定杠杆类型；OA为动力臂时动力臂最大，此时作用在A端的力最小，将数据代入杠杆的平衡条件公式即可求出作用在A端的最小的力。
（4）根据效率公式分析机械效率的变化。
（5）增大碓头的质量、将支点向右移、碓头向左移、增大叶板的面积都可以使碓头捶打物体的力更大。
23．【答案】（1）2.4×106；不可行
（2）压强
（3）增大压强；8×107
【知识点】弹力；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）第1空，已知成年男性手肘冲击力 F = 6000N， 手肘 面积S = 2.5×10-3m2 。
根据压强公式，可得；
第2空，因为计算出的压强2.4×106Pa小于钢化玻璃至少能承受的压强7×107Pa，所以用手掌撞击车窗，无法打破车窗逃生，这种方法不可行 ；
（2）当车内水位上升至接近头部高度时，车内水产生的压强和车内空气压强之和与车外水压、大气压达到平衡，此时车门内外压强几乎相等，车门容易被打开；
（3）第1空，尖锥头部受力面积小，在压力一定时，根据，可以产生更大的压强，更容易打破玻璃；
第2空，由图丙可知，弹簧伸长量与弹力的成正比，比值为：，故 弹簧压缩量约为8mm =0.8cm，产生的弹力为；F=kx=50N/cm×0.8cm=40N，由可得 该神器破窗时产生的压强约为
。
故答案为：(1)2.4×106；不可行；(2)气压；(3)增大压强；8×107。
【分析】（1）分析表格中数据代入压强公式计算解答；钢化玻璃至少能承受的压强7×107Pa，与计算出的压强比较。
（2）车门打不开的原因是车外所受压强大于车内压强，当车门内外压强相等时，容易打开车门。
（3）压强与受力面积的关系：由可知，在压力一定时，受力面积越小，压强越大 ；
首先从图丙中获取弹簧的弹力，再根据压强公式计算压强。
1 / 1广东省佛山市禅城区2024-2025学年八年级下学期物理期末卷
1．（2025八下·禅城期末）若哪吒公仔和八下物理课本的重量相当，则公仔的重量约为
A．0.2N B．2N C．20N D．200N
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】ABCD、一本初中物理课本的质量大约是m=200g=0.2kg，其重力G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，因为哪吒公仔和八下物理课本重量相当，那么公仔的重力约为2N，故ACD错误，B正确。
故选：B。
【分析】先估出物体的质量，再由G=mg得到物体的重力。
2．（2025八下·禅城期末）哪吒向上踢键子，键子向上飞：向前踢键子，键子向前飞.造成键子两种运动效果的主要原因是
A．力的大小不同 B．力的方向不同
C．力的作用点不同 D．以上说法都不对
【答案】B
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】 ABCD、哪吒向上踢，向前踢键子， 毽子运动方向不同，“向上向前”是说力的方向不同，力的作用效果不同。故ACD错误，B正确。
故选：B。
【分析】力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，力的三要素不同，力的作用效果也就不同。
3．（2025八下·禅城期末）哪吒竖直向上踢踢子，下列说法正确的是
A．在最高点时动能最大
B．向上运动的过程中，动能增大
C．向上运动的过程中，机械能增大
D．向下运动的过程中，重力势能减小
【答案】D
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化；机械能守恒条件
【解析】【解答】AB、 哪吒竖直向上踢毽子，质量不变，速度逐渐变小，高度增大， 动能转化为重力势能，动能减小，重力势能增大，毽子在最高点时，速度为0，故动能为0，故AB错误；
C、人在向上运动过程中，需要克服阻力做功，机械能减少，故C错误；
D、 毽子向下运动的过程中，质量不变，高度减小 ，故重力势能减小，故D正确；
故选：D。
【分析】（1）动能的大小与物体的质量、速度有关；
（2）重力势能的大小与物体的质量、高度有关；
（3）机械能指物体动能和势能之和；不考虑空气阻力和摩擦力的情况下，机械能守恒。
4．（2025八下·禅城期末）下列安全事例中，与“流体的压强与流速的关系”无关的现象是
A．高压锅因安全阀堵塞引发爆炸
B．地铁站台设置安全黄线，防止乘客靠近轨道
C．两艘船并排航行时因距离过近自动相撞
D．台风天气中靠近未关闭门窗的物品会被强风吸“出窗外
【答案】A
【知识点】大气压强的存在；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 A、高压锅是密闭容器，锅内气体随温度升高，压强不断变大，安全阀堵塞，是因为锅内压强过大引
发爆炸，与流体的压强与流速的关系”无关，故A符合题意；
B、地铁进站时，地铁带动周围空气流动速度变快，压强变小，故B不符合题意；
C、两艘船并排航行时，中间水流速度过快，压强变小，因距离过近自动相撞，故C不符合题意；
D、台风天气中，窗外空气流速变快，压强变小，室内外压强差变大，故靠近未关闭门窗的物品会被
强风吸“出窗外，故D不符合题意。
故选A。
【分析】（1）质量一定的气体，随温度升高压强不断增大；
（2）流速越快的位置压强越小。
5．（2025八下·禅城期末）如图所示实例中没有利用连通器原理的是
A．水壶
B．三峡船闸
C．自动供水盆景
D．下水道存水弯
【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强的存在
【解析】【解答】A．茶壶的壶嘴与壶身底部相通，上端开口，壶嘴和壶身在同一高度，倒满水后，液面相平，利用了连通器原理，故A不符合题意；
B．船闸的上游与闸室下面通过阀门相通，当下游阀门关闭，上游阀门打开，上游与闸室内的水位逐渐相平，打开上游闸门，船就可以进入闸室；同理，船再进入下游，就通过了船闸，船闸使用了连通器原理，故B不符合题意；
C．盆景的自动给水装置，虽然底部相互连通，但上端不是都开口，不是连通器，是利用大气压工作的，故C符合题意；
D．下水道存水弯，水不流动时，弯管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，利用了连通器原理，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】上端开口下部连通的容器称为连通器，在连通器内若装入同种液体，在液体不流动时，液面总是保持相平的；如生活中的茶壶、船闸、锅炉水位计、涵洞等都是连通器。
6．（2025八下·禅城期末）在乘坐公交车出游时，属于利用惯性的操作的是
A．车辆起步时站稳扶好 B．汽车未到站就关闭油门
C．路上行车时保持车距 D．坐在座位时系好安全带
【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】A、车辆起步时，乘客的脚因为受到力的作用向前运动，而乘客的上半身由于惯性仍要保持原来的静止状态，容易摔倒，造成伤害，所以车辆起步时站稳扶好是防止惯性带来危害，故A不符合题意；
B、汽车未到站就关闭油门，是利用列车的惯性使其继续前进，故B符合题意；
C、行车时保持车距是防止急刹车时，由于车具有惯性，继续向前运动，碰到前面的车辆，发生事故，故C不符合题意；
D、坐在座位时系好安全带，防止突然刹车时，由于惯性人向前倾倒，造成伤害，是防止惯性带来危害，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】判断某一现象是否利用了惯性，主要看物体是否在这一现象中由于保持原来运动状态不变的性质而被利用。
7．（2025八下·禅城期末）为了提高快递配送效率，酒店使用图甲所示的机器人完成快速智能配送，某次配送机器人从O点到A点运动了30s，从A点到B点运动了30s，其运动过程的V-图像如图乙所示，此过程中机器人的速度V、受到的牵引力F、牵引力对机器人做的功W和功率P的大小关系判断正确的是
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】功率的计算；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；摩擦力的大小；功的计算及应用
【解析】【解答】A、 机器人从O点到A点运动了30s， 从A点到B点运动了30s， 由图乙可知，机器人在两个阶段动作匀速直线运动，OA段速度为1m/s，AB段速度为2m/s，故vOAB、物流机器人匀速行驶时受到的牵引力与阻力是一对平衡力，因为阻力不变，故牵引力不变，即，故B错误；
C、由速度公式s=vt，可知，机器人在OA和AB段所用时间相同，而vOAD、机器人在OA和AB段所用时间相同，由可知，因为，故可得 ，故D正确。
故选D。
【分析】（1）分析图像可知速度关系；
（2）物流机器人匀速行驶时受到的牵引力与阻力是一对平衡力，据此可知牵引力的大小；
(3)由W=Fs比较两个阶段做功大小；
(4)根据得出物流机器人匀速行驶时牵引力做功的功率。
8．（2025八下·禅城期末）长征七号火箭点火升空，火箭发动机向下喷射燃气时，燃气对火箭产生向上的推力，这说明力的作用是　 　的：在加速上升阶段，火箭机械能　 　（后两空选填“增大”、“不变”或“减小”）：若上升过程中所有外力突然消失，火箭的运动速度将　 　。
【答案】相互；增大；不变
【知识点】动能和势能的大小变化；动能的影响因素；力作用的相互性；牛顿第一定律
【解析】【解答】（1）如图甲所示，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，火箭点火后向下喷射燃气从而获得推力，这是因为力的作用是相互的。
（2）火箭加速上升时，质量不变，速度变大，火箭的动能增大，高度增大，重力势能增大，机械能增大。
（3）由牛顿第一定律可知， 若上升过程中所有外力突然消失，火箭将做匀速直线运动，故火箭的运动速度将不变。
故答案为：相互；增大；不变。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、所处的高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或者匀速直线运动状态。
9．（2025八下·禅城期末）冰壶比赛中，运动员给冰壶施加5N的水平推力，使冰壶从静止开始运动，说明力可以改变物体的　 　：这个过程中冰壶受到3N的阻力，冰壶受到的合力为　 　N：若质量为20kg的冰壶在水平冰面上滑行10m，则重力对冰壶做的功为　 　J.（取g=10N/kg）
【答案】运动状态；2；0
【知识点】物体运动状态的变化；力的合成与应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）运动员给冰壶施加5N的水平推力，使冰壶从静止开始保存进入下一题运动，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）这个过程中冰壶受到3N的阻力，冰壶受到的合力为F=F1-F2=5N-3N=2N；
（3）质量为20kg的冰壶在水平冰面上滑行10m，重力的方向竖直向下，冰壶在竖直方向上没有移动距离，根据W=Gh可知重力对冰壶做的功为0J。
故答案为：运动状态；2；0。
【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）运动员给冰壶施加5N的水平推力，这个过程中冰壶受到3N的阻力，两力的方向相反，根据F=F1-F2计算冰壶受到的合力；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；据此判断重力对物体是否做功。
10．（2025八下·禅城期末）小明用如图所示装置“探究影响压力作用效果的因素”，通过观察　 　来比较压力的作用效果：由　 　两图可知，压力的作用效果与压力大小有关：将图乙中的桌子放在如图丁所示的木板上，则图乙中面团受到的压强　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）图丁中木板受到的压强。
【答案】面团凹陷程度；甲乙；等于
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）实验是通过观察面团凹陷程度（面团的形变程度）来比较压力的作用效果；
（2）通过比较图中甲、乙两图可知，受力面积相同，而乙中压力大，压力作用效果明显，说明压力的作用效果与压力大小有关；
（3）根据，丙丁中，因压力和受力面积相同，将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁的大小关系为p乙=p丁；
故答案为：面团凹陷程度（面团的形变程度）；甲、乙；等于。
【分析】（1）根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法。
（2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
（3）根据分析，比较压力作用效果时，要控制作用力施加的材料相同。
11．（2025八下·禅城期末）小明利用如图装置探究“动能大小的影响因素”，小车从斜面静止滑下，撞击水平面上的压力传感器，通过压力反映小球动能的大小，这个研究方法是　 　法：让同一小车从不同高度滑下可以探究动能与　 　的关系：两个质量不同的小车从同一高度滑下，质量较大的小车撞击传感器时的力更大，由此可知：速度相同时，物体的质量越大，动能越　 　。
【答案】转换；速度；大
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）小球从斜面上滚下撞击压力传感器时，小球动能越大，对压力传感器做功越多，而压力传感器示数越大，这种方法叫做转化法；
（2） 让同一小车从不同高度滑下 时，小车到达斜面底端的速度不同，故可探究动能大小与速度的关系；
（3） 两个质量不同的小车从同一高度滑下， 到达斜面底端时的速度相同， 质量较大的小车撞击传感器时的力更大，由此可知：速度相同时，物体的质量越大，动能越 大。
故答案为：转换；速度；大。
【分析】（1）由功和能的关系可知，物体能量越大，对外做功越多；
（2）物体从斜面同一高度滑下，到达斜面底端速度相同，根据控制变量法分析判断。
12．（2025八下·禅城期末）小明做托里拆利实验，他将玻璃管倾斜，观察到液面稳定后如图甲，测得当地大气压相当于　 　毫米水银柱产生的压强：若在玻璃管顶端开一个小孔，管内水银柱将　 　（后两空选填“升高”、“降低”或“不变”），图乙是小明自制的气压计，若将此实验装置从1楼移至30楼，则玻璃管内液柱的高度会　 　。
【答案】750；下降；变大
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）玻璃管倾斜，则水银柱的长度变长，大气压的值不变，托起的水银柱的高度不变，水银柱的竖直高度指玻璃管内外水银面的高度差，由图可知，此高度差为750mm，故 测得当地大气压相当于752mm水银柱产生的压强；
（2） 若在玻璃管顶端开一个小孔，管内水银柱在大气压的作用下将会降低；
（3）外界大气压随高度增大而减小，瓶内气压不变， 从1楼移至30楼， 外界气压变小，故 玻璃管内液柱的高度会变大。
故答案为：750；下降；变大。
【分析】（1）在托里拆利实验中，大气压所能支持的水银柱的高度是指玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，据此读图可得出结果；大气压强等于管内的水银面到槽中水银面的高度的水银柱产生的压强；当把玻璃管倾斜时，大气压不变，水银柱产生的压强与大气压强相等，水银柱的高度不变；
（2）大气压随高度增大而减小。
13．（2025八下·禅城期末）图为（天工开物》记载的水碾装置，水流冲击叶轮带动石磨转动来加工谷物。石磨转动研磨谷物时，谷物受到磨盘的摩擦力方向与磨盘转动方向　 　：当工人推动磨柄使石磨匀速转动时，手对磨柄的推力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）磨柄受到的摩擦力：若在磨盘表面刻出更深的纹路，研磨时谷物受到的摩擦力会　 　。
【答案】相同；等于；增大
【知识点】摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）石磨转动研磨谷物时，谷物阻碍磨盘的转动，磨盘受到与磨盘转动方向相反的摩擦力，根据力的作用是相互的，谷物受到磨盘的摩擦力方向与磨盘转动方向相同；
（2）当工人推动磨柄使石磨匀速转动时，处于平衡状态，手对磨柄的推力等于磨柄受到的摩擦力；
（3）若在磨盘表面刻出更深的纹路，增大接触面的粗糙程度，研磨时谷物受到的摩擦力会 增大。
故答案为：相同；等于；增大。
【分析】（1）摩擦力的性质是阻碍相互接触的两个物体间的相对运动或相对运动趋势，所以研究摩擦力的方向时一定要取与研究对象接触的那个物体为参照物，并判断研究对象与参照物之间是否存在相对运动或相对运动趋势．若有，则被研究物体所受的摩擦力一定与此相对运动或相对运动趋势方向相反；
（2）当物体处于平衡状态时，所受力为平衡力，依据二力平衡条件分析判断；
（3）增大接触面的粗糙程度，可以增大摩擦。
14．（2025八下·禅城期末）图甲为小明探究植物细胞吸水与失水的原理的装置：将冬瓜制成“冬瓜碗”，加入240g密度为1.2g/cm3的食盐水，再让土密度计竖直漂在食盐水中（食盐溶解后溶液体积变化可忽略）.实验过程中：土密度计所受的浮力　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）.图乙为土密度计浸入溶液的深度随时间变化图像，土密度计稳定后盐水的密度　 　g/cm3：若要使土密度计恢复初始浸入深度，可以向溶液中　 　（选填“加盐”或“加水”），
【答案】不变；1.125；加盐
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）实验过程中，土密度计始终处于漂浮，受浮力和重力，而重力不变，所以浮力不变。
（2）根据图象数据算可知：开始时浸没深度为h1=6cm，则F浮1=G，即ρ盐水1gSh1=G；一段时间后浸没深度为h2=6.4cm，则F浮2=G，即ρ盐水2gSh2=G；所以，ρ盐水2gSh2=ρ盐水1gSh1；则盐水的密度
；
（3）根据图象可知：土密度计浸没深度逐渐变大，则V排变大，而浮力不变，由阿基米德原理F浮=ρ盐水gV排可知，ρ盐水变小，即盐水里的水增加，所以冬瓜在盐水中失水，则将盐水密度变大，土密度计就可以恢复浸入深度，故可以向溶液中加盐。
故答案为：不变；1.125；加盐。
【分析】（1）根据漂浮的条件（浮力等于物体重力）分析；
（2）根据图象数据可知土密度计浸没的深度，据此根据阿基米德原理得出开始时和一段时间后的浮力；由于浮力相等，据此即可求出一段时间后盐水的密度。
（3）根据土密度计浸没深度的变化情况可知，排开液体的体积变化，可以分析出溶液密度的变化，据此分析判断。
15．（2025八下·禅城期末）
（1）为将一石块拉至树边，工人师傅利用滑轮、绳子组建了一简单机械，如图甲所示.请画出：①最省力的绳子绕法：②石块重心为点0，拉动过程中，石块所受重力、支持力、摩擦力的示意图.
（2）图乙是笔记本电脑，请在图丙中画出人掀开电脑屏幕的最小动力F及其力臂L
【答案】（1）
（2）
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力的方向；力臂的画法；杠杆中最小力的问题；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】（1）①用最小的拉绳子，则承担拉力的绳子段数最多，则应从动滑轮绕起。因此将绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮；
②重力的方向是竖直向下的，支持力的方向竖直向上，因石块水平向左运动，故摩擦力的方向水平向右，作用点在O，石块所受重力、支持力、摩擦力的示意图如下所示：
；
（2）由题可知，杠杆受到的阻力大小与阻力臂一定，杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力与动力臂的乘积一定，要使动力最小应使动力臂最大，在A点施加力的最大力臂就是OA的长，最小动力F应与OA垂直，因为杠杆所受到的阻力竖直向下，所以F的方向垂直OA向上，如图所示：
。
【分析】（1）①若想使滑轮组的拉力最小，应使承担物重的绳子的段数尽量多一些，即用更多股的绳子拉着动滑轮，因此要从动滑轮绕起。
②重力的方向是竖直向下的，支持力的方向竖直向上，根据石块水平向左运动确定摩擦力的方向，作用点在O，据此作出石块所受重力、支持力、摩擦力的示意图。
（2）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
16．（2025八下·禅城期末）
（1）如图甲，物体A静止时受到的拉力是　 　N：弹簧测力计拉物体A突然向上运动，拉力的示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（2）在操究二力平衡的条件实验中，选择装置　 　（选填“甲”或“乙”）更科学，此装置可以减小　 　对实验的影响：用手按住小车不动，在两个托盘中放入质量相等的码，放手后小车静止：在左盘中再添加一个砝码，小车将运动，这说明相互平衡的两个力　 　。
（3）小明设计了如图所示的实验装置，探究“影响滑动摩擦力大小的因素”。两个传感器可分别显示拉力和压力的大小，该实验装置　 　（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动长木板。若想探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系，可采取的措施是　 　。
【答案】（1）3.0；变大
（2）乙；摩檫力；大小相等
（3）不需要；改变桶内沙的质量
【知识点】弹簧测力计及其使用；物体运动状态的变化；二力平衡的条件及其应用；探究二力平衡的条件；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）第1空，弹簧测力计的分度值是0.2N，根据指针位置可知物体A静止时受到的拉力是3.0N；
第2空，A弹簧测力计拉着物体A突然向上运动，拉力大于重力，拉力的示数变大；
（2）第1空，乙图中的实验用小车来代替木块，目的是用滚动摩擦力来代替滑动摩擦，减小摩擦力对实验的影响；
第2空，在两托盘中放入质量不相等的砝码，放手后小车运动，小车不能处于平衡状态，说明相互平衡的两个力大小需要相等；
（3）第1空，图3装置，铜块和长木板之间接触面的粗糙程度一定，当压力大小恒定时，滑动摩擦力的大小是固定不变的，因此只要让铜块和长木板发生相对滑动，不需要做匀速直线运动就可以测出滑动摩擦力的大小；
第2空，改变沙桶质量时，可改变铜块受到的拉力，从而改变铜块对木板的压力，因此往沙桶中加减沙子的目的是探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系。
故答案为：（1）3.0；变大；（2）乙；摩檫力；大小相等；（3）不需要；改变桶内沙的质量。
【分析】（1）弹簧测力计的分度值是0.2N，根据指针位置读数，弹簧测力计拉着物体A突然向上运动，拉力大于重力；
（2）用滚动摩擦力来代替滑动摩擦，减小摩擦力的大小；探究两个力的大小关系；探究两个力的方向关系；
（3）改变沙桶的质量可改变铜块对木板的压力；滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
17．（2025八下·禅城期末）小明用如图装置“探究影响液体压强大小的因素”，他在U形管接头处加装了一个“三通接头”（一端连接软管，一端连接U形管，阀门k控制管内是否与大气的连通），如图甲。
（1）U形管与探头连接时，網门K应处于　 　（选填“打开”或“关闭”）状态，以确保U形管内的水面相平：组装完成后，轻压探头的橡皮膜，若U形管内液面有明显的高度差并保持稳定，说明装置　 　（选填“漏气”或“不漏气”）
（2）比较图乙与　 　图，可知液体压强随深度的增加而增大：比较图丙与图丁，可知液体在同一深度向各个方向的压强　 　：比较图丁和图戊，可知液体的压强还与　 　有关
（3）小婷保持丁图中探头的位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，她发现U形管两侧液面的高度差变大了，于是得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论，小明认为她的操作是不可靠的，原因是加入盐水后探头所处的　 　改变。
（4）根据液体压强知识，东平河边的佛山大坝的横截面示意图中，设计最合理的是　 　。
【答案】（1）打开；不漏气
（2）图丙；相等；液体密度
（3）深度
（4）C
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）第1空，为了保持内外气压平衡，U形管与探头连接时，阀门K应处于打开状态，以确保U形管内的水面相平；
第2空，按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化明显并保持稳定，说明实验装置密封良好不漏气。
（2）第1空，研究液体压强与深度的关系，要控制液体的密度相同，比较图乙与丙两图，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；
第2空，比较图丙与丁两图可知，探头在水中的深度相同，方向不同，U形管内液柱的高度差相同，因此可初步得出液体在同一深度向各个方向的压强相等；
第3空， 比较图丁和图戊， 探头在水中的深度相同，液体密度不同，图戊U形管内液柱的高度差较大， 可知液体的压强还 与液体密度有关；
（3） 小婷保持丁图中探头的位置不变，向容器内加入适量的浓盐水， 盐水密度变大的同时，探头所在液体深度也发生了改变；
（4） 根据液体压强知识， 同种液体，深度越深压强越大，故大坝下部应该做的横截面积更大一些，故选C。
故答案为：（1）打开；不漏气；（2）丙；相等；液体密度；（3）深度；（4）C。
【分析】（1）为了保持内外气压平衡，连接时应将阀门K打开；按压探头的橡皮膜，U形管两边液面高度变化明显，说明实验装置密封良好；
（2）液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，液体压强与液体的深度和液体密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；由实验结论分析回答；
（3）分析题中物理量 的变化，由控制变量法分析判断；
（4）液体压强的特点：同种液体深度越深压强越大，据此分析判断。
18．（2025八下·禅城期末）小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件，
（1）杠杆未挂钩码前，在如图甲所示的位置静止时，杠杆处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，这样做的目的是　 　。
（2）实验时，小明在杠杆左侧A位置先挂了3个钩码，如图乙所示。则在右侧B位置应挂　 　个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡，
（3）实验中，小明记录的数据如表所示.
实验序号 动力F1 动力臂L1 阻力F2 阻力臂L2
1 1.0 20 2.0 10
2 1.5 10 1.0 15
3 2.0 15 1.5 20
做多次实验的目的是　 　。
（4）小明用自制杆秤称量水果：
①如图丙所示，称芒果时，秤碗移到A点秤杆水平静止：
②称苹果时，秤碗需移到更远的B点秤杆才水平静止：
③由此可知，　 　（选填“芒果”或“苹果”）更重
【答案】（1）平衡；右；使杠杆的重心落在支点上，避免杠杆自重影响实验
（2）4
（3）使结论具有普遍性
（4）苹果
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】(1)第1空，杠杆静止或匀速转动叫杠杆的平衡，在图甲所示位置静止，这时的杠杆处于平衡状态；
第2空，第3空，此时杠杆左低右高，应将杠杆右端平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂且避免杠杆自重影响实验；
(2)设杠杆的一个小格是l，一个钩码重为G，根据杠杆平衡条件得，3G x4l=nG x3l，所以n =4，
所以挂在右侧B位置应挂4个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡；
(3)探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性；
(4)由图丙可知，阻力臂、动力相同，苹果对应的动力臂较大，故苹果的重力大。
故答案为：(1)平衡；右；便于测量力臂，避免杠杆自重影响实验；(2)4，(3)得出普遍结论，避免偶然性；(4)苹果。
【分析】(1)根据杠杆平衡的定义分析；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂；
(2)根据杠杆的平衡条件得出挂钩码的位置；
(3)用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量
发现变化规律，有的是为了使实验结论具有普遍性；
(4)根据杠杆平衡条件分析。
19．（2025八下·禅城期末）如图，“四川舰”是全球第一款配备电磁弹射器的两栖攻击舰，可弹射最大起飞重量30吨的“歼-35”.舰长约260m，宽约52m，可搭载直升机、两栖坦克等装备，四川舰满载时排水量为4万吨.求：（g=10N/kg，ρ海水=1.0×103kg/m3）
（1）“四川舰”在5m深处的海水产生的压强：
（2）“四川舰”满载时受到的浮力：
（3）“四川舰”在进行某次训练时，4台最大起飞质量的“歼一35”起飞后，“四川舰”排开水的体积变化了多少㎡”？
【答案】（1）P=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×5m=5×104Pa
（2）F 浮=G 排=m 排 g=4×107kg×10N/kg=4×108N
（3）解： △F 浮=△G=mg=4×30×103kg×10N/kg=1.2×106N
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据p=ρgh求5m深处的海水产生的压强；
（2）根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排求出军舰满载时所受浮力；
（3）4台最大起飞质量的“歼一35”起飞后，“四川舰”浮力变小，浮力变化量等于起飞的飞机的总重力，据此根据计算军舰排开水的体积变化量。
20．（2025八下·禅城期末）某智能物流中心使用斜面与滑轮组搬运货物，如图甲所示.斜面长L=8m，高h=4m，通过滑轮组将质量为120kg的货物匀速拉上斜面顶端，货物沿斜面移动的距离s随时间：变化的图像如图乙所示，拉力F=600N，忽略绳重和滑轮摩擦，（g=10N/kg）.求：
（1）提升货物做的有用功：
（2）拉力F在20s内做的总功和总功率：
（3）整个装置的机械效率
【答案】（1）货物重力：G = mg = 120kg×10N/kg = 1200N
有用功（克服重力做功）：W 有用 = Gh = 1200×4m= 4800J
（2）由图像知货物 20s 内沿斜面移动距离 L= 8m，
绳子自由端移动距离 s 绳= nL =3×8 =24m
W 总 = Fs 绳 = 600N×24m = 14400J
（3）解：
【知识点】功率的计算；斜面的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据G=mg计算物体重力，提升货物做的有用功为克服重力做的功，即W 有用 = Gh计算解答；
（2）利用W 总 = Fs 绳 计算总功；利用计算总功率；
（3）利用计算机械效率。
21．（2025八下·禅城期末）小明感觉从水里爬上岸很费力，他猜想这跟物体所受浮力大小有关，于是他用一块柱形合金块做了如下实验：
（1）由图甲可知，当物体部分漫入水中，如图B所示时，柱形金属块所受的浮力为　 　N.
（2）由图甲的A、B、C、D可知，小明感觉从水里向岸上爬时，感觉自己忽然变得很沉，是因为　 　。
（3）由图A、E、F可知，柱形合金块浸没在水中受到的浮力　 　（选填“小于”、“等于”或“大于”）其漫没在盐水中受到的浮力，但两者的差别不大.为了使实验效果更明显，可以采取的操作是　 　。
（4）他将一个两端蒙有橡皮膜的玻璃管，分别以图乙和图丙的方式浸没于水中，能说明浮力产生原因的是图　 　。
（5）小丽想探究“物体在空气中是否受到浮力”，于是她把一只充满气的篮球和一只加了气嘴的气球置于电子秤上，如图丁：接着她将气嘴插进篮球气孔中，一段时间后，气球膨胀，如图戊，若这个过程中电子秤的示数　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”），则说明物体在空气中会受到浮力的作用.
【答案】（1）0.1
（2）物体浸入液体的体积越小，受到的浮力越小
（3）小于；换成两种密度相差较大的液体
（4）丙
（5）变小
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）由图A可知，金属块的重力G = 2.7N（弹簧测力计示数为2.7N ）。 图B中弹簧测力计示数F示=2.6N 。 根据称重法F浮=G - F示，可得浮力F浮=2.7N - 2.6N = 0.1N 。
（2） 从水里向上爬时，人浮力水中的体积逐渐减小。根据F浮=ρ水gV排，水的密度ρ水不变，V排减小，所以浮力减小。人对水底的压力等于重力减去浮力，浮力减小，人感觉对水底的压力增大，就觉得变沉了。所以原因是物体浸入液体的体积越小，受到的浮力越小。
（3）第1空， 由图A可知G = 2.7N，图D中金属块浸没在水中时F示水=2.4N，则在水中浮力F浮水=2.7N - 2.4N = 0.3N ；图F中金属块浸没在盐水中时F示盐=2.3N，则在盐水中浮力F浮盐=2.7N - 2.3N = 0.4N 。所以柱形金属块浸没在水中受到的浮力小于其浸没在盐水中受到的浮力；
第2空， 因为水和盐水的密度差较小，导致浮力差异不大。为使实验效果更明显，可以换成两种密度相差较大的液体，比如水和酒精（酒精密度小于水 ）或者水和浓盐水（增大盐水密度 ）等。
（4）图乙中，玻璃管上下表面是玻璃，上下表面受到的压力差效果不明显；图丙中，玻璃管上下端是橡皮膜，且都向里凹，下表面受到向上的压力，凹陷的更明显，上表面受到向下的压力，凹陷程度较小，故能更明显地体现出浮力是由上下表面压力差产生的。所以能说明浮力产生原因的是图丙。
（5）把气嘴插进篮球气孔，篮球的气体进入气球内，气球的体积增大，篮球的体积不变，篮球和气球以及球内气体的总重力不变 若这个过程中电子秤的示数减小，根据F浮空气=ρ空气gV排，则说明篮球和气球所受到的空气竖直向上的浮力。
故答案为：（1）0.1；（2）物体浸入液体的体积越小，受到的浮力越小；（3）小于；换成两种密度相差较大的液体；（4）丙；（5）变小。
【分析】（1）称重法测浮力，F浮=G - F示（G是物体重力， F示是弹簧测力计示数 ）。
（2）阿基米德原理，浮力与排开液体体积的关系（F浮=ρ水gV排，在液体密度不变时，V排越小，浮力越小 ）。
（3）称重法测浮力，F浮=G - F示 。要使浮力差异更明显，根据F浮=ρ水gV排，可以增大液体密度差。
（4）浮力产生的原因是物体上下表面受到液体的压力差（F浮=F向上-F向下）。
（5）阿基米德原理，物体在空气中受到浮力（F浮空气=ρ空气gV排），以及电子秤示数与总重力、浮力的关系（电子秤示数等于总重力减去浮力 ）。篮球内气体进入气球后，总重力不变，但气球受到的浮力变大，所以电子秤的示数会减小 ，这说明物体在空气中会受到浮力的作用（因为浮力变化导致示数变化 ）。
22．（2025八下·禅城期末）阅读短文，回答下列问题，
我国古代，粮食的加工很多依靠捶打，为了节省人力，古代劳动人民发明了水確，实现了最原始的自动化作业.图甲是《天工开物》记载的水碓，立式水轮下半部分浸在河流中，被水流推动转动。叶板均匀分布在水轮上，有较大的面积接受水流的冲击，带动水轮转动，立式水轮的横轴随着水轮的转动而转动.而拨板被固定在立式水轮的横轴上，随着横轴的转动而拨动碓尾（碓杆的尾部），图乙为每根確杆的侧视图，碓杆AB之间长3米，AO之间长为0.9米，確杆一端连接碓头（石制或铁制），另一端被架起，随着拨板的拨动，使得確头不断抬起，再反复下落.由于確头本身质量较大，可达27kg，直接捶打昌里的粮食、药物及竹蔑纸浆等就更高效了，
（1）水碓在工作时，通过水流推动水轮转动，对水轮做功，所以水流具有　 　能，
（2）碓头的落下是受到　 　力的作用，此过程中確头的惯性　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（3）如乙图所示碓杆可视为　 　（选填“省力”或“费力”）杠杆：若不计確杆的重力，要将確头缓慢抬起，作用在A端的最小力为　 　N.
（4）若考虑碓杆的自重，并忽略摩擦力。将碓头B向左移动时，碓杆的机械效率将　 　。
（5）若要使碓头捶打物体的力更大，可以采取的办法是　 　。
【答案】（1）动
（2）重；不变
（3）费力；630
（4）变大
（5）增大碓头的质量
【知识点】动能和势能的概念；惯性及其现象；杠杆的分类；杠杆中最小力的问题；杠杆的机械效率
【解析】【解答】（1）水碓在工作时，通过水流推动水轮转动，对水轮做功，所以水流具有动能；
（2）第1空，因为力可以改变物体的运动状态，所以碓头的石杵落下是受到重力的作用效果；
第2空，惯性是物体的属性，与其质量有关，与位置无关，落下过程中石杵的质量不变，惯性不变；
（3）第1空，根据图中的杠杆可知，动力臂小于阻力臂，因此杠杆为费力杠杆；
第2空，由图可知，OA为动力臂时动力臂最大，此时作用在A端的力最小，根据杠杆的平衡条件可列式得：
G×OB=F×OA；代入数据得：27kg×10N/kg×（3m-0.9m）=F×0.9m；解得：F=630N。
（4）若考虑木杆的自重，将B向左移动时，额外功不变，有用功变多，有用功与总功的比值变大，杠杆的机械效率变大；
（5）根据G×OB=F×OA知，增大碓头的质量、将支点向右移、碓头向左移、增大叶板的面积都可以使碓头捶打物体的力更大。
故答案为：（1）动； （2）重；不变；（3）费力；630；（4）变大；（5）增大碓头的质量或将支点向右移或碓头向左移或增大叶板的面积。
【分析】（1）动能：物体由于运动而具有的能，叫做动能；在一定条件下，一种形式的能量可以转化成另一种形式的能量；
（2）力可以改变物体的运动状态；惯性是物体的属性，与其质量有关，与位置无关；
（3）比较动力臂和阻力臂，确定杠杆类型；OA为动力臂时动力臂最大，此时作用在A端的力最小，将数据代入杠杆的平衡条件公式即可求出作用在A端的最小的力。
（4）根据效率公式分析机械效率的变化。
（5）增大碓头的质量、将支点向右移、碓头向左移、增大叶板的面积都可以使碓头捶打物体的力更大。
23．（2025八下·禅城期末）据统计，我国每年发生汽车落水事件300余起，死亡率很高，汽车落水后，因为电源被切断，导致车窗无法打开，那么，落水后我们应该如何自救呢？
【小资料】
手肘的面积 2.5×-310m2
成年男性手肘的冲击力 6000N
成年男性推门的力 600N
钢化玻璃至少能承受的压强 7×107Pa
（1）车落水后，由于水压的作用，车门难以打开，成年男性若用手肘撞击车窗，车窗受到的压强为　 　Pa，这种方法逃生　 　（选填“可行”或“不可行”），
（2）若车窗无法打碎，车门也无法打开，落水者应保持冷静，等待水进入车内。当车内的水位上升至接近乘员头部高度时，当车门内外　 　几乎相等时，车门容易被打开.
（3）为了能让落水者即使在水里也能轻松破窗，可以使用一款小巧易携带的弹簧破窗神器，总长约9cm，其头部设计得较为尖锐，是为了　 　：其核心部件是一根高强度弹簧（如图乙），触发前，弹簧被压缩储存弹性势能：触发后，弹簧迅速恢复原状，释放能量，提供强大的冲击力推动锤头撞击玻璃，图丙为某高强度弹簧的弹力与弹簧伸长量的关系，小明测出该破窗神器使用时锤头与玻璃的接触面积约为0.5mm2，弹簧压缩量约为8mm，则该神器破窗时产生的压强约为　 　Pa
【答案】（1）2.4×106；不可行
（2）压强
（3）增大压强；8×107
【知识点】弹力；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）第1空，已知成年男性手肘冲击力 F = 6000N， 手肘 面积S = 2.5×10-3m2 。
根据压强公式，可得；
第2空，因为计算出的压强2.4×106Pa小于钢化玻璃至少能承受的压强7×107Pa，所以用手掌撞击车窗，无法打破车窗逃生，这种方法不可行 ；
（2）当车内水位上升至接近头部高度时，车内水产生的压强和车内空气压强之和与车外水压、大气压达到平衡，此时车门内外压强几乎相等，车门容易被打开；
（3）第1空，尖锥头部受力面积小，在压力一定时，根据，可以产生更大的压强，更容易打破玻璃；
第2空，由图丙可知，弹簧伸长量与弹力的成正比，比值为：，故 弹簧压缩量约为8mm =0.8cm，产生的弹力为；F=kx=50N/cm×0.8cm=40N，由可得 该神器破窗时产生的压强约为
。
故答案为：(1)2.4×106；不可行；(2)气压；(3)增大压强；8×107。
【分析】（1）分析表格中数据代入压强公式计算解答；钢化玻璃至少能承受的压强7×107Pa，与计算出的压强比较。
（2）车门打不开的原因是车外所受压强大于车内压强，当车门内外压强相等时，容易打开车门。
（3）压强与受力面积的关系：由可知，在压力一定时，受力面积越小，压强越大 ；
首先从图丙中获取弹簧的弹力，再根据压强公式计算压强。
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