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安徽省合肥市肥西县协力中学2024年中考物理模拟试卷
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2024·肥西模拟）如图所示，小明拉着一个物体在光滑的水平面上做匀速圆周运动，则物体运动一周，拉力对物体　 　（选填“做功”或“不做功”）。
【答案】不做功
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】 如图所示，小明拉着一个物体在光滑的水平面上做匀速圆周运动， 拉力的方向总是指向圆心，而它的运动不在力的方向上，因此拉力对物体不做功。
【分析】做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
2．（2024·肥西模拟） 如图，斜面长s=10m，高 h=4m。用沿斜面方向的推力 F， 将一个重为125N 的物体由斜面底端A 匀速推到顶端 B，运动过程中物体克服摩擦力做了 100J 的功，在此过程中斜面的机械效率为　 　。
【答案】83.3%
【知识点】机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】根据题意可知，对物体做的有用功W有=Gh=125N×4m=500J；
则拉力做的总功为：W总=W有+W额=500J+100J=600J；
则斜面的机械效率为：。
【分析】根据W有=Gh计算对物体做的有用功，根据W总=W有+W额计算总功，最后根据计算斜面的机械效率。
3．（2024·肥西模拟）如图所示为四旋翼无人机，质量为1.2kg，下方悬挂着一个重为1N的摄像机。在10s内无人机从地面竖直上升了20m，然后一边摄像一边斜向上飞行了30s，仪表上显示离地高度为36m。整个过程中，无人机对摄像机做功的功率为　 　W。
【答案】0.9
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 摄像机的重力： G=mg=0.1kg×10N/kg=1N；
整个过程中对摄像机所做的功： W' =Gh' =1N×36m=36J；
无人机对摄像机做功的功率：。
【分析】根据W=Gh计算对无人机做的功，再根据计算做功的功率。
4．（2024·肥西模拟）如图所示，小聪用100N拉力通过滑轮组拉动水平地面上重为500N的物体A，使它匀速前进2m，滑轮组的机械效率是75%（忽略绳重和滑轮重），则地面对它的摩擦力为　 　 N。
【答案】150
【知识点】滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】根据图片可知，承担拉力的绳子段数n=2，
根据得到：；
解得：f=150N。
【分析】当水平拉动物体时，根据计算地面对物体的摩擦力。
5．（2024·肥西模拟）人体内水的比例很高，有助于调节体温。当小孩发烧时，常用湿毛巾敷在额头上降温，这是通过　 　的方式减少体表内能的。
【答案】热传递
【知识点】热传递改变物体内能
【解析】【解答】人体内水的比例很高，有助于调节体温。当小孩发烧时，常用湿毛巾敷在额头上降温，这是通过热传递的方式减少体表内能的。
【分析】改变物体内能的方式：①做功，本质为能量的转化；②热传递，本质为能量的转移。
6．（2024·肥西模拟）水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），其物理意义是：　 　。
【答案】1kg的水温度每变化1℃所吸收或放出的热量为4.2×103J
【知识点】比热容
【解析】【解答】水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），其物理意义是：1kg的水温度每变化1℃所吸收或放出的热量为4.2×103J。
【分析】比热容表示1kg的某种物质温度升高或降低1℃时吸收或放出的热量是多少J。
7．（2024·肥西模拟）汽油机是一种将内能转化为机械能的机器，某单缸四冲程汽油机每秒对外做功20次，则该汽油机飞轮的转速为　 　 r/min。
【答案】2400
【知识点】热机
【解析】【解答】 某单缸四冲程汽油机每秒对外做功20次， 则每分钟对外做功次数：20次×60=1200次，那么每分钟飞轮转速为：1200×2=2400r。
【分析】四冲程内燃机中，一个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，据此分析解答。
8．（2024·肥西模拟）在电路的某连接处，流入的电流总和等于流出的电流总和，如图所示，若通过导线ab的电流大小为0.2A， 方向为a→b， 则通过导线cd的电流是　 　 A。
【答案】0.66
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】根据图片可知，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.46A。
电流表的电流方向从右到左，ab的电流从a→b，那么cd中电流方向从d到c；
那么cd应该为干路电流，则导线cd的电流为：I总=I1+I2=0.2A+0.46A=0.66A。
【分析】首先根据图片确定电流表的示数，然后根据I总=I1+I2计算通过cd的电流。
9．（2024·肥西模拟）如图所示电路中，电源为3节新的干电池，开关S闭合后，电压表的示数为2V，则L2两端的电压为　 　。
【答案】2V
【知识点】电压表的连接
【解析】【解答】根据图片可知，灯泡L1和L2并联，电压表并联在L2两端，测L2两端的电压。由于电压表的示数为2V，所以L2两端的电压为2V。
【分析】电压表必须与被测的用电器并联，据此分析解答。
10．（2024·肥西模拟）如图所示，a、b、c是三个电表，且电路连接没有错误，两个灯泡均正常发光，已知a、b、c三个电表读得的数值依次为1.5、1.2、2.5（单位是A 或V）。则通过L1的电流是　 　A。
【答案】0.3
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】根据图片可知，a在电流的必经之路上，则a为电流表。c与灯泡L2并联，则c应为电压表。通过L2的电流肯定要经过b，则b也是电流表，如下图所示：
那么干路电流为1.5A，通过L2的电流为1.2A，电源电压为2.5V；
则通过灯泡L1的电流为：I1=I总-I2=1.5A-1.2A=0.3A。
【分析】电流表的内阻很小，相当于导线；电压表的内阻很大，相当于断路，据此分析判断。
二、单选题（每题2分，共14分）
11．（2024·肥西模拟）下列事例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（　　）
A．沿海地区昼夜温差较小 B．用循环水冷却汽车发动机
C．让热水流过散热器供暖 D．夏天房间内洒水降温
【答案】D
【知识点】蒸发及其现象；比热容
【解析】【解答】A．水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水的温度差小，沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故A不符合题意；
BC．水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度时，水吸收的热量多，降低相同的温度时，水放出的热量多，用循环水冷却汽车发动机，或供暖，故BC不符合题意；
D．夏天在房间地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意。
故选D。
【分析】水的比热容较大，吸收或放出相同热量，水的温度差小，温度差相同时，水吸收或放出热量多。
12．（2024·肥西模拟）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（　　）
A．温度低的物体一定比温度高的物体具有的内能少
B．两杯水升高相同的温度，吸收的热量一定相等
C．海波熔化过程温度不变，内能在增加
D．温度为0℃的物体不具有内能
【答案】C
【知识点】内能的概念；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A.内能的大小与温度和质量、物质种类有关，则温度低的物体内能不一定少，故A错误；
B.水吸收的热量与质量和升高的温度大小有关，没有说明水的质量大小，无法比较吸收热量多少，故B错误；
C.海波熔化过程温度不变，内能在增加，故C正确；
D.温度为0℃的物体具有内能，故D错误。
故选C。
【分析】A.内能大小的影响因素：温度、质量和物质种类；
B.根据Q=cm△t分析判断；
C.吸收热量，则内能增大；放出热量，则内能减小；
D.一切物体都有内能。
13．（2024·肥西模拟）如图甲所示，取两个相同的验电器，使A带正电、B不带电，再用带有绝缘柄的金属棒将它们的金属球连接起来，如图乙所示，则下列说法正确的是 （　　）
A．连接的瞬间，电流的方向是自A流向B
B．验电器的原理是异种电荷相互排斥
C．任何情况下，验电器都不能够检验出带电体所带电荷的电性
D．若再用手触摸金属棒，验电器M、N的金属箔片张角不变
【答案】A
【知识点】电荷间的相互作用规律；电流的方向
【解析】【解答】A.验电器A带正电，失去电子，和不带电的B连接时，电子从B向A，电流的方向和负电荷的定向移动方向相反，自A流向B，A符合题意；
B.验电器的金属箔带同种电荷，工作原理是同种电荷相互排斥，B不符合题意；
C.若已知某种电荷，根据金属箔张角变化，可以检验出带电体所带电荷的电性，C不符合题意；
D.人体是导体，若再用手触摸金属棒，电荷通过人体导出，验电器A、B的金属箔片不带电，张角减小，D不符合题意。
故答案为：A.
【分析】电流方向和负电荷的定向移动方向相反；验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
14．（2024·肥西模拟） 如图电路。闭合开关，灯L1、L2正常发光，电流表和电压表均有示数。过一会儿，灯L1突然熄灭，电流表示数变小，电压表示数为零。此过程出现的故障是（　　）
A．L1短路 B．L1灯丝烧断
C．导线a或b断路 D．灯L2短路
【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用；电路故障的判断
【解析】【解答】由图可知，该电路为并联电路，电流表测干路电流，电压表测电源电压；当闭合开关时，灯L1、L2正常发光，电流表与电压表均有示数，过一会儿，灯L1突然熄灭，电流表示数变小，根据并联电路电流的特点知，应该是电路中的一条支路发生了断路；又由于电压表示数为零，即电压表的正接线柱或负接线柱与电源是断开的；
A、若L1短路，则整个电路处于短路状态，电流表的示数很大，电压表无示数，故A不符合题意；
B、若L1灯丝烧断，干路电流减小，但电压表仍与电源并联，即电压表有示数，故B不符合题意；
C、导线a或b断路，灯泡L1未接入电源，所以L1熄灭，电流表示数减小；电压表也与电源处于断开状态，所以电压表的示数为零；故C符合题意；
D、若L2短路，则整个电路处于短路状态，电流表的示数很大，电压表无示数，故D不符合题意；
综上可知：本题正确答案为：C 。
【分析】由图可知，该电路为并联电路，电流表测干路电流，电压表测电源电压，根据电流表和电压表的示数变化可判定电路故障。
15．（2024·肥西模拟）两个定值电阻，R1标有“20Ω 0.3A”字样、R2标有“15Ω 0.6A”字样，把它们串联起来直接接在一电源两端，则电源电压最大只能是（　　）
A．9V B．10.5V C．15V D．21V
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】串联电路中各处电流都相等，而R1的额定电流较小，因此通过电路的最大电流为0.3A。电路的总电阻为：R总=R1+R2=20Ω+15Ω=35Ω，则电源电压最大为：U总=I总R总=0.3A×35Ω=10.5V。
故选B。
【分析】首先根据串联电路的电流特点确定电路的最大电流，再根据R总=R1+R2计算总电阻，最后根据U总=I总R总计算总电压。
16．（2024·肥西模拟） 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P由图示位置向右滑动时，下列说法正确的是（　　）
A．小灯泡与滑动变阻器串联 B．电压表示数变大
C．电流表和示数都变小 D．小灯泡亮度变暗
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A.闭合开关后，变阻器R和灯泡L并排连接在电路两点之间，因此为并联，故A错误；
B.电压表测电源电压，因此电压表的示数保持不变，故B错误；
C.电流表A1测变阻器的电流，A2测干路电流。当变阻器的滑片向右移动时，变阻器的阻值变大，根据可知，电流表A1的示数变小。灯泡的电压和电阻不变，则通过灯泡的电流不变。根据I总=I1+I2可知，电流表A2的示数减小，故C正确；
D.通过灯泡的电流不变，则灯泡的亮度不变，故D错误。
故选C。
【分析】A.用电器首尾相连为串联，并排连接在电路两点之间为并联；
B.根据并联电路电压的特点判断；
C.根据滑片的移动方向确定变阻器的阻值变化，根据欧姆定律分析电流表A1的示数变化，再根据I总=I1+I2分析电流表A2的示数变化。
D.根据灯泡的电压变化确定亮度变化。
17．（2024·肥西模拟）弹跳杆运动是一项广受欢迎的运动，弹跳杆的结构如图甲所示。图乙是小希玩弹跳杆时，由最低位置上升到最高位置的过程。针对此过程，下列分析正确的是（　　）
A．在a状态时弹簧的弹性势能最大，小希的机械能最小
B．a→b的过程中，弹簧的弹力越来越大，在b状态时弹力最大
C．b→c的过程中，弹簧的弹性势能转化为小希的重力势能
D．a→c的过程中，小希先加速后减速，在b状态时速度最大
【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】 A.由图可知，a状态时弹簧的形变程度最大，弹簧的弹性势能最大；小希处于最低位置，高度为0、速度为0，故小希的重力势能和动能均为0，故A正确；
B.a→b的过程中，弹簧的形变程度变小，所以弹簧的弹力越来越小；到达b点时，弹簧恢复到原长，所以此时弹力为0，故B错误；
C.b→c的过程中，即离开地面上升的过程，小希的速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，所以该过程中是动能 转化为小希的重力势能，故C错误；
D.a→b的过程中，开始一段时间内，弹簧的形变量较大，向上的弹力大于向下的重力，小希做加速运动；随着弹簧形变 量的减小，弹力减小，当弹力等于重力时，小希的速度达到最大；弹力继续减小，向上的弹力小于向下的重力时，小希做 减速运动；而b→c的过程中，小希在重力作用下做减速运动； 所以，a→c的过程中，小希先加速后减速，在b状态时速度并不是最大（此时弹簧恢复到原长，无弹力，人只受重力作用， 处于减速阶段），故D错误。
故选A。
【分析】 A.动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
B.重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；
C.弹簧由于发生弹性形变而具有的能称为弹性势能，弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关； D.速度最大位置是重力和弹力相等的时候。
三、实验题（每空2分，共18分）
18．（2024·肥西模拟）小强同学用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率，实验时，他先后将钩码放置在图中A、B位置，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码缓慢地上升，得到下表实验数据。
实验次数 钩码挂点 钩码重 G/N 钩码移动距离h/m 拉力F/N 测力计移动距离s/m 机械效率η/%
1 A点 1.5 0.10 0.7 0.30 71.4
2 B点 2.0 0.15 1.2 0.30 　
（1）实验中，小强应在物体处于 　 　（选填“静止”或“匀速运动”）状态时，读取弹簧测力计示数；
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为　 　（保留一位小数）；
【答案】（1）匀速运动
（2）83.3%
【知识点】杠杆机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）实验中，小强应在物体处于匀速运动状态时，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于动力大小；
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为：。
【分析】（1）实验中，小强应在物体处于匀速运动状态时，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于动力大小，若静止读数，则没有测量杠杆与支点的摩擦力，测量值偏小；
（2）根据表格第2次实验数据，由求出所测杠杆的机械效率。
19．（2024·肥西模拟）在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示：
（1）实验中必须要选取　 　（选填“质量”或“体积”）相等的甲、乙两种液体；
（2）选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，这样做的目的为了通过　 　（选填“加热的时间”或“升高的温度”）来反映吸收的热量；
（3）根据实验测得的数据分别描绘出了甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图丙所示，加热相同的时间甲液体升高的温度多，则_液体的吸热能力更强　 　（选填“甲”或“乙”）；你还能用什么方法判断液体的吸热能力更强：
【答案】（1）质量
（2）加热的时间
（3）乙
【知识点】比热容
【解析】【解答】（1）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同液体吸收相同的热量时，升高的温度越高，则液体的吸热能力越小，因此实验中必须要选取质量相等的甲、乙两种液体；
（2）选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，这样做的目的为了通过加热的时间来反映吸收的热量；
（3）根据图象可知，加热5分钟（吸热相同），甲升高的温度为60℃-20℃=40℃，乙升高的温度为40℃-20℃=20℃，即甲升高的温度大于乙升高的温度。根据Q=cmΔt可知，液体乙的吸热能力更强。
根据Q=cmΔt可知，在液体质量和升高的温度相同时，加热时间越长，吸收热量越多，则吸热能力越强，即还可以用升高相同的温度时需要的加热时间判断液体的吸热能力强弱。
【分析】（1）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同液体吸收相同的热量时，升高的温度越高，则液体的吸热能力越小，；
（2）相同的加热器电功率相等，根据Q=W=Pt可知，加热时间越长，产生的热量越多；
（3）从丙图中找到加热5min时二者升高的温度大小，从而确定吸热能力强弱。根据Q=cmΔt可知，在液体质量和升高的温度相同时，加热时间越长，吸收热量越多，则吸热能力越强，据此确定比较吸热能力强弱的方法。
20．（2024·肥西模拟）在探究“电流与电阻的关系”实验过程中，老师给同学们准备了以下器材：蓄电池（6V）、电流表（0~0.6A， 0~3A）、电压表（0-3V，0>15V），定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω各1个） 、开关、滑动变阻器（1.5A， 20Ω）、导线若干。
（1）请将图甲所示的实物电路连接完整，要求滑片向左移动，电流表示数变大　 　；
（2）进行实验前，小明发现电流表指针如图所示，其原因是：
（3）当小明再换接15Ω电阻时，无论怎样调节滑动变阻器，都不能使电压表示数为2V，请你从所选滑动变阻器的角度来分析其具体原因是
【答案】（1）
（2）电流表没有校零
（3）滑动变阻器最大阻值过小
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）当滑片向左移动时，电流表的示数变大，则变阻器接入的阻值变小，那么应该将左下角的接线柱与电源的负极相连，如下图所示：
（2）根据图片可知，电流表的指针偏左，那么原因是电流表没有校零；
（3）当小明再换接15Ω电阻时，无论怎样调节滑动变阻器，都不能使电压表示数为2V，从所选滑动变阻器的角度来分析其具体原因是滑动变阻器最大阻值过小。
【分析】（1）根据电流表的示数变化确定变阻器的阻值变化，进而确定变阻器的接线方法；
（2）根据电流表的使用方法解答；
（3）在探究电流与电阻关系的实验中，要控制电阻两端的电压相等，根据U总=U+U变可知，变阻器两端的电压也相等，那么二者电压的比值不变。当定值电阻变大时，变阻器的电阻也要变大。而变阻器的最大阻值一定，当最大阻值不能满足需要时，就会导致电压表的示数偏大。
四、计算题（21题4分， 22题8分， 23题6分， 共18分）
21．（2024·肥西模拟）随着人们生活水平的逐步提高，太阳能热水器已进入千家万户，近年来又有一种集太阳能与电辅热于一体的壁挂式太阳能正在为很多高层建筑所应用，一台容量为150L的太阳能热水器，如图所示。某天加满水的热水器经过一天的阳光照射水温从25℃升高到65℃．[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），水的密度为1.0×103kg/m3]
（1）一天内热水器中的水吸收的热量；
（2）张胜家还有一台燃气热水器，加热效率为50%，已知天然气热值q=4.2×107J/m3，求将150L 水从25℃加热到65℃所需的天然气。
【答案】（1）解： 水的质量是m=ρv=1.0×103kg/m3×150×10-3m3=150Kg
水吸收的热量
（2）解：
需要燃气的体积
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【分析】（1）根据计算水的质量，根据m=ρV计算水的质量，根据 计算水吸收的热量。
（2）首先根据 计算天然气放出的热量，然后根据 计算燃气的体积。
22．（2024·肥西模拟）如图所示的装置中，物体B重为30N，每个滑轮重均为6N，不计绳重及滑轮的摩擦。先用水平力F=20N向右匀速拉动物体A，物体B 也随滑轮匀速上升。求：
（1）物体A 受到的摩擦力；
（2） 若物体B上升高度为0.3m， 水平力F做的功；
（3）滑轮组的机械效率。
【答案】（1）解： 由图可知 滑轮组绳子自由端的拉力=12N
绳子拉物体A的力FA=F拉=12N
物体A 向右匀速运动，受力平衡，则有 F=f+FA
则物体A 受到的摩擦力为f=F-FA=20N-12N=8N
（2）解： 物体A 移动距离为 s=3h=3×0.3m=0.9m
所以水平拉力做的功为 W=Fs=20N×0.9m=18J
（3）解： 不计绳重及滑轮的摩擦，滑轮组的机械效率为
【知识点】二力平衡的条件及其应用；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】（1）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据 计算自由端的拉力大小，然后对A进行受力分析，根据平衡力的知识计算物体A受到的摩擦力大小。
（2）首先根据s=nh计算物体A移动的距离，再根据 W=Fs 计算拉力做的功；
（3）根据 计算滑轮组的机械效率。
23．（2024·肥西模拟）如图a所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图象如图b所示。根据图象的信息计算：
（1）电源电压；
（2） 电阻R1的阻值；
（3）变阻器电阻R2的最大阻值。
【答案】（1）解： 根据电路图分析可知，甲、乙分别是R1、R2电压电流变化图像。当R2接入电路阻值为零时，R2两端电压为零，此时R1两端电压为6V，即电源电压为： U=6V
（2）解： 由图可知， 当通过R1两端的电流I1=0.1A 时， R1两端的电压U1=2V， 根据欧姆定律可得：
（3）解： 由乙可知R2的最大电压 U2=4V，此时电路中电流最小I小=0.1A，由欧姆定律可得此时滑动变阻器的最大阻值
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）根据图片可知，两个电阻串联，电压表V1测R1的电压，V2测R2的电压，电流表测总电流。当电流增大时，根据U=IR可知，R1的电压也增大。根据U总=U1+U2可知，R2的电压变小，据此确定图像的对应关系。然后找到一组对应的两个电阻的电压，根据U总=U1+U2计算电源电压即可。
（2）从图像中找到一组电流和电压值，根据 计算R1的阻值；
（3）根据图像确定电路的最小电流和此时变阻器两端的电压，此时变阻器接入的阻值最大，根据 计算变阻器的最大阻值。
1 / 1安徽省合肥市肥西县协力中学2024年中考物理模拟试卷
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2024·肥西模拟）如图所示，小明拉着一个物体在光滑的水平面上做匀速圆周运动，则物体运动一周，拉力对物体　 　（选填“做功”或“不做功”）。
2．（2024·肥西模拟） 如图，斜面长s=10m，高 h=4m。用沿斜面方向的推力 F， 将一个重为125N 的物体由斜面底端A 匀速推到顶端 B，运动过程中物体克服摩擦力做了 100J 的功，在此过程中斜面的机械效率为　 　。
3．（2024·肥西模拟）如图所示为四旋翼无人机，质量为1.2kg，下方悬挂着一个重为1N的摄像机。在10s内无人机从地面竖直上升了20m，然后一边摄像一边斜向上飞行了30s，仪表上显示离地高度为36m。整个过程中，无人机对摄像机做功的功率为　 　W。
4．（2024·肥西模拟）如图所示，小聪用100N拉力通过滑轮组拉动水平地面上重为500N的物体A，使它匀速前进2m，滑轮组的机械效率是75%（忽略绳重和滑轮重），则地面对它的摩擦力为　 　 N。
5．（2024·肥西模拟）人体内水的比例很高，有助于调节体温。当小孩发烧时，常用湿毛巾敷在额头上降温，这是通过　 　的方式减少体表内能的。
6．（2024·肥西模拟）水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），其物理意义是：　 　。
7．（2024·肥西模拟）汽油机是一种将内能转化为机械能的机器，某单缸四冲程汽油机每秒对外做功20次，则该汽油机飞轮的转速为　 　 r/min。
8．（2024·肥西模拟）在电路的某连接处，流入的电流总和等于流出的电流总和，如图所示，若通过导线ab的电流大小为0.2A， 方向为a→b， 则通过导线cd的电流是　 　 A。
9．（2024·肥西模拟）如图所示电路中，电源为3节新的干电池，开关S闭合后，电压表的示数为2V，则L2两端的电压为　 　。
10．（2024·肥西模拟）如图所示，a、b、c是三个电表，且电路连接没有错误，两个灯泡均正常发光，已知a、b、c三个电表读得的数值依次为1.5、1.2、2.5（单位是A 或V）。则通过L1的电流是　 　A。
二、单选题（每题2分，共14分）
11．（2024·肥西模拟）下列事例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（　　）
A．沿海地区昼夜温差较小 B．用循环水冷却汽车发动机
C．让热水流过散热器供暖 D．夏天房间内洒水降温
12．（2024·肥西模拟）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（　　）
A．温度低的物体一定比温度高的物体具有的内能少
B．两杯水升高相同的温度，吸收的热量一定相等
C．海波熔化过程温度不变，内能在增加
D．温度为0℃的物体不具有内能
13．（2024·肥西模拟）如图甲所示，取两个相同的验电器，使A带正电、B不带电，再用带有绝缘柄的金属棒将它们的金属球连接起来，如图乙所示，则下列说法正确的是 （　　）
A．连接的瞬间，电流的方向是自A流向B
B．验电器的原理是异种电荷相互排斥
C．任何情况下，验电器都不能够检验出带电体所带电荷的电性
D．若再用手触摸金属棒，验电器M、N的金属箔片张角不变
14．（2024·肥西模拟） 如图电路。闭合开关，灯L1、L2正常发光，电流表和电压表均有示数。过一会儿，灯L1突然熄灭，电流表示数变小，电压表示数为零。此过程出现的故障是（　　）
A．L1短路 B．L1灯丝烧断
C．导线a或b断路 D．灯L2短路
15．（2024·肥西模拟）两个定值电阻，R1标有“20Ω 0.3A”字样、R2标有“15Ω 0.6A”字样，把它们串联起来直接接在一电源两端，则电源电压最大只能是（　　）
A．9V B．10.5V C．15V D．21V
16．（2024·肥西模拟） 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P由图示位置向右滑动时，下列说法正确的是（　　）
A．小灯泡与滑动变阻器串联 B．电压表示数变大
C．电流表和示数都变小 D．小灯泡亮度变暗
17．（2024·肥西模拟）弹跳杆运动是一项广受欢迎的运动，弹跳杆的结构如图甲所示。图乙是小希玩弹跳杆时，由最低位置上升到最高位置的过程。针对此过程，下列分析正确的是（　　）
A．在a状态时弹簧的弹性势能最大，小希的机械能最小
B．a→b的过程中，弹簧的弹力越来越大，在b状态时弹力最大
C．b→c的过程中，弹簧的弹性势能转化为小希的重力势能
D．a→c的过程中，小希先加速后减速，在b状态时速度最大
三、实验题（每空2分，共18分）
18．（2024·肥西模拟）小强同学用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率，实验时，他先后将钩码放置在图中A、B位置，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码缓慢地上升，得到下表实验数据。
实验次数 钩码挂点 钩码重 G/N 钩码移动距离h/m 拉力F/N 测力计移动距离s/m 机械效率η/%
1 A点 1.5 0.10 0.7 0.30 71.4
2 B点 2.0 0.15 1.2 0.30 　
（1）实验中，小强应在物体处于 　 　（选填“静止”或“匀速运动”）状态时，读取弹簧测力计示数；
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为　 　（保留一位小数）；
19．（2024·肥西模拟）在“探究物质的吸热能力”的实验中，实验装置如图所示：
（1）实验中必须要选取　 　（选填“质量”或“体积”）相等的甲、乙两种液体；
（2）选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，这样做的目的为了通过　 　（选填“加热的时间”或“升高的温度”）来反映吸收的热量；
（3）根据实验测得的数据分别描绘出了甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图丙所示，加热相同的时间甲液体升高的温度多，则_液体的吸热能力更强　 　（选填“甲”或“乙”）；你还能用什么方法判断液体的吸热能力更强：
20．（2024·肥西模拟）在探究“电流与电阻的关系”实验过程中，老师给同学们准备了以下器材：蓄电池（6V）、电流表（0~0.6A， 0~3A）、电压表（0-3V，0>15V），定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω各1个） 、开关、滑动变阻器（1.5A， 20Ω）、导线若干。
（1）请将图甲所示的实物电路连接完整，要求滑片向左移动，电流表示数变大　 　；
（2）进行实验前，小明发现电流表指针如图所示，其原因是：
（3）当小明再换接15Ω电阻时，无论怎样调节滑动变阻器，都不能使电压表示数为2V，请你从所选滑动变阻器的角度来分析其具体原因是
四、计算题（21题4分， 22题8分， 23题6分， 共18分）
21．（2024·肥西模拟）随着人们生活水平的逐步提高，太阳能热水器已进入千家万户，近年来又有一种集太阳能与电辅热于一体的壁挂式太阳能正在为很多高层建筑所应用，一台容量为150L的太阳能热水器，如图所示。某天加满水的热水器经过一天的阳光照射水温从25℃升高到65℃．[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），水的密度为1.0×103kg/m3]
（1）一天内热水器中的水吸收的热量；
（2）张胜家还有一台燃气热水器，加热效率为50%，已知天然气热值q=4.2×107J/m3，求将150L 水从25℃加热到65℃所需的天然气。
22．（2024·肥西模拟）如图所示的装置中，物体B重为30N，每个滑轮重均为6N，不计绳重及滑轮的摩擦。先用水平力F=20N向右匀速拉动物体A，物体B 也随滑轮匀速上升。求：
（1）物体A 受到的摩擦力；
（2） 若物体B上升高度为0.3m， 水平力F做的功；
（3）滑轮组的机械效率。
23．（2024·肥西模拟）如图a所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图象如图b所示。根据图象的信息计算：
（1）电源电压；
（2） 电阻R1的阻值；
（3）变阻器电阻R2的最大阻值。
答案解析部分
1．【答案】不做功
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】 如图所示，小明拉着一个物体在光滑的水平面上做匀速圆周运动， 拉力的方向总是指向圆心，而它的运动不在力的方向上，因此拉力对物体不做功。
【分析】做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
2．【答案】83.3%
【知识点】机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】根据题意可知，对物体做的有用功W有=Gh=125N×4m=500J；
则拉力做的总功为：W总=W有+W额=500J+100J=600J；
则斜面的机械效率为：。
【分析】根据W有=Gh计算对物体做的有用功，根据W总=W有+W额计算总功，最后根据计算斜面的机械效率。
3．【答案】0.9
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 摄像机的重力： G=mg=0.1kg×10N/kg=1N；
整个过程中对摄像机所做的功： W' =Gh' =1N×36m=36J；
无人机对摄像机做功的功率：。
【分析】根据W=Gh计算对无人机做的功，再根据计算做功的功率。
4．【答案】150
【知识点】滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】根据图片可知，承担拉力的绳子段数n=2，
根据得到：；
解得：f=150N。
【分析】当水平拉动物体时，根据计算地面对物体的摩擦力。
5．【答案】热传递
【知识点】热传递改变物体内能
【解析】【解答】人体内水的比例很高，有助于调节体温。当小孩发烧时，常用湿毛巾敷在额头上降温，这是通过热传递的方式减少体表内能的。
【分析】改变物体内能的方式：①做功，本质为能量的转化；②热传递，本质为能量的转移。
6．【答案】1kg的水温度每变化1℃所吸收或放出的热量为4.2×103J
【知识点】比热容
【解析】【解答】水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），其物理意义是：1kg的水温度每变化1℃所吸收或放出的热量为4.2×103J。
【分析】比热容表示1kg的某种物质温度升高或降低1℃时吸收或放出的热量是多少J。
7．【答案】2400
【知识点】热机
【解析】【解答】 某单缸四冲程汽油机每秒对外做功20次， 则每分钟对外做功次数：20次×60=1200次，那么每分钟飞轮转速为：1200×2=2400r。
【分析】四冲程内燃机中，一个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，据此分析解答。
8．【答案】0.66
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】根据图片可知，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.46A。
电流表的电流方向从右到左，ab的电流从a→b，那么cd中电流方向从d到c；
那么cd应该为干路电流，则导线cd的电流为：I总=I1+I2=0.2A+0.46A=0.66A。
【分析】首先根据图片确定电流表的示数，然后根据I总=I1+I2计算通过cd的电流。
9．【答案】2V
【知识点】电压表的连接
【解析】【解答】根据图片可知，灯泡L1和L2并联，电压表并联在L2两端，测L2两端的电压。由于电压表的示数为2V，所以L2两端的电压为2V。
【分析】电压表必须与被测的用电器并联，据此分析解答。
10．【答案】0.3
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】根据图片可知，a在电流的必经之路上，则a为电流表。c与灯泡L2并联，则c应为电压表。通过L2的电流肯定要经过b，则b也是电流表，如下图所示：
那么干路电流为1.5A，通过L2的电流为1.2A，电源电压为2.5V；
则通过灯泡L1的电流为：I1=I总-I2=1.5A-1.2A=0.3A。
【分析】电流表的内阻很小，相当于导线；电压表的内阻很大，相当于断路，据此分析判断。
11．【答案】D
【知识点】蒸发及其现象；比热容
【解析】【解答】A．水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水的温度差小，沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故A不符合题意；
BC．水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度时，水吸收的热量多，降低相同的温度时，水放出的热量多，用循环水冷却汽车发动机，或供暖，故BC不符合题意；
D．夏天在房间地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意。
故选D。
【分析】水的比热容较大，吸收或放出相同热量，水的温度差小，温度差相同时，水吸收或放出热量多。
12．【答案】C
【知识点】内能的概念；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A.内能的大小与温度和质量、物质种类有关，则温度低的物体内能不一定少，故A错误；
B.水吸收的热量与质量和升高的温度大小有关，没有说明水的质量大小，无法比较吸收热量多少，故B错误；
C.海波熔化过程温度不变，内能在增加，故C正确；
D.温度为0℃的物体具有内能，故D错误。
故选C。
【分析】A.内能大小的影响因素：温度、质量和物质种类；
B.根据Q=cm△t分析判断；
C.吸收热量，则内能增大；放出热量，则内能减小；
D.一切物体都有内能。
13．【答案】A
【知识点】电荷间的相互作用规律；电流的方向
【解析】【解答】A.验电器A带正电，失去电子，和不带电的B连接时，电子从B向A，电流的方向和负电荷的定向移动方向相反，自A流向B，A符合题意；
B.验电器的金属箔带同种电荷，工作原理是同种电荷相互排斥，B不符合题意；
C.若已知某种电荷，根据金属箔张角变化，可以检验出带电体所带电荷的电性，C不符合题意；
D.人体是导体，若再用手触摸金属棒，电荷通过人体导出，验电器A、B的金属箔片不带电，张角减小，D不符合题意。
故答案为：A.
【分析】电流方向和负电荷的定向移动方向相反；验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
14．【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；电压的测量及电压表的使用；电路故障的判断
【解析】【解答】由图可知，该电路为并联电路，电流表测干路电流，电压表测电源电压；当闭合开关时，灯L1、L2正常发光，电流表与电压表均有示数，过一会儿，灯L1突然熄灭，电流表示数变小，根据并联电路电流的特点知，应该是电路中的一条支路发生了断路；又由于电压表示数为零，即电压表的正接线柱或负接线柱与电源是断开的；
A、若L1短路，则整个电路处于短路状态，电流表的示数很大，电压表无示数，故A不符合题意；
B、若L1灯丝烧断，干路电流减小，但电压表仍与电源并联，即电压表有示数，故B不符合题意；
C、导线a或b断路，灯泡L1未接入电源，所以L1熄灭，电流表示数减小；电压表也与电源处于断开状态，所以电压表的示数为零；故C符合题意；
D、若L2短路，则整个电路处于短路状态，电流表的示数很大，电压表无示数，故D不符合题意；
综上可知：本题正确答案为：C 。
【分析】由图可知，该电路为并联电路，电流表测干路电流，电压表测电源电压，根据电流表和电压表的示数变化可判定电路故障。
15．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】串联电路中各处电流都相等，而R1的额定电流较小，因此通过电路的最大电流为0.3A。电路的总电阻为：R总=R1+R2=20Ω+15Ω=35Ω，则电源电压最大为：U总=I总R总=0.3A×35Ω=10.5V。
故选B。
【分析】首先根据串联电路的电流特点确定电路的最大电流，再根据R总=R1+R2计算总电阻，最后根据U总=I总R总计算总电压。
16．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A.闭合开关后，变阻器R和灯泡L并排连接在电路两点之间，因此为并联，故A错误；
B.电压表测电源电压，因此电压表的示数保持不变，故B错误；
C.电流表A1测变阻器的电流，A2测干路电流。当变阻器的滑片向右移动时，变阻器的阻值变大，根据可知，电流表A1的示数变小。灯泡的电压和电阻不变，则通过灯泡的电流不变。根据I总=I1+I2可知，电流表A2的示数减小，故C正确；
D.通过灯泡的电流不变，则灯泡的亮度不变，故D错误。
故选C。
【分析】A.用电器首尾相连为串联，并排连接在电路两点之间为并联；
B.根据并联电路电压的特点判断；
C.根据滑片的移动方向确定变阻器的阻值变化，根据欧姆定律分析电流表A1的示数变化，再根据I总=I1+I2分析电流表A2的示数变化。
D.根据灯泡的电压变化确定亮度变化。
17．【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】 A.由图可知，a状态时弹簧的形变程度最大，弹簧的弹性势能最大；小希处于最低位置，高度为0、速度为0，故小希的重力势能和动能均为0，故A正确；
B.a→b的过程中，弹簧的形变程度变小，所以弹簧的弹力越来越小；到达b点时，弹簧恢复到原长，所以此时弹力为0，故B错误；
C.b→c的过程中，即离开地面上升的过程，小希的速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，所以该过程中是动能 转化为小希的重力势能，故C错误；
D.a→b的过程中，开始一段时间内，弹簧的形变量较大，向上的弹力大于向下的重力，小希做加速运动；随着弹簧形变 量的减小，弹力减小，当弹力等于重力时，小希的速度达到最大；弹力继续减小，向上的弹力小于向下的重力时，小希做 减速运动；而b→c的过程中，小希在重力作用下做减速运动； 所以，a→c的过程中，小希先加速后减速，在b状态时速度并不是最大（此时弹簧恢复到原长，无弹力，人只受重力作用， 处于减速阶段），故D错误。
故选A。
【分析】 A.动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
B.重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；
C.弹簧由于发生弹性形变而具有的能称为弹性势能，弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关； D.速度最大位置是重力和弹力相等的时候。
18．【答案】（1）匀速运动
（2）83.3%
【知识点】杠杆机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）实验中，小强应在物体处于匀速运动状态时，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于动力大小；
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为：。
【分析】（1）实验中，小强应在物体处于匀速运动状态时，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于动力大小，若静止读数，则没有测量杠杆与支点的摩擦力，测量值偏小；
（2）根据表格第2次实验数据，由求出所测杠杆的机械效率。
19．【答案】（1）质量
（2）加热的时间
（3）乙
【知识点】比热容
【解析】【解答】（1）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同液体吸收相同的热量时，升高的温度越高，则液体的吸热能力越小，因此实验中必须要选取质量相等的甲、乙两种液体；
（2）选用规格相同的电加热器分别给甲和乙两种液体加热，这样做的目的为了通过加热的时间来反映吸收的热量；
（3）根据图象可知，加热5分钟（吸热相同），甲升高的温度为60℃-20℃=40℃，乙升高的温度为40℃-20℃=20℃，即甲升高的温度大于乙升高的温度。根据Q=cmΔt可知，液体乙的吸热能力更强。
根据Q=cmΔt可知，在液体质量和升高的温度相同时，加热时间越长，吸收热量越多，则吸热能力越强，即还可以用升高相同的温度时需要的加热时间判断液体的吸热能力强弱。
【分析】（1）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同液体吸收相同的热量时，升高的温度越高，则液体的吸热能力越小，；
（2）相同的加热器电功率相等，根据Q=W=Pt可知，加热时间越长，产生的热量越多；
（3）从丙图中找到加热5min时二者升高的温度大小，从而确定吸热能力强弱。根据Q=cmΔt可知，在液体质量和升高的温度相同时，加热时间越长，吸收热量越多，则吸热能力越强，据此确定比较吸热能力强弱的方法。
20．【答案】（1）
（2）电流表没有校零
（3）滑动变阻器最大阻值过小
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）当滑片向左移动时，电流表的示数变大，则变阻器接入的阻值变小，那么应该将左下角的接线柱与电源的负极相连，如下图所示：
（2）根据图片可知，电流表的指针偏左，那么原因是电流表没有校零；
（3）当小明再换接15Ω电阻时，无论怎样调节滑动变阻器，都不能使电压表示数为2V，从所选滑动变阻器的角度来分析其具体原因是滑动变阻器最大阻值过小。
【分析】（1）根据电流表的示数变化确定变阻器的阻值变化，进而确定变阻器的接线方法；
（2）根据电流表的使用方法解答；
（3）在探究电流与电阻关系的实验中，要控制电阻两端的电压相等，根据U总=U+U变可知，变阻器两端的电压也相等，那么二者电压的比值不变。当定值电阻变大时，变阻器的电阻也要变大。而变阻器的最大阻值一定，当最大阻值不能满足需要时，就会导致电压表的示数偏大。
21．【答案】（1）解： 水的质量是m=ρv=1.0×103kg/m3×150×10-3m3=150Kg
水吸收的热量
（2）解：
需要燃气的体积
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【分析】（1）根据计算水的质量，根据m=ρV计算水的质量，根据 计算水吸收的热量。
（2）首先根据 计算天然气放出的热量，然后根据 计算燃气的体积。
22．【答案】（1）解： 由图可知 滑轮组绳子自由端的拉力=12N
绳子拉物体A的力FA=F拉=12N
物体A 向右匀速运动，受力平衡，则有 F=f+FA
则物体A 受到的摩擦力为f=F-FA=20N-12N=8N
（2）解： 物体A 移动距离为 s=3h=3×0.3m=0.9m
所以水平拉力做的功为 W=Fs=20N×0.9m=18J
（3）解： 不计绳重及滑轮的摩擦，滑轮组的机械效率为
【知识点】二力平衡的条件及其应用；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】（1）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据 计算自由端的拉力大小，然后对A进行受力分析，根据平衡力的知识计算物体A受到的摩擦力大小。
（2）首先根据s=nh计算物体A移动的距离，再根据 W=Fs 计算拉力做的功；
（3）根据 计算滑轮组的机械效率。
23．【答案】（1）解： 根据电路图分析可知，甲、乙分别是R1、R2电压电流变化图像。当R2接入电路阻值为零时，R2两端电压为零，此时R1两端电压为6V，即电源电压为： U=6V
（2）解： 由图可知， 当通过R1两端的电流I1=0.1A 时， R1两端的电压U1=2V， 根据欧姆定律可得：
（3）解： 由乙可知R2的最大电压 U2=4V，此时电路中电流最小I小=0.1A，由欧姆定律可得此时滑动变阻器的最大阻值
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）根据图片可知，两个电阻串联，电压表V1测R1的电压，V2测R2的电压，电流表测总电流。当电流增大时，根据U=IR可知，R1的电压也增大。根据U总=U1+U2可知，R2的电压变小，据此确定图像的对应关系。然后找到一组对应的两个电阻的电压，根据U总=U1+U2计算电源电压即可。
（2）从图像中找到一组电流和电压值，根据 计算R1的阻值；
（3）根据图像确定电路的最小电流和此时变阻器两端的电压，此时变阻器接入的阻值最大，根据 计算变阻器的最大阻值。
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