资源简介

湖南省长沙市第一中学2025届九年级下学期中考一模物理试卷
1．（2025·长沙模拟）古筝是古老的民族乐器，音域宽广，音色优美动听，演奏技巧丰富，表现力强，被称为“众乐之王”，亦称为“东方钢琴”。其中“音域”描述的是古筝声音的(　　)
A．音调的跨度范围 B．响度变化
C．音色好坏 D．以上均不是
2．（2025·长沙模拟）下图是游客在长沙铜官窑古镇，感受1600℃的中式浪漫一打铁花的情景。表演过程中，工匠们首先在熔炉内将罐子里的生铁化成汁(生铁为晶体)，使其形成绚烂的铁花火雨，腾空而起，最终这些铁花飞雨在夜空中逐渐冷却成铁颗粒并落地。下列说法正确的是 (　　)
A．生铁化成铁水是升华现象，此过程吸收热量
B．生铁化成铁水是熔化现象，此过程吸收热量，温度上升
C．铁水冷却成铁颗粒是液化现象，此过程放出热量
D．铁水冷却成铁颗粒是凝固现象，此过程放出热量，温度不变
3．（2025·长沙模拟）关于红外线和紫外线的说法正确的是(　　)
A．利用紫外线遥控电视机
B．利用红外线加热食物
C．利用红外线验钞
D．利用人体发出的紫外线测量人体温度
4．（2025·长沙模拟）2025年亚洲冬季运动会于2月7日至 14日在哈尔滨举行。如图所示是运动员进行越野滑雪比赛的精彩瞬间。下列说法中正确的是 (　　)
A．运动员穿上滑雪板是为了减小对雪地压力
B．运动员在水平面静止时，雪面对滑雪板的支持力等于滑雪板的重力
C．运动员到达终点后，不能立即停下来是因为运动员具有惯性
D．运动员弯道滑行时，他的运动状态不发生改变
5．（2025·长沙模拟）图是我国“六代机”试飞的照片，下列说法正确的是(　　)
A．制作飞机的材料具有密度大、强度高的特点
B．飞机上表面空气流速大，压强大
C．飞机起飞后，加速上升的过程中飞机的动能增加，势能不变
D．飞机采用的二维矢量喷嘴可改变飞机推力的方向，利用了力的作用效果与力的方向有关
6．（2025·长沙模拟）下列生活中的杠杆，属于费力杠杆的是 (　　)
A．剪铁皮的剪刀 B．桥瓶盖的起子
C．筷子 D．抽水机的手柄
7．（2025·长沙模拟）关于信息和能源，下列说法正确的是(　　)
A．电磁波不能在真空中传播
B．电磁波在气体、液体、固体中的传播速度不变
C．核能属于可再生能源
D．太阳能属于可再生能源
8．（2025·长沙模拟）为了节能减排，很多小区将楼道里的路灯设计成了“智能灯”。这种“智能灯”的特点是白天不会亮，晚上有人走动发出声音时，灯自动亮起来，一分钟后，若再无声音就自动断开。下列电路图设计符合该“智能灯”原理图的是(　　)
A． B．
C． D．
9．（2025·长沙模拟）电动自行车充电需重点注意操作规范、环境安全及电池保护，避免火灾隐患。以下注意事项正确的是(　　)
A．可以将电动车推到家中去充电
B．选择通风良好的空旷区域，防止起火后蔓延
C．可以在楼道、室内、易燃物附近充电
D．正在充电的电动车着火时直接用水浇灭
10．（2025·长沙模拟）体育中考跑步时，我们会穿上带磁卡的马甲。当我们跑过终点时，地上的线圈内会产生电流从而记录我们跑步的时间，下图揭示了其主要原理的是 (　　)
A． B．
C． D．
11．（2025·长沙模拟）在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的柱形容器，容器中均装有适量的不同液体，现将A、B两个完全相同的小球分别放入两容器内，待小球静止后如图所示，此时甲、乙两容器内液面高度相同。则下列说法正确的是(　　)
A．A、B两球受到的浮力相等
B．甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度
C．放入小球后，液体对甲、乙两容器底部的压强相等
D．放入小球后，甲、乙两容器对桌面的压力相等
12．（2025·长沙模拟）某同学为抽屉设计了一个简易防盗报警器，并将它安装在抽屉内。报警器的原理如图所示，抽屉打开，光照射到光敏电阻时，报警器报警。下列分析正确的是(　　)
A．光敏电阻的阻值随光照强度增大而减小
B．光照强度增大时，控制电路的总功率减小
C．光照强度增大时，R0两端电压减小
D．为了节能，可以增加R0的电阻，并增加电磁铁的线圈匝数
13．（2025·长沙模拟）2024年12月20日，我国成功试运行了全球首套兆瓦级别的制氢设备，为解决海上风力发电的电能存储、输送难题提供了新的解决方案。风力发电的过程是将　 　能转化为电能。每消耗40kW·h的电能，就能生产1m3(约0.09kg)的氢，这些氢完全燃烧释放的热量约为　 　J(氢的热值 q氢=1.4×108J/kg）
14．（2025·长沙模拟）如图所示是古代省油灯的示意图。它下层盛水，能减慢上层油的消耗。灯点燃后，通过热传递的方式使油的内能增加，温度升高，加快油的　 　(填物态变化)，增加耗油量。在夹层中加冷水，降低油温，达到省油的目的，这是利用水　 　大的特性。
15．（2025·长沙模拟）图为无人机给高海拔哨所的部队士兵送餐的图片。若每架无人机所载餐盒质量为6kg，小王操作该无人机以1.5m/s速度匀速上升150m，接着以2m/s的速度平飞400m将餐盒送到哨所。则无人机在上升过程中对餐盒做的功为　 　J，整个飞行过程中无人机对餐盒做功的功率为　 　W。 (g取10N/kg)
16．（2025·长沙模拟）如图甲所示是常用的3D打印笔，它通过加热，挤出热熔的塑料，然后在空气中迅速冷却，最后凝固成形。此打印笔有快速档和慢速档，其内部简化电路如图乙所示，使用快速档打印时的总功率为66W，两个电阻都是用于发热的电热丝，其中， R1=2200Ω。则闭合开关： S1、S2时，打印笔处于　 　2档；慢速档时，R1在10s内产生的热量为　 　J；R2的电阻大小为　 　Ω。
17．（2025·长沙模拟）图为电子天平改装的密度计，用它可以快速测量固体密度，下图为用该装置测量木块密度的过程示意图。ABCD是一个用不锈钢制作的整体框架，电子天平的压力传感器位于AB柱的正下方，天平的读数只受AB 柱压力的影响。甲图：将框架ABCD放置在天平上，天平示数为26.0g；乙图：将方框D浸没在水中，天平示数23.0g；丙图：将木块F放在框架上，天平读数为29.0g。丁图：将木块F放在金属盒D中，木块与D顶部相碰，此时电子天平的示数为19.0g。由以上信息可得：木块F的重力为　 　N，丁图中物体F 所受的浮力为　 　N，木块F 的密度为　 　g/cm3。(忽略烧杯中水面升降对C杆的浮力影响， g取10N/ kg)
18．（2025·长沙模拟）请画出右图中光线AO从水中斜射到空气中的大致光路图。
19．（2025·长沙模拟）为“探究平面镜成像中像与物的位置关系”，小亮同学设计了如图所示的装置。
实验次数 物距/ cm 像距/ cm
1 3.5 3.6
2 4.2 4.1
3 5.2 5.3
（1）小亮在竖直放置的玻璃板前放点燃的蜡烛甲，可看到玻璃板的后面出现蜡烛的像，拿另一支未点燃的蜡烛在玻璃板后面移动，看到它跟像　 　，并记录位置AA`；
（2）小亮重复实验两次，并记录蜡烛的位置如图所示。撤去玻璃板后接下来的第一个操作步骤是　 　；
（3）接着小亮用毫米刻度尺量出了三次实验的物距和像距并记录在表格中，从数据可以看出他实验中存在的最大问题是　 　。
20．（2025·长沙模拟）在做“探究水的沸腾”实验中：
（1）实验装置如图甲所示，仪器安装的顺序应该是　 　；
（2）当水的温度加热到90℃时，每隔1min记录一次温度，直到水沸腾后几分钟为止。某次实验的数据如下表所示，则水的沸点是　 　℃；
时间 0min 1min 2min 3min 4min 5min 6min 7min
温度 90℃ 92℃ 94℃ 96℃ 98℃ 98℃ 98℃ 98℃
（3）加热过程中，烧杯上方出现的“白气”是水蒸气　 　形成的(填物态变化)。
21．（2025·长沙模拟）下图是探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验装置和实验过程中弹簧测力计的示数。
（1）②图中物体A 所受浮力大小为　 　N；
（2）分析图①②③可以得到的结论是物体所受的浮力与　 　无关；
（3）若要探究浮力与液体密度的关系，应该选①　 　三个实验步骤来比较。
22．（2025·长沙模拟）小马同学用下图所示电路测额定电压为2.5V小灯泡L1的电功率。
实验次数 电压/V 电流/A
1 2.0 0.22
2 2.5 0.25
3 3.0 0.28
（1）闭合开关前，滑动变阻器滑片应该移到　 　端；
（2）小马同学测得数据如表格所示，则小灯泡的额定功率为　 　W；
（3）在做完第三组实验之后，要求再测量一个标有“3V 0.5W”的小灯泡L2的额定功率。小马的操作步骤是：将开关断开，用L2换掉L1，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表的读数为3V；小丽的操作步骤是：将开关断开，用L2换掉L1，将滑动变阻器的阻值调到最大，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表的读数为3V。你认为谁的方案正确，并简要的说明理由　 　。
23．（2025·长沙模拟）2025年2月20日，中国石油集团20日宣布，我国首口超万米科学探索井一深地塔科1井日前成功在地下10910米处完钻，实现“深地”领域重大突破，下图为10000m深处附近提取的岩芯样品。取其中某段样品进行分析： 测得其质量为1800g， 体积为600cm3。 (g取10N/ kg) 求：
（1）该样品的重力；
（2）该样品的密度；
（3） 若将地表0~10000m之间视为密度 2.5×103kg/m3且分布均匀的岩石，试估算地表10000m深处由于岩石本身的重力而产生的压强。
24．（2025·长沙模拟）如图甲所示电路中，电源电压保持恒定。灯泡标有“3V 1.5W”，其电阻随温度的变化忽略不计；滑动变阻器标有“60Ω 2A”，电压表所接量程均为( 0-15V。单刀双掷开关置于b点、滑动变阻器滑片置于中点时，灯泡恰好正常发光。
（1）求灯泡正常发光时的电阻；
（2）电源电压；
（3）将单刀双掷开关置于a点，移动滑动变阻器的滑片，得到电压表 V1、V2随电流变化关系如图乙所示。则通过调节开关和移动滑片，该电路能达到的最小电功率为多大
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 解：“音域”描述的是古筝声音的振动频率范围，即音调的跨度范围，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】 声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关；声音的大小叫响度，与发声体的振幅和距离发声体远近有关；声音的特点和品质叫音色，与发声体的材料和结构有关。
2．【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】解：AB、生铁化成铁水由固态变为液态，是熔化现象，需要吸收热量，温度不变，故AB错误；
CD、铁水冷却落地是凝固现象，需要放出热量，温度不变，故C错误、D正确。
故选：D。
【分析】熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热；凝固指物质由液态转化成固态，凝固要放热。
3．【答案】B
【知识点】红外线；紫外线
【解析】【解答】 解：A、遥控电视机利用的是红外线，而非紫外线。红外线具有较强的方向性和穿透能力，且不会对人体造成伤害，适合用于遥控信号的传输，故A错误。
B、红外线具有热效应，可用于加热食物。例如，生活中的红外烤箱、浴霸等都是利用红外线的热效应来工作的，故B正确。
C、验钞是利用紫外线能使荧光物质发光的特性，而不是红外线。钞票上的防伪荧光物质在紫外线的照射下会发出荧光，从而可以辨别钞票的真伪，故C错误。
D、人体会发出红外线，而不是紫外线。利用人体发出的红外线，通过红外热成像仪等设备可以测量人体温度，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）红外线的作用和用途：根据红外线的热作用比较强制成热谱仪、红外线夜视仪、红外线体温计等；红外线可以传递信息，可以进行遥控制成电视、空调遥控器等；
（2）紫外线的作用和用途：紫外线能使荧光物质发光，制成验钞机；紫外线具有化学效应，能杀菌，制成灭菌灯；能促成维生素D的合成。
4．【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 解：A、运动员穿上滑雪板，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A错误。
B、运动员在水平面静止时，雪面对滑雪板的支持力与滑雪板和运动员的总重力是一对平衡力，大小相等，故B错误。
C、运动员到达终点后，不能立即停下来是因为运动员具有惯性，故C正确。
D、运动员弯道滑行时，他的运动方向发生改变，所以运动状态发生改变，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
（4）物体运动状态的变化包括：①速度大小的改变；②运动方向的改变。只要其中的一个发生了变化，我们就说物体的运动状态发生了改变。
5．【答案】D
【知识点】密度及其特性；动能和势能的大小变化；力的作用效果；力的三要素及力的示意图；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 解：A、为减轻质量，易于飞机起飞，制作飞机的材料具有密度小、强度高的特点，故A错误。
B、机翼形状上凸下平，上方空气流速大，压强小，下方空气流速小压强大，机翼上表面受到的压力小于下表面受到的压力，使飞机产生了向上的升力，故B错误。
C、飞机起飞后，加速上升的过程中，飞机的质量不变，速度和高度变大，所以飞机的动能和重力势能都增加，故C错误。
D、飞机采用的二维矢量喷嘴可改变飞机推力的方向，利用了力的作用效果与力的方向有关，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）根据可知同体积的不同物质，密度越小，质量越小。
（2）在流体中，流速越大的位置，压强越小。
（3）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
（4）力的三要素：力的大小、方向、作用点，力的三要素影响力的作用效果。
6．【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 解：A、剪铁皮的剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；
B、开啤酒瓶盖的起子，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；
C、筷子，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确；
D、 抽水机手柄在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误。
故选：C。
【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
7．【答案】D
【知识点】能源及其分类；信息与信息传播；电磁波的传播；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：A、电磁波的传播不需要介质，所以可以在真空中传播，故A错误；
B、电磁波在不同的介质中传播速度不同，所以电磁波在气体、液体、固体中的传播速度不同，故B错误；
C、核能不能源源不断的获取，所以核能属于不可再生能源，故C错误；
D、太阳能可以源源不断的获取，所以太阳能属于可再生能源，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；
（2）电磁波在不同的介质中传播速度不同；
（3）（4）可再生能源是指可以从自然界中源源不断地得到的能源。
8．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计；电路的基本连接方式
【解析】【解答】 解：由题意可知，“智能灯”在同时满足进入夜晚天色变黑和有人走动发出声音两个条件时才会亮起来，说明光控开关和声控开关是串联接入电路的，然后与灯泡串联，故C正确。
故选：C。
【分析】 根据题意分析两个开关的连接方式、灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。
9．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、为了防止发生意外，电动车不能推到家中去充电，故A错误；
BC、电动车充电时会产生热量，有时会引发火灾，所以不可以在楼道、室内、易燃物附近充电，应选择通风良好的空旷区域，防止起火后蔓延，故B正确、C错误；
D、正在充电的电动车着火时，用水灭火，生活用水容易导电，容易让施救者发生触电事故，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）电动车充电时会产生热量，严重时会引发火灾；
（2）生活用水是导体，容易导电。
10．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；电磁感应；发电机的构造和原理
【解析】【解答】 解：体育中考跑步时会穿上带磁卡的马甲，跑过终点时，地上的线圈内会产生电流从而记录我们跑步的时间，利用的是电磁感应原理；
A、如图是奥斯特实验，反映电流周围存在着磁场，故A不符合题意；
B、如图是研究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，电磁铁是利用电流的磁效应工作的，故B不符合题意；
C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应，故C符合题意；
D、如图电路中有电源，探究通电导体在磁场中受力运动，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。
11．【答案】A,B
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；浮力的利用
【解析】【解答】 解：A、因为两个完全相同的小球分别漂浮和悬浮在两种液体中，根据浮沉条件知，所以两容器中小球受到的浮力相等，均等于小球的重力，故浮力相等，故A正确；
BC、由图可知，小球排开两液体的体积V排甲＜V排乙，又因为两容器中小球受到的浮力相等，由F浮=ρ液gV排可知，两液体密度ρ甲＞ρ乙，又因为小球静止时两个容器中的液面高度相同，由p=ρgh可知，液体对两容器底部的压强p甲＞p乙，故C错误、B正确；
D、由图可知，两液体的体积V甲＞V乙，且ρ甲＞ρ乙，由G=ρgV可知，两液体重力G甲＞G乙，由于容器对桌面的压力等于容器、容器中液体和小球的重力之和，则甲容器对桌面的压力大，故D错误。
故选：AB。
【分析】 （1）根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系，根据阿基米德原理可判断两液体密度关系，根据p=ρgh判断对杯底的压强关系；
（2）由于容器对桌面的压力等于容器、容器中液体和小球的重力之和，则根据G=ρgV得出液体重力的大小；结合总重得出压力关系。
12．【答案】A,D
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算；电磁铁的构造和原理；电磁继电器的组成、原理和特点；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】解：A、当光线照射到光敏电阻时，电铃报警，说明衔铁被吸下，电磁铁磁性变强，进而得知电路电流变大，故电阻变小，即光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，故A正确；
B、光照强度增大时，光敏电阻阻值变小，电流变大，根据p=UI可知，控制电路的电功率变大，故B错误；
C、串联电路是分压电路，光照强度增大时，光敏电阻变小，分的电压变小，R0两端电压变大，故C错误；
D、 为了节能，可以增加R0的电阻，并增加电磁铁的线圈匝数，故D正确。
故选：AD。
【分析】（1）根据提议进行分析，电铃响推出衔铁被吸下，说明电流变大，推出电阻变小；
（2）电阻变小，电流变大，根据公式p=UI求出电功率的变化。
（3）串联电路是分压电路，电阻越大，分压越多；
（4） 为了节能，可以增加R0的电阻，并增加电磁铁的线圈匝数 。
13．【答案】机械；1.26×107
【知识点】机械能及其转化；热量的计算
【解析】【解答】 解：（1）风力发电的过程是将风的机械能转化为电能。
（2）1m3（约0.09kg）的氢完全燃烧释放的热量：Q放=mq氢=0.09kg×1.4×108J/kg=1.26×107J。
故答案为：机械；1.26×107。
【分析】 （1）发电机工作时，将机械能转化为电能；
（2）知道氢的质量、热值，利用Q放=mq计算氢完全燃烧放出的热量。
14．【答案】汽化；比热容
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；比热容
【解析】【解答】 解：灯点燃后，通过热传递的方式使油的内能增加，温度升高，加快油的汽化；在夹层中加冷水，降低油温，达到省油的目的，这是利用水比热容较大的特点。
故答案为：汽化；比热容。
【分析】汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热；水的比热容大，常用来做冷却剂或者取暖剂。
15．【答案】9000；30
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 解：无人机在上升过程中对餐盒做的功：W=Gh=mgh=6kg×10N/kg×150m=9000J；
无人机水平飞行时，在竖直方向上移动的距离为零，则竖直向上的拉力对餐盒不做功，
根据可得，整个过程无人机的运动时间：
整个飞行过程中无人机对餐盒做功的功率：。
故答案为：9000；30。
【分析】 根据W=Gh=mgh求无人机在上升过程中对餐盒做的功；
根据求整个飞行过程中无人机的运动时间，根据求整个飞行过程中无人机对餐盒做功的功率。
16．【答案】快速；220；1100
【知识点】焦耳定律的应用；电流的热效应；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】 解：由图乙可知，只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电路的电阻较大；闭合开关S、S1时，R1和R2并联，电路的电阻较小，根据可知，只闭合开关S时，电路消耗的电功率较小，打印笔处于慢挡；
闭合开关S、S1时，电路消耗的电功率较大，打印笔处于快速挡；
慢速挡时，R1在10s内产生的热量：
根据可得，；
快速挡工作时，总功率为66W，根据可得：，
解得，R2=1100Ω。
故答案为：快速；220；1100。
【分析】由图乙可知，只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电路的电阻较大；闭合开关S、S1时，R1和R2并联，电路的电阻较小，根据可知打印笔的工作状态；
根据求慢速挡时，R1在10s内产生的热量；
快速挡工作时，根据可得R2的电阻大小。
17．【答案】0.06；0.1；0.6
【知识点】浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】 解：根据乙、丙两图，增大的示数等于木块的质量，故m=m3-m2=29g-23g=6g=0.006kg；
木块重力G=mg=0.006kg×10N/kg=0.06N；
根据丙丁两图，木块向上推动使得框架的压力减小，故F=F浮-G=（m2-m4）g；
（0.026kg-0.019kg）×10N/kg；
解得F浮=G+（m2-m4）g=0.06N+（0.023kg-0.019kg）×10N/kg=0.1N；
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得：0.1N=ρ水gV排；
物体的重力为0.06N，根据G=mg=ρVg可得：0.06N=ρ物gV；
浸没时V排=V，解得ρ物=0.6ρ水=0.6g/cm3。
故答案为：0.06；0.1；0.6。
【分析】 根据乙、丙两图分析质量，根据G=mg计算重力；
根据乙丁两图分析木块向上的推力，即浮力减去重力，据此计算浮力；
根据阿基米德原和重力公式计算物体的密度。
18．【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】 解：根据光的折射定律，光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，折射光线与入射光线在两种介质中，在法线左侧的空气中作出折射光线，如图所示：
【分析】光的折射规律：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧。当光线从其它透明介质斜射入空气时，折射角大于入射角。
19．【答案】（1）重合
（2）连接AA'、BB'、CC'
（3）刻度尺读数时未估读
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】解：（1）小亮在竖直放置的玻璃板前放点燃的蜡烛甲，可看到玻璃板的后面出现蜡烛的像，拿另一支未点燃的蜡烛在玻璃板后面移动，看到它跟像重合，玻璃板后面的蜡烛即为像的位置，则并记录位置AA'；
（2）要研究像与物的位置关系，小亮重复实验两次，并记录蜡烛的位置如图2所示。撤去玻璃板后接下来的第一个操作步骤是连接AA'、BB'、CC'；
（3）接着小亮用毫米刻度尺量出了三次实验的物距和像距并记录在表格中，因刻度尺分度值为0.1厘米，从数据可以看出他实验中存在的最大问题是刻度尺读数时未估读。
故答案为：（1）重合；（2）连接AA'、BB'、CC'；（3）刻度尺读数时未估读。
【分析】 （1）实验中根据等效替代法确定像的位置；
（2）本实验要研究像与物的位置关系，据此分析；
（3）测量长度时，要估读到分度值的下一位。
20．【答案】（1）自下而上
（2）98
（3）液化
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】 解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好烧杯后，再调节温度计的高度，所以组装实验器材时，应按照自下而上的顺序；
（2）由表格中数据知，从4到8分钟，水的温度保持98℃不变，所以可以看出水的沸点是98℃；
（3）加热过程中，烧杯上方出现的“白气”是水蒸气液化形成的。
故答案为：（1）自下而上；（2）98；（3）液化。
【分析】 （1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
（2）掌握沸点的概念，水在沸腾过程中温度保持不变，水沸腾时的温度就是水的沸点；
（3）物质由气态变为液态的过程是液化。
21．【答案】（1）1
（2）浸入深度
（3）②⑤
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】解：（1）根据①和②可知，物体A浸在水中时受到的浮力为F浮=4N-3N=1N；（2）分析图①②③可知，物体排开水的体积和液体的密度相同，深度不同，但弹簧测力计示数相同，则浮力相同，即浮力大小与液体深度无关；（3）若探究浮力与液体的密度关系，应控制排开液体体积相同，改变物体排开液体的体积，故选①②⑤。
故答案为：（1）1；（2）浸入深度；（3）②⑤。
【分析】 （1）根据称重法得出浮力的大小；
（2）（3）浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关，在进行实验探究时，要注意控制变量法的运用；把握住所探究的相同量和不同量，再结合图示可判断出实验结论。
22．【答案】（1）左
（2）0.625
（3）小丽的方案正确；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该放在最大阻值处，为了保护电路。
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】解：（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，即应将滑片移到最左端；
（2）由表格中低二次实验数据可知额定电功率为P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
（3）小丽的方案正确；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该放在最大阻值处，为了保护电路。
故答案为：（1）左；（2）0.625；（3）小丽的方案正确；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该放在最大阻值处，为了保护电路。
【分析】（1）在闭合开关前，为了保护电路，应将滑片移到最大阻值处；
（2）根据表格中数据进行计算；
（3）闭合开关前，应将滑片移到最大阻值处，防止电流或电压过大而损坏电表。
23．【答案】（1）解：样品的重力为：G=mg=1800×10-3kg×10N/kg=18N；
（2）解：样品的密度为：；
（3）解： 根据可知，地表10000m深处由于岩石本身的重力而产生的压强为：
p=ρgh=2.5×103kg/m3×10N/kg×10000m=2.5×108Pa。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）根据G=mg求出样品的重力；
（2）根据求出样品的密度；
（3）根据求出地表10000m深处由于岩石本身的重力而产生的压强。
24．【答案】（1）解：因为灯泡标有“3V 1.5W”，即灯泡正常发光时的电阻为。
（2）解：单刀双掷开关置于b点、滑动变阻器滑片置于中点时，灯泡恰好正常发光，即电路电流等于灯泡正常发光是的电流为；
则滑动变阻器的电压为U滑=IR=0.5A×30Ω=15V；故电源电压为U总=U灯+U滑=3V+15V=18V。
（3）解：开关解到a处时，R1、R2、R3串联，由乙图可知当R1的电流为0.3A时电流最小，此时电路电功率最小，即P=UI=18V×0.3A=5.4W。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据灯泡的铭牌可以求出灯泡发光是的电阻；
（2）先求出灯泡的电流，再求出滑动变阻器的电压，串联电路总电压等于各用电器电压之和；
（3）根据图乙找出最小的电流，根据公式P=UI求出最小的电功率。
1 / 1湖南省长沙市第一中学2025届九年级下学期中考一模物理试卷
1．（2025·长沙模拟）古筝是古老的民族乐器，音域宽广，音色优美动听，演奏技巧丰富，表现力强，被称为“众乐之王”，亦称为“东方钢琴”。其中“音域”描述的是古筝声音的(　　)
A．音调的跨度范围 B．响度变化
C．音色好坏 D．以上均不是
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 解：“音域”描述的是古筝声音的振动频率范围，即音调的跨度范围，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】 声音的高低叫音调，与发声体的振动频率有关；声音的大小叫响度，与发声体的振幅和距离发声体远近有关；声音的特点和品质叫音色，与发声体的材料和结构有关。
2．（2025·长沙模拟）下图是游客在长沙铜官窑古镇，感受1600℃的中式浪漫一打铁花的情景。表演过程中，工匠们首先在熔炉内将罐子里的生铁化成汁(生铁为晶体)，使其形成绚烂的铁花火雨，腾空而起，最终这些铁花飞雨在夜空中逐渐冷却成铁颗粒并落地。下列说法正确的是 (　　)
A．生铁化成铁水是升华现象，此过程吸收热量
B．生铁化成铁水是熔化现象，此过程吸收热量，温度上升
C．铁水冷却成铁颗粒是液化现象，此过程放出热量
D．铁水冷却成铁颗粒是凝固现象，此过程放出热量，温度不变
【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】解：AB、生铁化成铁水由固态变为液态，是熔化现象，需要吸收热量，温度不变，故AB错误；
CD、铁水冷却落地是凝固现象，需要放出热量，温度不变，故C错误、D正确。
故选：D。
【分析】熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热；凝固指物质由液态转化成固态，凝固要放热。
3．（2025·长沙模拟）关于红外线和紫外线的说法正确的是(　　)
A．利用紫外线遥控电视机
B．利用红外线加热食物
C．利用红外线验钞
D．利用人体发出的紫外线测量人体温度
【答案】B
【知识点】红外线；紫外线
【解析】【解答】 解：A、遥控电视机利用的是红外线，而非紫外线。红外线具有较强的方向性和穿透能力，且不会对人体造成伤害，适合用于遥控信号的传输，故A错误。
B、红外线具有热效应，可用于加热食物。例如，生活中的红外烤箱、浴霸等都是利用红外线的热效应来工作的，故B正确。
C、验钞是利用紫外线能使荧光物质发光的特性，而不是红外线。钞票上的防伪荧光物质在紫外线的照射下会发出荧光，从而可以辨别钞票的真伪，故C错误。
D、人体会发出红外线，而不是紫外线。利用人体发出的红外线，通过红外热成像仪等设备可以测量人体温度，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）红外线的作用和用途：根据红外线的热作用比较强制成热谱仪、红外线夜视仪、红外线体温计等；红外线可以传递信息，可以进行遥控制成电视、空调遥控器等；
（2）紫外线的作用和用途：紫外线能使荧光物质发光，制成验钞机；紫外线具有化学效应，能杀菌，制成灭菌灯；能促成维生素D的合成。
4．（2025·长沙模拟）2025年亚洲冬季运动会于2月7日至 14日在哈尔滨举行。如图所示是运动员进行越野滑雪比赛的精彩瞬间。下列说法中正确的是 (　　)
A．运动员穿上滑雪板是为了减小对雪地压力
B．运动员在水平面静止时，雪面对滑雪板的支持力等于滑雪板的重力
C．运动员到达终点后，不能立即停下来是因为运动员具有惯性
D．运动员弯道滑行时，他的运动状态不发生改变
【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 解：A、运动员穿上滑雪板，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A错误。
B、运动员在水平面静止时，雪面对滑雪板的支持力与滑雪板和运动员的总重力是一对平衡力，大小相等，故B错误。
C、运动员到达终点后，不能立即停下来是因为运动员具有惯性，故C正确。
D、运动员弯道滑行时，他的运动方向发生改变，所以运动状态发生改变，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
（4）物体运动状态的变化包括：①速度大小的改变；②运动方向的改变。只要其中的一个发生了变化，我们就说物体的运动状态发生了改变。
5．（2025·长沙模拟）图是我国“六代机”试飞的照片，下列说法正确的是(　　)
A．制作飞机的材料具有密度大、强度高的特点
B．飞机上表面空气流速大，压强大
C．飞机起飞后，加速上升的过程中飞机的动能增加，势能不变
D．飞机采用的二维矢量喷嘴可改变飞机推力的方向，利用了力的作用效果与力的方向有关
【答案】D
【知识点】密度及其特性；动能和势能的大小变化；力的作用效果；力的三要素及力的示意图；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 解：A、为减轻质量，易于飞机起飞，制作飞机的材料具有密度小、强度高的特点，故A错误。
B、机翼形状上凸下平，上方空气流速大，压强小，下方空气流速小压强大，机翼上表面受到的压力小于下表面受到的压力，使飞机产生了向上的升力，故B错误。
C、飞机起飞后，加速上升的过程中，飞机的质量不变，速度和高度变大，所以飞机的动能和重力势能都增加，故C错误。
D、飞机采用的二维矢量喷嘴可改变飞机推力的方向，利用了力的作用效果与力的方向有关，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）根据可知同体积的不同物质，密度越小，质量越小。
（2）在流体中，流速越大的位置，压强越小。
（3）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
（4）力的三要素：力的大小、方向、作用点，力的三要素影响力的作用效果。
6．（2025·长沙模拟）下列生活中的杠杆，属于费力杠杆的是 (　　)
A．剪铁皮的剪刀 B．桥瓶盖的起子
C．筷子 D．抽水机的手柄
【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 解：A、剪铁皮的剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；
B、开啤酒瓶盖的起子，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；
C、筷子，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确；
D、 抽水机手柄在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误。
故选：C。
【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
7．（2025·长沙模拟）关于信息和能源，下列说法正确的是(　　)
A．电磁波不能在真空中传播
B．电磁波在气体、液体、固体中的传播速度不变
C．核能属于可再生能源
D．太阳能属于可再生能源
【答案】D
【知识点】能源及其分类；信息与信息传播；电磁波的传播；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：A、电磁波的传播不需要介质，所以可以在真空中传播，故A错误；
B、电磁波在不同的介质中传播速度不同，所以电磁波在气体、液体、固体中的传播速度不同，故B错误；
C、核能不能源源不断的获取，所以核能属于不可再生能源，故C错误；
D、太阳能可以源源不断的获取，所以太阳能属于可再生能源，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；
（2）电磁波在不同的介质中传播速度不同；
（3）（4）可再生能源是指可以从自然界中源源不断地得到的能源。
8．（2025·长沙模拟）为了节能减排，很多小区将楼道里的路灯设计成了“智能灯”。这种“智能灯”的特点是白天不会亮，晚上有人走动发出声音时，灯自动亮起来，一分钟后，若再无声音就自动断开。下列电路图设计符合该“智能灯”原理图的是(　　)
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计；电路的基本连接方式
【解析】【解答】 解：由题意可知，“智能灯”在同时满足进入夜晚天色变黑和有人走动发出声音两个条件时才会亮起来，说明光控开关和声控开关是串联接入电路的，然后与灯泡串联，故C正确。
故选：C。
【分析】 根据题意分析两个开关的连接方式、灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。
9．（2025·长沙模拟）电动自行车充电需重点注意操作规范、环境安全及电池保护，避免火灾隐患。以下注意事项正确的是(　　)
A．可以将电动车推到家中去充电
B．选择通风良好的空旷区域，防止起火后蔓延
C．可以在楼道、室内、易燃物附近充电
D．正在充电的电动车着火时直接用水浇灭
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、为了防止发生意外，电动车不能推到家中去充电，故A错误；
BC、电动车充电时会产生热量，有时会引发火灾，所以不可以在楼道、室内、易燃物附近充电，应选择通风良好的空旷区域，防止起火后蔓延，故B正确、C错误；
D、正在充电的电动车着火时，用水灭火，生活用水容易导电，容易让施救者发生触电事故，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）电动车充电时会产生热量，严重时会引发火灾；
（2）生活用水是导体，容易导电。
10．（2025·长沙模拟）体育中考跑步时，我们会穿上带磁卡的马甲。当我们跑过终点时，地上的线圈内会产生电流从而记录我们跑步的时间，下图揭示了其主要原理的是 (　　)
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；电磁感应；发电机的构造和原理
【解析】【解答】 解：体育中考跑步时会穿上带磁卡的马甲，跑过终点时，地上的线圈内会产生电流从而记录我们跑步的时间，利用的是电磁感应原理；
A、如图是奥斯特实验，反映电流周围存在着磁场，故A不符合题意；
B、如图是研究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，电磁铁是利用电流的磁效应工作的，故B不符合题意；
C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应，故C符合题意；
D、如图电路中有电源，探究通电导体在磁场中受力运动，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象。
11．（2025·长沙模拟）在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的柱形容器，容器中均装有适量的不同液体，现将A、B两个完全相同的小球分别放入两容器内，待小球静止后如图所示，此时甲、乙两容器内液面高度相同。则下列说法正确的是(　　)
A．A、B两球受到的浮力相等
B．甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度
C．放入小球后，液体对甲、乙两容器底部的压强相等
D．放入小球后，甲、乙两容器对桌面的压力相等
【答案】A,B
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；浮力的利用
【解析】【解答】 解：A、因为两个完全相同的小球分别漂浮和悬浮在两种液体中，根据浮沉条件知，所以两容器中小球受到的浮力相等，均等于小球的重力，故浮力相等，故A正确；
BC、由图可知，小球排开两液体的体积V排甲＜V排乙，又因为两容器中小球受到的浮力相等，由F浮=ρ液gV排可知，两液体密度ρ甲＞ρ乙，又因为小球静止时两个容器中的液面高度相同，由p=ρgh可知，液体对两容器底部的压强p甲＞p乙，故C错误、B正确；
D、由图可知，两液体的体积V甲＞V乙，且ρ甲＞ρ乙，由G=ρgV可知，两液体重力G甲＞G乙，由于容器对桌面的压力等于容器、容器中液体和小球的重力之和，则甲容器对桌面的压力大，故D错误。
故选：AB。
【分析】 （1）根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系，根据阿基米德原理可判断两液体密度关系，根据p=ρgh判断对杯底的压强关系；
（2）由于容器对桌面的压力等于容器、容器中液体和小球的重力之和，则根据G=ρgV得出液体重力的大小；结合总重得出压力关系。
12．（2025·长沙模拟）某同学为抽屉设计了一个简易防盗报警器，并将它安装在抽屉内。报警器的原理如图所示，抽屉打开，光照射到光敏电阻时，报警器报警。下列分析正确的是(　　)
A．光敏电阻的阻值随光照强度增大而减小
B．光照强度增大时，控制电路的总功率减小
C．光照强度增大时，R0两端电压减小
D．为了节能，可以增加R0的电阻，并增加电磁铁的线圈匝数
【答案】A,D
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算；电磁铁的构造和原理；电磁继电器的组成、原理和特点；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】解：A、当光线照射到光敏电阻时，电铃报警，说明衔铁被吸下，电磁铁磁性变强，进而得知电路电流变大，故电阻变小，即光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，故A正确；
B、光照强度增大时，光敏电阻阻值变小，电流变大，根据p=UI可知，控制电路的电功率变大，故B错误；
C、串联电路是分压电路，光照强度增大时，光敏电阻变小，分的电压变小，R0两端电压变大，故C错误；
D、 为了节能，可以增加R0的电阻，并增加电磁铁的线圈匝数，故D正确。
故选：AD。
【分析】（1）根据提议进行分析，电铃响推出衔铁被吸下，说明电流变大，推出电阻变小；
（2）电阻变小，电流变大，根据公式p=UI求出电功率的变化。
（3）串联电路是分压电路，电阻越大，分压越多；
（4） 为了节能，可以增加R0的电阻，并增加电磁铁的线圈匝数 。
13．（2025·长沙模拟）2024年12月20日，我国成功试运行了全球首套兆瓦级别的制氢设备，为解决海上风力发电的电能存储、输送难题提供了新的解决方案。风力发电的过程是将　 　能转化为电能。每消耗40kW·h的电能，就能生产1m3(约0.09kg)的氢，这些氢完全燃烧释放的热量约为　 　J(氢的热值 q氢=1.4×108J/kg）
【答案】机械；1.26×107
【知识点】机械能及其转化；热量的计算
【解析】【解答】 解：（1）风力发电的过程是将风的机械能转化为电能。
（2）1m3（约0.09kg）的氢完全燃烧释放的热量：Q放=mq氢=0.09kg×1.4×108J/kg=1.26×107J。
故答案为：机械；1.26×107。
【分析】 （1）发电机工作时，将机械能转化为电能；
（2）知道氢的质量、热值，利用Q放=mq计算氢完全燃烧放出的热量。
14．（2025·长沙模拟）如图所示是古代省油灯的示意图。它下层盛水，能减慢上层油的消耗。灯点燃后，通过热传递的方式使油的内能增加，温度升高，加快油的　 　(填物态变化)，增加耗油量。在夹层中加冷水，降低油温，达到省油的目的，这是利用水　 　大的特性。
【答案】汽化；比热容
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；比热容
【解析】【解答】 解：灯点燃后，通过热传递的方式使油的内能增加，温度升高，加快油的汽化；在夹层中加冷水，降低油温，达到省油的目的，这是利用水比热容较大的特点。
故答案为：汽化；比热容。
【分析】汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热；水的比热容大，常用来做冷却剂或者取暖剂。
15．（2025·长沙模拟）图为无人机给高海拔哨所的部队士兵送餐的图片。若每架无人机所载餐盒质量为6kg，小王操作该无人机以1.5m/s速度匀速上升150m，接着以2m/s的速度平飞400m将餐盒送到哨所。则无人机在上升过程中对餐盒做的功为　 　J，整个飞行过程中无人机对餐盒做功的功率为　 　W。 (g取10N/kg)
【答案】9000；30
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 解：无人机在上升过程中对餐盒做的功：W=Gh=mgh=6kg×10N/kg×150m=9000J；
无人机水平飞行时，在竖直方向上移动的距离为零，则竖直向上的拉力对餐盒不做功，
根据可得，整个过程无人机的运动时间：
整个飞行过程中无人机对餐盒做功的功率：。
故答案为：9000；30。
【分析】 根据W=Gh=mgh求无人机在上升过程中对餐盒做的功；
根据求整个飞行过程中无人机的运动时间，根据求整个飞行过程中无人机对餐盒做功的功率。
16．（2025·长沙模拟）如图甲所示是常用的3D打印笔，它通过加热，挤出热熔的塑料，然后在空气中迅速冷却，最后凝固成形。此打印笔有快速档和慢速档，其内部简化电路如图乙所示，使用快速档打印时的总功率为66W，两个电阻都是用于发热的电热丝，其中， R1=2200Ω。则闭合开关： S1、S2时，打印笔处于　 　2档；慢速档时，R1在10s内产生的热量为　 　J；R2的电阻大小为　 　Ω。
【答案】快速；220；1100
【知识点】焦耳定律的应用；电流的热效应；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】 解：由图乙可知，只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电路的电阻较大；闭合开关S、S1时，R1和R2并联，电路的电阻较小，根据可知，只闭合开关S时，电路消耗的电功率较小，打印笔处于慢挡；
闭合开关S、S1时，电路消耗的电功率较大，打印笔处于快速挡；
慢速挡时，R1在10s内产生的热量：
根据可得，；
快速挡工作时，总功率为66W，根据可得：，
解得，R2=1100Ω。
故答案为：快速；220；1100。
【分析】由图乙可知，只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电路的电阻较大；闭合开关S、S1时，R1和R2并联，电路的电阻较小，根据可知打印笔的工作状态；
根据求慢速挡时，R1在10s内产生的热量；
快速挡工作时，根据可得R2的电阻大小。
17．（2025·长沙模拟）图为电子天平改装的密度计，用它可以快速测量固体密度，下图为用该装置测量木块密度的过程示意图。ABCD是一个用不锈钢制作的整体框架，电子天平的压力传感器位于AB柱的正下方，天平的读数只受AB 柱压力的影响。甲图：将框架ABCD放置在天平上，天平示数为26.0g；乙图：将方框D浸没在水中，天平示数23.0g；丙图：将木块F放在框架上，天平读数为29.0g。丁图：将木块F放在金属盒D中，木块与D顶部相碰，此时电子天平的示数为19.0g。由以上信息可得：木块F的重力为　 　N，丁图中物体F 所受的浮力为　 　N，木块F 的密度为　 　g/cm3。(忽略烧杯中水面升降对C杆的浮力影响， g取10N/ kg)
【答案】0.06；0.1；0.6
【知识点】浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】 解：根据乙、丙两图，增大的示数等于木块的质量，故m=m3-m2=29g-23g=6g=0.006kg；
木块重力G=mg=0.006kg×10N/kg=0.06N；
根据丙丁两图，木块向上推动使得框架的压力减小，故F=F浮-G=（m2-m4）g；
（0.026kg-0.019kg）×10N/kg；
解得F浮=G+（m2-m4）g=0.06N+（0.023kg-0.019kg）×10N/kg=0.1N；
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得：0.1N=ρ水gV排；
物体的重力为0.06N，根据G=mg=ρVg可得：0.06N=ρ物gV；
浸没时V排=V，解得ρ物=0.6ρ水=0.6g/cm3。
故答案为：0.06；0.1；0.6。
【分析】 根据乙、丙两图分析质量，根据G=mg计算重力；
根据乙丁两图分析木块向上的推力，即浮力减去重力，据此计算浮力；
根据阿基米德原和重力公式计算物体的密度。
18．（2025·长沙模拟）请画出右图中光线AO从水中斜射到空气中的大致光路图。
【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】 解：根据光的折射定律，光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，折射光线与入射光线在两种介质中，在法线左侧的空气中作出折射光线，如图所示：
【分析】光的折射规律：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧。当光线从其它透明介质斜射入空气时，折射角大于入射角。
19．（2025·长沙模拟）为“探究平面镜成像中像与物的位置关系”，小亮同学设计了如图所示的装置。
实验次数 物距/ cm 像距/ cm
1 3.5 3.6
2 4.2 4.1
3 5.2 5.3
（1）小亮在竖直放置的玻璃板前放点燃的蜡烛甲，可看到玻璃板的后面出现蜡烛的像，拿另一支未点燃的蜡烛在玻璃板后面移动，看到它跟像　 　，并记录位置AA`；
（2）小亮重复实验两次，并记录蜡烛的位置如图所示。撤去玻璃板后接下来的第一个操作步骤是　 　；
（3）接着小亮用毫米刻度尺量出了三次实验的物距和像距并记录在表格中，从数据可以看出他实验中存在的最大问题是　 　。
【答案】（1）重合
（2）连接AA'、BB'、CC'
（3）刻度尺读数时未估读
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】解：（1）小亮在竖直放置的玻璃板前放点燃的蜡烛甲，可看到玻璃板的后面出现蜡烛的像，拿另一支未点燃的蜡烛在玻璃板后面移动，看到它跟像重合，玻璃板后面的蜡烛即为像的位置，则并记录位置AA'；
（2）要研究像与物的位置关系，小亮重复实验两次，并记录蜡烛的位置如图2所示。撤去玻璃板后接下来的第一个操作步骤是连接AA'、BB'、CC'；
（3）接着小亮用毫米刻度尺量出了三次实验的物距和像距并记录在表格中，因刻度尺分度值为0.1厘米，从数据可以看出他实验中存在的最大问题是刻度尺读数时未估读。
故答案为：（1）重合；（2）连接AA'、BB'、CC'；（3）刻度尺读数时未估读。
【分析】 （1）实验中根据等效替代法确定像的位置；
（2）本实验要研究像与物的位置关系，据此分析；
（3）测量长度时，要估读到分度值的下一位。
20．（2025·长沙模拟）在做“探究水的沸腾”实验中：
（1）实验装置如图甲所示，仪器安装的顺序应该是　 　；
（2）当水的温度加热到90℃时，每隔1min记录一次温度，直到水沸腾后几分钟为止。某次实验的数据如下表所示，则水的沸点是　 　℃；
时间 0min 1min 2min 3min 4min 5min 6min 7min
温度 90℃ 92℃ 94℃ 96℃ 98℃ 98℃ 98℃ 98℃
（3）加热过程中，烧杯上方出现的“白气”是水蒸气　 　形成的(填物态变化)。
【答案】（1）自下而上
（2）98
（3）液化
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】 解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好烧杯后，再调节温度计的高度，所以组装实验器材时，应按照自下而上的顺序；
（2）由表格中数据知，从4到8分钟，水的温度保持98℃不变，所以可以看出水的沸点是98℃；
（3）加热过程中，烧杯上方出现的“白气”是水蒸气液化形成的。
故答案为：（1）自下而上；（2）98；（3）液化。
【分析】 （1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
（2）掌握沸点的概念，水在沸腾过程中温度保持不变，水沸腾时的温度就是水的沸点；
（3）物质由气态变为液态的过程是液化。
21．（2025·长沙模拟）下图是探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验装置和实验过程中弹簧测力计的示数。
（1）②图中物体A 所受浮力大小为　 　N；
（2）分析图①②③可以得到的结论是物体所受的浮力与　 　无关；
（3）若要探究浮力与液体密度的关系，应该选①　 　三个实验步骤来比较。
【答案】（1）1
（2）浸入深度
（3）②⑤
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】解：（1）根据①和②可知，物体A浸在水中时受到的浮力为F浮=4N-3N=1N；（2）分析图①②③可知，物体排开水的体积和液体的密度相同，深度不同，但弹簧测力计示数相同，则浮力相同，即浮力大小与液体深度无关；（3）若探究浮力与液体的密度关系，应控制排开液体体积相同，改变物体排开液体的体积，故选①②⑤。
故答案为：（1）1；（2）浸入深度；（3）②⑤。
【分析】 （1）根据称重法得出浮力的大小；
（2）（3）浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关，在进行实验探究时，要注意控制变量法的运用；把握住所探究的相同量和不同量，再结合图示可判断出实验结论。
22．（2025·长沙模拟）小马同学用下图所示电路测额定电压为2.5V小灯泡L1的电功率。
实验次数 电压/V 电流/A
1 2.0 0.22
2 2.5 0.25
3 3.0 0.28
（1）闭合开关前，滑动变阻器滑片应该移到　 　端；
（2）小马同学测得数据如表格所示，则小灯泡的额定功率为　 　W；
（3）在做完第三组实验之后，要求再测量一个标有“3V 0.5W”的小灯泡L2的额定功率。小马的操作步骤是：将开关断开，用L2换掉L1，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表的读数为3V；小丽的操作步骤是：将开关断开，用L2换掉L1，将滑动变阻器的阻值调到最大，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表的读数为3V。你认为谁的方案正确，并简要的说明理由　 　。
【答案】（1）左
（2）0.625
（3）小丽的方案正确；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该放在最大阻值处，为了保护电路。
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】解：（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，即应将滑片移到最左端；
（2）由表格中低二次实验数据可知额定电功率为P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
（3）小丽的方案正确；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该放在最大阻值处，为了保护电路。
故答案为：（1）左；（2）0.625；（3）小丽的方案正确；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该放在最大阻值处，为了保护电路。
【分析】（1）在闭合开关前，为了保护电路，应将滑片移到最大阻值处；
（2）根据表格中数据进行计算；
（3）闭合开关前，应将滑片移到最大阻值处，防止电流或电压过大而损坏电表。
23．（2025·长沙模拟）2025年2月20日，中国石油集团20日宣布，我国首口超万米科学探索井一深地塔科1井日前成功在地下10910米处完钻，实现“深地”领域重大突破，下图为10000m深处附近提取的岩芯样品。取其中某段样品进行分析： 测得其质量为1800g， 体积为600cm3。 (g取10N/ kg) 求：
（1）该样品的重力；
（2）该样品的密度；
（3） 若将地表0~10000m之间视为密度 2.5×103kg/m3且分布均匀的岩石，试估算地表10000m深处由于岩石本身的重力而产生的压强。
【答案】（1）解：样品的重力为：G=mg=1800×10-3kg×10N/kg=18N；
（2）解：样品的密度为：；
（3）解： 根据可知，地表10000m深处由于岩石本身的重力而产生的压强为：
p=ρgh=2.5×103kg/m3×10N/kg×10000m=2.5×108Pa。
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）根据G=mg求出样品的重力；
（2）根据求出样品的密度；
（3）根据求出地表10000m深处由于岩石本身的重力而产生的压强。
24．（2025·长沙模拟）如图甲所示电路中，电源电压保持恒定。灯泡标有“3V 1.5W”，其电阻随温度的变化忽略不计；滑动变阻器标有“60Ω 2A”，电压表所接量程均为( 0-15V。单刀双掷开关置于b点、滑动变阻器滑片置于中点时，灯泡恰好正常发光。
（1）求灯泡正常发光时的电阻；
（2）电源电压；
（3）将单刀双掷开关置于a点，移动滑动变阻器的滑片，得到电压表 V1、V2随电流变化关系如图乙所示。则通过调节开关和移动滑片，该电路能达到的最小电功率为多大
【答案】（1）解：因为灯泡标有“3V 1.5W”，即灯泡正常发光时的电阻为。
（2）解：单刀双掷开关置于b点、滑动变阻器滑片置于中点时，灯泡恰好正常发光，即电路电流等于灯泡正常发光是的电流为；
则滑动变阻器的电压为U滑=IR=0.5A×30Ω=15V；故电源电压为U总=U灯+U滑=3V+15V=18V。
（3）解：开关解到a处时，R1、R2、R3串联，由乙图可知当R1的电流为0.3A时电流最小，此时电路电功率最小，即P=UI=18V×0.3A=5.4W。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据灯泡的铭牌可以求出灯泡发光是的电阻；
（2）先求出灯泡的电流，再求出滑动变阻器的电压，串联电路总电压等于各用电器电压之和；
（3）根据图乙找出最小的电流，根据公式P=UI求出最小的电功率。
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