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全国重点高中提前招生考试 全真试卷（二）
1．（2024高一上·浙江开学考）在一堂物理活动课上，同学们正以“假如没有了……”为主题展开讨论。以下是几位同学提出的五个具有代表性的观点：
①假如没有了地球引力，物体的质量仍然存在；
②假如没有了摩擦力，一阵微风也可以吹动停在平直轨道上的火车；
③假如没有了磁体周围的磁场，世界上就再也不会有电流的产生；
④假如没有了导体的电阻，导线将无法导电；
⑤假如没有了电磁波，我们将无法进行信息交流。
其中合理的是（　　）
A．①② B．②③ C．③④ D．④⑤
【答案】A
【知识点】声学
【解析】【解答】 本题综合考查了质量的特性、力和运动的关系、发电机原理及电源种类、电阻及超导体特点、信息的传递。解答本题需要用我们所学的物理知识去综合分析①物体内所含物质的多少叫质量，质量是物体的一种属性，不管有没有地球引力，物体所含的物质多少是不会发生变化的，所以物体的质量是仍然存在的；
②平时一阵微风是无法吹动火车的，因为火车和地面之间的摩擦力与风力平衡，抵消了风力，而如果没有摩擦力，则火车只在风力作用下，就会由静止变为运动；
③发电机的原理是电磁感应，如果没有磁场，则发电机就发不出电来．但我们常用的电源除了发电机以外，还有干电池、太阳能电池等，它们并不是利用电磁感应来产生电流的，所以即使没有磁场，我们也可以利用其它电源产生电流；
④导体的电阻是导体对电流的阻碍作用，电阻越大，电流越小；电阻越小，电流越大，以此来看，如果导体没有电阻，则导体的导电能力将是最好的，用没有电阻的导体导电，就再也不会有由于电阻而产生的电能损耗了；
⑤电磁波在信息的传递中扮演着非常重要的角色，广播、电视、手机等都是靠电磁波来传递信息的，但传递信息的载体除了电磁波以外，电流、声音也都可以传递信息。
故选A。
【分析】①质量是物体的一种属性，与受不受引力无关；
②力是改变物体运动状态的原因；
③常用的电源有发电机和干电池；
④电阻是导体对电流的阻碍作用，如果没有电阻，则导体的导电能力会更好；
⑤电流、电磁波、声音都可以传递信息。
2．（2024高一上·浙江开学考）北京大兴国际机场试点安装了探鸟雷达，能预防飞鸟对起落的飞机构成威胁。鸟防实验场地如图所示。如果发现小鸟有可能对航班造成威胁，机场立刻开启声波驱鸟设备，利用提前录制好的本地猛禽的叫声驱赶飞鸟。有时为了使驱鸟效果更好，工作人员会调大播放的音量。下列关于声波驱鸟的说法正确的是（　　）
A．声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的音调；改变播放音量是指改变声音的响度
B．声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的音色；改变播放音量是指改变声音的响度
C．声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的音色；改变播放音量是指改变声音的音调
D．声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的频率；改变播放音量是指改变声音的音调
【答案】B
【知识点】声学
【解析】【解答】 （1）音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；
（2）响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关．振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小；
（3）音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志．音色是声音特有的品质，用来区分不同物体发出的声音，响度是指声音的大小，声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的音色；改变播放音量是指改变声音的响度。
故选B。
【分析】根据乐声的音调、响度和音色的三个特征，结合各选项进行分析。
3．（2024高一上·浙江开学考）用大小为F的两个力将100块重为G的砖头夹住，如图所示。设所有接触面间的动摩擦因数均为μ，则第27号和28号砖块之间的摩擦力为（　　）
A． B． C． D．
【答案】A
【知识点】整体法隔离法
【解析】【解答】本题主要考查了有关物体的受力分析问题，注意“整体法”的应用，对于多个物体组成的系统，在进行受力分析时要优先考虑“整体法”进行受力分析。对100块砖这个整体分析
根据平衡力条件
解得
对1号砖分析
根据平衡条件推得1号和2号砖之间的摩擦力大小为
对2号砖分析
根据平衡条件推得2号和3号砖之间的摩擦力大小为
对3号砖分析
根据平衡条件推得3号和4号砖之间的摩擦力大小为
同理可得，第27号和28号砖块之间的摩擦力大小为
故选A。
【分析】首先以整体为研究对象，可以求出第1块和第100块砖头所受摩擦力的大小以及每一侧木板对它的摩擦力大小，然后将左边27块砖头看成一个整体，对整体进行受力分析，利用力的平衡条件求出编号27和28号砖头之间的摩擦力的大小。
4．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，平面镜正以的速度绕垂直于纸面的轴O匀速转动，为一段圆心在O点的圆弧形屏幕，其所对圆心角，有一束来自频闪光源的平行光束通过狭缝S射向平面镜M上的O点，已知光源每秒闪动次，则屏幕上内最多可能出现的光斑次数为（　　）
A．1次 B．3次 C．4次 D．12次
【答案】C
【知识点】线速度、角速度和周期、转速；生活中的光现象
【解析】【解答】 本题主要考查学生对光的反射定律的了解和掌握，此题要求学生应具备一定的空间想象能力，是一道难题。根据平面镜成像特点和光的反射定律可知，当平面镜以转动时，反射光线转动的角速度为。已知平面镜绕垂直于纸面的轴以的速度转动，则反射光线的转动速度为，圆弧形屏幕张角为，反射光线经过的时间为，则光源闪动次。如果光源开始闪动时，光点恰好在A点，则上就会出现4次光斑，C正确。
故选C。
【分析】已知平面镜M绕垂直于纸面的轴O以每秒转120°的速度顺时针匀速转动，根据平面镜成像特点及光的反射定律可求得平面镜转过的角度；算出平面镜转动的周期，以及所需时间，然后可知每秒内出现的光斑次数。
5．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，将一根弹簧和一只质量为1kg的金属球（球上有一直小孔）套在铁架台的金属杆AB上面。现将小球提到B端后松手，小球的高度随时间变化的情况如图乙所示。下列说法正确的有（　　）
甲 乙
①弹簧原来的长度为40cm；
②小球在0~t3过程中t1时刻机械能最大；
③在0~t1过程中小球的重力势能全部转化为动能；
④在三个时刻，小球的动能在t1时刻最大。
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
【答案】A
【知识点】机械能守恒定律
【解析】【解答】动能和重力势能之间可以相互转化．动能和重力势能之间的相互转化一般发生在只受重力作用下的运动过程中。①由图可知，最终小球静止在弹簧上端，此时弹簧长度为40cm，弹簧处于压缩状态，则弹簧原长应大于40cm，故错误；
②由图可知，小球被弹起高度逐渐减小，最终速度减为0，则可知该过程中存在摩擦力做负功，因此在0~t3过程中，初始0时刻机械能最大，故错误；
③在0~t1过程中由于存在摩擦力，则小球的重力势能部分转化为动能，故错误；
④在三个时刻中，弹簧长度相同，由于摩擦力做负功，则小球的动能逐渐减小，因此小球的动能在t1时刻最大，故正确。
综合可得只有一个正确；
故选A。
【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，合力变小，加速度变小，故小球做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变得大于重力，合力变为向上且不断变大，加速度向上且不断变大，故小球做加速度不断增大的减速运动。
6．（2024高一上·浙江开学考）用相同的加热装置对a、b、c三种固态物质加热（热源温度始终高于a、b、c的温度），它们的温度随时间变化的图像如图所示，其中a、c质量相同。下列对图像的分析正确的是（　　）
①时间内，物质a的温度不变，内能增加；
②若a、b是同种物质，b的质量大于a的质量；
③温度从升高到时，a物质吸收的热量比b少；
④b的比热容一定小于c的比热容。
A．①③④ B．①②④ C．①②③ D．①②③④
【答案】C
【知识点】热学
【解析】【解答】此题考查的是我们对物理规律的掌握和对图像分析的能力，以图像的形式考查物理规律，具有直观、客观的特点，是现在物理测试的热点考查方式。①时间内物质a的温度不变，但不断吸收热量，内能增加，故①正确；
②若a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，b吸收的热量多，由公式知，b的质量大于a的质量，故②正确；
③温度从T1升高到T2时，a物质加热时间比b物质短，则a物质吸收的热量比b少，故③正确；
④用相同的加热装置对b、c两种物质加热时，0～t1时间内两种物质吸收的热量相同，c物质升高的温度较小，由公式
但是两种物质的质量关系不确定可知c物质的比热容与b的比热容大小不确定，故④错误。
综上所述，①②③正确，故选C。
【分析】（1）液体的沸腾或晶体的熔化过程吸热温度不变，内能增加；
（2）根据Q=cmΔt分析ab质量的大小；
（3）吸收热量的多少通过加热时间的长短来表现；
（4）根据Q=cmΔt分析解答。
7．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，A、B是两个完全相同的匀质长方形木块，长为l，叠放在一起，放在水平桌面上，端面都与桌边平行。A放在B上，右端有伸出B外，为保证两木块都不翻倒，木块B伸出桌边的长度不能超过（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】重力与重心
【解析】【解答】遇到连接体问题，从整体角度分析较简单，物体不翻到的临界条件是物体的重心应恰好在桌子的边缘。为保证两木块刚好不翻倒，则两木块整体的重心刚好在桌子边缘正上方。设B木块伸出桌子边缘外x，两木块质量为m，则
解得
故选B。
【分析】应用整体法考虑，根据平衡条件得出若两长方形木块不翻到且B伸出最长时，应满足整体的重心应恰好在桌子的边。
8．（2024高一上·浙江开学考）2020年初新冠状病毒疫情形势严峻，冲在最前线的医务人员需要同时佩戴口罩及护目镜等防护用品，但由于护目镜镜片经常起“雾汽”导致了医疗护理过程中的诸多不便，对此，正确的解释是（　　）
A．眼镜上“雾汽”就是水蒸气
B．“雾汽”形成过程需要吸热
C．“雾汽”形成是水蒸气液化现象
D．“雾汽”的形成是汽化现象
【答案】C
【知识点】热学
【解析】【解答】本题考查了生活中的液化现象，体现了物理与生活实际的结合，难度不大。护目镜镜片上的“雾汽”是医务人员呼出气体中温度较高的水蒸气在遇到冷的镜片从而在镜片内测发生液化，形成小水珠，即“雾汽”形成是水蒸气液化现象，而液化过程需要放热。
故选C。
【分析】物质由气态变成液态叫做液化，液化放热。
9．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，重力的水平木板在滑轮组的作用下保持静止，三个滑轮等大、光滑，质量均忽略不计，所有细绳的重力均不计，与天花板间的固定点分别为A、B、C，与木板间的固定点分别为D、E；各条细绳中不与滑轮接触的部分均竖直，则B点处的细绳对天花板的拉力大小为（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】共点力的平衡
【解析】【解答】 本题考查了滑轮组拉力的计算，注意本题滑轮组不是由一根绳子缠绕而成，易错题！各绳的拉力如图所示
则
B处天花板的拉力大小等于F1，所以
解得
故选B。
【分析】由图可知，水平木板受到F1、F2、F3的作用，其中F2=2F1，F2=F3，根据“F1+F2+F3=G”求F1，即B点处的细绳对天花板的拉力大小。
10．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，A、B间电压一定，当滑片P向左移动到另一位置时，通过的电流变化量的大小分别为，电压变化量的大小分别为，则（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】电路动态分析
【解析】【解答】 本题考查了判断电流与电压变化量间的关系，分析清楚电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
由电路图可知，滑片P向左移动时，滑动变阻器R2接入电路的阻值变大，电阻R2与R3的并联电阻变大，电路总电阻变大，电路两端电压不变，由欧姆定律可知，干路电流变小，通过R1的电流I1减小，电阻阻值不变，电阻R1两端电压
U1= I1R1
变小，电阻R2与R3的并联电压
U并= U2= U3=U- U1
变大，R3不变，由
U3= I3R3
可知I3变大，由并联电路特点可知，干路电流等于各支路电流之和
I1= I2+ I3
I1减小，I3增大，I2减小，则I2的减小量大于I1的减小量，即
串联电路总电压等于各串联电路电压之和，则
U= U1+ U2
由于U不变，U1的减小量等于U2的增加量，即
故选C。
【分析】由电路图可知，电阻R2与R3并联，然后再与R1串联；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点判断电路总电阻如何变化，再应用欧姆定律判断电路电流如何变化，最后应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题。
11．（2024高一上·浙江开学考）在光滑水平面上，一小木块向右撞击竖直墙壁后被弹回（碰撞时间不计，碰撞过程中有能量损失）。如图记录了小木块运动过程中的部分数据，其中t所对应的数据是物体在该位置时相对于初始位置O所经历的时间，s所对应的数据是物体相对于初始位置O的距离。根据情景，可知墙壁与初始位置O的水平距离为　 　m。
【答案】2.25
【知识点】力学
【解析】【解答】[1]因为木块在光滑的水平面上运动，因此撞击前后木块均做匀速直线运动；根据图示可知，撞击前0.1s内通过的路程为0.5m，撞击后0.1s内通过的路程为0.1m；则撞击前木块的速度为
撞击后木块的速度为
根据图示可知，木块运动1.6s时，距离O点的距离为1.1m，由
可知，再到达O点的时间为
则木块从开始到最后所经历的时间为
根据图示可知
t前+t后=t总
设墙壁与初始位置O的水平距离为s，由
可知
即
解得
s=2.25m
【分析】先根据题意判断木块的运动状态，然后根据图示读出撞击前和撞击后对应的路程和时间，并根据速度公式求出撞击前后的速度；根据图示数据和速度公式求出全程木块的时间，最后根据撞击前和撞击后的路程、速度表示出时间，再根据撞击前后的时间和等于总时间可求出墙壁与初始位置O的水平距离。
12．（2024高一上·浙江开学考）图甲为热敏电阻的图像，图乙为用此热敏电阻R和电磁继电器组成的一个简单恒温箱温控电路（U为恒压电源），继电器线圈的电阻为，图中的“电源”是恒温箱加热器的电源，当线圈中的电流大于或等于时，衔铁被吸合，加热器停止工作，实现温控。
（1）恒温箱内的加热器应接在　 　（选填“A、B”或“C、D”）端；
（2）要实现对之间任一温度的控制，该装置恒压电源U至少为　 　V，若恒压电源U为，则滑动变阻器的最大阻值至少为　 　。
【答案】（1）A、B
（2）4.8；100
【知识点】欧姆定律的内容、表达式及简单应用
【解析】【解答】（1）知道电磁继电器的基本原理；会根据欧姆定律进行计算。当温度较低的时候，热敏电阻的电阻较大，电路中的电流较小，此时继电器的衔铁与A、B部分连接，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以该把恒温箱内的加热器接在A、B 端。
（2）[1]由图甲可知，50℃时热敏电阻的阻值为，要实现对50℃～100℃之间任一温度的控制，已知控制电路的电流要到达
I=20mA=0.02A
则根据串联电路的特点和欧姆定律可知，需要的最小电源电压
U=0.02A×(150+90)=4.8V
[2]由图甲可知，温度达到100℃，热敏电阻R=50， 若恒压电源U为6V，根据欧姆定律可得
即
解得
【分析】（1）根据热敏电阻随温度的变化以及电磁继电器的基本构造和基本原理来分析。
（2）根据欧姆定律和热敏电阻的特性来分析、计算。
（1）当温度较低的时候，热敏电阻的电阻较大，电路中的电流较小，此时继电器的衔铁与A、B部分连接，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以该把恒温箱内的加热器接在A、B 端。
（2）[1]由图甲可知，50℃时热敏电阻的阻值为，要实现对50℃～100℃之间任一温度的控制，已知控制电路的电流要到达
I=20mA=0.02A
则根据串联电路的特点和欧姆定律可知，需要的最小电源电压
U=0.02A×(150+90)=4.8V
[2]由图甲可知，温度达到100℃，热敏电阻R=50， 若恒压电源U为6V，根据欧姆定律可得
即
解得
13．（2024高一上·浙江开学考）有如图所示的电阻分布。
（1）a、b两点间的电阻　 　；
（2）如果流过A、B间电阻的电流为，则a、b两点间的电压　 　V。
【答案】（1）8
（2）72
【知识点】欧姆定律的内容、表达式及简单应用
【解析】【解答】本题考查了学生对电阻串、并联特点的掌握和运用，分析电路图找出CD两点间、EF两点间、ab两点间的电阻是本题的关键。
（1）CD间的总电阻为
EF间的总电阻为
所以，a、b两点间的电阻为
（2）根据并联电路电流和电阻成反比，AB上的电流为1A，则EC上的电流为3A，则总电流为9A，则总电压为
【分析】先求C、D两点间的电阻（6Ω电阻与12Ω电阻并联，总阻值为4Ω），再求E、F两点间的电阻（将C、D两点间看做一个4Ω的电阻，同理可得E、F两点间的电阻为4Ω），ab两点间的电阻Rab=2Ω+4Ω+2Ω=8Ω；
流过4Ω电阻的电流为1A，则C、D两点间的电压为12V，C、D两点间的总电流为3A，E、F两点间的电压为36V，E、F两点间的总电流为9A，Uab=72V。
（1）CD间的总电阻为
EF间的总电阻为
所以，a、b两点间的电阻为
（2）根据并联电路电流和电阻成反比，AB上的电流为1A，则EC上的电流为3A，则总电流为9A，则总电压为
14．（2024高一上·浙江开学考）某车的发动机是单缸、四冲程的柴油机，汽缸的直径为100mm，活塞冲程为120mm，做功冲程中气体作用在活塞上的平均压强是200N/cm2，飞轮的转速为1200r/min，则这台发动机在做功冲程中燃气对活塞的平均推力为　 　N，这台发动机的功率约为　 　kW（计算时取π=3）．
【答案】15000；18
【知识点】功率及其计算
【解析】【解答】 气缸的直径为100mm=10cm，汽缸活塞的截面积为
S=π()2=3×()2=75cm2
活塞受到的压力
F=pS=200N/cm2×75cm2=1.5×104N
燃气推力每次对活塞做功的大小为
W1=FL=15000N×0.12m=1800J
飞轮的转速是1200r/min，即飞轮1min转动1200周，而曲轴每转两周活塞对外做功一次，所以每分钟发动机活塞对外做功的次数
则这台发动机的功率约为
==
【分析】 求出活塞面积S，知道燃气平均压强，利用F=pS求热机工作时的压力；再利用W=Fs求一个冲程做的功；曲轴每转两周对外做功一次，所以飞轮1min转动1200周，要做功600次，求出气缸1min做的总功，再利用功率公式求发动机的功率。
15．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，将粗细均匀、直径相同的均匀圆柱棒A和B粘合在一起，并在粘合处用绳悬挂起来，恰好在水平位置平衡。如果A的密度是B的n倍，那么A的长度是B的　 　倍，A的重力是B的　 　倍。
【答案】；
【知识点】力学
【解析】【解答】[1][2]由题意
又
，，
得
，
【分析】A的长度是B的倍，A的重力是B的倍。 先根据密度公式，用两棒的长度表示两段棒的质量之比，再根据力矩平衡条件列式，求解A、B长度之比；由m=ρV得到质量之比，即可求得重力之比．
16．（2024高一上·浙江开学考）飞鸟在天空中自由翱翔，人类模拟飞鸟的翅膀制造了飞机的机翼，从而遨游天空。
（1）飞鸟展开翅膀飞行时获得向上的升力，其升力是由于飞鸟翅膀上表面附近的空气流速　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）翅膀下表面附近的空气流速而产生的。
（2）飞鸟飞行时产生的升力，可表示为，式中S为翅膀的面积，v为飞鸟的飞行速度，k为比例常量，已知一只质量为、翅膀面积为的飞鸟，其飞行速度为，假设某飞机飞行时获得的升力与该飞鸟飞行时获得的升力满足同样的规律，且k值相同k为未知量），则已知一架质量为m、起飞速度为v的飞机，其机翼设计面积S应为　 　。
【答案】（1）大于
（2）
【知识点】力学
【解析】【解答】（1）飞鸟翅膀上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速空气的流速，因而上表面气体的压强小于下表面气体的压强，翅膀上下方所受到的压力差形成向上的升力。
（2）飞鸟或飞机在空中飞行时，所受的升力等于本身的重力。对于飞鸟有
对于飞机有
以上两式中k值相同，联立解得
【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小。
（2）根据飞机飞行时获得的升力与该飞鸟飞行时获得的升力满足同样的规律，且k值相同（k为未知量），分别写出飞机和飞鸟的有关k的表达式，让其相等，进行化简得出S的表达式即可。
（1）飞鸟翅膀上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速空气的流速，因而上表面气体的压强小于下表面气体的压强，翅膀上下方所受到的压力差形成向上的升力。
（2）飞鸟或飞机在空中飞行时，所受的升力等于本身的重力。对于飞鸟有
对于飞机有
以上两式中k值相同，联立解得
17．（2024高一上·浙江开学考）某学习小组在参观某玻璃厂生产的过程中，对正在工作的天车产生了兴趣。车间工作人员告诉他们，天车上的卷扬机（其内部有电动机提供动力）通过滑轮组和吸盘提升玻璃，电动机的额定电压为，额定电流为，如图甲所示。设卷扬机额定状态下滑动滑轮组和吸盘提升质量为的玻璃时，玻璃匀速上升的速度为v，卷扬机对滑轮组绳端的拉力为F，拉力的功率为P，滑轮组的机械效率为80%；已知拉力F所做功随时间变化如图乙所示，滑轮A、B的质量均为，绳的质量及滑轮与轴的摩擦均可忽略不计，。求：
（1）P的大小；
（2）v的大小；
（3）整个系统在本次工作过程中的效率（百分号前保留一位小数）。
【答案】【解答】（1）由图乙可知，当时，，则拉力的功率为
（2）当提升玻璃的质量为时，滑轮组的机械效率为80%，则
解得
（3）电动机的总输入功率为
则整个系统在本次工作过程中的效率为
【知识点】力学
【解析】【分析】（1）根据图象读出F所做的功和做功时间，根据公式拉力的功率（总功率）P；（2）已知提升的玻璃m=80kg，η=80%，根据公式可求得有用功的功率；然后根据G=mg求出重力，根据P=Gv求出v，
（3）利用W=Pt求出有用功，利用W=UIt电动机消耗的电能，根据可求得整个系统在本次工作过程中的效率。
18．（2024高一上·浙江开学考）某物理兴趣小组设计了探测湖底未知属性的矿石密度的装置，其部分结构如图甲所示。电源电压为，为定值电阻，滑动变阻器R的阻值随弹簧的拉力变化关系如图乙。T为容器的阀门，某次探测时，水下机器人潜入深的湖底取出矿石样品M。返回实验室后，将矿石样品M悬挂于P点放入容器中，保持静止状态。打开阀门T，随着水缓慢注入容器，电压表示数U随容器中水的深度h变化关系如图丙中的实线所示。在电压表示数从变为的过程中，电流表示数变化值为（弹簧电阻忽略不计），矿石M不吸水，湖水密度与水相同，假设容器足够高，，取。求：
（1）定值电阻的阻值是多少？
（2）打开阀门T后，定值电阻的电功率变化值是多少？
（3）矿石M的密度是多少？
【答案】【解答】（1）根据
可知
（2）电压表示数为2V时，电流为
电压表示数为4V时，电流为
打开阀门T后，定值电阻的电功率变化值为
（3）水深度在0~h1时，矿石没有浸在水中，弹簧拉力最大，与重力平衡，滑动变阻器阻值为
此时弹簧拉力为
即等于矿石重力。
水深度大于h2时，矿石浸没在水中，弹簧拉力最小，浮力最大，滑动变阻器阻值为
此时弹簧拉力为
则矿石浸没在水中时所受浮力为
根据
，
得矿石M的密度是
【知识点】电功率和电功；闭合电路的欧姆定律
【解析】【分析】（1）根据题目分析出电压表为2V和4V时R0两端的电压，用欧姆定律求出电流表达式，再利用电流变化量求解电阻值；
（2）利用P=I2R求得两种情况功率值解答。
（3）根据图象看出刚开始，物体不受浮力，求出此时R的阻值，由图象得到质量，再根据浮力求得体积，利用密度公式求密度；
1 / 1全国重点高中提前招生考试 全真试卷（二）
1．（2024高一上·浙江开学考）在一堂物理活动课上，同学们正以“假如没有了……”为主题展开讨论。以下是几位同学提出的五个具有代表性的观点：
①假如没有了地球引力，物体的质量仍然存在；
②假如没有了摩擦力，一阵微风也可以吹动停在平直轨道上的火车；
③假如没有了磁体周围的磁场，世界上就再也不会有电流的产生；
④假如没有了导体的电阻，导线将无法导电；
⑤假如没有了电磁波，我们将无法进行信息交流。
其中合理的是（　　）
A．①② B．②③ C．③④ D．④⑤
2．（2024高一上·浙江开学考）北京大兴国际机场试点安装了探鸟雷达，能预防飞鸟对起落的飞机构成威胁。鸟防实验场地如图所示。如果发现小鸟有可能对航班造成威胁，机场立刻开启声波驱鸟设备，利用提前录制好的本地猛禽的叫声驱赶飞鸟。有时为了使驱鸟效果更好，工作人员会调大播放的音量。下列关于声波驱鸟的说法正确的是（　　）
A．声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的音调；改变播放音量是指改变声音的响度
B．声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的音色；改变播放音量是指改变声音的响度
C．声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的音色；改变播放音量是指改变声音的音调
D．声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的频率；改变播放音量是指改变声音的音调
3．（2024高一上·浙江开学考）用大小为F的两个力将100块重为G的砖头夹住，如图所示。设所有接触面间的动摩擦因数均为μ，则第27号和28号砖块之间的摩擦力为（　　）
A． B． C． D．
4．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，平面镜正以的速度绕垂直于纸面的轴O匀速转动，为一段圆心在O点的圆弧形屏幕，其所对圆心角，有一束来自频闪光源的平行光束通过狭缝S射向平面镜M上的O点，已知光源每秒闪动次，则屏幕上内最多可能出现的光斑次数为（　　）
A．1次 B．3次 C．4次 D．12次
5．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，将一根弹簧和一只质量为1kg的金属球（球上有一直小孔）套在铁架台的金属杆AB上面。现将小球提到B端后松手，小球的高度随时间变化的情况如图乙所示。下列说法正确的有（　　）
甲 乙
①弹簧原来的长度为40cm；
②小球在0~t3过程中t1时刻机械能最大；
③在0~t1过程中小球的重力势能全部转化为动能；
④在三个时刻，小球的动能在t1时刻最大。
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
6．（2024高一上·浙江开学考）用相同的加热装置对a、b、c三种固态物质加热（热源温度始终高于a、b、c的温度），它们的温度随时间变化的图像如图所示，其中a、c质量相同。下列对图像的分析正确的是（　　）
①时间内，物质a的温度不变，内能增加；
②若a、b是同种物质，b的质量大于a的质量；
③温度从升高到时，a物质吸收的热量比b少；
④b的比热容一定小于c的比热容。
A．①③④ B．①②④ C．①②③ D．①②③④
7．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，A、B是两个完全相同的匀质长方形木块，长为l，叠放在一起，放在水平桌面上，端面都与桌边平行。A放在B上，右端有伸出B外，为保证两木块都不翻倒，木块B伸出桌边的长度不能超过（　　）
A． B． C． D．
8．（2024高一上·浙江开学考）2020年初新冠状病毒疫情形势严峻，冲在最前线的医务人员需要同时佩戴口罩及护目镜等防护用品，但由于护目镜镜片经常起“雾汽”导致了医疗护理过程中的诸多不便，对此，正确的解释是（　　）
A．眼镜上“雾汽”就是水蒸气
B．“雾汽”形成过程需要吸热
C．“雾汽”形成是水蒸气液化现象
D．“雾汽”的形成是汽化现象
9．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，重力的水平木板在滑轮组的作用下保持静止，三个滑轮等大、光滑，质量均忽略不计，所有细绳的重力均不计，与天花板间的固定点分别为A、B、C，与木板间的固定点分别为D、E；各条细绳中不与滑轮接触的部分均竖直，则B点处的细绳对天花板的拉力大小为（　　）
A． B． C． D．
10．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，A、B间电压一定，当滑片P向左移动到另一位置时，通过的电流变化量的大小分别为，电压变化量的大小分别为，则（　　）
A． B．
C． D．
11．（2024高一上·浙江开学考）在光滑水平面上，一小木块向右撞击竖直墙壁后被弹回（碰撞时间不计，碰撞过程中有能量损失）。如图记录了小木块运动过程中的部分数据，其中t所对应的数据是物体在该位置时相对于初始位置O所经历的时间，s所对应的数据是物体相对于初始位置O的距离。根据情景，可知墙壁与初始位置O的水平距离为　 　m。
12．（2024高一上·浙江开学考）图甲为热敏电阻的图像，图乙为用此热敏电阻R和电磁继电器组成的一个简单恒温箱温控电路（U为恒压电源），继电器线圈的电阻为，图中的“电源”是恒温箱加热器的电源，当线圈中的电流大于或等于时，衔铁被吸合，加热器停止工作，实现温控。
（1）恒温箱内的加热器应接在　 　（选填“A、B”或“C、D”）端；
（2）要实现对之间任一温度的控制，该装置恒压电源U至少为　 　V，若恒压电源U为，则滑动变阻器的最大阻值至少为　 　。
13．（2024高一上·浙江开学考）有如图所示的电阻分布。
（1）a、b两点间的电阻　 　；
（2）如果流过A、B间电阻的电流为，则a、b两点间的电压　 　V。
14．（2024高一上·浙江开学考）某车的发动机是单缸、四冲程的柴油机，汽缸的直径为100mm，活塞冲程为120mm，做功冲程中气体作用在活塞上的平均压强是200N/cm2，飞轮的转速为1200r/min，则这台发动机在做功冲程中燃气对活塞的平均推力为　 　N，这台发动机的功率约为　 　kW（计算时取π=3）．
15．（2024高一上·浙江开学考）如图所示，将粗细均匀、直径相同的均匀圆柱棒A和B粘合在一起，并在粘合处用绳悬挂起来，恰好在水平位置平衡。如果A的密度是B的n倍，那么A的长度是B的　 　倍，A的重力是B的　 　倍。
16．（2024高一上·浙江开学考）飞鸟在天空中自由翱翔，人类模拟飞鸟的翅膀制造了飞机的机翼，从而遨游天空。
（1）飞鸟展开翅膀飞行时获得向上的升力，其升力是由于飞鸟翅膀上表面附近的空气流速　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）翅膀下表面附近的空气流速而产生的。
（2）飞鸟飞行时产生的升力，可表示为，式中S为翅膀的面积，v为飞鸟的飞行速度，k为比例常量，已知一只质量为、翅膀面积为的飞鸟，其飞行速度为，假设某飞机飞行时获得的升力与该飞鸟飞行时获得的升力满足同样的规律，且k值相同k为未知量），则已知一架质量为m、起飞速度为v的飞机，其机翼设计面积S应为　 　。
17．（2024高一上·浙江开学考）某学习小组在参观某玻璃厂生产的过程中，对正在工作的天车产生了兴趣。车间工作人员告诉他们，天车上的卷扬机（其内部有电动机提供动力）通过滑轮组和吸盘提升玻璃，电动机的额定电压为，额定电流为，如图甲所示。设卷扬机额定状态下滑动滑轮组和吸盘提升质量为的玻璃时，玻璃匀速上升的速度为v，卷扬机对滑轮组绳端的拉力为F，拉力的功率为P，滑轮组的机械效率为80%；已知拉力F所做功随时间变化如图乙所示，滑轮A、B的质量均为，绳的质量及滑轮与轴的摩擦均可忽略不计，。求：
（1）P的大小；
（2）v的大小；
（3）整个系统在本次工作过程中的效率（百分号前保留一位小数）。
18．（2024高一上·浙江开学考）某物理兴趣小组设计了探测湖底未知属性的矿石密度的装置，其部分结构如图甲所示。电源电压为，为定值电阻，滑动变阻器R的阻值随弹簧的拉力变化关系如图乙。T为容器的阀门，某次探测时，水下机器人潜入深的湖底取出矿石样品M。返回实验室后，将矿石样品M悬挂于P点放入容器中，保持静止状态。打开阀门T，随着水缓慢注入容器，电压表示数U随容器中水的深度h变化关系如图丙中的实线所示。在电压表示数从变为的过程中，电流表示数变化值为（弹簧电阻忽略不计），矿石M不吸水，湖水密度与水相同，假设容器足够高，，取。求：
（1）定值电阻的阻值是多少？
（2）打开阀门T后，定值电阻的电功率变化值是多少？
（3）矿石M的密度是多少？
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】声学
【解析】【解答】 本题综合考查了质量的特性、力和运动的关系、发电机原理及电源种类、电阻及超导体特点、信息的传递。解答本题需要用我们所学的物理知识去综合分析①物体内所含物质的多少叫质量，质量是物体的一种属性，不管有没有地球引力，物体所含的物质多少是不会发生变化的，所以物体的质量是仍然存在的；
②平时一阵微风是无法吹动火车的，因为火车和地面之间的摩擦力与风力平衡，抵消了风力，而如果没有摩擦力，则火车只在风力作用下，就会由静止变为运动；
③发电机的原理是电磁感应，如果没有磁场，则发电机就发不出电来．但我们常用的电源除了发电机以外，还有干电池、太阳能电池等，它们并不是利用电磁感应来产生电流的，所以即使没有磁场，我们也可以利用其它电源产生电流；
④导体的电阻是导体对电流的阻碍作用，电阻越大，电流越小；电阻越小，电流越大，以此来看，如果导体没有电阻，则导体的导电能力将是最好的，用没有电阻的导体导电，就再也不会有由于电阻而产生的电能损耗了；
⑤电磁波在信息的传递中扮演着非常重要的角色，广播、电视、手机等都是靠电磁波来传递信息的，但传递信息的载体除了电磁波以外，电流、声音也都可以传递信息。
故选A。
【分析】①质量是物体的一种属性，与受不受引力无关；
②力是改变物体运动状态的原因；
③常用的电源有发电机和干电池；
④电阻是导体对电流的阻碍作用，如果没有电阻，则导体的导电能力会更好；
⑤电流、电磁波、声音都可以传递信息。
2．【答案】B
【知识点】声学
【解析】【解答】 （1）音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；
（2）响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关．振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小；
（3）音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志．音色是声音特有的品质，用来区分不同物体发出的声音，响度是指声音的大小，声波驱鸟设备模拟猛禽叫声的音色；改变播放音量是指改变声音的响度。
故选B。
【分析】根据乐声的音调、响度和音色的三个特征，结合各选项进行分析。
3．【答案】A
【知识点】整体法隔离法
【解析】【解答】本题主要考查了有关物体的受力分析问题，注意“整体法”的应用，对于多个物体组成的系统，在进行受力分析时要优先考虑“整体法”进行受力分析。对100块砖这个整体分析
根据平衡力条件
解得
对1号砖分析
根据平衡条件推得1号和2号砖之间的摩擦力大小为
对2号砖分析
根据平衡条件推得2号和3号砖之间的摩擦力大小为
对3号砖分析
根据平衡条件推得3号和4号砖之间的摩擦力大小为
同理可得，第27号和28号砖块之间的摩擦力大小为
故选A。
【分析】首先以整体为研究对象，可以求出第1块和第100块砖头所受摩擦力的大小以及每一侧木板对它的摩擦力大小，然后将左边27块砖头看成一个整体，对整体进行受力分析，利用力的平衡条件求出编号27和28号砖头之间的摩擦力的大小。
4．【答案】C
【知识点】线速度、角速度和周期、转速；生活中的光现象
【解析】【解答】 本题主要考查学生对光的反射定律的了解和掌握，此题要求学生应具备一定的空间想象能力，是一道难题。根据平面镜成像特点和光的反射定律可知，当平面镜以转动时，反射光线转动的角速度为。已知平面镜绕垂直于纸面的轴以的速度转动，则反射光线的转动速度为，圆弧形屏幕张角为，反射光线经过的时间为，则光源闪动次。如果光源开始闪动时，光点恰好在A点，则上就会出现4次光斑，C正确。
故选C。
【分析】已知平面镜M绕垂直于纸面的轴O以每秒转120°的速度顺时针匀速转动，根据平面镜成像特点及光的反射定律可求得平面镜转过的角度；算出平面镜转动的周期，以及所需时间，然后可知每秒内出现的光斑次数。
5．【答案】A
【知识点】机械能守恒定律
【解析】【解答】动能和重力势能之间可以相互转化．动能和重力势能之间的相互转化一般发生在只受重力作用下的运动过程中。①由图可知，最终小球静止在弹簧上端，此时弹簧长度为40cm，弹簧处于压缩状态，则弹簧原长应大于40cm，故错误；
②由图可知，小球被弹起高度逐渐减小，最终速度减为0，则可知该过程中存在摩擦力做负功，因此在0~t3过程中，初始0时刻机械能最大，故错误；
③在0~t1过程中由于存在摩擦力，则小球的重力势能部分转化为动能，故错误；
④在三个时刻中，弹簧长度相同，由于摩擦力做负功，则小球的动能逐渐减小，因此小球的动能在t1时刻最大，故正确。
综合可得只有一个正确；
故选A。
【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，合力变小，加速度变小，故小球做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变得大于重力，合力变为向上且不断变大，加速度向上且不断变大，故小球做加速度不断增大的减速运动。
6．【答案】C
【知识点】热学
【解析】【解答】此题考查的是我们对物理规律的掌握和对图像分析的能力，以图像的形式考查物理规律，具有直观、客观的特点，是现在物理测试的热点考查方式。①时间内物质a的温度不变，但不断吸收热量，内能增加，故①正确；
②若a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，b吸收的热量多，由公式知，b的质量大于a的质量，故②正确；
③温度从T1升高到T2时，a物质加热时间比b物质短，则a物质吸收的热量比b少，故③正确；
④用相同的加热装置对b、c两种物质加热时，0～t1时间内两种物质吸收的热量相同，c物质升高的温度较小，由公式
但是两种物质的质量关系不确定可知c物质的比热容与b的比热容大小不确定，故④错误。
综上所述，①②③正确，故选C。
【分析】（1）液体的沸腾或晶体的熔化过程吸热温度不变，内能增加；
（2）根据Q=cmΔt分析ab质量的大小；
（3）吸收热量的多少通过加热时间的长短来表现；
（4）根据Q=cmΔt分析解答。
7．【答案】B
【知识点】重力与重心
【解析】【解答】遇到连接体问题，从整体角度分析较简单，物体不翻到的临界条件是物体的重心应恰好在桌子的边缘。为保证两木块刚好不翻倒，则两木块整体的重心刚好在桌子边缘正上方。设B木块伸出桌子边缘外x，两木块质量为m，则
解得
故选B。
【分析】应用整体法考虑，根据平衡条件得出若两长方形木块不翻到且B伸出最长时，应满足整体的重心应恰好在桌子的边。
8．【答案】C
【知识点】热学
【解析】【解答】本题考查了生活中的液化现象，体现了物理与生活实际的结合，难度不大。护目镜镜片上的“雾汽”是医务人员呼出气体中温度较高的水蒸气在遇到冷的镜片从而在镜片内测发生液化，形成小水珠，即“雾汽”形成是水蒸气液化现象，而液化过程需要放热。
故选C。
【分析】物质由气态变成液态叫做液化，液化放热。
9．【答案】B
【知识点】共点力的平衡
【解析】【解答】 本题考查了滑轮组拉力的计算，注意本题滑轮组不是由一根绳子缠绕而成，易错题！各绳的拉力如图所示
则
B处天花板的拉力大小等于F1，所以
解得
故选B。
【分析】由图可知，水平木板受到F1、F2、F3的作用，其中F2=2F1，F2=F3，根据“F1+F2+F3=G”求F1，即B点处的细绳对天花板的拉力大小。
10．【答案】C
【知识点】电路动态分析
【解析】【解答】 本题考查了判断电流与电压变化量间的关系，分析清楚电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
由电路图可知，滑片P向左移动时，滑动变阻器R2接入电路的阻值变大，电阻R2与R3的并联电阻变大，电路总电阻变大，电路两端电压不变，由欧姆定律可知，干路电流变小，通过R1的电流I1减小，电阻阻值不变，电阻R1两端电压
U1= I1R1
变小，电阻R2与R3的并联电压
U并= U2= U3=U- U1
变大，R3不变，由
U3= I3R3
可知I3变大，由并联电路特点可知，干路电流等于各支路电流之和
I1= I2+ I3
I1减小，I3增大，I2减小，则I2的减小量大于I1的减小量，即
串联电路总电压等于各串联电路电压之和，则
U= U1+ U2
由于U不变，U1的减小量等于U2的增加量，即
故选C。
【分析】由电路图可知，电阻R2与R3并联，然后再与R1串联；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点判断电路总电阻如何变化，再应用欧姆定律判断电路电流如何变化，最后应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题。
11．【答案】2.25
【知识点】力学
【解析】【解答】[1]因为木块在光滑的水平面上运动，因此撞击前后木块均做匀速直线运动；根据图示可知，撞击前0.1s内通过的路程为0.5m，撞击后0.1s内通过的路程为0.1m；则撞击前木块的速度为
撞击后木块的速度为
根据图示可知，木块运动1.6s时，距离O点的距离为1.1m，由
可知，再到达O点的时间为
则木块从开始到最后所经历的时间为
根据图示可知
t前+t后=t总
设墙壁与初始位置O的水平距离为s，由
可知
即
解得
s=2.25m
【分析】先根据题意判断木块的运动状态，然后根据图示读出撞击前和撞击后对应的路程和时间，并根据速度公式求出撞击前后的速度；根据图示数据和速度公式求出全程木块的时间，最后根据撞击前和撞击后的路程、速度表示出时间，再根据撞击前后的时间和等于总时间可求出墙壁与初始位置O的水平距离。
12．【答案】（1）A、B
（2）4.8；100
【知识点】欧姆定律的内容、表达式及简单应用
【解析】【解答】（1）知道电磁继电器的基本原理；会根据欧姆定律进行计算。当温度较低的时候，热敏电阻的电阻较大，电路中的电流较小，此时继电器的衔铁与A、B部分连接，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以该把恒温箱内的加热器接在A、B 端。
（2）[1]由图甲可知，50℃时热敏电阻的阻值为，要实现对50℃～100℃之间任一温度的控制，已知控制电路的电流要到达
I=20mA=0.02A
则根据串联电路的特点和欧姆定律可知，需要的最小电源电压
U=0.02A×(150+90)=4.8V
[2]由图甲可知，温度达到100℃，热敏电阻R=50， 若恒压电源U为6V，根据欧姆定律可得
即
解得
【分析】（1）根据热敏电阻随温度的变化以及电磁继电器的基本构造和基本原理来分析。
（2）根据欧姆定律和热敏电阻的特性来分析、计算。
（1）当温度较低的时候，热敏电阻的电阻较大，电路中的电流较小，此时继电器的衔铁与A、B部分连接，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以该把恒温箱内的加热器接在A、B 端。
（2）[1]由图甲可知，50℃时热敏电阻的阻值为，要实现对50℃～100℃之间任一温度的控制，已知控制电路的电流要到达
I=20mA=0.02A
则根据串联电路的特点和欧姆定律可知，需要的最小电源电压
U=0.02A×(150+90)=4.8V
[2]由图甲可知，温度达到100℃，热敏电阻R=50， 若恒压电源U为6V，根据欧姆定律可得
即
解得
13．【答案】（1）8
（2）72
【知识点】欧姆定律的内容、表达式及简单应用
【解析】【解答】本题考查了学生对电阻串、并联特点的掌握和运用，分析电路图找出CD两点间、EF两点间、ab两点间的电阻是本题的关键。
（1）CD间的总电阻为
EF间的总电阻为
所以，a、b两点间的电阻为
（2）根据并联电路电流和电阻成反比，AB上的电流为1A，则EC上的电流为3A，则总电流为9A，则总电压为
【分析】先求C、D两点间的电阻（6Ω电阻与12Ω电阻并联，总阻值为4Ω），再求E、F两点间的电阻（将C、D两点间看做一个4Ω的电阻，同理可得E、F两点间的电阻为4Ω），ab两点间的电阻Rab=2Ω+4Ω+2Ω=8Ω；
流过4Ω电阻的电流为1A，则C、D两点间的电压为12V，C、D两点间的总电流为3A，E、F两点间的电压为36V，E、F两点间的总电流为9A，Uab=72V。
（1）CD间的总电阻为
EF间的总电阻为
所以，a、b两点间的电阻为
（2）根据并联电路电流和电阻成反比，AB上的电流为1A，则EC上的电流为3A，则总电流为9A，则总电压为
14．【答案】15000；18
【知识点】功率及其计算
【解析】【解答】 气缸的直径为100mm=10cm，汽缸活塞的截面积为
S=π()2=3×()2=75cm2
活塞受到的压力
F=pS=200N/cm2×75cm2=1.5×104N
燃气推力每次对活塞做功的大小为
W1=FL=15000N×0.12m=1800J
飞轮的转速是1200r/min，即飞轮1min转动1200周，而曲轴每转两周活塞对外做功一次，所以每分钟发动机活塞对外做功的次数
则这台发动机的功率约为
==
【分析】 求出活塞面积S，知道燃气平均压强，利用F=pS求热机工作时的压力；再利用W=Fs求一个冲程做的功；曲轴每转两周对外做功一次，所以飞轮1min转动1200周，要做功600次，求出气缸1min做的总功，再利用功率公式求发动机的功率。
15．【答案】；
【知识点】力学
【解析】【解答】[1][2]由题意
又
，，
得
，
【分析】A的长度是B的倍，A的重力是B的倍。 先根据密度公式，用两棒的长度表示两段棒的质量之比，再根据力矩平衡条件列式，求解A、B长度之比；由m=ρV得到质量之比，即可求得重力之比．
16．【答案】（1）大于
（2）
【知识点】力学
【解析】【解答】（1）飞鸟翅膀上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速空气的流速，因而上表面气体的压强小于下表面气体的压强，翅膀上下方所受到的压力差形成向上的升力。
（2）飞鸟或飞机在空中飞行时，所受的升力等于本身的重力。对于飞鸟有
对于飞机有
以上两式中k值相同，联立解得
【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小。
（2）根据飞机飞行时获得的升力与该飞鸟飞行时获得的升力满足同样的规律，且k值相同（k为未知量），分别写出飞机和飞鸟的有关k的表达式，让其相等，进行化简得出S的表达式即可。
（1）飞鸟翅膀上表面附近的空气流速大于下表面附近的空气流速空气的流速，因而上表面气体的压强小于下表面气体的压强，翅膀上下方所受到的压力差形成向上的升力。
（2）飞鸟或飞机在空中飞行时，所受的升力等于本身的重力。对于飞鸟有
对于飞机有
以上两式中k值相同，联立解得
17．【答案】【解答】（1）由图乙可知，当时，，则拉力的功率为
（2）当提升玻璃的质量为时，滑轮组的机械效率为80%，则
解得
（3）电动机的总输入功率为
则整个系统在本次工作过程中的效率为
【知识点】力学
【解析】【分析】（1）根据图象读出F所做的功和做功时间，根据公式拉力的功率（总功率）P；（2）已知提升的玻璃m=80kg，η=80%，根据公式可求得有用功的功率；然后根据G=mg求出重力，根据P=Gv求出v，
（3）利用W=Pt求出有用功，利用W=UIt电动机消耗的电能，根据可求得整个系统在本次工作过程中的效率。
18．【答案】【解答】（1）根据
可知
（2）电压表示数为2V时，电流为
电压表示数为4V时，电流为
打开阀门T后，定值电阻的电功率变化值为
（3）水深度在0~h1时，矿石没有浸在水中，弹簧拉力最大，与重力平衡，滑动变阻器阻值为
此时弹簧拉力为
即等于矿石重力。
水深度大于h2时，矿石浸没在水中，弹簧拉力最小，浮力最大，滑动变阻器阻值为
此时弹簧拉力为
则矿石浸没在水中时所受浮力为
根据
，
得矿石M的密度是
【知识点】电功率和电功；闭合电路的欧姆定律
【解析】【分析】（1）根据题目分析出电压表为2V和4V时R0两端的电压，用欧姆定律求出电流表达式，再利用电流变化量求解电阻值；
（2）利用P=I2R求得两种情况功率值解答。
（3）根据图象看出刚开始，物体不受浮力，求出此时R的阻值，由图象得到质量，再根据浮力求得体积，利用密度公式求密度；
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