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四川省乐山市峨眉山市2025年初中毕业调研考试物理试题
1．（2025·峨眉山模拟）下列物理量中最符合实际的是（　　）
A．成年人正常步行的速度约为1.1m/s
B．人体感觉舒适的环境温度约为37℃
C．中学生体育测试中所用的实心球质量为20kg
D．地球到月球的距离约为1000m
2．（2025·峨眉山模拟）如图是“风能——太阳能”路灯示意图，下列说法正确的是（　　）
A．风力发电机利用了电磁感应原理
B．太阳能来自太阳内部的核裂变
C．给蓄电池充电时化学能转化为电能
D．控制器中的集成电路是用超导材料制成的
3．（2025·峨眉山模拟）下列厨房中的物态变化，属于液化的是（　　）
A．湿抹布变干
B．放入饮料中的冰块消失
C．新鲜肉放入冰箱冷冻室变硬
D．从冰箱冷藏室中拿出的西红柿表面变湿
4．（2025·峨眉山模拟）如图所示的光现象中说法正确的是（　　）
A．图甲：桥在水中的倒影是光的折射现象
B．图乙：彩虹是光的色散现象
C．图丙：墙上的手影是光的反射形成的
D．图丁：凸面镜能扩大视野是由于光的直线传播
5．（2025·峨眉山模拟）小西和同学们用天平、量筒和足量的水等实验器材测量小石块的密度。当天平平衡时所用砝码及游码位置如图甲所示，并用如图乙所示的方法测量小石块体积。下列说法正确的是（　　）
A．小石块的质量为25.4g
B．图乙中a是正确的读数方法
C．小石块的密度是
D．若小石块磕掉了一部分，它的密度会变小
6．（2025·峨眉山模拟）在传统农耕文化中，劳动人民一般采用“盐水选种”的方法挑选种子，下列说法正确的是（　　）
A．种子上浮过程中盐水对种子的压强变大
B．漂浮的种子受到的浮力大于自身重力
C．下沉的种子密度比盐水的密度大
D．沉底的种子只受到重力和支持力
7．（2025·峨眉山模拟）为了减少炒菜时对油烟的吸入，厨房里安装了一台抽油烟机。抽油烟机上面的照明灯和电动机既可以同时工作又可以独立工作。以下关于抽油烟机内部电路设计，你认为符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
8．（2025·峨眉山模拟）“安全问题无小事，学好物理保安全”。下列有关安全的说法正确的是（　　）
A．我国家庭电路的电压是220V，对人体来说是安全的
B．为了保护听力，人不能处于50dB以下的噪声环境中
C．驾车时系好安全带是为了防止惯性力带来的危害
D．等候列车的乘客应站在安全线以外，否则可能会被“吸”向列车
9．（2025·峨眉山模拟）下列四幅图来自我们的物理课本，其中解释正确的是（　　）
A．甲图中轮船过船闸，是利用了连通器的原理
B．乙图中撞击锤柄紧固锤头，是为了增大锤头的惯性
C．丙图中运动员手上涂防滑粉，是为了增大单杠对运动员的支持力
D．丁图中小朋友能将饮料吸进嘴里，是由于吸管受到浮力的作用
10．（2025·峨眉山模拟）物理是以实验为基础的自然科学。下列有关物理实验的说法正确的是（　　）
A．图甲：导线AB左右运动，电流表的指针发生偏转，这一过程与电动机的原理相同
B．图乙：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，这一过程与汽油机的做功冲程原理相同
C．图丙：通电一段时间后，两个U形管中液面高度的变化不同，说明电流不同，产生的热量不同
D．图丁：抽掉玻璃板后，两瓶中的气体颜色逐渐变均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动
11．（2025·峨眉山模拟）我国自主研制的智能乒乓球机器人，能通过图像传感装置综合分析运动员的各项技术，并针对性地变换发球、回球等操作，以提高运动员的技术水平。下列说法正确的是（　　）
A．乒乓球被击出后，运动轨迹发生改变，说明力是改变物体运动状态的原因
B．球拍对乒乓球的作用力和乒乓球对球拍的作用力是一对平衡力
C．乒乓球被击出后，从高处下落的过程中动能不变，重力势能增大
D．乒乓球被击出后，若所受的力全部消失，它一定保持静止状态
12．（2025·峨眉山模拟） 2024年5月23日至24日，东部战区在我国台湾省周边开展“联合利剑—2024A”军事演习，震慑台独分裂势力，坚决捍卫国家主权和领土完整。参加演习的某架战机加速升空过程中，若不考虑燃油消耗引起的质量变化，则该战机（　　）
A．动能减少，重力势能减少 B．动能减少，重力势能增大
C．动能增大，重力势能减少 D．动能增大，重力势能增大
13．（2025·峨眉山模拟）控制大气污染物浓度是确保空气质量，实现碧水蓝天的重要措施。如图甲是物理学习小组设计的大气污染物浓度监测简化电路。当污染物浓度增大时，污染物浓度监测表的示数增大；R为气敏电阻，其阻值随污染物浓度变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．当污染物浓度增大时，气敏电阻的阻值增大
B．当污染物浓度增大时，电流表示数增大
C．当污染物浓度增大时，电压表示数增大
D．污染物浓度监测表是电压表改装而成的
14．（2025·峨眉山模拟）如图所示，物体A在水平拉力F的作用下，沿水平面以的速度匀速运动了5s，弹簧测力计的示数为的8N，（不计滑轮和绳子之间的摩擦），拉力F做功的功率为（　　）
A．1.6W B．8W C．3.2W D．16W
15．（2025·峨眉山模拟）小宁同学两次水平拉动同一物体，使它们在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的s－t图像如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．物体第一次运动速度为1m/s，第二次运动速度为2m/s
B．物体第一次所受的摩擦力大于第二次所受的摩擦力
C．0~8s拉力第一次做的功等于第二次的2倍
D．0~8s拉力第二次做功的功率等于第一次的2倍
16．（2025·峨眉山模拟）如图所示电路中，电源电压为4.5V，滑动变阻器R最大阻值为20Ω，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，在AB之间接入不同的电学元件，可以进行不同的实验，在确保电路安全且实验能够顺利进行的情况下，下列说法中正确的是（　　）
A．在AB间接入一个阻值为10Ω的定值电阻，探究电流与电压关系实验时，电压表示数变化范围为1.5~4.5V
B．探究电流与电阻的关系实验中，控制AB间电压是3V时，在AB间接入电阻的阻值范围是5~40Ω
C．在AB间接入一个大约100Ω的未知电阻，调节滑动变阻器滑片的位置，就能够测量出该电阻的阻值
D．在AB间接入小灯泡，调节滑片，使电压表示数从2V变到3V，测得电流表示数从0.25A变到0.3A，则灯泡的电功率增大了0.05W
17．（2025·峨眉山模拟）如图所示的曾侯乙编钟是我国古代重要的打击乐器，体现了中国先秦礼乐文明和青铜器铸造技术的极高水平。敲击时发出的声音是编钟　 　产生的；用相同的力敲击大小不同的编钟，发出声音的　 　不同。
18．（2025·峨眉山模拟）中医药是中华民族的瑰宝，其中蕴含着许多物理知识。熬制中药时闻到浓浓的药味，这一现象表明　 　。拔火罐时，玻璃罐在　 　的作用下吸附在理疗部位。
19．（2025·峨眉山模拟）“福建舰”是我国完全自主设计建造的航空母舰，满载排水量为8万吨。在海上航行时，水下10m处海水对舰体的压强为　 　Pa；满载时“福建舰”受到的浮力为　 　N（海水密度ρ取，g取10N/kg）。
20．（2025·峨眉山模拟）图所示是一款有两个挡位的挂烫机的工作电路图，正常工作电压为220V，加热电阻R1=44Ω，R2=88Ω，只闭合开关S1时，挂烫机的功率是　 　W。同时闭合开关S1、S2，挂烫机工作1min消耗的总电能为　 　。
21．（2025·峨眉山模拟）图甲中是用来压制饺子皮的“神器”，压皮时压杆可视为一个杠杆，图乙是其简化示意图。图中O为支点，F2为压动杠杆时作用在B点的阻力。请在乙图中画出：阻力臂l2、作用在A点的最小动力F1。
22．（2025·峨眉山模拟）如图，小磁针静止在通电螺线管右侧，请根据图中磁感线的方向，在螺线管左端和小磁针右端的括号内标出极性（“N”或“S”），在电源左边的括号内标出极性（“+”或“﹣”）。
23．（2025·峨眉山模拟）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小华猜想浮力的大小可能与以下因素有关：I液体的密度；Ⅱ物体受到的重力；Ⅲ物体的形状；Ⅳ物体排开液体的体积。
（1）如图甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手会感觉越吃力。这个事实可以支持以上猜想　 　（选填“I”“Ⅱ”“Ⅲ”或“Ⅳ”）。
（2）为了研究猜想I和Ⅱ，用体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N、4.5N和5N，然后进行如图乙所示的实验：
①序号a的实验中物体A所受的浮力为　 　N。进一步计算得出A、B、C所受浮力　 　（选填“相等”或“不相等”），可得出初步结论：浮力的大小与物体的重力　 　（选填“有关”或“无关”）。
②比较序号　 　的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。
（3）为了研究猜想Ⅲ，将两块相同的橡皮泥（不吸水且不溶于水）分别做成不同形状，进行如图丙所示实验，此时两弹簧测力计的示数不同，得出浮力的大小与物体形状有关。同学小珍认为该结论不可靠，主要原因是　 　。
（4）小珍觉得用量筒就可以测出橡皮泥的密度，进行了如图丁所示操作：
①在量筒中加入适量的水，此时读数为V1；
②将橡皮泥捏成小碗形，轻放入量筒中，使其漂浮在水面上，此时读数为V2；
③将橡皮泥用细长针按入水中，此时读数为V3。
橡皮泥的密度为ρ=　 　（用ρ水、V1、V2、V3表示）。
24．（2025·峨眉山模拟）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小刚同学用一个电压表、一个电流表、一个开关、一个滑动变阻器、电压为4.5V的电源和额定电压为2.5V的小灯泡，设计了如图甲所示的电路。
（1）实验中需要依据图甲所示的电路图，将图乙所示器材进行连线，请用笔画线代替导线，将图乙所示电路连接完整。　 　
（2）正确连接好电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。当电压表的示数为　 　V时小灯泡正常发光，此时电流表指针如图丙所示，其示数为　 　A，小灯泡的额定功率为　 　W。若小灯泡两端的实际电压为2.3V，则小灯泡的实际功率　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）额定功率。
（3）小王同学也按图甲所示电路图连接电路，当连接最后一根导线时，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭。请你指出导致此现象可能的原因：　 　。
25．（2025·峨眉山模拟）夏季经常见到洒水车在路面上洒水，给路面降温。某洒水车的部分参数如下表所示，求：
项目 数值
空载质量/t 4
满载装水量/t 20
满载时车轮与地面总接触面积/m2 0.6
正常洒水流量/（t/h） 40
（1）装满水的洒水车对水平地面的压强（g取10N/kg）；
（2）装满水的洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力的功率是240kW，此时洒水车受到的阻力；
（3）洒水车以5m/s的速度匀速直线行驶，并按正常洒水流量开始洒水，最多可以连续洒水的路程。
26．（2025·峨眉山模拟）如图甲是科技小组设计的“智能温控小屋”简化电路，受控电路功率随时间的变化关系如图乙所示。当室温上升至28℃时冷却系统开始工作，当室温降至23℃时停止工作。Rt为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，当控制电路中的电流为0.15A时，衔铁刚好被吸下，控制电路电源电压恒为3V。定值电阻R0为100Ω，线圈电阻忽略不计。求：
（1）受控电路30min内消耗的电能；
（2）受控电路工作时，通过电阻R0的电流；
（3）热敏电阻Rt的变化范围。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．成年人正常步行的速度约为1.1m/s≈4km/h，故A符合题意；
B．人体正常温度为37℃，感觉舒适的环境温度约为25℃，故B不符合题意；
C．中学生体育测试中，所用的实心球质量为2kg，故C不符合题意；
D．地球到月球的距离约3.8×105km，远大于1000m，故D不符合题意。
故选A。
【分析】人的步行速度约1m/s左右；感觉舒适的温度是25℃左右；实心球的质量约2kg；地球到月球的距离约3.8×105km。
2．【答案】A
【知识点】能量的转化或转移；太阳能及其利用与转化；半导体特点及作用；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A． 风力发电机即利用风力驱动发电机转动而发电， 工作原理是电磁感应原理，故A正确；
B．太阳能是来自太阳内部的核聚变反应，故B错误；
C．给蓄电池充电时，电能转化为化学能，故C错误；
D． 控制器中的集成电路是利用半导体材料制作的 ，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据发电机的工作原理解答；
B.根据太阳能量的来源判断；
C.根据能量转化的知识判断；
D.根据半导体材料应用的知识判断。
3．【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】A．根据物质的状态变化，湿抹布变干，由液态的水变成气态的水蒸气，是汽化现象，故A不符合题意；
B．根据物质的状态变化，加在饮料中的冰块化为水，由固态变成液态，是熔化现象，故B不符合题意；
C．根据物质的状态变化，新鲜肉放入冰箱冷冻室变硬，是肉中的液态水变成固体的冰，是凝固现象，故C不符合题意；
D．根据物质的状态变化，从冰箱冷藏室中拿出的西红柿，是空气中的水蒸气遇到冷西红柿，变成小水珠附在西红柿表面，是液化现象，故D符合题意。
故选D。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
4．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A．图甲中，光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用，桥在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A错误；
B．图乙中，光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，太阳光射入雨后空气中的小水滴时，太阳光经过折射发生色散，从而形成彩虹，故B正确；
C．图丙中，光在同一均匀介质中沿直线传播，手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，故C错误；
D．图丁中，景物在凸面镜中成像扩大视野，是凸面镜成像，属于光的反射现象，故D错误。
故答案为：B。
【分析】光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。
5．【答案】C
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用；量筒的使用
【解析】【解答】A．由图甲知，根据天平的使用方法，标尺的分度值是0.2g，被测物体的质量m=20g+5g+4.2g=29.2g，故A错误；
B．在量筒的使用过程中，量筒读数时，视线要与液柱上表面相平，则b是正确的读数方法，故B错误；
C．小石块的体积V=40mL-30mL=10mL=10cm3；则小石块的密度，故C正确；
D．密度是物质本身的特性，物质体积和质量变化时，它的密度不变，故D错误。
故选C。
【分析】（1）天平在读数时，被测物体的质量=砝码的质量+游码的示数；
（2）量筒读数时，视线要与液柱上表面相平，俯视会使结果偏大、仰视会使结果偏小；
（3）石块的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，石块的体积等于石块浸没水前后水面对应刻度值的差，知道石块的体积和质量，根据密度公式求出石块的密度；
（4）密度是物质本身的特性，物质体积和质量变化时，它的密度不变。
6．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】本题考查了物体的浮沉条件、液体内部压强计算公式的应用、物体的受力分析等知识，难度不大。A．种子上浮过程中，深度变小，盐水对种子的压强变小，故A错误；
B．漂浮的种子受到的浮力和重力二力平衡，大小相等，故B错误；
C．当种子密度大于盐水密度时，种子受到的浮力小于其重力，种子就会下沉，故C正确；
D．沉底的种子受到浮力、重力及支持力的作用，故D错误。
故选C。
【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力；物体下沉时，浮力小于重力；根据p=ρgh分析受到的压强变化；浸入液体中的物体受到浮力的作用。
7．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，照明灯和电动机既可以同时工作又可以独立工作，这说明它们之间互不影响，照明灯和电动机应该并联连接。照明灯和电动机都能单独控制，则两个支路上各有一个开关与它们串联。
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器。
8．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；流体压强与流速的关系；声音的等级和噪声的危害；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A．在日常生活中，我国家庭电路的电压是220V，对人体来说是危险的，人体安全电压是不高于36V，故A错误；
B．在日常生活中，为了保护听力，人不能处于90dB以上的噪声环境中，故B错误；
C．力可以改变物体的运动状态和形状，但惯性不是力，故C错误；
D．流体流速大的位置压强小，如果乘客距离行驶的列车太近，乘客靠近列车这侧空气流速快，压强小；外侧空气流速相对较慢，压强大，产生的压力差会把乘客压向列车，造成危险，所以等候列车的乘客应站在安全线以外，故D正确。
故选D。
【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V，对人体安全的电压为不高于36V；
（2）长期生活在90dB以上的噪声环境中，听力会受到严重的影响；超过150dB的噪声环境，会使双耳完全失去听力；
（3）惯性是物体本身的一种性质，惯性是属性不是力；
（4）流体压强与流速的关系：流体流速大的位置压强小。
9．【答案】A
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．轮船从上游到中游时，闸室与上游上面开口，底部联通，从而构成连通器，故A正确；
B．锤头的惯性与它的质量有关，与其它因素无关，故B错误；
C．运动员手上涂防滑粉，是通过增大接触面的粗糙程度从而增加手与单杠之间的摩擦力，故C错误；
D．小朋友能将饮料吸进嘴里，是因为吸管内部的气压降低，饮料在外部大气压的作用下被压进吸管里，故D错误。
故选A。
【分析】A.上面开口，底部连通的容器为连通器；
B.物体的惯性大小只与质量大小有关；
C.增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；
D.根据大气压强的知识分析。
10．【答案】D
【知识点】热机；电流的热效应；发电机的构造和原理；分子热运动
【解析】【解答】A．图甲：电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，导线AB左右运动，电流表的指针发生偏转，这是电磁感应现象，应用是发电机，故A错误；
B．图乙：做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。活塞压缩空气，对空气做功，机械能转化为内能，使得空气温度升高，硝化棉燃烧，这一过程与汽油机的压缩冲程原理相同，故B错误；
C．图丙：两电阻丝串联，电流相同，电阻不同，通电一段时间后，两个U形管中液面高度的变化不同，说明电阻不同，产生的热量不同，故C错误；
D．图丁：不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。抽掉玻璃板后，两瓶中的气体颜色逐渐变均匀，这是扩散现象，说明气体分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选D。
【分析】（1）电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
（3）研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析。
（4）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
11．【答案】A
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；物体运动状态的变化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．乒乓球被击出后，在重力作用下，运动速度和轨迹发生变化，说明力是改变物体运动状态的原因，故A正确；
B．球拍对乒乓球的作用力和乒乓球对球拍的作用力是一对相互作用力，故B错误；
C．乒乓球被击出后，从高处下落时，质量不变，速度增大，所以动能变大，高度降低，重力势能减小，故C错误；
D．乒乓球被击出后，若所受的力全部消失，根据牛顿第一定律，它将做匀速直线运动，故D错误。
故选A。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上，
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上，
4、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
5、牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动。
12．【答案】D
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较
【解析】【解答】战机加速升空过程中，若质量不变，高度变大， 重力势能变大，速度变大，动能变大，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】物体的动能和质量、速度有关，重力势能和质量、高度有关。
13．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】ABC．分析电路可知，气敏电阻和串联，电压表测电压，电流表测电路电流。当污染物浓度增大时，由图乙可知，气敏电阻的阻值减小，则总电阻减小，根据可知电流表示数增大，根据串联分压原理可知，电压表示数减小，故AC错误，B正确；
D．当污染物浓度增大时，污染物浓度监测表的示数增大，所以污染物浓度监测表是电流表改装而成的，故D错误。
故选B。
【分析】（1）明确引起电路动态变化的原因，即是由热敏电阻、光敏电阻、滑动变阻器等引起的；
（2）明确元件变化时，接入电路的各部分电阻如何变化；
（3）明确电源的电压是否保持不变；
（4）从串联电路或并联电路中电流、电压的规律及欧姆定律中选择一条判断电路中电流或某一元件两端的电压的变化情况。
14．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；动滑轮拉力的计算
【解析】【解答】物体速度v1=0.2m/s，绳子移动速度为
弹簧测力计的示数为的8N，故绳子拉力也为8N，拉力做功的功率为
故C符合题意。
故选C。
【分析】 弹簧测力计的示数为8N，则绳端的拉力F为8N，图中为动滑轮，绳端移动的速度为物体移动速度的2倍，根据：P=Fv计算拉力F做功的功率。
15．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；功的计算及应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．由图可知，第一次速度为；第二次速度为，故A错误；
B．根据二力平衡所学知识进行分析，两次水平拉动同一物体，均在同一水平面上做匀速直线运动，受力平衡，拉力等于摩擦力，压力和接触面粗糙程度不变，则摩擦力不变，所以物体第一次所受的摩擦力等于第二次所受的摩擦力，两次拉力也相等，故B错误；
CD.0~8s，两次拉力相等，第一次的路程是第二次的2倍，根据可知拉力第一次做的功等于第二次的2倍，根据，拉力第一次做功的功率等于第二次的2倍，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】从图像分别求得它们的速度大小关系；匀速直线运动的物体，拉力与摩擦力为平衡力，两次水平拉动同一物体在同一水平面上运动，对水平面的压力和接触面的粗糙程度都相同，故受到的滑动摩擦力大小相等，与物体运动速度无关；两物受到的摩擦力大小相等，据此得出拉力大小关系；结合图像上的数据，利用W=Fs可得0～8s拉力关系；利用速度公式即可得出两次物体运动的速度关系，然后利用P=Fv可得功率关系。
16．【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A． 由题可知，在AB间接入一个阻值为10Ω的定值电阻，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，探究电流与电压关系实验时，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电；解方程可得；此时通过电路的电流；
电路安全，电压表量程为0~3V，电压表示数变化范围为1.5~3V，故A错误；
B．探究电流与电阻的关系实验中，控制AB间电压是3 V时，电流表量程为0~0.6A，通过电路的最大电流为0.6A，根据欧姆定律可得定值电阻的阻值最小为；滑动变阻器R接入电路最大阻值20，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得滑动变阻器接入电路最大阴值时通过电路的电流；解方程可得；所以在AB间接入电阻的阻值范围是5~40，故B正确；
C．在AB间接入一个大约100的未知电阻，两电阻串联接入电路，滑动变阻器接入电路的电阻为0时，通过电路的电流；测出滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流；电流表量程为0~0.6A，电流表的分度值为0.02A，电流变化范围过小，无法多次测量计算平均值，故C错误；
D．在AB间接入小灯泡，调节滑片，使电压表示数从2V变到3V，测得电流表示数从0.25A变到0.3A。 根据P=UI可得灯泡的电功率增大；故D错误。
故选B。
【分析】（1）在AB间接入一个阻值为10Ω的定值电阻，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，探究电流与电压关系实验时，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流，代入数据解方程可得UV，电压表量程为0～3V，进一步确定电压表示数变化范围；
（2）探究电流与电阻的关系实验中，控制AB间电压是3V时，电流表量程为0～0.6A，据此确定通过电路的最大电流，根据欧姆定律计算定值电阻最小的阻值，
滑动变阻器R接入电路最大阻值20Ω，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流，代入数据解方程可得R的最大值，据此确定在AB间接入电阻的阻值范围；
（3）在AB间接入一个大约100Ω的未知电阻，两电阻串联接入电路，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的电阻为0时通过电路的电流和滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流，根据电流表接入电路的量程和分度值分析即可，电压表两次也都是超过量程的；
（4）在AB间接入小灯泡，调节滑片，使电压表示数从2V变到3V，测得电流表示数从0.25A变到0.3A，根据P=UI可得灯泡的电功率增大量。
17．【答案】振动；音调
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】声音是由物体振动产生的，敲击编钟，编钟振动而发出声音。用相同的力敲击大小不同的编钟，编钟振动频率不同，则发出声音的音调不同。故答案为：振动；音调。
【分析】声音是由物体振动产生的；音调是指声音的高低，音调跟频率有关，频率越大，音调越高；频率越小，音调越低。质量大、体积大的物体难振动，频率小，音调低。
18．【答案】分子在不停地做无规则运动；大气压强
【知识点】大气压的综合应用；分子热运动
【解析】【解答】（1）根据题意可知，熬制中药的过程中，闻到浓浓的药味儿，这是药味分子在空气中扩散所致，说明分子在不停地做无规则运动。
（2）拔火罐时，罐内的空气冷却后罐内气压降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，所以“拔火罐”利用的是大气压强。
【分析】（1）根据分子运动的知识解答；
（2）根据大气压强的知识和应用分析。
19．【答案】；
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）由液体压强公式可知，福建舰在海上航行时，水面下10m处海水的压强为；
（2）由阿基米德原理可知，满载时，福建舰漂浮，受到的浮力大小等于其排开水的重力，则所受浮力为。
故答案为：；。
【分析】 （1）利用p=ρgh求船体受到的海水的压强；
（2）福建舰满载时漂浮，浮力等于总的重力，受到的浮力大小等于其排开水的重力。
20．【答案】1100；99000J
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】只闭合开关S1时，R1单独工作，挂烫机的功率是；
同时闭合开关S1、S2，R1、R2并联，挂烫机工作1min消耗的总电能为。
故答案为：1100；99000J。
【分析】
（1）根据电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的基本电路，利用电功率公式进行计算；
（2）根据Q=W=pt求出同时闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，挂烫机工作1min产生的热量。
21．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】力臂是指从支点到力的作用线的距离，过支点作F2力的作用线的垂线，即为阻力臂l2；作用在A点的最长力臂为OA，作OA的垂线，方向斜向下即为动力F1，如图：
【分析】
（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
22．【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】由通电螺线管的外部磁场是“N极出S极入”可知，螺线管左侧是N极，右侧是S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左侧是N极，则小磁针的右侧是S极，根据右手螺旋定则可知，在通电螺线管的外部，电流的方向是自下向上，故电流从电源左侧流出，电源左侧为正极，如下图所示：
【分析】 根据在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，由此判断出螺线管的N极和S极，再根据安培定则判断通电螺线管线圈中的电流方向，进一步分析电源的正、负极，同时结合磁极间的相互作用规律判断小磁针的极性。
23．【答案】（1）Ⅳ
（2）1；相等；无关；ade
（3）没有保持橡皮泥排开液体体积相同
（4）ρ水
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）将易拉罐浸入水中越深，则易拉罐排开水的体积越大，而手会感觉越吃力，说明易拉罐受到的浮力越大，因此知浮力与排开液体的体积有关，即猜想Ⅳ正确；
（2）①A的重力为4N，a中测力计的示数为3N，则此时A受到的浮力F浮A=GA-FA=4N-3N=1N；
B的重力为4.5N，b中测力计的示数为3.5N，B受到的浮力F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N；
C的重力为5N，b中测力计的示数为4N，C受到的浮力F浮C=GC-FC=5N-4N=1N；
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，
由此可知浮力的大小与重力无关。
②探究浮力大小与液体密度的关系时，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体密度，故选a、d、e；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同。
（4）橡皮泥排开水的体积为V排=V2-V1，
橡皮泥漂浮在水面上G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g，
橡皮泥的体积为V=V3-V1，
橡皮泥的密度为。
【分析】 （1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关；
（2）①根据称重法求出A、B、C所受的浮力，判断浮力与物体重力是否有关；
②浮力与密度的关系，要控制浸入液体体积；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同；
（4）橡皮泥排放在水面上，水的体积增加量就是橡皮泥排开水的体积，求出橡皮泥所受的浮力，由物体的沉浮条件可知，浮力等于重力，橡皮泥的质量也就求出了，橡皮泥的体积等于橡皮泥和水的总体积减去水的体积，质量、体积求出，可求出密度。
（1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关。
（2）①[1][2][3]A受到的浮力
F浮A=GA-FA=4N-3N=1N
B受到的浮力
F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N
C受到的浮力
F浮C=GC-FC=5N-4N=1N
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关。
②[4]a、d、e三次实验物体A浸入的体积相同，只改变浸入的液体种类即密度不同，受到的浮力也不同，由此可初步结论：浮力的大小与液体密度有关。
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同。
（4）橡皮泥排开水的体积为
V排=V2-V1
橡皮泥漂浮在水面上
G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g
橡皮泥的体积为
V=V3-V1
橡皮泥的密度为
24．【答案】；变大；2.5V；0.28；0.7；小于；连线时，开关没有断开；且闭合开关前，滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大位置
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，灯泡正常发光时的电压为2.5V，所以电压表的量程为0～3V，且与灯泡并联，滑动变阻器按“一上一下”接入即可，电路如下图
故答案为：。
（2） 正确连接好电路后， 由图甲知道，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，由欧姆定律知道，电路电流增大，故测量电路电流的电流表示数变大。由于小灯泡的额定电压为2.5V ，故测量灯泡两端电压的电压表示数2.5V时，小灯泡正常发光。此时由图丙所示电流表知道，量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，由知道，小灯泡的额定功率为。
故答案为：变大；2.5V；0.28；0.7；小于。
因为灯泡的额定电压为2.5V，所以当灯泡两端电压为2.3V时，其实际功率小于额定功率。
（3） 小王同学也按图甲所示电路图连接电路， 连接完最后一根导线，灯泡立即发光，说明实验前开关未处于断开状态；灯泡发出明亮耀眼的光，很快熄灭，说明电路电流太大，电路中总电阻太小，即滑动变阻器接入电路电阻未达到阻值最大处。
故答案为：连线时，开关没有断开；且闭合开关前，滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大位置。
【分析】（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；根据图甲滑动变阻器阻值变化确定图乙滑动变阻器选用的下端接线柱串联在电路中；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡的额定功率；当灯泡两端电压小于额定电压，其功率小于额定功率；
（3）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大处。
25．【答案】（1）解；由表格中数据可知，装满水的洒水车对水平地面的压力：
则装满水的洒水车对水平地面的压强：
答：装满水的洒水车对水平地面的压强为4×105Pa；
（2）洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，由可知，牵引力的功率是240kW时，洒水车受到的阻力：
答：洒水车受到的阻力为20000N；
（3）由表格中数据可知，洒水车满载装水量20t，正常洒水流量40t/h，则洒水时间：
以5m/s的速度匀速直线行驶，最多可以连续洒水的路程：
答：按正常洒水流量开始洒水，最多可以连续洒水的路程为9000m。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据计算装满水的洒水车对水平地面的压力，根据计算装满水的洒水车对水平地面的压强；
（2）根据二力平衡可知，阻力等于牵引力，根据求出牵引力的功率为240kW时，洒水车受到的阻力；
（3）根据洒水车满载装水量20t和正常洒水流量40t/h，求出洒水时间，根据求最多可以连续洒水的路程。
（1）由表格中数据可知，装满水的洒水车对水平地面的压力
则装满水的洒水车对水平地面的压强
（2）洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，由
可知，牵引力的功率是240kW时，洒水车受到的阻力
（3）由表格中数据可知，洒水车满载装水量20t，正常洒水流量40t/h，则洒水时间
以5m/s的速度匀速直线行驶，最多可以连续洒水的路程
26．【答案】解：（1）由图乙可知，受控电路30min内工作了20min，所以可以得出消耗的电能为W＝Pt＝1200W×20×60s＝1.44×106J
（2）由图甲可知，衔铁被吸下时，受控电路工作，此时控制电路中R0与Rt并联，由并联电路中电压的规律知，R0两端的电压为U0＝U＝3V
通过电阻R0的电流为
（3）由题意可知，当室温上升至28℃时冷却系统开始工作前，控制电路只有热敏电阻接入电路，此时断路，此时经过热敏电阻的电流最大为0.15A，电阻最小时恰好衔铁被吸下，因此可以求出Rt的最小值
衔铁被下瞬间，冷却系统开始工作，温度不再上升，而是下降，电阻Rt开始变大，但由于衔铁被吸下后定值电阻被接入电路，与并联，当电路中的总电流小到0.15A时，衔铁才会被弹回，此时经过的电流为；；
此时Rt的阻值最大为；
因为Rt的阻值随温度的升高而减小，若Rt的阻值继续减小， 电路中的电流变大， 衔铁被吸下，冷却系统开始工作，温度降低，此时Rt的阻值会增大，故Rt的阻值最大为25Ω，故热敏电阻Rt的变化范围为20Ω≤Rt≤25Ω。
答：（1）受控电路30min内消耗的电能为1.44×106J；
（2）受控电路工作时，通过电阻R0的电流为0.03 A；
（3）热敏电阻Rt的变化范围为20Ω≤Rt≤25Ω。
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）由图乙可知冷却系统30min内工作了20min，根据W=Pt计算消耗的电能；
（2）由并联电路电压规律及欧姆定律进行计算；
（3）当控制电路中的电流为0.15A时，衔铁刚好被吸下，冷却系统工作，计算出热敏电阻的最小阻值；当室温降至23℃时，热敏电阻Rt的阻值最大，控制电路的总电流仍为0.15A，根据并联电路的特点和欧姆定律求出热敏电阻的最大阻值。
1 / 1四川省乐山市峨眉山市2025年初中毕业调研考试物理试题
1．（2025·峨眉山模拟）下列物理量中最符合实际的是（　　）
A．成年人正常步行的速度约为1.1m/s
B．人体感觉舒适的环境温度约为37℃
C．中学生体育测试中所用的实心球质量为20kg
D．地球到月球的距离约为1000m
【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．成年人正常步行的速度约为1.1m/s≈4km/h，故A符合题意；
B．人体正常温度为37℃，感觉舒适的环境温度约为25℃，故B不符合题意；
C．中学生体育测试中，所用的实心球质量为2kg，故C不符合题意；
D．地球到月球的距离约3.8×105km，远大于1000m，故D不符合题意。
故选A。
【分析】人的步行速度约1m/s左右；感觉舒适的温度是25℃左右；实心球的质量约2kg；地球到月球的距离约3.8×105km。
2．（2025·峨眉山模拟）如图是“风能——太阳能”路灯示意图，下列说法正确的是（　　）
A．风力发电机利用了电磁感应原理
B．太阳能来自太阳内部的核裂变
C．给蓄电池充电时化学能转化为电能
D．控制器中的集成电路是用超导材料制成的
【答案】A
【知识点】能量的转化或转移；太阳能及其利用与转化；半导体特点及作用；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A． 风力发电机即利用风力驱动发电机转动而发电， 工作原理是电磁感应原理，故A正确；
B．太阳能是来自太阳内部的核聚变反应，故B错误；
C．给蓄电池充电时，电能转化为化学能，故C错误；
D． 控制器中的集成电路是利用半导体材料制作的 ，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据发电机的工作原理解答；
B.根据太阳能量的来源判断；
C.根据能量转化的知识判断；
D.根据半导体材料应用的知识判断。
3．（2025·峨眉山模拟）下列厨房中的物态变化，属于液化的是（　　）
A．湿抹布变干
B．放入饮料中的冰块消失
C．新鲜肉放入冰箱冷冻室变硬
D．从冰箱冷藏室中拿出的西红柿表面变湿
【答案】D
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】A．根据物质的状态变化，湿抹布变干，由液态的水变成气态的水蒸气，是汽化现象，故A不符合题意；
B．根据物质的状态变化，加在饮料中的冰块化为水，由固态变成液态，是熔化现象，故B不符合题意；
C．根据物质的状态变化，新鲜肉放入冰箱冷冻室变硬，是肉中的液态水变成固体的冰，是凝固现象，故C不符合题意；
D．根据物质的状态变化，从冰箱冷藏室中拿出的西红柿，是空气中的水蒸气遇到冷西红柿，变成小水珠附在西红柿表面，是液化现象，故D符合题意。
故选D。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
4．（2025·峨眉山模拟）如图所示的光现象中说法正确的是（　　）
A．图甲：桥在水中的倒影是光的折射现象
B．图乙：彩虹是光的色散现象
C．图丙：墙上的手影是光的反射形成的
D．图丁：凸面镜能扩大视野是由于光的直线传播
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A．图甲中，光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用，桥在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A错误；
B．图乙中，光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象，太阳光射入雨后空气中的小水滴时，太阳光经过折射发生色散，从而形成彩虹，故B正确；
C．图丙中，光在同一均匀介质中沿直线传播，手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，故C错误；
D．图丁中，景物在凸面镜中成像扩大视野，是凸面镜成像，属于光的反射现象，故D错误。
故答案为：B。
【分析】光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。
5．（2025·峨眉山模拟）小西和同学们用天平、量筒和足量的水等实验器材测量小石块的密度。当天平平衡时所用砝码及游码位置如图甲所示，并用如图乙所示的方法测量小石块体积。下列说法正确的是（　　）
A．小石块的质量为25.4g
B．图乙中a是正确的读数方法
C．小石块的密度是
D．若小石块磕掉了一部分，它的密度会变小
【答案】C
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用；量筒的使用
【解析】【解答】A．由图甲知，根据天平的使用方法，标尺的分度值是0.2g，被测物体的质量m=20g+5g+4.2g=29.2g，故A错误；
B．在量筒的使用过程中，量筒读数时，视线要与液柱上表面相平，则b是正确的读数方法，故B错误；
C．小石块的体积V=40mL-30mL=10mL=10cm3；则小石块的密度，故C正确；
D．密度是物质本身的特性，物质体积和质量变化时，它的密度不变，故D错误。
故选C。
【分析】（1）天平在读数时，被测物体的质量=砝码的质量+游码的示数；
（2）量筒读数时，视线要与液柱上表面相平，俯视会使结果偏大、仰视会使结果偏小；
（3）石块的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，石块的体积等于石块浸没水前后水面对应刻度值的差，知道石块的体积和质量，根据密度公式求出石块的密度；
（4）密度是物质本身的特性，物质体积和质量变化时，它的密度不变。
6．（2025·峨眉山模拟）在传统农耕文化中，劳动人民一般采用“盐水选种”的方法挑选种子，下列说法正确的是（　　）
A．种子上浮过程中盐水对种子的压强变大
B．漂浮的种子受到的浮力大于自身重力
C．下沉的种子密度比盐水的密度大
D．沉底的种子只受到重力和支持力
【答案】C
【知识点】液体压强的特点；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】本题考查了物体的浮沉条件、液体内部压强计算公式的应用、物体的受力分析等知识，难度不大。A．种子上浮过程中，深度变小，盐水对种子的压强变小，故A错误；
B．漂浮的种子受到的浮力和重力二力平衡，大小相等，故B错误；
C．当种子密度大于盐水密度时，种子受到的浮力小于其重力，种子就会下沉，故C正确；
D．沉底的种子受到浮力、重力及支持力的作用，故D错误。
故选C。
【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力；物体下沉时，浮力小于重力；根据p=ρgh分析受到的压强变化；浸入液体中的物体受到浮力的作用。
7．（2025·峨眉山模拟）为了减少炒菜时对油烟的吸入，厨房里安装了一台抽油烟机。抽油烟机上面的照明灯和电动机既可以同时工作又可以独立工作。以下关于抽油烟机内部电路设计，你认为符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，照明灯和电动机既可以同时工作又可以独立工作，这说明它们之间互不影响，照明灯和电动机应该并联连接。照明灯和电动机都能单独控制，则两个支路上各有一个开关与它们串联。
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器。
8．（2025·峨眉山模拟）“安全问题无小事，学好物理保安全”。下列有关安全的说法正确的是（　　）
A．我国家庭电路的电压是220V，对人体来说是安全的
B．为了保护听力，人不能处于50dB以下的噪声环境中
C．驾车时系好安全带是为了防止惯性力带来的危害
D．等候列车的乘客应站在安全线以外，否则可能会被“吸”向列车
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；流体压强与流速的关系；声音的等级和噪声的危害；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A．在日常生活中，我国家庭电路的电压是220V，对人体来说是危险的，人体安全电压是不高于36V，故A错误；
B．在日常生活中，为了保护听力，人不能处于90dB以上的噪声环境中，故B错误；
C．力可以改变物体的运动状态和形状，但惯性不是力，故C错误；
D．流体流速大的位置压强小，如果乘客距离行驶的列车太近，乘客靠近列车这侧空气流速快，压强小；外侧空气流速相对较慢，压强大，产生的压力差会把乘客压向列车，造成危险，所以等候列车的乘客应站在安全线以外，故D正确。
故选D。
【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V，对人体安全的电压为不高于36V；
（2）长期生活在90dB以上的噪声环境中，听力会受到严重的影响；超过150dB的噪声环境，会使双耳完全失去听力；
（3）惯性是物体本身的一种性质，惯性是属性不是力；
（4）流体压强与流速的关系：流体流速大的位置压强小。
9．（2025·峨眉山模拟）下列四幅图来自我们的物理课本，其中解释正确的是（　　）
A．甲图中轮船过船闸，是利用了连通器的原理
B．乙图中撞击锤柄紧固锤头，是为了增大锤头的惯性
C．丙图中运动员手上涂防滑粉，是为了增大单杠对运动员的支持力
D．丁图中小朋友能将饮料吸进嘴里，是由于吸管受到浮力的作用
【答案】A
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．轮船从上游到中游时，闸室与上游上面开口，底部联通，从而构成连通器，故A正确；
B．锤头的惯性与它的质量有关，与其它因素无关，故B错误；
C．运动员手上涂防滑粉，是通过增大接触面的粗糙程度从而增加手与单杠之间的摩擦力，故C错误；
D．小朋友能将饮料吸进嘴里，是因为吸管内部的气压降低，饮料在外部大气压的作用下被压进吸管里，故D错误。
故选A。
【分析】A.上面开口，底部连通的容器为连通器；
B.物体的惯性大小只与质量大小有关；
C.增大摩擦力的方法：增大压力或增大接触面的粗糙程度；
D.根据大气压强的知识分析。
10．（2025·峨眉山模拟）物理是以实验为基础的自然科学。下列有关物理实验的说法正确的是（　　）
A．图甲：导线AB左右运动，电流表的指针发生偏转，这一过程与电动机的原理相同
B．图乙：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，这一过程与汽油机的做功冲程原理相同
C．图丙：通电一段时间后，两个U形管中液面高度的变化不同，说明电流不同，产生的热量不同
D．图丁：抽掉玻璃板后，两瓶中的气体颜色逐渐变均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动
【答案】D
【知识点】热机；电流的热效应；发电机的构造和原理；分子热运动
【解析】【解答】A．图甲：电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，导线AB左右运动，电流表的指针发生偏转，这是电磁感应现象，应用是发电机，故A错误；
B．图乙：做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。活塞压缩空气，对空气做功，机械能转化为内能，使得空气温度升高，硝化棉燃烧，这一过程与汽油机的压缩冲程原理相同，故B错误；
C．图丙：两电阻丝串联，电流相同，电阻不同，通电一段时间后，两个U形管中液面高度的变化不同，说明电阻不同，产生的热量不同，故C错误；
D．图丁：不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。抽掉玻璃板后，两瓶中的气体颜色逐渐变均匀，这是扩散现象，说明气体分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选D。
【分析】（1）电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
（3）研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析。
（4）不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
11．（2025·峨眉山模拟）我国自主研制的智能乒乓球机器人，能通过图像传感装置综合分析运动员的各项技术，并针对性地变换发球、回球等操作，以提高运动员的技术水平。下列说法正确的是（　　）
A．乒乓球被击出后，运动轨迹发生改变，说明力是改变物体运动状态的原因
B．球拍对乒乓球的作用力和乒乓球对球拍的作用力是一对平衡力
C．乒乓球被击出后，从高处下落的过程中动能不变，重力势能增大
D．乒乓球被击出后，若所受的力全部消失，它一定保持静止状态
【答案】A
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；物体运动状态的变化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．乒乓球被击出后，在重力作用下，运动速度和轨迹发生变化，说明力是改变物体运动状态的原因，故A正确；
B．球拍对乒乓球的作用力和乒乓球对球拍的作用力是一对相互作用力，故B错误；
C．乒乓球被击出后，从高处下落时，质量不变，速度增大，所以动能变大，高度降低，重力势能减小，故C错误；
D．乒乓球被击出后，若所受的力全部消失，根据牛顿第一定律，它将做匀速直线运动，故D错误。
故选A。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上，
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上，
4、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；
5、牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持 匀速直线运动。
12．（2025·峨眉山模拟） 2024年5月23日至24日，东部战区在我国台湾省周边开展“联合利剑—2024A”军事演习，震慑台独分裂势力，坚决捍卫国家主权和领土完整。参加演习的某架战机加速升空过程中，若不考虑燃油消耗引起的质量变化，则该战机（　　）
A．动能减少，重力势能减少 B．动能减少，重力势能增大
C．动能增大，重力势能减少 D．动能增大，重力势能增大
【答案】D
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较
【解析】【解答】战机加速升空过程中，若质量不变，高度变大， 重力势能变大，速度变大，动能变大，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】物体的动能和质量、速度有关，重力势能和质量、高度有关。
13．（2025·峨眉山模拟）控制大气污染物浓度是确保空气质量，实现碧水蓝天的重要措施。如图甲是物理学习小组设计的大气污染物浓度监测简化电路。当污染物浓度增大时，污染物浓度监测表的示数增大；R为气敏电阻，其阻值随污染物浓度变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．当污染物浓度增大时，气敏电阻的阻值增大
B．当污染物浓度增大时，电流表示数增大
C．当污染物浓度增大时，电压表示数增大
D．污染物浓度监测表是电压表改装而成的
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】ABC．分析电路可知，气敏电阻和串联，电压表测电压，电流表测电路电流。当污染物浓度增大时，由图乙可知，气敏电阻的阻值减小，则总电阻减小，根据可知电流表示数增大，根据串联分压原理可知，电压表示数减小，故AC错误，B正确；
D．当污染物浓度增大时，污染物浓度监测表的示数增大，所以污染物浓度监测表是电流表改装而成的，故D错误。
故选B。
【分析】（1）明确引起电路动态变化的原因，即是由热敏电阻、光敏电阻、滑动变阻器等引起的；
（2）明确元件变化时，接入电路的各部分电阻如何变化；
（3）明确电源的电压是否保持不变；
（4）从串联电路或并联电路中电流、电压的规律及欧姆定律中选择一条判断电路中电流或某一元件两端的电压的变化情况。
14．（2025·峨眉山模拟）如图所示，物体A在水平拉力F的作用下，沿水平面以的速度匀速运动了5s，弹簧测力计的示数为的8N，（不计滑轮和绳子之间的摩擦），拉力F做功的功率为（　　）
A．1.6W B．8W C．3.2W D．16W
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；动滑轮拉力的计算
【解析】【解答】物体速度v1=0.2m/s，绳子移动速度为
弹簧测力计的示数为的8N，故绳子拉力也为8N，拉力做功的功率为
故C符合题意。
故选C。
【分析】 弹簧测力计的示数为8N，则绳端的拉力F为8N，图中为动滑轮，绳端移动的速度为物体移动速度的2倍，根据：P=Fv计算拉力F做功的功率。
15．（2025·峨眉山模拟）小宁同学两次水平拉动同一物体，使它们在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的s－t图像如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．物体第一次运动速度为1m/s，第二次运动速度为2m/s
B．物体第一次所受的摩擦力大于第二次所受的摩擦力
C．0~8s拉力第一次做的功等于第二次的2倍
D．0~8s拉力第二次做功的功率等于第一次的2倍
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；功的计算及应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．由图可知，第一次速度为；第二次速度为，故A错误；
B．根据二力平衡所学知识进行分析，两次水平拉动同一物体，均在同一水平面上做匀速直线运动，受力平衡，拉力等于摩擦力，压力和接触面粗糙程度不变，则摩擦力不变，所以物体第一次所受的摩擦力等于第二次所受的摩擦力，两次拉力也相等，故B错误；
CD.0~8s，两次拉力相等，第一次的路程是第二次的2倍，根据可知拉力第一次做的功等于第二次的2倍，根据，拉力第一次做功的功率等于第二次的2倍，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】从图像分别求得它们的速度大小关系；匀速直线运动的物体，拉力与摩擦力为平衡力，两次水平拉动同一物体在同一水平面上运动，对水平面的压力和接触面的粗糙程度都相同，故受到的滑动摩擦力大小相等，与物体运动速度无关；两物受到的摩擦力大小相等，据此得出拉力大小关系；结合图像上的数据，利用W=Fs可得0～8s拉力关系；利用速度公式即可得出两次物体运动的速度关系，然后利用P=Fv可得功率关系。
16．（2025·峨眉山模拟）如图所示电路中，电源电压为4.5V，滑动变阻器R最大阻值为20Ω，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，在AB之间接入不同的电学元件，可以进行不同的实验，在确保电路安全且实验能够顺利进行的情况下，下列说法中正确的是（　　）
A．在AB间接入一个阻值为10Ω的定值电阻，探究电流与电压关系实验时，电压表示数变化范围为1.5~4.5V
B．探究电流与电阻的关系实验中，控制AB间电压是3V时，在AB间接入电阻的阻值范围是5~40Ω
C．在AB间接入一个大约100Ω的未知电阻，调节滑动变阻器滑片的位置，就能够测量出该电阻的阻值
D．在AB间接入小灯泡，调节滑片，使电压表示数从2V变到3V，测得电流表示数从0.25A变到0.3A，则灯泡的电功率增大了0.05W
【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A． 由题可知，在AB间接入一个阻值为10Ω的定值电阻，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，探究电流与电压关系实验时，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电；解方程可得；此时通过电路的电流；
电路安全，电压表量程为0~3V，电压表示数变化范围为1.5~3V，故A错误；
B．探究电流与电阻的关系实验中，控制AB间电压是3 V时，电流表量程为0~0.6A，通过电路的最大电流为0.6A，根据欧姆定律可得定值电阻的阻值最小为；滑动变阻器R接入电路最大阻值20，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得滑动变阻器接入电路最大阴值时通过电路的电流；解方程可得；所以在AB间接入电阻的阻值范围是5~40，故B正确；
C．在AB间接入一个大约100的未知电阻，两电阻串联接入电路，滑动变阻器接入电路的电阻为0时，通过电路的电流；测出滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流；电流表量程为0~0.6A，电流表的分度值为0.02A，电流变化范围过小，无法多次测量计算平均值，故C错误；
D．在AB间接入小灯泡，调节滑片，使电压表示数从2V变到3V，测得电流表示数从0.25A变到0.3A。 根据P=UI可得灯泡的电功率增大；故D错误。
故选B。
【分析】（1）在AB间接入一个阻值为10Ω的定值电阻，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，探究电流与电压关系实验时，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流，代入数据解方程可得UV，电压表量程为0～3V，进一步确定电压表示数变化范围；
（2）探究电流与电阻的关系实验中，控制AB间电压是3V时，电流表量程为0～0.6A，据此确定通过电路的最大电流，根据欧姆定律计算定值电阻最小的阻值，
滑动变阻器R接入电路最大阻值20Ω，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流，代入数据解方程可得R的最大值，据此确定在AB间接入电阻的阻值范围；
（3）在AB间接入一个大约100Ω的未知电阻，两电阻串联接入电路，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的电阻为0时通过电路的电流和滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流，根据电流表接入电路的量程和分度值分析即可，电压表两次也都是超过量程的；
（4）在AB间接入小灯泡，调节滑片，使电压表示数从2V变到3V，测得电流表示数从0.25A变到0.3A，根据P=UI可得灯泡的电功率增大量。
17．（2025·峨眉山模拟）如图所示的曾侯乙编钟是我国古代重要的打击乐器，体现了中国先秦礼乐文明和青铜器铸造技术的极高水平。敲击时发出的声音是编钟　 　产生的；用相同的力敲击大小不同的编钟，发出声音的　 　不同。
【答案】振动；音调
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】声音是由物体振动产生的，敲击编钟，编钟振动而发出声音。用相同的力敲击大小不同的编钟，编钟振动频率不同，则发出声音的音调不同。故答案为：振动；音调。
【分析】声音是由物体振动产生的；音调是指声音的高低，音调跟频率有关，频率越大，音调越高；频率越小，音调越低。质量大、体积大的物体难振动，频率小，音调低。
18．（2025·峨眉山模拟）中医药是中华民族的瑰宝，其中蕴含着许多物理知识。熬制中药时闻到浓浓的药味，这一现象表明　 　。拔火罐时，玻璃罐在　 　的作用下吸附在理疗部位。
【答案】分子在不停地做无规则运动；大气压强
【知识点】大气压的综合应用；分子热运动
【解析】【解答】（1）根据题意可知，熬制中药的过程中，闻到浓浓的药味儿，这是药味分子在空气中扩散所致，说明分子在不停地做无规则运动。
（2）拔火罐时，罐内的空气冷却后罐内气压降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，所以“拔火罐”利用的是大气压强。
【分析】（1）根据分子运动的知识解答；
（2）根据大气压强的知识和应用分析。
19．（2025·峨眉山模拟）“福建舰”是我国完全自主设计建造的航空母舰，满载排水量为8万吨。在海上航行时，水下10m处海水对舰体的压强为　 　Pa；满载时“福建舰”受到的浮力为　 　N（海水密度ρ取，g取10N/kg）。
【答案】；
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）由液体压强公式可知，福建舰在海上航行时，水面下10m处海水的压强为；
（2）由阿基米德原理可知，满载时，福建舰漂浮，受到的浮力大小等于其排开水的重力，则所受浮力为。
故答案为：；。
【分析】 （1）利用p=ρgh求船体受到的海水的压强；
（2）福建舰满载时漂浮，浮力等于总的重力，受到的浮力大小等于其排开水的重力。
20．（2025·峨眉山模拟）图所示是一款有两个挡位的挂烫机的工作电路图，正常工作电压为220V，加热电阻R1=44Ω，R2=88Ω，只闭合开关S1时，挂烫机的功率是　 　W。同时闭合开关S1、S2，挂烫机工作1min消耗的总电能为　 　。
【答案】1100；99000J
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】只闭合开关S1时，R1单独工作，挂烫机的功率是；
同时闭合开关S1、S2，R1、R2并联，挂烫机工作1min消耗的总电能为。
故答案为：1100；99000J。
【分析】
（1）根据电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的基本电路，利用电功率公式进行计算；
（2）根据Q=W=pt求出同时闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，挂烫机工作1min产生的热量。
21．（2025·峨眉山模拟）图甲中是用来压制饺子皮的“神器”，压皮时压杆可视为一个杠杆，图乙是其简化示意图。图中O为支点，F2为压动杠杆时作用在B点的阻力。请在乙图中画出：阻力臂l2、作用在A点的最小动力F1。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】力臂是指从支点到力的作用线的距离，过支点作F2力的作用线的垂线，即为阻力臂l2；作用在A点的最长力臂为OA，作OA的垂线，方向斜向下即为动力F1，如图：
【分析】
（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
22．（2025·峨眉山模拟）如图，小磁针静止在通电螺线管右侧，请根据图中磁感线的方向，在螺线管左端和小磁针右端的括号内标出极性（“N”或“S”），在电源左边的括号内标出极性（“+”或“﹣”）。
【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】由通电螺线管的外部磁场是“N极出S极入”可知，螺线管左侧是N极，右侧是S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左侧是N极，则小磁针的右侧是S极，根据右手螺旋定则可知，在通电螺线管的外部，电流的方向是自下向上，故电流从电源左侧流出，电源左侧为正极，如下图所示：
【分析】 根据在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，由此判断出螺线管的N极和S极，再根据安培定则判断通电螺线管线圈中的电流方向，进一步分析电源的正、负极，同时结合磁极间的相互作用规律判断小磁针的极性。
23．（2025·峨眉山模拟）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小华猜想浮力的大小可能与以下因素有关：I液体的密度；Ⅱ物体受到的重力；Ⅲ物体的形状；Ⅳ物体排开液体的体积。
（1）如图甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手会感觉越吃力。这个事实可以支持以上猜想　 　（选填“I”“Ⅱ”“Ⅲ”或“Ⅳ”）。
（2）为了研究猜想I和Ⅱ，用体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N、4.5N和5N，然后进行如图乙所示的实验：
①序号a的实验中物体A所受的浮力为　 　N。进一步计算得出A、B、C所受浮力　 　（选填“相等”或“不相等”），可得出初步结论：浮力的大小与物体的重力　 　（选填“有关”或“无关”）。
②比较序号　 　的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。
（3）为了研究猜想Ⅲ，将两块相同的橡皮泥（不吸水且不溶于水）分别做成不同形状，进行如图丙所示实验，此时两弹簧测力计的示数不同，得出浮力的大小与物体形状有关。同学小珍认为该结论不可靠，主要原因是　 　。
（4）小珍觉得用量筒就可以测出橡皮泥的密度，进行了如图丁所示操作：
①在量筒中加入适量的水，此时读数为V1；
②将橡皮泥捏成小碗形，轻放入量筒中，使其漂浮在水面上，此时读数为V2；
③将橡皮泥用细长针按入水中，此时读数为V3。
橡皮泥的密度为ρ=　 　（用ρ水、V1、V2、V3表示）。
【答案】（1）Ⅳ
（2）1；相等；无关；ade
（3）没有保持橡皮泥排开液体体积相同
（4）ρ水
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）将易拉罐浸入水中越深，则易拉罐排开水的体积越大，而手会感觉越吃力，说明易拉罐受到的浮力越大，因此知浮力与排开液体的体积有关，即猜想Ⅳ正确；
（2）①A的重力为4N，a中测力计的示数为3N，则此时A受到的浮力F浮A=GA-FA=4N-3N=1N；
B的重力为4.5N，b中测力计的示数为3.5N，B受到的浮力F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N；
C的重力为5N，b中测力计的示数为4N，C受到的浮力F浮C=GC-FC=5N-4N=1N；
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，
由此可知浮力的大小与重力无关。
②探究浮力大小与液体密度的关系时，需要控制排开液体的体积相同，只改变液体密度，故选a、d、e；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同。
（4）橡皮泥排开水的体积为V排=V2-V1，
橡皮泥漂浮在水面上G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g，
橡皮泥的体积为V=V3-V1，
橡皮泥的密度为。
【分析】 （1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关；
（2）①根据称重法求出A、B、C所受的浮力，判断浮力与物体重力是否有关；
②浮力与密度的关系，要控制浸入液体体积；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同；
（4）橡皮泥排放在水面上，水的体积增加量就是橡皮泥排开水的体积，求出橡皮泥所受的浮力，由物体的沉浮条件可知，浮力等于重力，橡皮泥的质量也就求出了，橡皮泥的体积等于橡皮泥和水的总体积减去水的体积，质量、体积求出，可求出密度。
（1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关。
（2）①[1][2][3]A受到的浮力
F浮A=GA-FA=4N-3N=1N
B受到的浮力
F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N
C受到的浮力
F浮C=GC-FC=5N-4N=1N
所以物体A、B、C受到的浮力相等为1N，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关。
②[4]a、d、e三次实验物体A浸入的体积相同，只改变浸入的液体种类即密度不同，受到的浮力也不同，由此可初步结论：浮力的大小与液体密度有关。
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同。
（4）橡皮泥排开水的体积为
V排=V2-V1
橡皮泥漂浮在水面上
G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g
橡皮泥的体积为
V=V3-V1
橡皮泥的密度为
24．（2025·峨眉山模拟）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小刚同学用一个电压表、一个电流表、一个开关、一个滑动变阻器、电压为4.5V的电源和额定电压为2.5V的小灯泡，设计了如图甲所示的电路。
（1）实验中需要依据图甲所示的电路图，将图乙所示器材进行连线，请用笔画线代替导线，将图乙所示电路连接完整。　 　
（2）正确连接好电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。当电压表的示数为　 　V时小灯泡正常发光，此时电流表指针如图丙所示，其示数为　 　A，小灯泡的额定功率为　 　W。若小灯泡两端的实际电压为2.3V，则小灯泡的实际功率　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）额定功率。
（3）小王同学也按图甲所示电路图连接电路，当连接最后一根导线时，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭。请你指出导致此现象可能的原因：　 　。
【答案】；变大；2.5V；0.28；0.7；小于；连线时，开关没有断开；且闭合开关前，滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大位置
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，灯泡正常发光时的电压为2.5V，所以电压表的量程为0～3V，且与灯泡并联，滑动变阻器按“一上一下”接入即可，电路如下图
故答案为：。
（2） 正确连接好电路后， 由图甲知道，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻减小，由欧姆定律知道，电路电流增大，故测量电路电流的电流表示数变大。由于小灯泡的额定电压为2.5V ，故测量灯泡两端电压的电压表示数2.5V时，小灯泡正常发光。此时由图丙所示电流表知道，量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，由知道，小灯泡的额定功率为。
故答案为：变大；2.5V；0.28；0.7；小于。
因为灯泡的额定电压为2.5V，所以当灯泡两端电压为2.3V时，其实际功率小于额定功率。
（3） 小王同学也按图甲所示电路图连接电路， 连接完最后一根导线，灯泡立即发光，说明实验前开关未处于断开状态；灯泡发出明亮耀眼的光，很快熄灭，说明电路电流太大，电路中总电阻太小，即滑动变阻器接入电路电阻未达到阻值最大处。
故答案为：连线时，开关没有断开；且闭合开关前，滑动变阻器的滑片没有移到阻值最大位置。
【分析】（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；根据图甲滑动变阻器阻值变化确定图乙滑动变阻器选用的下端接线柱串联在电路中；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡的额定功率；当灯泡两端电压小于额定电压，其功率小于额定功率；
（3）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大处。
25．（2025·峨眉山模拟）夏季经常见到洒水车在路面上洒水，给路面降温。某洒水车的部分参数如下表所示，求：
项目 数值
空载质量/t 4
满载装水量/t 20
满载时车轮与地面总接触面积/m2 0.6
正常洒水流量/（t/h） 40
（1）装满水的洒水车对水平地面的压强（g取10N/kg）；
（2）装满水的洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力的功率是240kW，此时洒水车受到的阻力；
（3）洒水车以5m/s的速度匀速直线行驶，并按正常洒水流量开始洒水，最多可以连续洒水的路程。
【答案】（1）解；由表格中数据可知，装满水的洒水车对水平地面的压力：
则装满水的洒水车对水平地面的压强：
答：装满水的洒水车对水平地面的压强为4×105Pa；
（2）洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，由可知，牵引力的功率是240kW时，洒水车受到的阻力：
答：洒水车受到的阻力为20000N；
（3）由表格中数据可知，洒水车满载装水量20t，正常洒水流量40t/h，则洒水时间：
以5m/s的速度匀速直线行驶，最多可以连续洒水的路程：
答：按正常洒水流量开始洒水，最多可以连续洒水的路程为9000m。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据计算装满水的洒水车对水平地面的压力，根据计算装满水的洒水车对水平地面的压强；
（2）根据二力平衡可知，阻力等于牵引力，根据求出牵引力的功率为240kW时，洒水车受到的阻力；
（3）根据洒水车满载装水量20t和正常洒水流量40t/h，求出洒水时间，根据求最多可以连续洒水的路程。
（1）由表格中数据可知，装满水的洒水车对水平地面的压力
则装满水的洒水车对水平地面的压强
（2）洒水车以12m/s的速度匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，由
可知，牵引力的功率是240kW时，洒水车受到的阻力
（3）由表格中数据可知，洒水车满载装水量20t，正常洒水流量40t/h，则洒水时间
以5m/s的速度匀速直线行驶，最多可以连续洒水的路程
26．（2025·峨眉山模拟）如图甲是科技小组设计的“智能温控小屋”简化电路，受控电路功率随时间的变化关系如图乙所示。当室温上升至28℃时冷却系统开始工作，当室温降至23℃时停止工作。Rt为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，当控制电路中的电流为0.15A时，衔铁刚好被吸下，控制电路电源电压恒为3V。定值电阻R0为100Ω，线圈电阻忽略不计。求：
（1）受控电路30min内消耗的电能；
（2）受控电路工作时，通过电阻R0的电流；
（3）热敏电阻Rt的变化范围。
【答案】解：（1）由图乙可知，受控电路30min内工作了20min，所以可以得出消耗的电能为W＝Pt＝1200W×20×60s＝1.44×106J
（2）由图甲可知，衔铁被吸下时，受控电路工作，此时控制电路中R0与Rt并联，由并联电路中电压的规律知，R0两端的电压为U0＝U＝3V
通过电阻R0的电流为
（3）由题意可知，当室温上升至28℃时冷却系统开始工作前，控制电路只有热敏电阻接入电路，此时断路，此时经过热敏电阻的电流最大为0.15A，电阻最小时恰好衔铁被吸下，因此可以求出Rt的最小值
衔铁被下瞬间，冷却系统开始工作，温度不再上升，而是下降，电阻Rt开始变大，但由于衔铁被吸下后定值电阻被接入电路，与并联，当电路中的总电流小到0.15A时，衔铁才会被弹回，此时经过的电流为；；
此时Rt的阻值最大为；
因为Rt的阻值随温度的升高而减小，若Rt的阻值继续减小， 电路中的电流变大， 衔铁被吸下，冷却系统开始工作，温度降低，此时Rt的阻值会增大，故Rt的阻值最大为25Ω，故热敏电阻Rt的变化范围为20Ω≤Rt≤25Ω。
答：（1）受控电路30min内消耗的电能为1.44×106J；
（2）受控电路工作时，通过电阻R0的电流为0.03 A；
（3）热敏电阻Rt的变化范围为20Ω≤Rt≤25Ω。
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【分析】（1）由图乙可知冷却系统30min内工作了20min，根据W=Pt计算消耗的电能；
（2）由并联电路电压规律及欧姆定律进行计算；
（3）当控制电路中的电流为0.15A时，衔铁刚好被吸下，冷却系统工作，计算出热敏电阻的最小阻值；当室温降至23℃时，热敏电阻Rt的阻值最大，控制电路的总电流仍为0.15A，根据并联电路的特点和欧姆定律求出热敏电阻的最大阻值。
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