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第一单元 走进化学世界 单元检测试题
2025-2026学年上期初中化学人教版（2024）九年级上册
一、选择题
1．创立原子论和分子学说的科学家是
①道尔顿②阿伏加德罗③门捷列夫④张青莲⑤拉瓦锡
A．①② B．①③ C．③④ D．②⑤
2．寒冷的冬天，小明同学戴着眼镜从室外进入到室内，镜片上瞬间出现一层白雾，小亮同学提出这可能与空气中含有水蒸气有关。“可能与空气中含有水蒸气有关”这一叙述属于科学探究中的
A．提出问题 B．形成假设 C．获取证据 D．形成结论
3．下列变化属于物理变化的是
A．湿衣服晾干 B．金属冶炼 C．烧制陶器 D．木材燃烧
4．填涂答题卡需要用2B铅笔，铅笔芯中含有石墨。下列属于石墨化学性质的是
A．金属光泽 B．质软 C．导电性 D．可燃性
5．我们生活在不断变化的物质世界中。生活中的下列变化属于物理变化的是
A．铁丝生锈 B．纸张燃烧 C．汽油挥发 D．水果腐烂
6．下列成语中一定涉及化学变化的是
A．沙里淘金 B．滴水成冰 C．破镜重圆 D．死灰复燃
7．酒精灯是实验室常用的仪器。下列涉及酒精灯的操作正确的是
A．点燃酒精灯 B．加热液体
C．点燃木炭 D．熄灭酒精灯
8．规范的化学实验操作是实验成败的关键。下列实验操作中正确的是
A．取用块状试剂 B．洗涤试管
C．滴加液体 D．闻气体气味
二、科学探究题
9．某化学兴趣小组的同学在对蜡烛燃烧的探究活动中做了如下实验。
(1)点燃一支白色蜡烛，将一只干燥的烧杯罩在火焰上方，发现罩在火焰上方的烧杯内壁被熏黑并有水珠生成，证明石蜡燃烧发生了 （填“物理”或“化学”）变化。
(2)向焰心斜向插入一支细短玻璃管，发现玻璃管中无明显现象（如图），在玻璃管的上端管口点燃，上口产生火焰，这说明焰心物质具有的化学性质是 。同学们对焰心的成分产生了浓厚的兴趣，在老师的指导下，继续进行探究，请你完成其中的步骤。
【提出问题】焰心物质含有什么气体？
【查阅资料】氧气不足时，蜡烛燃烧会生成一氧化碳，一氧化碳能燃烧生成二氧化碳，产生蓝色火焰；石蜡蒸气遇冷会凝结为白色固体。
【猜想和验证】（提供用品：火柴、澄清石灰水、小烧杯）
猜想 操作 现象 结论
假设①：焰心气体含二氧化碳 在未点燃的短玻璃管上口处 假设①不成立
假设②：焰心气体只含一氧化碳 取一较长的细玻璃管，用湿冷毛巾包住中部，将玻璃管下端插入焰心，上端试用火柴点燃 玻璃管另一端有蓝色火焰；取下长玻璃管，打开湿毛巾观察到玻璃管内壁无白色固体 假设②
假设③：焰心气体只含石蜡蒸气 取一较长的细玻璃管，用湿冷毛巾包住中部，将玻璃管下端插入焰心，上端试用火柴点燃 玻璃管另一端口 ；取下长玻璃管，打开湿毛巾观察到 假设③成立
假设④：焰心气体有一氧化碳和石蜡蒸气 取一较长的细玻璃管，用湿冷毛巾包住中部，将玻璃管下端插入焰心，上端试用火柴点燃 玻璃管另一端口 ；取下长玻璃管，打开湿毛巾观察到 假设④成立
【获得结论】经过同学们的反复实验，确定了焰心气体中含有一氧化碳和石蜡蒸气。
【反思与交流】焰心处之所以会产生一氧化碳，是因为 。
10．蜡烛燃烧产生白烟成分的实验探究。
【发现问题】
蜡烛是我们生活中常见的用品。燃着的蜡烛在刚熄灭时，总会有一缕白烟逸出，白烟的成分是什么呢？小明同学对此很感兴趣，提出了如下猜想，并设计实验进行探究。
【猜想与假设】
①白烟是蜡烛燃烧时生成的二氧化碳；
②白烟是蜡烛燃烧时生成的水蒸气；
③白烟是石蜡蒸气凝结成的石蜡固体小颗粒。
【实验验证】
(1)熄灭蜡烛，并立即将一个用澄清石灰水湿润内壁的烧杯罩住白烟，其目的是验证假设 （填序号），此实验能否得出正确结论？ （填“能”或“不能”），原因是 。
(2)熄灭蜡烛，并立即将一块干而冷的玻璃片放在白烟上，发现玻璃片上没有出现水雾，说明白烟不是 。
(3)熄灭蜡烛，并立即用燃着的木条伸到白烟处（不接触灯芯），发现蜡烛重新被点燃，说明白烟可燃，为假设 提供了证据。
三、填空与简答
11．阅读下列文字，回答问题：
通常情况下，二氧化氯是一种黄绿色、有刺激性气味的气体，熔点﹣59.5℃，沸点9.9℃，易溶于水，二氧化氯见光分解生成氯气和氧气，易与碱反应。世界卫生组织推荐使用二氧化氯为自来水消毒剂，其消毒杀菌能力均优于氯气，消毒水时不生成有害物质，也不存在用氯气消毒时的臭味。试概括一下二氧化氯的性质、发生的变化与用途。
（1）物理性质： 。
（2）化学性质： 。
（3）发生的化学变化 。
（4）用途： 。
12．结合实验室常用仪器回答下列问题。
(1)用于引流的仪器是 （填序号）。
(2)加热时应放置陶土网的仪器是 （填序号）。
(3)仪器⑤的用途是 。
(4)用②量取液体时，仰视读数，则实际量取的液体体积 （填“大于”“小于”或“等于”） 。
13．在题后的横线上简要说明下列操作可能造成的不良后果。
(1)滴管取用试剂后平放或倒置： 。
(2)倾倒细口瓶里的药液时，标签没有向着手心： 。
(3)用试管刷刷洗试管时，用力过猛： 。
(4)向燃着的酒精灯内添加酒精： 。
(5)试管外壁有水时，不擦干直接加热： 。
14．化学使我们的生活变得绚丽多彩，学习化学要与我们日常生活联系起来。
(1)倒开水时，要把水瓶的软木塞 （填“倒放”或“正放”）在桌面上，其操作与化学中取 的操作相似，看到水瓶中有热气冒出，这是水发生了 （填“物理变化”或“化学变化”）。
(2)厨房里的色拉油用 （填“细”或“广”，下同）口瓶盛装，食盐用 （下同）口瓶盛装，与实验室贮存药品相似。
(3)遇到安全事故要及时、正确处理，比如酒精灯被不慎打翻着火，应该 。
(4)对实验剩余的药品要学会正确处理。下列处理方法中正确的是___________（填序号）
A．倒入水池，用水冲走
B．带回家玩
C．放入实验室指定的容器中
D．放回原瓶中，以免浪费
15．化学第一课，老师带领同学们走进化学实验室。如图所示的仪器名称是 。老师让大家往该仪器中加入少量氯化钠固体，及探究的小明了解到氯化钠就是食盐的主要成分时，他 (选填“可以”或“不可以”)品尝氯化钠的味道。接下来小明加入药品的正确操作应是 。
16．在世界无烟日宣传活动中，某学生设计了如图所示的实验装置。该装置中的澄清石灰水可以检验香烟燃烧是否有 气体生成。为了使香烟燃烧产生的气体通过澄清石灰水，活塞应向 移动。
17．如何清洗装有少量碳酸钠粉末的试管？ 。当观察到 时，说明试管已清洗干净。
18．化学实验中要特别注意观察和记录实验现象，如图是教材中的四个演示实验，请按要求填空。
(1)实验1中水沸腾，水蒸气在干冷玻璃片上凝结成 。
(2)实验2中石蜡固体变为 。
(3)实验3中两种溶液混合后有 絮状沉淀生成。
(4)实验4中固体不断减少，且固体表面不断有 产生，澄清石灰水 。判断该变化为化学变化的依据是 。
(5)上述实验中属于物理变化的有实验 （填序号），物理变化与化学变化的本质区别是 。
参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8
答案 A B A D C D C D
1．A
【详解】①道尔顿提出了原子学说，奠定了近代化学的基础；
②阿伏加德罗在化学上的主要贡献是提出了分子的概念，并创立了分子学说；
③门捷列夫发现了元素周期律并编制出元素周期表；
④张青莲长期从事无机化学的教学与科研工作，以及同位素质谱法测定原子量的研究；
⑤拉瓦锡通过实验得出空气由氧气、氮气组成；
故选A。
2．B
【详解】科学探究的主要环节有：提出问题→猜想与假设→制定计划（或设计方案）→进行实验→收集证据→解释与结论→反思与评价→拓展与迁移。“镜片上瞬间出现一层白雾，小亮同学提出这可能与空气中含有水蒸气有关”应属于科学探究环节中的形成假设。
故选：B。
3．A
【详解】A、湿衣服晾干的过程中没有新物质生成，属于物理变化，故A选项符合题意；
B、金属冶炼的过程中有金属单质等新物质生成，属于化学变化，故B选项不符合题意；
C、烧制陶器的过程中有新物质生成，属于化学变化，故C选项不符合题意；
D、木材燃烧的过程中有二氧化碳等新物质生成，属于化学变化，故D选项不符合题意。
故选A。
【点睛】化学变化与物理变化的本质区别是有无新物质生成，有新物质生成的变化是化学变化，无新物质生成的变化是物理变化。
4．D
【分析】通过化学变化才能体现出来的性质属于化学性质。
【详解】A、金属光泽不需要通过化学变化就能体现，属于物理性质，不符合题意；
B、质软不需要通过化学变化就能体现，属于物理性质，不符合题意；
C、导电性不需要通过化学变化就能体现，属于物理性质，不符合题意；
D、可燃性需要通过化学变化就能体现，属于化学性质，符合题意。
故选D。
5．C
【详解】A、铁丝生锈的过程中有新物质生成，属于化学变化，不符合题意；
B、纸张燃烧的过程中有新物质生成，属于化学变化，不符合题意；
C、汽油挥发的过程中没有新物质生成，属于物理变化，符合题意；
D、水果腐烂的过程中有新物质生成，属于化学变化，不符合题意。
故选：C。
6．D
【详解】A、沙里淘金的过程中没有新物质的生成，属于物理变化，故A不符合题意；
B、滴水成冰的过程中，只是水由液体变成固体，没有生成新物质，属于物理变化，故B不符合题意；
C、破镜重圆的过程中没有新物质的生成，属于物理变化，故C不符合题意；
D、死灰复燃的过程中，灰烬再一次的燃烧，有新物质二氧化碳等生成，属于化学变化，故D符合题意。
故选D。
7．C
【详解】A、使用酒精灯时，要注意“两查、两禁、一不可”，禁止用酒精灯去引燃另一只酒精灯，图中所示操作错误；
B、使用酒精灯给液体药品加热时，应用试管夹夹持试管，试管内液体体积不能超过试管容积的三分之一，且试管应与水平面呈45°，图中所示操作错误；
C、使用酒精灯点燃木炭时，坩埚钳夹持木炭，用酒精灯的外焰点燃，图中所示操作正确；
D、使用酒精灯时，要注意“两查、两禁、一不可”，熄灭酒精灯时，不能用嘴吹灭酒精灯，应用灯帽盖灭，图中所示操作错误；
故选C。
8．D
【详解】A、取用块状试剂时，应先把试管横放，用镊子夹取块状试剂放在试管口，再把试管慢慢地竖立起来，使块状试剂缓缓滑到试管底部，以免打破试管，图示操作错误，不符合题意；
B、洗涤试管时，应左右振荡，图示操作错误，不符合题意；
C、用胶头滴管滴加液体时，应垂直悬空在试管口正上方进行滴加，不能伸入试管内或接触试管内壁，图示操作错误，不符合题意；
D、闻气体气味时，应用手在瓶口轻轻扇动，使极少量的气味飘入鼻孔中，不能把鼻孔凑到瓶口去闻气体的气味，图示操作正确，符合题意。
故选：D。
9．(1)化学
(2) 可燃性 罩上用澄清石灰水湿润的烧杯 烧杯的内壁无明显现象 成立 没有蓝色火焰 玻璃管内壁有白色固体 有蓝色火焰 玻璃管内壁有白色固体 焰心处与氧气接触少，燃烧不充分
【详解】（1）点燃一支白色蜡烛，将一只干燥的烧杯罩在火焰上方，发现罩在火焰上方的烧杯内壁被熏黑并有水珠生成，因为有新物质生成的变化是化学变化，所以该实验证明石蜡燃烧发生了化学变化。
（2）向焰心斜向插入一支细短玻璃管，发现玻璃管中无明显现象（如图），在玻璃管的上端管口点燃，上口产生火焰，这说明焰心物质具有的化学性质是可燃性。
[猜想和验证]
假设①：猜想焰心气体含二氧化碳，在未点燃的短玻璃管上口处罩上用澄清石灰水湿润的烧杯，烧杯的内壁无明显现象，说明焰心气体不含二氧化碳，假设①不成立。
假设②：猜想焰心气体只含一氧化碳，取一较长的细玻璃管，用湿冷毛巾包住中部，将玻璃管下端插入焰心，上端试用火柴点燃，因为一氧化碳能燃烧产生蓝色火焰，所以观察到玻璃管另一端有蓝色火焰；取下长玻璃管，打开湿毛巾观察到玻璃管内壁无白色固体，则假设②成立。
假设③：猜想焰心气体只含石蜡蒸气，取一较长的细玻璃管，用湿冷毛巾包住中部，将玻璃管下端插入焰心，上端试用火柴点燃，因为假设③成立，石蜡蒸气遇冷变为固体，所以观察到玻璃管另一端口没有蓝色火焰，取下长玻璃管，打开湿毛巾观察到玻璃管内壁有白色固体。
假设④：猜想焰心气体有一氧化碳和石蜡蒸气，取一较长的细玻璃管，用湿冷毛巾包住中部，将玻璃管下端插入焰心，上端试用火柴点燃，因为假设④成立，所以玻璃管另一端口有蓝色火焰；取下长玻璃管，打开湿毛巾观察到玻璃管内壁有白色固体。
[反思与交流]焰心处之所以会产生一氧化碳，是因为焰心处与氧气接触少，燃烧不充分。
10．(1) ① 不能 蜡烛燃烧生成的二氧化碳干扰白烟的检验
(2)水蒸气
(3)③
【详解】（1）二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，熄灭蜡烛，并立即将一个用澄清石灰水湿润内壁的烧杯罩住白烟，其目的是验证假设①，此实验不能得出正确结论，原因是蜡烛燃烧生成的二氧化碳干扰白烟的检验。
（2）水蒸气遇冷液化，熄灭蜡烛，并立即将一块干而冷的玻璃片放在白烟上，发现玻璃片上没有出现水雾，说明白烟不是水蒸气。
（3）熄灭蜡烛，并立即用燃着的木条伸到白烟处（不接触灯芯），发现蜡烛重新被点燃，说明白烟可燃，为假设③提供了证据。
11． 二氧化氯是一种黄绿色、有刺激性气味的气体，熔点﹣59.5℃，沸点9.9℃ 二氧化氯见光易分解，二氧化氯可与碱反应，能杀菌、漂白，消毒水体时不会生成有害物质 二氧化氯见光分解生成氯气和氧气 作为自来水消毒剂
【分析】物质的化学性质是指在化学变化中表现出来的性质，物质的物理性质是指不需要通过化学变化表现出来的性质。物质的性质决定物质的用途。
【详解】（1）二氧化氯是一种黄绿色、有刺激性气味的气体，熔点-59.5℃，沸点9.9℃，易溶于水等都不需要通过化学变化表现出来，都属于物理性质；
（2）二氧化氯见光易分解、二氧化氯可与碱反应、其杀菌、漂白能力均优于氯气、消毒水体时不生成有害物质等都需要通过化学变化表现出来，都属于化学性质；
（3）二氧化氯见光分解生成氯气和氧气是描述了二氧化氯见光分解过程，属于氯气发生的化学变化；
（4）使用二氧化氯为自来水消毒剂是氯气的用途。
12．(1)③
(2)④
(3)吸收和滴加少量液体
(4)大于
【详解】（1）过滤时使用玻璃棒引流滤液，防止滤液冲破滤纸使过滤失败，故用于引流的仪器是玻璃棒，如图所示故选：③；
（2） 烧杯是一种平底的玻璃容器，能间接加热，加热时需要垫上玻璃棒，如图所示故选：④；
（3）由图可知，仪器⑤为胶头滴管，其用途是吸收和滴加少量液体；
（4）用②量取10mL液体时，仰视读数，读数偏小实际量偏大，则实际量取的液体体积大于10mL。
13．(1)液体倒流沾污试剂，腐蚀橡胶帽
(2)腐蚀标签
(3)戳破试管底部
(4)引燃灯内酒精，引起火灾
(5)试管炸裂
【详解】（1）取液后的滴管应保持橡胶胶帽在上，不能平放或倒置，防止液体倒流沾污试剂，橡胶帽被腐蚀；
（2）倾倒细口瓶里的药液时，标签要向着手心，防止细口瓶中的液体流出腐蚀标签；
（3）刷洗试管时，用力过猛，可能会捣碎试管底部，造成试管破裂；
（4）用燃着的酒精灯引燃另一只酒精灯可能引起火灾；
（5）玻璃仪器受热不均匀会发生炸裂，试管外壁有水，不擦干会导致试管炸裂。
14．(1) 倒放 液体药品 物理变化
(2) 细 广
(3)使用湿抹布盖灭等
(4)C
【详解】（1）倒开水时，要把水瓶的软木塞倒放，以免粘染桌面的杂质，其操作与化学中取取用液体的操作相似。看到水瓶中有热气冒出，是水蒸气遇冷液化，无新物质生成，是化学变化。
（2）厨房里的色拉油是液体，使用细口瓶盛装。食盐是固体，使用广口瓶盛装。
（3）酒精灯被不慎打翻着火，应该使用湿抹布盖灭，利用隔绝空气的原理灭火。
（4）对实验剩余的药品要学会正确处理。要倒入指定容器中。不能放回原试剂瓶以免污染试剂，不能倒入水池等非指定容器，更不能带回家，以免造成危险。故选C。
15． 试管 不可以 用药匙取少量氯化钠，将试管平拿，用药匙将氯化钠固体送到试管底部，再将试管竖立起来
【详解】如图所示的仪器名称是试管；
实验室禁止品尝任何药品的味道，所以他不可以品尝氯化钠的味道；
氯化钠是粉末状，取用氯化钠的正确操作为：用药匙取少量氯化钠，将试管平拿，用药匙将氯化钠固体送到试管底部，再将试管竖立起来。
16． 二氧化碳 右
【详解】通常用澄清石灰水来检验二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，故该装置中的澄清石灰水可以检验香烟燃烧是否有二氧化碳气体生成；
为了使香烟燃烧产生的气体通过澄清石灰水，活塞应向右移动，装置内压强减小，香烟燃烧产生的气体进入试管。
17． 向试管中注入半试管水，振荡后倒掉，反复几次 试管内壁附着的水既不聚成水滴，也不成股流下
【详解】清洗装有少量碳酸钠粉末的试管：向试管中注入半试管水，振荡后倒掉，反复几次；
当观察到试管内壁附着的水既不聚成水滴，也不成股流下时，说明试管已清洗干净。
18．(1)小水珠
(2)液体
(3)蓝色
(4) 气泡 变浑浊 产生能使澄清石灰水变浑浊的气体
(5) 是否有新物质生成
【详解】（1）水沸腾，水蒸气在干冷玻璃片上遇冷液化凝结成小水滴；
（2）实验2中石蜡固体放入沸水中变为液体；
（3）氢氧化钠与硫酸铜反应生成了蓝色絮状沉淀；
（4）实验4中大理石与稀盐酸反应生成二氧化碳气体，故固体不断减少，且固体表面不断有气泡生成；
二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，故实验4中澄清石灰水变浑浊；
该反应由新物质生成，故该变化为化学变化；
（5）实验1、实验2中无新物质生成，属于物理变化；实验3、4中有新物质生成，属于化学变化；故填1、2；
无新物质生成的变化为物理变化，有新物质生成的变化为化学变化，故物理变化与化学变化的本质区别为：是否有新物质生成。
氧化还原反应重点考点 专题练
2026年高考化学一轮复习备考
1．不同的温度下，通入NaOH溶液中主要发生以下两个反应，如图所示。
下列说法不正确的是
A．反应Ⅰ和Ⅱ都有NaCl生成
B．的空间结构为三角锥形
C．反应Ⅰ和Ⅱ中，每参与反应转移的电子数之比为
D．反应Ⅰ和Ⅱ中，参加反应的与NaOH的物质的量之比：Ⅰ<Ⅱ
2．利用可将废水中的转化为对环境无害的物质后排放。反应原理为：(未配平)。下列说法正确的是
A．表示
B．氧化剂与还原剂物质的量之比为
C．可用替换
D．若生成气体，则反应转移的电子数为
3．以铜阳极泥[含Cu、Ag、Au等单质为原料分离回收金和银的流程如下图所示，已知HAuCl4是一元强酸，下列说法错误的是
A．酸1为稀硫酸，酸2为稀盐酸
B．“浸取2”中使用的酸提高了H2O2的氧化性
C．“还原”步骤的离子方程式为4AuCl+ 3N2H4 =4Au+3N2↑+16C1-+12H+
D．S2O离子中心S原子配位能力小于端基S原子
4．一种制备粗产品的工艺流程如图。已知：纯易分解爆炸，一般用空气稀释到体积分数为10%以下。
下列说法正确的是
A．溶解过程中可以用盐酸代替稀硫酸
B．流程中做还原剂
C．发生器中鼓入空气的主要目的是提供氧化剂
D．吸收塔中温度不宜过低，否则会导致产率下降
5．已知，向溶液中加入足量Zn粉可以提炼Au，反应为：(未配平)，下列说法不正确的是
A．还原性：
B．X表示
C．生成，转移电子总数为(表示阿伏加德罗常数的值)
D．氧化产物与还原产物的物质的量之比为
6．从高砷烟尘(主要成分为As2O3、As2O5和Pb5O8，其中Pb5O8中的Pb为+2价或+4价，As2O3、As2O5均为酸性氧化物)中回收制备砷酸钠晶体的工艺流程如下，下列说法正确的是
(浸出液的主要成分为Na3AsO4和NaAsO2)
A．As位于元素周期表中第四周期第ⅣA族
B．“碱浸”时，Pb5O8发生的反应：。其中氧化产物与还原产物的物质的量之比为3：5
C．浸出液“氧化”过程中，主要发生反应：
D．系列操作为：加热蒸发、趁热过滤、洗涤、干燥最终得到砷酸钠晶体
7．S8在液态SO2中可与SbF5反应，生成[S8][SbF6]2，其中[S8]2+的结构如图所示，下列说法错误的是
A．S8和SbF5发生了氧化还原反应 B．[S8]2+中存在不同的硫硫键
C．反应过程中硫硫键发生了断裂 D．[S8]2+中所有S原子的最外层都有8个电子
8．磷是世界上第一种被发现的元素。白磷(P4)中毒可用CuSO4溶液解毒，发生如下反应：P4+CuSO4+H2O→Cu3P+H3PO4+H2SO4(未配平)，下列说法中正确的是
A．P4只发生了氧化反应
B．反应过程中溶液pH增大
C．11molP4发生反应，转移电子的物质的量为120mol
D．皮肤接触到白磷，用CuSO4溶液清洗后，应再使用NaOH溶液清洗
9．下列文字叙述，用方程式解释错误的是
A．丁烷裂解：
B．牙齿釉质层长期被侵蚀溶解：
C．工业废水中含有，常用绿矾做处理剂：
D．“每炉甘石()十斤…用煤炭饼垫盛，其底铺薪，发火锻红…”火法炼锌：
10．以为催化剂，碘甲烷为助催化剂，利用甲醇合成乙酸(Monsanto法)的示意图如下所示。
已知：铑(Rh)与钴(Co)在周期表中上下相邻，但Rh的最外层电子轨道处于半充满状态。下列说法正确的是
A．Rh的价电子排布式为，位于周期表的ds区
B．①→②过程中，Rh被氧化；③→④过程中，Rh被还原
C．⑤为，在反应中作中间产物
D．此合成原理生成和，原子利用率小于100％
11．可以催化脱除，脱除反应为，脱除过程如下图所示，下列说法正确的是
A．图乙中催化剂对的吸附强度强于图甲
B．脱除过程不属于氧化还原反应
C．该反应的平衡常数
D．催化剂的活性在脱除过程中不会改变
12．CuCl难溶于水和乙醇，在潮湿空气中易被氧化。以碱性蚀刻废液中的为原料制备CuCl的部分流程如下。下列说法正确的是
A．溶于水所得溶液中
B．“酸溶”时不用稀硝酸的主要原因是硝酸易挥发
C．“还原”后溶液的pH增大
D．“洗涤”时先用水再用乙醇会降低产品的纯度
13．设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是
A．标准状况下，11.2L Cl2溶于水，溶液中、和HClO的微粒数目之和为NA
B．12g石墨中含有的碳碳单键数目为2NA
C．常温常压下，Na2O2与足量H2O反应，共生成0.2mol O2，转移电子的数目为0.4NA
D．1mol Cl2与足量消石灰反应转移的电子数为2NA
14．三氯硅烷(SiHCl3)是制取高纯硅的重要原料，常温下为无色液体，是强还原剂且易水解。实验室通过反应Si(s)+3HCl(g)SiHCl3(l)+H2(g)制备SiHCl3，已知电负性：Cl>H>Si．下列说法正确的是
A．生成1mol H2，转移的电子数为2mol
B．氧化剂和还原剂的物质的量之比为3：1
C．SiHCl3在足量NaOH溶液中反应生成Na2SiO3、NaCl和H2O
D．上述生成SiHCl3的反应为吸热反应，则该反应需在高温条件下自发进行
15．三氯乙醛(CCl3CHO)是无色油状液体，常用于制取农药。其纯度的测定如下(杂质不参与反应)。已知：I2+2S2O=2I-+S4O，下列说法不正确的是
A．步骤Ⅰ，需用100mL容量瓶进行配制
B．步骤Ⅲ，发生的反应为：HCOO-+I2+2OH-=2I-+CO+H2O+H+
C．步骤Ⅳ，滴定终点的现象为：加入最后半滴Na2S2O3溶液，锥形瓶中溶液蓝色恰好褪去，且半分钟内不变色
D．三氯乙醛(摩尔质量为Mg·mol-1)的纯度为
16．RbAg4I5是一种只传导Ag＋的固体电解质，利用RbAg4I5可以制成电化学气敏传感器。某种测定O2含量的气体传感器如图所示，被分析的O2可以透过聚四氟乙烯薄膜，发生反应：4AlI3＋3O2=2Al2O3＋6I2，I2进一步在石墨电极上发生反应，引起电池电动势变化，从而测定O2的含量。下列关于气体传感器工作原理说法不正确的是
A．Ag＋通过固体电解质迁向正极 B．银电极的电极反应式为：Ag-e-=Ag+
C．测定一段时间后，固体电解质中Ag+减少 D．当O2浓度大时，电动势变大
17．将60.05的溶液与10.05的溶液混合，滴加溶液后变红色。设为阿伏伽德罗常数的值，下列说法中正确的是
A．上述反应过程中转移的电子的数目为
B．5.6g中含有的未成对电子的数目为0.5
C．0.05的溶液中含有的的数目小于0.05
D．的空间构型为V形
18．下列变化过程与氧化还原反应无关的是
A．推动盛有的密闭针筒的活塞，压缩气体，气体颜色变深
B．将酸性溶液滴入乙醇溶液中，溶液紫色褪去
C．将溶液加入NaOH溶液中，最终生成红褐色沉淀
D．向包有粉末的脱脂棉上滴几滴蒸馏水，脱脂棉燃烧
19．科研团队以双氧水为氧化剂催化苯羟基化制苯酚，反应机理如下图。下列说法错误的是
A．反应过程中，钒基催化剂表现出氧化性和还原性
B．随着的加入，只形成单过氧钒物种
C．反应过程中，V-O键裂解生成过氧钒自由基
D．该过程的总反应式：
20．某小组进行“反应物浓度对反应速率影响”实验研究。分别取不同浓度的葡萄糖溶液和溶液于试管中，再依次向试管中滴加酸性溶液，通过色度计监测溶液透光率随时间的变化关系。实验结果如图所示。
已知：(1)溶液透光率与溶液中显色微粒的浓度成反比。
(2)酸性溶液与溶液反应时，某种历程可表示如图。
下列说法中不合理的是
A．从图1可知，该实验条件下，葡萄糖溶液浓度越大，反应速率越大
B．理论上，和的反应中参与反应的
C．图2中曲线甲反应速率加快的原因可能与反应生成有催化作用的物质有关
D．图2中溶液浓度不同时，数据呈现的原因是：随浓度增大，反应历程中①、②、③、④速率均减小
参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D B B B C C C C D C
题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20
答案 A D C B B C B A B D
1．D
【分析】由图可知，氯气与氢氧化钠溶液在冷水条件下反应生成氯化钠、次氯酸钠和水，根据化合价升降守恒、原子守恒，反应的化学方程式为Cl2+2NaOH=NaCl+NaClO+H2O，在热水条件下反应生成氯化钠、氯酸钠和水，根据化合价升降守恒、原子守恒，反应的化学方程式为3Cl2+6NaOH=5NaCl+NaClO3+3H2O。
【详解】A．由分析可知，反应Ⅰ和Ⅱ都有氯化钠生成，A正确；
B．里中心原子Cl的价层电子对数为，孤对电子对数为1，则其空间结构为三角锥形，B正确；
C．反应Ⅰ中存在关系式：，1mol氯气参加反应，反应转移1mol电子，反应Ⅱ中存在关系式：，1mol氯气参加反应，反应转移mol电子，则反应转移的电子数之比为3：5，C正确；
D．由分析可知，反应Ⅰ和Ⅱ中，参加反应的氯气与氢氧化钠的物质的量之比都为1：2，D错误；
故选D。
2．B
【详解】A．由题中信息可知，利用可将废水中的转化为对环境无害的物质X后排放，则X表示，仍然是大气污染物，A错误；
B．该反应中，还原剂中C元素的化合价由-2价升高到+4价，升高了6个价位，氧化剂中N元素的化合价由+5价降低到0价，降低了5个价位，由电子转移守恒可知，氧化剂与还原剂的物质的量之比为，B正确；
C．中C元素的化合价由-2价升高到+4价，是该反应的还原剂，有强氧化性，通常不能用作还原剂，故不可用替换，C错误；
D．未注明气体状态，无法计算，D错误；
故选B。
3．B
【分析】由题给流程可知，向铜、银、金的混合物中加入稀硫酸和过氧化氢的混合溶液浸取，将铜转化为硫酸铜，银、金不反应，过滤得到含有硫酸铜的浸出液1和含银、金的浸渣1，则酸1为稀硫酸；向浸渣1中加入盐酸和过氧化氢的混合溶液浸取，将银转化为氯化银、金转化为HAuCl4，过滤得到含有氯化银的浸渣2和含有HAuCl4的浸出液2，则酸2为稀盐酸；向浸渣2中加入硫代硫酸钠溶液，将氯化银转化为二硫代硫酸根合银离子，过滤得到含有二硫代硫酸根合银离子的浸出液3；浸出液3电沉积得到银；向含有HAuCl4的浸出液2中加入肼，将溶液中HAuCl4转化为金。
【详解】A．由分析可知，酸1为稀硫酸，酸2为稀盐酸，故A正确；
B．由分析可知，浸取2中使用稀盐酸的目的是将银转化为氯化银、金转化为HAuCl4，不是提高了过氧化氢的氧化性，故B错误；
C．由分析可知，加入肼的目的是将溶液中HAuCl4转化为金，反应的离子方程式为4AuCl+ 3N2H4 =4Au+3N2↑+16C1-+12H+，故C正确；
D．硫代硫酸根离子的结构式为，离子中中心原子硫原子的孤对电子对数为=0，端基硫原子的孤对电子对数为=2，所以中心硫原子配位能力小于端基硫原子，故D正确；
故选B。
4．B
【详解】分析：在稀硫酸中溶解，通入在发生器中发生氧化还原反应，生成和，通过鼓入空气，防止浓度过高，还可以将其吹进吸收塔，根据氧化还原反应规律可知，在吸收塔中与双氧水、氢氧化钠反应生成和氧气，再经过一系列操作得到粗产品。
A．具有强氧化性，可以氧化，则溶解过程中不可以用盐酸代替稀硫酸，错误；
B．与双氧水、氢氧化钠反应生成和氧气，流程中做还原剂，正确；
C．发生器中鼓入空气的主要目的是防止浓度过高，因为纯易分解爆炸，错误：
D．在吸收塔中与双氧水、氢氧化钠反应生成和氧气，温度过低反应速率慢，但是不一定会导致产率下降，错误；
故选B。
5．C
【详解】A．由题干信息可知，Zn能够置换出Au，说明还原性：，A正确；
B．由题干信息可知，反应配平后的方程式为：，即X表示，B正确；
C．由B项分析可知，根据配平之后的反应方程式可知，生成，转移电子总数为，C错误；
D．由B项分析可知，根据配平之后的反应方程式可知，氧化产物ZnCl2与还原产物Au、H2的物质的量之比为，D正确；
故答案为：C。
6．C
【分析】根据题干和流程图：高砷烟尘(主要成分为、和，、均为酸性氧化物)，加入氢氧化钠和硫化钠进行碱浸，沉淀为和S，发生反应：，浸出液主要成分为和，加入过氧化氢进行氧化，发生反应：，得到溶液，然后蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥得到砷酸钠晶体，据此分析；
【详解】A．As是第33号元素，位于元素周期表中第四周期第ⅤA族，A错误；
B．根据分析可知，“碱浸”时发生反应：，其中氧化产物（S）与还原产物（5PbS其中3个化合价由+4降到+2）的物质的量之比为1：1，B错误；
C．浸出液“氧化”过程中，发生反应：，C正确；
D．“氧化”后得到溶液，经过蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥得到砷酸钠晶体，D错误；
故选C。
7．C
【详解】A．S8中S元素得化合价为0，[S8]2+中S元素的化合价不再为0， S元素的化合价发生了改变，所以S8和SbF5反应时有元素化合价发生了改变，故S8和SbF5发生了氧化还原反应，故A正确；
B．[S8]2+的结构中，硫原子之间存在不同的硫硫键，包括单键和双键，所以[S8]2+中存在不同的硫硫键，故B正确；
C．S8中是一个8元环结构，反应后生成[S8]2+，其结构仍是8个S原子组成的环状结构，所以反应过程中硫硫键并未完全断裂，而是发生了重排（如单键和双键的形成），故C错误；
D．[S8]2+中，硫原子的最外层电子数为6，加上硫原子之间的共用电子对，每个硫原子的最外层电子数为8，所以[S8]2+中所有S原子的最外层都有8个电子；故D正确；
故答案为：C。
8．C
【分析】反应中P由0价歧化为+5价和-3价，Cu由+2价降为+1价，根据转移电子守恒和元素守恒可配平方程式11P4+60CuSO4+96H2O=20Cu3P+24H3PO4+60H2SO4，氧化剂为P4和CuSO4，还原剂为P4，氧化产物为H3PO4，还原产物为Cu3P，据此解答：
【详解】A．P4、Cu3P、H3PO4中P的化合价分别为0、-3、+5，即发生氧化反应，又发生还原反应，故A错误；
B．反应生成硫酸和磷酸，H+浓度增加，pH减小，故B错误；
C．据分析，根据氧化反应计算电子转移的物质的量，11molP4参与反应生成24molH3PO4，则转移24×5=120mol电子，故C正确；
D．皮肤接触到白磷，虽然用稀CuSO4溶液清洗后生成了H3PO4、H2SO4，但由于NaOH具有强腐蚀性，不能用NaOH溶液清洗，故D错误；
故答案为C。
9．D
【详解】A．丁烷裂解生成甲烷和丙烯的反应式为：，该反应式配平正确，且裂解产物合理，A正确；
B．牙齿釉质层（羟基磷酸钙）被侵蚀的反应式为：，电荷守恒、配平正确，B正确；
C．绿矾处理的反应式为：，该反应式电荷守恒，且氧化还原过程配平正确，C正确；
D．炉甘石()与碳高温反应生成Zn和CO，而非CO2。正确反应式应为：，D错误；
故选D。
10．C
【详解】A．Rh的价电子排布式为，为第Ⅷ族元素，位于周期表的d区，A错误；
B．由图，①→②过程中，Rh多结合了I-，Rh化合价升高，被氧化；③→④过程中，Rh和CO形成配位键，没有被还原，B错误；
C．根据转化关系→ +⑤，可推出⑤为，在甲醇合成乙酸反应中作中间产物，C正确；
D．由图，此合成原理总反应为甲醇和CO催化反应生成乙酸，，原子利用率为100％，D错误；
故选C。
11．A
【详解】A．Fe2O3中铁元素为+3价、氧元素为-2价，图甲Fe2O3中带正电荷的铁元素和H2S中带正电荷的氢元素之间的斥力较大，而图乙Fe2O3中带负电荷的氧元素和H2S中带正电荷的氢元素之间的引力较大，则图甲中Fe2O3对H2S的吸附能力弱于图乙，故A正确；
B．图中铁元素的化合价由+3价降低至+2价，硫元素的化合价由-2价升高至0价，氧元素的化合价未发生变化，有化合价变化，属于氧化还原过程，故B错误；
C．根据脱除反应的化学方程式可知，该反应的平衡常数表达式为，故C错误；
D．脱除一段时间后，析出的硫单质附着在催化剂表面，会影响催化剂的活性，活性降低，故D错误；
故答案为A。
12．D
【分析】由题给流程可知，二氯化四氨合铜经多步转化得到氧化铜，向氧化铜中加入稍过量的稀硫酸酸溶，将氧化铜转化为硫酸铜，向反应得到的硫酸铜溶液加入氯化钠和亚硫酸钠固体，将硫酸铜转化为氯化亚铜沉淀，反应的离子方程式为2Cu2++SO+2Cl—+H2O=2CuCl↓+SO+2H+，过滤、用乙醇洗涤得到氯化亚铜。
【详解】A．配合物中四氨合铜离子为内界、氯离子为外界，配合物在溶液中电离出四氨合铜离子和氯离子，不能电离出氨分子，故A错误；
B．“酸溶”时不用稀硝酸的主要原因是稀硝酸具有强氧化性，会将亚硫酸根离子氧化为硫酸根离子，导致亚硫酸根离子无法将溶液中的铜离子还原为氯化亚铜沉淀，故B错误；
C．由分析可知，“还原”发生的反应为2Cu2++SO+2Cl—+H2O=2CuCl↓+SO+2H+，反应生成的氢离子会使溶液pH减小，故C错误；
D．由题意可知，氯化亚铜在潮湿空气中易被氧化，所以“洗涤”时先用水再用乙醇会使氯化亚铜被氧化，降低产品的纯度，故D正确；
故选D。
13．C
【详解】A．Cl2溶于水的反应是可逆反应，溶液中还存在氯气分子，则、和HClO的微粒数目之和小于NA，A错误；
B．石墨片层结构为，平均每个碳原子的碳碳单键数为，则12g石墨中含有碳碳单键1.5NA，B错误；
C．Na2O2与H2O的反应方程式为，Na2O2既是氧化剂，又是还原剂，O2为氧化产物，由可知，共生成0.2mol O2，转移电子的数目为，C正确；
D．Cl2与消石灰反应的方程式为，Cl2既是氧化剂，又是还原剂，故1mol Cl2与足量消石灰反应转移的电子数为NA，D错误；
故选C。
14．B
【详解】A．电负性：Cl>H>Si，Si-H中，电子对偏向于H，则SiHCl3中Si为+4价，根据方程式：Si(s)+3HCl(g)SiHCl3(l)+H2，转移了4个电子，故生成1molH2，转移的电子数为4mol，A错误；
B．在该反应中HCl是氧化剂，在参加反应的3个H中，1个化合价降低到-1价，2个化合价降低到0价；Si化合价由0升高到+4价，做还原剂，故氧化剂和还原剂的物质的量之比为3：1，B正确；
C．SiHCl3水解的化学方程式为：，SiHCl3在足量NaOH溶液中反应生成Na2SiO3、NaCl、和H2O，C错误；
D．上述生成SiHCl3的反应为吸热反应，，正向是熵减反应，，则该反应自发进行需，可知需要在低温条件下，D错误；
故选B。
15．B
【分析】将样品溶于水配制100mL溶液，从中取出10mL溶液加适量的Na2CO3进行反应将CCl3CHO反应生成CHCl3和HCOO-，加入溶液调节pH值后加入25mL0.1mol/LI2溶液，充分反应后，加入淀粉作指示剂并用0.02mol/LNa2S2O3溶液，消耗VmL最后计算出三氯乙醛的纯度，据此分析解题。
【详解】A．步骤Ⅰ是将样品配成100mL溶液，故需用100mL容量瓶进行配制，A正确；
B．已知CO与H+不能大量共存，故步骤Ⅲ，发生的反应为：HCOO-+I2+3OH-=2I-+CO+2H2O，B错误；
C．步骤Ⅳ原来溶液时I2和淀粉溶液呈蓝色，当滴定终点的时候I2消耗掉了，所有蓝色消失，故滴定终点的现象为：加入最后半滴Na2S2O3溶液，锥形瓶中溶液蓝色恰好褪去，且半分钟内不变色，C正确；
D．根据题干流程图中可找到关系式：CCl3CHO~HCOO-~I2，I2~2Na2S2O3可知，过量的I2的物质的量为：0.02mol/L×V×10-3L×=V×10-5mol，则与HCOO-反应的I2的物质的量为：(25×10-3L×0.1mol/L- V×10-5)=(25×0.1-0.01V)×10-3mol，故三氯乙醛(摩尔质量为Mg·mol-1)的纯度为，D正确；
故答案为：B。
16．C
【分析】由题意可知，银电极为原电池的负极，银失去电子发生氧化反应生成银离子，多孔石墨电极为正极，银离子作用下碘在正极得到电子发生还原反应生成碘化银，电池的总反应为2Ag+I2=2AgI。
【详解】A．传感器工作过程中银离子通过固体电解质迁向正极，故A正确；
B．由分析可知，银电极为原电池的负极，银失去电子发生氧化反应生成银离子，电极反应式为Ag-e-=Ag+，故B正确；
C．由分析可知，电池的总反应为2Ag+I2=2AgI，则测定一段时间后，固体电解质中银离子个数不变，故C错误；
D．由方程式可知，氧气浓度增大时，反应生成碘的物质的量增大，导致在正极放电的碘的物质的量增大，外电路转移电子的物质的量增大，电动势变大，故D正确；
故选C。
17．B
【详解】A．n(KI)=，，由反应可知，不足，根据的物质的量计算转移电子数，转化为，1个得到1个电子，n()=，则转移电子数为，又因为滴加溶液后变红色，所以溶液中含有，该反应为可逆反应，转移电子数小于，A错误；
B．的电子排布式为，3d轨道上有5个未成对电子，5.6g的物质的量为n=，含有的未成对电子的数目为，B正确；
C．只知道溶液的浓度为，没有溶液体积，无法计算的数目，C错误；
D．与是等电子体，是直线形结构，所以的空间构型为直线形，D错误；
故答案选B。
18．A
【详解】A．推进盛有NO2的密闭针筒的活塞，增大压强，反应2NO2N2O4的平衡正向移动，NO2的浓度增大，气体颜色变深，不涉及氧化还原反应，故A正确；
B．乙醇有还原性，高锰酸钾有氧化性，两者发生氧化还原反应使紫色褪去，涉及氧化还原反应，故B错误；
C．Fe2+与NaOH生成Fe(OH)2白色沉淀，Fe(OH)2被氧化为Fe(OH)3红褐色沉淀，涉及氧化还原反应，故C错误；
D．Na2O2加水生成氧气，涉及氧化还原反应，故D错误；
故答案为A。
19．B
【详解】A．如图所示，V的化合价包含+4和+5，表现出氧化性和还原性，故A正确；
B．根据反应机理可知，随着的加入，可能形成双过氧钒物种，故B错误；
C．根据反应机理可知，存在V-O键裂解生成过氧钒自由基，如图：→，故C正确；
D．如图所示，反应为苯、过氧化氢，产物为苯酚、水，反应式为，故D正确；
故答案为B。
20．D
【详解】A．由图1，葡萄糖浓度越大，透光率上升越快，由已知(1)，即高锰酸根浓度下降越快，故反应速率越大，A正确；
B．高锰酸钾氧化草酸，生成二价锰离子和二氧化碳，锰化合价从+7变为+2，得5个电子，碳化合价+3变为+4,1个草酸分子失2个电子，根据氧化还原反应得失电子守恒，KMnO4和H2C2O4的反应中参与反应的n(KMnO4)：n(H2C2O4)=2：5，B正确；
C．由历程图，Mn2+可以作为高锰酸钾和草酸反应的催化剂，故图2中曲线甲反应速率加快的原因可能与反应生成Mn2+有催化作用有关，C正确；
D．随H2C2O4浓度增大，草酸根浓度增大，反应历程①中，草酸根是反应物，随浓度增大，历程①速率是增大的，故D错误；
本题选D。
21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
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