资源简介

2024一2025学年度下学期期未考试高一试题
4.如图所示为研究高压带电体周围绝缘试验的电场分布图，由于试验线路比较短，在大的空间
尺度下高压带电体A可以等效为点电荷，B、C、D是其周围的三个金属导体，均已处于静电
物理
平衡状态，P、S是导体C上的两点，M、N是A附近的两点，下列说法正确的是(
A.导体B内部电场强度处处为零，表面电场强度也为零
命题人：盘锦高中，陈艳新
审题人：铁岭高中许照
B.电场线在A附近密集，表明A附近的电场是匀强电场
考试时间：90分钟
满分：100分
C.把-一个电子从P点移动到S点，电子的电势能不变
第1卷（选择题，共48分)
D.若将一试探正电荷从M点移到N点，电场力做正功，
电势能增大
一、选择题，本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，其中1~8
5.如图所示，带有中心转轴的水平转盘上放置一质量为1.5kg的小物块，物块与转轴通过轻质
小题只有一个选项正确，9~12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2
弹簧连接，小物块处于静止状态，弹簧伸长6Cm。已知弹簧的劲度系数为150N/m、原长为
分，有选错或不答的得0分。
1.下列关于静电场的说法中，正确的是（)
30cm,现让转盘从静止开始缓慢加速转动，下列说法中正确的是（)
A.电场强度为零的地方，电势一定为零
A.当物块与转盘间的摩擦力恰好为零时，转盘角速度为5√2rad/s
B.电势越高的地方，电荷的电势能越大
B.当物块与转盘间的摩擦力大小为4.5N时，转盘角速度可能为5rad/s
C.同一等势面上各点的电场强度大小一定相等
C.当转盘角速度为25rad/s时，物块与转盘间的摩擦力大小为4N
D.电场强度方向总是垂直于等势面指向电势降低的方向
D.当转盘角速度由√5rad/s增加到2√5rad/s的过程中物块与转盘间的摩擦力逐渐增大
2.在法网公开赛的关键分时刻，郑钦文将网球（可视为质点）以水平36m/s的初速度从距地面
6.如图，A、B是水平面上带电荷量均为+q的固定点电荷，A、B间距离为L,在A、B连线的
2.45m的高度强力击出。若忽略空气阻力，取重力加速度g=10m/s2,关于这记精彩发球，下
中点0有一固定竖直杆OD,一根绝缘细线一端系在杆上的D点，另一端连接一带电小球C,
列说法正确的是(。)
小球C的质量为m。小球C静止在水平面上且对水平面的压力为O,三角形ABC为等腰三角
A.网球在空中运动的时间约为0.75s
形，∠ACB=90°，∠DC0=60°，si如60=5，重力加速度大小为g,不计小球的大小，
2
B.这记发球使网球落在距离发球点27m处
静电力常量为k,设A、B两点电荷在小球C处产生的合场强大小为E,小球C所带电荷量
C.网球落地时竖直方向速度大小为7m/s
的大小为qc,则下面结论正确的是(，)
D.网球落地瞬间速度方向与水平方向夹角的正切值为5
36
3.在2024年巴黎奥运会跳水女子10米台决赛中，全红婵在入水时通过调整身体姿态减少水花。
A.E=2kg
2
.3mgL
6kg
以下分析正确的是()
B.E=22kg
A.若入水时身体绷直，接触水面的时间缩短，冲击力增大
2
9.omgl
12kq
B.若手臂展开增大触水面积，可减小动量变化量
C.B=2kg
6mgL2
9。s
12kg
C.入水过程中，水的作用力对运动员的冲量方向竖直向下
3mgL2
D.运动员入水过程的动量变化量仅由重力冲量决定
D.E=22g
2
9e=
6kg
高一物理共8页第1页
高一物理共8页第2页2024-2025学年度下学期期末考试高一物理试题
答案及评分标准
一、选择题
1-8:DCACB BDD
9.AB 10.ACD 11.AB 12.BC
二、非选择题
13.(1)D2分)(2)减小(2分)(3)A(2分)
14.(1)AC(2分)(2)
m-m2 vo
2m(各1分)(3)0.8ms(2分)(4)相反(2分)
m1+1m2
m1+m2
3KOq
15.(1)
(2)
17gL
10L
【解】(1)细杆上A、B两点的电势分别为：
KO
KO
P4=
PB=
5L
2L
2分
UAB=-
3KO
A、B两点的电势差：
10L
…2分
静电力做功为：
WAB =-qUAB=
3KOq
10L
.2分
由于AO=OC,所以A和C为等势点，从A到C依动能定理可得：
mgh
2分
解得：
Vc =17gL
…2分
16.(1)20N/C
(2)V10m/s
√2m/s
(3)√14m/s
【解】(1)小球从M到P依动能定理可得：
gER(1+sin 30 )-mgR(1+sin 30 )=0
.2分
解得：
E=20N/C
1分
(2)小球刚好到达N点时对轨道的压力为零，可得：
ng-gEsin30°=m
R
2分
解得：
V2 =12mls
.1分
小球从M到N依动能定理可得：
9E2Rsin30°-mg2R=1m
m2
2
.2分
解得：
=v10m/s
1分
Eq
(3)由题意可知，mg与gE的合力F与圆轨道的交点为等效最低
点，设该点为Q,当小球到达Q点时速度最大，其方向是过Q点圆
的切线方向，由图可知，合力
mg
30°
F=mg
0
.1分
小球从M到Q依动能定理可得：
E
:120
FRsin30°=m2-m
m
mv
M
2
mg
解得：Vm=V14m/s
…….1分
17.(1)①12N:
②3m,4.5J
(2)1.5m
【详解】(1)①设滑块经过D点的速度为vD,根据题意，可得
mg
R
1分
解得
vp =15m/s
1分
1
D到E过程由动能定理得
2mgk=-mvi-2 mv
2
.1分
解得
ve =5m/s
.1分
在E点有
Fx-mg
mvg
R
1分
解得
F=12W
.1分
②到达木板最右端时两物体共速，设木板长度为S,滑块滑上木板时速度为VB,共速时的速度
为v共，即y共=o=5ms,由动量守恒定律得
mvg=(M+m)v共
1分
解得
Vg=3v5m/s
1分

展开更多......

收起↑