资源简介

2026届人教版高考物理第一轮复习：电学实验综合基础练习2
一、单选题（本大题共6小题）
1．甲、乙两电阻的关系如图所示，把它们串联后的关系图线一定在图中（ ）
A．a区域 B．b区域 C．c区域 D．无法确定
2．在探究影响导体电阻与其影响因素的定量关系时，某同学按如图所示的电路进行了实验研究，其中导体a与b只是长度不同，a与c只是粗细不同，a与d只是材料不同，关于该实验，下列说法正确的是（　　）
A．此电路缺少电流表，所以无法研究定量关系
B．a与b相比，导体越长，电压表示数越小
C．a与c相比，导体越粗，电压表示数越大
D．a与d相比，电压示数越大，表明该种材料的导电性能越差
3．如图所示为一个多量程多用电表的简化电路图.单刀多掷开关S可以与不同接点连接.下列说法正确的是（ ）
A．当S接1或2时为直流电流档，接1时量程较小
B．当S接1或2时为直流电压档，接1时量程较大
C．当S接3或4时为直流电流档，接3时量程较大
D．当S接5或6时为直流电压档，接5时量程较小
4．某研究性学习小组利用下图所示电路测量电池组的电动势E和内阻r．根据实验数据绘出如下图所示的图线，其中R为电阻箱读数，I为电流表读数，由此可以得到（　　）
A．电源电动势约为1.5V
B．内阻约为1.0Ω
C．用该电路测电动势，测量值比真实值小
D．用该电路测内阻，测量值比真实值小
5．在如图所示的电路中，已知电阻和的阻值，在电键打到位置1和位置2时，在电流表中读出不同的示数，则利用该电路（　　）
A．可以测量电源电动势，但不能测量电源内电阻
B．可以测量电源内电阻，但不能测量电源电动势
C．可以测量电源电动势，也可以测量电源内电阻
D．不能测量电源电动势，也不能测量电源内电阻
6．如图是多用电表内部结构示意图，通过选择开关分别与1、2、3、4、5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表和欧姆表，下列说法正确的是（　　）
A．A是黑表笔、B是红表笔
B．作电流表时1比2量程大，作电压表时6比5量程小
C．若欧姆表有×1和×10两个挡位且开关接3时为×1档，则
D．测电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关拨至倍率更大的挡位
二、多选题（本大题共4小题）
7．“测量金属的电阻率”实验中，关于误差的下列说法中正确的是( )
A．电流表采用外接法，将会使ρ测<ρ真
B．电流表采用外接法，由于电压表的并联引起了电阻丝分压的减小而引起测量误差
C．由ρ=可知，I、d、U、l中每一个物理量的测量都会引起ρ的测量误差
D．由ρ=可知对实验结果准确性影响最大的是直径d的测量
8．在下列四个实验中，有关说法正确的是（　　）
A．在“观察电容器的充、放电现象”实验中，在放电过程中利用图线与坐标轴围成的面积可以估算电容器放电前储存的电荷量
B．在“电池电动势和内阻的测量”实验中，为了提高精度，在读取多组电压表和电流表数据的过程中，开关始终要保持闭合状态
C．在“利用传感器制作简单的自动控制装置”实验中，金属热电阻能够把温度这个热学量转换为电阻这个电学量
D．在“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验中，当副线圈不接任何用电器时，副线圈的两端电压为零
9．某物理兴趣小组的学生在课后按照如图所示的原理图制作了一个简单的欧姆表，他们使用到的器材有：一节干电池（电动势，内阻），一个表头（满偏电流，内阻），一个可变电阻R（最大阻值为），两支金属表笔及导线若干。该兴趣小组的同学按照欧姆表正确的操作方法测量某电阻Rx的阻值时，发现表头的示数为6mA，则（　　）
A．该多用表A点应该接黑表笔 B．该欧姆表的内阻为
C．Rx阻值为 D．Rx的阻值为
10．为了测出电源的电动势和内阻，除待测电源、开关和导线以外，配合下列哪组仪器，不能达到实验目的（　　）
A．—个电流表和一个电阻箱
B．—个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器
C．一个电压表和一个滑动变阻器
D．—个电流表和一个滑动变阻器
三、非选择题（本大题共5小题）
11．(1)某研究小组的同学为了测量某一电阻RX的阻值，甲同学先用多用电表进行粗测。使用多用电表欧姆挡时，将选择开关置于合适的挡位后，必须先将两表笔短接，再进行 ，使指针指在欧姆刻度的“0”处。若该同学将选择旋钮在“×1”位置，指针在刻度盘上停留的位置如图所示，则所测量的值为 Ω。
(2)为进一步精确测量该电阻，实验台上摆放有以下器材：
A．电流表（量程15mA，内阻未知）
B．电流表（量程0.6A，内阻未知）
C．电阻箱（最大电阻99.99Ω）
D．电阻箱（最大电阻999.9Ω）
E.电源（电动势3V，内阻1Ω）
F.单刀单掷开关2只
G.导线若干
乙同学设计的电路图如图所示，现按照如下实验步骤完成实验：
①调节电阻箱，使电阻箱有合适的阻值R1，仅闭合S1，使电流表有较大的偏转且读数为I；
②调节电阻箱，保持开关S1闭合，开关S2闭合，再次调节电阻箱的阻值为R2，使电流表读数仍为I。
a.根据实验步骤和实验器材规格可知，电流表应选择 ，电阻箱应选择 。（填器材前字母）
b.根据实验步骤可知，待测电阻Rx= （用题目所给测量数据表示）。
(3)利用以上实验电路，闭合S2调节电阻箱R，可测量出电流表的内阻RA，丙同学通过调节电阻箱R，读出多组R和I值，作出了图像如图所示。若图像中纵轴截距为1A-1，则电流表内阻RA= Ω。
12．在“测定金属的电阻率”的实验中：
(1)有两位同学所设计的测量电路的一部分分别如图甲、乙所示，若分别用这两个电路进行实验，则测量值比真实值偏小的应是 （选填“甲”或“乙”）图所示的电路；这种误差 （填“能”或“不能”）通过多次测量取平均值来减少；
(2)按图丙所示的电路图测量金属丝的电阻（阻值约为）。
实验中除开关、若干导线之外还提供下列器材：
电压表V（量程，内阻约）；
电流表（量程，内阻约）；
电流表（量程，内阻约）；
滑动变阻器；
滑动变阻器；
电源E（电动势为，内阻不计）。
为了调节方便，测量准确，实验中电流表应选 ，滑动变阻器应选 （选填器材的名称符号）
(3)请根据图丙所示电路图，用连线代替导线将图丁中的实验器材连接起来，并使滑动变阻器的滑片P置于b端时接通电路后的电流最小；
(4)在按图丙电路测量金属丝电阻的实验中，将滑动变阻器、分别接入实验电路，调节滑动变阻器的滑片P的位置，以R表示滑动变阻器可接入电路的最大阻值，以表示滑动变阻器接入电路的电阻值，以U表示待测电阻两端的电压值。在图中U随变化的图像可能正确的是__________。（图线中实线表示R接入时的情况，虚线表示接入时的情况）
A． B．
C． D．
13．22．(6分)某同学用如图甲所示的电路测量电阻R的阻值。
　　　
(1)先将滑动变阻器R1的滑片移到　　　　(填“左”或“右”)端,再闭合开关S;保持开关S2断开,闭合开关S1,调节滑动变阻器R1的滑片,使电流表的指针偏转至某一位置,并记下电流表的示数I1。
(2)断开开关S1,保持滑动变阻器R1的滑片不动,闭合开关S2,调节电阻箱R0的阻值,当电流表的示数为　　　　时,电阻箱R0的示数即为待测电阻R的阻值。
(3)若某次测量时,电阻箱R0的示数如图乙所示,则该示数为　　　　Ω。
14．22．(6分)某同学设计了如下的电路测量电压表内阻,R为能够满足实验条件的滑动变阻器,R'为电阻箱,电压表量程合适。实验的粗略步骤如下:
①闭合开关S1、S2,调节滑动变阻器R,使电压表指针指向满刻度的处;
②断开开关S2,调节某些仪器,使电压表指针指向满刻度的处;
③读出电阻箱的阻值,该阻值即为电压表内阻的测量值;
④断开开关S1、S2,拆下实验仪器,整理器材。
(1)上述实验步骤②中,调节某些仪器时,正确的操作是　　　　。
A．保持电阻箱R'阻值不变,调节滑动变阻器的滑片,使电压表指针指向满刻度的处
B．保持滑动变阻器的滑片位置不变,调节电阻箱R'阻值,使电压表指针指向满刻度的处
C．同时调节滑动变阻器和电阻箱的阻值,使电压表指针指向满刻度的处
(2)此实验电压表内阻的测量值与真实值相比　　　　(填“偏大”“偏小”或“相等”)。
(3)如实验测得该电压表内阻为8 500 Ω,要将其量程扩大为原来的倍,需串联　　　　Ω的电阻。
15．在测量某电源电动势和内阻时，因为电压表和电流表的影响，不论使用何种接法，都会产生系统误差，为了消除电表内阻造成的系统误差，某实验兴趣小组设计了如图甲实验电路进行测量。已知R0＝2 Ω。
(1)按照图甲所示的电路图，将图乙中的器材实物连线补充完整。
(2)实验操作步骤如下：
①将滑动变阻器滑到最左端位置；
②接法Ⅰ：单刀双掷开关S与1接通，闭合开关S0，调节滑动变阻器R，记录下若干组数据U1－I1的值，断开开关S0；
③将滑动变阻器滑到最左端位置；
④接法Ⅱ：单刀双掷开关S与2接通，闭合开关S0，调节滑动变阻器R，记录下若干组数据U2－I2的值，断开开关S0；
⑤分别作出两种情况所对应的U1－I1和U2－I2图像。
(3)单刀双掷开关接1时，某次读取电表数据时，电压表指针如图丙所示，此时U1＝________V。
(4)根据测得数据，作出U1－I1和U2－I2图像如图丁所示，根据图线求得电源电动势E＝________V，内阻r＝________Ω。(结果均保留两位小数)
(5)由图丁可知________(填“接法Ⅰ”或“接法Ⅱ”)测得的电源内阻更接近真实值。
(6)综合考虑，若只能选择一种接法，应选择________(填“接法Ⅰ”或“接法Ⅱ”)测量更合适。
参考答案
1．【答案】C
【详解】
关系图斜率为，两电阻串联后总阻值变大，所以图像的斜率变小，在c区域，故C正确，ABD错误。
故选C．
2．【答案】D
【详解】
A．此电路是串联电路，电流相等，据电压表示数，可得各导体电阻间的定量关系，故A错误；
B．串联电路电流相等，a与b相比，导体越长，电阻越大，电压表示数越大，故B错误；
C．串联电路电流相等，a与c相比，导体越粗，电阻越小，电压表示数越小，故C错误；
D．串联电路电流相等，a与d相比，电压示数越大，电阻越大，表明该种材料的导电性能越差，故D正确。
故选D。
3．【答案】D
【详解】
AB、当开关S旋到位置1、2位置，电阻与表头并联，则多用电表就成了电流表，接1时分流电阻小，其分流大，则量程大，故A、B错误；
C、当开关S旋到位置3或4，电路中有电源，则多用电表就成了欧姆表，故C错误；
D、当开关S旋转到5、6位置，表头与电阻串联，则多用电表就成了电压表，，串联电阻越大，则量程越大，所以接5时量程较小，接6时量程较大，故D正确．
故选D．
4．【答案】B
【详解】
AB．根据闭合电路的欧姆定律，可得
则可知图线的斜率等于E，纵轴截距绝对值等于r，由图得到，电源的电动势约为3V，内阻约为1Ω，故A错误，B正确；
CD．将电流表的内阻等效为电源的内阻，故电流表内阻对电动势的测量无影响，故E测量值等于真实值，而由于电流表内阻的影响，r测量值大于真实值，故CD错误。
故选B。
5．【答案】C
【详解】
开关接1时，由闭合电路欧姆定律可得
开关接2时，同理可得
由于已知电阻和的阻值，在电流表中读出不同的示数、，则可根据以上两方程得出电源电动势的值和电源内阻的值。
故选C。
6．【答案】C
【详解】A接电池负极是红表笔、B接电池正极是黑表笔，A错误；作电流表时分流电阻越小量程越大，1比2量程大，作电压表时分压电阻越大量程越大，6比5量程大，B错误；由公式 ，倍率为10倍关系，则电动势为10倍关系，C正确；测电阻时，如果指针偏转过大，说明待测电阻小，应将选择开关拨至倍率更小的挡位，D错误。
7．【答案】ACD
【详解】
A．电流表采用外接法，将会使电阻的测量值偏小，则电阻率的测量值偏小，即ρ测<ρ真，A正确；
B．电流表采用外接法，由于电压表的并联引起了电阻丝分流的减小而引起测量误差，B错误；
C．由ρ＝可知，I、d、U、l中每一个物理量的测量都会引起ρ的测量误差，C正确；
D．由ρ＝，因式子中的d是平方关系，可知对实验结果准确性影响最大的是直径d的测量，D正确。
故选ACD。
8．【答案】AC
【详解】A．根据电流的定义式有
解得
可知，在“观察电容器的充、放电现象”实验中，在放电过程中利用图线与坐标轴围成的面积可以估算电容器放电前储存的电荷量，A正确；
B．在“电池电动势和内阻的测量”实验中，在读取多组电压表和电流表数据的过程中，为了避免电源长时间通电发热，开关不能够始终保持闭合状态，B错误；
C．金属热电阻随温度的升高电阻增大，可知，在“利用传感器制作简单的自动控制装置”实验中，金属热电阻能够把温度这个热学量转换为电阻这个电学量，C正确；
D．在“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验中，当副线圈不接任何用电器时，由于穿过负线圈的磁通量仍然发生周期性的变化，可知，副线圈的两端电压不为零，D错误。
选AC。
9．【答案】BC
【详解】
A．由于是用多用表的欧姆档，故该多用表的A点应该接红表笔，A错误；
B．把两表笔短接就等于一个只有一个灵敏电流计和一个欧姆表内阻以及一个电动势为1.5V的电源，电流满偏时由欧姆定律有
B正确；
CD．测量某电阻的阻值时，有
所以
D错误，C正确。
故选BC。
10．【答案】CD
【详解】
AB．测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律
用电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器组合可测量电源的电动势和内阻；或可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，
通过改变电阻箱的阻值，从而改变电流，实现多次测量，能达到实验目的，AB正确；
C．由于滑动变阻器不能读出阻值，不能求出电路中电流，不能达到目的，C错误。
D．由于滑动变阻器不能读出阻值，不能求出路端电压，不能达到目的，D错误。
故选CD。
11．【答案】欧姆调零；18.0；A；D；R2-R1；2；
【详解】
(1)欧姆表使用前应先进行调零，即将两表笔短接，调整欧姆调零旋钮使指针在欧姆刻度的‘0’处，所测量电阻为
R=18.0ⅹ1Ω=18.0Ω
(2)根据闭合电路欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为
所以电流表应选A；
电路中需要的最大电阻应为
所以电阻箱选D。
根据闭合电路欧姆定律，S2断开时
S2闭合时
解得
(3)S闭合后，由闭合电路欧姆定律可知
则
可知图像的纵轴交点为
解得RA=2Ω。
12．【答案】(1)甲；不能，(2)A1 ；R1，(3)，(4)A
【详解】（1）[1][2]由图所示电路图可知，图甲所示电路采用电流表外接法，由于电压表的分流作用，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值；此误差是因为电表内阻引起的，是系统误差，所以不能通过多次测量取平均值来减少。
（2）[1][2]电路最大电流约为，电流表应选择A1，因为电阻阻值约为，为方便实验操作，滑动变阻器应选择R1。
（3）滑动变阻器的滑片P置于b端时接通电路后的电流最小，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，滑动变阻器应接左下接线柱，根据图所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示。
（4）由图所示电路图可知，两端的电压值和不变，与不是一次函数关系，所以图像是曲线，、一定时，随增大，减小的越来越慢，A正确，BCD错误。选A。
13．【答案】(1)左(2分) 　 (2)I1(2分) 　(3) 3 608(2分)
【解析】热门考点:运用等效替代法测电阻
(1)为保证电路安全应将滑动变阻器调到分压为零的位置,故闭合开关前,先将滑动变阻器R1的滑片移到左端。
(2)运用等效替代法,用电阻箱等效替代待测电阻,使两次电流表的示数相同,所以当电流表的示数再次为I1时,电阻箱R0的示数即为待测电阻R的阻值。
(3)电阻箱的示数是R0=(3×1 000+6×100+0×10+1×8) Ω=3 608 Ω。
【技巧必背】
运用等效替代法,用电阻箱等效替代待测电阻,保证两次测量时电流表的示数相同。
14．【答案】(1)B(2分)　(2)偏大(2分)　(3)1 700(2分)
【解析】热门考点:半偏法测电压表内阻和电表的改装
(1)本实验采用半偏法测量电压表内阻,实验步骤②中,调节某些仪器时,正确的操作是保持滑动变阻器的滑片位置不变,调节电阻箱阻值R',使电压表指针指向满刻度的处,B正确。
(2)增加电阻箱阻值后,滑动变阻器左端部分分压变大,电压表和电阻箱两端的总电压大于电压表量程的,则电阻箱两端的电压大于电压表量程的,根据电压比等于电阻比,可得电阻箱的阻值大于电压表的阻值,所以测量值比真实值偏大。
(3)由欧姆定律知(8 500+R)=U,解得R=1 700 Ω。
【知识拓展】
电阻箱与电压表串联后,电压表所在支路的电阻变大,则电路的总电阻变大,电流变小,电压表与电阻箱和滑动变阻器并联部分两端的电压变大,所以电阻箱实际分得的电压偏大,大于电压表的读数,故电压表内阻的测量值就稍大于真实值。
15．【答案】(1)见解析 (3)1.30 (4)1.80 2.50 (5)接法Ⅱ (6)接法Ⅱ
【解析】(1)根据题图甲所示的电路图，实物图连线如图所示。
(3)量程为0~3 V的电压表分度值为0.1 V，需要估读到分度值的下一位，由题图丙可知，电压表的读数为U1＝1.30 V。
(4)当单刀双掷开关接1且电流表示数为零时，电压表的示数为电源电动势，故电源电动势为U1－I1图像的纵截距，则有E＝1.80 V。
当单刀双掷开关接2且电压表示数为零时，相当于外接电路短路，电流表示数为外电路短路时的电流，由U2－I2图像可知此时电路电流为0.40 A，根据闭合电路欧姆定律可知，解得电源内阻为。
(5)结合闭合电路U－I图像斜率的物理意义，由题图丁可知，U1－I1图像斜率的绝对值为，解得r1＝3.00 Ω。
由题图丁可知，U2－I2图像斜率的绝对值为，解得r2＝2.25 Ω，可得
故接法Ⅱ测得的电源内阻更接近真实值。
(6)由题图甲可知，接法Ⅰ的误差来源是电流表的分压，接法Ⅱ的误差来源是电压表的分流，由于电源内阻较小，远小于电压表内阻，结合(5)问分析可知，若只能选择一种接法，应选择接法Ⅱ更合适。
第 page number 页，共 number of pages 页
第 page number 页，共 number of pages 页2026届人教版高考物理第一轮复习：电学实验综合基础练习1
一、单选题（本大题共6小题）
1．某同学利用如图所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线，在实验中，他将滑动变阻器的滑片从左端匀速滑向右端，发现电流表的指针始终在小角度偏转，而电压表的示数开始时变化很小，但当滑片接近右端时电压表的示数迅速变大。为了便于操作并减小误差，你认为应采取的措施是（ ）
A．换用最大阻值更大的滑动变阻器，将导线a的M端移到电流表“3”接线柱上
B．换用最大阻值更大的滑动变阻器，将导线b的N端移到电流表“0.6”接线柱上
C．换用最大阻值更小的滑动变阻器，将导线a的M端移到电流表“3”接线柱上
D．换用最大阻值更小的滑动变阻器，将导线b的N端移到电流表“0.6”接线柱上
2．图甲是多用电表内部结构示意图，图乙是刻度盘，通过选择开关分别与1、2、3、4、5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表和欧姆表，下列说法正确的是（ ）
A．是黑表笔、是红表笔
B．作电流表时1比2量程大，作电压表时6比5量程小
C．如图乙所示的指针位置，若选择电阻挡，则读数为;若选择直流电压挡，则读数为
D．当选择开关与3或4相连时是欧姆表，测量电阻之前需欧姆调零，但是测电阻换挡时不需要欧姆调零
3．某待测电阻约100Ω左右，电压表内阻为3000Ω，电流表内阻为0.2Ω，采用伏安法测电阻时，应选择电流表何种接法，测量误差较小，测量值比真实值相比如何（　　）
A．内接法，比真实值偏大 B．外接法，比真实值偏大
C．内接法，比真实值偏小 D．外接法，比真实值偏小
4．某小组尝试用不同方法测量一节干电池的电动势和内阻，他们设计了四种实验方案，分别用到如下器材组合，其中无法达成实验目的的是（　　）
A．一个电流表和多个定值电阻
B．一个电压表和多个定值电阻
C．两个电流表和一个滑动变阻器
D．一个电流表、一个电压表和一个滑动变阻器
5．在探究影响导体电阻与其影响因素的定量关系时，某同学按如图所示的电路进行了实验研究，其中导体a与b只是长度不同，a与c只是粗细不同，a与d只是材料不同，关于该实验，下列说法正确的是（　　）
A．此电路缺少电流表，所以无法研究定量关系
B．a与b相比，导体越长，电压表示数越小
C．a与c相比，导体越粗，电压表示数越大
D．a与d相比，电压示数越大，表明该种材料的导电性能越差
6．某同学通过实验测定阻值约为的电阻，用内阻约为的电压表，内阻约为的电流表进行测量。他设计了图甲和图乙两种电路，下列说法正确的是（　　）
A．实验中应采用图甲电路，此电路测得的偏大
B．实验中应采用图乙电路，此电路测得的偏大
C．实验中应采用图甲电路，误差主要是由电压表分流引起的
D．实验中应采用图乙电路，误差主要是由电流表分压引起的
二、多选题（本大题共4小题）
7．如图为多用电表的原理示意图，其中电流表的满偏电流为0.5mA，内阻，，调零电阻的最大值，电池电动势，内阻。虚线框中S为选择开关，通过操作开关，接线柱B可以分别与触点1、2、3接通，从而实现电表不同的测量功能。下列说法正确的是（　　）
A．当S接触点1时，多用电表处于测量电流的挡位
B．若电压表的量程为0~3V，则的阻值为2900Ω
C．测某电阻阻值时，正确操作后若指针指在正中央，则待测阻值为1500Ω
D．若电池用久了，电动势不变，内阻增大，即使操作正确，测量的电阻值也会偏小
8．某电源的路端电压与流过电源的电流关系如图甲所示，把该电源与开关、理想电流表、定值电阻、电动机用导线相连组成如图乙所示电路，定值电阻，电动机线圈电阻为，电动机启动瞬间当作纯电阻处理，由以上信息可以得到（ ）
A．电源电动势为
B．电源内阻为
C．开关闭合瞬间，电流表示数为
D．假设电动机正常工作时电流表示数为，则电动机效率约为
9．用如图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据做出了如图所示的U-I图像，由图可知（　　）
A．电池电动势的测量值是1.4V
B．电池内阻的测量值是3.5Ω
C．外电路发生短路时的电流为0.4A
D．电压表的示数为1.2V时，电流表的示数
10．在电学探究实验课中，某组同学在实验室利用如图甲所示的电路图连接好电路，并用于测定定值电阻、电源的电动势E和内电阻r．调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表的测量数据．根据所得数据描绘了如图乙所示的两条直线．则有（；）
；
A．图像中的图线b是电压表的测量值所对应的图线
B．由图像可以得出电源电动势和内阻分别是
C．图像中两直线的交点表示定值电阻上消耗的功率为0.75W
D．由图像中两直线的交点可知此时对应的滑动变阻器的电阻
三、非选择题（本大题共5小题）
11．有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U-I图线，有下列器材供选用；
A．电压表（0～5V，内阻10KΩ） B．电压表（0～10V，内阻20KΩ）
C．电流表（0～0.3A ，内阻1Ω） D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）
E.滑动变阻器（5Ω，10A） F.滑动变阻器（500Ω，0.2A）
填空题
(1)实验中电压表应选用 ，电流表应选用 ；（用序号字母表示）
填空题
(2)为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用 （用序号字母表示）。
简答题
(3)请在方框内画出满足实验要求的电路图 ，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图。
12．某市质监局对市场上出售的纯净水质量进行了抽测，结果发现竟有九成样品的细菌超标或电阻率不合格（电阻率是检验纯净水是否合格的一项重要指标）。
填空题
（1）对纯净水样品进行检验时，将采集的水样装入绝缘性能良好的塑料圆柱形容器内（如图甲），容器两端用直径为D的金属圆片电极密封（忽略容器壁的厚度）制成检查样品。实验步骤如下：
A．用游标卡尺和螺旋测微器分别测量样品的直径D及其厚度L；游标卡尺及螺旋测微器读数分别为 mm mm。
B．选用多用电表的电阻“×1k”挡，按正确的操作步骤测此塑料圆柱形容器的电阻，表盘的示数如图所示
简答题
（2）为更精确地测量其电阻，可供选择的器材如下：
电流表A1（量程1mA，内阻约为2Ω）；
电流表A2（量程100uA，内阻约为10Ω）；
电压表V1（量程1V，内阻r=10kΩ）；
电压表V2（量程15V，内阻约为30kΩ）；
定值电阻R0=10kΩ；
滑动变阻器R（最大阻值5Ω）；
电源E（电动势约为4V，内阻r约为1Ω）；
开关，导线若干。
根据你选择的器材，请在线框内画出实验电路图并标注所选器材符号（如：A1或A2） ；
填空题
（3）该检验样品的厚度为L，直径为D，若用以上电路测量电压表的示数为U，电流表的示数为I，则检验样品的电阻率为ρ= （用相应物理量的字母表示）。
13．如图所示为一双量程电压表的示意图。已知电流表的量程为200μA，内阻为500Ω。求图中串联的分压电阻、的电阻值。
14．如图（a）所示，恒流源输出的电流大小与电流表G的满偏电流相同，电流表G的内阻为。现对一只数字已模糊的电阻箱重新标记，将电阻箱和电流表G如图（a）接入电路，闭合开关、，调整电阻箱的旋钮到不同位置，分别读出电流表G的示数I，根据电流表G的示数和不同旋钮位置可对电阻箱旋钮刻度进行标定。
(1)请你利用此电路分析出电阻箱接入电路的电阻与电流表的示数I之间的表达式 。（结果用题中的字母表示）为了获得关于、I两个量的相关函数图像为直线，若以为纵坐标，则横坐标应为 。（结果用题中的字母表示）
(2)某同学采用如图（b）虚线框中所示结构模拟恒流源，那么在选择电源与滑动变阻器时，电源应尽量选择电动势 （填“偏大”或“偏小”）一些，滑动变阻器应尽量选择总电阻 （填“偏大”或“偏小”）些，可以减少误差，即便如此，的测量值仍将 （填“偏大”或“偏小”）。
15．某同学想要测量一新材料制成的粗细均匀电阻丝的电阻率，设计了如下的实验。
(1)用螺旋测微器测量电阻丝的直径，示数如图甲所示，测得其直径 mm。
(2)用多用电表粗测电阻丝的阻值。选择旋钮打在“×100”挡，进行欧姆调零后测量，指针静止时位置如图乙所示，此测量值为 Ω。
(3)为了精确地测量电阻丝的电阻，实验室提供了下列器材：
A．电流表（量程500μA，内阻）
B．电流表（量程10mA，内阻约为0.1Ω）
C．滑动变阻器（，额定电流0.5A）
D．滑动变阻器（，额定电流1A）
E．电阻箱R（阻值范围为）
F．电源（电动势3.0V，内阻约0.2Ω）
G．开关S、导线若干
①实验小组设计的实验电路图如图丙所示，开关闭合前，滑动变阻器滑片应位于 端（选填“最左”、“最右”或“居中”）。由于没有电压表，需要把电流表串联电阻箱R改为量程为3V的电压表，则电阻箱的阻值 Ω。滑动变阻器应选择 （选填“”或“”）。
②正确连接电路后，闭合开关，调节滑动变阻器测得电流表的示数为，电流表的示数为，测得电阻丝接入电路的长度为L，则电阻丝的电阻率 （用题中所给或所测得的物理量的符号表示）。
参考答案
1．【答案】D
【详解】AC．由于电流表的指针始终在小角度偏转，说明它选择的量程偏小，应该选用更大的量程，AC错误；
BD．又因为当滑片接近右端时电压表的示数迅速变大，说明滑动变阻器的阻值偏大，应该选用阻值较小的滑动变阻器，B错误，D正确。选D。
2．【答案】C
【详解】当选择开关与3、4相连时，多用电表是欧姆表，测量电阻之前和换挡后均需进行欧姆调零。内置电源的正极应与黑表笔相连，电源的负极应与红表笔相连，所以为红表笔，为黑表笔。故A、D错误；
B.当选择开关与1、2相连时，多用电表是电流表，接1时并联电阻较小，电流表的量程较大；当选择开关与5、6相连时，多用电表是电压表，接6时串联电阻较大，电压表的量程较大。故B错误；
C.如图乙所示的指针位置，若选择电阻挡，则读数为;若选择直流电压挡，则最小分度为，根据读数规则可知，指针读数为。故选。
3．【答案】A
【详解】
内外接法的选择依据是比较相对误差的大小，将待测电阻的阻值与电流表、电压表的阻值相比较得
由于
即电流表分压产生的误差远小于电压表分流产生的误差，故采用内接法。采用内接法测量时得到的电流是准确的，电压是偏大的，所以测得的电阻值偏大.
故选A。
4．【答案】C
【详解】由知一个电流表和多个定值电阻可以测定干电池的电动势和内阻，A正确；由知一个电压表和多个定值电阻可以测定干电池的电动势和内阻，B正确；因不能读出滑动变阻器的阻值，C错误。一个电流表、一个电压表和一个滑动变阻器属于用伏安法测定干电池的电动势和内阻的实验器材，D正确。本题选选无法达成实验目的的，选C。
5．【答案】D
【详解】
A．此电路是串联电路，电流相等，据电压表示数，可得各导体电阻间的定量关系，故A错误；
B．串联电路电流相等，a与b相比，导体越长，电阻越大，电压表示数越大，故B错误；
C．串联电路电流相等，a与c相比，导体越粗，电阻越小，电压表示数越小，故C错误；
D．串联电路电流相等，a与d相比，电压示数越大，电阻越大，表明该种材料的导电性能越差，故D正确。
故选D。
6．【答案】C
【详解】根据，应采用电流表外接法，即实验中采用图甲电路图，由于电压表的分流作用，使得测量的电流值偏大，则根据，可知，测得电阻比真实值小，ABD错误C正确。
7．【答案】ABC
【详解】A．当S接触点1时，R1与G并联，则多用电表处于测量电流的挡位，选项A正确；
B．若电压表的量程为0~3V，则S接3位置，则
解得
选项B正确；
C．测某电阻阻值时S接2，电流表的量程变为2Ig，此时指针满偏时
指针指在正中央时
解得Rx=1500Ω
选项C正确；
D．该多用电表内部的电源电动势不变，内阻增大，可以通过欧姆调零改变欧姆表的内部电阻，所以中值电阻不变，测量结果不变，选项D错误。
选ABC。
8．【答案】AD
【详解】AB．根据闭合电路欧姆定律
由图知电源电动势为2V，电源内阻为1Ω，故A正确，B错误；
C．开关闭合瞬间，电动机当纯电阻处理，并联部分总电阻为
电流表示数为
故C错误；
D．电动机正常工作时电流表示数为0.6A，则路端电压
干路电流为
流过电动机的电流为
电动机效率
故D正确。
故选AD。
9．【答案】AD
【详解】
AB．根据闭合电路欧姆定律有
由U-I图像可知图像的斜率的绝对值表示电池的内阻，纵坐标的截距表示电池的电动势则有
，
所以A正确；B错误；
C．外电路发生短路时的电流为
所以C错误；
D．电压表的示数为1.2V时，代入公式可解得，电流表的示数为
所以D正确；
故选AD。
10．【答案】BD
【详解】
A．图线a是由路端电压与干路电流的数据所描绘的，图线b是的图线且，所以A错误；
B．由a图线得，电源内阻
电源电动势，B正确；
C．由b图线可求出定值电阻，图像中两直线的交点表示此时电路中的电流为0.5A，电压表的示数，电压表的示数，此时上消耗的功率
所以C错误；
D．把，，代入闭合电路欧姆定律公式可得，又，所以此时滑动变阻器的电阻，D正确．
故选BD.
11．【答案】
（1）A；
（2）D；E；
（3） ； ；
【详解】
(1)[1]灯泡额定电为4V，故电压表应选择5V的量程，故电压表选A。
[2]由
可知，电流为
故电流表应选择D。
(2)[3]由于本实验要求电压表从零开始调节，故应采用分压接法，滑动变阻器选择阻值较小的E。
(3)[4]由(2)的分析可知，本实验应采用滑动变阻器分压接法；灯泡内阻为
则可知
故应采用电流表外接法；电路图如图所示
[5]根据电路图可得出对应的实物图如图所示
12．【答案】
（1）29.8mm；3.191mm；
（2）；
（3）
【详解】
(1)[1]游标尺读数为
29mm+8×0.1mm=29.8mm
[2]螺旋测微器示数为
3mm+19.1×0.01mm=3.191mm
(2)[3]欧姆表示数为
22×1kΩ=22kΩ
电源电动为4V，电压表选择V1，电路最大电流约为
电流表应选A2，由于电压表量程较小，可以与R0串联后接入电路，因待测电阻约为22kΩ，根据待测电阻阻值的平方与电压表及电流表的电阻乘积相比较，可知待测电阻阻值偏大，故用电流表内接法，滑动变阻器电阻较小，用分压式，电路图如图所示
(3)[4]由电阻定律得
其中
根据欧姆定律得
解得
13．【答案】，
【详解】
把电流表改装成5V电压表，串联电阻阻值为
代入数值，计算得
把电流表改装成15V电压表，串联电阻阻值为
代入数值，计算得
14．【答案】(1) ； (2)偏大；偏大；偏大
【详解】（1）[1]根据并联分流原理，得
[2]整理得，可知，横坐标为。
（2）[1]为提高电路的稳定性，电源应选择电动势偏大一些。
[2]总电阻较大的滑动变阻器具有更高的电阻范围和更精细的调节能力，则滑动变阻器应尽量选择总电阻偏大一些。
[3]电阻箱阻值增大时，为了使干路电流不变，滑动变阻器的阻值应调小，则到时电阻箱和电流表的分压偏大，电流表电流偏大，的测量值偏大。
15．【答案】(1)2.150/2.149/2.151；(2)600；(3)最左，5000，，
【详解】（1）如图所示，其螺旋测微器的主尺读数为2mm，所以其读数为
（2）由题意可知，其倍率为，所以其读数为
（3）由题图可知，滑动变阻器采取分压式接法，开关闭合前，滑动变阻器滑片应位于最左端。
电流表串联电阻箱R改为量程为3V的电压表，由，解得
由于滑动变阻器采用分压式接法，所以为了减少实验误差，滑动变阻器应该选择，电阻丝两端的电压为，流过电阻丝的电流为，由于欧姆定律有，由电阻定律有，整理有。
第 page number 页，共 number of pages 页
第 page number 页，共 number of pages 页2026届人教版高考物理第一轮复习：电学实验综合基础练习3
一、单选题（本大题共6小题）
1．如图所示是定性探究电荷间相互作用力与两电荷的电荷量，以及两电荷之间的距离关系的实验装置。该实验的研究方法是（ ）
A．理想实验法 B．等效替代法
C．控制变量法 D．微小量放大法
2．在“测定金属丝的电阻率”实验中，以下操作中错误的是（ ）
A．用米尺测量金属丝的全长三次，算出其平均值
B．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值
C．用伏安法测电阻时采用电流表外接电路，多次测量后算出平均值
D．实验中保持金属丝的温度不变
3．利用多用电表可以检测电路故障。某次实验中连接了如图所示的电路，闭合开关后发现两只相同规格的灯泡均不亮，于是小李同学就用多用电表进行故障检测，他先断开开关，然后将多用电表调到欧姆挡，调零后将表笔接在、两点和、两点，发现指针都有一定偏转，然后闭合开关后用多用电表的电压挡测量，小李将一支表笔接在接线柱，另一支表笔分别与接线柱、、接线柱接触，示数分别为、、。下列推断正确的是（ ）
A．灯泡断路 B．导线断路
C．灯泡断路 D．红表笔接接线柱
4．用伏安法测电阻有两种连接方式，现测量阻值约为300Ω的电阻。使用的电流表内阻为10Ω。使用的电压表内阻是20kΩ，关于测量电路的选择，下列说法正确的是（　　）
A．应采用电流表外接法测量，且测量值小于真实值
B．应采用电流表内接法测量，且测量值小于真实值
C．应采用电流表外接法测量，且测量值大于真实值
D．应采用电流表内接法测量，且测量值大于真实值
5．多用电表表盘指针指在如图所示的位置，下列说法正确的是（ ）
A．多用电表欧姆挡是靠内部电源提供电流的，若选用“×10”倍率测量电阻，则欧姆表内阻约为
B．若该读数是选用电阻挡“×10”倍率得到的，应该更换“×100”倍率，欧姆调零后再次测量
C．若选用的是直流电压“10V”量程，则指针读数应为8.5V
D．测直流电流时，应让红表笔接外电路的负极，黑表笔接外电路正极
6．在如图所示的电路中，已知电阻和的阻值，在电键打到位置1和位置2时，在电流表中读出不同的示数，则利用该电路（　　）
A．可以测量电源电动势，但不能测量电源内电阻
B．可以测量电源内电阻，但不能测量电源电动势
C．可以测量电源电动势，也可以测量电源内电阻
D．不能测量电源电动势，也不能测量电源内电阻
二、多选题（本大题共4小题）
7．如图所示为两电学元件A、B的伏安特性曲线，两条图线交于点P，A的图像在P点的切线与纵轴的交点值为0.4，B的图像在P点的切线与横轴的交点值为0.7，则下列说法正确的是（　　）
A．B元件可能是金属导体
B．当两元件中的电流均为0.5 A时，A、B两元件的电阻阻值相等
C．将两元件串联在电路中，当元件中的电流小于0.5A时，A的电阻阻值大于B的电阻阻值
D．将两元件并联在电路中，当元件中两端的电压小于1V时，A 的功率大于B的功率
8．某物理兴趣小组的学生在课后按照如图所示的原理图制作了一个简单的欧姆表，他们使用到的器材有：一节干电池（电动势，内阻），一个表头（满偏电流，内阻），一个可变电阻R（最大阻值为），两支金属表笔及导线若干。该兴趣小组的同学按照欧姆表正确的操作方法测量某电阻Rx的阻值时，发现表头的示数为6mA，则（　　）
A．该多用表A点应该接黑表笔 B．该欧姆表的内阻为
C．Rx阻值为 D．Rx的阻值为
9．用如图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据做出了如图所示的U-I图像，由图可知（　　）
A．电池电动势的测量值是1.4V
B．电池内阻的测量值是3.5Ω
C．外电路发生短路时的电流为0.4A
D．电压表的示数为1.2V时，电流表的示数
10．在电学探究实验课中，某组同学在实验室利用如图甲所示的电路图连接好电路，并用于测定定值电阻、电源的电动势E和内电阻r．调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表的测量数据．根据所得数据描绘了如图乙所示的两条直线．则有（；）
；
A．图像中的图线b是电压表的测量值所对应的图线
B．由图像可以得出电源电动势和内阻分别是
C．图像中两直线的交点表示定值电阻上消耗的功率为0.75W
D．由图像中两直线的交点可知此时对应的滑动变阻器的电阻
三、非选择题（本大题共5小题）
11．某物理兴趣小组要研究一个小灯泡的伏安特性，他们手中的实验器材如下：
电流表：量程为，内阻；
电流表A2：量程为，内阻；
定值电阻：阻值为；
定值电阻：阻值为；
滑动变阻器：最大阻值约为；
电源E：电动势约为，内阻可忽略；
开关及导线若干。
该实验要求没有系统误差滑动变阻器调节过程中，两电流表指针偏角的调节范围要尽可能大设计电路如图所示。
(1)图中R应选择定值电阻 （填写器材后面的代号）；
(2)若两电流表、A2的示数分别表示为、，利用、、、或写出计R算小灯泡L功率的表达式P= ；
(3)实验时，闭合开关S，逐次改变滑动变阻器滑片位置并读取相应和，某次实验数据为，，此时灯丝电阻R= 。
(4)为保证小灯泡安全，不能超过 。
12．东风中学物理课外兴趣小组利用电流表和电压表（均非理想电表）测定某电动自行车电池的电动势和内阻，已知这个电池的电动势约为，内阻小于，实验电路图如图甲所示，要求尽量减小实验误差。
（1）实验小组先利用图乙所示的电路测量电流表的内阻，实验步骤为：
a.先将滑动变阻器的滑片调至最左端，把单刀双掷开关掷于“1”，再闭合开关，此后调节滑动变阻器的滑片使两表均有适当的示数（此时电压表示数记为、电流表示数记为）；
b.保持滑动变阻器的滑片位置不变，把掷于“2”，调节电阻箱使 ；
c.读出电阻箱的示数为，此即电流表的内阻。
（2）利用图甲电路进行实验，得到多组电压和电流的值，并作出图线如图丙所示，可知电池的电动势为 、内阻为 。（结果均保留一位小数）
（3）本实验中测得的电动势和内阻 （选填“有”或“无”）系统误差。
13．(8分)某同学要测量一捆铜线的长度。他设计了如图甲所示的电路来测量这捆铜线的电阻Rx,图中a、b之间连接这捆铜线,V1和V2可视为理想电压表。实验步骤如下。
　　　
　　　　　甲　　　　　　　　　　乙
(1)先用螺旋测微器测量该铜线的直径d如图乙所示,则d=　　　　mm;
(2)将电阻箱R调节到适当的阻值,闭合开关S,记下此时电阻箱的阻值R、电压表V1的示数U1、电压表V2的示数U2,则这捆铜线的阻值表达式为Rx=　　　　(用R、U1、U2表示);
(3)改变电阻箱的阻值R,记下多组R、U1、U2的示数,计算出每一组的值,作出-图像如图丙所示,利用图像可求得这捆铜线的电阻Rx=　　　　Ω(结果保留三位有效数字);
　　　　　丙
(4)已知这捆铜线材料的电阻率为ρ,则这捆铜线的长度L的表达式为　　　　(用ρ、d、Rx表示)。
14．某实验小组要测量一节干电池的电动势和内阻。实验室提供的器材有：
A．待测干电池1个
B．滑动变阻器（0~15Ω）
C．电压表（0~3V，内阻很大）
D．电压表（0~15V，内阻很大）
E．电流表（0-3A，内阻约为1Ω）
F．电流表（0~100mA，内阻）
G．定值电阻
H．开关一个，导线若干
（1）请根据实验器材，设计实验电路图，并将电路图画在图甲方框中，要求尽可能减小实验误差。电路中电压表选（选填“”或“”），电流表选（选填“”或“”）。
（2）根据设计的电路图连接好实物电路，闭合开关前，应调节滑动变阻器的滑片到一端，使滑动变阻器接入电路的电阻（选填“最大”或“最小”），闭合开关后，调节滑动变阻器，测得多组电压表的示数U和电流表的示数I，作图像如图乙所示，图中所标物理量均已知，则电池的电动势E=，电池的内阻r=。（均用测量的和已知的物理量符号表示）
（3）本实验（选填“存在”或“不存在”）因电表内阻引起的系统误差。
15．在“测定电源电动势和内阻”的实验中，某同学在实验室找出了下列器材：
A．电流表G（满偏电流10mA，内阻rg=10Ω）
B．电流表A（0~0.6A，内阻不计）
C．滑动变阻器R0（0~100Ω，1A）
D．定值电阻R（阻值990Ω）
E.开关与导线若干
F.待测电源（E、r未知）
（1）由于未找到合适量程的电压表，该同学利用电表改装知识，将电流表G与定值电阻R （填“并”或“串”）联改装成的电压表量程的最大值为 V。
（2）根据现有的实验器材，设计电路图，要求用题中所给仪器符号标在电路图中，请画在图甲所示的方框中。
（3）如图乙所示是该同学根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1-I2图线（I1为电流表G的示数， I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E= V，内阻r= Ω。（均保留两位有效数字）
参考答案
1．【答案】C
【详解】定性探究电荷间相互作用力与两电荷的电荷量，以及两电荷之间的距离关系的实验装置。该实验的研究方法是先保持一个物理量不变（如两电荷的电荷量，或两电荷之间的距离），探究另一个物理量跟电荷间相互作用力之间的关系，该实验的研究方法是控制变量法。故选C。
2．【答案】A
【详解】A.应测量出金属丝连入电路的有效长度三次，求平均值，而不是全长，故A错误；
B.为了减小实验误差，应用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值，B正确；
C.金属丝电阻很小，与电压表内阻相差很大，使电压表和金属丝并联，电压表的分流作用很小，应采用电流表外接法，故C正确；
D.金属丝的电阻率随温度的改变而改变，为保持电阻率不变，应保持温度不变，故D正确；此题选择错误的选项，故选A。
3．【答案】B
【详解】AC．用多用电表调到欧姆挡，调零后将表笔接在、两点和、两点，多用表的指针都有一定偏转，说明灯泡、正常，AC错误；
B．闭合开关后用多用电表的电压挡测量，将一支表笔接在接线柱，另一支表笔分别与接线柱、、接线柱接触，示数分别为、、，说明cd间出现断路，B正确；
D．根据多用表“红进黑出”的原则可知，黑表笔接接线柱，D错误。
选B。
4．【答案】A
【详解】根据计算可得，电压表内阻远大于待测电阻，应采用电流表外接法，此种接法由于电压表的分流而使电流测量值偏大，则由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值。选A。
5．【答案】A
【详解】无
6．【答案】C
【详解】
开关接1时，由闭合电路欧姆定律可得
开关接2时，同理可得
由于已知电阻和的阻值，在电流表中读出不同的示数、，则可根据以上两方程得出电源电动势的值和电源内阻的值。
故选C。
7．【答案】BD
【详解】A．由图像可知，电流越大，B元件阻值越小，则B元件是半导体，A错误；
B．当两元件中的电流均为0.5 A时，A、B两元件的电阻阻值均为，B正确；
C．将两元件串联在电路中，两元件电流相等，根据，如图，当元件中的电流小于0.5A时，A的电阻阻值小于B的电阻阻值，C错误；
D．将两元件并联在电路中，两元件电压相等，根据，如图，当元件中两端的电压小于1V时，A 的功率大于B的功率，D正确。
选BD。
8．【答案】BC
【详解】
A．由于是用多用表的欧姆档，故该多用表的A点应该接红表笔，A错误；
B．把两表笔短接就等于一个只有一个灵敏电流计和一个欧姆表内阻以及一个电动势为1.5V的电源，电流满偏时由欧姆定律有
B正确；
CD．测量某电阻的阻值时，有
所以
D错误，C正确。
故选BC。
9．【答案】AD
【详解】
AB．根据闭合电路欧姆定律有
由U-I图像可知图像的斜率的绝对值表示电池的内阻，纵坐标的截距表示电池的电动势则有
，
所以A正确；B错误；
C．外电路发生短路时的电流为
所以C错误；
D．电压表的示数为1.2V时，代入公式可解得，电流表的示数为
所以D正确；
故选AD。
10．【答案】BD
【详解】
A．图线a是由路端电压与干路电流的数据所描绘的，图线b是的图线且，所以A错误；
B．由a图线得，电源内阻
电源电动势，B正确；
C．由b图线可求出定值电阻，图像中两直线的交点表示此时电路中的电流为0.5A，电压表的示数，电压表的示数，此时上消耗的功率
所以C错误；
D．把，，代入闭合电路欧姆定律公式可得，又，所以此时滑动变阻器的电阻，D正确．
故选BD.
11．【答案】；；；150
【详解】
(1)[1]因为小灯泡L额定电压为，和电压之和等于小灯泡电压，当和电压之和为时，若选，与电阻之和，的示数小于，而实验要求在实验时，电流表指针偏角能调节到尽可能大的位置。故图中应选择定值电阻。
(2)[2]经过小灯泡L电流为
电压
(3)[3]由
代入数据得
(4)[4]灯泡电压
不能超过。
12．【答案】；电压表示数为；12.5；1.9；无
【详解】
（1）b.[1]根据等效法原理，保持滑动变阻器的滑片位置不变，把掷于“2”，调节电阻箱使电压表示数为；
c.读出电阻箱的示数此即电流表的内阻RA=3.1Ω。
（2）[2]由图线可知电池的电动势为
E=12.5V
[3]内阻为
（3）[4]因考虑了电流表的内阻，则本实验中测得的电动势和内阻无系统误差。
13．【答案】(1)1.130(2分)　(2)R(2分)　(3)2.60(2分) 　(4)Rx(2分)
【解析】热门考点：测量铜线电阻和长度+数据处理
【题图剖析】
(1)由题图乙可知,d=1 mm+13.0×0.01 mm=1.130 mm。
(2)根据串联分压的特点得=,解得Rx=R。
(3)根据(2)中表达式变形得=Rx·+1,结合题图丙知Rx= Ω=2.60 Ω。
(4)由电阻定律得这捆铜线的电阻Rx=ρ,S=,联立解得L=Rx。
14．【答案】见解析；；最大；；不存在
【详解】（1）[1][2][3]由于一节干电池的电动势约为，则电路中电压表应选；要求尽可能减小实验误差，由于电流表内阻已知，所以电流表选，但由于电流表量程较小，可将定值电阻与并联，扩大电流表量程，则实验电路图如图所示
（2）[4]闭合开关前，应调节滑动变阻器的滑片到一端，使滑动变阻器接入电路的电阻最大；
[5][6]闭合开关后，调节滑动变阻器，测得多组电压表的示数U和电流表的示数I，则电路总电流为，与并联后的电阻为，根据闭合电路欧姆定律可得，整理可得，可知图像的纵轴截距为，图像的斜率绝对值为，解得电池的内阻为
（3）[7]本实验由于电流表内阻已知，则电流表的分压已知，所以不存在因电表内阻引起的系统误差。
15．【答案】串；10；；9.0；10；
【详解】
（1）把电流表G改装成电压表需要串联分压电阻。
改装后电压表量程
（2）应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实验电路图如图所示
。
（3）由电路图可知，电流表G与定值电阻串联充当电压表，则由闭合电路欧姆定律可得
整理得
由数学知识可知，图像与纵坐标的交点为，故电源的电动势为。
图像的斜率的绝对值
解得电源内阻
第 page number 页，共 number of pages 页
第 page number 页，共 number of pages 页2026届人教版高考物理第一轮复习：高考物理实验分类基础练习4
一、实验知识与常用测量仪器（本大题共1小题）
1．有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是 mm；用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是 mm。
二、力学实验（本大题共15小题）
2．某同学在“验证力的平行四边形定则”的实验中，根据实验数据、按照一定标度画出如图所示的力的图示。
（1）图中的力F1、F，、F、F'不是由弹簧测力计测得的是 ；（填字母）
（2）在该实验中需要记录F1、F2的大小和方向及观察F、F'的大小和方向是否在误差允许范围内相同。
（3）本实验采用的科学方法是 。
A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．放大微小形变法
3．“验证机械能守恒定律”的实验采用重物自由下落的方法（取g=10m/s2）
(1)用公式=mgh时，对纸带上起点的要求是初速度为 ，为达到此目的，选择的纸带第一、第二两点间距应接近 mm。
(2)若实验中所用重锤质量m=1kg打点纸带如图所示，打点纸带如图所示,打点时间间隔为0.02s，则记录B点时、重锤速度= ，重锤的动能= ，从开始下落起至B点，重锤的重力势能减少量是 J（保留两位有效数字），因此可得出的结论是 。
4．某学习小组利用图示装置探究加速度与力、质量的关系，主要操作步骤如下：
a.按图甲所示完成装置安装，木板左端用铰链连接在桌面上，将1个钩码通过跨过定滑轮的细绳连接到小车上；
b.调整木块位置，使小车获得一定初速度后，遮光片通过两光电门的遮光时间相等；
c.取下钩码，由静止释放小车，记录小车通过上、下两个光电门时遮光片的遮光时间，分别记为和；
d.依次增加悬挂的钩码（完全相同）个数n，重复步骤b、c、d。
请完成以下问题：
(1)两光电门中心间的距离为s，遮光片的宽度d用螺旋测微器测量如图乙，读得 mm。由计算出小车加速度。
(2)要探究小车加速度与所受合外力的关系，以加速度a为纵轴，以 （选填“n”“”“”或“”）为横轴描点作图，当所作图像是一条过坐标原点的倾斜直线时，则说明：在小车质量不变的情况下，小车的加速度与所受合外力成正比。
(3)下列做法能减小本实验误差的是______。
A．减小两光电门之间的距离 B．要确保小车的质量远大于钩码的质量
C．挑选遮光片时，选宽度比较小的 D．挑选表面比较光滑的木板进行实验
5．探究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系的向心力演示器如图甲所示，转动手柄，可使塔轮、长槽和短槽随之匀速转动。如图乙所示是演示器部分原理示意图：两转臂上黑白格的长度相等，A、B、C为三根固定在转臂上的挡板（长槽的长度为短槽的2倍，挡板A在长槽正中间），可与转臂上做圆周运动的实验球产生挤压，从而提供向心力。根据图甲中向心力演示器标尺上露出的红白相间等分标记，可以粗略计算出两个球所受向心力的比值。已知塔轮①和塔轮④的半径相等，塔轮②和塔轮⑤的半径之比为2∶1，塔轮③和塔轮⑥的半径之比为3∶1。由于皮带长度和传动效果的限制，皮带只能同时套在同一层的塔轮上，即同时套在塔轮①和塔轮④、塔轮②和塔轮⑤或塔轮③和塔轮⑥上。
(1)在该实验中应用了 来探究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系。
A．理想实验法 B．控制变量法 C．等效替代法 D．演绎法
(2)探究向心力与角速度之间的关系时，应选择半径 （填“相同”或“不同”）的两个塔轮；同时应将质量相同的小球分别放在 处。
A．挡板A与挡板B B．挡板A与挡板C C．挡板B与挡板C
(3)某同学用质量为3m和m的两个小球进行探究实验，他分别把两小球同时放在左右转臂上的合适位置，通过调整皮带套在塔轮的位置，转动手柄，得到两个标尺上示数差别最大的结果，此时标尺的最大示数和最小示数之比为 。
6．某同学用如图所示装置“验证动能定理”，重力加速度为g。
（1）实验前先平衡摩擦力，平衡摩擦力时 （选填“需要”“不需要”）悬挂钩码；实验过程中为了保证细线对小车的拉力近似等于悬挂钩码的重力，需要满足的条件是 。
（2）按实验要求安装、调整好装置，按正确的操作进行实验，某次实验悬挂钩码的质量为m，打出的纸带如图乙所示，O点为刚释放钩码时打下的点， A、B、C、D是四个连续点，各点与O点间的距离图中已标出，已知打点计时器所用交流电的频率为f，小车质量为M，则打下C点时，小车的速度表达式为 （用物理量符号表示），从打O点到打C点过程中，如果表达式 （用物理量符号表示）在误差允许的范围内成立，则动能定理得到验证。
（3）由于细线对小车的拉力近似等于悬挂钩码的重力，因此求得的合外力的功 （填“大于”或“小于”）小车动能的增量。
7．某同学利用如图所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律，物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如下图所示。打点计时器电源的频率为50Hz。
（1）由打点计时器打出的纸带，不用运动学公式计算就可以直接得出的物理量是 ；
A．平均速度 B．瞬时速度 C．加速度 D．时间间隔
（2）通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数点 和 之间某时刻开始减速；
（3）计数点5对应的速度大小为 m/s，物块减速运动过程中加速度的大小为a= m/s2。（结果均保留三位有效数字）
8．在“探究向心力大小的表达式”实验中，用如图甲所示的装置，已知小球在挡板A、B、C处做圆周运动的轨迹半径之比为1：2：1，变速塔轮自上而下按如图乙所示三种组合方式，左右每层半径之比由上至下分别为1：1，2：1和3：1。回答以下问题：
(1)本实验所采用的实验探究方法与下列哪些实验是相同的______。
A．探究小车速度随时间变化的观律
B．探究平抛运动的特点
C．探究两个互成角度的力的合成规律
D．探究加速度与物体受力、物体质量的关系
(2)在某次实验中，把两个质量相等的钢球放在B、C位置，探究向心力的大小与半径的关系，则需要将传动皮带调至第 层塔轮（填“一”、“二”或“三”）；
(3)在某次实验中，把两个质量相等的钢球放在B、C位置，将传动皮带调至第二层塔轮，则标尺的刻度之比为 。
9．在“研究小球做平抛运动的规律”的实验中：
(1)如图甲所示的实验中，用锤子敲弹片后A球作自由落体运动，我们观察到两球同时落地，说明作平抛运动的B球在竖直方向做 运动；如图乙所示的实验：将两个光滑斜轨道固定在同一竖直面内，滑道末端水平，把两个质量相等的小钢球，从斜面的相同高度由静止同时释放，球2的轨道的水平部分也是光滑的，释放后，球2到达水平轨道后作匀速直线运动，我们观察到球1落到水平板上并击中球2，这说明作平抛运动的球1在水平方向做 运动；
(2)该同学用频闪照相机拍摄到如图丙所示的小球平抛运动的照片，照片中小方格的边长，小球在平拋运动中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，如果我们把平抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，则由图可知：照相机每隔 s曝光一次，小球平拋初速度为 （当地重力加速度大小）。
10．(6分)小圆同学用橡皮筋、同种一元硬币、刻度尺、塑料袋、支架等，设计了如图(a)所示的实验装置，测量冰墩墩玩具的质量。主要实验步骤如下：
图(a)
图(b) 图(c)
(1)查找资料，得知每枚硬币的质量为6.05 g；
(2)将硬币以5枚为一组逐次加入塑料袋，测量每次稳定后橡皮筋的长度l，记录数据如下表：
序号 1 2 3 4 5
硬币数量n/枚 5 10 15 20 25
长度l/cm 10.51 12.02 13.54 15.05 16.56
(3)根据表中数据在图(b)上描点，绘制图线；
(4)取出全部硬币，把冰墩墩玩具放入塑料袋中，稳定后橡皮筋长度的示数如图(c)所示，此时橡皮筋的长度为　　　　cm；
(5)由上述数据计算得冰墩墩玩具的质量为　　　　g (计算结果保留3位有效数字)。
11．在“验证动量守恒定律”的实验中,请回答下列问题.
(1)实验记录如图(甲)所示，则A球碰前做平抛运动的水平位移是图中的 ，B球被碰后做平抛运动的水平位移是图中的 ；(两空均选填“OM”“OP”或“ON”)
(2)小球A下滑过程中与斜槽轨道间存在摩擦力，这对实验结果 (选填“会”或“不会”)产生误差.；
(3)在“验证动量守恒定律”的实验中，某同学用如图(乙)所示的装置进行了如下的操作：
①先调整斜槽轨道,使末端的切线水平，在一块平木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将该木板竖直立于靠近槽口处，使小球a从斜槽轨道上某固定点处由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；
②将木板向右平移适当的距离，再使小球a从原固定点由静止释放,撞在木板上并在白纸上留下痕迹B；
③把半径相同的小球b静止放在斜槽轨道水平段的最右端,让小球a仍从原固定点由静止释放,和小球b相碰后,两球撞在木板上并在白纸上留下痕迹A和C；
④用天平测量a、b两小球的质量分别为, ,用刻度尺测量白纸O点到A、B、C三点的距离分别为、和用本实验中所测得的量来验证两球碰撞过程动量守恒,其表达式为 。
12．某组同学在图a所示装置的基础上再增加一个速度传感器，如图b所示，将摆球拉开一小角度使其做简谐运动，速度传感器记录了摆球振动过程中速度随时间变化的关系，如图c所示的图线。

（1）由图c可知，该单摆的周期 s；
（2）摆线长度L为单摆悬点至小球上端的距离，更换摆线长度后，多次测量，根据实验数据，利用计算机作图线，并根据图线拟合得到方程。由此可以得出当地的重力加速度 （取，结果保留3位有效数字）。若其他测量、计算均无误，则用上述方法算得的g值和真实值相比是 （选填“偏大”“ 偏小”或“不变”）的。
13．某同学利用如图甲所示的装置验证牛顿第二运动定律，装置如图所示，物块1质量为，物块2质量为；物块1、2由跨过轻质定滑轮的细绳连接，物块2下端与打点计时器纸带相连。初始时，托住物块1，两物块保持静止，且纸带竖直绷紧，接通打点计时器的电源，释放物块1，两物块开始运动，打点计时器打出的纸带如图乙所示，已知打点计时器所用的交流电源频率为，每相邻的两个点之间还有四个点未画出。回答下列问题：
(1)对于该实验，下列哪些操作是正确的 。(选填选项前的字母)
A．物块1选用质量和密度较小的物体
B．两限位孔在同一竖直线上
C．实验时，先释放物块1，后接通电源
(2)根据图乙中的数据可知，物块1匀加速下落时的加速度大小 。(保留三位有效数字)
(3)通过该实验可计算出当地的重力加速度大小。 (保留两位有效数字)
(4)由于空气阻力及纸带的影响，重力加速度的测量值 (填“大于”或“小于”)真实值。
14．11 ．（7分）某同学探究弹簧振子振动周期与质量的关系，实验装置如图（a）所示，轻质弹簧上端悬挂在铁架台上，下端挂有钩码，钩码下表面吸附一个小磁铁，其正下方放置智能手机，手机中的磁传感器可以采集磁感应强度实时变化的数据并输出图像，实验步骤如下：
图（a）
（1）测出钩码和小磁铁的总质量m；
（2）在弹簧下端挂上该钩码和小磁铁，使弹簧振子在竖直方向做简谐运动，打开手机的磁传感器软件，此时磁传感器记录的磁感应强度变化周期等于弹簧振子振动周期；
（3）某次采集到的磁感应强度 B 的大小随时间t 变化的图像如图（b） 所示，从图中可以算出弹簧振子振动周期T＝　　　　（用“t0”表示）；
图（b）
（4）改变钩码质量，重复上述步骤；
（5）实验测得数据如表所示，分析数据可知，弹簧振子振动周期的平方与质量的关系是　　　　（填“线性的”或“非线性的”）；
m/kg 10T/s T/s T2/s2
0．015 2．43 0．243 0．059
0．025 3．14 0．314 0．099
0．035 3．72 0．372 0．138
0．045 4．22 0．422 0．178
0．055 4．66 0．466 0．217
（6）设弹簧的劲度系数为k，根据实验结果并结合物理量的单位关系，弹簧振子振动周期的表达式可能是　　　　（填正确答案标号）；
A．2π B．2π C．2π D．2πk
（7）除偶然误差外，写出一条本实验中可能产生误差的原因：　　　　。
15．如图甲所示是某同学使用打点计时器研究匀变速直线运动的实验装置。请回答下面的问题：
(1)实验中，必要的措施是（　　）
A．小车停止运动后，应立即关闭电源，再取下纸带
B．先接通电源再释放小车
C．小车靠近滑轮，远离打点计时器释放
D．本实验要求瞬时速度，因此需要记录时间的仪器-秒表
(2)该同学获得一条点迹清晰的纸带，如图所示，已知打点计时器每隔打一个点，纸带左端与小车连接，该同学选择A、B、C、D、E、F六个计数点，对计数点进行测量的结果记录在下图中。
①根据实验数据可以判断小车做 直线运动。（选填“匀加速”或“匀减速”）
②打下C点时小车的瞬时速度大小为 。（结果保留一位小数）
③小车运动的加速度大小为 。（结果保留一位小数）
16．如图甲所示是用“落体法”验证机械能守恒定律的实验装置。（g取9.80 m/s2）
(1)选出一条清晰的纸带如图乙所示，其中O点为打点计时器打下的第一个点，A、B、C为三个计数点，打点计时器通以频率为50 Hz的交变电流。用分度值为1 mm的刻度尺测得OA＝12.41 cm，OB＝18.90 cm，OC＝27.06 cm，在计数点A和B、B和C之间还各有一个点，重锤的质量为1.00 kg。甲同学根据以上数据算出：当打点计时器打到B点时重锤的重力势能比开始下落时减少了 J；此时重锤的速度vB＝ m/s，此时重锤的动能比开始下落时增加了 J。（结果均保留三位有效数字）
(2)某同学利用他自己实验时打出的纸带，测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离h，算出了各计数点对应的速度v，然后以h为横轴、以v2为纵轴作出了如图丙所示的图线，图线的斜率近似等于 ；
A．19.6 B．9.8 C．4.90
图线未过原点O的原因是 。
三、电学实验（本大题共9小题）
17．某实验小组用电压表和电阻箱测量溶液电池的电动势E和内阻r，实验室中有一种特殊电源，可以把电压表接在靠近电源正、负极M、N旁的两探针P、Q上，来采集溶液电池的内电压，并在实验的过程中测量和记录了电压表示数随电阻的变化情况。请回答下列问题：
(1)在实验的过程中，逐渐调节电阻箱的电阻，让R的阻值逐渐增加，电压表的示数如何变化 （选填“增大”“不变”或“减少”）。
(2)通过作图来测量电源的电动势和内阻，以R为横坐标，以为纵坐标．在坐标系中，图线的斜率为k，纵截距为b，则电源的电动势 ，内阻 。
(3)内阻的测量值 （选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。
18．某实验小组在测量电源电动势和内阻的实验中，采用如图甲所示的电路进行实验，待测电源的电动势约2V，内阻约2Ω。
(1)按电路图连接电路后，在闭合开关S前，滑动变阻器滑片应置于 （填“a”或“b”）端；
(2)根据实验数据绘出U-I图像如图乙，由图像可得电源电动势为 V。
19．（9分）小华制作了一个水果电池，要测量其电动势和内阻。
（1）小华先用电压表直接测量水果电池两极间的电压，发现电压表指针位置如图甲所示，读数为　　　　V；
甲
（2）小华又用这个电压表和一个电阻箱，设计了图乙所示的电路，测得多组U、R的值，并做出－图像，如图丙所示，已知电压表内阻等于3 kΩ，考虑电压表的分流影响，那么水果电池的电动势E＝　　　　V，内阻r＝　　　　kΩ；（计算结果均保留两位有效数字）
乙 丙
（3）查资料发现，由图像计算得到的水果电池电动势符合实际，那么用电压表直接测量水果电池两极间电压与电动势有明显偏差的原因是　　　　。
20．(9分)小梦同学自制了一个两挡位(“×1”“×10”)的欧姆表，其内部结构如图所示，R0为调零电阻(最大阻值为R0m)，Rs、Rm、Rn为定值电阻(Rs＋R0m＜Rm＜Rn)，电流计 的内阻为RG(Rs RG)。用此欧姆表测量一待测电阻的阻值，回答下列问题：
(1)短接①②，将单刀双掷开关S与m接通，电流计 示数为Im；保持电阻R0滑片位置不变，将单刀双掷开关S与n接通，电流计 示数变为In，则Im　　　　In(填“大于”或“小于”)；
(2)将单刀双掷开关S与n接通，此时欧姆表的挡位为　　　　(填“×1”或“×10”)；
(3)若从“×1”挡位换成“×10”挡位，调整欧姆零点(欧姆零点在电流计 满偏刻度处)时，调零电阻R0的滑片应该　　　　调节(填“向上”或“向下”)；
(4)在“×10”挡位调整欧姆零点后，在①②间接入阻值为100 Ω的定值电阻R1，稳定后电流计 的指针偏转到满偏刻度的；取走R1，在①②间接入待测电阻Rx，稳定后电流计 的指针偏转到满偏刻度的，则Rx＝　　　　Ω。
21．用图所示的电路．测定一节旧干电池的电动势和内阻。除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：双量程电流表：A（量程0~0.6A，0~3A）；双量程电压表：V（量程0~3V，0~15V）；滑动变阻器：R1（阻值范0~20Ω，额定电流2A）；滑动变阻器：R2（阻值范0~1000Ω，额定电流1A）
(1)为了调节方便，测量精度更高，实验中应选用电流表的量程为 A，电压表的量程为 V，应选用滑动变阻器 （填写滑动变阻器符号）；
(2)根据图正确连接图中的实物电路，注意闭合开关时滑动变阻器的滑片P应处于正确的位置并选择正确的电表量程进行连接 ；
(3)通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U，利用这些数据在图中画出了U-I图线。由图象可以得出，此干电池的电动势E= ，内阻r= Ω；
(4)引起该实验的系统误差的主要原因是 。
A．由于电流表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小
B．由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小
C．由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比路端电压小
D．由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比路端电压大
22．某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：
A．电流表A1（内阻，满偏电流
B．电流表A2（内阻约为，量程为）
C．定值电阻（）
D．滑动变阻器（最大电阻为）
E．两节干电池
F．一个开关和导线若干
G．螺旋测微器，游标卡尺
（1）如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为 mm；如图2用20分度游标卡尺测金属棒长度为 cm。
（2）用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用 挡（填“”或“”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图3所示，则金属棒的阻值约为 。
（3）请根据提供的器材，设计一个实验电路，要求尽可能精确测量金属棒的阻值。( )
（4）若实验测得电流表A1示数为，电流表A2示数为，则金属棒电阻的表达式为 。（用，，，表示）
23．（10分）某同学为了测电流表A1内阻的精确值，准备了如下器材：
A．电流表A1（量程0～300 mA，内阻约为5 Ω）；
B．电流表A2（量程0～600 mA，内阻约为1 Ω）；
C．电压表V（量程0～15 V，内阻约为3 kΩ）；
D．定值电阻R0（阻值为5 Ω）；
E．滑动变阻器R1（阻值范围0～5 Ω，额定电流为1 A）；
F．滑动变阻器R2（阻值范围0～50 Ω，额定电流为0．01 A）；
G．电源E（电动势为3 V，内阻较小）；
H．导线、开关若干。
（1）实验要求电流表A1的示数从零开始变化，且多测几组数据，尽可能地减少误差，以上给定的器材中滑动变阻器应选　　　　。（填器材前的序号）
（2）实验电路图如图所示，应选用的仪器1为　　　　，2为　　　　，3为　　　　。（填器材前的序号）
（3）利用上述电路图测得电流表A1的内阻　　　　真实值。（填“大于”“小于”或“等于”）
24．（10分）某实验小组为了测量某种材料制成的电阻丝的电阻Rx，实验室提供的器材有：
A．电流表G1（内阻Rg1＝100 Ω，满偏电流Ig1＝20 mA）
B．电流表G2（内阻Rg2＝100 Ω，满偏电流Ig2＝10 mA）
C．定值电阻R0（50 Ω，允许通过的最大电流1 A）
D．电阻箱R1（阻值范围0～9 999 Ω，允许通过的最大电流1 A）
E．滑动变阻器R2（最大阻值100 Ω，允许通过的最大电流1 A）
F．电源E（电动势30 V，内阻不计）
G．多用电表
H．开关S和导线若干
某同学进行了以下操作：
　
甲　　　　　乙
（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×10”挡测量时，发现指针偏转角度过小，为了更准确地测量该电阻丝的阻值，将多用电表的欧姆挡位换到“　　　　”（填“×1”或“×100”）挡再次测量，并重新进行　　　　（填“机械调零”或“欧姆调零”），若测量时指针位置如图甲所示，则示数为　　　　Ω。
（2）为测量电阻丝阻值，该同学设计电路图如图乙所示。为采集到多组数据，应尽可能让电表同时接近满偏状态。所以图乙中，A1处应选择　　　　（填“G1”或“G2”）与电阻箱串联，改装成量程为0～30 V的电压表。
（3）调节滑动变阻器的滑片到合适位置，测得电流表G1的示数为I1，电流表G2的示数为I2，则该种材料制成的电阻丝的电阻Rx＝　　　　（用题中所给的符号表示）。
25．某实验小组为了测量某种材料制成的电阻丝的电阻，实验室提供的器材有：
A．电流表（内阻，满偏电流）
B．电流表（内阻，满偏电流）
C．定值电阻（100Ω，1A）
D．电阻箱（，1A）
E．滑动变阻器（100Ω，1A）
F．电源（36V，内阻不计）
G．多用电表
H．开关S和导线若干
某同学进行了以下操作：
（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×10”挡测量时，发现指针偏转角度过小，为了更准确地测量该电阻丝的阻值，将多用电表的欧姆挡位换到 （填“×1”或“×100”）进行再次测量，并重新进行 （填“机械调零”或“欧姆调零”），若测量时指针位置如图甲所示，则示数为 。

（2）测量电阻丝阻值，某同学设计电路图如图乙所示。为采集到多组数据，应尽可能让电表同时接近满偏状态。所以图乙中，处应选择 （填“”或“”）与电阻箱串联，改装成量程为36 V的电压表
（3）调节滑动变阻器的滑片到合适位置测得电流表的示数为，电流表的示数为，则该种材料的电阻
四、其他实验（本大题共3小题）
26．在“研究电磁感应现象”实验中，将灵敏电流计G与线圈L连接，线圈上导线绕法，如图所示．已知当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．
（1）将磁铁N极向下从线圈L上方竖直插入L时，灵敏电流计的指针将 偏转（选填“向左”“向右”或“不”）．
（2）当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，a点电势 b点电势（填“高于”、“等于”或“低于”）．
27．在“用油膜法估测分子大小”的实验中，所用油酸酒精溶液的浓度为每体积溶液中有纯油酸体积，用注射器和量筒测得体积上述溶液有n滴，把一滴该溶液滴入盛水的撒有痱子粉的浅盘中，待水面稳定后，得到油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中每个小正方形格的边长为a，则可求得：
(1)油酸薄膜的面积S= ；
(2)每滴溶液中含有纯油酸的体积为 ；油酸分子的直径是 ；（用、、、n、S表示）
(3)某同学实验中最终得到的油酸分子直径数据偏大，可能是由于________。
A．油膜中含有大量未溶解的酒精
B．计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格
C．水面上痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开
D．用注射器和量筒测体积溶液滴数时多记录了几滴
28．利用双缝干涉测量光的波长实验中，双缝相距d，双缝到光屏的距离L，用某种单色光照射双缝得到干涉条纹如图所示，分划板在图中A、B位置时游标卡尺读数如图所示，则：
（1）分划板在图中A、B位置时游标卡尺读数分别为 mm， mm，相邻两条纹间距 mm；
（2）波长的表达式 （用、L、d表示）；
（3）若将滤光片由红色换为绿色，得到的干涉条纹间距将 （选填“变大”“不变”或“变小”）；
（4）若仅将屏向远离双缝的方向移动。可以 （填“增加”或“减少”）从目镜中观察到的条纹个数。
五、创新实验（本大题共2小题）
29．如图所示，某同学设计了一种验证机械能守恒定律的实验方案，将一量角器固定在铁架台的水平横杆上，在量角器的圆心位置固定一光滑的钉子，并使量角器直径与水平横杆平行。将不可伸长的轻绳一端系在钉子上，另一端与一密度较大的小铁球相连。钉子正下方放置一光电门。实验时，先使小球自由下垂并且小球球心对准光电门中心，然后握住铁球使轻绳拉直，且在与量角器平行的竖直平面内让小球从静止释放，光电门测得小球通过光电门的时间为。
(1)若要验证机械能守恒定律，还需要测量以下哪些物理量__________（填标号）。
A．小球质量m B．小球直径D
C．轻绳的长度L D．轻绳与水平方向的夹角
(2)根据题干和（1）中的测量量，得出能够验证机械能守恒定律的表达式为 。
(3)若轻绳自由下垂时小球的球心略高于光电门的中心，小球在最低点处的动能的测量值将 （填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
30．（7分）2023年9月21日在中国空间站的“天宫课堂”中，“神舟十六号”航天员做的钢球碰撞实验给大家留下深刻印象。如图甲所示，其中大钢球质量为M，小钢球质量为m，在空间站中钢球的自由运动可以看成匀速直线运动。
甲
（1）用两个相同的大钢球做实验，一个运动的钢球碰另一个静止的钢球，碰后二者刚好交换速度，说明此碰撞为　　　　（填“弹性碰撞”或“完全非弹性碰撞”）。
（2）用小钢球去碰静止的大钢球，二者发生正碰，发现小钢球能被弹回。通过视频逐帧播放，可测量在相同运动时间内碰前小钢球的位移大小为L1、碰后小钢球的位移大小为L2和大钢球的位移大小为L3，若上述物理量满足关系式　　　　，就可验证此碰撞过程中两球的总动量守恒。
（3）用大钢球去碰静止的小钢球，发现碰撞前后两球的运动方向不在同一直线上，如图乙所示，此碰撞过程中两球的总动量　　　　（填“仍然守恒”或“不再守恒”）。
乙
参考答案
1．【答案】10.50；1.731
【详解】[1]游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为：0.05mm×10=0.50mm，所以最终读数为：10mm +0.50mm =10.50mm；
[2]螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为：0.01mm×23.1=0.231mm，所以最终读数为：1.5mm+0.231mm= 1.731mm。
2．【答案】；B
【详解】（1）[1]F1、F2是用两个弹簧秤拉橡皮条时的读数，F是用一个弹簧秤拉橡皮条时的读数，是F1、F2的理论值，则图中的力F1、F2、F、不是由弹簧测力计测得的是。
（3）[2]本实验采用的科学方法是等效替代法。选B。
3．【答案】0 ；2mm ；0.59；0.174 ；0.176；误差允许的范围内，机械能守恒
【详解】(1)[1]用公式=mgh来验证机械能守恒定律时，对纸带上起点的要求是重锤是从初速度为零开始；
[2]打点计时器的打点频率为50Hz，打点周期为0.02s，重物开始下落后，在第一个打点周期内重物下落的高度所以所选的纸带最初两点间的距离接近
(2)[3]利用匀变速直线运动的推论
[4]重锤的动能
[5]从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量
[6]得出的结论是在误差允许范围内，重物下落的机械能守恒
4．【答案】(1)3.108/3.107/3.109/3.106
(2)n
(3)C
【详解】（1）根据螺旋测微器的读数规律，该读数为
（2）令一个钩码的质量为m，小车的质量为M，依次增加悬挂的钩码（完全相同）个数n，重复步骤b、c、d，在步骤b中，根据平衡条件有
在步骤c中，对小车进行分析，根据牛顿第二定律有
则有
可知，要探究小车加速度与所受合外力的关系，以加速度a为纵轴，以n为横轴描点作图，当所作图像是一条过坐标原点的倾斜直线时，则说明：在小车质量不变的情况下，小车的加速度与所受合外力成正比。
（3）A．根据光电门测速原理有
当光电门之间间距大一些时，挡光时间短一些，测速更加精确一些，可知，为了减小测速误差，实验中应增大两光电门之间的距离，A错误；
B．结合上述可知，实验中能够精确测得小车所受外力的合力，实验中，不需要确保小车的质量远大于钩码的质量，B错误；
C．遮光片宽度越小，挡光时间越短，速度测量误差越小，可知，实验中挑选遮光片时，选宽度比较小的，C正确；
D．结合上述可知，木板的摩擦对实验没有影响，即不需要挑选表面比较光滑的木板进行实验，D错误。
选C。
5．【答案】(1)B；(2)不同，B；(3)27∶1
【详解】（1）在该实验中应用了控制变量法，选B。
（2）探究F的大小与ω的关系时，应保持小球质量m和小球做圆周运动的半径r相同，所以应将相同的小球分别放在挡板A处和挡板C处，并将皮带套在两边半径不同的变速塔轮上，选B。
（3）将m的小球放在A处，3m的小球放在C处，皮带套在塔轮③和塔轮⑥上，两物体向心力差别最大，塔轮③和塔轮⑥半径之比为，塔轮③和塔轮⑥边缘的线速度相等，角速度与半径成反比，两小球做圆周运动的向心力之比，此时标尺的最大示数和最小示数之比为27:1。
6．【答案】（1）不需要；钩码的质量远小于小车的质量 （2）； （3）大于
【详解】（1）实验前先平衡摩擦力，平衡摩擦力时不需要悬挂钩码；以小车为对象，根据牛顿第二定律可得以钩码为对象，根据牛顿第二定律可得，联立可得，则实验过程中为了保证细线对小车的拉力近似等于悬挂钩码的重力，需要满足的条件是钩码的质量远小于小车的质量。
（2）根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打下C点时，小车的速度表达式为，从打O点到打C点过程中，合力对小车做功为，小车的动能变化量为，则如果表达式，在误差允许的范围内成立，则动能定理得到验证。
（3）由于细线对小车的拉力近似等于悬挂钩码的重力，则代入计算的合力偏大，因此求得的合外力的功大于小车动能的增量。
7．【答案】D；6 ；7 ；1.00；2.00
【详解】（1）[1]打点时间间隔为，平均速度、瞬时速度、加速度都需要运动学公式得出，时间间隔不需要运动学公式得出。选D。
（2）[2][3]计数点1～7段，相邻计数点之间的距离逐渐增大，计数点6～11段，相邻计数点之间的距离逐渐减小，可判断物块在两相邻计数点6和7之间某时刻开始减速；
（3）[4]计数点5对应的速度大小为
[5]加速度的大小为
8．【答案】(1)D；(2)一；(3)
【详解】（1）探究向心力的大小与小球质量m、角速度和半径r之间的关系，采用的实验方法是控制变量法。
探究小车速度随时间变化的规律，速度的测量用的是极限法，A错误；探究平抛运动的特点，采用的实验方法是用曲化直的方法，B错误；探究两个互成角度的力的合成规律，采用的是等效替代的实验方法，C错误；探究加速度与物体受力、物体质量的关系，采用的实验方法是控制变量法，D正确。
（2）在某次实验中，把两个质量相等的钢球放在B、C位置，探究向心力的大小与半径的关系，应使两球的角速度相同，则需要将传动皮带调至第一层塔轮。
（3）在某次实验中，把两个质量相等的钢球放在B、C位置，则两球做圆周运动半径之比为；将传动皮带调至第二层塔轮，则两球做圆周运动的角速度之比为，根据，可知标尺的刻度之比为
9．【答案】(1)自由落体；匀速直线；(2) 0.02；0.4
【详解】（1）[1][2]用小锤打击弹性金属片，B球就水平飞出，同时A球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动；因为观察到的现象是球1落到水平木板上击中球2，可知球1在水平方向上的运动规律与球2相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动。
（2）在竖直方向上，根据匀变速直线运动的规律可得，得照相机的曝光时间为，在水平方向有，得
10．【答案】(3)见解析(2分)　(4)15.35(2分)　(5)127(2分)
【详解】(3)根据表中数据描点连接，如图所示。
(4)刻度尺的分度值为1 mm，则橡皮筋的长度l'＝15.35 cm。
(5)橡皮筋的弹力与其长度关系为F＝k(l－l0)，图像的斜率大小等于橡皮筋的劲度系数大小，有k＝＝ N/cm＝0.196 N/cm，将k＝0.196 N/cm、n＝25和l＝16.56 cm代入F＝k(l－l0)可得橡皮筋的原长l0＝9.00 cm，挂上冰墩墩时l'＝15.35 cm，由mg＝k(l'－l0)，解得m＝127 g。
11．【答案】 OP ON 不会
【详解】(1)[1][2]A球碰前做平抛运动的水平位移是图中的OP，B球被碰后做平抛运动的水平位移是图中的ON；
(2)[3]小球A下滑过程中与斜槽轨道间存在摩擦力，这对实验结果无影响，只要斜槽末端水平保证小球做平抛运动即可；
(3)[4] 碰撞前a球的速度为
碰撞后a球的速度为
碰撞后b球的速度为
用本实验中所测得的量来验证两球碰撞过程动量守恒，则有
表达式化简为
．
12．【答案】 2.0 9.76 不变
【详解】（1）[1]根据图线知，单摆的周期。
（2）[2]设小球直径为，根据单摆周期公式有
可得
由题中可知
解得
[3]在图像中，未测得摆球的直径，不影响斜率的求解，则算出的g值和真实值相比较是不变的。
13．【答案】(1)B，(2)2.00，(3)9.7，(4)小于
【解析】(1)为了减小空气阻力和摩擦阻力的影响，物块1选用质量和密度较大的物体，A错误；为了减小纸带与打点计时器间的摩擦，两限位孔应在同一竖直线上，正确；为了充分利用纸带，实验时，先接通电源后释放物块，故C错误。选B。
(2)打点计时器所用的交流电源频率为，每相邻的两个点之间还有四个点未画出，相邻计数点间的时间间隔为， 根据逐差法有
(3)根据牛顿第二运动定律有解得
(4)空气阻力及纸带的影响使得通过纸带得到的加速度比理想情况下的加速度小，从而使得重力加速度的测量值小于真实值。
14．【答案】（3）（1分）　（5）线性的（2分）　（6）A（2分）　（7）见解析（2分）
【解析】（3）由题图（b）可知t0时间内完成了10次全振动，故振动周期T＝。
（5）计算表中数据，得出弹簧振子振动周期的平方T2与质量m的比值在误差允许的情况下相等，所以两者的关系是线性的。
（6）根据m与T2呈线性关系可排除B选项，再根据周期T的单位为s，劲度系数k的单位为N/m，即kg·s－2，质量m的单位为kg，由单位制可判断出A正确。
（7）弹簧自身的重力对弹簧振子在竖直方向上做简谐运动有影响，所以在测量周期时会有误差。
15．【答案】(1)AB，(2)匀加速 ；0.7 ；5.0
【详解】（1）A．小车停止运动后，应立即关闭电源，再取下纸带，A正确；
B．为充分利用纸带，实验时应先接通电源然后再释放小车，B正确；
C．为充分利用纸带，实验前小车要远离滑轮，小车要从靠近打点计时器的地方释放，C错误；
D．本实验要求瞬时速度，小车的运动时间通过打点的间隔数计时，不需要记录时间的仪器-秒表，D错误。选AB。
（2）①[1]据题可得，，，，则，可知小车在连续相等时间内的位移增加相等，可知小车做匀加速直线运动。
②[2]点的瞬时速度用段的平均速度来代替，则
③[3]由逐差法求加速度，可得
16．【答案】1.85；1.83；1.68 ；B；先释放了纸带，后合上打点计时器的开关
【详解】(1)[1]当打点计时器打到B点时，重锤的重力势能减小量ΔEp＝mg·OB＝1.00×9.80×18.90×10－2 J≈1.85 J
[2]打B点时重锤的速度vB＝
[3]此时重锤的动能增加量ΔEk＝＝×1.00×1.8312 J≈1.68 J
(2)[4]由机械能守恒定律有mv2＝mgh，可得v2＝gh，由此可知图线的斜率近似等于重力加速度g，所以B正确；ACD错误；选B。
[5]由图线可知，h＝0时，重锤的速度不等于零，原因是该同学做实验时先释放了纸带，然后才合上打点计时器的开关。
17．【答案】(1)减少，(2) ；，(3)小于
【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律可知，当外阻增加时，路段电压增加，内电压减少。
（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可知，，，，解得，
（3）内阻的测量值是电源内阻与电压表并联总阻值，其大小小于电源真实内阻。
18．【答案】(1)a，(2)1.9
【详解】（1）在闭合开关S前，为防止烧坏电表，滑动变阻器滑片应置于a端。
（2）根据闭合电路的欧姆定律，整理得，可知图像的纵截距表示电源电动势，为
19．【答案】（1）0．40（2分）　（2）1．2（2分）　6．0（2分）　（3）水果电池的内阻过大（3分）
【解析】（1）题图甲中电压表的分度值为0．02 V，由题图甲知，电压表读数为0．40 V。
（2）设电压表的内阻为RV，根据闭合电路欧姆定律得E＝U＋r，整理得＝·＋，则－图像的斜率k＝＝ Ω/V＝5 000 Ω/V，－图像的纵截距为b＝＝2．5 V－1，由题意得RV＝3 kΩ，联立解得E＝1．2 V，r＝6 000 Ω＝6．0 kΩ。
（3）水果电池的内阻过大，内阻分得的电压较大，使得电压表示数明显小于电动势。
20．【答案】(1)大于(2分)　(2)×10(2分)　(3)向上(2分)　(4)400(3分)
【详解】(1)将R0、Rs和电流计内阻RG看作一个整体，分别与Rn和Rm串联，电源电动势不变，I＝，由于Rn＞Rm，所以Im＞In。
(2)将单刀双掷开关S与n接通，电路的总电阻较大，中值电阻较大，能接入待测电阻的阻值较大，此时欧姆表的挡位为“×10”挡位。
(3)从“×1”挡位换成“×10”挡位，即开关S从m拨向n，电路电阻增大，干路电流减小，①②短接时，为了使电流表满偏，则需要增大通过电流计 所在支路的电流，所以需要将R0的滑片向上调节。
(4)设欧姆调零后欧姆表的内阻为RΩ＝，Imax为电流表满偏时电路的总电流。当指针偏转到满偏刻度的时，有Imax＝，当指针偏转到满偏刻度的时，有Imax＝，解得Rx＝400 Ω。
21．【答案】0~0.6A ；0~3V ；R1 ；；1.45V；；B
【详解】(1)[1]分析U-I可知电流小于0.6A，流过干电池电流一般不会超过0.6A，否则很容易损坏电源，电流表选择量程。
[2]由U-I分析可知1节干电流电动势为1.45V，电压表选择量程0~3V。
[3]因干电池内阻较小，所以滑动变阻器选择R1，一是调节较方便，二是额定电流较大。
(2)[4]电压表选0~3V，电流表选，滑动变阻器有效电阻为右部分，补充好的电路图如下所示：
(3)[5]由闭合电路欧姆定律可知，变形可得，分析U-I图像可知纵坐截距为1.45V，说明干电池的电动势为E=1.45V。
[6]由前面的表达式分析可知图像斜率的绝对值在数值上等于电源内阻
(4)[7]分析电路图可知电压表测的是电源路端电压，电流表测的电流小于通过电源的电流，电流没有测准确的原因是电压表分流作用。
22．【答案】6.123/6.124/6.122；；；；见解析；
【详解】（1）[1]由图示螺旋测微器可知，其示数为
[2]由图示游标卡尺可知，其示数为
（2）[3]用欧姆表“”挡时发现指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，应该换用挡，并进行一系列正确操作。
[4]由图3所示可知，则金属棒的阻约为
（3）[5]由题意可知，没有电压表，可以用电流表A1与定值电阻串联组成电压表测电压，用电流表A2测电流，由于改装后电压表内阻为，电流表内阻约为，待测电阻阻值约为，滑动变阻器最大阻值为，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于电阻阻值，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：
（4）[6]金属棒电阻阻值
23．【答案】（1）E（2分）　 （2）A（2分）　D（2分）　B（2分）（或D　A　B）
（3）等于（2分）
【解析】（1）实验要求电流表A1的示数从零开始变化，则采取分压式接法，为保证电路方便实验操作，滑动变阻器选择最大阻值较小的R1。
（2）因为电压表量程太大，所以选用两个电流表，仪器1为A1，仪器2为定值电阻R0（或者仪器1为定值电阻R0，仪器2为A1），R0与待测电流表并联，根据欧姆定律测电压，仪器3为电流表 A2，故选A、D、B。
（3）设电流表A1的读数为I1，电流表A2的读数为I2，根据欧姆定律得＝R0，因为测得的电压为真实值，所以不存在误差，测得电流表A1的内阻等于真实值。
24．【答案】（1）×100（2分）　欧姆调零（2分）　900（2分）
（2）G2（2分）　（3）（2分）
【解析】（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值时，当用“×10”挡测量时，指针偏转角度过小，说明电阻阻值较大，应该换用大倍率，即将多用电表的欧姆挡位换到“×100”挡再次测量，并重新进行欧姆调零；若测量时指针位置如图甲所示，则示数为9×100 Ω＝900 Ω。
（2）根据题意可知，让电表同时接近满偏状态，A1处电表改装后量程为0～30 V，由欧姆定律可知，流过Rx的电流约为I1＝≈33 mA，若A2处选择G2，和R0并联后量程为0～30 mA，不能满足实验要求，则A1处应选择G2，A2处选择G1。
【一题多解】
若A2处选择G1，和R0并联后量程为0～60 mA，能满足实验要求，则A1处应选择G2，A2处选择G1。
（3）调节滑动变阻器的滑片到合适位置，根据欧姆定律有Rx＝，整理可得Rx＝。
25．【答案】（1）；欧姆调零；（2）；（3）
【详解】（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值时，指针偏转角度过小，说明电阻较大，应该换用大倍率的，即将多用电表的欧姆挡位换到进行再次测量，并重新进行欧姆调零。则图甲的读数为
（2）根据题意可知，让电表同时接近满偏状态，处电表改装后量程为，由欧姆定律可知，流过的电流为，若处选择，和并联后量程为，不能满足实验要求，则应处选择，处选择。
（3）由于与内阻相等，则流过的电流为，则流过的电流为
两端的电压为，由欧姆定律可得
26．【答案】向左；高于
【详解】(1)[1]将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，穿过L的磁场向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，感应电流磁场应该向上，由安培定则可知，电流从左端流入电流计，则电流表指针向左偏转；
(2)[2]当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，穿过L的磁通量向上，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向上，由安培定则可知，电流从b流向a，a点电势高于b点电势；
27．【答案】(1)，(2)；，(3)BC
【详解】（1）轮廓包围方格约为71个，一个方格的面积为，油酸薄膜的面积为
（2）[1]每滴溶液中含有纯油酸的体积为
[2]油酸分子的直径是
（3）A．如果油膜中含有大量未溶解的酒精，导致油酸的实际面积比统计面积小，计算时采用统计的油酸面积S偏大，由可知，油酸分子直径d的计算值将比真实值偏小，A错误；
B．如果计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，导致统计的油膜面积偏小，由可知，计算结果将偏大，B正确；
C．如果水面上痱子粉撒得较多，油酸没有充分展开，导致统计的油酸面积比充分展开的油酸面积小，由可知，计算结果将偏大，C正确；
D．用注射器和量筒测V0体积溶液滴数时多记录了几滴，则每一滴油酸酒精溶液所含纯油酸的体积的测量值偏小，由可知，计算结果将偏小，D错误。选BC。
28．【答案】11.1；15.6；0.75；；变小 ；减少
【详解】（1）[1][2]游标卡尺读数分别为，
[3]相邻两条纹间距
（2）[4]由，得
（3）[5]由，知频率高的单色光波长短，所以根据，判断出干涉条纹间距将变小。
（4）[6]若仅将屏向远离双缝的方向移动，根据可知条纹间距变大，则从目镜中观察到的条纹个数减少。
29．【答案】(1)BCD；(2)；(3)偏大
【详解】（1）根据机械能守恒定律，可得，则需要测量L，D，的值。选BCD。
（2）根据（1）可知得出能够验证机械能守恒定律的表达式为
（3）若小球的球心略高于光电门的中心，则小球的遮光长度小于小球的直径D，在计算小球速度时仍然借助求解，解得小球速度偏大，小球的动能也偏大。
30．【答案】（1）弹性碰撞（2分）　（2）m（L1＋L2）＝ML3（2分）　（3）仍然守恒（3分）
【解析】（1）设运动的钢球碰前速度为v1，碰后两球的速度分别为v2、v3，由动量守恒定律得Mv1＝Mv2＋Mv3，假如v2＝0，v3＝v1，即满足M＝M＋M，所以此碰撞为弹性碰撞。
（2）设碰前小钢球的速度大小为v01，碰后小钢球、大钢球速度大小分别为v11、v21，由动量守恒定律得mv01＝－mv11＋Mv21，式子两边都乘时间得mL1＝－mL2＋ML3，解得m（L1＋L2）＝ML3。
（3）动量守恒定律的表达式是矢量式，所以用大钢球去碰静止的小钢球，即使发现碰撞前后两球的运动方向不在同一直线上，碰撞过程中两球的总动量仍然守恒。
第 page number 页，共 number of pages 页
第 page number 页，共 number of pages 页2026届人教版高考物理第一轮复习：电学实验综合基础练习5
一、单选题（本大题共6小题）
1．甲、乙两电阻的关系如图所示，把它们串联后的关系图线一定在图中（ ）
A．a区域 B．b区域 C．c区域 D．无法确定
2．某同学采用如下器材测量阻值约为20Ω的金属丝电阻：电流表A（量程0~200mA，内阻约2.0），电压表V（量程0~3V，内阻约10kΩ），滑动变阻器R（阻值范围0~100Ω，允许通过的最大电流2.0A），直流电源E（电动势3V，内阻不计）、开关S、导线若干。下列电路设计最合理的是（　　）
A． B．
C． D．
3．如图所示是定性探究电荷间相互作用力与两电荷的电荷量，以及两电荷之间的距离关系的实验装置。该实验的研究方法是（ ）
A．理想实验法 B．等效替代法
C．控制变量法 D．微小量放大法
4．用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值。如图所示，分别将图a和b两种测量电路连接到电路中，按照a图时，电流表示数为4.60 mA，电压表示数为2.50 V；按照b图时，电流表示数为5.00 mA，电压表示数为2.30 V，比较这两次结果，正确的是（　 　）
A．电阻的真实值更接近543 Ω，且大于543 Ω
B．电阻的真实值更接近543 Ω，且小于543 Ω
C．电阻的真实值更接近460 Ω，且大于460 Ω
D．电阻的真实值更接近460 Ω，且小于460 Ω
5．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：
用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D =___________mm；（　　）
A．4.700 B．4.70 C．4.200 D．4.20
6．关于对元电荷和点电荷的理解正确的是（　　）
A．两个带电体无论多大，它们都可以看作点电荷
B．点电荷在生活中很常见
C．体积很小的带电体就是点电荷
D．元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量，通常取作e=1.6×10-19 C
二、多选题（本大题共4小题）
7．下列说法正确的是（ ）
A．改装成电压表要给表头并联一个大电阻，改装成电流表要给表头串联一个小电阻
B．改装成电压表要给表头串联一个大电阻，改装成电流表要给表头并联一个小电阻
C．改装成量程为U的电压表，要给表头串联一个阻值为的分压电阻
D．改装成量程为I的电流表，要给表头并联一个阻值为的分流电阻
8．图a为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池，R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250 μA，内阻为480 Ω。虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100 Ω挡。则下列说法正确的是（ ）
A．图a中的A端与红表笔相连接，且换挡开关接“1”、“3”、“5”挡位时，该多用电表分别用来测电流、电阻和电压
B．使用该多用电表欧姆挡时，应该先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置
C．根据题给条件可得R4=580Ω。
D．某次测量时该多用电表指针位置如图b所示。若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为1.45mA；若此时B端是与“3”相连的，则读数为1.10×103 Ω
9．某实验小组通过图甲所示的实验电路图测量一节干电池的电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的图线，以下结论正确的是（　　）
A．干电池电动势的测量值为
B．干电池电动势的测量值偏小
C．干电池内阻的测量值为
D．干电池内阻的测量值偏大
10．在“用伏安法测电阻"的实验中，测量电路中电表的连接方式如图甲或乙所示，把电压表读数和电流表读数的比值作为电阻的测量值，考虑到实际电表内阻对测量的影响，两种连接方式都存在系统误差。下列判断正确的是（　　）
A．若采用甲图，适用于待测电阻值很小的情况 B．若采用甲图，电阻的测量值大于真实值
C．若采用乙图，误差是由电压表分流引起的 D．若采用乙图，误差是由电流表分压引起的
三、非选择题（本大题共5小题）
11．12．（9分）某同学想要通过以下实验测量某段金属丝的电阻率。
（1）用螺旋测微器测量该金属丝的直径d，如图甲所示，其示数为　　　　mm。
甲
（2）选用多用电表“×10”挡粗测该金属丝的电阻，多用电表指针如图乙所示，读数为　　　　Ω。
乙
（3）现有的器材及其符号和规格如下：
待测金属丝Rx
电压表V1（量程0～3 V，内阻约10 kΩ）
电压表V2（量程0～15 V，内阻约25 kΩ）
电流表A1（量程0～10 mA，内阻约50 Ω）
电流表A2（量程0～100 mA，内阻约5 Ω）
直流电源E（电动势4 V，内阻不计）
滑动变阻器R1（阻值范围0～10 Ω，允许通过的最大电流2．0 A）
开关S、导线若干
为该同学设计一个能准确测出该金属丝电阻的电路。电压表应选　　　　，电流表应选　　　　，并将电路图画在虚线方框中（填器材符号）。
（4）将该金属丝的电阻记为R，长度记为L，直径记为d，则该金属丝电阻率的表达式为ρ＝　　　　（用已知物理量的符号表示）。
12．某同学用图(a)所示电路探究小灯泡的伏安特性，所用器材有：小灯泡(额定电压2.5 V，额定电流0.3 A)、电压表(量程 300 mV，内阻300 Ω)、电流表(量程300 mA，内阻0.27 Ω)、定值电阻R0、滑动变阻器R1(阻值0~20 Ω)、电阻箱R2(最大阻值9 999.9 Ω)、电源E(电动势6 V，内阻不计)、开关S、导线若干.完成下列填空：
图(a)
(1)有3个阻值分别为10 Ω、20 Ω、30 Ω的定值电阻可供选择，为了描绘小灯泡电流在0~300 mA的U-I曲线，R0应选取阻值为　　　　Ω的定值电阻；
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于变阻器的　　　　(填“a”或“b”)端；
(3)在流过电流表的电流较小时，将电阻箱R2的阻值置零，改变滑动变阻器滑片的位置，读取电压表和电流表的示数U、I，结果如图(b)所示.当流过电流表的电流为10 mA时，小灯泡的电阻为　　　　Ω(保留1位有效数字)；
图(b)
(4)为使得电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为3 V，该同学经计算知，应将R2的阻值调整为　　　　Ω；然后调节滑动变阻器R1，测得数据如下表所示：
U/mV 24.0 46.0 76.0 110.0 128.0 152.0 184.0 216.0 250.0
I/mA 140.0 160.0 180.0 200.0 220.0 240.0 260.0 280.0 300.0
(5)由图(b)和上表可知，随流过小灯泡电流的增加，其灯丝的电阻　　　　(填“增大”“减小”或“不变”)；
(6)该同学观测到小灯泡刚开始发光时流过电流表的电流为160 mA，可得此时小灯泡的电功率P1=　　　　W(保留2位有效数字)；当流过电流表的电流为300 mA时，小灯泡的电功率为P2，则=　　　　(保留至整数).
13．在如图所示的电路中，电阻，，，当电键K断开时，电压表示数为，当K闭合时电压表示数为，求：电源的电动势E和内电阻r。
14．某同学设计了如图(a)的电路来测量电源电动势E和内阻r。图中R0=7.0，R1阻值未知，R2为电阻箱，阻值范围为0~9999.9，V是理想电压表，S1为单刀开关，S2为单刀双掷开关。
填空题
(1)调节电阻箱R2的阻值为10，闭合S1，将S2拨向a，电压表示数为0.87V；将S2拨向b，电压表示数为1.26V，则R1的阻值为 （保留2位有效数字）；
简答题
(2)将S2拨向a，多次调节R2，读出其阻值及对应的电压表示数，经处理得到下表的数据，请在如图(b)给出的坐标纸上描出剩余的数据点，并绘出图线。
填空题
(3)由图线得到电源电动势E= V，内阻r= （结果均保留2位有效数字）。
15．（10分）某物理兴趣小组开展活动，测干电池的电动势和内阻。
（1）甲同学为了避免电流表、电压表的内阻对测量结果的影响，利用如图（a）所示的电路图测量干电池的电动势和内阻。先闭合开关S1，把开关S2掷于1时，改变滑动变阻器接入电路的阻值，得到多组电流表和电压表的示数，在坐标纸上画出U－I图像如图（b）中的a直线；再把开关S2掷于2，重复操作，画出U－I图像如图（b）中的b直线。为了消除电表内阻对测量结果的影响，根据图像求出干电池电动势E＝　　　　V，内阻r＝　　　　Ω。（结果均保留三位有效数字）
图（a） 图（b）
（2）乙同学在没有电压表的情况下，设计了如图（c）所示的电路图测量干电池的电动势和内阻。
①改变电阻箱接入电路中的电阻值，记录了多组电流表的示数I和电阻箱的示数R，通过研究－R图像，如图（d）所示，求出干电池电动势E＝　　　　V，内阻r＝　　　　Ω。（结果均保留三位有效数字）
图（c） 图（d）
②下图中实线代表理想电流表测得的情况，虚线代表电流表内阻不可忽略时测得的情况，下列图中能正确反映相关物理量之间关系的是　　　　。（填选项字母）
A B C D
参考答案
1．【答案】C
【详解】
关系图斜率为，两电阻串联后总阻值变大，所以图像的斜率变小，在c区域，故C正确，ABD错误。
故选C．
2．【答案】D
【详解】因为，所以电路应该选用外接法，由于滑动变阻器R的最大至大于待测电阻阻值，所以滑动变阻器要用限流式接法，选D。
3．【答案】C
【详解】定性探究电荷间相互作用力与两电荷的电荷量，以及两电荷之间的距离关系的实验装置。该实验的研究方法是先保持一个物理量不变（如两电荷的电荷量，或两电荷之间的距离），探究另一个物理量跟电荷间相互作用力之间的关系，该实验的研究方法是控制变量法。故选C。
4．【答案】B
【详解】
两次测量电流表分压的变化
电压表分流示数变化
即电流表分压的变化较小，所以采用电流表内接，测量的更接近真实值，且测量值大于真实值；所以电流表内接法所测电阻
故ACD错误，B正确.
故选B。
5．【答案】A
【详解】螺旋测微器读数是固定刻度读数（0.5mm的整数倍）加可动刻度读数（0.5mm以下的小数），图中读数为
故A正确，BCD错误。
故选A。
6．【答案】D
【详解】A．两个带电体的大小如果和它们之间的距离相比不能忽略，就不能看作点电荷，不是无论多大都能看作点电荷，故A错误。
B．点电荷是理想模型，在实际生活中严格意义的点电荷是很少见的，故B错误；
C．体积小的带电体，如果其大小和形状对所研究的问题有影响，就不是点电荷，体积小不是看作点电荷的充分条件，故C错误。
D．元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量，通常取作这是最小的电荷量单位，故D正确。
故选D。
7．【答案】BCD
【详解】
AB．改装成电压表要给表头串联一个大电阻，改装成电流表要给表头并联一个小电阻，选项A错误，B正确；
C．改装成量程为U的电压表，要给表头串联一个阻值为的分压电阻，选项C正确；
D．改装成量程为I的电流表，要给表头并联一个阻值为的分流电阻，选项D正确；
故选BCD。
8．【答案】BD
【详解】
A．在a图中，当换挡开关接欧姆档时，A端与电源正极相连，为电流的流出端，根据“红入黑出”可知应与黑色表笔相连接。故A错误；
B．使用该多用电表欧姆挡时，先进行欧姆调零：将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置，故B正确；
C．换挡开关连接“2”时，电表量程为I2=1mA；换挡开关连接“4”时，电表量程为1V，可得
代入数据，可得
故C错误；
D．B端与“1”连接，电表量程为2.5mA，则多用电表读数为
=1.45mA
B端与“3”连接，电表测量的是电阻的阻值，则读数为
故D正确。
故选BD。
9．【答案】AB
【详解】AC．据闭合电路欧姆定律可得
图线与纵轴交点坐标表示电动势，图线的斜率绝对值表示内阻，可得
A正确，C错误；
BD．电压表的分流作用导致电流表的示数小于真实的干路电流，故真实的图线应在测量图线的上方，且电压越大偏差越大，如图所示
可知电动势的测量值及内阻的测量值均偏小，B正确，D错误。
故选AB。
10．【答案】BC
【详解】A．电流表内接适合测量大电阻，A错误；
B．若采用甲图，电压的测量值偏大，根据欧姆定律可知电阻的测量值大于真实值，B正确；
CD．若采用乙图，电流表测量的是待测电阻和电压表并联后的电流，误差是由电压表分流引起的，C正确，D错误。选BC。
11．【答案】（1）0．696（0．695～0．698均可）（2分）　（2）40（1分）
（3）V1（1分）　A2（1分）　见解析（2分）　（4）（2分）
【解析】（1）题图甲螺旋测微器的固定刻度读数为0．5 mm，可动刻度读数为0．01 mm×19．6＝0．196 mm，则该金属丝的直径d＝0．5 mm＋0．196 mm＝0．696 mm。
（2）选用多用电表“×10”挡粗测金属丝的电阻，由题图乙可知，金属丝的阻值为4×10 Ω＝40 Ω。
（3）电源电动势为4 V，故电压表应选V1；根据欧姆定律有I＝≈75 mA，所以电流表应选A2；因待测金属丝的阻值远小于电压表的内阻，所以电流表采用外接法，又滑动变阻器的最大阻值小于待测金属丝的阻值，故滑动变阻器采用分压式接法，电路图如图所示。
（4）根据电阻定律R＝和S＝，可得该金属丝的电阻率为ρ＝。
12．【答案】(1)10　(2)a　(3)0.7　(4)2 700.0　(5)增大 (6)0.074　10
【解析】(1)灯泡的额定电流为0.3 A，当流过灯泡的电流为300 mA时，假设滑动变阻器的滑片位于b端，灯泡两端的电压为额定电压2.5 V，则R0两端的电压U'=E-U额=3.5 V，定值电阻R0=≈11.7 Ω，故选择定值电阻时其阻值不能超过11.7 Ω，故R0应选取阻值为10 Ω的定值电阻.
(2)滑动变阻器采用分压式接法，为保护电路，应让小灯泡分压为零，在闭合开关前，应将滑片置于a端.
(3)由题图(b)可知I=10 mA时，U=7 mV，则RL== Ω≈0.7 Ω.
(4)由题意可知，U'V=IV(RV+R2)=(RV+R2)=3 V，解得R2=2 700.0 Ω，故应将电阻箱R2调为2 700.0 Ω.
(5)通过(b)图及表格可知，随着U增加，I增加，图线中各点与坐标原点的连线的斜率逐渐增大，故灯丝的电阻增大.
(6)由表格可知I=160.0 mA时，U=46.0 mV，则小灯泡两端电压UL=0.46 V，所以P1=UL·IL=UL(I-IV)=0.46×160-×10-3 W≈0.074 W，当I'=300 mA时，U'=250.0 mV，则小灯泡两端电压U'L=2.50 V，所以P2=U'L·(I'-I'V)=0.75 W，所以=≈10.
【方法总结】
描绘小灯泡伏安特性曲线是高考电学实验常考实验之一.该实验一般从实验原理、实验电路、实验数据处理这三个方面进行考查.
(1)实验原理：伏安法测小灯泡电阻；
(2)实验电路：由于伏安特性曲线要求从“0”开始，故滑动变阻器一般采用分压式接法；由于小灯泡电阻较小，故电流表一般采用外接法；
(3)实验数据处理：要求考生根据实验数据得出某一状态(如已知I或已知U)下小灯泡的相关电学参量(U、I、R、P)；根据小灯泡伏安特性曲线确定接入不同电源电路时小灯泡的工作状态，可采用电源U-I图像与小灯泡伏安特性曲线相结合的图像法，利用数学工具解决物理问题.
13．【答案】9V，6Ω
【详解】
当电键K断开时，和串联，路端电压
外电路总电阻
由闭合电路欧姆定律得
代入数据得
E=3+r
当电键K闭合时，短路，和并联路端电压为
外电路总电阻
由闭合电路欧姆定律得
代入数据得
E=1.8+1.2r
联立解得
E=9V
r=6Ω
14．【答案】（1）4.5；
（2）；
（3）2.0；1.3
【详解】
(1)[1]由串并联电路的特点可知
代入数据解得
(2)[2]根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：
(3)[3][4]由闭合电路的欧姆定律可知
整理得
即
由图示图象可知
解得
15．【答案】（1）1．40（2分）　7．00（2分）　（2）①1．33（2分）
8．00（2分）　②C（2分）
【解析】（1）电动势的准确值是1．40 V，由于坐标原点是（0，0．54），所以要求r的准确值需要求出b图线的短路电流。由相似比得Im＝ A＝0．2 A，连接1．40 V与Im两点，斜率绝对值等于r，r＝ Ω＝7．00 Ω。
（2）①因为＝R＋，由－R图像知，6．0＝，k＝＝，所以E≈1．33 V，r≈8．00 Ω；②当电流表没有内阻时＝R＋，当电流表有内阻时＝R＋，所以两图像的斜率相同，纵截距后者大于前者，C正确。
第 page number 页，共 number of pages 页
第 page number 页，共 number of pages 页

展开更多......

收起↑